48，福建省莆田锦江中学2023-2024学年高一下学期3月月考化学试题

这是一份48，福建省莆田锦江中学2023-2024学年高一下学期3月月考化学试题，共14页。试卷主要包含了可能用到的相对原子质量，CH2=CH2等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1、可能用到的相对原子质量：H1 C12 O16 Na23 Cl35.5 K39 Mn55 Fe56
2、客观题请用2B铅笔填涂在答题卡上，主观题用黑色的水笔书写在答题卷上。
一、单项选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。
1. 2022年11月29日，神舟十五号载人飞船成功发射。下列说法不正确的是
A. 飞船外壳材料使用的是钛合金，其熔点高于纯钛
B. 新一代运载火箭使用的液氢和液氧均为非金属单质
C. 光束通过空间站使用的纳米气凝胶时，可观察到丁达尔效应
D. 空间站使用石墨烯存储器，石墨烯与金刚石互为同素异形体
【答案】A
【解析】
【详解】A．合金的熔点低于成分金属，故A错误；
B．液氢和液氧均为非金属单质，故B正确；
C．纳米气凝胶属于胶体，光束通过时可观察到丁达尔效应，故C正确；
D．石墨烯与金刚石均为碳元素的单质，故互为同素异形体，故D正确；
故选A。
2. 工业上通过反应制备。下列说法正确的是
A. Cl－结构示意图：B. Cl2的电子式：
C. 中子数为10的氧原子：D. NaOH的电离方程式：
【答案】C
【解析】试卷源自 每日更新，汇集全国各地小初高最新试卷。【详解】A．Cl是17号元素，Cl－结构示意图：，故A错误；
B．Cl2是单质，电子式为：，故B错误；
C．中子数为10的氧原子质量数为18，表示为，故C正确；
D．NaOH的电离方程式为：，故D错误；
故选C。
3. 下列选项所示的转化在指定条件下能够实现的是
A. Fe(s)Fe2O3(s) FeCl3
B. O3
C.
D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．Fe和H2O在高温条件下生成Fe3O4，故A不符合题意；
B．NaOH和Cl2生成NaCl和NaClO，故B不符合题意；
C．HClO光照分解为HCl和O2，故C不符合题意；
D．与O2和H2O可生成，加热可生成，故D符合题意；
故答案选D。
4. 下列物质中，既含有离子键又含有共价键的是
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．氯化钙是只含有离子键的离子化合物，故A不符合题意；
B．过氧化钠是含有离子键和共价键的离子化合物，故B符合题意；
C．次氯酸是只含有共价键的共价化合物，故C不符合题意；
D．过氧化氢是只含有共价键的共价化合物，故D不符合题意；
故选B。
5. 下列指定反应的离子方程式正确的是
A. 片投入足量稀盐酸：2Fe+6H+=2Fe3++3H2↑
B. 片投入溶液中：2Al+2OH－+6H2O=2[Al(OH)4]－+3H2↑
C. 稀溶液中通入少量：
D. 溶液中加入稀硫酸：
【答案】B
【解析】
【详解】A．片投入足量稀盐酸生成Fe2+，离子方程式为2Fe+4H+=2Fe2++2H2↑，故A错误；
B．Al片投入NaOH溶液中的离子方程式为：2Al+2OH－+6H2O=2[Al(OH)4]－+3H2↑，故B正确；
C．NaOH稀溶液中通入少量CO2生成碳酸根和水，离子方程式为，故C错误；
D．溶液中加入稀硫酸的离子方程式为：，故D错误；
故答案选B。
6. 下列制取、净化、干燥、收集氯气实验的装置中，能够达到实验目的的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】D
【解析】
【详解】A．浓盐酸与二氧化锰共热发生氧化还原反应生成氯气，装置中缺酒精灯，无法制得氯气，故A错误；
B．饱和食盐水除去氯气中的氯化氢应该长管进短管出，故B错误；
C．氯气能与碱石灰反应，不能用碱石灰干燥氯气，应选用硅胶或五氧化二磷，故C错误；
D．氯气的密度大于空气，故用长管进短管出收集氯气，故D正确；
故选D。
7. 下列说法正确的是
A. 0.2ml/LAlCl3溶液中Cl-物质的量为0.6ml
B. 1.6gO2中所含的O原子数目为6.02×1022
C. 标准状况下，4.48LH2O中含有分子数0.2ml
D. 7.8gNa2O2中含有阴阳离子的总数为0.4ml
【答案】B
【解析】
【详解】A．只有溶液浓度，缺少溶液体积，不能计算微粒的物质的量，A错误；
B．O原子相对原子质量是16，所以1.6 gO2中所含的O原子的物质的量是0.1 ml，则O原子的数目为6.02×1022，B正确；
C．标准状况下水不是气体，不能使用气体摩尔体积进行有关计算，C错误；
D．Na2O2中含有2个阳离子Na+和1个阴离子O，7.8 g Na2O2的物质的量是0.1 ml，因此其中含有0.1 ml Na2O2，则其中含有的阴阳离子总物质的量是0.3ml，D错误；
故合理选项是B。
8. 短周期元素A、B、C，在周期表中所处的位置如图所示。A、B、C三种元素原子质子数之和为32。D元素原子的最外层电子数为其次外层电子数的2倍。则下列说法正确的是
A. 元素D形成的气态氢化物一定是正四面体型分子
B. B、C两种元素可形成BC6型化合物，该化合物空气中能燃烧
C. 四种元素形成的气态氢化物中，C元素形成的氢化物的稳定性最大
D. A、B两种元素的气态氢化物均能与它们对应的最高价氧化物对应的水化物发生反应，且反应类型相同
【答案】C
【解析】
【详解】设A元素原子的质子数为x，根据A、B、C在周期表中的相对位置，B元素原子的质子数为x+9，C元素原子的质子数为x+2，则x+x+9+x+2=32，解得x=7，A为N元素，B为S元素，C为F元素；D元素原子的最外层电子数为其次外层电子数的2倍，D为C元素。
A.D为C元素，C形成的气态氢化物有CH4、CH2=CH2、CHCH等，CH4为正四面体型、CH2=CH2中2个C和4个H共平面、CHCH中2个C和2个H共直线，A项错误；
B.B、C形成的BC6型化合物为SF6，SF6稳定，不能在空气中燃烧，B项错误；
C.四种元素中F的非金属性最强，HF最稳定，C项正确；
D.N的气态氢化物为NH3，N的最高价氧化物对应水化物为HNO3，NH3与HNO3发生化合反应生成NH4NO3，S的气态氢化物为H2S，S的最高价氧化物对应水化物为H2SO4，H2S与浓H2SO4发生氧化还原反应生成S、SO2和H2O，反应类型不相同，D项错误；
答案选C。
9. 短周期主族元素X、Y、Z、W的原子半径依次增大，且原子最外层电子数之和为15，Y是地壳中含量最高的元素，Y与Z同主族，Z与W同周期。下列说法正确的是
A. 简单氢化物的还原性：Y>Z
B. Z的简单离子与W的简单离子具有相同的电子层结构
C. 化合物WX2中既存在离子键，又存在共价键
D. X与Y形成的化合物可能使酸性KMnO4溶液褪色
【答案】D
【解析】
【详解】原子最外层电子数之和为15，Y是地壳中含量最高元素，Y是O元素，Y与Z同主族，Z是S元素；x的半径小于O原子，所以X是H元素；Z与W同周期，W是Mg元素；简单氢化物的还原性：H2S>H2O，故A错误；S2-有3个电子层、Mg2+有2个电子层，故B错误；MgH2只存在离子键，故C错误；H2O2能使酸性KMnO4溶液褪色，故D正确。
10. 短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，它们原子的最外层电子数之和为20。X是地壳中含量最多的元素，Z与X同主族。下列说法正确的是
A. X位于周期表第二周期ⅣA族
B. 原子半径：r(X)O，B错误；
C．O的非金属性强于S，则O的简单气态氢化物的热稳定性比S的强，C错误；
D．Cl的非金属性强于S，则Cl的最高价氧化物对应水化物的酸性比S强，D正确；
故答案选D。
11. 室温下，下列实验探究方案能达到探究目的的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】C
【解析】
【详解】A．将固体溶于水，用洁净的铂丝蘸取溶液进行焰色反应，观察火焰是否呈黄色，可探究该固体中是否含钠元素，不能探究该固体是否为钠盐，该固体可能为NaOH等，A项不能达到实验目的；
B．盐酸不是Cl元素的最高价氧化物对应的水化物，故不能探究Cl元素的非金属性强于碳元素，B项不能达到实验目的；
C．将Na2O2用棉花包裹放在石棉网上，向棉花上滴几滴水，观察棉花是否燃烧，若棉花燃烧，说明Na2O2与H2O的反应是放热反应，反应放出的热量使棉花燃烧，C项能达到实验目的；
D．将Fe片分别插入盛有CuSO4和AgNO3溶液的试管，Fe片表面均有固体析出，说明分别发生了反应Fe+CuSO4=FeSO4+Cu、Fe+2AgNO3=Fe(NO3)2+2Ag，可得出金属性：Fe＞Cu、Fe＞Ag，但不能比较Cu和Ag的金属性强弱，D项不能达到实验目的；
答案选C。
12. 铁原子结构示意图及元素周期表中铁元素的部分信息如下图，下列有关说法正确的是
A. 铁元素位于元素周期表的第六周期B. 的电子数为24
C. 1ml铁的质量为55.85gD. 加热下，铁与硫反应生成
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据铁原子结构示意图可知，Fe有4个电子层，故位于周期标的第四周期，故A错误；
B．Fe的电子数为26，故的电子数为23，故B错误；
C．1ml铁的质量为1ml55.85g/ml=55.85g，故C正确；
D．加热下，铁与硫反应生成，故D错误；
故选C。
13. 亚氯酸钠()是一种高效含氯消毒剂和漂白剂。可通过如下2步反应制得：
反应1：
反应2：
下列说法正确的是
A. 、、三种气体中氧化性最强的是
B. 反应1中只表现出还原性
C. 反应2中作还原剂，被氧化
D. 反应1中中元素均来自于
【答案】C
【解析】
【详解】A．氧化剂氧化性强于氧化产物，反应1：，氧化性：NaClO3＞Cl2＞，反应2： ，氧化性：＞，、、三种气体中氧化性最弱的是，故A错误；
B． 反应1中氯元素部分化合价升高，部分化合价不变，表现出还原性和酸性，故B错误；
C． 反应2中中氧元素化合价升高，作还原剂，被氧化，故C正确；
D． 反应1中中的元素均来自于HCl，故D错误；
故选C。
14. 下列关于铯(Cs)的叙述正确的是
A. Cs 是一种活泼的金属，在自然界中有少量游离态的铯存在
B. 铯位于第五周期第IA族，原子序数55
C. 氢氧化铯是一种强碱，碱性小于氢氧化钾
D. 硫酸铯是一种离子化合物
【答案】D
【解析】
【详解】A．Cs 是一种活泼的金属，在自然界中以化合态形式存在，故A错误；
B．铯位于第六周期第IA族，原子序数55，故B错误；
C． 根据同主族从上到下金属性逐渐增强，其最高价氧化物对应水化物碱性增强，氢氧化铯是一种强碱，碱性大于氢氧化钾，故C错误；
D．硫酸铯含有铯离子和硫酸根离子，是一种离子化合物，故D正确；
综上所述，答案为D。
二、非选择题(共4大题，共58分)
15. 利用分类和氧化还原反应的知识能实现物质的转化。
（1）请从下列试剂中选择最合适的完成指定转化(试剂可以重复选择)。
试剂：溶液、氨水、溶液、溶液、溶液、稀盐酸、AlCl3溶液
①溶液→溶液的离子方程式：___________。
②溶液溶液的化学方程式：___________。
③NH3→的离子方程式：___________。
④Na2CO3溶液与稀盐酸反应的离子方程式：___________。
⑤AlCl3溶液与氨水反应的离子方程式：___________。
（2）生物浸出法可有效回收含硫矿石中的有色金属，酸性条件下，某生物浸出法主要物质转化如图。
①步骤Ⅰ发生反应的离子方程式为___________。
②步骤Ⅱ发生反应的离子方程式为___________。
【答案】（1） ①. ②. KHCO3＋KOH＝K2CO3＋H2O ③. ④. ⑤.
（2） ①. 8Fe3＋＋CuS＋4H2O＝Cu2＋＋8Fe2＋＋＋8H＋ ②. 4Fe2＋＋O2＋4H＋＝4Fe3＋＋2H2O
【解析】
【小问1详解】
①溶液和稀盐酸反应生成溶液，离子方程式为，故答案为；
②KHCO3溶液与KOH溶液反应生成K2CO3和水，反应的离子方程式为：KHCO3＋KOH＝K2CO3＋H2O，故答案为KHCO3＋KOH＝K2CO3＋H2O；
③HCl溶液与NH3反应生成氯化铵，反应的方程式为：HCl＋NH3＝NH4Cl，其中HCl和NH4Cl可以拆为离子，则离子方程式为：，故答案为；
④Na2CO3溶液与稀盐酸反应生成二氧化碳和水，离子方程式为，故答案为；
⑤AlCl3溶液与氨水反应的离子方程式为，故答案为。
【小问2详解】
①步骤Ⅰ为Fe3＋和CuS反应得到Fe2＋、Cu2＋、，S元素从−2升到＋6，Fe元素从＋3降至＋2，则Fe3＋前配8，CuS前配1，根据电荷守恒和原子守恒可得反应的离子方程式为：8Fe3＋＋CuS＋4H2O＝Cu2＋＋8Fe2＋＋＋8H＋，故答案为8Fe3＋＋CuS＋4H2O＝Cu2＋＋8Fe2＋＋＋8H＋；
②步骤Ⅱ为Fe2＋和氧气在酸性条件下反应生成Fe3＋，发生反应的离子方程式为：4Fe2＋＋O2＋4H＋＝4Fe3＋＋2H2O，故答案为4Fe2＋＋O2＋4H＋＝4Fe3＋＋2H2O。
16. 下图是元素周期表的一部分。按要求填写下列空白：
（1）元素⑤在周期表中的位置为______。
（2）①~⑧元素的最高价氧化物中，具有两性的是_______(填化学式)。
（3）元素⑦的最简单气态氢化物的电子式是_______；元素③形成单质的电子式_____。
（4）④、⑤、⑥、⑦对应简单离子的半径最小的是_______(填离子符号)。
（5）⑤和⑥两种元素的最高价氧化物对应的水化物反应的离子方程式______。
（6）下列方案中不能证明非金属性⑧比⑦强的是_____(填选项字母)。
A. 最高价氧化物对应水化物的酸性⑧比⑦的强
B. 单质与变价金属反应，产物的价态⑧比⑦的高
C. 简单气态氢化物对应水溶液的酸性⑧比⑦的强
D. ⑧的单质可将⑦的单质从其化合物中置换出来
【答案】（1）第三周期第ⅠA族
（2）Al2O3 （3） ①. ②.
（4）Al3＋ （5） （6）C
【解析】
【分析】由元素在周期表中位置可知，①为H、②为C、③为N、④为F、⑤为Na、⑥为Al、⑦为S、⑧为Cl；据此分析解题。
【小问1详解】
⑤为Na，在周期表中的位置为第三周期第ⅠA族，故答案为第三周期第ⅠA族。
【小问2详解】
①~⑧元素的最高价氧化物中，具有两性的是Al2O3，故答案为Al2O3。
【小问3详解】
⑦为S，H2S的电子式为，③为N，N2的电子式为，故答案为；。
【小问4详解】
电子层结构相同的离子，核电荷数越大，离子半径越小，而电子层越多离子半径越大，故离子半径：S2−＞F−＞Na＋＞Al3＋，故答案为Al3＋。
【小问5详解】
元素⑤、⑥的最高价氧化物对应的水化物分别为NaOH、Al(OH)3，二者反应生成偏铝酸钠和水，反应离子方程式为，故答案为。
【小问6详解】
A．非金属性越强，最高氧化物对应水化物的酸性越强，最高价氧化物对应水化物的酸性⑧比⑦的强，说明⑧的非金属性更强，故A正确；
B．单质与变价金属反应，产物的价态⑧比⑦的高，说明⑧单质氧化性更强，则⑧的非金属性更强，故②正确；
C．简单气态氢化物对应水溶液的酸性不能说明非金属性强弱，如非金属性F＞Cl，但HF是弱酸，而HCl是强酸，故C错误；
D．⑧的单质可将⑦的单质从其化合物中置换出，说明⑧单质氧化性更强，则⑧的非金属性更强，故D正确，
故答案选C。
17. 海水是资源的宝库，以海水为原料可以制取粗盐、Br2等多种物质。
（1）粗盐中主要含NaCl，还含有少量CaCl2、MgCl2和Na2SO4.可选择的试剂：碳酸钠溶液、氢氧化钠溶液、氯化钡溶液。
①将粗盐提纯的方法是：将粗盐溶于水，向里面依次加入稍过量的_______，_______，_______(填依次加入试剂的化学式)，过滤，将滤液用盐酸酸化后，蒸发结晶。
②实验中，加过量碳酸钠溶液的目的是___________。
（2）浓缩海水中含有NaCl、NaBr等物质。从浓缩海水中提取溴的流程如下：
①写出“氧化Ⅰ”反应的离子方程式：___________。
②“吸收”时是用SO2水溶液吸收空气吹出的溴蒸汽。写出“吸收”时(产物中生成两种强酸，其中一种为硫酸)发生反应的化学方程式________，并在你所写的化学方程式上用单线桥标出电子转移的方向和数目。
③“蒸馏”时单质溴从溶液中蒸出，蒸馏后所剩溶液中的溶质是___________。
【答案】（1） ①. NaOH ②. BaCl2 ③. Na2CO3 ④. 除去钙离子和过量的钡离子
（2） ①. Cl2＋2Br−＝Br2＋2Cl− ②. ③. H2SO4、HCl
【解析】
【分析】（1）除去粗盐（含有少量的CaCl2、MgCl2和Na2SO4）中的Ca2＋、Mg2＋、，可加入过量的氢氧化钠溶液除去镁离子，加入足量的氯化钡溶液除去硫酸根离子，然后加入过量的碳酸钠溶液除去钙离子和过量的钡离子，但碳酸钠溶液在氯化钡之后加入，过滤除去不溶物，最后将滤液用盐酸酸化，除去过量的氢氧根离子和碳酸根离子，蒸发结晶得到NaCl晶体；
（2）从浓缩海水中提溴流程：先通入Cl2氧化Br−得到Br2单质，反应为Cl2＋2Br−＝Br2＋2Cl−，通入热空气将Br2单质吹出，用SO2水溶液吸收空气吹出的溴蒸气富集得到Br−，反应为SO2＋Br2＋2H2O＝H2SO4＋2HBr，最后再次用氯气氧化，经过蒸馏操作得到液溴，据此分析解答。
【小问1详解】
①由上述分析可知，加入过量的NaOH溶液除去MgCl2，加入足量的BaCl2溶液除去Na2SO4，再加入过量的Na2CO3溶液除去CaCl2和过量的BaCl2，则依次加入过量的试剂分别为NaOH、BaCl2、Na2CO3，过滤得到含有NaOH和Na2CO3的食盐水，用盐酸酸化后，蒸发结晶NaCl晶体，故答案为NaOH；BaCl2；Na2CO3；
②据分析可知，加入过量的碳酸钠溶液除去钙离子和过量的钡离子，故答案为除去钙离子和过量的钡离子。
【小问2详解】
①“氧化Ⅰ”是通入Cl2氧化Br−得到Br2单质，反应的离子方程式为Cl2＋2Br−＝Br2＋2Cl−，故答案为Cl2＋2Br−＝Br2＋2Cl−；
②用SO2水溶液吸收空气吹出的溴蒸气富集得到Br−，反应为SO2＋Br2＋2H2O＝H2SO4＋2HBr，其中Br2发生得电子的反应、作氧化剂，用单线桥标出电子转移的方向和数目为，故答案为；
③吸收”时反应为SO2＋Br2＋2H2O＝H2SO4＋2HBr，“氧化Ⅱ”时反应为2HBr＋Cl2＝2HCl＋Br2，所以蒸馏”时单质溴从溶液中蒸出，蒸馏后所剩溶液中的溶质是H2SO4、HCl，故答案为H2SO4、HCl。
18. 纯碱在纺织、肥皂、造纸、玻璃、火药等行业有着广泛的应用，人类在制碱方法的工业化道路上不断探索。“索尔维制碱法”以、、和水等为原料获得和。某化学小组用如图装置进行模拟实验。
（1）配制溶液所需要的玻璃仪器有量筒、烧杯、胶头滴管、______、_______。
（2）装置丙需控制温度在30~35℃，实验中可采取加热方法是_______。
（3）饱和食盐水中先通入后通入的原因是___________。
（4）写出在丙装置中发生的化学方程式：___________。
（5）写出转化为的方程式：___________。
（6）由装置丙中产生的制取时，需要进行的实验操作有过滤、洗涤、灼烧，其中检验洗涤是否干净的操作是___________。
【答案】（1） ①. 500mL容量瓶 ②. 玻璃棒
（2）30～35℃的水浴
（3）增大二氧化碳的溶解
（4）
（5）
（6）取最后一次洗涤滤液少量于试管中，滴入适量稀硝酸酸化，再滴入硝酸银溶液，若无白色沉淀产生，则洗涤干净
【解析】
【分析】盐酸和碳酸钙生成二氧化碳，通过水去除HCl杂质后，与含氨的饱和食盐水发生得到，据此分析解题。
【小问1详解】
配制500mL6ml/LHCl溶液，量筒量取浓盐酸在烧杯中稀释、冷却后，转移到500mL容量瓶中定容，则所需要的玻璃仪器有量筒、烧杯、胶头滴管、500mL容量瓶、玻璃棒，故答案为500mL容量瓶；玻璃棒。
【小问2详解】
装置丙需控制温度在30～35℃，可采取30～35℃的水浴加热方式，故答案为30～35℃的水浴。
【小问3详解】
饱和食盐水中先通入NH3后通入CO2的原因是增大二氧化碳的溶解，故答案为增大二氧化碳的溶解。
【小问4详解】
装置丙中产生NaHCO3，反应方程式为，故答案为。
【小问5详解】
在加热条件下转化为，方程式为，故答案为。
【小问6详解】
装置丙中产生NaHCO3沉淀，经过滤、洗涤、灼烧，可以得到Na2CO3，其中检验NaHCO3洗涤干净的操作是取最后一次洗涤滤液少量于试管中，滴入适量稀硝酸酸化，再滴入硝酸银溶液，若无白色沉淀产生，则洗涤干净，故答案为取最后一次洗涤滤液少量于试管中，滴入适量稀硝酸酸化，再滴入硝酸银溶液，若无白色沉淀产生，则洗涤干净。A.制取
B.除
C.干燥
D.收集
选项
探究方案
探究目的
A
将固体溶于水，用洁净的铂丝蘸取溶液进行焰色反应，观察火焰是否呈黄色
该固体是否为钠盐
B
向盛有固体的锥形瓶中滴加稀盐酸，观察实验现象
氯元素的非金属性强于碳元素
C
将用棉花包裹放在石棉网上，向棉花上滴几滴水，观察棉花是否燃烧
与是放热反应
D
将Fe片分别插入盛有和溶液的试管，Fe片表面均有固体析出
金属性：