2023-2024学年河北省沧州市青县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2023-2024学年河北省沧州市青县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.关于温度、热量、内能，以下说法正确的是( )
A. 100℃的水一定比20℃的水内能大
B. 两个内能相同的物体互相接触时，有可能发生热传递
C. 我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
D. 物体内能增大了，一定是从外界吸收了热量
2.宁宁和家里人游玩郑州黄河湿地公园时了解到，湿地作为地球三大生态系统之一被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的( )
A. 比热容大B. 密度大C. 流动性大D. 热值大
3.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中错误的是( )
A. 甲图酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变
B. 乙图抽出玻璃板，上方瓶中的空气逐渐变红，说明分子在不停地做无规则运动
C. 丙图玻璃筒内的空气被压缩是通过做功的方式使空气的内能增加
D. 丁图活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，此时内能转化为机械能
4.如图所示的实例中，关于能量的说法正确的是( )
A. 甲图中水电站发电源源不断地获得电能，说明能量可以凭空产生
B. 乙图中自由运动的滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明能量正在消灭
C. 丙图中向密闭瓶中打气，在瓶塞跳起前瓶中气体内能不变
D. 丁图中弹簧被人拉开，是不同形式能量之间的转化
5.关于热机的效率，下列说法正确的是( )
A. 热机的效率越高说明做功越快
B. 柴油机的效率一定比汽油机的效率高
C. 热机的效率越高，在做同样多的有用功时消耗的能量越少
D. 热机损失的能量中，主要是由于克服机械间的摩擦造成的
6.关于串、并联电路，下列说法正确的是( )
A. 公路边路灯要亮一起亮，要灭一起灭，由此可以判定它们是串联的
B. 随手关闭家里不必要使用的电灯等家用电器。每多关闭一个家用电器，家庭电路里干路电流将变小
C. 教室里每三盏灯由一个开关控制，所以它们是串联的
D. 通过两用电器的电流相等，它们一定是串联的
7.自动售票的公交车后门两侧各装有一个红色按钮开关，当乘客想在下一站下车时，只要按下其中任何一个按钮，车内的电铃就会响起，以提醒司机停车。如图所示的电路中，符合上述要求的是( )
A.
B.
C.
D.
8.如图所示，当滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路中阻值变小的是( )
A. B.
C. D.
9.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向左滑动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A1的示数变大
B. R2电功率不变
C. 电压表V的示数变大
D. 电路的总功率变小
10.如图a所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器R2的滑片P从右端缓慢滑动到左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示，则下列判断中错误的是( )
A. 电源电压为6VB. 定值电阻R1的阻值为20Ω
C. 滑动变阻器R2的最大阻值为40ΩD. 滑片P在中点时，电流表示数为0.2A
11.如图是小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析错误的是( )
A. 保险盒接法错误，保险盒应该安装在火线上
B. 二孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C. 三孔插座接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上
D. 开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
12.如图所示，将灯L1、L2按甲、乙两种方式接在电压均为U的两个电路中，L1在甲、乙两个电路中的电功率分别为4W和9W，设两灯丝的电阻不变，下列说法中正确的是( )
A. L1、L2两灯灯丝电阻之比为1：2
B. 甲图中灯L1、L2的功率之比为1：2
C. 甲、乙两图中灯L1两端的电压之比为2：3
D. 甲、乙两图中电路消耗的总功率之比为2：9
13.如图，电源电压恒为6V，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω2A”的字样，电流表和电压表选用的量程分别为“0∼0.6A”和“0∼15V”。当闭合开关S，在保证各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列正确的是( )
A. 电压表示数的最大值为3V
B. 定值电阻R1两端的最大电压为3V
C. 滑动变阻器接入电路中的最小电阻值是5Ω
D. 电路总功率的最小值是2.0W
三、填空题：本大题共10小题，共35分。
14.(1)改变物体内能的方法有______和______两种。冬天我们感觉手冷时，我们可以将两手相互搓一搓，也可以用热水袋焐一焐。前者是用______方法使手的内能增加的，在用后种方法增加手的内能时，能量发生了______；在改变物体的内能时，两种方法可以产生同样的效果，即这两种方法对改变物体的内能是______的。
(2)“酒香不怕巷子深”说明分子在不停地做______；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在______。
15.生活中很多有趣的物理现象。在海边晴好天气的中午，会有风由______吹向______(选填“陆地”或“海面”)；到了晚间，风向恰好相反，这主要是由于海水比泥土、沙石的比热容大的缘故。
16.如图甲是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图甲可以看出，它此时在做功______冲程，其能量转化情况与______(选填“乙”或“丙”)图相同。如果此汽油机飞轮的转速为3000r/min，那么，1秒内活塞往复______次，完成______个冲程，对外做功______次。当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，此时汽油的热值______(选填“增大”、“不变”或“减小”)，汽油机的工作效率会______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
17.在干燥的天气里，衣服表面容易“粘”灰尘，这是由于______而产生的现象：用毛皮摩擦过的橡胶棒因______(选填“得到”或“失去”)电子而带______电荷，普通的橡胶棒是______(选填“导体”或“绝缘体”)。
18.如图a，用绝缘线分别悬吊甲、乙两轻小物体，用摩擦后失去电子的玻璃棒丙分别靠近甲、乙，现象如图b所示，则甲______带电；甲和乙靠近时，______会相互吸引。(均选填“一定”或“不一定”)
19.指纹识别技术作为生物特征识别技术之一，在新世纪逐渐成熟。如图所示，手指轻轻触碰手机的感应区，当识别到正确的指纹后，手机自动开锁，因此手机的感应区相当于电路中的______。用充电宝给手机充电时，充电宝相当于电路中的______，手机相当于电路中的______。
20.某电能表如图所示，则电能表的示数为______kW⋅h。某电水壶工作2min，使图示电能表的转盘转过150r，电功率为______ kW，这些电能可供一只“220V，10W”的节能灯正常工作______ h。
21.有一块手机用的锂电池，上面标明电压为5V，容量4000mA⋅h，它充满电后，大约储存了______ J电能。
22.如图甲所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图乙所示。电阻R1两端的电压是______ V；两电阻的阻值之比R1：R2=______；电流通过两电阻做的功之比W1：W2=______。
23.家庭电路电压为______ V，对人体安全电压是不高于______ V，滑动变阻器是通过改变接入电路电阻丝的______来改变电阻的。
四、实验探究题：本大题共1小题，共11分。
24.同学们利用以下器材探究“电流与电压、电阻的关系”。学生电源(调至6V进行实验)、电流表(0∼0.6A)、电压表(0∼3V)、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路(要求连线不得交叉)；
(2)连接电路时，开关应该______；
(3)开关闭合后，发现电压表无示数，电流表有示数，故障可能是定值电阻R ______；
(4)排除故障后，闭合开关，改变滑片的位置，记录的实验数据如表格所示。请将表格未填写的数据补充完整；
(5)之后再将另外两个定值电阻分别接入电路中，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。实验中若定值电阻从20Ω换成10Ω时，不进行其它操作就闭合开关，此时滑动变阻器的滑片应向______移动，直到电压表的示数为______ V；
(6)由图象可以得出结论：______；
(7)为完成整个实验，滑动变阻器最大阻值至少为______Ω；
(8)将图甲电路中的定值电阻换成小灯泡，测量了额定电压为“2.5V”小灯泡的电阻，并描绘了其电流随电压变化的图象，如图丁所示。小灯泡正常发光时的电阻是______Ω，图象中a、b两点电阻的大小关系是Ra______Rb；
(9)接下来同学们继续用如图所示电路，测未知电阻Rx的阻值，但实验过程中电流表突然烧坏，不能正常使用，同学取下电流表并使用新的电源和最大阻值为R的滑动变阻器设计如图戊所示电路，实验步骤如下：
①将滑动变阻器滑到最左端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；
②______；
③则被测电阻Rx的阻值为：Rx=______。(写出表达式)
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
25.如图甲是对一种新型抗压材料能承受的撞击力进行测试的电路图。将不计质量的材料样品平放在压力传感器上，闭合开关，将重物从样品正上方由静止释放，重物撞击样品材料后静止在样品上，样品没有任何损坏。这一过程中，电流表的示数随时间变化的图象如图乙所示。已知该电路的电源电压为15V，定值电阻R0为5Ω，压力传感器的电阻R随压力F变化的图象如图丙所示。则：
(1)当重物没有接触到样品时，压力传感器的电阻为______Ω；
(2)在撞击过程中，样品受到的最大撞击力为______ N；
(3)撞击后重物静止在样品上，压力传感器的电功率为______ W。
26.如图所示，电源电压保持不变，灯泡L标有“6V 3W”字样。当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P移到最左端时，灯泡恰好正常发光，电压表V1、V2的示数之比U1：U2=4：3。求：
(1)灯泡正常发光时的电阻是多少？
(2)电源电压是多少？
(3)电阻R1的阻值是多少？
(4)当开关S1、S2都闭合，移动滑动变阻器的滑片P，使滑动变阻器的功率恰好为4W时，此时电流表的示数是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.内能的大小与物体的质量、温度和状态有关，100℃的水的20℃的水，不确定质量的大无法比较内能的大小，故A错误；
B.两个物体温度不同才可能发生热传递，两个内能相同的物体温度可能不同，所以互相接触时，有可能发生热传递，故B正确；
C.热量是过程量，不是状态量，不能说汤含有的热量，故C 错误；
D.物体内能增大了，不一定是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故D错误。
故选：B。
(1)内能与温度、质量和状态有关；
(2)热量总是从高温物体传向低温物体或从物体的高温部分传向低温部分；
(3)热量是一个过程量，不能说“含有”；
(4)改变物体内能的方式有两种，做功和热传递。
此题主要考查了温度、热量和内能的联系，相对比较简单，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故选：A。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少。
本题考查了水的比热容较大特点的应用，难度不大。
3.【答案】D
【解析】解：
A、热值是燃料的一种特性，密度、比热容都是物质的特性，都与物质的质量、体积无关，所以，酒精灯中酒精用掉一半后，剩余酒精的热值、比热容、密度均不变，故A正确；
B、抽出玻璃板，上方瓶中的空气逐渐变红，说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、图中玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故C正确；
D、两个气门关闭，活塞向上运动时，是内燃机的压缩冲程，机械能转化为内能，故D错误；
故选：D。
(1)比热容和热值是物质的特性，不随物体的质量、体积的大小而变化，密度是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关；
(2)分子在不停地做无规则运动。
(3)(4)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
本题主要考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小，还考查了内能的概念。
4.【答案】D
【解析】解：AB、能量是不能凭空产生的，也不会凭空消灭，此说法违背了能量守恒定律，故AB错误；
C、瓶塞跳起前，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加，故C错误；
D、弹簧被拉开，是人体的化学能转化为弹簧的弹性势能，故D正确。
故选：D。
(1)能量既不能凭空产生也不能凭空消失，总是由一种形式的能量转化为另一种形式的能量，在转化的过程中能的总量保持不变。
(2)用力打气，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加。
(3)不同形式的能量之间可以相互转化。
本题考查的是我们对于能量转化现象的分析能力以及对能量守恒定律的理解，是一道基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：A、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量之比，与做功的快慢无关，故A错误；
B、汽油机的效率是26%−40%，柴油机的效率是34%−45%，柴油机的效率不一定比汽油机的效率高，故B错误；
C、热机的效率越高，热机将燃料完全燃烧放出的热量转换成机械能的能力越强，所以在做相同有用功的情况下，消耗消耗的能量越少，故C正确；
D、热机损失的能量中，废气温度最高，带走的热量较多，故D错误。
故选C。
(1)热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量之比；做功的快慢用功率来表示；
(2)汽油机的效率是26%−40%，柴油机的效率是34%−45%；
(3)热机的效率越高，热机将燃料完全燃烧放出的热量转换成机械能的能力越强，所以在做相同有用功的情况下，消耗消耗的能量越少；
(4)热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度最高，带走的热量最多。
本题考查了对热机效率和热机损失的能量的理解，属于基础题，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：A、公路边路灯要亮一起亮，要灭一起灭，若一盏灯损坏，其余的灯仍能正常工作，说明它们是并联的，故A错误；
B、家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联；并联电路各支路互不影响，由于干路中的电流等于各支路电流的和，所以每多关闭一个家用电器，干路中的电流变小，即总电流变小，故B正确；
C、若这些灯并联在一起，同时在干路上用一个主开关控制，也会同时亮同时灭，因此不能确定它们是串联的，故C错误；
D、在并联电路中，用电器规格相同时，通过的电流是相同的，所以通过两用电器的电流相等，它们不一定是串联的，故D错误。
故选：B。
(1)电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；
(2)家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联，干路中的电流等于各支路电流的和。
本题考查了串、并联的辨别和串、并联电路中开关的作用，明白串、并联电路的特点是解题的关键。
7.【答案】C
【解析】解：只要按下任何一个按钮(闭合开关)，电铃就会响起，说明这两个开关互不影响，即两个开关是并联的，由图知只有C符合要求。
故选：C。
根据“乘客只要按下任何一个按钮，电铃就会响起”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式。
本题考查了两个开关的连接方式的判断，解题时要抓住关键字词“任何一个”判断两开关为并联。
8.【答案】D
【解析】解：滑动变阻器应采用“一上一下”的接线方法；
由题可知，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的阻值变小，说明变阻器接入电路中电阻线的长度变短，则一定是将右下B接线柱接入了电路，而上面的接线柱可以是C或D，即变阻器连入电路的接线柱可能是BC或BD；C两图中的接法不能改变电阻，而A、B图中的接法会导致滑片向右移动时变阻器接入电路中的阻值变大，故ABC错误，D正确。
故选：D。
滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻线的长度来改变电阻的，根据滑动变阻器“一上一下”的接线原则以及滑片移动时电阻的变化情况进行判断。
本题考查了滑动变阻器的正确使用，属于基础题。
9.【答案】D
【解析】解：A.根据电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，电压表测量电源电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器R2的电流，当滑动变阻器滑片P向左滑动时，R2的电阻变大，由欧姆定律可知，通过R2的电流变小，即电流表A1示数变小，故A错误；
B.已知R2两端的电压与电源电压相同，不变，当滑片向左移动时电阻变大，电流变小，由公式P=UI可知，R2的功率变小，故B错误；
C.电压表测电源电压，因此滑动变阻器滑片移动时，电压表示数不变，故C错误；
D.并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过定值电阻的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中电流变小，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两个电阻并联，电压表测量电源电压，电流表A测干路电流，电流表A1测滑动变阻器R2的电流；根据滑片的移动方向分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律分析通过滑动变阻器电流的变化；
根据并联电路特点分析通过定值电阻电流的变化，根据并联电路的电流规律分析干路中电流的变化；根据电源电压分析电压表示数的变化；根据P=UI分析总功率的变化；根据P=UI分析R2消耗功率的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用、电功率计算公式的应用，难度不大。
10.【答案】D
【解析】解：A、由(a)图示电路图可知，两电阻串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压；
当滑动变阻器的阻值为0时，电压表V2示数为0，此时电压表V1的示数等于电源电压，因此与横坐标相交的图象乙是电压表V2示数变化的图象，
甲是电压表V1示数变化的图象，此时电压表V1的示数等于6V，故电源电压为：U=6V，故A正确；
B、由(b)图象可知，当U1=U2=3V时，I=0.15A，由I=UR可知：R1=U1I1=U1I=3V0.15A=20Ω，故B正确；
C、由(b)图乙可知：U2大=4V，I小=0.1A，则根据欧姆定律可知变阻器的最大阻值：R2=U2大I小=4V0.1A=40Ω，故C正确。
D、滑片P在中点时，变阻器接入电阻为其最大阻值的一半，R′2=12R2=12×40Ω=20Ω，
由串联电路电阻规律可得，电路中总电阻：R总=R1+R2′=20Ω+20Ω=40Ω，
根据欧姆定律可得，电路中的电流，即电流表的示数：I′=UR总=6V40Ω=0.15A，故D错误。
故选：D。
(1)先分析电路的连接方式，然后确定V1、V2测量的对象，再根据滑动变阻器的阻值为0时，判断出电压表V2示数的变化图象，并读出电压表V1此时的示数(即电源电压)和对应的电流，最后根据R=UI求出R2的阻值；
(2)根据变阻器的接入电阻和串联电路电阻规律计算电路的总电阻，由欧姆定律计算电路中的电流。
本题考查串联电路电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键。
11.【答案】D
【解析】解：A、图中保险盒安装在零线上，这是错误的；保险盒应该接在火线上，一旦电流过大时，保险丝熔断后能断开火线，故A正确；
B、图中两孔插座的左端导线接在地线上，这是错误的，应该接在零线上，故B正确；
C、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，故C正确；
D、电灯开关安装在零线上，当开关断开时，灯泡与火线是连通的，人接触灯泡时容易发生触电，不符合安全常识，故D错误。
故选：D。
(1)保险丝采用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成，在电流过大时能自动切断电源，保险丝应该接在火线上；
(2)对于两孔插座：左零右火；
(3)对于三孔插座：左零右火上接地。有金属外壳的家用电器，要接地线，以防漏电时，人不会发生触电事故；
(4)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间。
掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
12.【答案】CD
【解析】解：(1)甲图中灯L1的功率P1=U12R1，乙图中灯L1的功率P1′=U2R1，
则P1P1′=U12R1U2R1=U12U2=4W9W，
解得：U1U=23，故C正确；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=UR可得，甲图灯L1两端的电压与电源的电压之比：
U1U=I甲R1I甲(R1+R2)=R1R1+R2=23，
解得：R1R2=21，故A错误；
由P=I2R可得，甲图中两灯泡消耗的电功率之比：
P1P2=I甲2R1I甲2R2=R1R2=21，故B错误；
(2)甲图中电路消耗的总功率：
P甲=U2R1+R2=U22R2+R2=U23R2，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，乙图电路消耗的总功率：
P乙=U2R1+U2R2=U22R2+U2R2=3U22R2，
则P甲P乙=U23R23U22R2=29，故D正确。
故选：CD。
(1)甲图中两灯串联，乙图中两灯并联，根据公式P=U2R可求甲、乙两图中灯L1两端的电压之比，根据电阻的串联和欧姆定律表示出图甲中灯L1两端的电压与电源的电压之比即可求出两灯泡的电阻之比，根据串联电路的电流特点和P=I2R求出两灯泡消耗的电功率之比；
(2)根据电阻的串联和P=U2R求出甲图电路消耗的总功率；再根据并联电路的电压特点和P=U2R表示出乙图中两灯泡的电功，两者功率之和即为乙图中电路消耗的总功率，进一步结合电阻关系求出甲、乙两图中电路消耗的总功率之比。
本题考查学生对欧姆定律、串并联特点的掌握和运用，要求灵活选用公式，涉及到求比值问题，要细心防止因颠倒而出错。
13.【答案】BC
【解析】解：由图可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
AD、当滑动变阻器接入电路中的阻值最大R2=10Ω时，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻R总=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω，
根据欧姆定律可知，此时电路中的电流最小：I小=UR总=6V15Ω=0.4A，
R1两端的电压最小：U1小=I小R1=0.4A×5Ω=2V，
根据串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压最大：U2大=U−U1小=6V−2V=4V，故A错误；
电路中的最小总功率：P小=UI小=6V×0.4A=2.4W，故D错误；
B、根据滑动变阻器的规格和电流表的量程可知，电路中的最大电流I大=0.6A，
由I=UR可知，R1两端的最大电压：U1大=I大R1=0.6A×5Ω=3V，故B正确；
C、由I=UR可知，电路中的最小阻值：R小=UI大=6V0.6A=10Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R2小=R小−R1=10Ω−5Ω=5Ω，故C正确。
故选：BC。
由图可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大时，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压最大，即电压表的示数最大；根据P=UI求出电路中的最小总功率；
(2)根据滑动变阻器的规格和电流表的量程可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1两端的最大电压；
(3)当电路中的电流最大时，根据欧姆定律可知电路中的总电阻最小，根据串联电路特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，能正确判断电路中的最小电流和最大电流是解题的关键。
14.【答案】做功 热传递 做功 转移 等效 无规则运动 引力
【解析】解：(1)改变物体内能的方法有做功和热传递。冬天我们将两手相互搓一搓，是通过做功的方法使手的内能增加的；用热水袋焐一焐，是通过热传递的方法增加手的内能，这一过程中能量发生了转移；做功和热传递对改变物体的内能是等效的。
(2)“酒香不怕巷子深”属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在引力。
故答案为：(1)做功；热传递；做功；转移；等效；(2)无规则运动；引力。
(1)改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。二者在改变内能上是等效的；
(2)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了改变内能的两种方法的理解，以及对分子运动和分子间作用力的了解，属基础题。
15.【答案】海面 陆地
【解析】解：海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，海洋上空空气的温度升高的较慢，陆地上方空气升高的较快，所以，陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高，风从气压高的海面吹向气压低的陆地；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，海洋上空的气温高，气压低，风从陆地吹向海面。
故答案为：海面；陆地。
首先要明确风的形成：是从气压高的地方流向气压低的地方，气压的高低的判定要从气体的温度的高低来判定，由海水和陆地的比热容不同来分析物体吸热后温度的高低。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成，是一道应用物理知识解释自然现象的题目。
16.【答案】做功 丙 50 100 25 不变 减小
【解析】解：观察图甲可知，两个气门都关闭，活塞向下运动，因此是做功冲程；
在热机的做功冲程中，高温高压燃气的内能转化为活塞的机械能；
乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；
丙图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能；
因此与做功冲程原理相同的是丙实验；
汽油机的转速为3000r/min=50r/s，说明1s内汽油机曲轴的转动50r，活塞往复50次，完成100个冲程，对外做功25次；
热值是燃料的一种性质，与燃料是否完全燃烧无关，故汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，但汽油的热值不变；
由于汽油不能充分燃烧，用来做有用功的能量占燃料完全燃烧放出的总能量的比值变小，由η=WQ放知此时汽油机的效率减小。
故答案为：做功；丙；50；100；25；不变；减小。
(1)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低；
(3)四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；
(4)燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；热机的效率是指用来做有用功的能量占燃料完全燃料放出的总能量的百分比，据此结合现象可分析对效率的影响。
此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，综合性较强，难度不是很大；要掌握课本所学知识，学会变通。
17.【答案】摩擦起电 得到 负 绝缘体
【解析】解：在干燥的天气里，衣服因为摩擦而带电，带电体吸引轻小物体，表面容易“粘”灰尘，这是摩擦起电而产生的现象；
用毛皮摩擦过的橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强得到电子，因多余电子带负电；
橡胶棒不善于导电，是绝缘体。
故答案为：摩擦起电；得到；负；绝缘体。
(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。
(3)根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
本题考查摩擦起电的定义、实质、带电体的性质及绝缘体的定义。
18.【答案】不一定 一定
【解析】解：摩擦后失去电子的玻璃棒带正电；甲、丙相互吸引，则甲可能带负电，也可能不带电；乙、丙相互排斥，所以乙带正电，甲、乙靠近时，甲、乙会相互吸引。
故答案为：不一定；一定。
(1)摩擦后失去电子的物体带正电。
(2)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体可以吸引轻小物体。
本题考查了物体的带电情况，关键是会根据电荷间的相互作用规律和摩擦起电的原因分析它们的带电情况。
19.【答案】开关 电源 用电器
【解析】解：感应区起到了控制作用，相当于手机电路中的开关；用充电宝给手机电池充电时，充电宝提供了电能，相当于电路中的电源，手机的电池消耗了电能，相当于用电器。
故答案为：开关；电源；用电器。
开关在电路中起控制作用；电源在电路中提供电能；用电器在电路中消耗电能。
此题考查了电路的组成，属基础题目。
20.【答案】
【解析】解：(1)电能表的最后一位数是小数，单位是kW⋅h，图示电能表的示数为3027.6kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转动3000r，
电能表的转盘转150r时，电水壶消耗的电能：
W=1503000kW⋅h=0.05kW⋅h，
t=2min=130h，
电水壶的电功率：
P=Wt=0.05kW⋅h130h=1.5kW；
(3)节能灯正常工作的电功率P′=P额=10W=0.01kW，
可供节能灯工作时间：
t′=WP′=0.05kW⋅h0.01kW=5h。
故答案为：3027.6；1.5；5。
(1)电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转动3000r，据此求电能表的转盘转150r时，电水壶消耗的电能，再利用P=Wt求电水壶的电功率；
(3)节能灯正常工作的电功率等于其额定功率，利用t=WP求工作时间。
本题考查电能表的读数、消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是本题的关键。
21.【答案】7.2×104
【解析】解：手机锂电池充满电后，存储的电能：
W=UIt=5V×4000×10−3A×3600s=7.2×104J。
故答案为：7.2×104。
利用W=UIt求出电能。
此题考查电功公式的灵活运用，属于基础性问题，重点是记住知识点。
22.【答案】7.64：1 4：1
【解析】解：(1)由题中的图可知：电压表V1测的是电源电压；电压表V2测的是R2两端的电压。
电压表V1应选的量程是0∼15V，其分度值是0.5V，读数为9.5V，即电源电压为9.5V；
电压表V2选的量程是0∼3V，其分度值是0.1V，读数为1.9V，即R2两端的电压为1.9V；
所以，电阻R1两端的电压为：U1=U−U2=9.5V−1.9V=7.6V；
(2)因为串联电路电流处处相等，所以通过R1和R2的电流之比是1：1
由I=UR可得，R1和R2的电阻之比：
R1R2=U1IU2I=U1U2=；
(3)电流通过两电阻做的功之比：
W1W2=U1ItU2It=U1U2=
故答案为：7.6；4：1；4：1。
(1)首先电压表的连接判断出示数的大小，再根据指针读出示数，即可利用串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和的特点求出R1和R2两端的电压。
(2)根据串联电路电流处处相等，根据I=UR公式变形可求得R1和R2的电阻之比；
(3)根据W=UIt可求得电流通过两电阻做的功之比。
此题考查串联电路的电压规律以及电压表的读数；根据电压规律确定电压表量程是本题的关键所在。
23.【答案】220 36 长度
【解析】解：家庭电路电压为220V，对人体安全电压是不高于36V，滑动变阻器是通过改变接入电路电阻丝的长度来改变电阻的。
故答案为：220；36；长度。
根据照明电压和对人体的安全电压来分析；滑动变阻器是靠改变电阻线的长度来改变电阻大小的。
本题考查的是常见的电压值和滑动变阻器的基本原理。
24.【答案】断开 短路 0.3右 2.0导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 4010<将滑动变阻器滑到最右端，读出电压表的读数，记为U2 U1RU2−U1
【解析】解：(1)将电压表并联在定值电阻两端，滑动变阻器上下各选一个接线柱与定值电阻串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路，即故障可能是定值电阻R短路；
(4)根据第1组和第3组数据可知，电阻均为：
R=UI=Ω，
故第2组实验电流为：
I2=U2R=1.5V5Ω=0.3A；
(5)根据串联分压原理可知，实验中若定值电阻从20Ω换成10Ω时，电阻变小，其分得的电压变小；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动；
根据图丙所示的电流I随电阻R变化的图像可求出定值电阻的电压大小为UV=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2.0V；
(6)由小题(5)解析可得电流与电阻之积为一定值，故得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(7)根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U′−UV=6V−2V=4V；
变阻器分得的电压为电压表示数的4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×20Ω=40Ω；
(8)根据图丁可读出当小灯泡额定电压为2.5V时，对应的额定电流为0.25A，由欧姆定律R=UI可求出小灯泡正常发光时的电阻为RL=U额I额=Ω；
根据灯的I−U图象知，灯在0.5V、1V、……、2V，电流分别为0.15A、0.2A、……、0.24A，由欧姆定律电阻的大小分别为：3.3Ω、5Ω、……、8.3Ω；
因通过灯的电流随电压的变大而变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯丝的温度升高，故灯丝的温度升高，故该实验多次测量发现的规律是：灯的电阻随温度的升高而变大；图象中a、b两点电阻的大小关系是Ra(9)实验步骤：
①闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，将滑动变阻器滑片移到最左端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数，记为U1；
②将滑动变阻器滑片移到最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电压表测量电源电压，读出电压表的读数，记为U2；
③根据①可知，此时滑动变阻器两端的电压U滑=U2−U1，根据欧姆定律可知电路中的电流I′=U滑R=U2−U1R，
则待测电阻Rx=U1I′=U1U2−U1R=U1RU2−U1。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)短路；(4)0.3；(5)右；2.0；(6)导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(7)40；(8)10；<；(9)(方法不唯一，合理即可)②将滑动变阻器滑到最右端，读出电压表的读数，记为U2；③U1RU2−U1。
(1)将电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器上下各选一个接线柱串联在电路中；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)开关闭合后，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路；
(4)根据第1组和第3组数据可知电阻大小，由欧姆定律得出第2组实验电流大小；
(5)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换小电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据图丙所示的电流I随电阻R变化的图像可求出定值电阻两端的电压大小；
(6)根据图丙可得电流与电阻之积为一定值分析；
(7)根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理得出当接入20Ω电阻时滑动变阻器连入电路中的电阻；
(8)根据图丁可读出当小灯泡额定电压为2.5V时，对应的额定电流，由欧姆定律R=UI可求出小灯泡正常发光时的电阻；
根据灯的I−U图象知灯在0.5V、1V、……、2V对应的电流大小，由欧姆定律得出对应的电阻大小结合灯丝的电阻随温度的变化而变化分析回答；
(9)①闭合开关S，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压，将滑动变阻器滑片移到最左端，滑动变阻器接入电路的阻值最大，读出电压表的读数U1；
②再将滑动变阻器滑片移到最右端，此时滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，电压表测量电源电压，读出电压表的读数，记为U2；
③根据①中数据，结合串联电路的电压特点可知此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律可知电路电流和待测电阻的阻值。
本题探究“电流与电压、电阻的关系，同时还考查了电表不全的情况下电阻的测量，涉及了电路连接、电路连接时的注意事项、电路故障和数据分析和对器材的要求等知识，考查较综合，有一定难度。
25.【答案】1456002.8
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R0与压力传感器串联接入电路，电流表测量电路中的电流，
(1)当重物没有接触到样品时，由图乙可知，电路中的电流I1=0.1A，电路中的总电阻R总1=UI1=15V0.1A=150Ω，
压力传感器的电阻R压1=R总1−R0=150Ω−5Ω=145Ω；
(2)由图丙可在，当压力传感器受到的压力越大，压力传感器的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，
根据图乙可知，电路中的最大电流I2=0.6A，电路中的最小电阻R总2=UI2=15V0.6A=25Ω，
压力传感器的阻值R压2=R总2−R0=25Ω−5Ω=20Ω
根据图丙可知，在撞击过程中，样品受到的最大撞击力F=600N；
(3)由图乙可知，当撞击后重物静止在样品上时，电路中的电流I3=0.2A，
定值电阻R0两端的电压U0=I3R0=0.2A×5Ω=1V，
压力传感器两端的电压U压=U−U0=15V−1V=14V，
压力传感器的电功率P压=U压I压=14V×0.2A=2.8W。
故答案为：(1)145；(2)600；(3)2.8。
由图甲可知，定值电阻R0与压力传感器串联接入电路，电流表测量电路中的电流，
(1)当重物没有接触到样品时，由图乙可知，电路中的电流，根据欧姆定律可求出电路中的总电阻，根据串联电路电阻规律可求出压力传感器的电阻；
(2)由图丙可在，当压力传感器受到的压力越大，压力传感器的阻值越小，根据串联电路电阻规律可知电路中的总电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，根据图乙可知，电路中的最大电流，根据欧姆定律可求出电路中的最小电阻，根据串联电路电阻规律可求出压力传感器的阻值，根据图丙可求出在撞击过程中，样品受到的最大撞击力；
(3)由图乙可知，当撞击后重物静止在样品上时，电路中的电流，根据欧姆定律可求出定值电阻R0两端的电压，根据串联电路电压规律可求出压力传感器两端的电压，根据P=UI可求出压力传感器的电功率。
本题主要考查欧姆定律的应用，串联电路电流、电压、电阻规律的应用，电功率公式的应用，根据图像获得有用信息是解题的关键。
26.【答案】解：(1)由题知，灯泡的额定电压为6V，额定功率为3W，
由P=U2R可得，灯泡正常发光的电阻：
RL=U额2P额=(6V)23W=12Ω；
(2)由电路图知，当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P移到最左端时，R1与灯泡串联，电压表V1测电源电压，V2测灯泡两端电压，且灯泡L恰好正常发光，
即V2的示数U1=6V，
因为V1、V2的示数之比U1：U2=4：3，所以电源电压U=U1=8V；
(3)由串联电路特点可得，R1两端电压：UR1=U1−U2=8V−6V=2V，
IR1=IL，由欧姆定律可有：UR1U2=R1RL，即：2V6V=R112Ω，
解得：R1=4Ω；
(4)由电路图可知，当开关S1、S2都闭合时，R1与R2串联，电流表测电路中电流，
设电路中电流为I，由欧姆定律可得R1两端电压：UR1′=IR1=I×4Ω，
所以变阻器两端电压：UR2=U−UR1′=8V−I×4Ω，
由P=UI可得滑动变阻器的功率：PR2=UR2I=(8V−I×4Ω)I=4W，
解得：I=1A。
答：(1)灯泡L正常发光时的电阻是12Ω；
(2)电源电压是8V；
(3)电阻R1的阻值是4Ω；
(4)当开关S1、S2都闭合，使滑动变阻器的功率恰好为4W时，电流表的示数是1A。
【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=U2R计算灯泡正常发光的电阻；
(2)当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P移到最左端时，R1与灯泡串联，且灯泡L恰好正常发光，电压表V1测电源电压，V2测灯泡两端电压，即两表示数之比可计算出电源电压；
(3)由串联电路特点和欧姆定律计算R1的阻值；
(4)当开关S1、S2都闭合时，R1与R2串联，电流表测电路中电流，由串联电路特点、欧姆定律和电功率公式表示出变阻器的功率从而计算出电流表示数。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，解题的关键是正确分析电路在开关处于不同状态下电路的连接方式和电表的作用。电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.2
______
0.4