高考物理一轮复习6.1机械能守恒定律--功、功率和机车启动问题-(原卷版+解析)

这是一份高考物理一轮复习6.1机械能守恒定律--功、功率和机车启动问题-(原卷版+解析)，共57页。
考向一 恒力做功与变力做功
考向二 功率的分析和计算
考向四 机车启动问题
考向四 机车启动图像
考向一 恒力做功与变力做功
一、功
1．定义：一个物体受到力的作用，如果在力的方向上发生了一段位移，就说这个力对物体做了功。
2．做功的两个要素
(1)作用在物体上的力。
(2)物体在力的方向上发生的位移。
3．公式：W＝Flcs α。
(1)如图所示，α是力与位移方向之间的夹角，l为力的作用点的位移。
(2)该公式只适用于恒力做功。
4．功的正负
(1)当0°≤α＜90°时，W＞0，力对物体做正功。
(2)当α＝90°时，W＝0，力对物体不做功。
(3)当90°＜α≤180°时，W＜0，力对物体做负功，或者说物体克服这个力做了功。
5．恒力做功的计算方法
直接用W＝Flcsα计算。
恒力做功与物体的运动路径无关，只与初、末位置有关。
6．合力做功的计算方法
方法一：先求合力F合，再用W合＝F合lcsα求功。
方法二：先求各个力做的功W1、W2、W3…，再应用W合＝W1＋W2＋W3＋…求合力做的功。
方法三：先求动能变化ΔEk，再利用动能定理W合＝ΔEk求功。
7．几种力做功比较
(1)重力、弹簧弹力、电场力、分子力做功与位移有关，与路径无关．
(2)滑动摩擦力、空气阻力、安培力做功与路径有关．
(3)一对作用力与反作用力的功
(4)摩擦力做功有以下特点：
①单个摩擦力(包括静摩擦力和滑动摩擦力)可以做正功,也可以做负功,还可以不做功。
②相互作用的一对静摩擦力做功的代数和总等于零;相互作用的一对滑动摩擦力做功的代数和不为零,且总为负值。
③相互作用的一对滑动摩擦力做功过程中会发生物体间机械能转移和机械能转化为内能,内能Q=Ffx相对。
(5).一对平衡力的功
一对平衡力作用在同一个物体上，若物体静止，则两个力都不做功；若物体运动，则这一对力所做的功一定是数值相等，一正一负或均为零。
8、变力做功的求解方法
【典例1】(2022·广东深圳市第一次调研)如图所示，升降机内斜面的倾角θ＝30°，质量为2 kg的物体置于斜面上始终不发生相对滑动，在升降机以5 m/s的速度匀速上升4 s的过程中．g取10 m/s2，求：
(1)斜面对物体的支持力所做的功；
(2)斜面对物体的摩擦力所做的功；
(3)物体重力所做的功；
(4)合外力对物体所做的功．
【答案】(1)300 J (2)100 J (3)－400 J (4)0
【解析】物体置于升降机内随升降机一起匀速运动过程中，处于受力平衡状态，受力分析如图所示
由平衡条件得Ffcs θ－FNsin θ＝0，Ffsin θ＋FNcs θ－G＝0
代入数据得Ff＝10 N，FN＝10eq \r(3) N
x＝vt＝20 m
(1)斜面对物体的支持力所做的功
WN＝FNxcs θ＝300 J
(2)斜面对物体的摩擦力所做的功
Wf＝Ffxcs (90°－θ)＝100 J
(3)物体重力做的功WG＝Gxcs 180°＝－400 J
(4)合外力对物体做的功
方法一：W合＝WN＋Wf＋WG＝0
方法二：F合＝0，W合＝F合xcs α＝0.
【典例2】(2022·山东省菏泽市一模)如图甲所示，一物块前端有一滑轮，轻绳的一端系在右方固定处，水平穿过滑轮，另一端用力F拉住，力F大小如图乙所示，前10 s内物块的v­t图像如图丙所示，保持力F与水平方向之间的夹角θ＝60°不变，当用力F拉绳使物块前进时，下列说法正确的是( )
A．0～5 s内拉力F做的功为75 J
B．3 s末拉力F的功率为9 W
C．5～10 s内摩擦力大小为6 N
D．5～10 s内拉力F做的功为150 J
【答案】CD
【解析】通过穿过滑轮的轻绳用力F拉物块，等效于如图所示的两个力F同时拉物块，拉力F做的功等于这两个力做功的代数和。由题图乙知，0～5 s内拉力大小F1＝6 N，根据题图丙求得物块在0～5 s的位移s1＝eq \f(1,2)×5×5 m＝12.5 m，所以0～5 s内拉力做的功W1＝F1s1＋F1s1csθ，解得W1＝112.5 J，故A错误；由题图丙知，物体3 s末的速度v1＝3 m/s，拉力F的功率P1＝F1v1＋F1v1csθ，解得P1＝27 W，故B错误；由题图丙知，5～10 s内物块做匀速运动，物块所受合力等于零，水平方向由平衡条件得F2＋F2csθ＝f，又由题图乙可知，F2＝4 N，解得5～10 s内摩擦力大小为f＝6 N，故C正确；根据题图丙求得物块在5～10 s的位移s2＝5×5 m＝25 m，所以5～10 s内拉力做的功W2＝F2s2＋F2s2csθ，解得W2＝150 J，故D正确。
【典例3】(多选)(2022·安徽省皖南八校联考)如图所示，固定的光滑竖直杆上套着一个滑块，滑块用轻绳系着绕过光滑的定滑轮O。现以大小不变的拉力F拉绳，使滑块从A点由静止开始上升，滑块运动到C点时速度最大。已知滑块质量为m，滑轮O到竖直杆的距离为d，∠OAO′＝37°，∠OCO′＝53°，重力加速度为g(已知sin 37°＝0.6，cs 37°＝0.8)。则( )
A．拉力F大小为eq \f(5,3)mg
B．拉力F大小为eq \f(5,4)mg
C．滑块由A到C过程，轻绳对滑块所做的功为eq \f(25,36)mgd
D．滑块由A到C过程，轻绳对滑块所做的功为eq \f(25,48)mgd
【答案】 AC
【解析】滑块到C点时速度最大，其所受合力为零，则有Fcs 53°－mg＝0，解得F＝eq \f(5,3)mg，故A正确，B错误；拉力F做的功等于轻绳拉力对滑块做的功，滑轮与A间绳长L1＝eq \f(d,sin 37°)，滑轮与C间绳长L2＝eq \f(d,sin 53°)，滑轮右侧绳子增大的长度ΔL＝L1－L2＝eq \f(d,sin 37°)－eq \f(d,sin 53°)＝eq \f(5d,12)，拉力做功W＝FΔL＝eq \f(25,36)mgd，故C正确，D错误。
练习1、(2022·北京海淀区模拟)质量为M的木板放在光滑的水平面上，一个质量为m的滑块以某一速度沿木板表面从A点滑至B点，在木板上前进了L，而木板前进l，如图7­1­4所示．若滑块与木板间的动摩擦因数为μ，求摩擦力对滑块、对木板做功各为多少？摩擦力做的总功为多少？
【答案】 －μmg(l＋L) μmgl －μmgL
【解析】(1)摩擦力对滑块做功的求解：
滑块所受摩擦力Ff＝μmg，位移为(l＋L)，且摩擦力与位移方向相反，故摩擦力对滑块做的功为W1＝－μmg(l＋L)．
(2)摩擦力对木板做功的求解：
木板受的摩擦力Ff′＝μmg，方向与其位移l方向相同，故摩擦力对木板做的功W2＝μmgl.
(3)总功的求解：摩擦力做的总功W＝W1＋W2＝－μmgL.
练习2、(2022·辽宁辽阳模拟)如图所示，木块B上表面是水平的，木块A置于B上，并与B保持相对静止，一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，在下滑过程中( )
A．A所受的合外力对A不做功
B．B对A的弹力做正功
C．B对A的摩擦力做正功
D．A对B做正功
【答案】C
【解析】A、B一起沿固定的光滑斜面由静止开始下滑，加速度为gsin θ(θ为斜面倾角)，由于A速度增大，由动能定理知，A所受的合外力对A做正功，对A受力分析，可知B对A的支持力方向竖直向上，B对A的摩擦力方向水平向左，故B对A的摩擦力做正功，B对A的弹力做负功，A、B错误，C正确；A与B相对静止，由牛顿第二定律及几何关系可知A对B的作用力垂直斜面向下，A对B不做功，D错误．
练习3、(多选)(2022安徽六安模拟)如图所示，A、B质量分别为m和M，B系在固定于墙上的水平轻弹簧的另一端，并置于光滑的水平面上，弹簧的劲度系数为k，将B向右拉离平衡位置x后，无初速度释放，在以后的运动中A、B保持相对静止，则在弹簧恢复原长的过程中( )
A．A受到的摩擦力最大值为eq \f(mkx,M)
B．A受到的摩擦力最大值为eq \f(mkx,M＋m)
C．摩擦力对A做功为eq \f(mkx2,2M)
D．摩擦力对A做功为eq \f(mkx2,2M＋m)
【答案】 BD
【解析】刚释放时，A、B加速度最大，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得kx＝(M＋m)am，解得am＝eq \f(kx,M＋m)，此时A受到的摩擦力最大，对A根据牛顿第二定律得Ffm＝mam＝eq \f(mkx,M＋m)，故A错误，B正确；在弹簧恢复原长的过程，A受的摩擦力随位移增大而线性减小到零，所以摩擦力对A做的功为W＝eq \f(Ffm,2)·x＝eq \f(mkx2,2M＋m)，故C错误，D正确．
【巧学妙记】
定性判断力是否做功及做正、负功的方法
(1)看力F的方向与位移l的方向间的夹角α——常用于恒力做功的情形。
(2)看力F的方向与速度v的方向间的夹角θ——常用于曲线运动的情形。
(3)根据动能的变化判断：动能定理描述了合力做功与动能变化的关系，即W合＝ΔEk，当动能增加时合力做正功，当动能减少时合力做负功。
(4)根据功能关系或能量守恒定律判断。
考向二 功率的分析和计算
一、功率
1．定义：功与完成这些功所用时间的比值。
2．物理意义：描述力对物体做功的快慢。
3．公式
(1)P＝eq \f(W,t)，P为时间t内的平均功率。
(2)P＝Fvcsα(α为F与v的夹角)
①v为平均速度，则P为平均功率。
②v为瞬时速度，则P为瞬时功率。
③当力F和速度v不在同一直线上时，可以将力F分解或者将速度v分解。
4．额定功率与实际功率
(1)额定功率：动力机械正常工作时输出的最大功率。
(2)实际功率：动力机械实际工作时输出的功率，要求小于或等于额定功率。
二、功率的理解与计算
1．公式P＝eq \f(W,t)和P＝Fv的区别
P＝eq \f(W,t)是功率的定义式，P＝Fv是功率的计算式．
2．平均功率的计算方法
(1)利用eq \x\t(P)＝eq \f(W,t).
(2)利用eq \x\t(P)＝F·eq \x\t(v)cs α，其中eq \x\t(v) 为物体运动的平均速度．
3．瞬时功率的计算方法
(1)利用公式P＝Fvcs α，其中v为t时刻的瞬时速度．
(2)P＝F·vF，其中vF为物体的速度v在力F方向上的分速度．
(3)P＝Fv·v，其中Fv为物体受到的外力F在速度v方向上的分力．
【典例4】（2022年6月浙江省普通高中学业水平等级性考试）12. 风力发电已成为我国实现“双碳”目标的重要途径之一。如图所示，风力发电机是一种将风能转化为电能的装置。某风力发电机在风速为时，输出电功率为，风速在范围内，转化效率可视为不变。该风机叶片旋转一周扫过的面积为，空气密度为，风场风速为，并保持风正面吹向叶片。下列说法正确的是（ ）
A. 该风力发电机的输出电功率与风速成正比
B. 单位时间流过面积的流动空气动能为
C. 若每天平均有的风能资源，则每天发电量为
D. 若风场每年有风速在范围内，则该发电机年发电量至少为
【答案】D
【解析】AB．单位时间流过面积的流动空气体积为
单位时间流过面积的流动空气质量为
单位时间流过面积的流动空气动能为
风速在范围内，转化效率可视为不变，可知该风力发电机的输出电功率与风速的三次方成正比，AB错误；
C．由于风力发电存在转化效率，若每天平均有的风能资源，则每天发电量应满足
C错误；
D．若风场每年有风速在的风能资源，当风速取最小值时，该发电机年发电量具有最小值，根据题意，风速为时，输出电功率为，风速在范围内，转化效率可视为不变，可知风速为时，输出电功率为
则该发电机年发电量至少为D正确；
故选D。
【典例5】(多选)(2022福建福州检测)如图所示，四个小球质量分别为mA＝mB＝2m、mC＝mD＝m，在距地面相同的高度处以相同的速率分别竖直下抛、竖直上抛、平抛和斜抛，不计空气阻力，则下列关于这四个小球从抛出到落地过程的说法正确的是( )
A．小球飞行过程中单位时间内的速度变化量相同
B．C、D两小球落地时，重力的瞬时功率相同
C．从开始运动至落地，重力对四个小球做的功均相同
D．从开始运动至落地，重力对小球A做功的平均功率最大
【答案】AD
【解析】由于四个小球在飞行过程中只受重力的作用，则四个小球的加速度均等于重力加速度，则由Δv＝gΔt可知单位时间内，四个小球的速度变化量相同，A正确；由于小球在运动过程中，只有重力做功，则小球的机械能守恒，由机械能守恒定律得mgh＝eq \f(1,2)mv2－eq \f(1,2)mveq \\al(2,0)，解得四个小球落地瞬间的速度大小均为v＝eq \r(2gh＋v\\al(2,0))，但由于C、D两球落地瞬间竖直方向的分速度大小不等，则重力的瞬时功率不相等，B错误；由题意知WGA＝2mgh、WGB＝2mgh、WGC＝mgh、WGD＝mgh，C错误；由题意可知，小球A做竖直下抛运动，则小球A在空中运动时间最短，而重力做功最多，所以平均功率最大，D正确．
练习4、（多选）（2021年广东省普通高中学业水平选择性考试）长征途中，为了突破敌方关隘，战士爬上陡销的山头，居高临下向敌方工事内投掷手榴弹，战士在同一位置先后投出甲、乙两颗质量均为m的手榴弹，手榴弹从投出的位置到落地点的高度差为h，在空中的运动可视为平抛运动，轨迹如图所示，重力加速度为g，下列说法正确的有（ ）
A. 甲在空中的运动时间比乙的长
B. 两手榴弹在落地前瞬间，重力的功率相等
C. 从投出到落地，每颗手榴弹的重力势能减少
D. 从投出到落地，每颗手榴弹的机械能变化量为
【答案】BC
【解析】A．由平抛运动规律可知，做平抛运动的时间
因为两手榴弹运动的高度差相同，所以在空中运动时间相等，故A错误；
B．做平抛运动的物体落地前瞬间重力的功率
因为两手榴弹运动的高度差相同，质量相同，所以落地前瞬间，两手榴弹重力功率相同，故B正确；
C．从投出到落地，手榴弹下降的高度为h，所以手榴弹重力势能减小量故C正确；
D．从投出到落地，手榴弹做平抛运动，只有重力做功，机械能守恒，故D错误。
故选BC。
练习5、（多选）（2020年浙江省高三7月普通高中学业水平等级性考试物理）16.如图所示，系留无人机是利用地面直流电源通过电缆供电的无人机，旋翼由电动机带动。现有质量为、额定功率为的系留无人机从地面起飞沿竖直方向上升，经过到达高处后悬停并进行工作。已知直流电源供电电压为，若不计电缆的质量和电阻，忽略电缆对无人机的拉力，则（ ）
A. 空气对无人机的作用力始终大于或等于
B. 直流电源对无人机供电的额定电流为
C. 无人机上升过程中消耗的平均功率为
D. 无人机上升及悬停时均有部分功率用于对空气做功
【答案】BD
【解析】A．无人机先向上加速后减速，最后悬停，则空气对无人机的作用力先大于200N后小于200N，最后等于200N，选项A错误；
B．直流电源对无人机供电的额定电流选项B正确；
C．若空气对无人机的作用力为F=mg=200N
则无人机上升过程中消耗的平均功率
但是由于空气对无人机向上的作用力不是一直为200N，则选项C错误；
D．无人机上升及悬停时，螺旋桨会使周围空气产生流动，则会有部分功率用于对空气做功，选项D正确。
故选BD。
【巧学妙记】
求解功率时应注意的三个问题
(1)首先要明确所求功率是平均功率还是瞬时功率。
(2)平均功率与一段时间(或过程)相对应,计算时应明确是哪个力在哪段时间(或过程)内做功的平均功率。
(3)瞬时功率计算时应明确是哪个力在哪个时刻(或状态)的功率。
考向四 机车启动问题
【典例6】(2021·湖南高考)“复兴号”动车组用多节车厢提供动力，从而达到提速的目的。总质量为m的动车组在平直的轨道上行驶。该动车组有四节动力车厢，每节车厢发动机的额定功率均为P，若动车组所受的阻力与其速率成正比(F阻＝kv，k为常量)，动车组能达到的最大速度为vm。下列说法正确的是( )
A．动车组在匀加速启动过程中，牵引力恒定不变
B．若四节动力车厢输出功率均为额定值，则动车组从静止开始做匀加速运动
C．若四节动力车厢输出的总功率为2.25P，则动车组匀速行驶的速度为eq \f(3,4)vm
D．若四节动力车厢输出功率均为额定值，动车组从静止启动，经过时间t达到最大速度vm，则这一过程中该动车组克服阻力做的功为eq \f(1,2)mveq \\al(2,m)－Pt
【答案】 C
【解析】动车组在匀加速启动过程中，由牛顿第二定律有F－F阻＝ma，加速度a恒定，F阻＝kv随速度增大而增大，则牵引力也随速度增大而增大，故A错误；若四节动力车厢输出功率均为额定值，由牛顿第二定律有eq \f(4P,v)－kv＝ma，可知加速启动的过程，加速度逐渐减小，故B错误；若四节动力车厢输出的总功率为2.25P，动车组匀速行驶时加速度为零，有eq \f(2.25P,v1)＝kv1，而以额定功率匀速行驶时有eq \f(4P,vm)＝kvm，联立解得v1＝eq \f(3,4)vm，故C正确；若四节动力车厢输出功率均为额定值，动车组从静止启动，经过时间t达到最大速度vm，由动能定理可知4Pt－W阻＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,m)－0，可得动车组克服阻力做的功为W阻＝4Pt－eq \f(1,2)mveq \\al(2,m)，故D错误。
【典例7】(2021·北京高考)如图所示，高速公路上汽车定速巡航(即保持汽车的速率不变)通过路面abcd，其中ab段为平直上坡路面，bc段为水平路面，cd段为平直下坡路面。不考虑整个过程中空气阻力和摩擦阻力的大小变化。下列说法正确的是( )
A．在ab段汽车的输出功率逐渐减小
B．汽车在ab段的输出功率比bc段的大
C．在cd段汽车的输出功率逐渐减小
D．汽车在cd段的输出功率比bc段的大
【答案】B
【解析】汽车做匀速率运动，则在各直线路段受力始终平衡。设上、下坡路面与水平路面夹角分别为θ1、θ2，汽车受到的阻力为f，行驶速率为v。在ab段，根据平衡条件可知，牵引力F1＝mgsinθ1＋f，所以在ab段汽车的输出功率P1＝F1v不变，在bc段牵引力F2＝f＜F1，所以汽车的输出功率P2＝F2vP2＝P3
C．P1>P2>P3 D．P1P2>P3 D．P1F2 B．F1F2.由于位移相同，力与水平方向夹角相等，根据W＝Fscs θ得W1＝F1scs θ，W2＝F2scs θ，故W1>W2，A、D正确，B、C错误．
12．(多选)(2022·湖南湘潭一模)质量为2 kg的物块放在水平面上，物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.1，在水平拉力的作用下物块由静止开始运动，水平拉力做的功W随物块的位移x变化的关系如图所示．重力加速度取g＝10 m/s2，下列说法正确的是( )
A．在x＝0至x＝2 m的过程中，物块的加速度大小是1 m/s2
B．在x＝4 m时，摩擦力的瞬时功率是4 W
C．在x＝2 m至x＝6 m的过程中，物块做匀加速直线运动
D．在x＝0至x＝6 m的过程中，拉力的平均功率是4 W
【答案】ABD
【解析】W­x图线的斜率表示水平拉力F的大小，由题图可知，x＝0至x＝2 m的过程中，水平拉力为F1＝4 N，由牛顿第二定律有F1－μmg＝ma，解得a＝1 m/s2，故A正确．根据图像可知，x＝4 m对应拉力做的功W＝12 J，0～4 m的过程中，根据动能定理有W－μmgx＝eq \f(1,2)mv2，解得v＝2 m/s，则在x＝4 m时，摩擦力的瞬时功率是P＝μmgv＝0.1×2×10×2 W＝4 W，故B正确．W­x图线的斜率表示水平拉力F的大小，由图可知，x＝2 m至x＝6 m的过程中，水平拉力F2＝2 N，而f＝μmg＝2 N，F2＝f，物块做匀速直线运动，故C错误．在x＝0至x＝2 m的过程中物块的运动时间t1＝eq \f(v,a)＝2 s，在x＝2 m至x＝6 m的过程中物块的运动时间t2＝eq \f(4,2) s＝2 s，在x＝0至x＝6 m的过程中，拉力的平均功率eq \x\t(P)＝eq \f(W,t1＋t2)＝eq \f(16,4) W＝4 W，故D正确．
13．(2022·河北衡水模拟)我国成功研制全球最大水平臂上回转自升塔式起重机，标志着我国桥梁及铁路施工装备进一步迈向世界前列。该起重机某次从t＝0时刻由静止开始提升质量为m的物体，其a-t图像如图乙所示，t1～t2时间内起重机的功率为额定功率，不计其他阻力，重力加速度为g，则以下说法正确的是( )
A．物体匀加速阶段的位移为a0t12
B．该起重机的额定功率为(mg＋ma0)a0t1
C．t2时刻物体的瞬时速度为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1＋\f(a0,g)))a0t1
D．0～t1和t1～t2时间内牵引力做的功之比为t1∶2t2
【答案】B
【解析】由图像可知0～t1内物体做匀加速直线运动，匀加速阶段的位移x1＝eq \f(1,2)a0t12，A错误；当t＝t1时，根据F－mg＝ma0，P额＝Fv1＝Fa0t1，联立解得起重机的额定功率为P额＝(mg＋ma0)a0t1，B正确；因为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1＋\f(a0,g)))a0t1＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(mg＋ma0,mg)))a0t1＝eq \f(P额,mg)，即该速度为物体的最大速度，从图像中可以看出t2时刻物体的速度还没有达到最大，C错误；0～t1内牵引力做的功W1＝eq \f(P额,2)t1，t1～t2内牵引力做的功W2＝P额(t2－t1)，故在0～t1和t1～t2时间内牵引力做的功之比为t1∶2(t2－t1)，D错误。
14、(2022·北京朝阳区高三期末)某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究，他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v－t图像，如图所示(除2～10 s时间段内的图像为曲线外，其余时间段图像均为直线)．已知小车运动的过程中，2～14 s时间段内小车的功率保持不变，在14 s末停止遥控而让小车自由滑行．小车的质量为1 kg，可认为在整个过程中小车所受到的阻力大小不变．求：
(1)小车所受到的阻力大小及0～2 s时间内电动机提供的牵引力大小；
(2)小车匀速行驶阶段的功率；
(3)小车在0～10 s运动过程中位移的大小．
【答案】 (1)0.75 N 1.25 N (2)2.25 W (3)19.7 m
【解析】(1)由图象可得，在14～18s内：
a3＝eq \f(Δv3,Δt3)＝eq \f(0－3,18－14) m/s2＝－0.75 m/s2
小车受到阻力大小：f＝m|a3|＝0.75 N
在0～2 s内：a1＝eq \f(Δv1,Δt1)＝eq \f(1,2) m/s2＝0.5 m/s2
由F－f＝ma1得，电动机提供的牵引力大小
F＝ma1＋f＝1.25 N
即小车所受到的阻力大小为0.75 N,0～2 s时间内电动机提供的牵引力大小为1.25 N.
(2)在10～14 s内小车做匀速直线运动，F′＝f
故小车匀速行驶阶段的功率：
P＝F′v＝0.75×3 W＝2.25 W.
(3)根据速度－时间图象与时间轴围成的“面积”等于物体的位移，可得0～2 s内，x1＝eq \f(1,2)×2×1 m＝1 m
2～10 s内，根据动能定理有：
Pt－fx2＝eq \f(1,2)mv2－eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)
解得：x2＝18.7 m
故小车在加速过程中的位移为：
x＝x1＋x2＝19.7 m
即小车在0～10 s运动过程中位移的大小为19.7 m
1. （2022年广东省普通高中学业水平选择性考试）9. 如图所示，载有防疫物资的无人驾驶小车，在水平段以恒定功率、速度匀速行驶，在斜坡段以恒定功率、速度匀速行驶。已知小车总质量为，，段的倾角为，重力加速度g取，不计空气阻力。下列说法正确的有（ ）
A. 从M到N，小车牵引力大小为B. 从M到N，小车克服摩擦力做功
C. 从P到Q，小车重力势能增加D. 从P到Q，小车克服摩擦力做功
【答案】ABD
【解析】A．小车从M到N，依题意有
代入数据解得故A正确；
B．依题意，小车从M到N，因匀速，小车所受的摩擦力大小为
则摩擦力做功为
则小车克服摩擦力做功为800J，故B正确；
C．依题意，从P到Q，重力势能增加量为故C错误；
D．依题意，小车从P到Q，摩擦力为f2，有
摩擦力做功为
联立解得则小车克服摩擦力做功为700J，故D正确。
故选ABD。
2、（2020年江苏省普通高中学业水平等级性考试物理）质量为的汽车在水平路面上匀速行驶，速度为，受到的阻力大小为。此时，汽车发动机输出的实际功率是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】汽车匀速行驶，则牵引力与阻力平衡
汽车发动机的功率
故选C。
3.（多选）（2020年天津市普通高中学业水平等级性考试物理）8.复兴号动车在世界上首次实现速度350km/h自动驾驶功能，成为我国高铁自主创新的又一重大标志性成果。一列质量为m的动车，初速度为，以恒定功率P在平直轨道上运动，经时间t达到该功率下的最大速度，设动车行驶过程所受到的阻力F保持不变。动车在时间t内（ ）
A. 做匀加速直线运动B. 加速度逐渐减小
C. 牵引力功率D. 牵引力做功
【答案】BC
【解析】AB．动车的功率恒定，根据可知动车的牵引力减小，根据牛顿第二定律得
可知动车的加速度减小，所以动车做加速度减小的加速运动，A错误，B正确；
C．当加速度为0时，牵引力等于阻力，则额定功率为C正确；
D．动车功率恒定，在时间内，牵引力做功为
根据动能定理得D错误。
故选BC。
4．（2021年浙江省6月普通高中学业水平选择性考试）11. 中国制造的某一型号泵车如图所示，表中列出了其部分技术参数。已知混凝土密度为，假设泵车的泵送系统以的输送量给高处输送混凝土，则每小时泵送系统对混凝土做的功至少为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】泵车的泵送系统以的输送量给高处输送混凝土，每小时泵送系统对混凝土做的功，故选C。
5、 (2020·浙江省1月高中学业水平考试)如图7所示，质量均为m的三个小球分别从高度都为h的光滑固定斜面顶端由静止滑到底端，三个斜面倾角不同，则( )
A．重力对小球做功均为mgh
B．弹力对小球做功均为mgh
C．重力的平均功率均相等
D．弹力的平均功率不相等
【答案】A
【解析】根据重力做功的特点可知，重力对小球做功均为mgh，选项A正确；弹力的方向与位移方向垂直，则弹力对小球做功均为0，选项B错误；根据a＝gsin θ，则t＝eq \r(\f(2h,asin θ))＝eq \r(\f(2h,gsin2θ))，因各个斜面的倾角θ不同，则下滑的时间不同，根据eq \(P,\s\up6(－))G＝eq \f(WG,t)可知，重力的平均功率不相等，选项C错误；根据eq \(P,\s\up6(－))N＝eq \f(WN,t)可知，弹力的平均功率都为零，选项D错误。
6、(2020·山东省等级考试模拟)我国自主研制的绞吸挖泥船“天鲲号”达到世界先进水平。若某段工作时间内，“天鲲号”的泥泵输出功率恒为1×104 kW，排泥量为1.4 m3/s，排泥管的横截面积为0.7 m2，则泥泵对排泥管内泥浆的推力为( )
A．5×106 N B．2×107 N
C．2×109 N D．5×109 N
【答案】 A
【解析】设排泥的流量为Q，t时间内排泥的长度为
x＝eq \f(V,S)＝eq \f(Qt,S)＝eq \f(1.4,0.7)t＝2t
输出的功W＝Pt
排泥的功W＝Fx
输出的功都用于排泥，则解得F＝eq \f(Pt,x)＝5×106 N
故A正确，B、C、D错误。
7．(2021·浙江1月选考)如图所示，质量m＝2 kg的滑块以v0＝16 m/s的初速度沿倾角θ＝37°的斜面上滑，经t＝2 s滑行到最高点。然后，滑块返回到出发点。已知sin 37°＝0.6，cs 37°＝0.8，g取10 m/s2，求滑块：
(1)最大位移值x；
(2)与斜面间的动摩擦因数μ；
(3)从最高点返回到出发点的过程中重力的平均功率eq \x\t(P)。
【答案】(1)16 m (2)0.25 (3)67.9 W
【解析】(1)滑块向上做匀减速直线运动，有x＝eq \f(v0,2)t
得x＝16 m。
(2)以沿斜面向下为正方向，加速度a1＝eq \f(Δv,t)＝8 m/s2
上滑过程a1＝eq \f(mgsin θ＋μmgcs θ,m)＝gsin θ＋μgcs θ
解得μ＝0.25。
(3)下滑过程a2＝eq \f(mgsin θ－μmgcs θ,m)＝gsin θ－μgcs θ＝4 m/s2，由运动学公式vt＝eq \r(2a2x)＝8eq \r(2) m/s≈11.3 m/s
重力的平均功率eq \x\t(P)＝mgeq \x\t(v)cs(90°－θ)＝48eq \r(2) W≈67.9 W。新课程标准
1.理解功和功率。了解生产生活中常见机械的功率大小及其意义。
命题趋势
考查的内容主要体现对能量观念的认识、模型建构和科学推理等物理学科的核心素养。通常命题角度：(1)功和功率；有时会与电场、磁场、电磁感应等知识综合考查。
试题情境
生活实践类
汽车启动问题，生产生活中，各种交通工具、各种体育比赛项目、各种生产工具、各种娱乐项目功和功率的应用
风力发电功率计算和传送带等．
学习探究类
功的正负判断和大小计算、变力做功的计算、功率的分析与计算、机车启动问题，
做功情形
图例
备注
都做正功
(1)一对相互作用力做的总功与参考系无关
(2)一对相互作用力做的总功W＝Flcs α。l是相对位移，α是F与l间的夹角
(3)一对相互作用力做的总功可正、可负，也可为零
都做负功
一正一负
一为零
一为正
一为负
方法
以例说法
应用动
能定理
用力F把小球从A处缓慢拉到B处，F做功为WF，则有：WF－mgl(1－cs θ)＝0，得WF＝mgl(1－cs θ)
微元法
质量为m的木块在水平面内做圆周运动，运动一周克服摩擦力做功Wf＝f·Δx1＋f·Δx2＋f·Δx3＋…＝f(Δx1＋Δx2＋Δx3＋…)＝f·2πR
平均
力法
弹簧由伸长x1被继续拉至伸长x2的过程中，克服弹力做功W＝eq \f(kx1＋kx2,2)·(x2－x1)
图像法
水平拉力F0拉着一物体在水平面上运动的位移为x0，图线与横轴所围“面积”表示拉力所做的功，W＝eq \f(1,2)F0x0
转化法
通过转换研究对象把变力转化为恒力做功，Δl＝l1－l2＝heq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,sin α)－\f(1,sin β)))
WT＝WF＝FΔl＝Fheq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,sin α)－\f(1,sin β)))
发动机最大输出功率（）
332
最大输送高度（m）
63
整车满载质量（）
最大输送量（）
180