（18-22）五年中考化学真题分项汇编考点 12 质量守恒定律 （含解析）

这是一份（18-22）五年中考化学真题分项汇编考点 12 质量守恒定律 （含解析），共129页。
★学霸笔记考点归纳【有笔记归纳、易错点、容量大试题、随时可用】
归纳1 质量守恒定律
归纳2 质量守恒定律的应用
归纳3 化学反应前后的宏观微观实质
归纳4 质量守恒定律的实验探究
归纳5 中考解题知识技巧和易错点归纳
归纳6 2022年、2021年、2020年、 2019年、2018年、五年化学中考试题《质量守恒定律》汇编（容量大、一次下载、值得拥有）
（可供考生、教师：暑期自学、学霸笔记、备课、新课、期中复习、期末复习、
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★考点归纳
归纳1、质量守恒定律
1、定义 参加化学反应的各物质的质量总和，等于反应后生成的各物质的质量总和。
（1）质量守恒定律应用于化学变化，不能应用于物理变化。
（2）质量守恒定律说的是“质量守恒”而不是其他方面的守恒。
（3）化学反应中，各反应物之间要按一定的质量比相互作用，因此参加反应的各物质的质量总和不是任意比例的反应物质量的简单加和。
（4）不参加反应的物质质量及不是生成物的物质质量不能计入“总和”中。
（5）要考虑空气中的物质是否参加反应或物质（如气体）有无遗漏。
2、微观解释：在化学反应前后，原子的种类、数目、质量均保持不变（原子的“三不变”）。
归纳2、质量守恒定律的应用
1、求某个反应物或生成物的质量；
计算时要考虑是否有气体参加反应，或者生成物中是否有气体，气体的质量不能遗漏。
2、推断反应物或生成物的组成（化学式）；
3、判断反应物是否全部参加了反应。
4、会运用质量守恒定律解释简单问题：简答题格式：①说出反应方程式；②根据质量守恒定律得出质量上的相等关系；③简单分析一下反应后质量“变大、变小或不变”的原因。
⑴铁丝在氧气中燃烧后，生成的固体比原铁丝质量大了，是否遵守质量守恒定律，为什么？
遵守。因为铁与氧气点燃时生成了四氧化三铁。根据质量守恒定律，参加反应的铁和氧气总质量等于生成的四氧化三铁质量。氧气参加反应，所以生成的固体质量变大了。
⑵解释高锰酸钾加热后剩余固体质量为何变小了？
因为高锰酸钾加热时生成了锰酸钾、二氧化锰、氧气。根据质量守恒定律，参加反应的高锰酸钾质量等于生成的锰酸钾、二氧化锰和氧气的总质量。其中氧气跑掉了，所以余下的固体质量减少了。
归纳3、化学反应前后的宏观微观实质：
1、一定不变——（宏观）反应物和生成物的总质量、元素的种类和质量。
一定不变— —（微观）原子的种类、数目、质量。
2、一定改变——（宏观）物质的种类。
一定改变—— （微观）分子的种类。
3、可能改变——分子总数，化合价，物质状态。
归纳4、质量守恒定律的实验探究
1．验证质量守恒定律的实验方案
实验方案三：稀盐酸与碳酸钠固体反应前后质量的测定
实验装置：
实验原理：2HCl＋Na2CO3===2NaCl＋H2O＋CO2↑
实验现象：有气泡产生，固体不断减少，天平不平衡。(不能用来验证质量守恒定律)
分析：由于生成的二氧化碳气体逸散到空气中，造成左边质量减少，天平指针偏向右边。
实验方案四：镁带燃烧前后质量的测定
实验装置：
实验原理：2Mg＋O2eq \\ac(\s\up7(点燃),\(===,====))2MgO
实验现象：发出耀眼的白光，生成一种白色固体，天平不平衡。
2．实验总结：
质量守恒定律适用于化学变化，不适用于物理变化；所选的化学反应，现象要明显，若利用有气体参加或生成的反应来进行实验，反应必须在密闭容器中进行。
知识拓展
1.实验原理的选择：
一切易操作、速率适中、便于称量、现象明显的实验都可用于进行验证质量守恒定律。如：白磷和氧气的反应；铁钉和硫酸铜的反应。
2.实验装置的选择：
有气体参加（或生成）的实验需要在密闭装置中进行；无气体参加（或生成）的实验可以在密闭装置中进行，也可以在敞口容器中进行。
如：
3.实验现象的分析：
（1）化学反应的现象（说明肯定发生了化学反应）。
（2）天平的平衡状况（说明化学反应前后的质量关系）。
（3）如果反应后天平不平衡，对此现象的解释（如反应过程中是否有生成物逸散，是否有外界物质进入；用气球收集反应生成的气体时浮力的影响等）。
方法技巧
（1）注意装置是否密封。
（2）注意生成物中是否有气体逸出。
归纳5、 中考解题知识技巧和易错点归纳
小结：
①所有化学反应都遵守质量守恒定律；
②对于用有气体生成或有气体参加的反应来验证质量守恒定律时，不应在开放体系内进行实验（如在烧杯内反应），正确验证质量守恒定律的方法是在密闭容器内反应，且反应前后都称量密闭容器的总质量。同时也要考虑装置内的压强变化，还要防止装置漏气等因素导致实验失败。
★五年真题
2022年中考真题
1. （2022年黄冈市中考）2021年我国科学家在实验室中首次实现了从二氧化碳到淀粉的人工合成。其中第一步反应的微观示意图如图所示，下列有关说法错误的是（ ）

A. 甲、乙、丙、丁都属于化合物B. 反应生成丙与丁的分子个数比为1：1
C. 参加反应的甲与乙的质量比为22：3D. 该反应为缓解温室效应提供了新途径
【答案】A
【解析】
【分析】由微观反应示意图可知，甲是CO2；乙是H2；丙是CH4O；丁是H2O；该反应是由二氧化碳和氢气在催化剂的作用下反应生成CH4O和水，化学方程式为CO2+3H2 SKIPIF 1 < 0 CH4O+H2O。
【详解】A、甲是CO2；乙是H2；丙是CH4O；丁是H2O；甲、丙、丁均是由两种或两种以上元素组成的纯净物，是化合物，乙是单质，符合题意；
B、由化学方程式可知，反应生成丙与丁的分子个数比为1：1，不符合题意；
C、由化学方程式可知，参加反应的甲与乙的质量比为44：6=22：3，不符合题意；
D、二氧化碳是造成温室效应的主要原因。该反应的反应物中有二氧化碳，因此该设计为缓解温室效应提供了新途径，不符合题意。故选A。
2. （2022年邵阳市中考）把一定质量的甲、乙、丙、丁四种物质放入密闭容器中，在一定条件下反应一段时间后，测得各物质的质量如下表所示，下列说法正确的是（ ）
A. x的值是25B. 乙一定是催化剂
C. 甲和丁都是反应物D. 反应中，甲与丙发生改变的质量比是14：33
【答案】A
【解析】
【分析】根据质量守恒定律，化学变化前后参与反应的反应物总质量等于生成物的总质量。密闭空间，利用质量守恒定律，计算出反应后丁物质的质量x；根据反应后质量增加的物质为生成物、质量减小的物质为反应物，质量不变的物质可能为催化剂或没有参与反应，判断反应的发生情况。
【详解】A、x =7+10+28+37-14-10-33=25，故选项正确；
B、乙反应前后质量不变，可能为催化剂或没有参与反应，故选项错误；
C、甲反应后质量增加，为生成物；丁质量减少，是反应物，故选项错误；
D、反应中的甲、丙发生改变的质量比是:（14g-7g）：（33g-28g）=7：5，故选项错误。故选A.。
3. （2022年河南省中考）天然气的主要成分是甲烷（CH4）。当氧气不足时，甲烷燃烧会生成CO2、CO和H2O，若16g甲烷燃烧生成CO2和CO的质量比为11：7，则参加反应的O2的质量为
A. 48gB. 56gC. 64gD. 72g
【答案】B
【解析】
【详解】根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类和质量不变，生成水的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，设生成二氧化碳的质量为11a，生成一氧化碳的质量为7a，则 SKIPIF 1 < 0 ，a=2，则生成二氧化碳的质量为22g，生成一氧化碳的质量为14g，根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，故参加反应的氧气的质量为：36g+22g+14g-16g=56g。
故选B。
4. （2022年盘锦市中考）二氧化碳在一定条件下可以转化为甲醇（CH3OH），其反应的微观示意图如下、下列说法中不正确的是（ ）
A. X的数值为3 B. 在化学反应前后原子的种类不变
C. 该反应为置换反应 D. 反应前后氢元素的化合价发生改变
【答案】C
【解析】
【详解】A、由图可知，反应后氢原子的数目为6，根据质量守恒定律，反应前氢原子的数目也应该为6，则X的数值为3，选项正确；
B、由图可知，反应前物质中的原子有碳原子、氢原子和氧原子，反应后的新物质中也含有碳原子、氢原子和氧原子，即在化学反应前后原子的种类不变，选项正确；
C、由图可知，该反应的生成物是甲醇和水，甲醇与水都是化合物，不符合置换反应单质和化合物生成单质和化合物的特点，则该反应不属于置换反应，选项错误；
D、反应前，氢元素存在于氢气中，氢气为单质，其中氢元素的化合价为0，反应后氢元素存在于化合物中，氢元素的化合价为+1价，即反应前后氢元素的化合价发生改变，选项正确；
故选C。
5.（2022年辽宁省营口市中考） 模型认知是建立宏观与微观联系的思维方法。下图是某反应的微观示意图，有关说法正确的是(（ ）

A. 该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0
B. 该反应属于置换反应
C. 参加反应的甲、乙的质量比为17:32
D. 生成的丙、丁的分子个数比为2:3
【答案】D
【解析】
【详解】A.由图可知反应方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，此选项错误；
B.置换反应是单质与化合物反应生成单质与化合物，此反应的生成物都是化合物，不属于置换反应，此选项错误；
C.因为反应方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，所以参加反应的甲、乙的质量比= SKIPIF 1 < 0 ，此选项错误；
D. 因为反应方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，所以生成的丙、丁的分子个数比=4：6=2：3，此选项正确；
故选D。
6. （2022年贵州省铜仁市中考）下列说法正确的是（ ）
A. 目前计入空气污染指数的有∶SO2、CO、CO2、NO、PM2.5和O3等
B. 医疗生理盐水浓度为0.9%，指是 100g氯化钠溶液中含0.9g 医用氯化钠
C. 23g有机物M在氧气中充分燃烧，生成44gCO2和27gH2O，则M中一定含碳、氢元素，可能含氧元素
D. 某铁合金含 Mg、Zn、Cu中的一种或几种，现向5.6g 该合金中加入足量稀盐酸，生成0.2gH2，则该合金的金属组合可能有3种
【答案】D
【解析】
【详解】A、目前计入空气污染指数的项目有：SO2、CO、可吸入颗粒物（PM2.5）和O3等错误，没有二氧化碳；错误；
B、生理盐水是0.9%的氯化钠溶液，指的是 100g 0.9%的氯化钠溶液（不是氯化钠溶液）中含0.9g 医用氯化钠；错误；
C、生成的44g二氧化碳和27g水中C、H元素质量分别为：C元素质量：44g× SKIPIF 1 < 0 =12g；H元素质量：27g× SKIPIF 1 < 0 =3g；C、H元素质量和=12g+3g=15g；15g＜23g，可燃物中除C、H元素外还含O元素；错误；
D、根据题目所给信息可采用极值法进行计算，即假设5.6g全部为某种金属，计算该金属与足量稀盐酸充分反应后产生氢气的质量，已知铜与稀盐酸不反应，产生氢气的质量为0；
设5.6g镁与足量稀盐酸反应，产生氢气的质量为x。
SKIPIF 1 < 0
设5.6g锌与足量稀盐酸反应，产生氢气的质量为y。
SKIPIF 1 < 0
设5.6g铁与足量稀盐酸反应，产生氢气的质量为z。
SKIPIF 1 < 0
由于5.6g铁合金是含有一种或几种金属的混合物，所以产生氢气的质量，应有大于0.2g，也有小于0.2g，所以可能的情况有Fe、Mg、Cu；Fe、Mg、Zn；Fe、Mg、Cu、Zn；三种；正确；
故选D。
7. （2022年湖北省恩施州中考）如图表示两种气体发生的化学反应，其中相同的球代表同种原子。下列说法正确的是（）

A. 生成物一定是混合物
B. 反应前后原子的种类发生改变
C. 该反应属于分解反应
D. 反应前后分子个数比为1：1：2
【答案】D
【解析】
【详解】A、由生成物的微观结构可知：生成物由同种分子构成，属于纯净物，不符合题意；
B、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，不符合题意；
C、该反应是由两种物质反应生成一种物质的反应，符合“多变一”的特征，属于化合反应，不符合题意；
D、由图可知，反应前后分子个数比为1：1：2，符合题意。
故选D。
8.（2022年吉林省中考） 从不同角度认识下图中的反应，其中错误的是（ ）

A. 宏观现象：氢气在氯气中燃烧
B. 微观解析：反应前后原子种类不变
C. 符号描述： SKIPIF 1 < 0
D. 实践应用：工业上可用于制取盐酸
【答案】C
【解析】
【详解】A、由图知，从宏观的角度说，该反应是氢气和氯气在点燃的条件下反应生成氯化氢，宏观现象是氢气在氯气中燃烧，故A不符合题意；
B、由图知，反应前，氢气分子由氢原子构成，氯气分子由氯原子构成，反应后氯化氢分子由氢原子和氯原子构成，反应前后原子种类不变，故B不符合题意；
C、由图知，该反应是氢气和氯气在点燃的条件下反应生成氯化氢，反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ，故C符合题意；
D、氢气和氯气在点燃的条件下反应生成氯化氢，该反应在工业上可用于制取盐酸，故D不符合题意。
故选C。
9. （2022年四川省广安市中考）“碳中和”是指一定时间内排放的碳总量与吸收的碳总量相互抵消，实现碳“零排放”。中国计划在2060年实现“碳中和”，彰显了大国担当。科学家们将二氧化碳和氢气在一定条件下反应生成甲醇（一种重要的化工原料）和水，实现这一反应的微观示意图如下。

下列说法正确的是（ ）
A. 反应前后元素的化合价都没有发生改变
B. 反应前后分子和原子的个数都不变
C. 该反应的化学方程式为：CO2+4H2=CH4O+H2O
D. 该反应可以作为减少二氧化碳排放的研究方向
【答案】D
【解析】
【分析】根据微观示意图，反应的方程式是： SKIPIF 1 < 0 。
【详解】A、根据方程式，反应物中有氢气，是单质，氢元素是游离态，反应后甲醇和水中含有氢元素，则氢元素变成了的化合态，则元素的化合价一定改变；不正确。
B、根据质量守恒定律化学反应前后原子的个数不变；根据方程式该反应中反应前的分子数目是4，反应后的分子数目是2，改变了；不正确。
C、根据分析，一定条件下二氧化碳和氢气反应生成甲醇和水，反应的化学方程式是： SKIPIF 1 < 0 ；不正确。
D、该反应将二氧化碳和氢气转化成了甲醇和水，减少了二氧化碳的排放；正确。
故选D。
10. （2022年湖北省十堰市中考）近年来，我国科学家利用新型催化剂将二氧化碳转化为甲醇（CH3OH），这不仅可以减少“碳排放”，还将成为理想能源的补充形式，该化学反应的微观过程如图所示。下列有关说法正确的是（ ）

A. 反应中甲与乙的分子个数比1：1
B. 该反应前后分子种类和数目均不变
C. 该反应中元素化合价都没有改变
D. 该反应可以使无机物转化为有机物
【答案】D
【解析】
【详解】A、根据过程示意图，甲是CO2，乙是H2，其化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ，反应中甲与乙的分子个数比1：3，说法错误，不符合题意；
B、根据化学方程式可知，反应前后分子种类和数目均发生改变，说法错误，不符合题意；
C、根据化学方程式可知， SKIPIF 1 < 0 ，C、H元素化合价均发生变化，只有O元素化合价没有改变，说法错误，不符合题意；
D、CO2是无机物，CH3OH是有机物，该反应可以使无机物转化为有机物，说法正确，符合题意；
故选D。
11．（2022年江苏省扬州市中考）北京冬奥会火种灯使用化合物X作燃料，其燃烧反应方程式为 SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0 。推断X的化学式是（ ）
A．C3H8B．C3H6C．C2H6O2D．C3H8O3
【答案】A
【解析】化学反应前后原子种类和数目不变，根据化学方程式推断物质的化学式。
由化学方程式知，反应前有10个氧原子，反应后有3个碳原子、8个氢原子、10个氧原子，根据化学反应前后原子种类和数目不变，则每个X分子由3个碳原子和8个氢原子构成，所以X的化学式为：C3H8。
故选A。
12．（2022年江苏省扬州市中考）将一定量的N2、H2和物质M置于密闭容器中，在特定条件下发生化学反应，反应前后各物质的质量分数如图所示。下列说法不正确的是（ ）

反应前后原子的数目不变
B．参加反应的N2和H2分子个数比为1：3
C．M可能是该反应的催化剂
D．反应后H2和NH3质量分数之比为1：1
【答案】D
【解析】
A、根据化学反应前后质量守恒的微观原因，原子的种类、数目和质量不变，可以知道化学化学前后原子数目不变，不符合题意；
B、根据反应表达式为N2+H2→NH3，结合质量守恒定律进行方程式配平分析，可以知道参加反应的N2:H2:NH3的个数比为1:3:2，不符合题意；
C、根据催化剂的性质，化学反应前后化学性质和质量不变的特点，图中M的质量反应前后质量不变，故M可能是该反应的催化剂，不符合题意；
D、根据化学反应前后质量守恒，求出NH3的质量分数100%-14%-63%-6%=17%，那么a的数值为17，反应后H2和NH3的质量分数应为14%:17%=14:17，而不是1:1，故符合题意。
【点睛】
本题难度不大，解答此题需根据质量守恒定律，熟悉质量守恒定律的微观原因，以及催化剂特点，认真分析各物质的变化情况，仔细推敲，即可求解。
13．（2022年湖南省衡阳市中考）某化学反应的微观示意图如图所示，有关该化学反应的说法错误的是（ ）

A．化学反应前后元素的种类不变B．丙是形成酸雨的气体之一
C．该反应生成的丙、丁分了个数比为1：1D．该反应是置换反应
【答案】D
【解析】根据微观反应示意图得出该反应的化学反应方程式为：2H2S+3O2=2SO2+2H2O。
A、根据图示反应微观示意图得出化学反应前后元素的种类不变，故选项说法正确；
B、根据微观示意图得出丙为SO2，SO2是形成酸雨的气体之一，故选项说法正确；
C、根据质量守恒结合化学反应方程式得出生成物丙与丁的分子个数比为2:2=1:1，故选项说法正确；
D、置换反应是指单质与化合物反应生成另一种单质与另一种化合物的反应，该反应中生成物为两种化合物，反应不属于置换反应，故选项说法错误；
故选D。
14．（2022年安徽省中考）我国科研人员将二氧化碳高效合成为可供微生物直接利用的物质X，合成过程中主要物质向转化的微现示意图如下、下列说法错误的是（ ）

A．催化剂提高了合成效率B．X的化学式为CH2O
C．CO2合成的过程中伴随能量变化D．一定有含氢元素的物质参与合成反应
【答案】B
【解析】
A、根据题意可知，催化剂能提高合成效率，故选项说法正确；
B、根据微观示意图可知，X的化学式为C2H4O2，故选项说法错误；
C、CO2合成的过程中有新物质生成，伴随能量变化，故选项说法正确；
D、根据质量守恒定律可知，化学反应前后元素的种类不变，该反应中生成物只有一种且含有氢元素，因此一定有含氢元素的物质参与合成反应，故选项说法正确。
故选：B。
15．（2022年湖南省衡阳市中考）甲、乙、丙、丁四种物质在一定条件下充分混合，此时各物质的质量分数如图1所示。一段时间后，各物质的质量分数如图2所示。下列说法正确的是（ ）

A．丁是反应物B．x的值为20
C．乙是此化学反应的催化剂D．生成38g甲，需消耗60g丁
【答案】A
【解析】
A、反应前丁的质量分数为48%，反应后丁的质量分数为30%，丁的质量分数减少了48%-30%=18%，故丁是反应物，故选项正确；
B、由图2可知，甲乙丙丁四种物质的质量分数加一起等于1，所以可算出乙的质量分数为10%，即x的值为10，故选项不正确；
C、反应前乙的质量分数为10%，反应后乙的质量分数也为10%，乙的质量分数在反应前后不变，故乙可能是该反应的催化剂，也可能是没有参加反应的杂质，故选项不正确；
D、由上述分析，参加反应的甲和生成丁的质量比为：（19%-17%）：（48%-30%）=1：9，则若生成14g的甲，设消耗丁的质量为x, SKIPIF 1 < 0 ，故选项不正确；
故选：A
16．（2022年江苏省扬州市中考）下列实验现象的解释合理的是（ ）
A．AB．BC．CD．D
【答案】BD
【解析】
【详解】
A、2mL无水酒精和2mL水混合后体积略小于4mL，是因为分子之间存在间隔，酒精和水没有发生化学反应，不符合题意；
B、碳酸显酸性，能使紫色石蕊试液变红，加热，碳酸受热分解生成二氧化碳和水，故溶液变为紫色，符合题意；
C、蜡烛在空气中不完全燃烧，有黑色的炭生成，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，可得蜡烛中含碳元素，无法得出含H、O元素，不符合题意；
D、向鸡蛋清中加入饱和(NH4)2SO4溶液，可以降低蛋白质的溶解度，使蛋白质凝聚而从溶液中析出，故有沉淀生成，符合题意。
故选BD。
17．（2022年四川省成都市中考）工业上用CO2和NH3合成尿素【CO(NH2)2】，转化过程如图。下列说法正确的是（ ）
A．反应①是化合反应
B．反应②原子个数减少
C．尿素中氮元素的质量分数为36.7%
D．施用尿素主要是为了增强作物抗旱能力
【答案】A
【解析】
【分析】
反应①方程式是 SKIPIF 1 < 0 （条件题目中未注明），反应②方程式推测为 SKIPIF 1 < 0 （条件题目中未注明）。
A、由分析中方程式可知，反应①是化合反应，A正确，符合题意；
B、反应②符合质量守恒定律，原子个数不变，B错误，不符合题意；
C、尿素化学式为CO(NH2)2，质量分数= SKIPIF 1 < 0 ，C错误，不符合题意；
D、增强作物的抗旱能力，需要施加磷肥，尿素是氮肥，D错误，不符合题意。
故选：A。
18．（2022年江西省中考）2022年4月29日《科技日报》报道“我国科学家实现二氧化碳到葡萄糖和油脂的“人工合成”，合成过程中的一个反应微观示意图如下，有关说法正确的是（ ）

A．反应前后分子的种类不变
B．反应前后共有三种氧化物
C．丙物质由8个原子构成
D．反应中甲和丁的分子个数比是2∶1
【答案】D
【解析】
根据题意反应的方程式是： SKIPIF 1 < 0 。
A、化学变化会产生新物质，则反应前后分子的种类一定改变，错误；
B、氧化物是两种元素组成，其中一种是氧元素的化合物；反应前后有CO、H2O两种氧化物；错误；
C、根据微观示意图，丙物质的化学式是C2H4O2，则一个丙分子中含有8个原子；错误；
D、根据方程式，甲是CO，丁是氧气，则反应中甲和丁的分子个数比是2∶1，正确。
故选D。
19．（2022年山东省泰安市中考）根据下列实验方案进行实验，能达到相应实验目的的是（ ）
A．AB．BC．CD．D
【答案】C
【解析】
A、铁生锈是铁与氧气、水共同作用的结果，实验中左侧试管中铁钉没有与氧气接触不易生锈，右侧试管中铁钉没有与水接触不易生锈，故无法通过对比探究出铁生锈的条件；
B、在蜡烛的上方放置干冷的烧杯若烧杯中产生水雾，证明燃烧产生水，水由H、O组成，反应物中有氧气参与反应，氧气中含有O，则证明蜡烛一定含有H，可能含有氧元素，故选项说法错误；
C、将0.5g碘分别放入10ml的水与酒精中，两个实验中除了溶剂的种类不同，其余的量都相同，则可以通过该实验探究不同溶剂中物质溶解性强弱；
D、根据质量守恒可知 SKIPIF 1 < 0 ，32份质量的氧气完全反应需要128份质量的铜，则完全消耗完玻璃管中的氧气需要消耗大量的铜，则该装置测定空气中氧气含量设计不合理；
故选C。
20．（2022年浙江省宁波市中考）中国科学院首创室温制氢方案，其反应原理如图所示。下列说法错误的是（ ）
A．该反应的化学方程式是CO+H2O SKIPIF 1 < 0 H2+CO2
B．该反应前后分子数目不变
C．该反应前后氢元素的化合价不变
D．反应物CO和H2O都是氧化物
【答案】C
【解析】根据微观反应示意图的信息书写化学方程式，然后结合化学方程式以及选项内容进行分析解答。
由微观反应示意图可知，该反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0
A、该反应的化学方程式是 SKIPIF 1 < 0 ，不符合题意；
B、由化学方程式可知，该反应前后分子数目不变，不符合题意；
C、在反应物水中，氢元素显+1价，在生成物氢气中，氢元素的化合价为零，因此反应前后氢元素的化合价发生了改变，符合题意；
D、氧化物是由两种元素组成的，且其中一种元素是氧元素的化合物，因此反应物CO和H2O都是氧化物，正确，不符合题意。
故选C。
【点睛】
此题是对化学反应微观示意图问题的考查，根据分子构成判断反应物与生成物的种类，写出反应的方程式，然后结合相关的知识分析解答即可。
21．（2022年山东省泰安市中考）如图为某反应的微观示意图，关于该反应的说法不正确的是（ ）

A．该反应属于置换反应B．反应前后原子的种类和数目没有改变
C．生成物丙和丁都属于氧化物D．反应前后催化剂质量和化学性质不变
【答案】A
【解析】由图可知，反应为CH2O和氧气在催化剂作用下生成二氧化碳和水， SKIPIF 1 < 0 ；
A. 置换反应是一种单质和化合物生成另外一种单质和化合物的反应，该反应中生成物为两种化合物，不属于置换反应，错误；
B. 原子是化学变化中最小的粒子，反应前后原子的种类和数目没有改变，正确；
C. 氧化物是含有两种元素一种为氧元素的化合物；生成物丙二氧化碳和丁水都属于氧化物，正确；
D. 催化剂改变反应速率；反应前后催化剂质量和化学性质不变，正确；
22．（2022年重庆市中考）化学反应是在微观粒子间进行的。结合下图，下列说法正确的是（ ）

A．该反应为化合反应B．该反应过程中原子数目减少
C．甲既是氧化物又是化合物D．乙从液态变为气态化学性质改变
【答案】C
【解析】
【分析】
根据微观反应图可知，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；甲是一氧化氮，乙是水。
【详解】
A、化合反应是由多种物质反应生成一种物质的反应，该反应中生成物是两种，不符合化合反应中多变一的原则，不是化合反应，故A错误；
B、根据质量守恒定律，化学反应前后原子的种类和数目保持不变，故B错误；
C、氧化物是由两种元素组成，且其中一种为氧元素的化合物，由上分析可知，甲是一氧化氮，含有氧元素和氮元素，故既是化合物也是氧化物，故C正确；
D、由上分析可知，乙是水，从液态变为气态没有新物质的生成，发生的是物理变化，化学性质不改变，故D错误；
故选C。
23．（2022年四川省成都市中考）下列实验能达到相应目的的是（ ）
A．观察乳化现象
B．验证质量守恒定律
C．比较铁、铝金属活动性
D．测定空气中氧气含量
【答案】B
【解析】
A、图中无乳化剂（如洗涤剂等），无法观察乳化现象。所以A实验不能达到相应目的。
B、碳酸钠与稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，在密闭环境中二氧化碳不会逸出。只要少滴稀盐酸不使锥形瓶内压强过大即可。所以B实验能达到相应目的。
C、铁片与铝粉与5%稀硫酸反应速率不同，但不能比较铁、铝金属活动性，还应控制铁、铝的形状相同。所以C实验不能达到相应目的。
D、测定空气中氧气含量应用红磷作反应物，用足量木炭生成二氧化碳是气体占据了消耗的氧气体积，压强变化不明显。测定失败。所以D实验不能达到相应目的。
综上所述：选择B。
24．（2022年四川省凉山州中考）实验是学习化学的基础。下列装置所示的实验操作正确且能达到实验目的的是（ ）
A．用NaHCO3溶于水验证质量守恒定律
B．蒸发食盐水
C．探究水是铁生锈的必要条件之一
D．测空气中O2的含量
【答案】C
【解析】
A、碳酸氢钠溶于水后没有生成新物质，属于物理变化，质量守恒定律是化学变化中的一种规律，所以用NaHCO3溶于水不能验证质量守恒定律，选项错误；
B、蒸发食盐水时，应边加热边用玻璃棒搅拌，防止液体受热不匀发生飞溅，图中缺少玻璃棒，选项错误；
C、由图可知，左侧试管中的铁钉既能够与空气接触，也能够与水接触，右侧试管中的铁钉只能够接触空气，不接触水分，一段时间后，观察到U型管中红墨水左侧液面上升，右侧液面下降，说明左侧的铁钉发生了锈蚀，证明水是铁生锈的必要条件之一，选项正确；
D、碳与装置中的空气中的氧气反应生成二氧化碳气体，实验后，装置中剩余的气体的体积不变或变化较小，则实验结果为零或偏小，选项错误，故选C。
25．（2022年新疆中考）下列实验能达到目的的是（ ）
A．测定空气中氧气的含量
B．探究甲烷中是否含碳元素
C．验证质量守恒定律
D．配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液
【答案】C
【解析】
A、木炭燃烧后生成二氧化碳，不能是装置内气压减小，水不能到吸入装置则无法测定空气中氧气含量，选项错误；
B、如图所示，反应后可观察到烧杯内壁出现小水滴，证明甲烷燃烧后生成水，说明甲烷含氢元素，但无法证明甲烷是否含碳元素，选项错误；
C、如图在密闭容器内，红磷燃烧后生成五氧化二磷固体，反应前后物质的总质量不变，从而验证质量守恒定律，选项正确；
D、配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液时，量筒是用于量取水的体积的，不能用于溶解氯化钠，选项错误；
答案为：C。
26．（2022年四川省达州市中考）甲醛(CH2O)是一种有毒气体，房屋装修时部分建材释放出的甲醛严重影响人体健康。科学家们研究发现，使用特殊的催化剂可高效地促进甲醛的转化，从而降低甲醛的危害。其反应过程的微观示意图如下，下列说法不正确的是（ ）
A．参加反应的两种物质的微粒个数比为1：2
B．该反应一定有元素的化合价发生变化
C．反应前后原子的种类、数目不变
D．反应前后分子的种类改变
【答案】A
【解析】
【分析】
由图可知，该反应为甲醛和氧气在催化剂的作用下转化为二氧化碳和水，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、由化学方程式可知，参加反应的两种物质的微粒个数比为1:1，符合题意；
B、化学反应前后，氧元素由游离态转化为化合态，故氧元素的化合价一定发生了改变，不符合题意；
C、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，不符合题意；
D、该反应有新物质生成，属于化学变化，分子的种类发生了改变，不符合题意。
故选A。
27．（2022年甘肃省武威市中考）下图为制备有机物X的微观过程。下列说法正解的是（ ）

A．该反应属于置换反应
B．有机物X的化学式为CH4O
C．该化学反应程中，原子的种类发生了改变
D．参加反应的和分子个数比为3：1
【答案】BD
【解析】
由微观反应示意图可知，该反应是由二氧化碳和氢气在纳米纤维催化剂的作用下反应生成 SKIPIF 1 < 0 和 SKIPIF 1 < 0 ，化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
【详解】
A、置换反应是一种单质与一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，该反应中生成物是两种化合物，因此该反应属于置换反应，故A错误，不符合题意；
B、由分子结构模型可知，有机物X的化学式是 SKIPIF 1 < 0 ，故B正确，符合题意；
C、根据质量守恒定律可知，化学反应前后原子的种类不变，故C错误，不符合题意；
D、由反应方程式可知，参加反应的氢气分子与二氧化碳分子个数比为3:1，故D正确，符合题意；
故选BD。
28．（2022年湖南省怀化市中考）下图表示两种物质发生的化学反应，其中相同的球代表同种原子。下列说法正确的是（ ）
A．常温下乙物质为气体
B．该反应为分解反应
C．该反应中甲、乙的质量比为1：1
D．反应前后原子种类不变
【答案】D
【解析】由图可知，反应为氯气和水生成氯化氢和HClO， SKIPIF 1 < 0 ；
【解析】
A. 常温下乙物质水为液体，错误；
B. 该反应不是一变多的反应，不为分解反应，错误；
C. 该反应中甲、乙的质量比为（35.5×2）：（1×2+16）=71:18，错误；
D. 原子是化学变化中最小的粒子，反应前后原子种类不变，正确；
故选D。
29．（2022年云南省昆明市中考）将下列四种物质放入密闭容器中充分反应，测得反应前后各物质的质量如下表，下列说法错误的是（ ）
A．a=5
B．甲和乙为反应物
C．丙可能是催化剂
D．甲、乙、丁的相对分子质量之比为2：1：2
【答案】D
【解析】
A、由表格信息和质量守恒定律可知，30+20+5+0=14+16+a+20，a=5，故说法正确；
B、由表格信息可知反应后甲质量减少了16克，是反应物；乙质量减少了4克，是反应物；故说法正确；
C、反应后丁质量增加了20克，是生成物；甲质量减少了16克，是反应物；乙质量减少了4克，是反应物；丙质量不变，可能是做催化剂，也可能是杂质，故说法正确；
D、由上述分析可知,参加反应的甲、乙和生成的丁的质量比为16：4：20，不知道甲、乙、丁的化学计量数，无法确定相对分子质量之比，故说法不正确；
故选D。
30．（2022年云南省昆明市中考）将氯化氢转化为氯气的技术是当今化学研究的热点之一，下图是该反应的微观示意图

（其中：表示氢原子，表示氧原子，表示氯原子）
下列说法正确的是（ ）
A．该反应涉及两种氧化物B．生成物均由两种元素组成
C．参加反应的两种物质的质量比为73：16D．反应前后分子总数不变
【答案】C
【解析】
由图示可知，反应的化学方程为 SKIPIF 1 < 0 ；
A、由反应的化学方程可知，该反应涉及1种氧化物H2O，故A错误；
B、由反应的化学方程可知，生成物Cl2由1种元素组成，故B错误；
C、由反应的化学方程可知，参加反应的两种物质的质量比为32：（4×36.5）=16：73，故C正确；
D、由反应的化学方程可知，反应前后分子总数减少了，故D错误。
故选C。
31．（2022年云南省中考）人工光合固碳装置通过电化学手段将二氧化碳还原为甲酸(HCOOH)。该反应的微观示意图如下，有关该反应的说法不正确的是（ ）

A．从反应价值看：可减少CO2的排放
B．从守恒关系看：反应前后原子的种类、数目不变
C．从价态变化看：反应前后各元素的化合价不变
D．从表示方法看：反应的化学方程式为2CO2+2H2O SKIPIF 1 < 0 2HCOOH+O2
【答案】C
【解析】
A、该反应中二氧化碳是反应物被消耗，可以减少二氧化碳的排放，故A不符合题意；
B、根据质量守恒可知，反应前后原子种类和数目不变，故B不符合题意；
C、该反应是2CO2+2H2O SKIPIF 1 < 0 2HCOOH+O2，该反应中氧元素的化合价从-2价变成了零价，发生了改变，故C符合题意；
D、根据模型可判断该反应是：2CO2+2H2O SKIPIF 1 < 0 2HCOOH+O2，故D不符合题意；
故选C。
32．（2022年湖南省怀化市中考）一定条件下，下列物质在密闭容器内充分反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法不正确的是（ ）
A．反应后X的质量为2.1g
B．X中一定含有碳元素和氧元素
C．X中一定含有碳元素和氢元素
D．X中两种元素的质量比是6：1
【答案】D
【解析】依据化学反应中反应物的质量会减小生成物的质量会增加，且反应物的质量之和应该等于生成物的质量总和，然后依据反应前后元素的质量相等进行分析判断即可。
在该反应中乙醇及氧气的质量减小，所以是反应物，二氧化碳和水质量增加是生成物，且参加反应的物质质量等于2. 4g+4.6g=7g，而生成物二氧化碳和水的质量是2. 2g+2. 7g=4. 9g，所以X是生成物，且质量是7g-4. 9g=2.1g，其反应的表达式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、由以上分析知X等于2.1g，故选项说法正确；
B、4.6g乙醇中含有的碳元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，反应后二氧化碳中氧元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，碳元素质量是2. 2g-1. 6g=0. 6g，碳元素质量不等，所以X中一定含有碳元素，4.6g乙醇中含有的氧元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，水中的氧元素是 SKIPIF 1 < 0 ，二氧化碳中氧元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，反应前后氧元素的质量都为4g，因此X中不含有氧元素，故选项说法错误；
C、反应的乙醇中氢元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，而水中的氢元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，氢元素质量不等，所以X中一定含有氢元素，故选项说法正确；
D、有以上分析可知，X中含有碳、氢两种元素质量比为 SKIPIF 1 < 0 ，故选项说法正确。
故选：B。
33．（2022年四川省遂宁市中考）经研究发现，利用催化剂可有效消除室内装修材料释放的甲醛。该反应的微观示意图如下：

下列说法正确的是（ ）
A．该反应为化合反应
B．丙物质中碳、氧元素的质量比为1：1
C．生成的丙、丁的分子个数比为2：1
D．1个甲醛分子由1个碳原子、2个氢原子、1个氧原子构成
【答案】D
【解析】
由图可知，该反应为甲醛和氧气在催化剂的作用下转化为二氧化碳和水，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、该反应的生成物有两种，不属于化合反应，不符合题意；
B、丙物质为二氧化碳，二氧化碳中C、O元素的质量比为：12：（16×2）=3:8，不符合题意；
C、由化学方程式可知，生成的丙、丁的分子个数比为1:1，不符合题意；
D、由图可知，甲醛的化学式为CH2O，故1个甲醛分子由1个碳原子、2个氢原子、1个氧原子构成，符合题意。
故选D。
34.（2022年百色市中考） 百色市某铝厂为了“变废为宝，点渣成金”，从含有Al2O3、SiO2等成分的工业废渣中提取金属铝，其工艺流程如下：

回答下列问题：
（1）流程图中含铝元素的物质里属于碱的是__________。
（2）“过量的酸溶液”中使用的酸是__________ (填字母序号)。
A. 醋酸B. HNO3C. H2SO4
（3）通过该流程可得出SiO2的性质有：__________(写一条)。
（4）电解A12O3产生两种单质，该反应的化学方程式为：__________，它所属的基本反应类型是__________反应。
【答案】（1）氢氧化铝##Al(OH)3 （2）C
（3）不能跟酸反应 （4） ①. SKIPIF 1 < 0
②. 分解
【解析】
【小问1详解】
氢氧化铝是电离时产生的阴离子都是氢氧根离子的化合物，属于碱；
【小问2详解】
由图可知，向工业废渣中加入过量的酸溶液，得到硫酸铝溶液，故使用的酸是硫酸。
故选C；
【小问3详解】
向工业废渣中加入过量的稀硫酸，氧化铝和稀硫酸反应生成硫酸铝和水，过滤得到二氧化硅，说明二氧化硅和酸不反应；
【小问4详解】
电解氧化铝产生两种单质，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，反应物中含Al、O，故生成物中也应含Al、O，故生成的两种单质是铝和氧气，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；
该反应符合“一变多”的特点，属于分解反应。
35. （2022年抚顺本溪辽阳市中考）根据下图所示实验回答问题。
（1）实验一，通过对比铜片上的白磷燃烧而热水中的白磷不燃烧的事实，说明可燃物燃烧的条件之一是_________。
（2）实验二，将稀盐酸倒入烧杯中，充分反应后，再次称量，发现物质总质量减小，原因是_________。
（3）实验三，一段时间后，观察到A中铁钉生锈，B、C中铁钉无明显变化，通过对比A、B、C中的现象，可得出铁生锈的条件是铁与_________和氧气等同时接触。
（4）实验四，加热蒸发食盐水过程中，当蒸发皿中出现________时，停止加热。
【答案】（1）与氧气接触
（2）生成氢气，逸散到空气中
（3）水##水蒸气##H2O
（4）较多固体
【解析】
【小问1详解】
实验一，通过对比铜片上的白磷与氧气接触，白磷燃烧而热水中的白磷不燃烧，则热水中的白磷没有接触氧气，说明可燃物燃烧的条件之一是与氧气接触；
【小问2详解】
实验二，将稀盐酸倒入烧杯中，充分反应后，再次称量，发现物质总质量减小，原因是稀盐酸与锌粒反应生成氯化锌和氢气，产生的气体逸散在空气中；
【小问3详解】
实验三，一段时间后，观察到A中铁钉与水和氧气均接触，铁钉生锈，B中铁钉只接触水，C中铁钉只接触氧气，B、C中铁钉无明显变化，通过对比A、B、C中的现象，可得出铁生锈的条件是铁与水和氧气等同时接触；
【小问4详解】
实验四，加热蒸发食盐水过程中，当蒸发皿中出现较多固体时，停止加热。
36. （2022年辽宁省营口市中考）根据下图所示的实验回答问题：

（1）A实验________（填“能”或“不能”）用来测定空气中氧气的含量；
（2）B实验现象说明：空气中的氧气含量比呼出气体中的________（“高”或“低”）；
（3）C实验中小灯泡发亮，说明石墨具有_________性；
（4）D实验用来验证质量守恒定律，其中气球的作用是________。
【答案】（1）不能 （2）高
（3）导电 （4）缓冲气压，以防气压过大冲出橡胶塞
【解析】
【小问1详解】
A实验所用药品为木炭，木炭燃烧生成的二氧化碳为气体，集气瓶内无法形成气压差，因此不能用来测定空气中氧气的含量。
【小问2详解】
B实验中燃着木条在空气中正常燃烧，在呼出气体中很快熄灭，则说明空气中的氧气含量比呼出气体中的高。
【小问3详解】
C实验中小灯泡发亮，说明石墨具有导电性。
【小问4详解】
D实验中红磷燃烧会放热，导致锥形瓶内气压变大，因此气球的作用是缓冲气压，以防气压过大冲出橡胶塞。
37. （2022年福建省中考）水是生命之源。通常所说的水为H2O，而更广义的水还包括矿物中的氢氧基团(OH)、其他形式的氢(H)，它们在高温下才以水分子的形式释放出来。A~C是氢、氧原子及其构成微粒的示意图。

（1）一定条件下由A生成C化学方程式为____。A→B→C的变化过程中，不变的是__。
（2）参照上图微粒表示方法，画出“氢氧基团(OH)和氢(H)结合成水分子”的微观示意图：___。
（3）科研工作者将“嫦娥五号”采集的月球玄武岩中的磷灰石分解，其化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0 。则X的化学式为____。
（4）理论上，通过测量外星球矿样中氢元素的质量，可换算出矿样中水的质量。若1.0g某矿样含氢的质量为8.0×10-5g，则含水的质量m(H2O)=____g
【答案】（1） ①. SKIPIF 1 < 0 ②. 氢原子和氧原子（或H、O）
（2） （3）H2O
（4）7.2×10-4
【解析】
【小问1详解】
如图可知A中的物质是氢气和氧气，C是水，故氢气和氧气在一定条件下反应生成水的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；如图反应过程中氢分子分解为氢原子，氧分子分解为氧原子，氢原子和氧原子再从新结合，故反应过程中不变的是氢原子和氧原子，故填：氢原子和氧原子或H、O；
【小问2详解】
“氢氧基团(OH)和氢(H)结合成水分子”的微观示意图：
【小问3详解】
根据质量守恒定律反应前后原子的种类和个数不变，反应前钙原子、磷原子、氧原子、氢原子的个数分别是10、6、26、2，反应后钙原子、磷原子、氧原子、氢原子的个数分别是10、6、25、0，故X中含有2个氢原子和1个氧原子，则X的化学式为： SKIPIF 1 < 0 ；
【小问4详解】
1.0g某矿样含水的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，故填： SKIPIF 1 < 0 。
38. （2022年广东省中考）铁铜双金属粉末可用于生产机械零件。利用还原铁粉和CuSO4溶液制备该产品的工艺流程如图所示。

（1）“搅拌”时发生的反应利用了铁的金属活动性比铜的______（填“强”或“弱”）。
（2）“过滤”后滤液的主要成分是______（写化学式）。
（3）若用该工艺制备了1000g铁铜双金属粉末产品，其中Cu单质的质量分数为19.2%。计算置换这些Cu单质所需还原铁粉的质量（写出计算过程）。
（4）“干燥还原”可在不同的温度下进行，产品中氧元素的质量分数随温度的变化如图所示。若（3）中产品是在500℃时干燥还原后得到的，则其中最多含Fe元素______g（产品中只含三种元素）。

【答案】（1）强 （2）FeSO4
（3）解：1000g铁铜双金属粉末中铜的质量为1000g×19.2%=192g，设需还原铁粉的质量为x；
SKIPIF 1 < 0
答：需还原铁粉的质量为168g；
（4）804
【解析】
【小问1详解】
“搅拌”时铁能与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，是利用了铁的金属活动性比铜的强，故填：强；
【小问2详解】
由流程图可知，最终产品是铁铜双金属粉末，说明加入的铁粉过量，则“过滤”后滤液的主要成分是硫酸亚铁，故填：FeSO4；
【小问3详解】
见答案；
【小问4详解】
产品中只含有铁、铜、氧三种元素，若是含铜的氧化物，则铁元素的质量最少，要使铁元素的质量最大，混合物中只能是铁的氧化物，根据质量守恒定律，铁铜双金属粉末产品中铁元素的质量最多为1000g-192g-1000g×0.4%=804g，故填：804。
39. （2022年湖北省十堰市中考）将12.0g大理石样品置于烧杯中，向其中逐渐加入稀盐酸（杂质既不溶于水，也不与稀盐酸反应）。当加入94.4g稀盐酸，恰好不再有气体生成，此时烧杯内混合物的质量为102.0g（假设CO2全部逸出，不考虑水的损失）。试计算：
（1）生成二氧化碳的质量是___________g。
（2）烧杯内所得溶液中溶质的质量分数。（写出计算过程）
【答案】（1）4.4 （2）11.1%
【解析】
【小问1详解】
根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，故生成二氧化碳的质量为：12.0g+94.4g-102.0g=4.4g；
【小问2详解】
解：设大理石中碳酸钙的质量为x，反应生成氯化钙的质量为y
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 x=10g
SKIPIF 1 < 0 y=11.1g
烧杯内所得溶液中溶质的质量分数： SKIPIF 1 < 0
答：烧杯内所得溶液中溶质的质量分数为11.1%
40．（2022年安徽省中考）某同学在学习质量守恒定律时，称取0.6g镁条进行燃烧实验（如下图）。

(1)计算：镁条完全燃烧生成氧化镁的质量（写出计算过程）。
(2)该同学称得反应后固体的质量小于0.6g，原因可能是______。
【答案】(1)1g
(2)一部分生成的氧化镁扩散到空气中
【解析】
(1)解：设0.6g镁条完全燃烧生成氧化镁的质量为 SKIPIF 1 < 0 。
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0
解得： SKIPIF 1 < 0 =1g
答：0.6g镁条完全燃烧生成氧化镁的质量为1g。
(2)根据质量守恒定律，参加反应的反应物总质量等于生成的生成物的总质量，所以参加反应的镁和氧气的总质量等于生成的氧化镁的总质量，但该反应在敞口装置进行，通过观察实验可知，镁条燃烧时，一部分生成的氧化镁扩散到空气中，使得反应后称量的固体质量小于反应前。
41．（2022年四川省南充市中考）仪陇县龙岗气田天然气储量极为丰富，其天然气中因含有少量硫化氢（H2S）需脱硫处理，以防止污染空气。硫化氢具有可燃性，硫化氢完全燃烧的化学方程式是 SKIPIF 1 < 0 。
(1)X的化学式为____________。
(2)硫化氢中硫元素的化合价为____________。
(3)上述反应中出现的氧化物能形成酸雨的是____________。
【答案】(1)H2O
(2)-2或者-2价
(3)SO2或者二氧化硫
【解析】
(1)
由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前氢、硫、氧原子个数分别为4、2、6，反应后的生成物中氢、硫、氧原子个数分别为0、2、4，根据反应前后原子种类、数目不变，缺少4个氢原子和2个氧原子，X的化学式为H2O；
(2)
硫化氢中氢元素的化合价为+1价，根据化合物中元素的正负化合价为零，则硫元素的化合价为-2价；
(3)
二氧化硫是由氧元素和硫元素组成的化合物，属于氧化物，且能形成酸雨。
42．（2022年四川省遂宁市中考）化学兴趣小组整理药品时，发现一瓶标签受损的稀盐酸。为测定该稀盐酸的溶质质量分数，同学们进行了下图的实验(所选石灰石中的杂质不溶于水，也不与其他物质反应；生成气体全部逸出)。

请完成下列问题：
(1)生成二氧化碳的质量为_______g：
(2)计算稀盐酸的溶质质量分数_____(写出计算过程)。
【答案】(1)4.4
(2)7.3%
【解析】
(1)
化学反应前后物质的总质量不变，则生成二氧化碳的质量为10.4g+100g-106g=4.4g。
解：设氯化氢的质量为x
CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O+CO2↑
73 44
X 4.4g
SKIPIF 1 < 0
x=7.3g
稀盐酸的溶质质量分数为： SKIPIF 1 < 0 ×100%=7.3%
答：稀盐酸溶质质量分数为7.3%
43 （2022年辽宁省营口市中考）某学习小组的同学取Na2SO4和MgSO4的固体混合物40g放入烧杯中，加入113.6g水使其完全溶解，再逐步滴加溶质质量分数一定的NaOH溶液，反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，反应过程中滴加NaOH溶液的质量与生成沉淀的质量关系如图所示。请计算：
（1）m的值为__________；
（2）当滴加NaOH溶液质量为_________g时，恰好完全反应；
（3）恰好完全反应时，所得溶液中溶质的质量分数为_________。
【答案】（1）5.8 （2）80 （3）20%。
【解析】
【小问1详解】
通过题干和图示得知，因为该体系中仅有一个反应就是硫酸镁和氢氧化钠的反应，且所滴加NaOH溶液的质量是依次以20g进行增加的，故产生沉淀的质量也应该以2.9进行递增，所以m=2.9+2.9=5.8;
【小问2详解】
观察图示得知，在滴加NaOH溶液的质量为80g时，产生沉淀的质量达到最大值11.6g，之后再滴加NaOH溶液产生沉淀的质量也不增加，所以当滴加NaOH溶液质量为80g，时，恰好完全反应；
【小问3详解】
解:设反应整个过程中参与反应的硫酸镁的质量为x，设反应整个过程中生成的硫酸钠质量为y，
SKIPIF 1 < 0
固体混合物中硫酸钠的质量为：40g-24g=16g，
根据质量守恒得知反应后溶液的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，
则恰好完全反应时，所得溶液中溶质的质量分数为： SKIPIF 1 < 0
答：恰好完全反应时，所得溶液中溶质的质量分数为20%。
44. （2022年四川省广安市中考）我国科学家侯德榜发明了联合制碱法，为世界科学发展做出了重要贡献。该制碱法以食盐为原料制备纯碱，产品中会混有少量氯化钠。某学习小组为了探测产品中纯碱的质量分数，将5g纯碱样品溶于20g水中配成溶液，再加入30g氯化钙溶液恰好完全反应（Na2CO3+CaCl2=CaCO3↓+2NaCl），反应后静置、过滤、洗涤、干燥，称得沉淀质量为4.5g。请回答下列问题：
（1）过滤后的滤液质量为___________g。
（2）求纯碱样品中纯碱的质量分数。（写出计算过程）
【答案】（1）50.5 （2）95.4%
解：
【解析】
【小问1详解】
根据质量守恒定律，滤液质量为：5g+20g+30g-4.5g=50.5g；
【小问2详解】
设样品中纯碱的质量为x
SKIPIF 1 < 0
解得x=4.77g
纯碱样品中纯碱的质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ×100%=95.4%
答：纯碱样品中纯碱的质量分数为95.4%
2021年中考真题
一、选择题（共63道题）：
1．（2021年广西贵港市中考）铜能与浓硝酸反应，反应的化学方程式为：
Cu+4HNO3（浓）═Cu（NO3）2+2X↑+2H2O，则X的化学式是（ ）
A．N2O4B．NO2C．NOD．N2O
【答案】B
【解析】化学反应遵循质量守恒定律，即参加反应的物质的质量之和，等于反应后生成的物质的质量之和，是因为化学反应前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变。
反应前后铜原子都是1个，氢原子都是4个，反应前氮原子是4个，反应后应该是4个，其中2个包含在未知物质中，反应前氧原子是12个，反应后应该是12个，其中4个包含在未知物质中，则X的化学式是NO2。故选：B。
【点评】化学反应遵循质量守恒定律，即化学反应前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变，这是书写化学方程式、判断物质的化学式、判断化学计量数、进行相关方面计算的基础。
2．（2021天津市中考真题）我国古代将炉甘石（ZnCO3） 和木炭粉混合后，加热到约800℃可得到锌。主要发生的化学反应：①ZnCO3ZnO+CO2↑，②C+2ZnO2Zn+X↑，下列说法正确的是（ ）
A．X的化学式为CO2
B．反应①是分解反应，反应②是置换反应
C．反应前后固体的质量不变
D．反应前后碳元素的化合价均发生改变
【答案】A B
【解析】
A、反应物中有1个碳原子、2个锌原子、2个氧原子，生成物中有2个锌原子，所以X是CO2，故A正确；
B、反应①是一种物质生成了两种物质，属于分解反应，反应②是是一种单质和化合物反应生成了另一种单质和化合物，属于置换反应，故B正确；
C、反应后生成的二氧化碳气体逸散到了空气中，所以反应前后固体的质量减少，故C错误；
D、反应②中单质碳生成了化合物二氧化碳，所以反应前后碳元素的化合价发生了变化，故D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查的是金属的有关性质以及冶炼的知识，完成此题，可以依据已有的知识结合题干提供的信息进行。
3．（2021天津市中考真题）将16g纯净物R在足量氧气中完全燃烧，生成44g二氧化碳和36g水。下列判断正确的是（ ）
A．R只含碳、氢元素
B．消耗氧气32g
C．R含碳、氢、氧三种元素
D．R中碳元素的质量分数为70%
【答案】A
【解析】根据质量守恒定律，由生成物可以初步确定该物质中含有碳元素和氢元素，由生成的二氧化碳和水中碳、氢元素的质量和与该物质的质量进行对比，从而确定该物质的组成元素。
A、44gCO2中含有碳元素的质量为：44g××100%＝12g，36g水中含有氢元素的质量为：36g××100%＝4g，生成物44g二氧化碳和36g水中所含碳、氢元素的质量和＝12g+4g＝16g，恰好等于纯净物R的质量，则该物质中一定含有碳、氢两种元素，一定不含氧元素，故选项说法正确。
B、由质量守恒定律，消耗氧气的质量为44g+36g﹣16g＝64g，故选项说法错误。
C、根据A选项的分析，该物质中一定含有碳、氢两种元素，一定不含氧元素，故选项说法错误。
D、R中碳元素的质量分数为×100%＝75%，故选项说法错误。
故选：A。
【点评】本题难度稍大，主要考查了质量守恒定律、化学式的计算，解题的关键是根据质量守恒定律确定物质的元素组成。
4.（2021年湖北省黄冈市中考）为了缓解碳排放引起的温室效应，我国科学家成功合成新型催化剂，将二氧化碳转化为甲醇，该过程的微观示意图如图，下列说法正确的是
A. 丙中氢、氧两种元素的质量比为4：1
B. 甲、丙、丁均为氧化物
C. 参加反应的甲和乙分子个数比为1：1
D. 生成丙和丁的质量比为16：9
【答案】D
【解析】
A、丙是甲醇，其化学式为CH3OH，氢、氧元素的质量比为 SKIPIF 1 < 0 ，故A不符合题意；
B、氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物，甲、丁均属于氧化物，丙是由碳、氢、氧三种元素组成的化合物，不属于氧化物，故B不符合题意；
C、由图示，结合质量守恒定律，反应前后原子个数不变，或根据反应的化学方程式： SKIPIF 1 < 0 ，则参加反应的甲和乙分子个数比应为1:3，故C不符合题意；
D、生成丙和丁的分子个数比为1:1，根据反应的化学方程式 SKIPIF 1 < 0 ，则生成丙和丁的质量比为32:18=16:9，故D符合题意；
故选D
【点睛】根据反应的微观示意图可知，该反应是二氧化碳与氢气反应甲醇和水，结合题意进行分析判断。
5．（2021年黑龙江省七台河市中考）密闭容器中有甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条
件下发生化学反应，测得反应前后有关数据如下：
关于此反应说法正确的是（ ）
A．该反应是分解反应
B．物质乙一定是该反应的催化剂
C．待测数值是14
D．反应中甲与丙变化的质量比4：7
【答案】A
【解析】解：反应后质量增加的属于生成物，反应后质量减少的属于反应物，反应后质量不变可能属于催化剂，进行分析判断。
由表中数据分析可知，反应前后乙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；反应前后丙的质量增加了22g﹣14g＝8g，故是生成物，生成的质量为8g；同理可以确定丁是反应物，参加反应的质量为35g﹣13g＝22g；由质量守恒定律，甲应是生成物，且生成的质量为22g﹣8g＝14g，故待测的数值为6+14＝20。
A、该反应的反应物为丁，生成物是甲和丙，符合“一变多”的形式，属于分解反应，故选项说法正确。
B、反应前后乙的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故选项说法错误。
C、待测的数值为6+14＝20，故选项说法错误。
D、反应中甲与丙变化的质量比14g：8g＝7：4，故选项说法错误。
故选：A。
【点评】本题难度不大，考查的是质量守恒定律的应用，解题的关键是分析表中数据（反应后质量增加的属于生成物、质量减少的属于反应物），灵活运用质量守恒定律。
6.（2021年江苏省扬州市中考）溶液用于制作印刷电路板，反应为
。X的化学式是:
A．Fe B. C. D.
【答案】B
【解析】
解：由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前铁、氯、铜原子个数分别为2、6、1，反应后的生成物中铁、氯、铜原子个数分别为0、2、1，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个铁原子和4个氯原子，则每个X分子由1个铁原子和2个氯原子构成，则物质X的化学式为。
故选：B。
【点评】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式。本题难度不大，掌握化学反应前后原子守恒是正确解析此类题的关键。
7.（2021年黑龙江省伊春市中考）铝是生活中常见的金属，除我们熟知的性质之外，铝还
可以与NaOH溶液发生反应：，X的化学式是:
A. O2B. H2C.Al2 O3D. Al(OH) 3
【答案】B
【解析】解：由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前铝、钠、氧、氢原子个数分别为2、2、6、4，反应后的生成物中铝、钠、氧、氢原子个数分别为2、2、0、4，根据反应前后原子种类、数目不变，则3X分子中含有6个氢原子，则每个X分子由2个氢原子构成，则物质X的化学式为。
故选：B。
【点评】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式。本题难度不大，掌握化学反应前后原子守恒是正确解析此类题的关键。
8.（2021年黑龙江省伊春市中考）密闭容器中有M、N、P、Q四种物质，在一定条件下
发生化学反应，测得反应前后有关数据如下，关于此反应说法正确的是:
A. 物质P一定是该反应的催化剂B. 待测数值是5
C. 该反应是化合反应D. 在此反应中N与Q的质量比4：5
【答案】C
【解析】解：由表中数据分析可知，反应前后N的质量增加了，故是生成物，生成的质量为25g；同理可以确定P的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；Q是反应物，参加反应的质量为；由质量守恒定律，M应是反应物，且参加反应的M的质量为，故待测的数值为。
A、P的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故选项说法错误。
B、待测数值是13，故选项说法错误。
C、该反应的反应物为M和P，生成物是N，符合“多变一”的形式，属于化合反应，故选项说法正确。
D、在此反应中N与Q的质量比25g：：4，故选项说法错误。
故选：C。
【点评】反应后质量增加的属于生成物，反应后质量减少的属于反应物，反应后质量不变可能属于催化剂，进行分析判断。
本题难度不大，考查的是质量守恒定律的应用，解题的关键是分析表中数据（反应后质量增加的属于生成物、质量减少的属于反应物），灵活运用质量守恒定律。
9. （2021年四川省广安市中考）吸烟有害健康。香烟的烟气中含有几百种对人体有害的物
质，毒害作用很大的有一氧化碳、尼古丁和含有致癌物的焦油等。下列有关尼古丁（化 学式为C10H14N2）的说法正确的是（ ）
A．尼古丁完全燃烧只生成CO2和H2O
B．162g尼古丁中氢元素质量为14g
C．尼古丁中碳、氢、氮元素的质量比为5：7：1
D．尼古丁中氮元素的质量分数最大
【答案】B
【解析】
A.由质量守恒定律，反应前后元素种类不变，尼古丁完全燃烧除生成二氧化碳和水外，还应生成含氮元素的物质，故选项说法错误；
B.162g尼古丁中氢元素质量＝162g×＝14g，故故选项说法正确；
C.尼古丁中碳、氢、氮三种元素的质量比为（12×10）：（1×14）：（14×2）＝60：7：14，故故选项说法错误；
D.尼古丁中碳、氢、氮三种元素的质量比为（12×10）：（1×14）：（14×2）＝60：7：14，则碳元素的质量分数最高，故选项说法错误。
故选：B。
【点评】本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的含义与有关计算进行分析问题、解决问题的能力．
10．（2021年湖北省武汉市中考）将氯化氢转化为氯气的技术是当今研究的热点。一定条件下，甲与乙反应生成丙和丁，相关物质的分子模型如下表所示（其中：表示氢原子，表示氧原子，表示氯原子）。
下列说法正确的是（ ）
A．该反应体现了甲的氧化性
B．上表中涉及两种含氧化合物
C．该反应中乙、丁的质量比为73：36
D．该反应中所有元素的化合价均发生了改变
【答案】A
【解析】解：A、氧气具有氧化性；B、上表中涉及1种含氧化合物，即水；C、根据反应的化学方程式及其相对分子质量可以计算物质之间的质量比；D、单质中元素化合价是0，化合物中元素化合价代数和为零。
A、该反应体现了甲（氧气）的氧化性，该选项说法正确；
B、上表中涉及1种含氧化合物，即水，该选项说法不正确；
C、反应的化学方程式及其质量关系：
O2+4HCl＝2Cl2+2H2O，
146 36
该反应中乙、丁的质量比为73：18，该选项说法不正确；
D、反应前后氢元素化合价都是+1，该选项说法不正确。
故选：A。
【点评】本题主要考查物质的性质，解析时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行分析、判断，从而得出正确的结论。
11.（2021年辽宁省抚顺市中考）如图是某化学反应的微观过程，下列说法正确的是
该反应中涉及三种氧化物
B. 生成丙和丁的分子个数比2：3
C. 反应前后有两种元素化合价发生改变
D. 化学反应前后分子的数目不变
【答案】C
【解析】由微观反应示意图可知，该反应是由甲烷和二氧化碳在催化剂的作用下反应生成氢气和一氧化碳，化学方程式为。
A.氧化物是由两种元素组成的，且其中一种元素是氧元素的化合物，该反应中只涉及到二氧化碳和一氧化碳两种氧化物，选项说法错误；
B.由化学方程式可知，生成丙氢气和丁一氧化碳的分子个数比2：：1，选项说法错误；
C.该反应中，碳元素由价和价变成价，氢元素由价变成0价，氧元素的化合价没有改变，选项说法正确；
D.由化学方程式可知，反应前后分子数目发生了改变，选项说法错误。
故选：C。
【点评】根据反应的微观示意图，分析反应物、生成物，写出反应的化学方程式，根据化学方程式分析有关的问题。通过给出微粒的模型，考查学生的观察能力和对基本概念的理解与运用能力；掌握质量守恒定律的内容及其应用是解题的关键点。
12．（2021年黑龙江省七台河市中考）某反应的微观示意图如图，有关说法正确的是（ ）

A．此反应遵守质量守恒定律
B．参加反应的各物质分子个数比为1：1
C．反应前后分子数目不变
D．此反应的生成物为混合物
【答案】A
【解析】解：首先要对模型图进行观察，分析物质的微观构成、物质的类别，再找出物质之间的微粒数目关系，写出反应的方程式，然后再对题中各问加以分析解答。
由微观反应示意图可知，该反应是由二氧化硫和氧气在一定条件下反应生成三氧化硫，化学方程式为2SO2+O22SO3。
A.所有化学反应都遵循质量守恒定律，选项说法正确；
B.由化学方程式可知，参加反应的各物质分子个数比为2：1（或1：2），选项说法错误；
C.由化学方程式可知，化学反应前后分子数目减少，选项说法错误；
D.由微观反应示意图以及化学方程式可知，反应后只生成一种物质，属于纯净物，选项说法错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了物质的宏观组成及其微观构成两方面的问题，解题关键是根据反应的实质结合模型的结构充分理解图中的信息，只有这样才能对问题做出正确的判断。
13．（2021广东省化学中考）科研人员制备了一种纳米催化剂，二氧化碳和水在其表面发生反应的微观示意图如“题14图”。下列说法正确的是
A．两种反应物的分子个数比为1∶1
B．生成物 SKIPIF 1 < 0 的化学式是CH4O
C．催化剂的化学性质在反应前后发生变化
D．原子的种类和数目在反应前后都发生变化
【答案】B
【解析】
书写该反应的化学方程式，根据质量守恒定律推理可得：2 CO2 + 4 H2O SKIPIF 1 < 0 2 CH3OH + 3 O2，因此两种反应物的分子个数之比为2∶4或1∶2（或4∶2或2∶1），而不是2∶2或1∶1，A错误；
1个生成物分子含有1个碳原子、4个氢原子、1个氧原子，即化学式为CH4O，B正确；
催化剂的化学性质在反应前后不发生变化，物理性质则通常发生变化，C错误；
化学反应前后，原子的种类保持不变，数目也保持不变，这是元素质量守恒的本质原因，D错误。
故选B。
14．（2021年吉林省中考）甲醛在催化剂作用下与氧气反应的微观示意图如图。下列说法错误的是（ ）

A．该反应中分子种类不变
B．反应物的分子个数比为1：1
C．化学反应前后元素质量不变
D．生成物是CO2和H2O，减少污染
【答案】A
【解析】解：根据反应的微观示意图，分析反应物、生成物，写出化学式、方程式，根据其意义、微粒的构成和变化、氧气的实验室制法等分析判断有关的问题．
由反应的微观示意图可知，该反应是甲醛和氧气在催化条件下反应生成了二氧化碳和水，反应的方程式是：HCHO+O2CO2+H2O。
A、由微粒的变化可知，该反应中分子种类发生了变化，故说法错误；
B、由方程式的意义可知，反应物的分子个数比为1：1，故说法正确；
C、由微粒的变化可知，反应前后原子的种类、数目不变，元素质量也不变，故说法正确；
D、该反应的生成物是CO2和H2O，减少污染，故说法正确．
故选：A。
【点评】本题通过微观粒子的反应模型图，考查了微观上对化学反应的认识，学会通过微观示意图把宏观物质和微观粒子联系起来、从微观的角度分析物质的变化是正确解答此类题的关键．
15. （2021年山东省潍坊市中考）在一密闭容器中，有甲、乙、丙、丁四种物质，反应前各物质质量关系如下图刻度纸所示（例如：丙的质量为5g，丁的质量为3g），充分反应后，在同一张刻度纸上再次记录各物质的质量变化：刻度线Ⅰ向左移动16格；刻度线Ⅱ向左移动8格；刻度线Ⅲ向左移动8格。下列说法正确的是：

A. 该反应是化合反应 B. 丙一定是催化剂
C. 反应后丁的质量为8g D. 反应生成的乙和丁的质量比为1∶1
【答案】D
【解析】
根据题意反应前后各物质质量变化如下表：
根据分析，反应中甲物质的质量减少16g，乙物质的质量增加8g，丙物质的质量没有发生变化，丁物质的质量增加8g。化学反应中反应物的质量减少，生成物的质量增加，因此该反应的反应物是甲，生成物是乙和丁，符合“一变多”的特点，属于分解反应，选项A不正确；
B、该反应中丙物质的质量没有发生变化，化学反应中，质量不变的物质可能是催化剂，也可能是不参加反应的其他物质，因此丙不一定是催化剂，选项B不正确；
C、反应中生成丁的质量为8g，反应前丁的质量为3g，因此反应后丁的质量为11g，选项C不正确；
D、该反应中生成的乙和丁质量都是8g，因此反应生成的乙和丁的质量比为：8g∶8g=1∶1，选项D正确。
故选D。
16．（2021·辽宁中考真题）如图是某化学反应的微观过程，下列说法正确的是

A．该反应中涉及三种氧化物B．生成丙和丁的分子个数比2：3
C．反应前后有两种元素化合价发生改变D．化学反应前后分子的数目不变
【答案】C
【解析】
图示的反应方程式是： SKIPIF 1 < 0 。
A、根据方程式：氧化物是二氧化碳和一氧化碳两种，故错误；
B、根据方程式：生成丙和丁的分子个数比2：2=1：1，故错误；
C、由物质的变化和化合价原则可知，反应前：CH4中碳元素是-4价、氢元素是+1价，CO2中碳元素是+4价，O是-2价；反应后：氢气中氢元素变为0价，CO中C是+2价，氧元素为-2价，则有两种元素的化合价发生了变化，故正确；
D、根据方程式：化学反应前后分子的数目改变，故错误。
故选C。
17．（2021·广东深圳市·中考真题）如图所示，下列说法错误的

A．反应Ⅰ前后原子数目不变B．反应中甲与乙的分子个数比为1：1
C．反应Ⅱ丙中N的化合价-3价 D．想要得到更多H2，应减少反应Ⅱ的发生
【答案】B
【解析】
由反应微观示意图可知：反应Ⅰ化学方程式： SKIPIF 1 < 0 ；反应Ⅱ化学方程式： SKIPIF 1 < 0 ；
A、依据质量守恒定律：化学反应前后原子的个数不变，反应Ⅰ前后原子数目不变，说法正确；
B、由反应微观示意图可知：反应Ⅰ化学方程式： SKIPIF 1 < 0 ，甲与乙的分子个数比2:1，说法错误；
C、反应Ⅱ丙是指氨气NH3，氢元素的化合价为+1价，依据化合物中各元素正负化合价代数为0可知：氨气中N的化合价-3价，说法正确；
D、由反应Ⅰ化学方程式： SKIPIF 1 < 0 ；反应Ⅱ化学方程式： SKIPIF 1 < 0 可知：想要得到更多H2，应减少反应Ⅱ的发生，说法正确；
答案：B。
18．（2021·湖南衡阳市·中考真题）下列化学反应微观示意图中，和表示两种不同元素的原子，则X处的粒子示意图正确的是

A．B．C．D．
【答案】A
【解析】
由质量守恒定律可知，反应前后原子的种类和数目不变，反应前小白球表示的原子个数一共为4，反应后小白球表示的原子的个数一共有8个，黑球代表的原子个数为2，则X处的粒子中一共有两个黑球代表的原子，4个小白球代表的原子，即一个黑球与两个白球结合，故A正确；
故选A。
19. （2021河北中考）利用催化剂将废气中的二氧化碳转化为燃料X，是实现“碳中和”的路径之一，该反应的化学方程式为CO2＋3H2 SKIPIF 1 < 0 X＋H2O，X的化学式为
A COB. CH4C. CH3OHD. C2H5OH
【答案】C
【解析】
根据质量守恒定律，反应前后原子的种类、数目不变，反应前C、H、O的原子个数分别为1、6、2，反应后C、H、O的原子个数分别为0、2、1，所以1个X分子中含有1个碳原子、4个氢原子和1个氧原子，X的化学式为CH3OH；
故选C。
20．（2021·湖北随州市·中考真题）化学学习常用化学思维去认识和理解世界，下列说法错误的个数有
（1）反应中甲和丙的质量比为1：8
（2）x=4
（3）该反应为化合反应
（4）乙可能是催化剂
（5）若甲与丁的化学计量数之比为2：3；则其相对分子质量之比为3：16。
A．1个B．2个C．3个D．4个
【答案】D
【解析】根据质量守恒定律，10+5+12+20=8+5+30+x，x=4；
（1）反应中甲和丙的质量比为(10-8)：(30-12)=1：9，错误；
（2）x=4，正确；
（3）该反应中甲、丁质量减少为反应物，丙质量增加为生成物，反应符合多变一特点，为化合反应，正确；
（4）乙质量反应前后不变，可能不参与反应、可能是催化剂，正确；
（5）反应的甲与丁质量比为(10-8)：(20-4)=1：8；若甲与丁的化学计量数之比为2：3；设甲、丁相对分子质量分别为a、b，则有 SKIPIF 1 < 0 = SKIPIF 1 < 0 ，解得 SKIPIF 1 < 0 = SKIPIF 1 < 0 ，正确；
故选D。
21．（2021·湖南湘潭市·中考真题）将下列四种物质放入密闭容器中充分反应，测得反应前后各物质的质量如下表。下列说法正确的是
A．a的值是8B．甲物质一定是该反应的催化剂
C．该反应属于分解反应D．反应过程中乙、丁的质量比是5：2
【答案】C
【解析】
根据表格信息可知，丙从27g变成0g，是反应物，丁从4g增加到23g，是生成物，由于反应前后物质的质量是守恒的，所以推算出乙的质量应该是27g-19g=8g，写出该反应的方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、因为生成乙的质量为8g，所以a应该是8+10=18，故A不符合题意；
B、甲反应前后质量不变，可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，故B不符合题意；
C、该反应由一种物质生成两种物质，是分解反应，故C符合题意；
D、反应中乙生成了8g，丁生成了19g，所以质量比为8:19，故D不符合题意；
故选C。
【点睛】本题难度不大，结合质量守恒定律进行分析即可。
22．（2021·湖南湘潭市·中考真题）根据如下微观示意图分析，下列结论正确的是

A．反应前后原子种类不变B．丙物质的相对分子质量是18g
C．参加反应的甲与乙分子个数比为1：1D．反应前后各元素的化合价均不变
【答案】A
【解析】
A、由图可知，反应前后原子种类数目不变，A正确。
B、相对分子质量单位是“1”不是“g”，B错误。
C、由微观示意图可知，反应化学方程式2C2H6+7O2 SKIPIF 1 < 0 4CO2+6H2O，故参加反应的甲与乙分子个数比为2：7，C错误。
D、反应前氧气为单质，氧元素0价，反应后氧元素-2价，化合价改变，D错误。
故选：A。
23．（2021·四川成都市·中考真题）工业上用CH4和CO2制取合成气会产生积碳，如图是抗积碳示意图。有关说法错误的是

A．Ni基双金属催化剂可重复使用B．反应前后元素的化合价均改变
C．反应前后原子种类和数目不变D．合成气可合成多种化工产品，价值大
【答案】B
【解析】
A、Ni基双金属在反应中作为催化剂，催化剂在反应前后质量和化学性质不发生变化，可重复使用，正确；
B、该反应为 SKIPIF 1 < 0 ，反应后碳元素的化合价有+4价变为+2价，氧元素的化合价在反应前后都是-2价，未发生变化，氢元素的化合价由+1价变为0价，因此错误；
C、根据质量守恒定律反应前后原子种类和数目不变，正确；
D、合成气为一氧化碳和氢气混合气体，可合成多种化工产品，价值大，正确；
故选B。
24．（2021·四川成都市·中考真题）下列实验不能达到相应目的的是
A． 比较蜡烛与水的密度
B． 比较火焰各层温度
C． 验证质量守恒定律
D． 验证产物有水
【答案】C
【解析】
A、比较蜡烛与水的密度实验中将蜡烛放入水中，若蜡烛浮在水面上则说明蜡烛的密度比水小，因此达到实验目的；
B、根据木条各部分被烧的颜色不同判断，温度高的部分，烧焦的程度深；反之，则浅；可达到实验目的；
C、蜡烛燃烧产生气体等，因此需要在密闭装置内进行验证，错误；
D、将干冷烧杯照在燃着的蜡烛上面，烧杯壁上有水珠产生，说明产物有水，可达到实验目的；
故选C。
25. （2021年山东省枣庄市中考）下列图示实验中，不能达到目的的是（ ）
探究CO2和NaOH能否发生反应 B. 用硝酸钾和水验证质量守恒定律

C.探究燃烧的条件----温度达到着火点 D. 验证浓硫酸溶于水放热
【答案】:B
【解析】：A项，氢氧化钠与二氧化碳反应无明显的现象，本实验是通过反应物减少来证明反应发生。二氧化碳减少，瓶内压强减小，在外界大气压作用下，塑料瓶会变瘪，盛有氢氧化钠溶液的塑料瓶会变得更瘪，说明二氧化碳能与氢氧化钠反应。故能达到实验目的，不符合题意。
B项，质量守恒定律是化学变化遵守的一个定律，硝酸钾和水不会发生化学变化，不能验证。
故不能达到目的，此选项符合题意。
现象为干燥的棉球燃烧，蘸水的棉球不燃烧，因为水蒸发会吸收热量，使温度达不到棉球着火点，本实验可以达到实验目的，故不符合题意。
浓硫酸溶于水时会放出大量的热，使装置内的压强变大，会看到盛有红墨水U型管的液面右边高于左边，可以达到实验目的，股不符合题意。
26.（2021·台湾中考）已知甲、乙、丙为三种不同的纯物质，甲与乙反应生成丙的化学反应式为：4甲+3乙→2丙。取30g的甲和16g的乙进行反应后，发现两者皆会完全反应耗尽，并且生成46g的丙。若改取不同质量的甲和16g的乙进行数次反应，则甲加入的质量与丙生成的质量关系图，最可能为下列何者？（ ）

B． C． D．
【答案】A
【解析】取30g的甲和16g的乙进行反应后，发现两者皆会完全反应耗尽，并且生成46g的丙，若改取不同质量的甲和16g的乙进行数次反应，则甲加入的质量与丙生成的质量关系图，最可能为A，即随着甲质量增大，生成丙质量增大，甲的质量是30g时，生成46g丙，继续加入甲时，丙质量不再变化。
27．（2021•岳阳）某反应的微观过程如图所示，其中代表一个碳原子，代表一个氧原子，代表一个氢原子。下列说法正确的是（ ）
A．该反应是化合反应
B．反应前后氢元素的化合价发生了改变
C．甲醇是一种氧化物
D．甲醇中碳、氢、氧元素的质量比为1：4：1
【答案】B
【解析】
由微观反应示意图可知，二氧化碳和氢气在一定条件下生成甲醇和水，化学方程式为CO2+3H2CH4O+H2O；该反应的生成物有两种，不属于化合反应；反应前氢元素的化合价为零，反应后氢元素的化合价为+1价；甲醇是由三种元素组成的，不属于氧化物；甲醇中碳、氢、氧元素的质量比为12：（1×4）：16＝3：1：4。
28．（2021年湖南省娄底市中考）乙烯（C2H4）是一种可燃性气体，常做水果催熟剂。乙烯完全燃烧的微观示意图如图所示，下列说法中，不正确的是（ ）
A．反应前后原子总数不变
B．图示中X的数值为3
C．乙烯属于有机物
D．反应中甲和乙两物质的质量比为7：8
【答案】D
【解析】解：根据变化微观示意图及粒子构成模拟图，利用分子由原子构成等特点，分析反应生成物，写出反应的方程式，根据方程式回答有关的问题。由微观示意图可知，反应物是乙烯和氧气，生成物是二氧化碳和水，反应的方程式是：C2H4+3O22CO2+2H2O；
A.由质量守恒定律可知，化学反应前后原子的总数不变，故A正确；
B.由化学方程式可知，图示中X的数值为3，故B正确；
C.乙烯（C2H4）是一种含碳元素的化合物，属于有机物，故C正确；
D.由化学方程式可知，参加反应甲和乙两物质的质量比为：（12×2+1×4）：（16×2×3））＝7：24，故D错误。
故选：D。
【点评】根据变化微观示意图及粒子构成模拟图，根据分子由原子构成等特点，正确判断变化中的物质构成，是解答本题的基本方法。
29．（2021·营口）某反应的微观示意图如图，有关说法正确的是（ ）
A．参加反应的两种物质的质量比为17：24
B．反应前后各元素的化合价不变
C．化学方程式为：2H2S+3O2═2SO2+2H2O
D．该反应类型为置换反应
【答案】A
【解析】
由微观反应示意图可知，该反应是由硫化氢和氧气在点燃的条件下反应生成二氧化硫和水，化学方程式为2H2S+3O22SO2+2H2O。由化学方程式可知，参加反应的两种物质（硫化氢与氧气）的质量比为（34×2）：（32×3）＝17：24；反应前的氧气中，氧元素的化合价为零，在生成物中，氧元素显﹣2价；硫元素由反应前的﹣2价变成反应后的+4价；该反应的化学方程式为2H2S+3O22SO2+2H2O；该反应的生成物是两种化合物，不属于置换反应。
30. （2021年湖北省鄂州市中考）甲乙丙丁四种物质混合后，在一定的条件下充分反应，测得反应前后各物质的质量分数如下表所示。说法正确的是
A. 丁一定是这个反应的催化剂
B. 参加反应的甲和乙的质量之和一定等于生成的丙的质量
C. 甲一定是化合物，乙一定是单质
D. 该反应可能是分解反应
【答案】B
【解析】
丁物质在反应前后质量没有变化，所以丁可能是这个反应的催化剂或没有参与该反应。此项不正确。
甲和乙的质量反应后减少，为反应的反应物；而丙的质量在反应后增加，为反应的生成物。根据质量守恒定律可知：在参加反应的甲和乙的质量之和一定等于生成的丙的质量。此项正确。
反应是由甲和乙生成丙，所以甲不一定是化合物，乙也不一定是单质。
反应是由甲和乙生成丙，所以该反应为化合反应。
所以应选B项。
31. （2021江苏省徐州中考）A、B、C三种初中化学常见物质中都含有同一种金属元素，它们之间的一步反应转化关系如图所示（部分反应物、生成物未标出）。其中，A是氯化钠，在工业上通过电解氯化钠的饱和溶液来生产B和氯气（Cl2）等；C俗称纯碱，C的溶液与石灰水反应可制取B。下列说法正确的是

A. 在海水里含量最多的物质是A
B. 物质B的固体必须密封保存
C. 用石蕊试液或稀硝酸均不能将A、C的溶液区分开来
D. 图示中物质之间的转化反应都属于复分解反应
【答案】B
【解析】A、B、C三种初中化学常见物质中都含有同一种金属元素，A是氯化钠，故它们均含钠元素，在工业上通过电解氯化钠的饱和溶液来生产B和氯气（Cl2）等；C俗称纯碱，可推出C为碳酸钠，C的溶液与石灰水反应可制取B，可推出B为氢氧化钠。
A、海水中含量最多的物质不是氯化钠，是水，不符合题意；
B、物质B是氢氧化钠，氢氧化钠固体易吸收水分，且能与空气中的二氧化碳反应，故应密封保存，符合题意；
C、A是氯化钠，C是碳酸钠，氯化钠显中性，不能使紫色石蕊试液变色，碳酸钠显碱性，能使紫色石蕊试液变蓝，氯化钠和稀硝酸不反应，碳酸钠能与稀硝酸反应生成硝酸钠、二氧化碳和水，产生气泡，故用石蕊试液或稀硝酸均能将A、C的溶液区分开来，不符合题意；
D、氯化钠和水在通电的条件下反应生成氢氧化钠和氢气、氯气，不属于复分解反应；氢氧化钠和稀盐酸反应生成氯化钠和水，属于复分解反应，氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，不属于复分解反应，碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙和氢氧化钠，属于复分解反应，碳酸钠和稀盐酸反应生成氯化钠、二氧化碳和水，属于复分解反应，不符合题意。
故选B。
32．（2021·贵州黔东南苗族侗族自治州·中考真题）“微观﹣宏观﹣符号”三重表征是化学独特的表示物质及其变化的方法。下图是液化石油气成分之一燃烧前后分子种类变化的微观示意图，下列说法正确的是

A．生成丙与丁物质的质量比为33∶18
B．反应前后各元素的化合价均不变
C．参加反应甲与乙的分子个数比为1∶1
D．甲中碳、氢元素质量比为3∶8
【答案】A
【解析】
由图可知，反应为石油气成分之一的C3H8完全燃烧生成二氧化碳和水， SKIPIF 1 < 0 ；
A. 生成丙与丁物质的质量比为(44×3)：(18×4)=33∶18，正确；
B. 单质中元素化合价为零；反应前后氧元素的化合价分别为0、-2，发生改变，错误；
C. 参加反应甲与乙的分子个数比为1∶5，错误；
D. 由化学式可知，甲中碳、氢元素原子的个数比为3∶8，错误。
故选A。
33. （2021年辽宁省阜新市中考）下列生活中的现象或做法，解释不正确的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】C
【解析】
A、蜡烛燃烧后质量减小了，是因为蜡烛燃烧生成的二氧化碳和水蒸气逸散到空气中去了，不符合题意；
B、划玻璃的刀头上镶一小粒金刚石，是因为金刚石是天然存在的最硬物质，不符合题意；
C、打开汽水瓶盖时，汽水会自动喷出来，是因为压强减小，气体溶解度减小，符合题意；
D、人被蚊虫叮咬后，蚊虫分泌的蚁酸显酸性，涂抹肥皂水减轻痛痒，是因为肥皂水显碱性，可以中和蚁酸，不符合题意。
故选C。
34. （2021年内蒙古赤峰市中考）宏观、微观、符号相结合是化学学科特有的思维方式，下图是某反应的微观示意图，有关说法正确的是

A. 物质甲和乙均由氧、氢两种元素组成
B. 物质丙中碳、氧两种元素的质量比为3：4
C. 物质丁由两个原子构成
D. 该反应前后分子和原子的种类、个数都没有发生变化
【答案】B
【解析】
A、由图可知，物质甲是碳，由碳元素组成，A错误。
B、由图可知，物质丙是一氧化碳，物质丙中碳、氧两种元素的质量比为12：16=3：4，B正确。
C、物质丁分子由两个原子构成，C错误。
D、该反应前后原子的种类、个数没有发生变化，D错误。
故选：B。
35.（2021·宁夏）科学家近年来在“甲烷-二氧化碳重整和Ni基催化剂”的研究方面取得
突破。图2是甲烷 与二氧化碳反应的微观示意图，下列说法不正确的是

A.丙物质是COB.反应前后各元素的化合价均不变
C.参加反应的甲和乙的质量比为4:11D.生成物中的两种分子的个数比为1:1
【答案】B
【解析】根据反应前后原子种类和个数不变可知，C应该是CO；反应前后，氢元素化合价由+1变为0，碳元素化合价由+4变为+2；该反应是甲烷和二氧化碳催化剂作用下生成一氧化碳和氢气，化学方程式为CH4+CO22CO+2H2，生成物中的两种分子的个数比为1:1，参加反应的甲和乙的质量比为（12+4）：（12+32）=4:11。
故选：B。
36.[2021·呼和浩特]宏观辨识和微观探析是化学学科核心素养之一。我国科学家利用复合光催化剂人工合成了燃料，反应的微观示意图如下。下列说法错误的是（ ）

A.丙是较为清洁的燃料
B.反应后氧元素的化合价升高
C.一个乙分子中含有10个电子
D.参加反应的甲和生成丁的质量之比为11：8
[答案]D
[解析]
根据反应的微观示意图可知，甲是CO2，乙是H2O，丙是CH4，丁是O2，该反应的化学方程式为CO2+2H2OCH4+2O2。丙是甲烷，是较为清洁的燃料；
反应前CO2和H2O中的氧元素化合价均为-2，反应后O2中氧元素化合价为0，氧元素的化合价从-2变为0，化合价升高；
乙分子中氢原子含有1个电子，氧原子含有8个电子，一个乙分子中一共含有1×2+8=10个电子；
参加反应的甲和生成丁的质量之比为44∶（32×2）=11∶16。
故选：D。
37. （2021·宁波中考）如图是物质甲和乙反应生成丙的微观示意图。下列说法正确的是（ ）

该反应属于化合反应
B. 甲、乙、丙都是有机物
C. 该反应中参加反应的甲和乙质量比为1:1
D. 该反应在反应前后原子的种类发生了改变
【答案】A
【解析】
由微观示意图可知，该反应是由两种物质生成一种物质的反应，属于化合反应；
含碳元素的化合物属于有机物，乙的化学式为H2O，不含碳元素属于无机物；
该反应中参加反应的甲和乙分子个数比为1：1，质量比为28：18=14：9；
化学反应前后，原子的种类不发生改变。
故选：A。
38. （2021年重庆市中考B卷）下图为某反应的微观示意图。关于该反应说法正确的是

A. 甲的化学式为CHO2
B. 该反应涉及3种氧化物
C. 反应前后分子种类不变
D. 生成物丙和丁分子个数比为1∶1
【答案】D
【解析】
A、根据示意图甲中含有2个H，1个C，1个O化学式为CH2O，错误；
B、甲为CH2O，含有三种元素不是氧化物，乙是氧气不是氧化物，丙是二氧化碳是氧化物，丁是水是氧化物，该反应涉及2种氧化物，错误；
C、该反应中CH2O分子和氧气分子转变为二氧化碳分子和水分子，分子种类改变，错误；
D、该反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 生成物丙和丁的分子个数比为1∶1，正确；
故选D。
39. （2021年贵州铜仁市中考）下列有关说法正确的是
A. 化学反应实质是分子的重新组合
B. 人体所需的微量元素只能用药物补充
C. 人体胃液正常的pH在0.9-1.5，如果出现异常，就会导致疾病
D. 自来水厂在净化水的过起中，向水中加入明矾能除去水中的异味和色素
【答案】C
【解析】
A、化学反应的实质是分子解离为原子，原子重新组成新的分子，化学变化前后原子的种类、数目不变，分子的种类一定改变，故A错误；
B、人体对微量元素的每天摄入量甚微，正常的平衡饮食中已含有足够的微量元素，故B错误；
C、人体胃液正常的pH在0.9-1.5，如果出现异常，就会导致疾病，故C正确；
D、自来水厂在净化水的过程中，向水中加入明矾可以吸附水里悬浮的杂质，并形成沉淀，使水澄清，故D错误；
故选C。
40. （2021年黑龙江牡丹江、鸡西地区中考）实验室用浓盐酸和二氧化锰制取氯气，反应的化学方程式为：MnO2+4HCl(浓) X+Cl2↑+2H2O，则X的化学式为
A. MnCl2B. ClO2C. MnCl4D. HClO
【答案】A
【解析】
据质量守恒定律可知，化学反应前后原子的种类、个数不变，反应前有2个氧原子、4个氯原子、 4个氢原子、1个锰原子，反应后有2个氧原子、2个氯原子、 4个氢原子，所以一个X的分子中有2个氯原子、1个锰原子；X的化学式为MnCl2；选A
41. （2021年湖南省永州市中考）工业法生产硝酸的一个中间反应可用微观模型表示如下，下列说法正确的是

A. 该反应前后分子的数目无变化B. 该反应前后元素种类没有变化
C. 该反应过程中氧气分子全部参与了反应D. 该反应的化学方程式可表示为： SKIPIF 1 < 0
【答案】B
【解析】由图示可知，一氧化氮和氧气反应生成二氧化氮，反应为 SKIPIF 1 < 0 ；
由分析得：
A. 该反应前后分子的数目发生改变，错误；
B 该反应前后元素种类没有变化，正确；
C. 该反应过程中氧气分子没有全部参与反应，错误
D. 该反应的化学方程式可表示为： SKIPIF 1 < 0 ，错误。
故选B。
42. （2021年湖南省益阳市）现有8g某有机物与足量O2在一定条件下充分反应，生成22gCO2和18gH2O。下列说法正确的是
A. 该有机物中一定含有氧元素
B. 该有机物中碳、氢元素质量比为1：3
C. 参加反应的有机物与O2的质量比为1：3
D. 生成的CO2和H2O的分子个数比为1：2
【答案】D
【解析】根据质量守恒定律可知，参加反应的氧气质量为22g+18g-8g＝32g，又X中碳元素质量为22g SKIPIF 1 < 0 =6g， 氢元素质量为18g SKIPIF 1 < 0 =2g，氧元素质量为8g-(6g+2g)＝0，因此X中只含碳、氢元素，不含氧元素，且X中碳原子、氢原子个数比为 SKIPIF 1 < 0 : SKIPIF 1 < 0 =1:4，即X的化学式是CH4。
A、该有机物中一定不含有氧元素，该项说法不正确，不符合题意；
B、该有机物中碳、氢元素质量比为6g：2g＝3：1，该项说法不正确，不符合题意；
C、参加反应的有机物与O2的质量比为8g：32g＝1：4， 该项说法不正确，不符合题意；
D、生成的CO2和H2O的分子个数比为 SKIPIF 1 < 0 : SKIPIF 1 < 0 = 1:2，该项说法正确，符合题意 。
故选D。
43. （2021年随州市中考）化学学习常用化学思维去认识和理解世界，下列说法错误的个数有：
（1）反应中甲和丙的质量比为1：8
（2）x=4
（3）该反应为化合反应
（4）乙可能是催化剂
（5）若甲与丁的化学计量数之比为2：3；则其相对分子质量之比为3：16。
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
【答案】D
【解析】根据质量守恒定律，10+5+12+20=8+5+30+x，x=4；
（1）反应中甲和丙质量比为(10-8)：(30-12)=1：9，错误；
（2）x=4，正确；
（3）该反应中甲、丁质量减少为反应物，丙质量增加为生成物，反应符合多变一特点，为化合反应，正确；
（4）乙质量反应前后不变，可能不参与反应、可能是催化剂，正确；
（5）反应的甲与丁质量比为(10-8)：(20-4)=1：8；若甲与丁的化学计量数之比为2：3；设甲、丁相对分子质量分别为a、b，则有 SKIPIF 1 < 0 = SKIPIF 1 < 0 ，解得 SKIPIF 1 < 0 = SKIPIF 1 < 0 ，正确；
故选D。
44. （2021年湖南省湘潭市中考）根据如下微观示意图分析，下列结论正确的是

A. 反应前后原子种类不变B. 丙物质的相对分子质量是18g
C. 参加反应的甲与乙分子个数比为1：1D. 反应前后各元素的化合价均不变
【答案】A
【解析】
A、由图可知，反应前后原子种类数目不变，A正确。
B、相对分子质量单位是“1”不是“g”，B错误。
C、由微观示意图可知，反应化学方程式2C2H6+7O2 SKIPIF 1 < 0 4CO2+6H2O，故参加反应的甲与乙分子个数比为2：7，C错误。
D、反应前氧气为单质，氧元素0价，反应后氧元素-2价，化合价改变，D错误。
故选：A。
45.（2021年湖南省湘潭市中考）石笋和钟乳石的形成蕴含许多化学原理，其反应之一为：
SKIPIF 1 < 0 则X的化学式为
A. CaCO3B. Ca（OH）2C. CaOD. CaH2
【答案】A
【解析】本题考查质量守恒定律。
根据质量守恒，反应前后原子个数不变，反应前碳原子为1个，氢原子为2个，氧原子为3个，反应后钙原子为1个，氢原子为2个，碳原子为2个，氧原子为6个，所以左侧少了1个钙原子,1个碳原子，3个氧原子，所以化学式为CaCO3，故选A。
【点睛】本题难度不大，注意数清楚原子的个数即可。
46. （2021年湖南省湘潭市中考）将下列四种物质放入密闭容器中充分反应，测得反应前后各物质质量如下表。下列说法正确的是
A. a的值是8B. 甲物质一定是该反应的催化剂
C. 该反应属于分解反应D. 反应过程中乙、丁的质量比是5：2
【答案】C
【解析】本题考查计算。
根据表格信息可知，丙从27g变成0g，是反应物，丁从4g增加到23g，是生成物，由于反应前后物质的质量是守恒的，所以推算出乙的质量应该是27g-19g=8g，写出该反应的方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、因为生成乙的质量为8g，所以a应该是8+10=18，故A不符合题意；
B、甲反应前后质量不变，可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，故B不符合题意；
C、该反应由一种物质生成两种物质，是分解反应，故C符合题意；
D、反应中乙生成了8g，丁生成了19g，所以质量比为8:19，故D不符合题意；
故选C。
【点睛】本题难度不大，结合质量守恒定律进行分析即可。
47. （2021甘肃省兰州市中考）在一定条件下，某反应前后各物质的质量如下表所示，下列说法不正确的是
A. b=36
B. t1时刻，M和N的质量比为3：1
C. 该反应中，和的化学计量系数之比为1：1
D. 反应前后，元素和原子的种类均不变
【答案】C
【解析】
A、反应前后，物质的总质量相等，故b=16g+64g+5g-49g=36，故A正确；
B、t1时，参加反应的质量是16g-12g=4g，M参加反应的质量是64g-48g=16g，生成的质量为9g ，故N为生成物，此时生成N的质量为16g+4g-9g=11g，此时a=11g+5g=16g，M和N的质量比为48g:16g=3:1，故B正确；
C、M、N的化学式不确定，和的化学计量系数之比无法确定，故C错误；
D、根据质量守恒定律可知反应前后，元素和原子的种类均不变，故D正确；
故选C。
48. （2021年湖南省常德市中考）一定条件下，在密闭容器内发生某一化学反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。
下列说法不正确的是
A. x=8.5 B. 反应中生成丙与丁的质量比为3：1
C. 乙一定是化合物 D. 丙和丁的相对分子质量之比可能为22：9
【答案】B
【解析】根据质量守恒定律，3.2+16.8+0.8+0.1= x+8.4+3.0+1.0，x=8.5；甲、丙、丁质量分别增加8.5g-3.2g=5.3 g、3.0g-0.8g=2.2g、1.0g-0.1g=0.9g，三者均为反应物；乙物质质量减少16.8g-8.4g=8.4g，为生成物；
由分析得：
A、由分析可知，x=8.5，正确；
B、由分析可知，反应中生成丙与丁的质量比为2.2g:0.9g=22:9，错误；
C、反应为乙生成甲、丙、丁，则乙一定是化合物，正确；
D、若丙、丁之间的化学计量数之比为1:1，则丙和丁的相对分子质量之比为22：9，正确。
故选B。
49. （2021年湖南省怀化市中考）潜水员戴的呼吸面具中装有过氧化钠（Na2O2），它能吸收人体呼出的二氧化碳，其反应原理是 SKIPIF 1 < 0 。则X的化学式是
A. COB. H2OC. SO2D. O2
【答案】D
【解析】
根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，反应物中含Na、C、O的个数分别是4、2、8，生成物中含Na、C、O的个数分别是4、2、6，故生成物中还应含2个O，故X的化学式为O2。
故选D。
50. （2021年湖南省怀化市中考）已知某纯净物2.3g在足量的氧气中充分燃烧后，生成4.4g二氧化碳和2.7g水。下列关于该纯净物组成的说法正确的是
A. 只含有碳、氢元素
B. 一定含有碳、氢、氧三种元素
C. 一定含有碳、氢元素，可能含有氧元素
D. 一定含有碳元素，可能含有氢、氧元素
【答案】B
【解析】
已知某纯净物2.3g在足量的氧气中充分燃烧后，生成4.4g二氧化碳和2.7g水。根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类和质量不变，故该纯净物中一定含C、H元素，碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，1.2g+0.3g=1.5g＜2.3g，故该纯净物中一定含氧元素。
故选B。
51. （2021年湖南省株洲市中考）下图是某反应前后的微观示意图，“”和“”表示两种不同元素的原子。下列有关说法正确的是

A. 该反应没有单质生成
B. 该反应属于复分解反应
C. 该反应中，原子个数发生了改变
D. 参加反应的两种分子（和）的个数比为1：1
【答案】A
【解析】
A、反应后增加的是生成物，减少的是反应物，由图可知，反应后没有单质生成，A正确。
B、反应后增加的是生成物，减少的是反应物，由图可知，生成物只有一种，不属于复分解反应，B错误。
C、由图可知，该反应中，原子个数没有发生改变，C错误。
D、反应后增加的是生成物，减少的是反应物，参加反应的两种分子（和 ）的个数比为2：1，D错误。
故选：A。
52. （2021年湖南省株洲市中考）燃烧是人类最早利用的化学变化之一、下列有关说法正
确的是：
A. 可燃性气体在空气中的含量越高，爆炸的可能性就越大
B. 未燃烧的碳氢化合物及炭粒、尘粒等排放到空气中会形成浮尘
C. 做饭时，燃气灶火焰呈现出黄色或橙色，锅底出现黑色，此时应减小灶具的进风口
D. 甲烷和乙醇燃烧产物均为水和二氧化碳，说明二者均为碳、氢两种元素组成的化合物
【答案】B
【解析】
A、可燃性气体在空气中达到爆炸极限，遇到明火，才会发生爆炸，不是含量越高，爆炸的可能性就越大，不符合题意；
B、未燃烧的碳氢化合物及炭粒、尘粒等排放到空气中会形成浮尘，说法正确，符合题意；
C、做饭时，燃气灶火焰呈现出黄色或橙色，锅底出现黑色，说明此时氧气不足，碳不完全燃烧，这时应调大进风口，不符合题意；
D、甲烷和乙醇燃烧产物均为水和二氧化碳，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，说明二者均含碳、氢两种元素，可能含氧元素，不符合题意。
故选B。
53. （2021年四川省德阳市中考）2021年2月13日，重庆合川区一名小女孩在玩耍时，将鞭炮扔进下水道导致多个井盖被炸开，下水道里发生爆炸的是沼气，沼气的主要成分是甲烷，甲烷在空气中完全燃烧的微观示意图如下图所示。以下说法错误的是

A. 甲烷与空气的混合气体点燃可能发生爆炸
B. 生成物水中氢元素与氧元素的质量比为2:1
C. 一个甲烷分子由一个碳原子和四个氢原子构成
D. 由微观示意图可知，该反应前、后元素种类不变
【答案】B
【解析】
根据微观示意图可以看出，该反应是甲烷和氧气在点燃条件下反应生成二氧化碳和水，反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；
A、甲烷是易燃气体，与空气的混合气体点燃可能发生爆炸，说法正确；
B、由反应的化学方程式可知，生成物水中氢元素与氧元素的质量比= SKIPIF 1 < 0 ，说法错误；
C、由甲烷分子图示可知，一个甲烷分子由一个碳原子和四个氢原子构成，说法正确；
D、由微观示意图可知，该反应前、后元素种类不变，说法正确；
故选B。
54. （2021年四川乐山化学中考）近期，我国科学家成功研制出天然气(主要成分为甲烷)在液态锡催化作用下的高效制氢设备，该设备发生反应的微观原理如图所示，下列说法错误的是

A. 甲烷是由碳原子和氢分子构成
B. 反应前后液态锡的质量和化学性质不变
C. 甲烷中碳元素转化成碳单质，用于制造高级炭黑
D. 此反应的化学方程式为CH4 SKIPIF 1 < 0 C+2H2
【答案】A
【解析】
A、甲烷是由甲烷分子构成的，甲烷分子是由碳原子和氢原子构成的，符合题意；
B、液态锡是催化剂，化学反应前后，其质量和化学性质不变，不符合题意；
C、在该反应中，甲烷中的碳元素转化为碳单质，可用于制造高级炭黑，不符合题意；
D、由图可知，该反应为甲烷在液态锡的催化下反应生成碳和氢气，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ，不符合题意。
故选A。
55. （2021年成都市中考）下列实验不能达到相应目的的是
A. 比较蜡烛与水的密度B. 比较火焰各层温度
C. 验证质量守恒定律D. 验证产物有水
【答案】C
【解析】
A、比较蜡烛与水的密度实验中将蜡烛放入水中，若蜡烛浮在水面上则说明蜡烛的密度比水小，因此达到实验目的；
B、根据木条各部分被烧的颜色不同判断，温度高的部分，烧焦的程度深；反之，则浅；可达到实验目的；
C、蜡烛燃烧产生气体等，因此需要在密闭装置内进行验证，错误；
D、将干冷烧杯照在燃着的蜡烛上面，烧杯壁上有水珠产生，说明产物有水，可达到实验目的；
故选C。
56. （2021年浙江省金华市中考）据报道，科学家已在实验室利用催化剂，实现常温常压下将甲酸分解制出氢气。其变化前后的微观示意图如图所示。下列说法正确的是

A. 甲酸由碳、氢、氧三种原子组成
B. 甲酸相对分子质量为46克
C. 丙分子中碳、氧原子个数比为2：1
D. 由乙分子构成的物质是单质
【答案】D
【解析】
A、由甲酸的分子模型图可知，甲酸由分子构成的，甲酸的分子是由碳、氢、氧三种原子组成，故A说法不正确；
B、甲酸相对分子质量为46，相对原子质量的单位是“1”不是“g”，故B说法不正确；
C、由丙分子模型图可知，丙分子中碳、氧原子个数比为1：2，故C说法不正确；
D、由物质的构成可知，乙分子是由同种的原子构成，由乙分子构成的物质是单质，故D说法正确。
故选：D。
57. （2021年辽宁省营口市中考）某反应的微观示意图如下，有关说法正确的是

A. 参加反应的两种物质的质量比为17:24B. 反应前后各元素的化合价不变
C. 化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 D. 该反应类型为置换反应
【答案】A
【解析】该微观示意图表示的反应是：2H2S+3O2 SKIPIF 1 < 0 2SO2 +2H2O。
A、参加反的硫化氢和氧气的质量比为(2×34 )：(3×32 )=17：24，说法正确，符合题意；
B、反应前后硫元素由-2价变为+4价，氧元素由0价变为-2价，硫元素和氧元素化合价发生了变化，说法错误，不符合题意；
C、未注明反应条件，说法错误，不符合题意；
D、置换反应是单质和化合物生成单质和化合物的反应，该反应后没有单质生成，该反应不属于置换反应，说法错误，不符合题意；
故选A。
【点睛】本题考查对微观图的理解，根据微观示意图写出反应的化学方程式是解决本题的关键。由微观示意图找出反应物的个数时，要注意未参加反应的反应物的个数不能计算在内。
58. （2021年海南省中考）我国科学家用新型催化剂将二氧化碳高效转化为甲醇，其反应的微观示意图如下。下列说法正确的是

A. 甲醇的化学式为CH4OB. 该反应前后分子个数不变
C. 该反应不遵循质量守恒定律D. 该反应前后原子个数改变
【答案】A
【解析】由图可知，该反应为二氧化碳和氢气在催化剂的作用下反应生成甲醇和水，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、由图可知，每个甲醇分子由1个碳原子、4个氢原子和1个氧原子构成，化学式为：CH4O，符合题意；
B、由化学方程式可知，该反应前后分子个数发生了改变，不符合题意；
C、该反应有新物质生成，属于化学变化，遵循质量守恒定律，不符合题意；
D、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，不符合题意。
故选A。
59. （2021年海南省中考）火药是我国古代四大发明之一，《天工开物》记载：“凡硫黄配硝而后，火药成声”。其反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。则X的化学式为
A. O2B. SO2C. NO2D. N2
【答案】D
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式。
由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，则每个X分子由2个氮原子构成，则物质X的化学式为N2。
故选：D。
60. （2021年本溪辽阳葫芦岛市中考）下列对有关实验的分析正确的是
A. 粗盐中难溶性杂质的去除，氯化钠未完全溶解就过滤，对产率无影响
B. 测定空气中氧气含量，装置气密性不好会导致测出的氧气体积分数偏大
C. 配制6%的氯化钠溶液，量水时俯视读数，会导致溶液溶质质量分数偏小
D. 用红磷在密闭容器中燃烧验证质量守恒定律，红磷量不足对实验结果无影响
【答案】D
【解析】
A、粗盐中难溶性杂质的去除，氯化钠未完全溶解就过滤，会使获得精盐的质量偏小，产率偏低，不符合题意；
B、测定空气中氧气含量，装置气密性不好，冷却至室温的过程中，外界空气进入，会导致测出的氧气体积分数偏小，不符合题意；
C、配制6%的氯化钠溶液，量水时俯视读数，读取数值大于实际数值，会使溶剂质量偏小，溶液质量偏小，会导致溶液溶质质量分数偏大，不符合题意；
D、用红磷在密闭容器中燃烧验证质量守恒定律，红磷量不足对实验结果无影响，因为化学反应前后，物质的总质量不变，符合题意。
故选D。
61. （2021年陕西省中考）宏观辨识与微观探析是化学学科的核心素养之一。对下列事实的微观解释不正确的是
A. 金刚石和石墨的物理性质差异大——碳原子的排列方式不同
B. 夏天汽车轮胎爆炸——轮胎内气体分子变大
C. 化学反应前后各物质质量总和不变——反应前后原子的种类、数目、质量均不改变
D. 氯化钠溶液能导电——溶液中存在可自由移动的离子
【答案】B
【解析】
A、物质的结构决定物质的性质，碳原子的排列方式不同使得碳单质的物理性质差异很大，故该说法正确；
B、夏天汽车轮胎爆炸，是因为温度升高气体分子之间的间距增大，故该说法错误；
C、根据质量守恒定律，反应前后参加反应的总质量不变，微观解释是因为反应前后原子的种类、数目、质量均不改变，说法正确；
D、溶液能导电是因为溶液中存在能自由移动的离子，故说法正确；
故选择B；
62. （2021年中考重庆A卷）2020年科学家开发出新型催化剂，光照下能将二氧化碳转化为甲烷，微观示意图如图，下列关于该反应的说法正确的是

A. 属于置换反应
B. 反应前后原子种类改变
C. 反应中涉及2种氧化物
D. 参加反应的反应物分子个数比为1:1
【答案】C
【解析】由图可知，该反应为二氧化碳和水在催化剂和光照的作用下反应生成甲烷和氧气，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、该反应的反应物都是化合物，不属于置换反应，不符合题意；
B、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，不符合题意；
C、二氧化碳是由C、O元素组成的化合物，属于氧化物，水是由H、O元素组成的化合物，属于氧化物，甲烷是由C、H元素组成的化合物，不属于氧化物，氧气是由氧元素组成的纯净物，属于单质，共涉及2种氧化物，符合题意；
D、由化学方程式可知，参加反应的反应物的分子个数比为：1:2，不符合题意。
故选C。
63．（2021年广西百色市中考）硝酸铅[Pb（NO3）2]受热分解的化学方程式为：2Pb（NO3）22PbO+4X↑+O2↑，则X的化学式为（ ）
A．NOB．N2C．NO2D．N2O5
【答案】C
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式。
解：由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前铅、氮、氧原子个数分别为2、4、12，反应后的生成物中铅、氮、氧原子个数分别为2、0、4，根据反应前后原子种类、数目不变，则4X分子中含有4个氮原子和8个氧原子，则每个X分子由1个氮原子和2个氧原子构成，则物质X的化学式为NO2。
故选：C。
【点评】本题难度不大，掌握化学反应前后原子守恒是正确解析此类题的关键。
二、填空题（简单填空题、实验填空题、推断题、实验题、探究题、计算题、工艺流程图题）、（共19道题）：
1．（2021年北京市中考）真空热还原法生产钙的主要转化过程如图：
（1）石灰石的主要成分是 。
（2）Ⅱ中反应有两种产物，固体X一定含有氧元素和铝元素，从元素守恒角度说明理由 。
（3）装置Ⅲ中发生的是 （填“物理”或“化学”）变化。
【答案】（1）碳酸钙；（2）反应前有钙元素、氧元素和铝元素，生成了钙，则固体X中一定有氧元素和铝元素；（3）物理。
【解析】解：（1）根据石灰石的主要成分，进行分析解答。（2）根据化学反应前后元素种类不变，进行分析解答。（3）装置Ⅲ中钙蒸气结晶、熔融、铸锭，得到钙锭，进行分析解答。
（1）石灰石的主要成分是碳酸钙。
（2）Ⅱ中反应有两种产物，固体X一定含有氧元素和铝元素，反应前有钙元素、氧元素和铝元素，生成了钙，所以固体X中一定有氧元素和铝元素。
（3）装置Ⅲ中钙蒸气结晶、熔融、铸锭，得到钙锭，没有新物质生成，属于物理变化。
故答案为：
（1）碳酸钙；
（2）反应前有钙元素、氧元素和铝元素，生成了钙，则固体X中一定有氧元素和铝元素；
（3）物理。
【点评】本题难度不大，理解真空热还原法生产钙的主要转化过程图，掌握质量守恒定律、石灰石的主要成分、物理变化和化学变化的判别方法等是正确解答本题的关键。
2．【2021呼伦贝尔、兴安盟中考】下列实验均用到红磷或白磷，请分析并回答相关问题。
（1）实验 1 中红磷要过量的目的是________________________________。
（2）实验 2 中红磷_______________（填“需要”或“不需要”）过量。
（3）实验 1 中，为达到实验目的，红磷___________（填“能”或“不能”）用铁丝替代。
（4）实验 3 水中白磷未燃烧的原因是_____________________________________。
[答案]（1）消耗完装置中的空气 （2）不需要 （3）不能 （4）隔绝空气
[解析]
(1）实验1中红磷要过量的是为了消耗完装置中的空气，这样就不会影响测定的结果。
实验2中，根据质量守恒定律，在化学反应中，参加反应前各物质的质量总和等于反应后生成各物质的质量总和，红磷的量不影响验证质量守恒定律，故实验2中红磷不需要过量。
（3）实验1中，为达实验目的，红磷不能用铁丝代替，因为铁丝不能在空气中燃烧，只能在纯氧中燃烧。
（4）实验3中，铜片上的白磷燃烧，是因为温度达到了白磷的着火点且与氧气接触，而热水中白磷未燃烧的原因是隔绝了空气。
3. （2021年黑龙江省哈尔滨市中考）“宏观辨识与微观探析”是化学学科的核心素养之一、请根据下列图示回答问题：
（1）在A图中将“反应中”的相关粒子图形补充完整_______。
（2）A图所示的化学变化的微观实质是：在点燃的条件下氢分子分解成氢原子，氯分子分解成氯原子，每1个氢原子和___________。
（3）B图中“反应后”的物质属于化合物中的___________（填物质分类）。
（4）对比A图和B图可以总结出，化学反应前后分子总数___________（填字母）。
A．一定改变 B．可能改变 C．一定不变
【答案】 ①. ②. 每1个氯原子自由组合，生成一个氯化氢分子 ③. 氧化物 ④. B
【解析】
【分析】
【详解】（1）依据质量守恒定律可知：化学变化前后原子的种类、个数不变，在A图中将“反应中”的相关粒子图形补充完整
（2）化学变化的实质：分子破裂程原子，原子重新组合生成新的分子，A图所示的化学变化的微观实质是：在点燃的条件下氢分子分解成氢原子，氯分子分解成氯原子，每1个氢原子和每1个氯原子自由组合，生成一个氯化氢分子；
（3）B图中“反应后”的物质是水，是由两种元素组成的化合物，有一种元素是氧元素的物质，属于氧化物；
（4）对比A图和B图可以总结出，化学反应前后分子总数可能改变；
答案：B。
4．（2021•温州）1783年，拉瓦锡利用如图装置探究水的组成：往A杯中滴加少量的水，水通过灼热的铁管时发生汽化，水蒸气与灼热的铁反应，生成了一种黑色固体（Fe3O4）和“可燃空气”，将气体通过放在冷水中的铜管，在B装置中收集到纯净的可燃空气。最终，拉瓦锡证明了水是由两种元素组成的。
（1）将气体通过放在冷水中的铜管，目的是除去 。
（2）将B装置收集到的可燃空气在氧气中点燃，生成了水，可燃空气的名称是 。
（3）若该实验中生成的黑色固体质量为m1，可燃空气的质量为m2，可燃空气完全燃烧生成水的质量为m3，如果水是由“氧元素”和“可燃空气元素”组成的，则m1、m2、m3三者应满足的关系是 。
【答案】（1）水蒸气 （2）氢气 （3）8/29m1+m2＝m3
【解析】
水蒸气与灼热的铁反应，生成黑色固体Fe3O4和“可燃空气”,水蒸气参加反应，会造成生成的气体不纯，为了收集到纯净的可燃空气，可将气体通过放在冷水中的铜管来除去水蒸气。
化学反应前后元素的种类不变，铁与水蒸气反应前有铁、氢、氧三种元素，生成四氧化三铁中有铁、氧两种元素，且气体具有可燃性，因此可燃空气的名称是氢气。
（3）黑色固体Fe3O4中氧元素的质量与可燃空气H2的质量之和等于生成水的质量，即×100%×m1+m2＝m3，即8/29m1+m2＝m3。
5.（2021年浙江省台州市中考）钙是生物体骨骼的重要组成元素。鱼骨中含有碳酸钙，现设计图甲实验测定鱼骨中的碳酸钙含量，并将测得的数据绘制成图乙。

提示①食醋的主要成分是醋酸（HAc）。醋酸和碳酸钙反应的化学方程式为CaCO3+2HAc═CaAc2+H2O+CO2
②鱼骨中其它成分与食醋反应生成的气体可忽略不计
（1）该实验中浓硫酸的作用是 。
（2）由图乙中的AB曲线，可知锥形瓶中反应速率的变化情况是 （选填“变大”、“变小”或“不变）。
（3）根据图中的数据计算鱼骨中碳酸钙的质量分数。
（4）生活中，用喝醋的方法除去卡在咽上的鱼刺，这种做法是不科学的。请你结合实验结果加以说明 。
【答案】（1）吸收二氧化碳携带的水蒸气，防止实验结果不准确；（2）变小；
（3）1.25%；（4）要使鱼骨中的碳酸钙完全反应需要的时间太长。
【解析】解：（1）根据浓硫酸具有吸水性进行分析；
（2）根据电子秤读数的变化情况进行分析；
（3）根据质量守恒定律计算出生成二氧化碳的质量，然后根据二氧化碳的质量和化学方程式计算出参加反应的碳酸钙的质量；最后根据鱼骨中碳酸钙的质量分数＝进行分析；
（4）根据鱼骨中的碳酸钙完全反应需要的时间太长进行分析。
（1）浓硫酸具有吸水性，该实验中浓硫酸的作用是：吸收二氧化碳携带的水蒸气，防止实验结果不准确；
（2）由图乙中的AB曲线，可知锥形瓶中反应速率的变化情况是变小；
（3）生成二氧化碳的质量为：820g﹣819.89＝0.11g
设生成0.02g二氧化碳需要碳酸钙的质量为x。
CaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O+CO2↑
100 44
x 0.11g
x＝0.25g
鱼骨中碳酸钙的质量分数为：
答：鱼骨中碳酸钙的质量分数为1.25%；
（4）生活中，用喝醋的方法除去卡在咽上的鱼刺，这种做法是不科学的，因为要使鱼骨中的碳酸钙完全反应需要的时间太长。
故答案为：（1）吸收二氧化碳携带的水蒸气，防止实验结果不准确；（2）变小；
（3）1.25%；（4）要使鱼骨中的碳酸钙完全反应需要的时间太长。
【点评】本题考查了质量守恒定律的应用、浓硫酸的用途和化学方程式的计算，正确理解题目所给信息和掌握根据化学方程式的计算格式是解决此题的关键。
6．（2021年广西贺州市中考）现有碳酸钾和氯化钾的固体混合物15.8g，将88.6g稀盐酸加入到固体混合物中，恰好完全反应，得到100g溶液。请计算：
（1）反应生成的气体的质量为 。
（2）混合固体中碳酸钾的质量为 。
（3）计算反应后溶液中溶质的质量分数。（写出计算过程）
【答案】（1）4.4；（2）13.8g；（3）16.9%。
【解析】
解：（1）碳酸钾与盐酸反应生成氯化钾、水和二氧化碳，根据质量守恒定律，反应生成的气体的质量为15.8g+88.6g﹣100g＝4.4g；故填：4.4；
（2）设碳酸钾的质量为x，生成氯化钾的质量是y
K2CO3+2HCl＝2KCl+CO2↑+H2O
138 149 44
x y 4.4g
x＝13.8g，y＝14.9g
故填：13.8g；
（3）反应后溶液中KCl的质量为：（15.8g﹣13.8g）+14.9g＝16.9g
反应后溶液中溶质的质量分数为：×100%＝16.9%
答：反应后溶液中溶质的质量分数为16.9%。
【点评】根据化学方程式计算时，第一要正确书写化学方程式，第二要使用正确的数据，第三计算过程要完整。
7．（2021·浙江宁波市·中考真题）“青团”是宁波的一种传统食物。在“青团”制作过程中，需要往糯米粉中添加艾草（或艾草汁）。艾草含有侧柏莲酮芳香油（C10H10O），侧柏莲酮芳香油是一种淡黄色液体，具有香脂香气，所以“青团”具有独特风味。
（1）侧柏莲酮芳香油由______种元素组成。
（2）7.3g侧柏莲桐芳香油中碳元素的质量为______g。
（3）侧柏莲桐芳香油在氧气中完全燃烧的产物是______。
【答案】（1）3
（2）6.0
（3）二氧化碳和水（CO2和H2O）
【解析】
（1）化学式表示物质的元素组成，根据侧柏莲酮芳香油的化学式C10H10O，侧柏莲酮芳香油由碳、氢、氧3种元素组成。故填：3；
（2）7.3g侧柏莲桐芳香油中碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ；
（3）根据质量守恒定律，化学反应前后元素的种类不变，侧柏莲桐芳香油在氧气中完全燃烧的产物中应该含有碳、氢、氧三种元素。含碳物质在氧气中完全燃烧生成二氧化碳，含氢物质完全燃烧生成水，因此侧柏莲桐芳香油在氧气中完全燃烧的产物是：二氧化碳和水（CO2和H2O）。
8．（2021·山西晋中市·中考真题）在一次作业批改中，王老师发现4位同学在同一题中出现了不同的错误，为帮大家理清思路，老师将错误的解题过程写在黑板上，请同学们仔细观察，发现问题，纠正错误。
x=11200g
x
96
245
7g×30%
2KCl+3O2 
MnO2

2KClO3
实验室，用 7g 含二氧化锰 30%的氯酸钾的混合物制
取氧气，完全反应后，可制得氧气的质量为 g。
解：设制得氧气的质量为 x。
（1）仔细观察：你发现解题过程中的错误有______处。
（2）纠正错误：老师点拨后，请将正确的解题过程写出。
【答案】（1）6 （2）1.92g。
【解析】
（1）方程式未配平；氧气的相对分子质量和氧气质量（x）的位置颠倒；氯酸钾的质量错误（应为7g×(1-30%)）；计算结果错误；缺少比例式；缺少答共6处错误；
（2）解：混合物中KClO3的质量为：7g×（1-30%）=4.9g
设制得氧气的质量为x
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 x=1.92g
答：制得氧气的质量为1.92g。
9. （2021年湖北省鄂州市中考）某同学将一定量的二氧化碳通入到200g过量的氢氧化钠溶液中，反应后得到208.8g混合溶液。（反应的化学方程式是： SKIPIF 1 < 0 ）
（1）参加反应的二氧化碳的质量是___________g。
（2）求反应后混合溶液中碳酸钠的质量分数。（写出计算过程，计算结果精确到0.1%）
【答案】（1）8.8g （2）10.2%。
【解析】
（1）根据质量守恒定律，参加反应的二氧化碳的质量是208.8g-200g=8.8g。
（2）设反应后混合溶液中Na2CO3的质量是x
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0
解得x=21.2g；
反应后混合溶液中Na2CO3的质量分数是： SKIPIF 1 < 0 。
答：反应后混合溶液中Na2CO3的质量分数是10.2%。
10.（2021·宁波）“青团”是宁波的一种传统食物。在“青团”制作过程中，需要往糯米粉中添加艾草（或艾草汁）。艾草含有侧柏莲酮芳香油（C10H10O），侧柏莲酮芳香油是一种淡黄色液体，具有香脂香气，所以“青团”具有独特风味。
（1）侧柏莲酮芳香油由______种元素组成。
（2）7.3g侧柏莲桐芳香油中碳元素的质量为______g。
（3）侧柏莲桐芳香油在氧气中完全燃烧的产物是___________________________。
【答案】（1）3 （2）6.0 （3）二氧化碳和水（或CO2和H2O）
【解析】
（1）侧柏莲酮芳香油由3种元素组成。
（2）7.3g侧柏莲桐芳香油中碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 。
（3）化学反应前后元素的种类不变，侧柏莲桐芳香油在氧气中完全燃烧生成二氧化碳和水，或CO2和H2O。
11. （2021·嘉兴）小嘉发现：向碳酸钠溶液中倾倒稀盐酸，很快就产生了气泡：向碳酸钠溶液中逐滴加入稀盐酸，滴加一定量后才有气泡产生，查阅资料：向碳酸钠溶液中逐滴加入稀盐酸，先发生的反应是 SKIPIF 1 < 0 ；当Na2CO3全部转化成 NaHCO3后，再发生反应 SKIPIF 1 < 0 ，为此他用如图所示装置进行了如下实验：

步骤一：在广口瓶中加入10克溶质质量分数为10.6%的碳酸钠溶液，用注射器向瓶中缓慢注入一定量的溶质质量分数为7.3%的稀盐酸，观察到瓶内无明显现象；
步骤二：继续用注射器向瓶中注入稀盐酸，一段时间后，观察到瓶内连续产生气泡，烧杯中澄清石灰水？。
（1）步骤二中，观察到烧杯中澄清石灰水______。
（2）上述实验中，加入稀盐酸多少克后，才开始产生二氧化碳？
（3）向一定量碳酸钠溶液中无论是倾倒还是逐滴加入足量的稀盐酸，完全反应后产生二氧化碳质量是相同的，其本质原因是什么？
【答案】（1）澄清石灰水先无明显现象，后变浑浊（2）5g （3）根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类、质量不变，二氧化碳中的碳元素完全来自于碳酸钠，故最后生成二氧化碳的质量相同
【解析】（1）一开始无气泡产生，是碳酸钠和盐酸反应生成氯化钠和碳酸氢钠，后碳酸氢钠和稀盐酸反应产生氯化钠、二氧化碳和水，二氧化碳能与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，故观察到烧杯中澄清石灰水先无明显现象后变浑浊。
（2）解：设加入稀盐酸的质量为x。
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0
x=5g
答：加入稀盐酸5g后，才开始产生二氧化碳。
（3）根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类、质量不变，二氧化碳中的碳元素完全来自于碳酸钠，故最后生成二氧化碳的质量相同。
12. （2021年重庆市中考B卷）某氯碱工厂用电解饱和食盐水制取烧碱，原理为∶2H2O+2NaCl SKIPIF 1 < 0 2NaOH+H2↑+Cl2↑，另将生成的H2与Cl2恰好完全化合生成HCl制取浓盐酸。现将22.1t饱和食盐水电解完全（忽略水的挥发和气体的溶解），共收集到H2为0.1t。试计算：
（1）NaOH中质量分数最大的元素为______。
（2）电解后所得烧碱溶液的溶质质量分数（结果精确到0.1%）。
（3）制得溶质质量分数为36.5%浓盐酸的质量。
【答案】（1）Na；（2）21.7%；（3）10t。
【解析】
（1）氢氧化钠中Na、O、H元素的质量比为：23:16:1，故钠元素的质量分数最大，故填：Na；
（2）解：设生成氢氧化钠质量为x，生成氯气的质量为y
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 x=4t
SKIPIF 1 < 0 y=3.55t
电解后所得烧碱溶液的溶质质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ；
（3）解：设氢气和氯气反应生成氯化氢的质量为z
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 z=3.65t
制得溶质质量分数为36.5%浓盐酸的质量：3.65t÷36.5%=10t。
答：（2）电解后所得烧碱溶液的溶质质量分数为21.7%；
（3）制得溶质质量分数为36.5%浓盐酸的质量为10t。
13. （2021年贵州铜仁市中考）金属、酸、碱、盐在工农业生产中应用广泛，某化学兴趣小组进行相关实验。
（1）探究不同条件下金属铜与硫酸反应的情况如下：
上表④发生反应方程式为：Cu+2H2SO4（浓） SKIPIF 1 < 0 CuSO4+2H2O+X↑。X的化学式为______；硫酸铜溶液中的阴离子是______（写离子符号），从上述对比实验中，你对铜与硫酸反应有什么新的认识______。
（2）实验室欲配制40g质量分数为5%的NaCO3溶液，应选择______（10mL、50mL、100mL）的量筒来量取水的体积。
（3）现有下列BaCl2、K2CO3、NaOH三种溶液，请你选择一种常见试剂鉴别这三种溶液，写出相关化学方程式______、______。
【答案】（1）SO2 SKIPIF 1 < 0 铜能与浓硫酸在加热的条件下反应 （2）50mL SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0
【解析】
（1）根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，反应物中含Cu、H、S、O的个数分别是1、4、2、8，生成物中含Cu、H、S、O的个数分别是1、4、1、6，故生成物中还应含1个S、2个O，故X的化学式为：SO2；
硫酸铜是由铜离子和硫酸根离子构成，硫酸根离子是阴离子，离子的表示方法：在该离子元素符号的右上角标上该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负号在后，带一个电荷时，1通常省略，多个离子，就是在元素符号前面加上相应的数字；故硫酸根离子表示为： SKIPIF 1 < 0 ；
由以上实验可以看出，常温下，铜与稀硫酸和浓硫酸均不反应，加热条件下，铜与稀硫酸不反应，但是加热条件下，铜能与浓硫酸反应，故填：铜能与浓硫酸在加热的条件下反应；
（2）实验室欲配制40g质量分数为5%的Na2CO3溶液，所需水的质量为：40g×(1-5%)=38g，即38mL，量筒量程的选择，应遵循“大而近”的原则，故应选择50mL的量筒量取水的体积；
（3）可选择硫酸进行鉴别，氯化钡能与硫酸反应生成硫酸钡白色沉淀和盐酸，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；
碳酸钾能与稀硫酸反应生成硫酸钾、二氧化碳和水，产生气泡，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；
氢氧化钠和稀硫酸反应生成硫酸钠和水，无明显现象，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
15. （2021年四川省达州市中考）被称为“杂交水稻之父”的中国科学院院士袁隆平先生于2021年5月去世。他为解决世界粮食问题做出了卓越的贡献，他的逝世是中国乃至世界的重大损失。
(1)稻谷被加工成大米。从营养角度考虑，大米能给人类提供的主要营养素为_______(填序号)。
a．蛋白质 b．糖类 c．油脂 d．无机盐
(2)李明在水稻生长过程中发现部分水稻有叶片发黄和倒伏现象，他需要及时施加的一种肥料是_______(填序号)。
a．KCl b．NH4NO3 c．KNO3 d．NH4H2PO4
(3)化肥对粮食增产有着非常重要的作用，其中氮肥是种植水稻过程中常用的肥料。生产氮肥往往要先制取氨气，如图是在密闭容器中进行反应制得氨气的微观示意图，根据示意图写出该反应的化学方程式_________________。
(4)李明在使用NH4HCO3肥料时，闻到了刺激性的气味，原因是_____________(用微粒的观点解释)。该肥料包装袋的主要成分是聚氯乙烯塑料，该包装袋属于_______材料；该包装袋随意丢弃会带来的环境问题是_______(答案合理即可)。
【答案】 ①. b ②. c ③. 3H2+N2 SKIPIF 1 < 0 2NH3 ④. 分子是不断运动的 合成 白色污染
【解析】
【分析】
【详解】（1）大米中富含淀粉，淀粉属于糖类，故选：b
（2）水稻生长过程中发现部分水稻有叶片发黄和倒伏现象，说明缺少氮元素和钾元素，故选：c。
（3）由微观示意图可知，氢气和氮气生成了氨气，故填：3H2+N2 SKIPIF 1 < 0 2NH3。
（4）闻到了刺激性气味，原因是分子是不断运动的，塑料属于合成材料；塑料袋随意丢弃会带来的环境问题是白色污染，故填：分子是不断运动的；合成；白色污染。
16. （2021年湖南省湘潭市中考）古代“丝绸之路”把中国的丝绸、茶叶传入西方，将西方的宝石传入中 国。茶叶中含有维生素C（化学式为C6H8O6），请回答下列问题：
（1）维生素C属于______（填“有机”或“无机”）化合物。
（2）维生素C是由______种元素组成，其中碳、氢两种元素的质量比为______（填最简整数比）。
（3）将维生素C在一定质量的氧气中充分燃烧，生成CO、CO2和H2O，测得生成物的总质量为30.4克，其中水的质量为7.2克，则参加反应的氧气质量为______克。
【答案】 ①. 有机 ②. 三 ③. 9:1 ④. 5.6g
【解析】
①有机化合物中都含有碳元素，但有机物中不包含CO、CO2、H2CO3和碳酸盐等物质，根据化学式可知，维生素C属于有机物；
②根据化学式可知维生素C中含有三种元素，分别是碳、氢、氧三种元素；
③其中碳、氢元素的质量比为（12×6）：（1×8）=9:1；
④根据质量守恒定律可知，生成物总质量等于维生素C质量与氧气质量之和，反应后生成水中氢元素的质量即为反应前维生素C中氢元素的质量，水中氢元素的质量为7.2g×（ SKIPIF 1 < 0 ×100%）=0.8g，即可知维生素C中氢元素质量为0.8g，根据维生素C化学式可知维生素C的质量为0.8g÷（ SKIPIF 1 < 0 ×100%）=17.6g，故参加反应氧气质量为：生成物总质量－维生素C质量=30.4g-17.6g=12.8g。
17. （2021年湖北恩施州中考）“宏微结合”是化学学科核心素养之一。某物质在点燃的条件下发生反应，生成物和反应物共四种，它们的微观示意图和反应前后的质量如下表所示。
（1）由构成的物质中，所代表的元素的化合价为______。
（2）表中的四种物质，属于有机物的是______（填化学式）。
（3）上述反应的化学方程式为______。
（4）某同学在计算反应物和生成物之间的质量关系时，可得出x+y=______。
【答案】 (1). 0价 (2). CH4 (3). CH4+2O2 SKIPIF 1 < 0 CO2+2H2O (4). 72
【解析】
（1）构成的物质属于单质，单质中元素化合价为0价，故填：0价。
（2）含碳元素的化合物，属于有机物，CH4、CO2含碳元素，但是CO2化学性质和无机物非常接近，我们称之为无机物，故填：CH4。
（3）甲质量减少是反应物，丙质量增加是生成物，根据质量守恒反应前后元素种类不变，为了维持反应前后都有氧元素，反应物中一定有氧气，为了维持反应前后都有氢元素，生成物中一定有水，甲烷和氧气生成二氧化碳和水，化学方程式CH4+2O2 SKIPIF 1 < 0 CO2+2H2O，故填：CH4+2O2 SKIPIF 1 < 0 CO2+2H2O。
（4）根据质量守恒，反应前后物质总质量不变，故16+100+1=x+45+y，x+y=72，故填：72。
18. （2021年成都市中考）水是常用溶剂，某同学进行如图实验。
（1）倾斜A试管，沿内壁缓缓加入乙醇，不振荡，现象是______。
（2）实验可知，溶质状态可以是______。
（3）实验结束后，用洗涤剂洗净B试管，原理是______。
（4）C、D试管的废液倒入废液缸中产生了黄绿色气体，查阅资料可知： SKIPIF 1 < 0 ，X的化学式为______。
（5）询问老师得知用 SKIPIF 1 < 0 可处理Cl2，根据化学方程式计算，处理0.142gCl2至少需NaOH的质量是多少______？
【答案】(1). 一开始，液体分层，上层为无色，下层为红色，过一段时间后，溶液变为均匀的红色 (2). 气态、液态、固态 (3). 乳化作用 (4). MnCl2 （5）0.16g。
【解析】
（1）倾斜A试管，沿内壁缓缓加入乙醇，不振荡，乙醇的密度比水小，故一开始，液体分层，上层为无色，下层为红色，乙醇能与水以任意比例互溶，由于分子在不断运动，一定时间后，乙醇溶于水，形成均一、稳定的混合物，故最后溶液变为均匀的红色，故现象为：一开始，液体分层，上层为无色，下层为红色，过一段时间后，溶液变为均匀的红色；
（2）酒精溶于水，溶质是酒精，酒精是液态，高锰酸钾溶于水，溶质是高锰酸钾，高锰酸钾是固态，氯化氢溶于水，溶质是氯化氢，氯化氢是气态，故溶质状态可以是：气态、液态、固态；
（3）用洗涤剂清洗B试管，是因为洗涤剂中含有乳化剂，具有乳化作用，能将油污乳化为细小油滴，随水冲走，故填：乳化作用；
（4）根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，反应物中含K、Mn、O、H、Cl的个数分别是2、2、8、16、16，生成物中含K、Mn、O、H、Cl的个数分别是2、0、8、16、12，故生成物中还应含2个Mn、4个Cl，故X的化学式为：MnCl2；
(5). 解：设至少需要氢氧化钠的质量是x
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 x=0.16g
答：至少需要氢氧化钠的质量是0.16g。
19. （2021年海南省中考）乙醇俗称酒精，常用作燃料、溶剂和消毒剂。
(1)乙醇属于_______(填“有机物”或“无机物”)
(2)将138g酒精(C2H5OH)点燃，酒精燃烧全部转化为CO、CO2和H2O，恢复到室温，测得所得气体中碳元素质量分数为36%，则燃烧所消耗氧气的质量为_______g。
【答案】 ①. 有机物 ②. 224
【解析】
（1）乙醇含碳元素，属于有机物；
（2）138g酒精中含碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，138g酒精中含氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，反应恢复至室温后，测得所得气体中碳元素质量分数为36%，故所得二氧化碳和一氧化碳的总质量为： SKIPIF 1 < 0 ，反应生成水的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，故燃烧所消耗氧气的质量为：200g+162g-138g=224g。
2020年中考真题
一、选择题
1．（内蒙古呼伦贝尔、兴安盟2020年中考化学试题）下图是某个化学反应的示意图，从图中获得的有关信息不正确的是（ ）
A．分子由原子构成
B．化学反应中分子可分为原子
C．化学反应前后原子种类没有改变
D．化学反应前后分子种类没有改变
【答案】D
【解析】
A、分子都由原子构成，选项正确；
B、化学反应中分子可分为原子，而原子不可分，选项正确
C、原子是化学变化中最小的微粒，化学反应前后原子种类没有改变，选项正确；
D、化学反应前后分子种类改变，所以化学变化有新的物质生成，选项错误。
故选D。
2．（甘肃省金昌市2020年中考化学试题）在一定条件下，一密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法不正确的是（ ）
A．b可能是催化剂
B．X的值等于15
C．该反应是分解反应
D．参加反应的c与d的质量比为15：13
【答案】D
A、b反应前后质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故A正确；
B、根据质量守恒定律可知，X＝40+5+16+15﹣5﹣30﹣26＝15，故B正确；
C、反应后a质量减小，是反应物，c、d质量增大，是生成物，该反应是由一种物质生成两种物质，属于分解反应，故C正确；
D、参加反应的c与d的质量比=（30﹣16）g：（26﹣15）g＝14：11，故D错误。故选D。
【点睛】在化学反应中，反应前后质量增加的物质是生成物，质量减少的物质是反应物，质量不变的物质，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。
3．（四川省内江市2020年中考化学试题）下图是工业上生产尿素[CO(OH2)2]肥料的反应微观示意图，下列有关分析正确的是（ ）
A．反应后，原子总数增加
B．化学变化中，原子、分子都可再分
C．尿素中含有4个氢原子
D．在一定条件下，物质间可以相互转化
【答案】D
【解析】
根据反应微观示意图，可知反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 ；
A、根据质量守恒定律，反应后，原子总数与反应前一致，说法错误；
B、化学变化中，分子可再分，原子不可再分，说法错误；
C、一个尿素分子中含有4个氢原子，说法错误。
D、根据反应的化学方程式可知，在一定条件下，物质间可以相互转化，说法正确。
故选：D。
4．（广西北部湾经济区2020年中考化学试题）下图是制取乙醇的反应微观示意图。下列说法正确的是（ ）
A．反应前后共有四种分子
B．反应物中只有一种物质是氧化物
C．反应前后催化剂的性质不变
D．参加反应的和分子个数比是3：2
【答案】B
【解析】由反应的模型图可知反应的化学方程式为：2C2H4+2H2O SKIPIF 1 < 0 2C2H5OH
A. 由化学方程式可知，反应前后共有三种分子，故错误；
B. 由化学方程式可知，反应物中只有水一种物质是氧化物，故正确；
C. 反应前后催化剂的化学性质不变，故错误；
D. 由化学方程式可知，参加反应的和分子个数比是2：2=1：1，故错误。故选B。
5．（辽宁省锦州市2020年中考化学试题）把一定量甲、乙、丙、丁四种物质放入一个密闭容器中，在一定条件下充分反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法正确的是（ ）
A．反应中甲和丙的质量比为1:8
B．x=0
C．该反应是分解反应
D．乙一定是该反应的催化剂
【答案】B
【解析】
A、反应中甲和丙的质量比为：（10-8）：（30-12）=1：9，不符合题意；
B、由分析可知，x=0，符合题意；
C、甲、丁是反应物，丙是生成物，该反应符合“多变一”的特点，属于化合反应，不符合题意；
D、由分析可知，乙可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，不符合题意。
故选B。
6．（内蒙古通辽市2020年中考化学试题）在“宏观一徽观”之间建立联系是化学学科特有的思维方式。下图为二氧化碳用于生产甲醇（CH3OH）的微观示意图，有关说法正确的是（ ）
A．该反应中，四种物质均为化合物
B．反应前后氢元素的化合价不变
C．参加反应的甲、乙分子个数之比为1:3
D．反应前后氢原子个数之比为1:3
【答案】C
【解析】
由反应的微观示意图可知，反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 。
A、乙为氢气，属于单质，该反应中，甲、丙、丁三种物质均为化合物，故A不正确；
B、反应前氢气中氢元素的化合价为0，反应后水中氢元素的化合价为+1价，则反应前后氢元素的化合价发生变化，故B不正确；
C、反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，则参加反应的甲、乙分子个数之比为1:3，故C正确；
D、由质量守恒定律可知，反应前后原子数目不变，则反应前后氢原子个数之比为1:1，故D不正确。故选C。
7．（内蒙古通辽市2020年中考化学试题）四种物质在一定条件下充分反应，测得反应前后各物质的质量分数如下图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲物质一定是该反应的催化剂
B．反应后x的数值为6%
C．该反应是化合反应
D．反应中乙与丁的质量变化之比为8:9
【答案】C
【解析】由质量守恒定律可知，8%+32%+x+36%=100%，x=24%；由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后乙的质量分数减少了60%-32%=28%，故乙是反应物；同理可以确定丙的质量分数减少了30%-24%=6%，故丙是反应物；丁的质量分数增加了36%-2%=34%，丁是生成物；甲的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。
A、甲的质量分数不变，可能没有参加反应，也可能作该反应的催化剂，故选项说法错误；
B、由以上分析可知，反应后x的数值为24%，故选项说法错误；
C、由以上分析可知，该反应可表示为：乙+丙→丁，该反应是由两种物质反应生成另一种物质，属于化合反应，故选项说法正确；
D、反应中乙与丁的质量变化之比为（60%-32%）：（36%-2%）=14：17，故选项说法错误。
故选C。
8．（江苏省无锡市2020年中考 ）元素钴（C）有多种化合价，将9.3gC（OH）2在空气中加热至290℃时完全脱水，得到8.3g钴的氧化物，该氧化物的化学式是（ ）
A．CO B．CO3 C．C2O3 D．C3O4
【答案】C
【解析】
由化学式可知9.3gC（OH）2中和氧化钴中钴元素质量相等，C元素的质量为：9.3g× SKIPIF 1 < 0 ，
则钴的氧化物中氧元素的质量为：8.3g-5.9g=2.4g 即C与O的原子个数比为： SKIPIF 1 < 0 ≈2：3，故选C。
9．（江苏省无锡市2020年中考化学试题）如图是甲在乙中燃烧前后分子种类变化的微观示意图，下列叙述正确的是（ ）
A．反应后原子的数目减少
B．甲与乙反应的质量比是17:32
C．丙，丁的分子个数比是2:3
D．该反应属于置换反应
【答案】D
【解析】
由粒子模型图可知该反应的化学方程式为：4NH3+3O2 SKIPIF 1 < 0 2N2+6H2O
A.化学反应前后相同元素的原子数目不变，故错误；
B.参加反应的甲与乙的质量比为：（4×17）：（3×32）=17：24，故错误；
C.丙与丁的分子个数比就是反应的化学计量数之比：2：6=1：3，故错误；
D.该反应是单质与化合物生成单质与化合物，所以属于置换反应，故正确。故选D。
10．（黑龙江省牡丹江、鸡西地区朝鲜族学校2020年中考化学试题）2019年5月，华为宣布做好了启动备用芯片的准备，硅是计算机芯片的基体材料。高温下氢气与四氯化硅反成制硅的化学方程式为：2H2+SiCl4 SKIPIF 1 < 0 Si+4X，其中X的化学式为（ ）
A．Cl2B．HClC．H2OD．SiH4
【答案】B
【解析】
【详解】
根据质量守恒定律的元素守恒，反应前后原子种类和个数不变，结合反应的化学方程式为：2H2+SiCl4 SKIPIF 1 < 0 Si+4X，反应前氢、硅、氯的原子个数分别为：4、1、4，反应后4X中含有氢、氯的原子个数分别为：4、4，推测物质X的化学式为HCl。故选B。
11．（黑龙江省龙东地区2020年中考化学试题）如图表示两种气体发生的化学反应，其中相同的球代表同种原子。下列说法正确的是（ ）
A．生成物一定是混合物
B．分子在化学变化中不可分
C．化学反应前后原子的种类不变
D．该反应既不是化合反应也不是分解反应
【答案】C
【解析】
A、由生成物的微观构成可知，生成物是由同种分子构成，属于纯净物,选项A不正确；
B、由微粒的变化可知，分子在化学变化中发生了变化，分子可再分，选项B不正确；
C、由微粒的变化可知，化学反应前后原子的种类不变，选项C正确；
D、由反应的图示可知，该反应的反应物是两种，生成物是一种，该反应是化合反应，选项D不正确。故选C。
【点睛】本题通过微观粒子的反应模型图，考查了微观上对化学反应的认识，学会通过微观示意图把宏观物质和微观粒子联系起来、从微观的角度分析物质的变化是正确解答此类题的关键。
12．（云南省昆明市2020年中考化学试题）在一个密闭容器中，有a、b、c、d四种物质，反应前各物质的质量关系如下图刻度纸所示（例如：d的质量为2g）。
在一定条件下发生反应，反应结束后，再次测得各物质的质量变化，并通过刻度的移动来表示，且记录在同一张刻度纸上：刻度线Ⅰ向右移动9格；刻度线Ⅱ向左移动8格；刻度线Ⅲ向左移动8格。下列说法正确的是（ ）
A．反应结束后c的质量为14g
B．该反应可能为置换反应
C．a、b变化的质量比一定为9:17
D．a、d的相对分子质量之比一定为9:8
【答案】C
【解析】由图可知，一开始，a=5g、b=17g、c=6g、d=2g，反应后，刻度线Ⅰ向右移动9格；刻度线Ⅱ向左移动8格；刻度线Ⅲ向左移动8格，故a=14g、b=0、c=6g、d=10g，故反应后，a质量增加，是生成物，b质量减小，是反应物，c质量不变，可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，d质量增加，是生成物。
A、由分析可知，反应结束后，c的质量是6g，不符合题意；
B、a、d是生成物，b是反应物，该反应符合“一变多”的特点，属于分解反应，不符合题意；
C、a、b变化的质量比为：（14g-5g）：（17g-0）=9:17，符合题意；
D、参加反应的a、d 的质量比为：（14g-5g）：（10g-2g）=9:8，但是化学计量数之比未知，无法计算相对分子质量之比，不符合题意。
故选C。
13．（云南省昆明市2020年中考化学试题）从下图某化学反应的微观示意图中，获得的信息错误的是（ ）
A．参加反应的一种物质的化学式为C2H4
B．该反应的生成物为混合物
C．参加反应的两种物质的分子个数比为1:1
D．中碳、氢、氧原子个数比为2:6:1
【答案】B
【解析】
【详解】
A、从图中可知，有一种反应物分子中碳氢原子比为2:4，因此该反应物分子式为C2H4，A选项正确，不合题意；
B、该反应的生成物是乙醇，乙醇为纯净物，因此B选项错误，符合题意；
C、可从图中看出2个C2H4分子和2个H2O分子生成了2个C2H5OH分子，因此反应物的分子个数比为1:1，C选项正确，不合题意；
D、该反应的生成物是乙醇，一个乙醇分子由2个C原子，6个H原子和1个O原子构成，因此D选项正确，不合题意；
故选B。
14．（江苏省徐州市2020年中考化学试题）下列关于有机物的叙述中正确的是（ ）
A．甲醇（CH4O）中氧元素的质量分数最大
B．葡萄糖（C6H12O6）中C、H、O的质量比为1：2：1
C．醋酸（C2H4O2）由2个碳元素，4个氢元素、2个氧元素组成
D．某有机物在O2中完全燃烧只生成CO2和H2O，则该物质只含碳、氢元素
【答案】A
【解析】
A、甲醇（CH4O）是由三种元素组成，其中氧元素的质量分数= SKIPIF 1 < 0 ，所以氧元素的质量分数最大，故A正确；
B、由葡萄糖（C6H12O6），C、H、O元素的质量比为(12×6)：(1×12)：(16×6)=6：1：8，故B错误；
C、醋酸（C2H4O2）是由醋酸分子构成，每1个醋酸分子由2个碳原子，4个氢原子、2个氧原子组成，故C错误；
D、某有机物在O2中完全燃烧只生成CO2和H2O，根据质量守恒定律可知，该物质除了含有碳、氢元素，可能含有氧元素，故D错误；
故选A。
15．（四川省攀枝花市2020中考化学试题）“绿色化学”要求原料物质中所有的原子完全被利用，全部转入期望的产品中，即原子利用率为100%。一定条件下，CO和H2可以按照不同比例反应，只生成一种产物就能实现“绿色化学”，这种产物不可能是（ ）
A．甲醛（CH2O） B．甲醇（CH4O）
C．乙醇（C2H6O） D．乙酸（C2H4O2）
【答案】C
【解析】根据“一氧化碳和氢气反应，只生成一种产物”，可判断所生成的有机物中C、O元素的原子个数比应与CO中C、O元素的原子个数相同为1：1。
A、据化学式CH2O，可知该物质中C、O元素的原子个数比为1：1，符合所生成有机物的特点，不符合题意；
B、根据化学式CH4O，可知该物质中C、O元素的原子个数比为1：1，符合所生成有机物的特点，不符合题意；
C、根据化学式C2H6O，可知该物质中C、O元素的原子个数比为2：1，不符合所生成有机物的特点，符合题意；
D、根据化学式C2H4O2，可知该物质中C、O元素的原子个数比为1：1，符合所生成有机物的特点，不符合题意。故选C。
16．（四川省遂宁市2020年中考化学试题）随着科学的发展，新能源的开发不断取得突破。清华大学研究人员成功研制出一种纳米纤维催化剂，可将二氧化碳转化成液体燃料甲醇，其微观示意图如下图所示（图中的微粒恰好完全反应）。
下列说法错误的是（ ）
A．丁的化学式是H2O
B．甲是单质，乙、丙、丁均为化合物
C．乙物质中碳元素的化合价为+4
D．反应前后分子种类和原子种类均发生改变
【答案】D
【解析】
由题目信息和质量守恒定律可知，该反应为氢气和二氧化碳在催化剂的作用下生成甲醇和水，化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 。
A、由上述分析可知，丁为水，化学式为H2O，故正确；
B、由图示和化学方程式可知，甲为氢气，乙为二氧化碳，丙为甲醇，丁为水，则甲是单质，乙、丙、丁均为化合物，故正确；
C、由上述分析可知，乙为二氧化碳，化学式为CO2，其中碳元素的化合价为+4，故正确；
D、由图示和质量守恒定律可知，反应前后分子种类发生改变，原子种类不发生改变，故错误。
故选D。
17．（四川省宜宾市2020年中考化学试题）下图是某化学反应的微观示意图。下列说法错误的是（ ）
A．使用催化剂可加快该反应的速率
B．的化学式为C2H4O2
C．反应前后原子和分子的数目均未改变
D．和的水溶液均呈酸性
【答案】C
【解析】
A、反应中催化剂将反应物吸附在自身的表面，加快了反应的速率，故正确，不符合题意；
B、由分子的结构图可知，的化学式为C2H4O2，故正确，不符合题意；
C、该反应中原子的数目、种类不变，而分子的种类改变，数目由2个变为1个，故错误，符合题意；
D、是乙酸，是二氧化碳，它们的水溶液都显酸性，故正确，不符合题意；故选C。
18．（湖北省恩施州2020年中考化学试题）下列选项中，不利于培养化学学科核心素养的是（ ）
A．变化与守恒：某物质R燃烧后生成CO2和H2O，则R中一定含C、H元素，可能含O元素
B．模型与推理：氧化物一定含有氧元素，但含有氧元素的化合物不一定是氧化物
C．宏观与微观：品红在水中扩散，说明分子总在不停地运动
D．探究与创新：探究红砖粉是否为过氧化氢分解的催化剂，只需设计实验证明红砖粉能否改变反应速率即可
【答案】D
【解析】
A、由题意可知物质R燃烧是R和氧气反应生成CO2和H2O，根据质量守恒定律，则R中一定含C、H元素，生成物中有氧元素，而反应物氧气中已含有氧元素，故该物质中可能含有氧元素，不符合题意；
B、氧化物是由氧元素和另一种元素组成的化合物。氧化物一定含有氧元素，但含有氧元素的化合物不一定是氧化物，如NH4NO3就不是氧化物，不符合题意；
C、品红在水中扩散，是因为品红中含有的分子是在不断运动的，向水中扩散，不符合题意；
D、探究红砖粉是否为过氧化氢分解的催化剂，需设计实验证明红砖粉能否改变反应速率、红砖粉质量和化学性质是否发生改变，不符合题意。故选D。
19．（湖南省郴州市2020年中考化学试题）一定质量的某化合物完全燃烧，需要3.2g氧气，生成4.4g二氧化碳和1.8g水。下列判断错误的是（ ）
A．该化合物的质量为3.0g
B．该化合物一定含有碳、氢、氧三种元素
C．该化合物中碳、氢、氧的原子个数比为2：4：1
D．该化合物中碳元素的质量分数是40%
【答案】C
【解析】
A、根据质量守恒定律“反应物的总质量等于生成物的总质量”，设该化合物质量为x，则x+3.2g=4.4g+1.8g，得出x=3.0g，故A选项正确，不合题意；
B、根据质量守恒定律“反应前后各元素的质量不变”，则生成物中氧元素质量= SKIPIF 1 < 0 ，反应前氧气所含氧元素的质量为3.2g，因此该化合物中一定含有碳、氢、氧三种元素，B选项正确，不合题意；
C、该化合物中，碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，氧元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，则该化合物中碳、氢、氧的原子个数比为： SKIPIF 1 < 0 ，故C选项错误，符合题意；
D、根据该化合物共3.0g，C元素质量为1.2g，则该化合物中碳元素的质量分数= SKIPIF 1 < 0 ，D选项正确，不合题意；
故选C。
20．（宁夏2020年中考化学试题）建立宏观和微观之间的联系是化学学科独特的思维方式。如图是几种化学反应的微观过程示意图，下列说法不正确的是（ ）
A．分子、原子、离子都是构成物质的微粒
B．构成物质的微粒的质量和体积都很小，总在不停地运动
C．氢气、氧气、石墨、金刚石都是单质，水、氢氧化钠、氯化氢、氯化钠都是化合物
D．化学变化前后，构成物质的微粒种类不变，只是微粒重新结合，因而，物质的种类和质量都不发生改变
【答案】D
【解析】
A、水由水分子构成，氯化钠由钠离子和氯离子构成，石墨是由碳原子构成，所以分子、原子、离子都是构成物质的微粒，选项正确；
B、构成物质的微粒的质量和体积都很小，总在不停地运动，选项正确；
C、 氢气、氧气、石墨、金刚石都是由一种元素组成的纯净物，是单质；水、氢氧化钠、氯化氢、氯化钠都是由不同元素组成的纯净物，是化合物，选项正确；
D、化学变化前后，原子的种类不变，只是原子重新结合，但是分子的种类一定改变，因而，物质的种类改变，物质的总质量不发生改变，选项错误。
故选D。
21．（四川省凉山州2020年中考化学试题）某物质1.6克在空气中充分燃烧共生成4.4克二氧化碳和3.6克水。则下列说法正确的是（ ）
①该物质中一定含有氧元素； ②该物质中一定不含氧元素； ③该物质中一定含有碳、氢元素； ④该物质的一个分子中碳、氢原子的个数比为1:4； ⑤该物质中氢元素的质量分数最大
A．①②③④⑤ B．②③④
C．③④⑤ D．②③④⑤
【答案】B
【解析】
某物质1.6克在空气中充分燃烧共生成4.4克二氧化碳和3.6克水，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，故该物质中一定含C、H元素，4.4g二氧化碳中碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ；3.6g水中氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，1.2g+0.4g=1.6g，故该物质中一定不含氧元素；故①错误；②③正确；
④设该物质的化学式为：CxHy，12x：y=1.2g：0.4g，x：y=1：4，该物质的一个分子中碳、氢原子的个数比为1:4，正确；
⑤该物质中碳、氢元素的质量比为：12:4=3:1，故碳元素的质量分数最大，错误。
故正确的是：②③④。
故选B。
22．（山东省临沂市2020年中考化学试题）构建化学基本观念是学好化学的基础，下列对化学基本观念的认识错误的是（ ）
A．元素观：二氧化碳是由碳元素和氧元素组成的
B．微粒观：保持氧气化学质的最小微粒是氧气分子
C．变化观：氢气在空气中燃烧生成水
D．守恒观：24g镁和32g氧气反应，一定生成54g氧化镁
【答案】D
【解析】
A、二氧化碳由碳元素和氧元素组成的，选项A正确；
B、氧气是由氧分子构成的，保持氧气化学性质的最小微粒是氧分子，选项B正确；
C、氢气在空气中燃烧是氢气和空气中的氧气在点燃的条件下反应生成水，选项C正确；
D、镁和氧气的反应方程式是： SKIPIF 1 < 0 ，根据化学方程式可以计算出24g镁与16g氧气完全反应，生成氧化镁质量40g，氧气有剩余，不能生成54g氧化镁，选项D错误。故选D。
23．（江苏省盐城市2020年中考化学试题）将一定质量的甲醇（CH3OH）和氧气（O2）置于密闭容器中点燃，一段时间后反应停止，测得反应后各物质的质量，相关数据如下表所示。下列说法不符合事实的是（ ）
A．m>n
B．X中一定含有碳元素
C．无法判断X中是否含有氧元素
D．生成物中C、H两种元素的质量比为3∶1
【答案】C
【解析】
A、根据质量守恒定律可知，m+12.8g=10.8g+8.8g+n，m=6.8g+n，所以m>n，选项A正确；
B、甲醇作为一种可燃物，当氧气充足时，甲醇燃烧生成二氧化碳和水；如果氧气不足，甲醇燃烧生成水、一氧化碳甚至炭黑。因为甲醇中的氢全部转化为水，10.8g水中氢元素的质量= SKIPIF 1 < 0 ，则甲醇的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，甲醇中碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，生成的二氧化碳中碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，根据质量守恒定律，反应前后元素在质量不变，可见X中一定含有1.2g碳元素，选项B正确；
C、根据计算甲醇中碳元素质量为3.6g，氢元素质量为1.2g，则甲醇中氧元素质量为：9.6g-3.6g-1.2g=4.8g，因为参加反应的氧气质量为12.8g，所以反应生成的X中的氧元素质量为：4.8g+12.8g-(8.8g-2.4g)-(10.8g-1.2g)=1.6g，故X中一定含氧元素，选项C错误；
D、根据质量守恒定律，化学反应前后元素的质量不变，则生成物中C、H两种元素的质量比与参加反应的甲醇中的碳、氢元素质量比相同，因此生成物中碳、氢元素质量比=12∶(1×4)=3∶1，选项D正确。故选C。
24．（四川省广元市2020年中考化学试题）我国航天技术迅猛发展，“天舟一号”与在轨运行的“天宫二号”空间实验室首次成功交会对接，有力推动了我国空间站建设的进程。空间站里的O2源自电解水，所得H2与CO2反应生成H2O和CH4，该反应的微观示意图如下：
下列叙述正确的是（ ）
A．反应后原子的个数增加
B．生成水和甲烷的分子个数比为1:1
C．反应前后物质种类不变
D．上述反应中四种物质均由分子构成
【答案】D
【解析】由图可知，该反应是氢气和二氧化碳在催化剂的作用下反应生成水和甲烷，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，不符合题意；
B、由化学方程式可知，生成水和甲烷的分子个数比为：2:1，不符合题意；
C、该反应是化学反应，化学反应的实质是有新物质生成，故反应前后，物质种类一定改变，不符合题意；
D、二氧化碳由二氧化碳分子构成，氢气由氢分子构成，甲烷由甲烷分子构成，水由水分子构成，上述反应中，四种物质均由分子构成，符合题意。
故选D。
二、填空题
25．（湖南省益阳市2020年中考化学试题）宏观、微观和符号之间建立联系是学习化学的重要思维方法。下图是某汽车尾气处理过程中发生的一个反应，请回答下列问题。
（1）图示中的物质，属于单质的是________（填化学式）；
（2）该反应中，参加反应的X与生成的Y的分子个数最简整数比是____________；
（3）该反应前后，化合价发生了变化的元素是__________（填元素符号），该元素在图示相关物质中的最低化合价是_______。
【答案】（1）N2 （2） 2:3 （3） N -3
【解析】根据微观图示，该反应为氨气和一氧化氮在催化剂作用下反应生成水和氮气，化学方程式为：4NH3+6NO SKIPIF 1 < 0 6H2O+5N2；
（1）反应后有氮气生成，该分子由同种原子构成，为单质分子，化学式为N2；
（2）根据反应方程式：4NH3+6NO SKIPIF 1 < 0 6 H2O +5N2，该反应中，参加反应的X（NH3）与生成的Y（H2O）的分子个数比是4:6=2:3；
（3）单质中元素的化合价为0，在化合物中各元素正负化合价代数和为零。由方程式可知，该反应中所有物质中包括氮、氢、氧三种元素。氨气和水中的氢元素化合价均为+1价，化合价未改变。一氧化氮和水中氧元素的化合价均为-2价，未发生改变。
氮元素： NH3中氢显+1价，根据化合物中各元素化合价代数和为零，设氨气（NH3）中氮元素的化合价为 SKIPIF 1 < 0 ，则 SKIPIF 1 < 0 +（+1）×3=0，解得 SKIPIF 1 < 0 =-3；一氧化氮（NO）中氧元素显-2价，根据化合物中各元素化合价代数和为零，设一氧化氮（NO）中氮元素的化合价为 SKIPIF 1 < 0 ，则 SKIPIF 1 < 0 +（-2）=0，解得 SKIPIF 1 < 0 =+2；氮气（N2）单质中氮元素的化合价为0价，故氮元素化合价发生改变。该元素在图示相关物质中的最低化合价是-3价。
26．（四川省南充市2020年中考化学试题）（1）下图是一种处理汽车尾气的反应微观示意图，回答下列问题。
①从微观上看，该化学变化中发生改变的粒子是_______（填“分子”或“原子”），反应前后原子的数目__________（填“有”或“没有”）增减。
②参加反应的~和的分子个数比为________，该反应中涉及到的单质的化学式为________。
（2）下图是A、B、C、D四种粒子的结构示意图
①图中共有_______种元素。
②C粒子的符号为__________，由B、C两种粒子构成的化合物的化学式为________。
【答案】（1）①分子 没有 ②1:2 N2 （2） ①3 ②Cl- NaCl
【解析】
（1）①化学变化中最小的微粒是原子，原子在化学变化中不发生变化，因此该化学变化中发生改变的粒子是分子，反应前后原子的数目没有增减；
根据图示反应②为 SKIPIF 1 < 0 ，因此参加反应的甲烷和二氧化氮的分子个数比为1:2；该反应中涉及到的单质的化学式为N2；
（2）①质子数相同的为同一种元素，因此图中共有3种元素；C粒子的质子数为17，是氯元素，核内17个质子，核外18个电子，带一个单位的负电荷，因此符号为Cl-；
②B是Na+，因此B、C两种粒子构成的化合物的化学式为NaCl。
2019年中考真题
1．【2019年湖南怀化市】化学反应前后一定发生变化的是（ ）
A．原子数目B．分子数目
C．物质种类D．反应前后物质的总质量
【答案】C
【解析】化学反应前后，反应前后总质量一定不变；化学变化的实质是分子分成原子，原子再重新组合成新的分子，则原子种类、数目一定不变，则元素种类也不变。分子数目可能增加也可能减少，也可能前后相等；元素的化合价可能发生改变，也可能不变。化学变化一定有新物质生成，化学反应前后一定发生变化的是物质种类。故选C。
2．【2019年湖南省邵阳市】某纯净物X在氧气中高温煅烧的化学方程式为：4X+11O22Fe2O3+8SO2，则X的化学式是（ ）
A．FeSB．FeSO4C．FeS2D．Fe2O3
【答案】C
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，则4X分子中含有4个铁原子和8个硫原子，则每个X分子由1个铁原子和2个硫原子构成，则物质X的化学式为FeS2。故选C。
3．【2019年河南省】钠着火不能用二氧化碳灭火。钠在二氧化碳中燃烧生成炭黑和一种白色固体，它可能是（ ）
A．碳酸钠B．硫酸钠C．碳酸氢钠D．氢氧化钠
【答案】A
【解析】A、白色固体可能是碳酸钠，该选项说法正确；B、白色固体不可能是硫酸钠，这是因为反应物中不含有硫元素，该选项说法不正确；C、白色固体不可能是碳酸氢钠，这是因为反应物中不含有氢元素，该选项说法不正确；D、白色固体不可能是氢氧化钠，这是因为反应物中不含有氢元素，该选项说法不正确。故选A。
4．【2019年安徽省】如图是一种处理汽车尾气的反应微观示意图，有关说法正确的是（ ）
A．反应前后分子总数不变
B．反应前后原子种类发生变化
C．反应前后均为纯净物
D．该反应可以减少二氧化氮的排放
【答案】D
【解析】由微观反应示意图可知，该化学反应的化学方程式为：CH4+2NO2 SKIPIF 1 < 0 CO2+2H2O+N2。A、由化学方程式可知，反应前后分子总数发生了改变，故错误；B、由微观反应示意图可知，化学反应前后原子的种类没有改变，故错误；C、反应前和反应后均由多种分子，所以均属于混合物，故错误；D、由化学反应原理可知，该反应可以减少二氧化氮的排放，故正确。故选D。
5．【2019年辽宁省辽阳市】一定条件下，甲、乙、丙、丁四种物质在密闭容器中发生反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法正确的是
A．上表中X的值是0
B．该反应的基本反应类型是化合反应
C．乙一定是该反应的催化剂
D．丙和丁变化的质量比为14∶11
【答案】D
【解析】A、X＝26+8+2+4﹣1﹣16﹣15＝8，故A错误；B、甲物质减少25 g，丙物质增加14 g，丁物质增加11 g，所以该反应属于分解反应，故B错误；C、乙可能是该反应的催化剂，可能没有参与反应，故C错误；D、丙和丁变化的质量比为14 g∶11 g＝14∶11，故D正确。故选D。
6．【2019年云南省】在一定条件下，一密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法不正确的是
A．b可能是催化剂
B．X的值等于15
C．该反应是分解反应
D．参加反应的c与d的质量比为15∶13
【答案】D
【解析】A、b反应前后质量不变，可能是催化剂，该选项说法正确；B、X＝40+5+16+15﹣5﹣30﹣26＝15，该选项说法正确；C、反应后a质量减小，是反应物，cd质量增大，是生成物，该反应是分解反应，该选项说法正确；D、参加反应的c与d的质量比为：（30﹣16）∶（26﹣15）＝14∶11，该选项说法不正确。故选D。
7．【2019年云南省昆明市】银器发暗是因为形成了黑色的Ag2S．欲使银器变亮，可先用洗衣粉洗去表面油污，再把它和铝片放入碳酸钠溶液中共煮，至银器恢复银白色时，取出银器，用水洗净即可。发生反应的化学方程式为：2A1+3Ag2S+6H2O6Ag+2Al(OH)3+3X↑，X的化学式是
A．H2SB．SO2C．SO3D．O2
【答案】A
【解析】由2A1+3Ag2S+6H2O6Ag+2Al（OH）3+3X↑可知，反应前后铝原子都是2个，银原子都是6个，反应前硫原子是3个，反应后应该是3个，包含在3X中，反应前氢原子是12个，反应后应该是12个，其中6个包含在3X中，反应前后氧原子都是6个，因此X化学式是H2S。故选A。
8．【2019年广西省梧州市】金属铝的冶炼要用到冰晶石，制备冰晶石的化学方程式为（冰晶石用A表示）：12HF+3Na2CO3+2Al(OH)32A+3CO2+9H2O，则A的化学式为
A．NaAlF6B．Na2AlF4C．Na3AlF6D．Na3Al2F3
【答案】C
【解析】由12HF+3Na2CO3+2Al(OH)32A+3CO2+9H2O可知，反应前后氢原子都是18个，反应前氟原子是12个，反应后应该是12个，包含在2A中，反应前钠原子是6个，反应后应该是6个，包含在2A中，反应前后碳原子都是3个，氧原子都是15个，反应前铝原子是2个，反应后应该是2个，包含在2A中，因此每个A分子中含有3个钠原子、1个铝原子和6个氟原子，A的化学式是Na3AlF6。故选C。
9．【2019年江苏省扬州市】2KI+H2SO4+O3O2+M+K2SO4+H2O中M的化学式是
A．H2B．KOHC．HID．I2
【答案】D
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，则每个M分子由2个碘原子构成，则物质M的化学式为I2。故选D。
10．【2019年甘肃省天水市】把一定质量的a、b、c、d四种物质放入一密闭容器中，在一定条件下反应一段时间后，测得反应后各物质的质量如下。下列说法中正确的是
A．x＝2
B．d是催化剂，加快反应速率
C．c不是化合物
D．反应前后原子的数目不变
【答案】D
【解析】由表中数据分析可知，反应前后a的质量减少了6.4 g﹣5.2 g＝1.2 g，故是反应物，参加反应的质量为1.2g；同理可以确定c是生成物，生成的质量为7.2 g﹣4.0 g＝3.2 g；d的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；由质量守恒定律，b应是反应物，且参加反应的b的质量为3.2 g﹣1.2 g＝2 g，故x的数值为3.2 g﹣2 g＝1.2 g。A、x＝1.2，故选项说法错误；B、d的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故选项说法错误；C、该反应的反应物为a和b，生成物是c，符合“多变一”的形式，属于化合反应，C一定是化合物，故选项说法错误；D、反应前后原子的数目不变，故选项说法正确。故选D。
11．【2019年云南省昆明市】在一个密闭容器中，有甲、乙、丙、丁、戊五种物质，在一定条件下发生反应，测得反应前后各物质的质量变化量如图所示（图中正数表示物质质量的增加量，负数表示物质质量的减少量，0表示物质质量不变），下列说法正确的是
A．该反应一定属于置换反应
B．戊一定是该反应的催化剂
C．参加反应的乙、丙的质量比一定为48∶23
D．该反应中甲、丁的相对分子质量之比一定为44∶27
【答案】C
【解析】A、反应后甲、丁质量增大，是生成物，乙、丙质量减小，是反应物，戊质量不变，可能是催化剂，也可能既不是催化剂也不是反应物和生成物，该反应不一定是置换反应，该选项说法不正确；B、戊不一定是该反应的催化剂，该选项说法不正确；C、参加反应的乙、丙的质量比一定为：48∶23，该选项说法正确；D、该反应中甲、丁的相对分子质量之比不一定为44∶27，即甲、丁化学计量数之比是1∶1时，甲、丁的相对分子质量之比为44∶27，甲、丁化学计量数之比不是1∶1时，甲、丁的相对分子质量之比不是44∶27，该选项说法不正确。故选C。
12．【2019年湖北省宜昌市】硅是重要的半导体材料。X+H2 SKIPIF 1 < 0 3HCl+Si（高纯）是工业制硅流程中的一个化学反应方程式，则X为
A．SiClB．SiCl3C．SiHCl3D．SiH2Cl3
【答案】C
【解析】由X+H2 SKIPIF 1 < 0 3HCl+Si可知，反应后氢原子是3个，反应前应该是3个，其中1个包含在X中，反应后氯原子是3个，反应前应该是3个，包含在X中，反应后硅原子是1个，反应前应该是1个，包含在X中，因此X的化学式是SiHCl3。故选C。
13．【2019年广西省梧州市】一定条件下，在密闭容器内发生了某反应，测得反应前后各物质的质量如下：
下列说法错误的是
A．d可能是该反应的催化剂
B．c的质量范围一定是：0≤x≤30
C．参加反应的a与b的质量之比一定为2∶1
D．若16≤y≤36，则该反应一定是化合反应
【答案】B
【解析】A、如果y＝1，则反应前后d质量不变，可能是催化剂，该选项说法正确；B、c的质量范围一定是：0≤x≤（10﹣0）+（15﹣10）+1+20＝36，即1g完全反应生成c，该选项说法不正确；C、参加反应的a与b的质量之比一定为：（10﹣0）：（15﹣10）＝2：1，该选项说法正确；D、若16≤y≤36，则c质量不变，或减小直至减小到0，可能是反应物，也可能不是反应物、生成物，因此该反应一定是化合反应，该选项说法正确。故选B。
14．【2019年四川省广安市】在明代宋应星所著的《天工开物》中，有关火法炼锌的工艺记载：“每炉甘石十斤，装载入一泥罐内，然后逐层用煤炭饼垫盛，其底铺薪，发火煅红，罐中炉甘石熔化成团。”（注：炉甘石的主要成分是碳酸锌。）火法炼锌主要发生的化学反应是2C+ZnCO3Zn+3X↑，下列说法不正确的是
A．X的化学式是CO
B．反应前后固体的质量不变
C．ZnCO3中碳元素的化合价为+4
D．该反应有元素的化合价发生改变
【答案】B
【解析】A、由2C+ZnCO3Zn+3X↑可知，反应前后锌原子都是1个，反应前碳原子、氧原子都是3个，反应后应该都是3个，包含在3X中，X的化学式是CO，该选项说法正确；B、反应生成一氧化碳气体，因此反应后固体的质量减小，该选项说法不正确；C、ZnCO3中锌元素化合价是+2，氧元素化合价是﹣2，根据化合物中元素化合价代数和为零可知，碳元素的化合价为+4，该选项说法正确；D、该反应有元素的化合价发生改变，例如锌元素化合价由0变成+2，碳元素由0变成+4，该选项说法正确。故选B。
15．【2019年广东省广州市】超氧化钾（KO2）常备于急救器和消防队员背包中，能迅速与水反应放出氧气：2KO2+2H2O2KOH+X+O2↑，关于此反应的说法不正确的是
A．X的化学式为H2O2
B．反应前后元素种类发生变化
C．反应前后氧元素化合价发生变化
D．反应前后物质状态发生变化
【答案】B
【解析】A、由2KO2+2H2O2KOH+X+O2↑可知，反应前后钾原子都是2个，反应前氧原子是6个，反应后应该是6个，其中2个包含在X中，反应前氢原子是4个，反应后应该是4个，其中2个包含在X中，X的化学式是H2O2，该选项说法正确；B、反应前后元素种类不发生变化，该选项说法不正确；C、反应前后氧元素化合价发生变化，例如氧元素化合价发生了变化，该选项说法正确；D、反应前后物质状态发生变化，例如反应前没有气体，反应后生成气体，该选项说法正确。故选B。
16．【2019年四川省巴中市】自来水厂有一种新型的消毒剂ClO2，其工业生产原理是：2NaClO3+4X2ClO2↑+Cl2↑+2NaCl+2H2O，则X的化学式为________________。
【答案】HCl
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，则4X分子中含有4个氢原子和4个氯原子，则每个X分子由1个氢原子和1个氯原子构成，则物质X的化学式为HCl。
17．【2019年浙江省温州市】一些心脏病患者安装心脏起搏器，以在心跳骤停时刺激心脏，恢复心跳。一种用于心脏起搏器的锂电池，工作时发生的反应为4Li+2SOCl24LiCl+X+SO2↑。则X的化学式为________________。
【答案】S
【解析】由4Li+2SOCl24LiCl+X+SO2↑可知，反应前后锂原子都是4个，氧原子都是2个，氯原子都是4个，反应前硫原子是2个，反应后应该是2个，其中1个S包含在X中，因此X的化学式是S。
2018年中考真题
一．选择题（共34小题）
1．（2018•广西）关于化学方程式4P+5O22P2O5的理解，正确的是（ ）
A．反应前后分子总数保持不变
B．该反应的反应物是五氧化二磷
C．每四份质量的磷和五份质量的氧气完全反应
D．在点燃的条件下，磷和氧气反应生成五氧化二磷
【答案】D
【解析】A．由化学方程式可知，该反应前后分子总数发生改变，故A错误；
B．由化学方程式可知，反应物是磷和氧气，生成物是五氧化二磷；故B错误；
C．表述错误，应为124份质量的磷与160份质量的氧气在点燃条件下生成284份质量的五氧化二磷，故C错误；
D．表述正确，故D正确。
故选：D。
2．（2018•绥化）在一密闭容器中放入X、Y、Z、Q四种物质，在一定条件下发生化学反应，一段时间后，测得有关数据如下表，则关于此反应的认识正确的是（ ）
A．物质Y一定是单质
B．反应后物质Q的质量为12g
C．反应过程中X、Q的质量比为9：4
D．物质Z一定的该反应的催化剂
【答案】B
【解析】由表中数据分析可知，反应前后X的质量减少了20g﹣15g=5g，为反应物；Y的质量增加了32g﹣2g=30g，故Y是生成物，生成的Y的质量为30g；Z的质量不变，Z可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；由质量守恒定律，Q应是反应物，且参加反应的Q的质量为30g﹣5g=25g，故未测的数值为37g﹣25g=12g。
A、该反应为：X+Q→Y，故物质Y一定是化合物，错误；
B、反应后物质Q的质量为12g，正确；
C、反应过程中X、Q的质量比为：5：25=1：5，错误；
D、Z的质量不变，Z可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，错误；
故选：B。
3．（2018•宜昌）在一密闭的容器中。一定质量的碳粉与过量的氧气在点燃的条件下充分反应，容器内各相关量与时间（从反应开始计时）的对应关系正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】A、在一密闭的容器中，碳在过量的氧气中燃烧生成二氧化碳气体，1个氧分子参加反应生成1个二氧化碳分子，则气体的分子数不变，故选项图示正确。
B、碳在过量的氧气中燃烧生成二氧化碳气体，由质量守恒定律，气体的质量增加，至完全反应不再发生改变，故选项图示错误。
C、碳在过量的氧气中燃烧生成二氧化碳气体，最终碳完全反应，固体的质量逐渐减少，最终减少至0，故选项图示错误。
D、由质量守恒定律，物质的总质量不变，故选项图示错误。
故选：A。
4．（2018•长沙）根据化学方程式不能获得该反应的信息是（ ）
A．化学反应的快慢B．生成物
C．反应条件D．反应物
【答案】A
【解析】从化学方程式获得的信息主要有：反应物、生成物、反应条件、各物质间质量的关系，无法确定化学反应速率的快慢。故选：A。
5．（2018•益阳）铜能与硝酸反应，但不产生H2．根据反应方程式：3Cu+8HNO3（稀）═3Cu（NO3）2+2X↑+4H2O
推测 X 的化学式是（ ）
A．N2O3B．NO2C．NOD．N2O
【答案】C
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式3Cu+8HNO3（稀）═3Cu（NO3）2+2X↑+4H2O，反应前铜、氢、氮、氧原子个数分别为3、8、8、24，反应后的生成物中铜、氢、氮、氧原子个数分别为2、8、6、22，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个氮原子和2个氧原子，则每个X分子由1个氮原子和1个氧原子构成，则物质X的化学式为NO。故选：C。
6．（2018•随州）在一个密闭容器中放入X、Y、Z、W在一定条件下发生化学反应，一段时间后，测得有关数据如下表。则关于此反应的认识错误的是（ ）
A．物质Z可能是该反应的催化剂
B．待测物质的值为15
C．物质Y一定是单质
D．反应中Y、W的质量比为6：5
【答案】C
【解析】由表中数据分析可知，反应前后Y的质量增加了35g﹣5g=30g，故Y是生成物，生成的Y的质量为30g；Z的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。同理可以确定W是反应物，参加反应的P的质量为37g﹣12g=25g；由质量守恒定律，X应是反应物，且参加反应的X的质量为30g﹣25g=5g，故待测的数值为20g﹣5g=15g。
A、Z的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故选项说法正确。
B、由质量守恒定律，X应是反应物，且参加反应的X的质量为30g﹣25g=5g，故待测的数值为20g﹣5g=15g，故选项说法正确。
C、该反应的反应物为X和W，生成物是Y，符合“多变一”的特征，属于化合反应，Y是化合反应的生成物，物质Y一定是化合物，故选项说法错误。
D、反应中Y、W的质量比为30g：25g=6：5，故选项说法正确。
故选：C。
7．（2018•恩施州）现将10gA和足量的B混合加热，A和B发生化学反应，10gA完全反应后生成8gC和4gD，则参加反应的A与B的质量比是（ ）
A．1：1B．2：1C．5：1D．4：1
【答案】C
【解析】10gA完全反应后生成8gC和4gD，由质量守恒定律可知，参加反应的B的质量为2g，故参加反应的A和B的质量比是10g：2g=5：1。
故选：C。
8．（2018•南京）在密闭容器中有甲、乙、丙、丁四种物质、在一定条件下反应，测得反应前及反应过程中的两个时刻各物质的质量分数如图所示。图中a、b、c、d分别表示相应物质的质量分数。下列数据正确的是（ ）
A．a=56%B．b=6%C．c=17%D．d=8%
【答案】A
【解析】由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后甲的质量分数减少了70%﹣42%=28%，故甲是反应物；反应前乙的质量分数为14%，反应后乙的质量分数为1﹣42%﹣40%﹣10%=8%，乙的质量分数减少了14%﹣8%=6%，故乙是反应物；反应前丙的质量分数为6%，丙的质量分数增加了40%﹣6%=34%，丙是生成物；丁的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。
A、参加反应的甲和乙质量比为28%：6%，当乙的质量分数为11%时，减少了14%﹣11%=3%，则甲的质量分数应减少14%，则a=70%﹣14%=56%，故选项说法正确。
B、反应后乙的质量分数为1﹣42%﹣40%﹣10%=8%，b=8%，故选项说法错误。
C、生成的丙和参加反应乙质量比为34%：6%，当乙的质量分数为11%时，减少了14%﹣11%=3%，则丙的质量分数应增加17%，则c=6%+17%=23%，故选项说法错误。
D、丁的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，d=10%，故选项说法错误。
故选：A。
9．（2018•无锡）二氧化氮气体通入水中发生如下反应：3NO2+H2O=2HNO3+X，X的化学式为（ ）
A．N2OB．NOC．N2O3D．N2O5
【答案】B
【解析】根据质量守恒定律和化学方程式可得，反应前有3个N原子、7个O原子、2个H原子，反应后有2个N原子、6个O原子、2个H原子，故X中含有1个N原子、1个O原子，化学式为：NO。
故选：B。
10．（2018•黄冈）一定质量的甲烷在不充足的氧气中燃烧，甲烷完全反应，生成物只有CO、CO2和H2O，且总质量为20.8g，其中H2O的质量为10.8g，则CO2的质量为（ ）
A．5.6gB．8.8gC．4.4gD．4.8g
【答案】C
【解析】甲烷中碳和氢元素的质量之比是12：4=3：1；所以甲烷的质量应该是氢元素质量的4倍，
则生成物中氧元素的质量为：20.8g﹣10.8g××4=16g，
设二氧化碳的质量是x，
根据题意有：x×+（20.8g﹣10.8g﹣x）×+10.8g×=16g，
x=4.4g，
故选：C。
11．（2018•威海）在化学变化中，下列说法正确的是（ ）
①原子的种类、元素的种类、分子的种类均不变
②原子的数目、分子的数目均不变。
③原子的质量、元素的质量、物质的总质量均不变
④原子核的种类、数量、质量均不变
A．①②B．①③C．③④D．②④
【答案】C
【解析】在化学变化中，五个“不变”：从宏观上看，物质总质量、元素种类不变；从微观上看，原子种类、原子数目、原子质量一定不会变化。
两个“一定变”：从宏观上看，物质的种类一定变；从微观上看，分子的种类一定变。
一个“可能变”：分子的数目可能变。
故选：C。
12．（2018•邵阳）某纯净物X在氧气中燃烧的化学方程式为：2X+5O24CO2+2H2O，则X的化学式是（ ）
A．C2H4B．C2H5OHC．C2H2D．CH4
【答案】C
【解析】根据反应的化学方程式2X+5O24CO2+2H2O，反应物中氧原子个数为10，反应后的生成物中碳、氧、氢原子个数分别为4、10、4，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X中含有4个碳原子、4个氢原子，则每个X分子由2个碳原子、2个氢原子构成构成，则物质X的化学式为C2H2。
故选：C。
13．（2018•苏州）高锰酸钾和浓盐酸发生如下应：2KMnO4+16HCl=2KCl+2MnCl2+5X↑+8H2O，根据质量守恒定律，推测X应是（ ）
A．HClOB．ClO2C．O2D．Cl2
【答案】D
【解析】由2KMnO4+16HCl=2KCl+2MnCl2+5X↑+8H2O可知，反应前后钾原子都是2个，锰原子都是2个，氧原子都是8个，氢原子都是16个，反应前氯原子是16个，反应后应该是16个，其中10个包含在5X中，因此X的化学式是Cl2。故选：D。
14．（2018•滨州）下列实验能够直接用于验证质量守恒定律的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】A、镁燃烧生成氧化镁，由于不是在密封容器中进行，不能用于验证质量守恒定律；
B、稀盐酸和碳酸钠反应生成的二氧化碳逸出装置，不能用于验证质量守恒定律；
C、氯化钠和硝酸银反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，能够用于验证质量守恒定律；
D、锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气，生成的氢气逸出装置，不能用于验证质量守恒定律。
故选：C。
15．（2018•昆明）在一密闭容器中加入a、b、c、d四种物质，测得反应前后各物质的质量如下表。
下列说法正确的是（ ）
A．x等于90
B．b可能是单质
C．c一定是催化剂
D．参加反应的a与d的质量比为7：8
【答案】D
【解析】根据质量守恒定律，在化学反应中，参加反应前各物质的质量总和等于反应后生成各物质的质量总和。x=40+40+32﹣12=100；故a、d为反应物，b为生成物，c的质量不变，可能为催化剂。
A、x=100，错误；
B、b为化合物，错误；
C、c的质量不变，可能为催化剂，错误；
D、参加反应的a与d的质量比为28：32=7：8，正确。
故选：D。
16．（2018•桂林）向原煤中加入适量生石灰制成“环保煤”，可减少二氧化硫的排放。生石灰吸收二氧化硫的化学方程式为：2CaO+mSO2+O2=m CaSO4，则m的值是（ ）
A．1B．2C．3D．4
【答案】B
【解析】由质量守恒定律：反应前后钙原子的数目不变，则1×2=m，m=2。
故选：B。
17．（2018•娄底）某有机物在9.6g氧气中恰好完全燃烧，生成8.8gCO2和5.4gH2O，下列说法正确的是（ ）
A．该有机物只含碳、氢两种元素
B．该有机物中一定含有碳、氢元素，可能含有氧元素
C．该有机物中一定含有碳、氢、氧三种元素
D．无法确定
【答案】C
【解析】由质量守恒定律，反应前后元素种类不变，该物质中一定含有碳元素和氧元素。
8.8gCO2中含有氧元素的质量为：8.8g××100%=6.4g，5.4gH2O中含有氧元素的质量为：5.4g××100%=4.8g，生成物8.8g二氧化碳和5.4g水中所含氧元素的质量和=6.4g+4.8g=11.2g，11.2g＞9.6g；该物质中含氧元素的质量为：11.2g﹣9.6g=1.6g，则该物质中一定含有碳、氢、氧三种元素。
故选：C。
18．（2018•齐齐哈尔）在燃气中加入少量有特殊气味的乙硫醇（C2H5SH），可在燃气泄漏时及时发现，其燃烧的化学方程式为2C2H5SH+9O24CO2+2X+6H2O，则X的化学式为（ ）
A．SO2B．COC．H2SD．SO3
【答案】A
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式2C2H5SH+9O24CO2+2X+6H2O，反应前碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、12、2、18，反应后的生成物中碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、12、0、14，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个硫原子和4个氧原子，则每个X分子由1个硫原子和2个氧原子构成，则物质X的化学式为SO2。故选：A。
19．（2018•衡阳）甲、乙、丙、丁种种物质在反应前后的质量关系如图所示，下列有关说法错误的是（ ）
A．参加反应的甲和乙质量比为2：7
B．丙可能是该反应的催化剂
C．丁一定是化合物
D．x的值是7
【答案】A
【解析】由图中数据分析可知，反应前后甲的质量减少了14g﹣2g=12g，故甲是反应物，参加反应的甲的质量为12g；同理可以确定丁是生成物，生成的丁的质量为36g﹣5g=31g；丙的质量不变，丙可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；由质量守恒定律，乙应是反应物，且参加反应的乙的质量为31g﹣12g=19g，故X的数值为26g﹣19g=7g。
A、参加反应的甲和乙质量比为12g：19g=12：19，故选项说法错误。
B、丙的质量不变，丙可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，故选项说法正确。
C、该反应的反应物为甲和乙，生成物是丁，符合“多变一”的特征，属于化合反应，丁是化合反应的生成物，一定是化合物，故选项说法正确。
D、由质量守恒定律，乙应是反应物，且参加反应的乙的质量为31g﹣12g=19g，故X的数值为26g﹣19g=7g，故选项说法正确。
故选：A。
20．（2018•吉林）化学方程式_____+3CO2Fe+3CO2中，所缺物质的化学式为（ ）
A．FeOB．Fe2O3C．Fe3O4D．FeCO3
【答案】B
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前铁、碳、氧原子个数分别为0、3、3，反应后的生成物中铁、碳、氧原子个数分别为2、3、6，根据反应前后原子种类、数目不变，则每个所缺物质的分子由2个铁原子和3个氧原子构成，则其化学式为Fe2O3。
故选：B。
21．（2018•荆州）根据化学方程式不能获得的信息有（ ）
A．化学反应发生的条件B．化学反应的快慢
C．反应物和生成物的质量比D．化学反应的反应物和生成物
【答案】B
【解析】A、由化学方程式，等号上方的是反应条件，可以确定反应条件，故选项错误。
B、由化学方程式，无法确定化学反应速率的快慢，故选项正确。
C、由化学方程式，可以计算出各反应物和生成物的质量比，故选项错误。
D、由化学方程式，可以确定反应中的反应物和生成物，故选项错误。
故选：B。
22．（2018•黑龙江）为治理SO2污染，某市环保部门派出飞机喷微x粉末吸收SO2反应原理为：2X+2SO2+O2=2CaSO3+2CO2，X的化学式是（ ）
A．CaOB．Ca（OH）2C．Na2CO3D．CaCO3
【答案】D
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式2X+2SO2+O2=2CaSO3+2CO2，反应前钙、硫、氧、碳原子个数分别为0、2、6、0、，反应后的生成物中钙、硫、氧、碳原子个数分别为2、2、10、2，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有2个钙原子、2个碳原子和6个氧原子，则每个X分子由1个钙原子、1个碳原子和3个氧原子构成，则物质X的化学式为CaCO3。
故选：D。
23．（2018•苏州）一定质量的某有机化合物完全燃烧，生成2.2gCO2和1.8gH2O，另取3.2g该有机化合物在O2中完全燃烧，消耗4.8gO2，该有机化合物的化学式可能是（ ）
A．C2H4B．CH4OC．CH4D．C2H4O
【答案】B
【解析】因为“一定质量的某有机化合物完全燃烧，生成2.2gCO2和1.8gH2O，另取3.2g该有机化合物在O2中完全燃烧，消耗4.8gO2”，由质量守恒定律可知，3.2g该有机化合物在O2中完全燃烧，消耗4.8gO2，同时生成4.4gCO2和3.6gH2O，该有机物中含碳元素的质量为：4.4g×=1.2g；含氢元素的质量为：3.6g×=0.4g；则其中含氧元素的质量为：3.2g﹣1.2g﹣0.4g=1.6g。则该有机物中，碳、氢、氧的原子个数比为：：：=1：4：1，分析各选项可知，B符合题意。
故选：B。
24．（2018•山西）生活中的自来水通常用氯气（Cl2） 进行杀菌消毒处理，发生反应的化学方程式是Cl2+H2O=X+HClO，则X的化学式为（ ）
A．H2B．ClHC．HClD．ClO2
【答案】C
【解析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式Cl2+H2O=X+HClO，反应前氯、氢、氧原子个数分别为2、2、1，反应后的生成物中氯、氢、氧原子个数分别为1、1、1，根据反应前后原子种类、数目不变，则每个X分子由1个氢原子和1个氯原子构成，则物质X的化学式为HCl。
故选：C。
25．（2018•河南）过氧化钠（Na2O2）可作呼吸面具中氧气的来源，它与二氧化碳反应后的生成物为（ ）
A．Na2CO3和H2B．Na2O和O2C．NaOH和O2D．Na2CO3和O2
【答案】D
【解析】在常温下，过氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和氧气，化学方程式为：2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2；
故选：D。
实验方案
方案一：
在密闭容器中进行红磷燃烧实验
方案二：
在敞口容器中进行硫酸铜溶液与铁的反应
实验装置
实验原理
4P+5O2eq \\ac(\s\up7(点燃),\(===,====))2P2O5
Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu
实验现象
红磷燃烧，产生大量白烟，放出热量，天平平衡
铁钉表面覆盖一层红色物质，溶液由蓝色逐渐变为浅绿色，天平平衡
反应前
总质量
m1
m'1
反应后
总质量
m2
m'2
反应前后总
质量的关系
m1=m2
m'1=m'2
分析
红磷(P)+氧气(O2) eq \\ac(\s\up7(点燃),\(===,====))五氧化二磷(P2O5)
容器密闭，没有物质进入或散失
铁(Fe)+硫酸铜(CuSO4)＝铜(Cu)+硫酸亚铁(FeSO4)
反应无气体参加，无气体生成
结论
分析比较两个方案的实验结果，可以发现反应前后物质的质量总和不变
物质
甲
乙
丙
丁
反应前的质量/g
7
10
28
37
反应后的质量/g
14
10
33
x
选项
实验现象
解释
A
2mL无水酒精和2mL水混合后体积略小于4mL
酒精和水发生了化学反应
B
加热滴有石蕊的碳酸溶液，溶液由红色变为紫色
碳酸受热分解
C
蜡烛在空气中不完全燃烧，有黑色的炭生成
蜡烛中含有元素C、H、O
D
向鸡蛋清中加入饱和(NH4)2SO4溶液，有沉淀析出
蛋白质在水中溶解的量减少了
序号
A
B
C
D
实验方案
实验目的
探究铁生锈的条件
探究蜡烛中是否含有氧元素
探究不同溶剂中物质溶解性强弱
测定空气中氧气的含量
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
30
20
5
0
反应后质量/g
14
16
a
20
纯净物
C2H5OH
O2
CO2
H2O
X
反应前质量/g
4.6
2.4
0
0
0
反应后质量/g
0
0
2.2
2.7
待测
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
6
2
14
35
反应后质量/g
待测
2
22
13
物质
M
N
P
Q
反应前质量
18
1
2
32
反应后质量
待测
26
2
12
物质
甲
乙
丙
丁
分子模型
物质
甲
乙
丙
丁
反应前（g）
16
2
5
3
反应后（g）
0
10
5
11
发生变化的量（g）
16
8
0
8
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
10
5
12
20
反应后质量/g
8
5
30
x
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
1
10
27
4
反应后质量/g
1
a
0
23
甲
乙
丙
丁
反应前质量分数/%
70
15
6.25
8.75
反应后质量分数/%
35
7.5
48.75
8.75
选项
现象或做法
解释
A
蜡烛燃烧后质量减小了
蜡烛燃烧生成的二氧化碳和水蒸气逸散到空气中去了
B
划玻璃的刀头上镶一小粒金刚石
金刚石是天然存在的最硬物质
C
打开汽水瓶盖时，汽水会自动喷出来
压强减小，气体溶解度增大
D
人被蚊虫叮咬后，可涂抹肥皂水减轻痛痒
肥皂水显碱性
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
10
5
12
20
反应后质量/g
8
5
30
x
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
1
10
27
4
反应后质量/g
1
a
0
23
M
N
t0时刻的质量/g
16
64
5
0
t1时刻的质量/g
12
48
a
9
t2时刻的质量/g
0
0
49
b
物质
甲
乙
丙
丁
反应前的质量/g
3.2
16.8
0.8
0.1
反应后的质量/g
x
8.4
3.0
1.0
实验 1 测定空气里氧气的含量
实验 2 红磷燃烧前后质量的测定
实验 3 燃烧条件的实验
组别
①
②
③
④
H2SO4质量分数
20%
98%
20%
98%
反应条件
常温
常温
加热
加热
反应现象
无现象
无现象
无现象
溶液变蓝，有气泡产生
物质序号
微观示意图
反应前质量/g
反应后质量/g
甲
16
0
乙
100
x
丙
1
45
丁
0
y
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
40
5
16
15
反应后的质量/g
X
5
30
26
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
10
5
12
16
反应后质量/g
8
5
30
x
物质
CH3OH
O2
H2O
CO2
X
反应前质量/g
m
12.8
0
0
0
反应后质量/g
0
0
10.8
8.8
n
物质
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
26
8
2
4
反应后质量/g
1
X
16
15
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
40
5
16
15
反应后的质量/g
X
5
30
26
物质
a
b
c
d
反应前的质量（g）
6.4
3.2
4.0
2.8
反应后的质量（g）
5.2
x
7.2
2.8
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
10
15
20
1
反应后的质量/g
0
10
x
y
物质
X
Y
Z
Q
反应前质量/g
20
2
1
37
反应后质量/g
15
32
1
未知
物质
X
Y
Z
W
反应前的质量
20
5
2
37
反应后的质量
待测
35
2
12
物质
a
b
c
d
反应前的质量/g
40
40
10
32
反应后的质量/g
12
x
10
0