2024年四川省内江二中联盟校中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年四川省内江二中联盟校中考物理一模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了关于下列四个情景的说法错误的是等内容，欢迎下载使用。

一、单选题（本题共12小题，共48分）
1.下列数据中，符合事实的是( )
A. 一个苹果的质量约为1.5kgB. 电冰箱一天耗电20kW⋅ℎ
C. 正常人一次脉搏的时间约4sD. 中学生正常步行时的速度约为4km/ℎ
2.下列说法中正确的是( )
A. 春暖花开时闻到花香说明分子在不停的做无规则运动
B. 温度越高的物体，放出的热量一定越多
C. 金属块很难被压缩，这表明原子之间没有间隙
D. 物体的内能增大，温度一定升高
3.关于生活中设计到的物理知识，下列说法错误的是( )
A. 用吸管吸引料，是利用了大气压的作用
B. 切肉前先磨刀，是为了减少受力面积，增大压强
C. 吸油烟机能将油烟吸走，是因为空气流速越大，压强越小
D. 拿沾有油渍的碗容易滑脱，是由于压强较小的缘故
4.“从生活走向物理，从物理走向社会”是我们学习物理的基本理念。根据你所学的知识判断图中不正确的是( )
A. 图中的三脚插座对应用电器的三线插头，插头上最上面的那条导线与用电器的外壳相连
B. 只要拿着试电笔接触火线，其内部的氖管就会发光
C. 图中带开关的灯泡和三脚插座的接法是错误的
D. 图中的灯泡、两脚插座是并联关系
5.教室里，带磁性的粉笔刷可吸在黑板上不掉下来。如图所示，关于粉笔刷的受力情况，下列说法正确的是( )
A. 粉笔刷所受磁力与粉笔刷所受重力是一对平衡力
B. 粉笔刷所受磁力与黑板对粉笔刷的支持力是一对相互作用力
C. 黑板对粉笔刷的摩擦力的方向竖直向上
D. 粉笔刷相对黑板静止，所以没有受到摩擦力作用
6.工人师傅利用如图所示的装置匀速提升重物，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 增大提升重物的速度，可以增大有用功
B. 减小定滑轮的重力，可以减小额外功
C. 增大提升重物的高度，可以提高机械效率
D. 减小动滑轮的重力，可以提高机械效率
7.关于下列四个情景的说法错误的是( )
A. 发声的音叉将乒乓球弹开，说明发声的物体在振动
B. 不能听到真空罩中闹钟的闹铃声，说明声波的传播需要介质
C. 发声扬声器旁的烛焰晃动，说明声波能传递能量
D. 8个相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击它们时发出声音的音色不同
8.如图所示的物态变化实例中，由于液化形成的是( )
A. 立春时节冰化成的水B. 白露时节草叶上的露珠
C. 大雪时节落在地上的雪D. 冬至时节房檐上的冰挂
9.关于能源、原子结构、摩擦起电等物理知识，下列说法中正确的是( )
A. 石油属于不可再生能源
B. 核电站利用核聚变时产生的能量来发电
C. 物理学家汤姆生建立了原子的核式结构模型
D. 摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了电子
10.小张同学所在的学校，买饭要用饭卡，只要把饭卡在卡机上刷一下，就可以扣款买饭了。小张找来了一张废弃的饭卡，打开后发现了一个由漆包线绕制的线圈和一个小芯片。小张查资料得知，把这种饭卡在卡机上刷一下，线圈中就会产生变化的电流。下列选项中能够说明这个原理的是( )
A. B.
C. D.
11.两个完全相同的圆柱形容器甲、乙，原来都装有同样多的水，放置在水平桌面上，将体积相等的不同物体A、B分别轻轻放入甲、乙中，A漂浮，B悬浮，水都没有溢出。下列判断不正确的是( )
A. A、B的密度关系是ρA<ρB
B. A、B受到的浮力关系是F浮AC. 甲、乙中水对容器底的压强关系是p甲=p乙
D. 甲、乙对桌面的压强关系是p甲′12.如图所示电路，电源电压保持不变，定值电阻R0=2Ω，R1=3Ω，滑动变阻器最大阻值为10Ω，电流表和电压表均为理想电表。闭合开关S，将滑动变阻器滑片P从a端缓慢移动至b端的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1和V2示数逐渐增大，电流表示数逐渐减小
B. 电压表V1示数逐渐增大，电压表V2和电流表示数逐渐减小
C. 电压表V1和V2示数变化量相等
D. 滑动变阻器消耗功率先逐渐增大，后逐渐减小
二、填空题（本题共7小题，共42分）
13.2014年诺贝尔物理学家奖颁发给蓝色发光二极管发明者．二极管是用______(选填“导体”“半导体”或“绝缘体”)材料制成的、正是因为集齐______、绿、蓝三原色的LED光，才能产生照亮世界的LED白色光源．
14.小青将点燃的蜡烛分别放在如图所示的a、b、c点探究凸透镜成像规律，蜡烛在______点时，凸透镜右侧光屏上成的像最大，像是______(选填“正立”或“倒立”)的。
15.现在许多宾馆都利用房卡取电，如图所示。只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的______，房间里各用电器之间是______联的。
16.一个空心工艺铁球重5N，将它用细线系在弹簧测力计下浸没水中时，测力计的示数恰好为0.则铁球受到的浮力是______N.若此时将细线剪断，铁球将______(选填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
17.冬季运动会上“冰壶”项目中，一运动员将冰壶推出之后，冰壶由于______继续向前运动，而另有运动员在冰壶前进途中，不断地刷冰，是为了______(填“减小”或“增大”)冰壶与冰面之间的摩擦力。
18.一台四冲程汽油机在一个工作循环中，把内能转化为机械能的冲程是______冲程。汽油机用水作为冷却剂，这是利用了水______的性质。
19.如图甲所示，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，滑动变阻器R2的规格为“50Ω 0.5A”，闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示(部分图象)，在保证电路安全的前提下，电源电压为______V，滑动变阻器可以调到的最小阻值是______Ω。
三、作图题（本题共3小题，共10分）
20.某剧组因拍摄节目需要，设计了如图所示拉力装置来改变照明灯的高度，轻质杠杆ABO可绕O点转动．请在图中画出照明灯的重力G示意图和杠杆所受拉力的力臂l1．
21.如图所示，小磁针静止在通电螺线管的正右方，请根据磁感线方向，在图中标出小磁针的N、S极和电源的正、负极。
22.如图所示，平面镜上方有一竖直挡板P，在AB和CD之间的区域内可以看见挡板左侧的一个发光点S在平面镜中的像。请你利用平面镜成像特点，作图找出挡板左侧这个发光点的位置。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
23.在西峡恐龙遗迹园进行研学活动时，小明捡到一块形状怪异的小化石。为测量小化石的密度，他利用已学知识设计如下实验方案：
(1)将天平放在水平工作台上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指在分度盘中线的______，(选填“左侧”“右侧”)再向右调节平衡螺母，直至天平水平平衡。
(2)在左盘放被测小化石，在右盘从大到小加减砝码，再向右移动游码，直至天平水平平衡。天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示，小化石的质量为______g。
(3)用量筒测量小化石的体积。小化石放入量筒前后的情况，如图乙所示(忽略细线的体积)，则小化石的密度是______kg/m3。
(4)若小明先测出小化石的体积，将小化石从量筒中取出，然后用天平称出其质量，求出小化石的密度。这样测出小化石的密度将______(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
24.在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)甲图中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整，要求滑片向右移灯泡变亮。
(2)小明连接好实验电路，闭合开关，发现无论怎样移动滑片灯泡都不亮，电流表无示数，电压表有示数且约为电源电压，发生的故障可能是______；

(3)排除故障后，闭合开关S，电压表示数为1.5V，将滑片P向______(选填“左”或“右”)端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W；
(4)小华设计了如图丙所示的电路来测量小灯泡的额定功率，小灯泡的额定电流为I额，请完成下列填空(电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0)：
①只闭合开关S，S1，调节R2使电流表的示数为I额；
②再断开S1，闭合S2，保持R2滑片位置不变，调节R1，使电流表示数为______；
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电流表的示数为I1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为I2，则小灯泡的额定功率P= ______(用I额、R0、I1、I2表示)。
五、计算题（本题共2小题，共15分）
25.一辆汽油和电力混合动力轿车，仅凭汽油动力在平直公路上以v1=90km/ℎ匀速行驶时，输出功率P=50kW。当驾驶员看到前方55m处有超速违章拍照装置(限速70km/ℎ)时，在保持输出功率不变的情况下，立即启动充电装置给电池充电，达到使轿车减速的目的，轿车行驶3s后，速度减为v2=70km/ℎ，在这一段时间内，轿车的平均速度为v=72km/ℎ，发动机输出功率的80%用于充电，充电效率为50%。轿车在上述过程中所受阻力保持不变。
(1)求3s内汽车通过的路程大小；
(2)求轿车所受阻力的大小；
(3)若将3s内充电获得的电能全部用来维持汽车以90km/ℎ匀速行驶，求轿车只用这部分电能行驶的距离。
26.如图是叶子家某电热加湿器的原理图，如表为其部分技术参数。R1、R2均为发热体(不考虑温度对电阻的影响)，R2=3R1；S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”及“高挡”之间的切换(小功率加热为低挡，大功率加热为高挡)。
(1)求加湿器在高挡加热时的电流大小；
(2)求电阻R1的大小；
(3)加湿器中加注最大注水量的冷水，某次加湿器工作时，其“高挡”工作时间为21min，如果此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高多少？[已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(4)求低挡时的发热功率大小。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、三个苹果的质量约1斤=500g，一个苹果的质量在150g=0.15kg左右，故A不符合实际；
B、一个电冰箱每天耗电约1kW⋅ℎ，故B不符合实际；
C、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故C不符合实际；
D、中学生正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/ℎ≈4km/ℎ左右，故D符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
2.【答案】A
【解析】解：
A、春暖花开时闻到花香是扩散现象，说明分子在不停的做无规则运动；故A正确；
B、发生热传递时，物体放出热量与物体的比热容、质量和温度变化量有关，所以，温度越高的物体，放出的热量不一定越多，故B错误；
C、金属块很难被压缩，这表明分子间存在相互作用的斥力，故C错误；
D、物体的内能增大，温度不一定升高，如晶体熔化时内能增大，但温度不变，故D错误；
故选：A。
(1)分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力--引力和斥力；不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动；
(2)热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
(3)物体的内能增大，温度不一定升高。
本题考查分子的运动、分子间的作用力及温度与热量和内能的关系，知识点较多，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：A、我们能利用吸管把瓶中的汽水吸到嘴里，是利用大气压强，将饮料压入口中；故A正确；
B、菜刀钝了在磨刀石上磨一磨，是通过减小受力面积的方法来增大压强；故B正确；
C、抽油烟机是空气流速加快，油烟机内的空气压强减小，外界压强大，从而把油烟抽走，故C正确；
D、因为有油渍的碗接触面变的光滑，手与碗之间间的摩擦变小容易滑脱，而不是由于压强较小的缘故；故D错误。
故选：D。
(1)由于大气压的作用，用吸管才能把瓶中的汽水“吸”到嘴里。
(2)压强的大小与压力大小和受力面积有关；增大压强的方法有：增大压力、减小受力面积；
(3)流体流速越大的地方压强越小；
(4)滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关。
此题考查了力学中压强的多个知识点；流体与流速的关系、影响摩擦力大小的影响因素、改变压强的方法、大气压在生活中的应用等知识，是一道综合性较强的题目。
4.【答案】B
【解析】A、图中的三脚插座对应用电器的三线插头，插头最上面的那条导线与用电器的外壳相连，这样可以防止因外壳漏电发生触电，故A正确；
B、只有测电笔使用正确时，测电笔与火线相连，氖管才能发光，如果使用不正确，则氖管不能发光，故B错误；
C、开关应接在火线与灯泡之间；三孔插座的接法：左零右火，中间接地线，所以灯泡和三孔插座的接法都是错误的，故C正确；
D、家庭电路中各用电器工作过程中互不影响，所以用电器、插座之间都是并联连接，故D正确；
故选：B。
利用下列知识分析判断：
(1)双孔插座的接法：左零右火；三孔插座的接法：左零右火，中间接地线，对应的三线插头的该插头与用电器的金属外壳相连；
(2)测电笔的正确使用方法：手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体；
(3)灯泡的接法：开关与灯泡顶部接线柱相连，同时与火线连接，螺旋套与零线相连；
(4)家庭电路中各用电器之间、用电器与插座之间以及插座与插座之间都是并联连接；
掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、用电器和插座之间、开关和用电器之间的连接方式、各元件的正确接法以及测电笔的正确使用方法。
5.【答案】C
【解析】解：
A、粉笔刷所受磁力沿水平方向，而粉笔刷所受重力沿竖直方向，二力方向不相反，且不在同一条直线上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、粉笔刷所受磁力与黑板对粉笔刷的支持力，二力作用在同一个物体上，因此不是一对相互作用力，故B错误；
CD、虽然粉笔刷相对黑板静止，但粉笔刷受竖直向下的重力，有向下运动的趋势，所以黑板对粉笔刷有竖直向上的摩擦力，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，两个力作用在同一个物体上。
(2)相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但是两个力作用在不同的物体上。
(3)摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势的方向相反。
解决本题的关键掌握作用力与反作用力和平衡力的区别，作用力和反作用力作用在不同的物体上，平衡力作用在同一个物体上。
6.【答案】D
【解析】解：
(1)滑轮组的机械效率η=W有用W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF，所以机械效率的高低与物体被提升的高度和提升速度无关，故A、C不正确；
(2)使用滑轮组时，克服动滑轮重所做功为额外功，由滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动可知，减小动滑轮重力可减小额外功，定滑轮的重力不影响额外功的多少，故B不正确、D正确。
故选：D。
(1)滑轮组的机械效率是指有用功和总功的比值，比值越大，机械效率越高。
(2)要提高滑轮组的机械效率可以，有用功一定时，减少额外功；额外功一定时，增大有用功。
本题主要考查了提高滑轮组的方法。首先要知道滑轮组机械效率是有用功与总功之比，比值越大，效率越高。所以有用功越大、额外功越少，机械效率越高。因此可以通过减少额外功，提高有用功来提高滑轮组的效率。
7.【答案】D
【解析】A、发声体都在振动，所以发声的音叉可以将乒乓球弹开，故A正确；
B、当空气被不断抽出后，铃声逐渐减弱，说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B正确；
C、扬声器发出的声音使蜡焰不停摆动，说明声音能传递能量，故C正确；
D、瓶内水位越高，质量越大，越难振动，频率越小，音调越低，故D错误。
故选：D。
(1)一切正在发声的物体都在振动；
(2)声音的传播需要介质，真空不能传声；
(3)声音能传递信息和能量；
(4)音调与发声体的振动频率有关，频率越高音调越高。
本题通过不同的物理情景考查了声音的产生、传播、音调以及声与能量，并能够搞清影响它们的因素，是一道声学综合题。
8.【答案】B
【解析】【分析】
物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固；物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化；物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。
此题主要考查物态变化，知道前后的物质状态是关键。
【解答】
A、冰化成水，由固态变为液态，属于熔化现象，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B正确；
C、雪是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C错误；
D、冬至时节房檐上的冰挂是水结成冰，是凝固现象，故D错误。
9.【答案】A
【解析】解：A.煤、石油、天然气等化石能源和核能在地球的储量是有限的，属于不可再生能源，故A正确；
B.核电站利用可控的核裂变来发电的，故B错误；
C.卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，而汤姆生发现电子并提出类似“西瓜”的原子模型，故C错误；
D.摩擦起电的过程是电子转移的过程，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，故D错误。
故选：A。
(1)从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源，人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源；
(2)核能分为核裂变和核聚变；
(3)英国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电荷的粒子--电子，从而揭示了原子是有结构的；1911年，卢瑟福建立了原子核式结构模型，该模型认为：原子是由原子核和核外电子组成，后来人们又发现原子核是由质子和中子组成；
(4)由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电。
本题考查了学生对核能利用、能源分类、物理学史以及摩擦起电现象，是一道综合题。
10.【答案】C
【解析】解：卡机读出饭卡的信息的原理是电磁感应现象；
A、如图反映通电导体周围存在着磁场，故A错误。
B、如图电路中有电源，说明通电导体在磁场中受力运动，故B错误。
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故C正确。
D、如图电路中有电源，说明通电线圈在磁场中受力转动，故D错误。
故选：C。
闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，银行卡读卡器读出信息原理就是电磁感应现象；
在选项中找出探究电磁感应的对应图即可。
电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源，电路中有电源的是电动机，电路中没有电源的是发电机。
11.【答案】C
【解析】解：A、因A漂浮，B悬浮，根据物体沉浮条件可知：ρA<ρ水，ρB=ρ水，则：ρA<ρB，故A正确；
B、已知A、B体积相等，由图可知：VA排C、由于甲、乙都装有同样多的水，VA排D、因ρA<ρB，且两物体的体积相同，则根据G=mg=ρVg可知两物体所受重力关系为：GA故选：C。
(1)知道A漂浮，B悬浮，根据物体沉浮条件即可判断物体的密度；
(2)据图能看出两个小球排开液体的体积，而后结合阿基米德原理计算即可；
(3)根据甲、乙中的水的多少和物体排开水的体积判断出容器里水的深度，然后根据p=ρ液gℎ即可判断水对容器底的压强关系；
(2)两容器相同时受力面积相同且液体质量相等，根据F=G=mg可知对桌面的压力关系，利用p=FS判断两容器对桌面的压强关系。
此题考查了阿基米德原理和液体内部压强公式的应用，是一道综合题。
12.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，定值电阻R0、R1与滑动变阻器串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB.将滑动变阻器滑片P从a端缓慢移动至b端的过程中，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数逐渐减小，由U=IR可知，R0、R1两端的电压都逐渐减小，则电压表V1的示数逐渐减小；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表V2的示数等于电源电压减去R0和R1两端的电压，所以，变阻器两端的电压变大，即电压表V2示数逐渐增大，故AB错误；
C.设滑片移动前后电路中的电流分别为I1、I2，则电压表V1示数的变化量：ΔU1=U1−U1′=I1R1−I2R1=(I1−I2)R1，电压表V2示数的变化量：ΔU滑=U滑′−U滑=(U−I2R1−I2R0)−(U−I1R1−I1R0)=(I1−I2)(R1+R0)，所以，ΔU1<ΔU滑，即电压表V1和V2示数变化量不相等，故C错误；
D.设R0和R1的总电阻为R，则R=R0+R1=2Ω+3Ω=5Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流I=UR+R滑，
则滑动变阻器的电功率：
P滑=I2R滑=(UR+R滑)2R滑=U2(R+R滑)2R滑=U2R2+2RR滑+R滑2R滑=U2(R−R滑)2+4RR滑R滑=U2(R−R滑)2R滑+4R，所以当R滑=R=5Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，由滑动变阻器最大阻值为10Ω可知，将滑动变阻器滑片P从a端缓慢移动至b端的过程中，变阻器的电功率先增大后减小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R0、R1与滑动变阻器串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0、R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化；
(2)设出滑片移动前后电路中的电流变化，根据欧姆定律表示出电压表V1示数的变化量，根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电压表V2示数的变化量，然后比较两电压表示数的变化量关系；
(3)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=UI=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后结合滑动变阻器的阻值判断其消耗电功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会判断滑动变阻器消耗的电功率变化是关键。
13.【答案】半导体；红
【解析】解：二极管是利用半导体材料制成的；
红、绿、蓝是色光的三原色，利用这三种颜色的光可以混合成其他各种色光．
故答案为：半导体；红．
利用半导体材料制成二极管或三极管，色光三原色，这些属于记忆性内容，记住即可．
14.【答案】b 倒立
【解析】解：
当物体位于1倍、2倍焦距之间时，成放大的实像，此时越靠近1倍焦距，所成的像越大，要使成的实像最大，蜡烛要放在b点。此时物体成倒立、放大的实像。
故答案为：b；倒立。
①凸透镜的成像规律和物距有关，即：u>2f时，成倒立、缩小的实像；u=2f时，成倒立、等大的实像；f②动态成像规律：当凸透镜成实像时，满足“物近像远像变大”。
③凸透镜成实像时，物与像的上下、左右都相反。
凸透镜的成像规律在光学题目中属于常考的知识，对于动态、静态时的成像规律应牢记于心。
15.【答案】总开关(开关) 并
【解析】解：(1)房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路干路上的总开关(开关)；
(2)房间里各用电器之间工作情况是互不影响，所以各用电器之间是并联。
故答案为：总开关(开关)；并。
(1)开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；
(2)串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响。
本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释。
16.【答案】5 悬浮
【解析】解：已知G=5N，F′=0N，则该物体在水中受到的浮力F浮=G−F′=5N−0N=5N。
因为此时铁球受到的浮力和重力相等，受力平衡，因此当细线剪断后，铁球将静止不动，处于悬浮状态。
故答案为：5；悬浮。
已知物体重和浸没在水中时弹簧测力计的示数，根据称重法F浮=G−F′求出该物体在水中受到的浮力。
本题考查了浮力的计算和物体状态的判断，关键是称重法的应用，是一道基础题目。
17.【答案】惯性 减小
【解析】解：(1)运动员将冰壶推出之后，冰壶由于惯性，继续保持原来的运动状态向前运动；
(2)运动员在冰壶前进途中，不断地刷冰，为了使冰面形成一层水面，水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦力。
故答案为：惯性；减小。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
(2)减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度，使接触面分离。
此题考查了惯性和减小摩擦的方法的知识点。题目来源于日常生活中的一些现象，题目的难度不大，将理论与实际联系在一起是此题的考查目的。
18.【答案】做功 比热容大
【解析】解：
(1)在四冲程汽油机的一个工作循环中，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)汽油机用水作为冷却剂，是利用水的比热容大，散热效果好。
故答案为：做功；比热容大。
(1)内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
(2)在自然界中水的比热容最大，是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因。
本题考查了四个冲程汽油机的能量转化、水的比热容大的应用，是中考的热点内容。
19.【答案】6 2
【解析】解：由甲图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路的电流；
(1)由图乙可知，当电流表的示数I=0.1A时，R2两端的电压U2=5V，
当电流表的示数I′=0.3A时，R2两端的电压U2′=3V，
由串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压：
U=U2+U1=U2+IR1=5V+0.1A×R1------①
U=U2′+U1′=U2′+I′R1=3V+0.3A×R1------②
联立①②可解得：U=6V，R1=10Ω；
(2)串联电路中电流处处相等，由电流表的量程为0～0.6A和滑动变阻器R2的规格为“50Ω 0.5A”可知电路中的最大电流为0.5A，根据欧姆定律可知此时总电阻最小，变阻器接入电路的电阻最小，
由欧姆定律可得，电路的最小总电阻：R总小=UI大=6V0.5A=12Ω，
因串联电路总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑小=R总小−R1=12Ω−10Ω=2Ω。
故答案为：6；2。
由甲图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路的电流；
(1)根据图象，利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，联立方程组可求出电源电压和电阻R1的阻值；
(2)串联电路中电流处处相等，根据变阻器的铭牌和电流表的量程可知电路中的最大电流，由欧姆定律求出电路的最小总电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，从图象中获取信息、根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压是解题的关键。
20.【答案】解：过灯泡重心作竖直向下的力，用字母G表示；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即动力臂L1.如图所示：

【解析】先确定重力作用点，然后过力作用点表示重力的方向(即竖直向下)；已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂)．
本题考查了重力示意图和力臂的作法．关键是要作出支点到力的作用线的垂线段．掌握作图的基本方法，并且作图要规范．
21.【答案】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的右端为S极，左端为N极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极(左端)，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。
如图：

【解析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断又考查了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行。
22.【答案】解：将AB和CD两条光线反向延长，相交于平面镜后一点S′，这就是发光点的像，再过镜面做这一点的对称点S，这就是发光点。从发光点S分别向AB和CD引出光线就完成了光的反射，如图所示。

【解析】通过平面镜成像的特点知，平面镜所成的像是反射光线的反向延长线的交点，故反向延长两反射光线可得到发光点在平面镜中所成的像，再根据平面镜成像的对称性可知，物与像关于平面镜对称，从而画出发光点S。
本题考查了平面镜成像的特点：反射光线的反向延长线交于像点，像与物关于镜面对称。
23.【答案】左侧 74 3.7×103 偏大
【解析】解：(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，发现指针指在分度盘中线的左侧，天平的右端上翘，向右调节平衡螺母，直到天平水平平衡。
(2)小化石的质量：m=50g+20g+4g=74g。
(3)小化石的体积：V=40mL−20mL=20mL=20cm3，
小化石的密度：ρ=mV=74g20cm3=3.7g/cm3=3.7×103kg/m3。
(4)要先测量小化石的体积，再测量小化石的质量，由于小化石上沾有水，会使小化石的质量测量值偏大，根据ρ=mV得，小化石的密度测量值偏大。
故答案为：(1)左侧；(2)74；(3)3.7×103；(4)偏大。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，平衡螺母向上翘的一端调节。
(2)小化石的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。
(3)小化石的体积等于小化石浸没水前后水面对应刻度值的差；
知道小化石的质量和体积，根据密度公式求出小化石的密度。
(4)要先测量小化石的体积，再测量小化石的质量，由于小化石上沾有水，会使小化石的质量测量值偏大，密度测量值偏大。
本题考查了用天平和量筒测量小化石的密度，并且对实验结果进行评估，这是测量固体密度很典型的一道实验题，一定要熟练掌握。
24.【答案】小灯泡断路 右 0.65 I额 I额2I2R0I1−I2
【解析】解：(1)灯泡额定电压是2.5V，电压表选0～3V量程，滑动变阻器在连接时要遵守“一上一下”的原则；
当滑片向右移时灯泡变亮，说明滑动变阻器接入电路中的电阻减小，所以从开关出来的导线应与滑动变阻器右边下方接线柱连接，如图所示：
(2)闭合开关，发现无论怎样移动滑片灯泡都不亮，电流表示数无示数，说明电流断路，电压表有示数且约为电源电压，说明与电压表并联部分断路，故电路故障是小灯泡断路；
(3)排除故障后，闭合开关S，电压表示数为1.5V，电压表测量小灯泡的电压，而小灯泡的额定电压U额=2.5V，故应让电压表的示数变大。串联电路中，元件的电阻越大，所分的电压越大，故应让滑动变阻器的电压变小，应调节滑片让滑动变阻器的电阻变小，滑片需向右端移动；
小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，电流表选择“0～0.6A”的量程，分度值为0.02A，读数为0.26A，则小灯泡的额定功率为：P=UI=0.26A×2.5V=0.65W；
(4)①只闭合开关S，S1，此时灯泡和滑动变阻器R2串联，调节R2使电流表的示数为I额；
②再断开S1，闭合S2，此时两滑动变阻器R1、R2串联，保持R2滑片位置不变，调节R1，使电流表示数为I额，根据等效替代的方法，此时R1=RL；
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电流表的示数为I1，此时R2连入电路中的电阻为0，设电源电压为U，则：U=I1R1…Ⅰ，
再将R2的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为I2，此时R2连入电路中的电阻为R0，则：U=I2R0+I2R1…Ⅱ，
由Ⅰ、Ⅱ两式可得，U=I1R1=I2R0+I2R1，即，RL=R1=I2R0I1−I2，故小灯泡额定功率为：P=I额2RL=I额2×I2R0I1−I2=I额2I2R0I1−I2。
故答案为：(1)见解答图；(2)小灯泡断路；(3)右；0.65；(4)I额；I额2I2R0I1−I2。
(1)根据灯泡额定电压确定电压表量程，根据题目要求确定滑动变阻器接法，把滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电路故障分析电路故障原因；
(3)排除故障后，闭合开关S，电压表示数为1.5V，电压表测量小灯泡的电压，而小灯泡的额定电压U额=2.5V，故应让电压表的示数变大。根据串联电路分电压，元件的电阻越大，所分电压越大来分析滑片的移动方向；读出小灯泡正常发光时电流表的示数，已知灯泡的额定电压，根据P=UI计算额定功率；
(4)根据P=I2R，在只有电流表的情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①只闭合开关S，S1，此时灯泡和滑动变阻器R2串联，调节R2使电流表的示数为I额，即小灯泡正常发光；
②再断开S1，闭合S2，此时两滑动变阻器R1、R2串联，保持R2滑片位置不变，调节R1，使电流表示数为小灯泡的额定电流，根据等效法，此时滑动变阻器R1连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻，接着将R2的滑片P调至最左端，记下电流表的示数为I1，再将R2的滑片P调至最右端，记下电流表的示数为I2，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=I2R，求出小灯泡额定功率。
本题考查“测量小灯泡额定功率”实验中，重点考查了电路连接、故障分析、电功率的计算等问题，同时也考查利用等效替代法求电阻和设计实验方案测电功率的能力，综合性强，难度较大。
25.【答案】解：(1)汽车的速度：v=72km/ℎ=20m/s，
3s内汽车通过的路程：s=vt=20m/s×3s=60m；
(2)汽车的速度：v1=90km/ℎ=25m/s。
由P=Wt=Fst=Fv得到牵引力：F=Pv=50000W25m/s=2000N，
因为汽车进行匀速直线运动，所以汽车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以：f=F=2000N；
(3)获得的电能：W=Pt×80%×50%=50000W×3s×80%×50%=60000J
轿车只用这部分电能行驶的距离：s′=WF=60000J2000N=30m。
答：(1)3s内汽车通过的路程大小是60m；
(2)轿车所受阻力的大小是2000N；
(3)若将3s内充电获得的电能全部用来维持汽车以90km/ℎ匀速行驶，轿车只用这部分电能行驶的距离是30m。
【解析】(1)根据s=vt得到3s内汽车通过的路程；
(2)轿车匀速行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=Fv得到阻力；
(3)知道输出功率和时间以及转化效率和充电效率，求出充电获得的电能，用充电获得的电能来做功，根据W=Fs求出轿车行驶的距离。
本题考查速度、功率和功的计算，属于综合题。
26.【答案】解：(1)由表格数据可知，加湿器高挡的功率P高=440W，
由P=UI可知，加湿器在高档加热时的电流：I=P高U=440W220V=2A；
(2)由图可知，当旋转开关S置于2、3时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总最小，加湿器处于低挡；
当旋转开关S置于3、4时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，加湿器处于高挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P高=(220V)2440W=110Ω；
(3)加湿器高挡加热21min产生的热量：Q=W高=P高t高=440W×21×60s=5.544×105J，
根据题意可知，水吸收的热量Q吸=Q=5.544×105J，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m=5.544×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg=44℃；
(4)R2的阻值：R2=3R1=3×110Ω=330Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，低挡工作时电路中的总电阻：R=R1+R2=110Ω+330Ω=440Ω，
加湿器低挡时的发热功率：P低=U2R=(220V)2440Ω=110W。
答：(1)加湿器在高档加热时的电流为2A；
(2)电阻R1的阻值为110Ω；
(3)可以使注水仓中冷水的温度升高44℃；
(4)低挡时的发热功率为110W。
【解析】(1)由表格数据可知加湿器高挡的功率，根据P=UI求出加湿器在高挡加热时的电流大小；
(2)由图可知，当旋转开关S置于2、3时，R1、R2串联，当旋转开关S置于3、4时，只有R1工作；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知加湿器低挡和高挡的电路连接；根据高挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；
(3)根据Q=W=Pt求出加湿器高挡加热21min产生的热量，根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cmΔt求出水升高的温度；
(4)根据R1、R2的关系求出R2的阻值，根据串联电路的电阻特点求出低挡工作时电路中的总电阻，根据P=U2R可求出低挡时的电功率。
本题考查串联电路的特点、电功率公式、吸热公式以及电功公式的应用，属于电热综合题，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。额定电压(V)
220
高挡加热功率(W)
440
最大注水量(kg)
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