2024年江西省南昌市青山湖区中考物理质检试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年江西省南昌市青山湖区中考物理质检试卷（含详细答案解析），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.以下估测最接近实际的是( )
A. 人的正常体温约35℃
B. 教室内一盏日光灯的功率约400W
C. 人眨一次眼睛时间约0.3s
D. 物理书平放在水平桌面(没有露出桌子边缘)，对桌面压强约103Pa
2.下列情景都与气压有关，其中有一种情景与其他三种的原理有所不同，这种情景是( )
A. 刮大风时会有房屋顶部被大风掀起的情况
B. 打开的窗户外有平行于墙壁的风吹过时，窗帘会飘出窗外
C. 等候列车的乘客应站在安全线以外，否则会被“吸”向列车
D. 将吸盘按在光洁的瓷砖表面，放手后吸盘会被“吸”在瓷砖上
3.如图所示，“奔马”模型的后蹄能稳稳地站立在手指上，下列分析正确的是( )
A. “奔马”受到的重力与它对手指的压力是一对相互作用力
B. “奔马”受到的重力与它对手指的压力是一对平衡力
C. “奔马”对手指的压力与手指对它的支持力是一对平衡力
D. “奔马”受到的重力与手指对它的支持力是一对平衡力
4.图甲是身高、体重测量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示身高和体重。电路原理如图乙所示，电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，压敏电阻R的阻值随压力增大而增大，滑片P随身高增高而上滑。下列分析正确的是( )
A. 身高越高电压表示数越大B. 身高越高通过R0的电流越小
C. 体重越大电流表示数越大D. 体重越大电路消耗总功率越大
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
5.下列有关作图正确的是( )
A. 投出去的篮球所受到的力
B. 通过凸透镜的光线
C. 通电螺丝管周围的磁场
D. 物体对斜面的压力
6.如图所示，下列实验仪器工作时，把电能转化为机械能的是( )
A. 电流表B. 电压表
C. 发电机D. 电动机
三、填空题：本大题共9小题，共19分。
7.科学家有着强烈的好奇心和执着的探究精神，德国物理学家______最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：I=UR.为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为______的单位。
8.如图所示，跨年晚会上，国乐大师方锦龙与洛天依的同台，实现了二次元与现实的交汇，我们能区分电子合成声和人声，主要是依据声音的______不同，琵琶演奏过程中，手指按压琴弦的不同位置是为了改变声音的______。
9.南昌瓦罐汤远近驰名，瓦罐汤以瓦罐为器(如图)，以硬质木炭火恒温煨制约六七小时，汤汁稠浓，醇香诱人，为赣菜一绝。煨制瓦罐汤时，是通过______的方式增加食材的内能的；瓦罐汤很烫，喝汤时小心烫嘴！这是因为汤的______(选填“内能大”、“温度高”或“热量多”)。
10.如图是家庭阳台上的手摇晾衣架。晾衣架匀速上升过程中，上升速度越快，机械______越高；所挂衣物越重，机械______越高。(均选填“功率”或“效率”)
11.如图，让小球从光滑轨道AOB的A点由静止开始自由滑下。A点的高度H大于B点的高度h，沿轨道AOB到达B点后离开(不计空气阻力)。则小球自由滑下时，轨道AO对小球的支持力做功______(选填“为零”或“不为零”)；小球离开B点后的运动轨迹最符合实际的是______(选填“a”、“b”或“c”)。
12.5月5日，长征五号B运载火箭在文昌航天发射场成功将载人飞船的试验船和充气式的货物返回舱实验舱送进太空轨道的消息振奋人心。我国长征运载火箭选用液态氢作燃料，主要是因为液态氢的______高；火箭外表涂有一层特殊物质，可利用该物质在发生物态变化时______热，从而避免高速运行的火箭温度过高。
13.现在许多宾馆都利用房卡取电，如图所示。只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的______，房间里各用电器之间是______联的。
14.如图所示，电源电压保持不变，若在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S1、S2，测得U甲：U乙=4：3；则R1：R2=______；若只断开开关S2，拆去电压表，并在甲、乙两处分别接入电流表，则此时I甲：I乙=______。
15.如图所示，图甲中木块的长度为______cm，图乙中物体A重为______N，图丙中秒表的读数是______s。
四、实验探究题：本大题共5小题，共25分。
16.如图所示，图甲中电流表的读数为______A，图乙中电压表的读数为______V。
17.如图所示，电能表的示数为______kW⋅h，在某段时间内。转盘转过1800圈，则此段时问内用了______度电。
18.在“测量石块的密度”实验中：
(1)小李同学首先将天平放在______工作台上，用______把游码拨回到标尺左端零刻度线处，移动平衡螺母，使天平平衡，然后测出石块的质量，天平平衡时右盘砝码和游码位置如图甲所示，则石块的质量为______g。
(2)为了测量出石块的体积，小李同学先往量筒中加入一定量的水，如图乙所示，他的操作合理吗？______；为什么？答：______。
(3)四个小组测量出的石块密度如表所示：其中错误的是第______组的测量结果。
(4)对实验进行评估时，下列分析正确的是______。
A.放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏大
B.放置天平的操作台面不水平，测出的质量偏小
C.先测石块体积，后测石块质量，测出的密度偏小
D.先测石块体积，后测石块质量，测出的密度偏大
19.小华探究凸透镜的成像规律。
(1)课间，小华到室外利用太阳光来测量凸透镜的焦距，她将该凸透镜正对着太阳光，如图甲所示，此时纸上呈现一个并非最小的光斑时，测得这个光斑到凸透镜的距离为L，此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，则凸透镜的焦距f ______L(选填“>”、“<”或“=”)；调整以后得到该透镜的焦距为10cm。
(2)当烛焰位于如图乙所示位置时，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰的倒立、______的实像，此成像规律常应用在______(选填“放大镜”、“照相机”或“幻灯机”)上，保持凸透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在光具座上30cm刻线处，要在光屏上重新得到烛焰清晰的像，应将光屏移动到______ cm刻线处。
(3)当烛焰再次位于如图乙所示位置时，若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，若要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：
①若移动光屏，则应将光屏______(选填“远离”或“靠近”)凸透镜，此时像的大小比原来的像要______些。
②若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适______(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)。
20.在测量小灯泡电功率的实验中，小帆所用小灯泡的额定电压为 2.5V。
(1)为了节省试验时间，小帆希望连完最后一根导线后就能直接闭合开关进行试验。请用笔画线代替导线，将图甲中未连接完整的电路补画完整。
(2)实验中测出小灯泡在 2V 时的功率后，要测量其额定电功率，应向______(选填“左”或“右”)移动滑动变阻器的滑片。当电压表示数为额定电压时，电流表示数如图乙所示，其值为______A，则小灯泡的额定电功率为______W。
(3)实验时小帆发现电流表损坏了，他想设计一个不用电流表测定该小灯泡额定功率的实验。于是他向老师要了一个阻值为 R0的定值电阻(阻值适当)和一个单刀双掷开关，借助原有的实验器材，设计了如图丙所示的实验电路并顺利进行了实验：
①按图连接好电路，闭合S1，使S2接 1，调节滑动变阻器，使电压示数为______；
②保持______，使S2接 2，读出电压表示数为 U；灯泡的额定功率的表达式 P额=______(用已知量和测量量表示)。
五、计算题：本大题共3小题，共22分。
21.如图所示，将边长为5cm的实心正方体木块轻轻放入装满水的溢水杯中，木块静止时，从杯中溢出水的质量为0.1kg(g取10N/kg)。求：
(1)木块受到的浮力？
(2)木块的密度？
(3)木块下表面受到水的压强？
22.在如图甲所示的电路中，灯泡的额定电压为6V，灯泡的I−U关系如图乙所示，电压表的量程为0∼15V，电流表的量程0∼0.6A，变阻器R2的最大阻值为100Ω，只闭合开关S2，滑片滑到某处时，电压表的示数为10V，电流表的示数为0.4A，定值电阻R1消耗的功率为2.8W。求：
(1)灯泡的额定功率；
(2)R1的阻值及电源电压；
(3)只闭合开关S1，在电路安全的情况下，求变阻器连入电路的阻值范围。
23.我们生活的鸡西市，到了冬季，因日照时间短，太阳能热水器的水达不到所需温度。为此人们研制了太阳能、电能两用热水器。大鹏家最近就安装一台这样的两用热水器，如图所示。铭牌如下：
(1)太阳能热水器贮满水，水温从20℃加热到50℃时需要吸收多少热量？(1L=10−3m3)
(2)大鹏将水箱装满水，只使用电加热器将水从20℃加热到50℃时，需加热器正常工作多长时间？(设电能全部转化为热能)
(3)在上述(2)情况下。加热器正常工作实际用了3h.则此热水器的效率为多少？
(4)仅就太阳能热水器与电热水器相比有哪些优点？(写一条即可)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、教室内一盏日光灯的功率为40W.故B不符合实际；
C、人们常用“眨眼之间”形容时间短暂，正常人眨一次眼的时间在0.3s左右。故C符合实际；
D、物理书重约3N，平放时与桌面的接触面积约400cm2=0.04m2，对桌面的压强在p=FS=GS=3N0.04m2=75Pa左右。故D不符合实际。
故选：C。
结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】D
【解析】解：
A、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，把屋顶掀开，其原理是流体压强和流速的关系；
B、刮大风时，风沿着外墙吹过，窗帘外侧空气流速大，压强小，内侧空气流速慢，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗户外面，其原理是流体压强和流速的关系；
C、当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，故乘客被“吸”向列车，其原理是流体压强和流速的关系；
D、将吸盘按在光洁的瓷砖表面，放手后吸盘会被“吸”在瓷砖上，利用的是大气压强。
综上分析可知，与其他三种的原理不同的是D。
故选：D。
流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。据此对各选项逐一进行分析然后做出判断即可。
掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注重了物理和生活的联系。
3.【答案】D
【解析】解：
A、“奔马”受到的重力与它对手指的压力方向相同，不是一对相互作用力，故A错误；
B、“奔马”受到的重力与它对手指的压力作用在不同的物体上，方向相同，不是一对平衡力，故B错误；
C、“奔马”对手指的压力与手指对它的支持力作用在不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；
D、“奔马”受到的重力与手指对它的支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。一对相互作用力作用在不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上。据此解答。
本题主要考查了对二力平衡条件的认识，在辨别平衡力与相互作用力时，重点看两个力是否作用在同一物体上。
4.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测压敏电阻R支路的电流，
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，人的身高变化即滑片移动时，R0接入电路中的电阻不变，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且各支路独立工作、互不影响，
所以，由I=UR可知，通过R0的电流不变，故B错误；
当身高越高时，滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，
由U=IR可知，滑片P下方电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确；
当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，
由压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知，R的阻值越大，
由I=UR可知，通过R的电流越小，即电流表的示数越小，故C错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，体重越大时电路的总电流越小，
由P=UI可知，电路消耗总功率越小，故D错误。
故选：A。
由电路图可知，R与R0并联，电压表测滑片P下方电阻丝两端的电压，电流表测R支路的电流，根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知通过R0的电流变化，当身高越高时滑片上移，滑片P下方电阻丝的阻值变大，根据欧姆定律可知滑片P下方电阻丝两端的电压变化；当体重越大时，压敏电阻受到的压力越大，根据压敏电阻R的阻值随压力增大而增大可知R的阻值越大，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，利用P=UI可知电路消耗总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表并联部分电阻变化是关键。
5.【答案】BC
【解析】解：A、投出去的篮球由于惯性继续运动，不受作用力F，只受到竖直向下的重力作用和空气的阻力作用，阻力方向与篮球运动方向相反，故A错误；
B、通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，故B正确；
C、由小磁针的磁极，磁极间的相互作用可知螺线管的螺线管左端是N极，右端为S极，在磁体外部磁感线方向是从N极指向S极，故C正确；
D、压力的作用点应该是在斜面上，而图中在物体的重心，故D错误。
故选：BC。
①投出去的篮球受到重力作用和空气的阻力作用。
②凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
③由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，在磁体外部磁感线方向是从N极指向S极。
④压力是指垂直作用在物体表面上的力，压力的方向垂直于接触面指向受压物体。
本题中所考查了几种作图是初中物理中几种常见的题型，我们应了解具体的要求，并能准确分辨、熟练运用。
6.【答案】ABD
【解析】解：A、电流表是测量电流的装置，它消耗的电能很少，它将消耗的电能转化为电流表指针转动的机械能，符合题意；
B、电压表是测量电压的装置，它消耗的电能很少，它将消耗的电能转化为电压表指针转动的机械能，符合题意；
C、发电机是产生电能的装置，它是利用电磁感应现象，将机械能转化为电能的装置，不符合题意；
D、电动机是消耗电能的装置，它将电能转化为电动机转动的机械能，符合题意。
故选：ABD。
机械能转化为电能是指用来发电的装置，电能转化为机械能的一般都是消耗电能的用电器，而且用电器中有转动部分。
判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。
7.【答案】欧姆 电阻
【解析】解：德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律；
为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为电阻的单位；
故答案为：欧姆；电阻。
德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律；电阻的单位是欧姆。
本题考查了学生对物理学史相关知识的了解，基础性题目。
8.【答案】音色 音调
【解析】解：我们能区分电子合成声和人声，主要是依据声音的音色不同，琵琶演奏过程中，手指按压琴弦的不同位置，琴弦的长度改变，振动的频率发生改变，是为了改变声音的音调。
故答案为：音色；音调。
不同的人和乐器的音色不同。
声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关。
本题考查的是音色和音调；知道音调与振动频率有关。
9.【答案】热传递 温度高
【解析】解：煨制瓦罐汤时，热量发生了转移，是通过热传递的方式增加食材的内能的；
瓦罐汤很烫，喝汤时小心烫嘴！这是因为汤太热，即汤的温度高。
故答案为：热传递；温度高。
改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移；温度表示物体的冷热程度。
本题考查了改变内能的方法，以及对温度、热量、内能概念的理解，属基础题。
10.【答案】功率 效率
【解析】解：晾衣架匀速上升过程中，上升速度越快，根据P=Fv可知，晾衣架匀速上升时需要的拉力F不变，上升速度v变大，故机械做功的功率变高(大)；
所挂衣物越重，所做的额外功基本不变，根据机械效率的公式可知，有用功在总功中所占的比重越大，故它的机械效率越大。
故答案为：功率；效率。
(1)功率表示做功快慢，机械效率表示有用功占总功的比例，二者物理意义不同；
(2)根据功率的公式和机械效率的公式分析即可。
本题考查对机械效率的理解，特别要注意功率与机械效率是两个不同的物理量，它们之间没有任何关系，功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
11.【答案】为零 c
【解析】解：小球自由滑下时，轨道AO对小球有支持力，但在支持力的方向上没有移动距离，由做功的两个必要因素可知，小球自由滑下时，轨道AO对小球的支持力做功为零。
根据题意，小球从A点由静止滑下，所以小球的机械能等于A点时的重力势能，整个过程中，轨道光滑，不计空气阻力，机械能守恒。a的最高点超过了A点的高度，这是不可能的，故a错误；
b点的最高点与A点的高度相同，而在最高点时，小球仍具有向右运动的速度，即b点时小球还具有动能，所以b图线的机械能大于A点的机械能，故b错误；
c图线的最高点低于A点，由于在最高点时小球仍运动，有一定动能，其总机械能可能与开始时的机械能相等，故c正确；
故选：为零；c。
做功有两个必要因素：一是要有力作用在物体上，二是物体要在这个力的方向上移动距离。
轨道光滑，不计空气阻力，小球在整个过程中机械能守恒，结合牛顿第一定律及机械能守恒定律进行分析。
本题考查了对机械能守恒定律知识的应用，关键能够根据现象判断不同情况下机械能的大小关系，尤其是知道机械能包括动能和势能，是解答的关键。
12.【答案】热值 吸
【解析】解：
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)为保证火箭安全，箭体上涂有一层特殊固体物质，在高温下先熔化，再汽化，因为熔化、汽化时要吸收大量的热，这样箭体的温度就不会太高。
故答案为：热值；吸。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；
(2)物质从固态变成液态的过程称为熔化，物质从液态变成气态的过程称为汽化；熔化、汽化时要从周围吸收大量的热，有降温作用。
本题考查了利用热值、物态变化的概念及吸放热情况解释生活中的现象，比较简单。
13.【答案】总开关(开关)并
【解析】解：(1)房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路干路上的总开关(开关)；
(2)房间里各用电器之间工作情况是互不影响，所以各用电器之间是并联。
故答案为：总开关(开关)；并。
(1)开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；
(2)串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响。
本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释。
14.【答案】4：3 4：3
【解析】解：由电路图可知，甲、乙同时为电压表，闭合开关S1、S2时，两电阻串联，电压表甲测R1两端电压，电压表乙测R2两端电压，
通过两电阻的电流I相同，由I=UR可知，两电阻阻值之比：R1R2=U甲IU乙I=U甲U乙=43，
两电表都是电流表，只断开开关S2，两电阻并联，电流表甲测通过R2的电流，乙测通过R1的电流，
两电阻并联，它们两端的电压U相等，通过两电表的电流之比：I甲I乙=UR2UR1=R1R2=43。
故答案为：4：3；4：3。
由电路图可知，甲、乙同时为电压表，开关闭合时，两电阻串联，电压表甲测R1两端电压，电压表乙测R2两端电压，已知电压表示数之比，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出两电阻阻值之比；两电表都是电流表，只断开开关S2，电流表甲测R2的电流，乙测R1的电流，由并联电路特点与欧姆定律可以求出两电表示数之比。
本题考查了求电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
15.【答案】
【解析】解：
(1)由图甲知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与1.00cm对齐，右侧与2.95cm对齐，所以木块的长度为L=2.95cm−1.00cm=1.95cm；
(2)由图乙知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则测力计示数为1.2N，由于拉力与物体的重力是一对平衡力，大小相等，重力为1.2N；
(3)由图丙知，在秒表的中间表盘上，1min中间有一个小格，所以一个小格代表1min，指针在5min和6min之间，显示的是5min=300s；
在秒表的大表盘上，一个小格代表1s，指针在35s处，所以秒针指示的时间为35s，即秒表的读数为300s+35s=335s。
故答案为：1.95；1.2；335。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)根据弹簧测力计的分度值和指针的位置读数；
(3)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和。
此题考查的是常见的物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。
16.【答案】1.41.5
【解析】(1)图甲中电流表的量程为0∼3A，每一个大格代表1A，每一个小格代表0.1A，读数为1.4A；
(2)图乙中电压表的量程为0∼3V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，读数为1.5V；
电压表和电流表的读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少。
掌握电流表和电压表的正确使用和正确读数。电流表和电压表在电学中是最基本的测量工具，一定要熟练掌握。
17.【答案】201.90.5
【解析】解：(1)电能表最后一位是小数位，单位是kW⋅h，从电能表上可以看出电能表的示数为201.9kW⋅h；
(2)由“3600r/kW⋅h”可知每消耗1kW⋅h的电能，电能表转3600转，电能表转了1800转，消耗电能：
W=1800r×13600r/kW⋅h=0.5kW⋅h。
故答案为：201.9；0.5。
(1)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)3600r/kW⋅h说明每消耗1kW⋅h的电能，电能表转3600转，可求当电能表的转数为1800转时消耗的电能。
本题考查电能表的读数方法、消耗电能的计算，要学会对电能表参数的理解，读数时注意最后一位是小数位。
18.【答案】水平 镊子 43 不合理 加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程 三 D
【解析】解：
(1)首先将天平放在水平工作台上，用镊子把游码拨回到标尺左端零刻度线处，由图甲可知，石块的质量：m=20g+20g+3g=43g；
(2)由图乙可知，量筒中加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程，所以这样操作是不合理的；
(3)由表中数据可知，第一、二、四组的数据比较接近，都在2.5g/cm3−2.6g/cm3或2.5×103kg/m3−2.6×103kg/m3之间，而第三组：2.6×102kg/m3，明显相差比较大，可能是少算了一个“0”造成的，故此组数据错误。
(4)AB.放置天平的操作台面不水平，横梁标尺也是歪的，会影响天平的调节，无法确认是否调平衡，也不能确定结果偏大或偏小，故AB错误；
CD.先测石块体积，后测石块质量，取出石块时，由于石块上沾有水，则测得的质量偏大，而体积测量值是准确的，由密度公式可知，所测出的密度偏大，故C错误、D正确。
故答案为：(1)水平；镊子；43；(2)不合理；加水量太多，再浸入石块后总体积可能超出量筒的量程；(3)三；(4)D。
(1)天平要放在水平桌面上，游码要调零；天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(2)量筒中倒水时要适量，既要能浸没物体，又不能浸没物体后超出量程；
(3)在误差允许的范围内，分析哪些数据合理，哪个数据不合理；
(4)实验中，要严格遵守操作要求，并注意不同的操作可以对测量结果造成的影响，据此分析。
本题考查了“测量石块的密度”实验中天平的读数、量筒的使用、实验数据的分析、实验过程的评估等，对基本实验能力考查较全面，值得我们关注。
19.【答案】<放大 幻灯机 70 靠近 小 近视眼镜
【解析】解：(1)由于光斑到凸透镜的距离为L时，即像距为L时，纸上呈现一个并非最小的光斑，此时再将这个凸透镜与纸之间距离稍微增大，若光斑变大，这个光斑可能是焦点之后的光斑，故可能f(2)由图知，物距u1=50cm−35cm=15cm，像距v1=80cm−50cm=30cm，满足：2f>u>f，此时成倒立放大的实像，据此制成了幻灯机；
保持凸透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在光具座上30cm刻线处，此时u=2f，成倒立等大的实像，v=2f，要在光屏上重新得到烛焰清晰的像，应将光屏移动到70cm刻线处；
(3)若将蜡烛稍远离凸透镜，物距增大，像距会减小，所以光屏应该向左移动；
若不移动光屏，根据凹透镜对光线有发散作用，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的凹透镜(近视眼镜)，延缓了对光线会聚，也可再次在光屏上得到清晰的像。
故答案为：(1)<；(2)放大；幻灯机；70；(3)靠近；小；近视眼镜。
(1)根据纸上呈现一个并非最小的光斑，这个光斑可能是焦点之后的，也可能是焦点之前的光斑；
(2)凸透镜成像的规律：
u>2f，成倒立缩小的实像，fu=2f，成倒立等大的实像，v=2f，应用是测焦距；
f2f，应用是幻灯机；
u=f，不成像；
u凸透镜成像的动态变化规律：成实像时，物近像远像变大；成虚像时，物近像近像变小；
(3)①根据凸透镜成实像时，物远(物距变大)像近(像距变小)像变小；
②凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散的作用。
本题考查了凸透镜成像规律的探究实验，包括成像规律的总结与应用，实验中遇到问题的分析与对策等，综合性较强。
20.【答案】右；0.3；0.75；2.5V；变阻器的滑片不动；2.5V×U−2.5VR0
【解析】解：(1)小帆希望连完最后一根导线后就能直接闭合开关进行试验，变阻器连入电路中的电阻应最大，故滑片以右电阻丝连入电路中，如下所示：
(2)灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；
当电压表示数为额定电压时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.3A，则小灯泡的额定电功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)①按图连接好电路，闭合S1，使S2接1，调节滑动变阻器，使电压示数为2.5V；
②保持变阻器的滑片不动，使S2接2，读出电压表示数为U；
在②中，电压表测定值电阻和灯的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律，通过R0的电流即额定电流为：
I=U0R0=U−2.5VR0，灯泡的额定功率的表达式：
P额=2.5V×U−2.5VR0。
故答案为：(1)如上所示；(2)右；0.3；0.75；(3)①2.5V；②变阻器的滑片不动；③P额=2.5V×U−2.5VR0。
(1)闭合开关前，变阻器连入电路中的电阻最大；
(2)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表量程确定分度值读数，根据P=UI求额定功率；
(3)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查电路的连接、操作过程及设计实验方案的能力。综合性，难度大。
21.【答案】解：
(1)木块受到的浮力：
F浮=G排=m排g=0.1kg×10N/kg=1N；
(2)正方体木块的体积：V木=(5cm)3=125cm3=1.25×10−4m3，
因为木块漂浮，
所以G木=F浮=1N，
因为G木=m木g=ρ木V木g，
所以木块的密度：
ρ木=G木V木g=1N1.25×10−4m3×10N/kg=0.8×103kg/m3；
(3)由F浮=F向上−F向下可得：
F向上=F浮+F向=1N+0N=1N，
正方体木块下表面的面积：S=(5cm)2=25cm2=25×10−4m2，
则木块下表面受到水的压强：
p=F向上S=1N25×10−4m2=400Pa。
答：(1)木块受到的浮力为1N；
(2)木块的密度为0.8×103kg/m3；
(3)木块下表面受到水的压强为400Pa。
【解析】(1)知道溢出水质量(排开水的体积)，利用F浮=G排=m排g求木块受到的浮力；
(2)知道正方体木块的棱长求出木块的体积；根据漂浮条件求出木块重，进而求出木块的质量；最后利用密度公式求木块的密度；
(3)木块漂浮在水面上，根据F浮=F向上−F向下可得木块下表面受到水的压力，然后根据p=F向上S求出木块下表面受到水的压强。
本题考查重力公式、阿基米德原理、固体压强的计算以及物体的浮沉条件，是一道综合题，难度不大。
22.【答案】解：(1)由题图乙知，当灯泡的额定电压为6V时，其额定电流为0.5A，
故灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×0.5A=3W；
(2)当只闭合S2时，两电阻串联，电压表测量R2的电压，则U2=10V；I1=I=0.4A；
由题意可得：U−10VR1=①
(U−10V)2R1=②
由①②解得：U=17V，R1=17.5Ω；
(3)只闭合S1时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测量R2两端的电压，因为小灯泡额定电流为0.5A，故电路中的最大电流：I=0.5A，此时变阻器的电阻最小值：R2小=U−ULIL=17V−6V0.5A=22Ω；
当电压表示数为15V时，滑动变阻器接入电路阻值最大，则此时灯泡两端电压：U′=U−U2′=17V−15V=2V，
由题图乙可知此时电流I2′=I′=0.3A，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R2大=U2′I2′=15V0.3A=50Ω，
所以只闭合开关S1，在电路安全的情况下，变阻器连入电路的阻值范围为22Ω∼50Ω。
答：(1)灯泡的额定功率为3W；
(2)R1的阻值为17.5Ω，电源电压为17V；
(3)只闭合开关S1，在电路安全的情况下，变阻器连入电路的阻值范围为22Ω∼50Ω。
【解析】(1)根据灯泡的I−U关系分析灯泡在6V电压下的电流，利用P=UI求出功率；
(2)当只闭合S2时，两电阻串联，电压表测量R2的电压，利用欧姆定律和电功率P=U2R列出等式，求解R1的阻值和电源电压；
(3)只闭合S1时，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量R2的电压，为安全，结合电压表和电流表的使用的量程分析解答即可。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式关键。
23.【答案】解：(1)水的体积：
v=100L=100×10−3m3，
水的质量：
m=ρv=1×103kg/m3×100×10−3m3=100kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm△t
=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(50℃−20℃)
=1.26×107J；
(2)若电能全部转化为热能，即Q吸=W电，
∵热水器正常工作，
∴P=P额=1500W，
∵P=W电t，
∴加热时间：
t=W电P=1.26×107J1500W=8400s；
(3)∵W总=Pt′=1500W×3×3600s=1.62×107J；
∴热水器的效率：
η=Q吸W总=1.26×107J1.62×107J≈77.8%；
(4)太阳能热水器是将太阳能(属于可再生能源，取之不尽)转化为内能，相比之下节约了能源(电能)。
【解析】本题考查了学生对密度公式、吸热公式、效率公式、电功率公式的掌握和运用，计算时注意单位统一，虽然100L水和100kg水的量相等，但不能写成100L=100kg!第一组
第二组
第三组
第四组
2.5×103kg/m3
2.6g/cm3
2.6×102kg/m3
2.5g/cm3
XX牌热水器
型号V−55
额定容积100 L
额定电压220V
额定频率50Hz
额定功率1500W
防水等级△