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2024年河南省南阳市中考一模物理试题（原卷版+解析版）
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这是一份2024年河南省南阳市中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年河南省南阳市中考一模物理试题原卷版docx、2024年河南省南阳市中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共23页， 欢迎下载使用。
1．本试卷满分70分，考试时间60分钟。
2．答题前，考生先将自己的姓名、考号、学校等填在试题卷和答题卡相应的位置。
3．考生作答时，将答案涂、写在答题卡上，在本试题卷上答题无效。
4．考试结束，将答题卡和试题卷一并交回。
一、填空题（每空1分，共14分）
1. 如图所示，埙（xūn）是我国古代用陶土烧制的一种吹奏乐器，形状为圆形或椭圆形，有六孔，顶端为吹口。演奏者吹埙时，发出的声音是由于空气柱的______而产生的，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的______。
【答案】 ①. 振动 ②. 音调
【解析】
【详解】[1]声音是由物体振动产生的，演奏者吹埙时发出的声音是空气柱振动产生的。
[2]演奏者用手指按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要是改变声音的音调。
2. 火罐养生历史悠久。如图所示，在空瓶里烧纸，迅速罩在人身体上，待瓶内氧气耗掉，瓶内气压______（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气压，瓶就压紧在身体上。拔火罐时，人感觉很烫热，这是用______方式增加了人体的内能。室外起风时窗帘会向外飘，是因为室外空气流速大压强______的缘故。
【答案】 ①. 小于 ②. 热传递 ③. 小
【解析】
【详解】[1]拔火罐时，由于燃烧，瓶内的氧气被消耗，而瓶的体积不变，所以气压减小，小于瓶外大气压，所以火罐被压在皮肤上。
[2]拔火罐时，火罐的内能以热传递的方式使人的内能升高，从而导致人的温度升高，所以人感觉很烫热。
[3]风沿着外墙吹过窗口时，窗帘外侧空气流速大，压强小，内侧空气流速慢，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗户外面。
3. 小笛在立定跳远时，身体离开地面后，由于 ___________，他在空中还能继续向前运动；最终他会落回地面上，这是由于他受到 ___________作用结果。
【答案】 ①. 身体具有惯性 ②. 重力
【解析】
【详解】[1]人离开地面后，由于身体具有惯性，在空中仍然保持向前的运动状态，所以还能继续向前运动。
[2]由于重力的方向是竖直向下的，人受到重力的作用，所以他会落到地面上。
4. 小明打开冰箱门时，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气___________形成的。当他拿起湿抹布去擦拭时，抹布却粘在了侧壁上，这是因为发生了___________现象。
【答案】 ①. 凝华 ②. 凝固
【解析】
【详解】[1]霜是水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象。
[2]湿抹布上的液态水遇冷凝固成冰，使抹布粘在侧壁上。
5. 电热炉是利用电流的______效应来工作的。甲、乙两个电热炉上分别标有“220V；1000W”和“220V；500W”的字样，如果把它们串联在220V的电路中使用，则______（选填“甲”或“乙”）实际消耗的电功率较大；如果将它们并联在220V的电路中使用，则甲在30min内产生热量______J。
【答案】 ①. 热 ②. 乙 ③.
【解析】
【详解】[1]电热炉通电时，将电能转化为内能，所以电热炉是利用电流的热效应来工作的。
[2]由可知，甲电热炉的电阻为
乙电热炉的电阻为
把它们串联在220V的电路中使用，根据串联电路的特点可知，通过甲、乙电热炉的电流相等，根据可知，甲实际消耗的电功率小于乙实际消耗的电功率。
[3]将它们并联在220V的电路中使用，甲电热炉的实际功率等于其额定功率，甲在30min内产生热量为
6. 如图所示，在光滑水平面上，把闭合金属框竖直固定在木质小车上，让小车以某一速度进入一个垂直纸面均匀分布的磁场区域。若不计空气阻力，请你判断：小车在进入磁场或离开磁场过程中做______（选填“匀速”“加速”或“减速”）运动，你判断的理由是______。
【答案】 ①. 减速 ②. 受向左的安培力，阻碍线框与磁场的相对运动
【解析】
【详解】[1][2]线框进入磁场过程，产生感应电流，根据楞次定律知道，受向左的安培力，阻碍线框进入磁场的相对运动， 所以做减速运动；同理，线框离开磁场过程，也产生感应电流，受向左的安培力，阻碍线框离开磁场相对运动，也做减速运动。
二、选择题（每小题2分，共16分）7~12小题只有一个答案符合题目要求，13~14小题有两个答案符合题目要求，选对但不全得1分，有错选或不选得0分。
7. 关于能源、信息和航天，下列说法正确的是（ ）
A. 太阳能、水能、风能、核能都是可再生能源
B. 当前的核电站利用核聚变释放能量
C. 光纤通信是利用光的反射传递信息的
D. 北斗卫星可利用超声波来定位导航
【答案】C
【解析】
【详解】A．太阳能、水能、风能属于可再生能源，核能属于不可再生能源，故A错误；
B．核电站利用的是核裂变时释放的能量，故B错误；
C．光纤通信是利用光在光纤内全反射来传递信息的，故C正确；
D．电磁波可以在真空中传播，即“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误。
故选C。
8. 甲、乙两辆玩具小车从同一起点一起向东运动的图像如图示，由图可知正确的是（ ）
A. 8s时，甲车在乙车前面1.6m处
B. 甲车速度是0.2km/h
C. 甲、乙两车都在做匀速直线运动且
D. 以甲车为参照物，乙车是向西运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知第8s时，甲通过的路程为1.6m，乙通过的路程为0.8m，已知甲、乙两车从同一起点向东运动，因此甲、乙两车相距
因此8s时，甲车在乙车前面0.8m处，故A错误；
B．从图像可以看出，甲通过的路程为1.6m时，所用时间为8s，则甲车的速度为
故B错误；
CD．从图像可以看出甲、乙两车的路程与时间成正比，所以甲、乙都在做匀速直线运动，相同的时间时，甲车通过的路程大于乙车的路程，由可知，v甲>v乙，则乙车相对于甲车的位置向西，则以甲车为参照物，乙车向西运动，故C错误，D正确。
故选D。
9. 当前，人们只需要用手机扫一扫，即可完成各项付款，手机扫描二维码时相当于用手机给二维码拍照，将二准码图形通过扫描器输入，在内制软件中进行解码。关于手机扫码，下列说法正确的是（ ）
A. 手机扫描二维码时，二维码一定是光源
B. 手机镜头与近视镜的镜片属于同一种透镜
C. 手机镜头远离二维码时，二维码在手机中所成的像会变小
D. 扫码时二维码要位于摄像头一倍焦距以内
【答案】C
【解析】
【详解】A．二维码本身不发光，不是光源，故A错误；
B．近视镜的镜片是凹透镜，摄像头相当于凸透镜，不属于同一种透镜，故B错误；
C．由凸透镜成实像的规律知道，物远像近像小。所以，手机镜头远离二维码时，物远像近像变小，故C正确；
D．手机的摄像头相当于一个凸透镜，是利用物体在2倍焦距以外时，凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，所以，扫码时二维码要位于摄像头的2倍焦距以外，故D错误。
故选C。
10. 甲、乙两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，装有两种不同的液体，将物体A分别放入两种液体中，静止时A浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。两容器中的液体密度分别为和；两容器中的液体对A产生的浮力分别为和；两容器中液体对容器底部的压强分别为和；两容器对桌面的压力分别为和。则下列判断中正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．由于小球漂浮在液体A中，所以，而小球在液体B中沉底，所以，所以，故A错误；
B．由于两容器中液体深度相同，根据液体压强公式可知密度大的液体对容器底部的压强大，所以，故B正确；
C．由于小球漂浮在液体A中，所以，而小球在液体B中沉底，所以，所以，故C错误；
D．由图可知，又因为，根据可知，，所以，由于容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和，所以，故D错误。
故选B。
11. 下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A. 春天，大雾在太阳的照射下散去，这是汽化现象，需要吸热
B. 热机通过压缩冲程将内能转化为机械能
C. 海边昼夜温差比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的比热容大
D. 月季花盛开时，散发出清香味，说明分子在不停地做无规则运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．雾是小水滴，春天，大雾在太阳的照射下散去，液态变气态，是汽化现象，需要吸热，故A正确，不符合题意；
B．压缩冲程是活塞对气体做功，将机械能转化为内能使气体内能增大，温度升高，故B错误，符合题意；
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，故C正确，不符合题意；
D．月季花盛开时散发出清香味，是扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果，故D正确，不符合题意。
故选C。
12. 科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，需要通过“密码＋人脸”两次识别成功才会开锁。密码识别成功时仅闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题可知，S1闭合，灯L发光，但电动机不工作，S2闭合，电动机M工作，所以灯和电动机并联，且S1在干路，S2在电动机所在的支路，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
13. 在物理学习中，我们常会用到一些科学研究方法，如在“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积。以下研究中所采用方法与此相同的是（ ）
A. 认识光现象时，用光线描述光传播路径和方向
B. “探究物体动能的大小与速度的关系”时，让同一小车由斜面的不同高度静止滑下
C. “探究杠杆平衡的条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量
D. “探究电流与电压的关系”时，保持电阻大小不变，改变电压大小。
【答案】BD
【解析】
【详解】在“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，这实验用了控制变量法。
A．认识光现象时，实验用了模型法，没有用到控制变量法，故A不符合题意；
B．“探究物体动能的大小与速度的关系”时，控制了小车的质量相同，用了控制变量法，故B符合题意；
C．“探究杠杆平衡的条件”时，多次测量，是为了寻找普遍规律，实验中没有控制变量法，故C不符合题意；
D．“探究电流与电压的关系”时，保持电阻大小不变，控制了电阻大小相同，用了控制变量法，故D符合题意。
故选BD
14. 关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A. 图甲，说明通电导线周围存在着磁场
B. 图乙，此实验装置原理与发电机原理相同
C. 图丙，实验中将电能转化为机械能
D. 图丁，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的
【答案】AD
【解析】
【详解】A．通电后，小磁针转动，说明有磁场影响了小磁针，说明通电后电流周围存在着磁场，故A正确；
B．通电后，磁场中的导体在磁场的作用下运动，这是电动机的工作原理。故B错误；
C．用外力使磁场中的导体运动，结果电路中产生电流，这是将机械能转化为电能，故C错误；
D．人对着话筒说话，空气振动导致线圈与磁体间产生相对运动，从而产生了随着声音变化而变化的电流，这是电磁感应现象，故D正确。
故选AD。
三、作图题（每小题2分，共4分）
15. 如图是“池水清浅，擅入会溺”的班会主题，告诫学生不要擅自下水游泳。请在图丙中画出人眼看到池底A的大致光路图（A′是人眼看到的池底A的像）。
【答案】
【解析】
【详解】人眼看物体以为光是沿直线传播的，连接BA′，得到折射光线，BA′与水面的交点O为入射点，连接AO得到入射光线，如图所示：
16. 在图中，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：
四、实验与探究（共18分）
17. a、b两个实验小组用相同的酒精灯探究“水沸腾前后温度变化的特点”，所用实验装置如图甲所示，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。
（1）如图甲所示，安装实验器材时要先调整______（选填“A”或“B”）的高度；
（2）实验过程中，某时刻温度计的示数如图甲所示为______℃；
（3）分析图像可知，水在沸腾时吸热，温度______；
（4）进一步分析乙图可知，______组同学所用水的质量较小。
【答案】 ①. B ②. 93 ③. 不变 ④. a
【解析】
【详解】（1）[1]实验中需要用酒精灯的外焰加热，安装器材时应按照自下而上的顺序，所以要先调整的B的高度。
（2）[2]该温度计的分度值是1℃，示数是93℃。
（3）[3]由图像可知，水在沸腾时持续吸热，但温度保持不变。
（4）[4]由图可知，a组同学花费了3min达到沸腾，温度升高了
即每升高1℃花费时间是0.5min。b组同学花费了10min达到沸腾，温度升高了
即每升高1℃花费时间是0.8min，由此可见a所用水的质量少，到达沸腾所用的时间比b组少。
18. 如图所示，小明同学“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）如图甲所示，实验前，用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）。
（2）如图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而______；
（3）将探头放入水中某一深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是探究液体内部压强大小与_________是否有关。
（4）比较图丙和图丁，可得出结论是：不同的液体，产生的压强大小与液体的_________有关。
（5）在做图丙和图丁所示的实验时，小明同学认为图丙、丁两烧杯中的液面必须相平。小明的观点______（选填“正确”或“不正确”），理由是____________。
【答案】 ①. 不漏气 ②. 增大 ③. 方向 ④. 密度 ⑤. 不正确 ⑥. 只需控制金属盒在液体的深度相同即可
【解析】
【详解】（1）[1]压强计是通过U形管两端液面的高度差来反映被测压强大小的，用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明装置不漏气。
（2）[2]图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度，压强计液面的高度差不一样，且探头在液面中越深的，液面高度差越大，则可得结论：液体内部的压强随深度的增加而增加。
（3）[3]将探头放入水中某一深度不变，改变橡皮膜朝向，即改变橡皮膜在各个方向上所受的压强，观察U形管液面高度差，目的是探究液体内部压强大小与方向的关系。
（4）[4]图丙和丁中，探头在液面的深度相同，液体的密度不同，U形管液面高度差不同，所以可得结论：不同的液体，产生的压强与液体的密度有关。
（5）[5]在做探究液体内部压强与液体密度的关系时，需要控制探头在液体的深度相同即可，所以不需要两烧杯中液面相平，只需控制金属盒在液体的深度相同即可。
19. 如图所示，小华做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源为3节新的干电池串联而成，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器的规格是“30；1A”。
（1）请你将图甲中未完成的电路连接好_________（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮）；
（2）小华连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路的故障可能是______；
（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑片，电压表示数如图乙，为使灯泡正常发光，应向______（选填“左”或“右”）端移动滑片P；小华移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______W；
（4）观察灯泡的图象，可以发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比也变大了，其原因是______；
（5）测完小灯泡的额定功率之后，小华绘制出小灯泡的和图象，下列正确的是______；
（6）另一小组同学在没有电压表的情况下，利用电流表和定值电阻，设计了如图丁所示的实验电路，测量小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为，定值电阻的阻值为，实验步骤如下：
①闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器，使电流表示数为______时，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、，断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电流表的示数为I；
③测得小灯泡的额定电功率______（用、I和表示）。
【答案】 ①. ②. 灯泡短路 ③. 右 ④. 0.75 ⑤. 灯泡电阻随温度升高而变大 ⑥. D ⑦. ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮，说明当滑片左移时，电阻变小，电流变大，所以滑动变阻器的左下部分接入电路，则连接滑动变阻器左下接线柱和灯泡右接线柱即可，具体如图所示：
（2）[2]闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明可能是与电压表并联的灯泡短路。
（3）[3][4]如甲图所示：电压表是小量程接入，则对应到乙图，分度值是0.1V，示数是2.8V，因灯泡的额定电压是2.5V，为使灯泡正常发光，需要减小电压表的示数，由串联分压的原理可知应增大滑动变阻器分到的电压，所以应增大滑动变阻器的阻值，即向右移动滑片即可。如丙图所示当灯泡的额定电压是2.5V时，电流是0.3A，则灯泡的额定功率为
（4）[5]当电压表示数增大时，电压表与电流表的示数之比，即灯泡的电阻也变大，说明灯泡的电阻不是一个固定值，而电阻与材料、长度、横截面积和温度有关，在本实验中其他条件都不变，所以灯泡的电阻随温度升高而变大。
（5）[6]AB．因为灯泡的电阻是随温度的升高而增大的，根据可知，P与I2不是正比的关系，且随着温度升高，灯泡的实际功率增加的幅度会变大，所以图像会向上弯，故AB错误；
CD．由可知，因灯泡的电阻在增大，实际功率增加的幅度变小，所以，P与U2不是正比的关系，会向下弯，故D正确，C错误。
故选D。
（6）[7][8]闭合开关S、S1，断开S2，灯泡和定值电阻R0并联，电流表测R0的电流，滑动变阻器在干路上，调节滑动变阻器，使电流表示数为时，此时小灯泡正常发光；闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表、滑动变阻器在干路上，灯泡和定值电阻R0并联，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电流表的示数为I，则通过灯泡的电流为
则小灯泡的额定功率为
五、综合应用（共18分）
20. 如图所示，“引体向上”是一项克服人体重力做功的健身运动。该运动的规范动作是：两手正握单杠，由悬垂开始，上提时，下颚须超过杠面。已知小强的质量为56kg，每次引体上升的高度为0.6m，双手与杠之间的受力面积为80cm。N/kg。求：
（1）小强两手正握单杠悬垂静止不动时，单杠对他的拉力和他的重力是一对______（选填“相互作用力”或“平衡力”）。
（2）小强两手正握单杠悬垂静止时，手对单杠的压强为多少______？
（3）小强每做一个引体向上动作，向上过程中克服重力做了多少功______？
（4）某次训练中，小强在1分钟内连续做了15个引体向上动作，在整个过程中他克服重力做功的平均功率是多少______？
【答案】 ①. 平衡力 ②. ③. 336J ④. 84W
【解析】
【详解】（1）[1]小强两手正握单杠悬垂静止不动时，处于平衡状态，单杠对他的拉力和他的重力都作用在他上，大小相等、方向相反、在同一条直线上，是一对平衡力。
（2）[2]小强对单杠的压力大小等于小强的重力，为
则手对单杠的压强为
（3）[3]小强每做一个引体向上动作，向上过程中克服重力做的功为
（4）[4]在1分钟内连续做了15个引体向上动作，则这1分钟内克服重力做的总功为
克服重力做功的平均功率为
21. 如图甲所示是某型号家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的是气敏电阻，的阻值与燃气浓度的关系如图乙所示，出厂预设当燃气浓度达到6%时报警，测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定；闭合开关、，移动滑动变阻器滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.02A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下，工作电路中相应的指示灯亮起而报警（电磁铁线圈的电阻忽略不计）。
（1）图甲中通电螺线管是利用电流的______工作的；按出厂预设，当燃气浓度达到6%时报警，此时工作电路的指示灯______（选填“”或“”）亮起；
（2）该报警器要达到出厂预设值，则滑动变阻器应接入电路的电阻值为多大___？此时，控制电路的总功率为多大______？
（3）为了提高该报警器的灵敏度（即在燃气浓度更低时就能报警），请你提出改进方法______（写出两种）。
【答案】 ①. 磁效应 ②. L2 ③. 130Ω ④. 0.06W ⑤. 可适当减小电源电压（或适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小）
【解析】
【详解】（1）[1]通电导体的周围存在磁场，图甲中通电螺线管是利用电流的磁效应工作的。
[2]当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲知道，衔铁带动动触点与下方静触点接触，此时灯L2的工作电路连通，故灯L2亮。
（2）[3]当燃气浓度达到6%时，根据图乙知道，此时气敏电阻的阻值为
R1=20Ω
此时控制电路中的电流为I=0.02A，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为
根据电阻的串联规律知道，滑动变阻器接入电路的电阻为
[4]此时，控制电路的总功率
（3）[5]①若要提高该报警器的灵敏度，即在燃气浓度更低时就能报警，也就是燃气浓度增大时（气敏电阻变小，根据电阻的串联，控制电路的总电阻变小）线圈中的大电流大于或等于200mA 时，由欧姆定律变形公式U=IR，可适当减小电源电压。
②根据图乙知道，当燃气浓度达降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，由欧姆定律知道，当电压一定时，需控制电路中的总电阻不变，因此应适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小。
1．本试卷满分70分，考试时间60分钟。
2．答题前，考生先将自己的姓名、考号、学校等填在试题卷和答题卡相应的位置。
3．考生作答时，将答案涂、写在答题卡上，在本试题卷上答题无效。
4．考试结束，将答题卡和试题卷一并交回。
一、填空题（每空1分，共14分）
1. 如图所示，埙（xūn）是我国古代用陶土烧制的一种吹奏乐器，形状为圆形或椭圆形，有六孔，顶端为吹口。演奏者吹埙时，发出的声音是由于空气柱的______而产生的，演奏者用手指按压不同位置的气孔，是为了改变声音的______。
【答案】 ①. 振动 ②. 音调
【解析】
【详解】[1]声音是由物体振动产生的，演奏者吹埙时发出的声音是空气柱振动产生的。
[2]演奏者用手指按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要是改变声音的音调。
2. 火罐养生历史悠久。如图所示，在空瓶里烧纸，迅速罩在人身体上，待瓶内氧气耗掉，瓶内气压______（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气压，瓶就压紧在身体上。拔火罐时，人感觉很烫热，这是用______方式增加了人体的内能。室外起风时窗帘会向外飘，是因为室外空气流速大压强______的缘故。
【答案】 ①. 小于 ②. 热传递 ③. 小
【解析】
【详解】[1]拔火罐时，由于燃烧，瓶内的氧气被消耗，而瓶的体积不变，所以气压减小，小于瓶外大气压，所以火罐被压在皮肤上。
[2]拔火罐时，火罐的内能以热传递的方式使人的内能升高，从而导致人的温度升高，所以人感觉很烫热。
[3]风沿着外墙吹过窗口时，窗帘外侧空气流速大，压强小，内侧空气流速慢，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗户外面。
3. 小笛在立定跳远时，身体离开地面后，由于 ___________，他在空中还能继续向前运动；最终他会落回地面上，这是由于他受到 ___________作用结果。
【答案】 ①. 身体具有惯性 ②. 重力
【解析】
【详解】[1]人离开地面后，由于身体具有惯性，在空中仍然保持向前的运动状态，所以还能继续向前运动。
[2]由于重力的方向是竖直向下的，人受到重力的作用，所以他会落到地面上。
4. 小明打开冰箱门时，发现冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气___________形成的。当他拿起湿抹布去擦拭时，抹布却粘在了侧壁上，这是因为发生了___________现象。
【答案】 ①. 凝华 ②. 凝固
【解析】
【详解】[1]霜是水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象。
[2]湿抹布上的液态水遇冷凝固成冰，使抹布粘在侧壁上。
5. 电热炉是利用电流的______效应来工作的。甲、乙两个电热炉上分别标有“220V；1000W”和“220V；500W”的字样，如果把它们串联在220V的电路中使用，则______（选填“甲”或“乙”）实际消耗的电功率较大；如果将它们并联在220V的电路中使用，则甲在30min内产生热量______J。
【答案】 ①. 热 ②. 乙 ③.
【解析】
【详解】[1]电热炉通电时，将电能转化为内能，所以电热炉是利用电流的热效应来工作的。
[2]由可知，甲电热炉的电阻为
乙电热炉的电阻为
把它们串联在220V的电路中使用，根据串联电路的特点可知，通过甲、乙电热炉的电流相等，根据可知，甲实际消耗的电功率小于乙实际消耗的电功率。
[3]将它们并联在220V的电路中使用，甲电热炉的实际功率等于其额定功率，甲在30min内产生热量为
6. 如图所示，在光滑水平面上，把闭合金属框竖直固定在木质小车上，让小车以某一速度进入一个垂直纸面均匀分布的磁场区域。若不计空气阻力，请你判断：小车在进入磁场或离开磁场过程中做______（选填“匀速”“加速”或“减速”）运动，你判断的理由是______。
【答案】 ①. 减速 ②. 受向左的安培力，阻碍线框与磁场的相对运动
【解析】
【详解】[1][2]线框进入磁场过程，产生感应电流，根据楞次定律知道，受向左的安培力，阻碍线框进入磁场的相对运动， 所以做减速运动；同理，线框离开磁场过程，也产生感应电流，受向左的安培力，阻碍线框离开磁场相对运动，也做减速运动。
二、选择题（每小题2分，共16分）7~12小题只有一个答案符合题目要求，13~14小题有两个答案符合题目要求，选对但不全得1分，有错选或不选得0分。
7. 关于能源、信息和航天，下列说法正确的是（ ）
A. 太阳能、水能、风能、核能都是可再生能源
B. 当前的核电站利用核聚变释放能量
C. 光纤通信是利用光的反射传递信息的
D. 北斗卫星可利用超声波来定位导航
【答案】C
【解析】
【详解】A．太阳能、水能、风能属于可再生能源，核能属于不可再生能源，故A错误；
B．核电站利用的是核裂变时释放的能量，故B错误；
C．光纤通信是利用光在光纤内全反射来传递信息的，故C正确；
D．电磁波可以在真空中传播，即“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误。
故选C。
8. 甲、乙两辆玩具小车从同一起点一起向东运动的图像如图示，由图可知正确的是（ ）
A. 8s时，甲车在乙车前面1.6m处
B. 甲车速度是0.2km/h
C. 甲、乙两车都在做匀速直线运动且
D. 以甲车为参照物，乙车是向西运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知第8s时，甲通过的路程为1.6m，乙通过的路程为0.8m，已知甲、乙两车从同一起点向东运动，因此甲、乙两车相距
因此8s时，甲车在乙车前面0.8m处，故A错误；
B．从图像可以看出，甲通过的路程为1.6m时，所用时间为8s，则甲车的速度为
故B错误；
CD．从图像可以看出甲、乙两车的路程与时间成正比，所以甲、乙都在做匀速直线运动，相同的时间时，甲车通过的路程大于乙车的路程，由可知，v甲>v乙，则乙车相对于甲车的位置向西，则以甲车为参照物，乙车向西运动，故C错误，D正确。
故选D。
9. 当前，人们只需要用手机扫一扫，即可完成各项付款，手机扫描二维码时相当于用手机给二维码拍照，将二准码图形通过扫描器输入，在内制软件中进行解码。关于手机扫码，下列说法正确的是（ ）
A. 手机扫描二维码时，二维码一定是光源
B. 手机镜头与近视镜的镜片属于同一种透镜
C. 手机镜头远离二维码时，二维码在手机中所成的像会变小
D. 扫码时二维码要位于摄像头一倍焦距以内
【答案】C
【解析】
【详解】A．二维码本身不发光，不是光源，故A错误；
B．近视镜的镜片是凹透镜，摄像头相当于凸透镜，不属于同一种透镜，故B错误；
C．由凸透镜成实像的规律知道，物远像近像小。所以，手机镜头远离二维码时，物远像近像变小，故C正确；
D．手机的摄像头相当于一个凸透镜，是利用物体在2倍焦距以外时，凸透镜成倒立、缩小的实像的原理工作的，所以，扫码时二维码要位于摄像头的2倍焦距以外，故D错误。
故选C。
10. 甲、乙两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，装有两种不同的液体，将物体A分别放入两种液体中，静止时A浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。两容器中的液体密度分别为和；两容器中的液体对A产生的浮力分别为和；两容器中液体对容器底部的压强分别为和；两容器对桌面的压力分别为和。则下列判断中正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】A．由于小球漂浮在液体A中，所以，而小球在液体B中沉底，所以，所以，故A错误；
B．由于两容器中液体深度相同，根据液体压强公式可知密度大的液体对容器底部的压强大，所以，故B正确；
C．由于小球漂浮在液体A中，所以，而小球在液体B中沉底，所以，所以，故C错误；
D．由图可知，又因为，根据可知，，所以，由于容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和，所以，故D错误。
故选B。
11. 下列关于热现象的说法不正确的是（ ）
A. 春天，大雾在太阳的照射下散去，这是汽化现象，需要吸热
B. 热机通过压缩冲程将内能转化为机械能
C. 海边昼夜温差比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的比热容大
D. 月季花盛开时，散发出清香味，说明分子在不停地做无规则运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．雾是小水滴，春天，大雾在太阳的照射下散去，液态变气态，是汽化现象，需要吸热，故A正确，不符合题意；
B．压缩冲程是活塞对气体做功，将机械能转化为内能使气体内能增大，温度升高，故B错误，符合题意；
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙子的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，故C正确，不符合题意；
D．月季花盛开时散发出清香味，是扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果，故D正确，不符合题意。
故选C。
12. 科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，需要通过“密码＋人脸”两次识别成功才会开锁。密码识别成功时仅闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题可知，S1闭合，灯L发光，但电动机不工作，S2闭合，电动机M工作，所以灯和电动机并联，且S1在干路，S2在电动机所在的支路，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
13. 在物理学习中，我们常会用到一些科学研究方法，如在“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，改变受力面积。以下研究中所采用方法与此相同的是（ ）
A. 认识光现象时，用光线描述光传播路径和方向
B. “探究物体动能的大小与速度的关系”时，让同一小车由斜面的不同高度静止滑下
C. “探究杠杆平衡的条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量
D. “探究电流与电压的关系”时，保持电阻大小不变，改变电压大小。
【答案】BD
【解析】
【详解】在“探究压力的作用效果与受力面积的关系”时，保持压力不变，这实验用了控制变量法。
A．认识光现象时，实验用了模型法，没有用到控制变量法，故A不符合题意；
B．“探究物体动能的大小与速度的关系”时，控制了小车的质量相同，用了控制变量法，故B符合题意；
C．“探究杠杆平衡的条件”时，多次测量，是为了寻找普遍规律，实验中没有控制变量法，故C不符合题意；
D．“探究电流与电压的关系”时，保持电阻大小不变，控制了电阻大小相同，用了控制变量法，故D符合题意。
故选BD
14. 关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A. 图甲，说明通电导线周围存在着磁场
B. 图乙，此实验装置原理与发电机原理相同
C. 图丙，实验中将电能转化为机械能
D. 图丁，动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的
【答案】AD
【解析】
【详解】A．通电后，小磁针转动，说明有磁场影响了小磁针，说明通电后电流周围存在着磁场，故A正确；
B．通电后，磁场中的导体在磁场的作用下运动，这是电动机的工作原理。故B错误；
C．用外力使磁场中的导体运动，结果电路中产生电流，这是将机械能转化为电能，故C错误；
D．人对着话筒说话，空气振动导致线圈与磁体间产生相对运动，从而产生了随着声音变化而变化的电流，这是电磁感应现象，故D正确。
故选AD。
三、作图题（每小题2分，共4分）
15. 如图是“池水清浅，擅入会溺”的班会主题，告诫学生不要擅自下水游泳。请在图丙中画出人眼看到池底A的大致光路图（A′是人眼看到的池底A的像）。
【答案】
【解析】
【详解】人眼看物体以为光是沿直线传播的，连接BA′，得到折射光线，BA′与水面的交点O为入射点，连接AO得到入射光线，如图所示：
16. 在图中，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：
四、实验与探究（共18分）
17. a、b两个实验小组用相同的酒精灯探究“水沸腾前后温度变化的特点”，所用实验装置如图甲所示，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。
（1）如图甲所示，安装实验器材时要先调整______（选填“A”或“B”）的高度；
（2）实验过程中，某时刻温度计的示数如图甲所示为______℃；
（3）分析图像可知，水在沸腾时吸热，温度______；
（4）进一步分析乙图可知，______组同学所用水的质量较小。
【答案】 ①. B ②. 93 ③. 不变 ④. a
【解析】
【详解】（1）[1]实验中需要用酒精灯的外焰加热，安装器材时应按照自下而上的顺序，所以要先调整的B的高度。
（2）[2]该温度计的分度值是1℃，示数是93℃。
（3）[3]由图像可知，水在沸腾时持续吸热，但温度保持不变。
（4）[4]由图可知，a组同学花费了3min达到沸腾，温度升高了
即每升高1℃花费时间是0.5min。b组同学花费了10min达到沸腾，温度升高了
即每升高1℃花费时间是0.8min，由此可见a所用水的质量少，到达沸腾所用的时间比b组少。
18. 如图所示，小明同学“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）如图甲所示，实验前，用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）。
（2）如图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而______；
（3）将探头放入水中某一深度不变，改变橡皮膜朝向，目的是探究液体内部压强大小与_________是否有关。
（4）比较图丙和图丁，可得出结论是：不同的液体，产生的压强大小与液体的_________有关。
（5）在做图丙和图丁所示的实验时，小明同学认为图丙、丁两烧杯中的液面必须相平。小明的观点______（选填“正确”或“不正确”），理由是____________。
【答案】 ①. 不漏气 ②. 增大 ③. 方向 ④. 密度 ⑤. 不正确 ⑥. 只需控制金属盒在液体的深度相同即可
【解析】
【详解】（1）[1]压强计是通过U形管两端液面的高度差来反映被测压强大小的，用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明装置不漏气。
（2）[2]图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度，压强计液面的高度差不一样，且探头在液面中越深的，液面高度差越大，则可得结论：液体内部的压强随深度的增加而增加。
（3）[3]将探头放入水中某一深度不变，改变橡皮膜朝向，即改变橡皮膜在各个方向上所受的压强，观察U形管液面高度差，目的是探究液体内部压强大小与方向的关系。
（4）[4]图丙和丁中，探头在液面的深度相同，液体的密度不同，U形管液面高度差不同，所以可得结论：不同的液体，产生的压强与液体的密度有关。
（5）[5]在做探究液体内部压强与液体密度的关系时，需要控制探头在液体的深度相同即可，所以不需要两烧杯中液面相平，只需控制金属盒在液体的深度相同即可。
19. 如图所示，小华做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源为3节新的干电池串联而成，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器的规格是“30；1A”。
（1）请你将图甲中未完成的电路连接好_________（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮）；
（2）小华连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则电路的故障可能是______；
（3）电路故障排除后，闭合开关，移动滑片，电压表示数如图乙，为使灯泡正常发光，应向______（选填“左”或“右”）端移动滑片P；小华移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______W；
（4）观察灯泡的图象，可以发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比也变大了，其原因是______；
（5）测完小灯泡的额定功率之后，小华绘制出小灯泡的和图象，下列正确的是______；
（6）另一小组同学在没有电压表的情况下，利用电流表和定值电阻，设计了如图丁所示的实验电路，测量小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为，定值电阻的阻值为，实验步骤如下：
①闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器，使电流表示数为______时，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、，断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电流表的示数为I；
③测得小灯泡的额定电功率______（用、I和表示）。
【答案】 ①. ②. 灯泡短路 ③. 右 ④. 0.75 ⑤. 灯泡电阻随温度升高而变大 ⑥. D ⑦. ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮，说明当滑片左移时，电阻变小，电流变大，所以滑动变阻器的左下部分接入电路，则连接滑动变阻器左下接线柱和灯泡右接线柱即可，具体如图所示：
（2）[2]闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明可能是与电压表并联的灯泡短路。
（3）[3][4]如甲图所示：电压表是小量程接入，则对应到乙图，分度值是0.1V，示数是2.8V，因灯泡的额定电压是2.5V，为使灯泡正常发光，需要减小电压表的示数，由串联分压的原理可知应增大滑动变阻器分到的电压，所以应增大滑动变阻器的阻值，即向右移动滑片即可。如丙图所示当灯泡的额定电压是2.5V时，电流是0.3A，则灯泡的额定功率为
（4）[5]当电压表示数增大时，电压表与电流表的示数之比，即灯泡的电阻也变大，说明灯泡的电阻不是一个固定值，而电阻与材料、长度、横截面积和温度有关，在本实验中其他条件都不变，所以灯泡的电阻随温度升高而变大。
（5）[6]AB．因为灯泡的电阻是随温度的升高而增大的，根据可知，P与I2不是正比的关系，且随着温度升高，灯泡的实际功率增加的幅度会变大，所以图像会向上弯，故AB错误；
CD．由可知，因灯泡的电阻在增大，实际功率增加的幅度变小，所以，P与U2不是正比的关系，会向下弯，故D正确，C错误。
故选D。
（6）[7][8]闭合开关S、S1，断开S2，灯泡和定值电阻R0并联，电流表测R0的电流，滑动变阻器在干路上，调节滑动变阻器，使电流表示数为时，此时小灯泡正常发光；闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表、滑动变阻器在干路上，灯泡和定值电阻R0并联，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电流表的示数为I，则通过灯泡的电流为
则小灯泡的额定功率为
五、综合应用（共18分）
20. 如图所示，“引体向上”是一项克服人体重力做功的健身运动。该运动的规范动作是：两手正握单杠，由悬垂开始，上提时，下颚须超过杠面。已知小强的质量为56kg，每次引体上升的高度为0.6m，双手与杠之间的受力面积为80cm。N/kg。求：
（1）小强两手正握单杠悬垂静止不动时，单杠对他的拉力和他的重力是一对______（选填“相互作用力”或“平衡力”）。
（2）小强两手正握单杠悬垂静止时，手对单杠的压强为多少______？
（3）小强每做一个引体向上动作，向上过程中克服重力做了多少功______？
（4）某次训练中，小强在1分钟内连续做了15个引体向上动作，在整个过程中他克服重力做功的平均功率是多少______？
【答案】 ①. 平衡力 ②. ③. 336J ④. 84W
【解析】
【详解】（1）[1]小强两手正握单杠悬垂静止不动时，处于平衡状态，单杠对他的拉力和他的重力都作用在他上，大小相等、方向相反、在同一条直线上，是一对平衡力。
（2）[2]小强对单杠的压力大小等于小强的重力，为
则手对单杠的压强为
（3）[3]小强每做一个引体向上动作，向上过程中克服重力做的功为
（4）[4]在1分钟内连续做了15个引体向上动作，则这1分钟内克服重力做的总功为
克服重力做功的平均功率为
21. 如图甲所示是某型号家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的是气敏电阻，的阻值与燃气浓度的关系如图乙所示，出厂预设当燃气浓度达到6%时报警，测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定；闭合开关、，移动滑动变阻器滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.02A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下，工作电路中相应的指示灯亮起而报警（电磁铁线圈的电阻忽略不计）。
（1）图甲中通电螺线管是利用电流的______工作的；按出厂预设，当燃气浓度达到6%时报警，此时工作电路的指示灯______（选填“”或“”）亮起；
（2）该报警器要达到出厂预设值，则滑动变阻器应接入电路的电阻值为多大___？此时，控制电路的总功率为多大______？
（3）为了提高该报警器的灵敏度（即在燃气浓度更低时就能报警），请你提出改进方法______（写出两种）。
【答案】 ①. 磁效应 ②. L2 ③. 130Ω ④. 0.06W ⑤. 可适当减小电源电压（或适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小）
【解析】
【详解】（1）[1]通电导体的周围存在磁场，图甲中通电螺线管是利用电流的磁效应工作的。
[2]当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲知道，衔铁带动动触点与下方静触点接触，此时灯L2的工作电路连通，故灯L2亮。
（2）[3]当燃气浓度达到6%时，根据图乙知道，此时气敏电阻的阻值为
R1=20Ω
此时控制电路中的电流为I=0.02A，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为
根据电阻的串联规律知道，滑动变阻器接入电路的电阻为
[4]此时，控制电路的总功率
（3）[5]①若要提高该报警器的灵敏度，即在燃气浓度更低时就能报警，也就是燃气浓度增大时（气敏电阻变小，根据电阻的串联，控制电路的总电阻变小）线圈中的大电流大于或等于200mA 时，由欧姆定律变形公式U=IR，可适当减小电源电压。
②根据图乙知道，当燃气浓度达降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，由欧姆定律知道，当电压一定时，需控制电路中的总电阻不变，因此应适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小。
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