上海市第二初级中学2021-2022学年下学期3月八年级物理月考试卷（原卷版+解析版）

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1. 手托一个鸡蛋并匀速举高1米，手对鸡蛋做的功约是
A. 0.5焦．B. 5焦．C. 50焦．D. 500 焦．
【答案】A
【解析】
【详解】根据物理常识可知，1个鸡蛋的重力约为0.5N，手托一个鸡蛋并匀速举高1米，则手对鸡蛋做的功约为：
W=Gh=0.5N×1m=0.5J．
故选A．
2. 在图所示的简单机械中，属于费力杠杆的是（ ）
A. 撬棒B. 镊子
C. 铡刀D. 开瓶器
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．使用撬棒时，以与地面接触的一端为支点，此时阻力臂小于动力臂，因此为省力杠杆，故A不符合题意；
B．使用镊子时，以镊子的尾端为支点，此时阻力臂大于动力臂，因此为费力杠杆，故B符合题意；
C．使用铡刀时，以左端旋转点为支点，此时阻力臂小于动力臂，因此为省力杠杆，故C不符合题意；
D．使用开瓶器时，以与瓶盖上方接触的点为支点，此时阻力臂小于动力臂，因此为省力杠杆，故D不符合题意。
故选B。
3. 升旗的旗杆顶上有一个滑轮，如图所示，升旗时往下拉动绳子，旗子就会上升，对该滑轮的说法中，正确的是（ ）
A. 这是一个定滑轮，费力
B. 这是一个定滑轮，可省力
C. 这是一个定滑轮，不能改变力的方向
D. 这是一个定滑轮，可改变用力的方向
【答案】D
【解析】
【详解】AB．旗杆上的滑轮是定滑轮，定滑轮既不省力也不费力，故AB错误；
CD．图中旗子上升，但用力的方向是向下拉动绳子，说明定滑轮可以改变力的方向，故C错误，D正确。
故选D。
4. 以下是小张同学扔实心球的情景（包含四个过程），其中手对球做功的过程有（ ）
①捡起球 ②停在空中 ③挥动球 ④球飞出去
A. ①和②B. ①和③C. ②和④D. ③和④
【答案】B
【解析】
【详解】①捡起球的过程中，手对球有作用力，且球在力的作用方向上有位移，手对球有做功，故①符合题意；
②停在空中过程中，手虽然对球有作用力，但在力的方向上没有发生位移，手对球没有做功，故②不符合题意；
③挥动球的过程中，手对球有作用力，且球在力的作用方向上有位移，手对球有做功，故③符合题意；
④球飞出去的过程中，球虽然有位移，但球在空中时，手对球没有力的作用，手对球没有做功，故④不符合题意。
故选B。
5. 在下列轻质的简单机械中，用10N的拉力能将重15N的物体竖直提起的可能是
①一个定滑轮 ②一个动滑轮 ③杠杆
A. ①和②．B. ①和③．C. ①②③．D. ②和③．
【答案】D
【解析】
【详解】因为10N的拉力要提起重15N的物体，使用的机械一定是能省力的机械，而在动滑轮、定滑轮、杠杆中，只有定滑轮不能达到省力的目的，所以用10N的拉力不能提起重15N的物体．故②一个动滑轮、③杠杆都可以达到目的．
故选D．
6. 如图所示使用下列三个装置分别用、、匀速提起同样的重物，不计滑轮的重力和摩擦，则、、的大小关系为（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【详解】不计滑轮的重力和摩擦且不计绳重的情况下；左边的滑轮是动滑轮，能够省一半的力，故
中间的滑轮是动滑轮，作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，则
右边的滑轮是定滑轮，只能改变力的方向，不省力也不费力，故
所以
故A符合题意；BCD不符合题意。
故选A。
7. 如图所示，物体重300牛，在水平拉力F=30牛的拉力作用下匀速前进，如果不计绳与滑轮的摩擦及滑轮的重力，则物体受到的摩擦力的大小是（ ）
A. 15牛B. 30牛C. 60牛D. 150牛
【答案】C
【解析】
【详解】图中使用的滑轮为动滑轮，在不计绳与滑轮的摩擦及滑轮的重力时，重物与水平地面的摩擦力f＝2F＝2×30N＝60N.故选C.
点睛：图中是一动滑轮，计绳与滑轮的摩擦及滑轮的重力，根据F=f求出重物G与水平地面的摩擦力．
8. 如图所示，两个人分别用60牛的水平力推一个较大和较小的箱子，都前进了5米，大箱子重200牛，小箱子重100牛．下列说法正确的是
A. 推大箱子做功多，因为大箱子重B. 做的功一样多
C. 推小箱子做的功多，因为推小箱子运动快D. 以上说法都不对
【答案】B
【解析】
【详解】功等于力与在力的方向上移动距离的乘积，由题知，两人所用的推力相同，在推力方向上移动的距离相同，根据W=Fs可知，两人推力做的功一样多，与箱子的重力和运动速度无关，故B正确，ACD错误．
9. 如图所示，杠杆在水平位置处于平衡状态，杠杆上每格均匀等距，每个钩码都相同。下列四项操作中，会使杠杆右端下倾的是(1)在杠杆两侧同时各减掉一个钩码；(2)在杠杆两侧钩码下同时各加挂一个钩码；(3)将杠杆两侧的钩码同时各向外移动一个小格；(4)将杠杆两侧的钩码同时各向内移动一个小格。（ ）
A. (1)(3)B. (2)(4)C. (2)(3)D. (1)(4)
【答案】A
【解析】
【详解】钩码个数×格数可代表力×力臂。
①左边：1×3，右边：2×2，右边下倾。
②左边：3×3，右边：4×2，左边下倾。
③左边：2×4，右边：3×3，右边下倾。
④左边：2×2，右边：3×1，左边下倾。
故选A。
10. 如图所示，分别利用不同方向的拉力、和通过滑轮匀速提升同一个物体，这三个拉力的大小关系是（ ）
A. 最大B. 最大C. 最小D. 一样大
【答案】D
【解析】
【详解】该滑轮为定滑轮，根据定滑轮特点可知，定滑轮可以改变力的方向，向各个方向的拉力大小都等于物体重力．故D符合题意．
11. 运动员用100牛的力将质量为5千克的铅球推出手，铅球落到10米远处后又在地上向前滚动了0.5米，铅球在空中飞行的过程中，运动员对铅球所做的功是（ ）
A. 1000焦B. 1050焦C. 490焦D. 0焦
【答案】D
【解析】
【详解】铅球在空中飞行的过程中，运动员对铅球没有力的作用（铅球能够向前飞行是因为其具有惯性），所以运动员对铅球没有做功．D符合题意．
12. 如图所示，作用在A点的各个力中，不可能使杠杆平衡的是（ ）
A. F1和F2B. F1和F3C. F2和F4D. F3和F4
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】杠杆的大约中间位置挂一重物，由于重物的重力作用使杠杆向下转动，则为使杠杆平衡，应施加阻碍杠杆向下转动的力，所以F1、F2可能使杠杆平衡，而F3的力臂为0，对杠杆的转动没有影响；F4使杠杆向下转动，没有阻碍向下转动，所以F3、F4都不能使杠杆平衡。
故选D。
13. 如图所示，一根重木棒在保持水平方向的动力F的作用下以O点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置的过程中，若动力臂为L，动力与动力臂的乘积为M，则（ ）
A. F增大，L增大，M增大B. F增大，L减小，M减小
C. F增大，L减小，M增大D. F减小，L增大，M增大
【答案】C
【解析】
【详解】由图知道，l为动力臂，L为阻力臂由杠杆的平衡条件知道
Fl=GL
以O点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置的过程中l不断变小，L逐渐增大，G不变；由于杠杆匀速转动，处于动态平衡；在公式 Fl=GL 中，G不变，L增大，则GL、Fl都增大；又知：l不断变小，而Fl不断增大，所以F逐渐增大；由以上分析知道，动力F增大，动力臂l减小，动力臂和动力的乘积M=Fl增大，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
14. 如图所示为等刻度轻质杠杆，A处挂2N物体，若使杠杆在水平位置平衡，则在B处施加的力（ ）
A. 可能为0.5NB. 一定为1N
C. 不可能为2ND. 可能是4N
【答案】D
【解析】
【详解】设杠杆每一格长度是l，当B处的作用力与杠杆垂直时，力臂最大，此时作用力最小，有杠杆平衡条件可得
由题意可知，只有杠杆自重等不计，力的方向与杠杆垂直时，力的大小才是1N，但如果力的方向与杠杆不垂直，力臂变小，力增大，则力将会大于1N，即有可能是4N。
故选D。
15. 如图所示，杠杆AOB用细线悬挂起来，当A端挂重GA的物体，B端挂重GB的物体时，杠杆处于平衡状态，此时OA恰好处于水平位置，AO=BO，杠杆重不计，则
A. GA=GBB. GA＜GBC. GA＞GBD. 无法判定
【答案】B
【解析】
【分析】利用杠杆的平衡条件，分别判断出左右两边的力与力臂的成积，进行比较可得出答案．
【详解】因为OA＝OB，两边拉力的方向均竖直向下，所以左边力臂大于右边力臂．根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，左边的拉力小于右边的拉力,即GA”“=”或“