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2022年江苏省盐城市中考物理真题（含解析）
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这是一份2022年江苏省盐城市中考物理真题（含解析），共20页。
【答案】A
【解析】
【详解】煤炭、石油、天然气都属于化石能源，是短时间内不能再次产生的，是不可再生能源；风能在短时间内可以再次产生，是可再生能源，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 冬天打开装有热水保温杯杯盖，杯口处出现“白雾”，形成“白雾”的物态变化是（ ）
A. 汽化B. 液化C. 升华D. 凝华
【答案】B
【解析】
【详解】“白雾”是液态小水珠，是从保温杯口出来的水蒸气遇冷液化形成的，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
3. 在北京冬奥会上苏翊鸣获得单板滑雪冠军，如图所示是他从高处加速下落时的情景，下列关于苏翊鸣说法正确的是（ ）
A. 动能增加，重力势能减小B. 动能增加，重力势能增加
C. 动能减小，重力势能增加D. 动能减小，重力势能减小
【答案】A
【解析】
【详解】苏翊鸣从高处加速下落时，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能增加，故A正确。
故选A。
4. 我市高架道路的某些路段两侧装有板墙，它的作用主要是减弱噪声，这种减弱噪声的方法属于（ ）
A. 在声源处减弱B. 在传播过程中减弱
C. 在人耳处减弱D. 在声源和人耳处减弱
【答案】B
【解析】
【详解】控制噪声可以从三个方面着手：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱，我市高架道路的某些路段两侧装有板墙，属于在传播过程中减弱噪声。因此ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
5. 在“探究滑动摩擦力大小与压力大小关系”的实验中，下列操作方法正确的是（ ）
A. 木块由平放改为侧放B. 将木块换成铁块
C. 增大对木块的拉力D. 在木块上加砝码
【答案】D
【解析】
【详解】在“探究滑动摩擦力大小与压力大小关系”的实验中，采用的是控制变量法，实验中需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力的大小；
A．木块由平放改为侧放，改变了接触面积的大小，没有改变压力大小，故A错误；
B．将木块换成铁块，压力大小发生了变化，接触面的粗糙程度也发生了改变，故B错误；
C．增大对木块的拉力不会改变压力的大小，故C错误；
D．在木块上加砝码，接触面的粗糙程度不变，改变了压力的大小，故D正确。
故选D。
6. 2022年4月16日，神舟十三号载人返回舱成功着陆，返回舱与大气摩擦温度升高，内能增加。下列事例中物体内能改变方式与它相同的是（ ）
A. 汤勺放在热汤中温度升高B. 烧水时水温升高
C. 压缩空气温度升高D. 取暖器旁的物体温度升高
【答案】C
【解析】
【详解】神舟十三号载人返回舱与大气摩擦温度升高，内能增加，是通过克服摩擦做功来改变内能的。
A．汤勺放在热汤中温度升高，是通过热传递来改变物体内能的，故A不符合题意；
B．烧水时水温升高，是通过热传递来改变物体内能的，故B不符合题意；
C．压缩空气温度升高，是活塞对空气做功，使空气的内能增大、温度升高，故C符合题意；
D．取暖器旁的物体温度升高，是通过热传递来改变物体内能的，故D不符合题意。
故选C。
7. 用相同的绝缘细线将带正电的轻质甲球和不带电的轻质乙球悬挂，下列情形正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【详解】用相同的绝缘细线将甲、乙两个轻质小球悬挂起来，甲球带正电，乙球不带电，由于带电体能够吸引轻小物体，且物体间力的作用是相互的，所以当它们悬挂好后，两球都将向中央靠拢，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
8. 如图是小华做“探究杠杆平衡条件”实验时的情形，下列操作能使杠杆在水平位置平衡的是（ ）
A. 增加钩码的个数B. 向左调节平衡螺母
C. 向右移动钩码的位置D. 减小弹簧测力计的拉力
【答案】C
【解析】
【详解】如图，杠杆向左倾斜，说明左侧钩码对杠杆的拉力与力臂的乘积，大于右侧拉力与力臂的乘积；
A．增加左侧钩码个数，左侧的力臂不变，力变大，力与力臂的乘积变大，根据 SKIPIF 1 < 0 可知，杠杆不会平衡，故A不符合题意；
B．在实验的过程中，不能通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，故B不符合题意；
C．将左侧钩码向右移动，左侧的力不变，力臂变小，则左侧力与力臂的乘积变小，会使杠杆平衡，故C符合题意；
D．减小弹簧测力计的拉力，右侧的力臂不变，力变小，力与力臂的乘积变小，杠杆不会平衡，故D不符合题意。
故选C。
9. 将淀粉与适量的水混合，可做成粘稠状的非牛顿流体，该非牛顿流体有一个特殊的性质，不受冲击时呈液态，受冲击时呈暂时性固态，以下情形正确的是（ ）
A. 非牛顿流体能对从高处掉落的鸡蛋起保护作用
B. 想让粗木棒进入非牛顿流体中应让木棒缓慢插入
C. 人要通过一定深度的非牛顿流体表面区域时应缓慢行走
D. 想让手从非牛顿流体中取出，手的速度要尽量大些
【答案】B
【解析】
【详解】A．非牛顿流体受冲击时呈暂时性固态，从高处掉落的鸡蛋落到非牛顿流体上，非牛顿流体呈暂时性固态，鸡蛋受到冲击力会损坏，故A错误；
B．让粗木棒进入非牛顿流体中，非牛顿流体处于液态，应让木棒缓慢插入，故B正确；
C．人要通过一定深度的非牛顿流体表面区域时，应该让非牛顿流体呈暂时性固态，应加快行走，让非牛顿流体受冲击，故C错误；
D．想让手从非牛顿流体中取出，非牛顿流体处于液态，手的速度要尽量小些，故D错误。
故选B。
10. 如图所示是小明设计的模拟调光台灯电路。闭合开关后，灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，小明检查后发现有一处故障，该电路的故障可能是（ ）
A. 电流表断路B. 电压表短路C. 铅笔芯断路D. 灯泡断路
【答案】D
【解析】
【详解】根据电路图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压；闭合开关后，灯泡不亮，电流表无示数，这说明电路出现了断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
11. 在综合实践活动中，小明用测电笔来判断家里电灯的开关是接在火线上还是接在零线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，发现氖管两次都发光，根据此现象（ ）
A. 可以确定，开关接在火线上
B. 可以确定，开关接在零线上
C. 无法确定开关接在火线上还是零线上
D. 需断开开关，再检测这两个接线柱才能判断接在火线上还是零线上
【答案】A
【解析】
【详解】假设开关接在火线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，氖管都发光，符合题意，假设成立，故开关接在火线上；假设开关接在零线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，会发现氖管都不发光，不符合题意，假设不成立，故开关不是接在零线上；假设需要断开开关，再检测这两个接线柱，不管开关接在火线还是零线，都会发现检测一个接线柱，氖管有发光，检测另一个接线柱，氖管不发光，那么不能判断开关接在火线上还是零线上；综上所述，可以确定，开关接在火线上，如果断开开关，再检测这两个接线柱，是不能判断开关接在火线上还是零线上；故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12. 如图甲所示，细线上端固定，线按同一方向绕在轻质纸筒上，将纸筒从一定高度水平释放，发现纸筒在下落过程中偏离竖直方向。小明认为纸筒偏离竖直方向的距离与细线缠绕的圈数和下落的高度有关。现设计了图乙所示的①②③④四种方案，实验时细线的长度相同且均匀密绕在相同纸筒上。四种方案中能验证猜想的是（ ）
A. ①②B. ①③
C. ③④D. ②③
【答案】D
【解析】
【详解】①两个纸筒高度、细线缠绕的圈数都不一样，不符合控制变量法的要求，故不能验证猜想，故①不符合题意；
②两个纸筒高度一样，细线缠绕的圈数不一样，可研究纸筒偏离竖直方向的距离与细线缠绕的圈数是否有关，故能验证猜想，故②符合题意；
③两个纸筒高度不一样，细线缠绕的圈数一样，可研究纸筒偏离竖直方向的距离与下落的高度是否有关，故能验证猜想，故③符合题意；
④两个纸筒高度、细线缠绕的圈数都一样，不符合控制变量法的要求，故不能验证猜想，故④不符合题意。
故选D。
13. 2022年2月6日我国女足战胜韩国获得亚洲杯冠军。比赛中，啦啦队击鼓助威，鼓声通过______传到运动员的耳中，运动员奋起一脚，球离开脚后由于______飞进球门，顶起球网，使球网发生形变的施力物体是______。
【答案】 ①. 空气 ②. 惯性 ③. 足球
【解析】
【详解】[1]声音的传播需要介质，鼓声是通过空气传到运动员耳中的。
[2]球离开脚后可以继续向前飞行，是由于足球具有惯性，在空中保持原来的运动状态继续向前运动。
[3]足球顶起球网，球对球网有力的作用，使球网发生形变的施力物体是足球。
14. 小明测小石块密度，先用天平测出小石块的质量，如图所示，小石块的质量为__g。接着用量筒和水测出小石块体积为10.0cm3。则小石块的密度为_________kg/m3。实验时若先测小石块体积再测小石块质量，所测小石块密度会偏______。
【答案】 ①. 27 ②. SKIPIF 1 < 0 ③. 大
【解析】
【详解】[1]由图知，小石块的质量等于砝码质量与游码对应刻度之和，标尺的分度值为0.2g，游码对应刻度为2g，所以小石块的质量
m=20g+5g+2g=27g
[2]小石块体积为10.0cm3，则小石块的密度
SKIPIF 1 < 0
[3]先测石块的体积，取出石块再测质量时，由于石块上粘有水，所以测得石块的质量变大，体积不变，导致最终测得石块的密度会偏大。
15. 2021年11月7日，王亚平从天和核心舱成功出舱。出舱时，以舱门为参照物，她是_______的，从舱内到舱外她的质量_______，地面指挥中心通过_______向王亚平发出指令。
【答案】 ①. 运动 ②. 不变 ③. 电磁波
【解析】
【详解】[1]以舱门为参照物，王亚平从舱门出来时相对舱门位置关系发生了变化，是运动的。
[2]质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变，王亚平出舱后空间位置发生改变，但是质量不变。
[3]电磁波的传播不需要介质，地面指挥中心通过电磁波向王亚平发出指令。
16. 小明做“探究水沸腾前后温度变化的特点”实验，绘制出如图所示的图像，由图像可知水沸腾时继续吸热，温度______，若烧杯中水的质量为200g，加热至沸腾，至少需要吸收______J的热量，实际上，提供的热量______水吸收的热量。[ SKIPIF 1 < 0 ]
【答案】 ①. 保持不变 ②. 4.2×104 ③. 大于
【解析】
【详解】[1]由图像可知，水沸腾时继续吸热，温度保持98℃不变。
[2]由图像可知，水的初温
SKIPIF 1 < 0
水沸腾时的温度
SKIPIF 1 < 0
因此将烧杯中的水加热至沸腾至少需要吸收的热量为
SKIPIF 1 < 0
[3]由于对水加热过程中存在热损失，因此实际提供的热量大于水需要吸收热量。
17. 在“再探动滑轮”的实验中，小明用弹簧测力计沿竖直方向匀速拉动滑轮，使挂在它下面重为3N的钩码缓缓上升0.2m，钩码上升的时间为4s。绳受到的拉力为2N，此过程中钩码上升的速度为_________m/s，拉力的功率为_________W，动滑轮的机械效率为_________。
【答案】 ①. 0.05 ②. 0.2 ③. 75%
【解析】
【详解】[1]钩码上升的速度为
SKIPIF 1 < 0
[2]拉力的功率为
SKIPIF 1 < 0
[3]动滑轮的机械效率为
SKIPIF 1 < 0
18. 如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向___________（填“改变”或“不变”），此过程中发电机将___________能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈___________（填“能”或“不能”）持续转动。
【答案】 ①. 改变 ②. 机械 ③. 不能
【解析】
【详解】[1]将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流，电流表指针左右偏转，这说明电路中电流的方向是改变的。
[2]此过程中线圈在磁场中转动的机械能转化为电能。
[3]若将图中电流表换成电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉，无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去。
19. 小明和妈妈去超市购买电热水壶，发现有甲、乙两款，分别标有“220V；800W”、“220V；1800W”的字样，妈妈认为用乙款水壶烧水时，在相同时间内产生的热量_______，烧水_______，准备用乙款，小明说此款不合适，因为乙款电水壶的额定电流为_______A，超过了家里室内插座的额定电流。（结果保留一位小数）
【答案】 ①. 多 ②. 快 ③. 8.2
【解析】
【详解】[1][2]由题意可知，乙款电热水壶的额定功率大于甲的额定功率，根据 SKIPIF 1 < 0 可知，用乙款电热水壶烧水时，在相同时间内产生的热量多，烧水快。
[3]由 SKIPIF 1 < 0 可知，乙款电热水壶额定电流
SKIPIF 1 < 0
20. 古埃及学者埃拉托色尼发现，利用同一时刻在不同地点影子的长度不同可以估测出地球周长。取一根直杆，将其竖直立在地球上的A点，由于光的_____________形成了杆的影子，记录直杆在正午时刻影子的长度，算出太阳光与直杆的夹角α1，同样可以测出此时B点太阳光与直杆的夹角α2，A、B是同一经度上的两个城市（如图甲），它们的距离为L，可以估算出地球的周长大约为_______。实验中需要测出直杆的长度，测量结果如图乙所示，其读数为_______。
【答案】 ①. 直线传播 ②. SKIPIF 1 < 0 ③. 50.00cm
【解析】
【详解】[1]光在同一种均匀介质中是沿直线传播，当光射到不透明的杆上，由于杆挡住了一部分光线，在光照不到的地方就形成了杆的影子。
[2]因为A、B是同一经度上的两个城市，所以A、B两点所对的圆心角
α＝α2﹣α1
由题意可知，圆心角α所对应的弧长为L，则每1度所对应的弧长是 SKIPIF 1 < 0 ，则360度所对应的弧长，即地球的周长为
SKIPIF 1 < 0
[3]由图乙知刻度尺的分度值为1mm，直杆的长度为50.00cm。
21. 在图中画出入射光线对应的折射光线。
【答案】
【解析】
【详解】根据凸透镜特殊光线：跟主光轴平行的光线经凸透镜折射后过焦点，作图如下：
22. 在图中画出人所受重力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】画中人的重心已标出，根据重力方向是竖直向下的，从重心竖直向下画有向线段，用G表示，如图所示：
23. 在图中，请你标出小磁针的N极和A点的磁感线方向．
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】电流由右侧流入，由安培定则知电磁铁的左侧为N极，右侧为S极；由磁极间的相互作用可知小磁针左侧为N极，右侧为S极．通电螺线管外部磁感线由N极指向S极．故答案如图：
24. 我国第38次南极科学“雪龙2”号破冰船满载时的总质量为1.4×107kg。g取10N/kg。求：
（1）破冰船满载时的重力；
（2）破冰船满载航行在海面上时，受到的浮力；
（3）某次破冰时，船与冰面的接触面积为10m2，冰块受到的压力为船满载时总重力的0.1倍，船对冰面的压强。
【答案】（1）1.4×108N；（2）1.4×108N；（3）1.4×106Pa
【解析】
【详解】解：（1）破冰船满载时的重力
SKIPIF 1 < 0
（2）破冰船漂浮在水面，由物体的漂浮条件可知，此时破冰船受到的浮力
SKIPIF 1 < 0
（3）由题意可知，船对冰面的压力
SKIPIF 1 < 0
则船对冰面的压强
SKIPIF 1 < 0
答：（1）破冰船满载时的重力为1.4×108N；
（2）破冰船满载航行在海面上时，受到的浮力为1.4×108N；
（3）船对冰面的压强1.4×106Pa。
25. 2022年5月，天舟四号货运飞船与空间站核心舱顺利对接。小字通过查阅资料了解到，科技人员通常要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的检测电路，电源电压保持不变，R0为100Ω的定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa。求：
（1）舱体不漏气时，通过R0的电流；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能；
（3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值。
【答案】（1）2A；（2）2.64×105J；（3）6×104Pa
【解析】
【详解】解：（1）由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压，电压表示数为200V时，通过R0的电流
SKIPIF 1 < 0
（2）由图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值 SKIPIF 1 < 0 ，由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻
SKIPIF 1 < 0
由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流
SKIPIF 1 < 0
由欧姆定律可知，电源电压
SKIPIF 1 < 0
则工作10min，电路消耗的总电能
SKIPIF 1 < 0
（3）电压表示数为176V时，电路中的电流
SKIPIF 1 < 0
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻
SKIPIF 1 < 0
则压敏电阻的阻值
SKIPIF 1 < 0
由图乙可知，此时舱内的气压值为
SKIPIF 1 < 0
答：（1）舱体不漏气时，通过R0的电流为2A；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能为2.64×105J；
（3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值为6×104Pa。
26. 小明做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察U形管两边液面______来显示压强大小，手指轻按压强计上金属盒的橡皮膜，观察到U形管中液面不发生变化，说明该装置______（填“漏气”或“不漏气”）。
（2）对比甲、乙两图所示实验，说明液体内部压强与液体的______有关。
（3）为了探究液体内部同一深度不同方向压强大小，小明手应直接转动图乙装置中的______（填①/②/③/④）。
（4）在探究液体内部压强与液体密度关系时，小华认为两烧杯中液面必须相平，你______（填“赞同”或“不赞同”）此观点，理由是______。
【答案】 ①. 高度差 ②. 漏气 ③. 深度 ④. ① ⑤. 不赞同 ⑥. 只要控制金属盒在液体的深度相同就可以
【解析】
【详解】（1）[1]液体压强计是利用U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大。
[2]若手指轻按压强计上金属盒的橡皮膜，观察到U形管中液面不发生变化，说明该装置漏气，使软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差。
（2）[3]由图甲乙可知，容器中液体的密度相同，压强计金属盒放入水中深度不同，所以甲、乙两图的实验探究的是液体压强与液体深度的关系。
（3）[4]在图乙中，为了探究液体内部同一深度不同方向压强大小，应控制金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，旋转旋钮改变金属盒的朝向，因此手应直接转动图乙装置中的①。
（4）[5][6]在探究液体内部压强与液体密度关系时，只改变液体密度，控制金属盒在液体的深度相同；所以不管两烧杯中液面是否相平，只要控制金属盒在液体的深度相同就可以，不赞同小华的观点。
27. 小红做“探究光的反射定律”实验。
（1）将平面镜水平放置，白色硬纸______放在平面镜上；
（2）如图甲所示，让一束光_____着纸板射向镜面上的O点；小红能从不同方向看到纸板上的光束，是因为发生了_____反射，在纸板上画出光路，再次改变_________的方向，重复上述实验，取下纸板，用量角器量出光线AO与_____（填“ON”或“CD”）的夹角，即为入射角，记下数据，比较射角和入射角的大小关系；
（3）为了寻找反射光线与入射光线构成的平面究竟在哪里，小红用如图乙所示的装置对实验进行改进。光屏安装在底座上，可以绕水平直径偏转，平面镜固定在水平底座上，将光屏倒向后方，用激光笔作光源，将激光束沿固定方向照射到平面镜中心处，水平旋转底座并改变_____的角度，设法使光屏上呈现出________的径迹，如图丙所示，此时光屏所在的平面就是要寻找的平面。
【答案】 ①. 竖直 ②. 沿 ③. 漫 ④. 入射光线 ⑤. ON ⑥. 光屏 ⑦. 反射光线
【解析】
【详解】（1）[1]“探究光反射定律”实验中，实验中应将硬纸板竖直置于平面镜上，这样反射光线才能在硬纸板上呈现。
（2）[2][3][4]要在纸板上看到光束，光束与纸板需在同一平面，因此应让光束沿着纸板射向镜面；能从不同方向看到光束，说明光线能从不同方向进入人的眼睛，发生的是漫反射；为了使实验结论具有普遍性，再次改变入射光线，重复上述实验。
[5]入射光线与法线的夹角称为入射角，取下纸板，用量角器量出光线AO与ON的夹角，即为入射角。
（3）[6][7]改变光屏的角度，当光束与光屏处于同一平面时，光屏上就会呈现出反射光线的径迹。
28. 小聪做“测量小灯泡电功率”实验，灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）用笔画线代替导线将甲图连接完整，要求：当滑片P向右滑动时，灯泡变亮_______；
（2）电路连接正确且无故障，闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表的示数为_____V，造成此现象的原因是_______；
（3）调整后继续实验，数据如下：
小灯泡的额定功率为_____W；
（4）根据实验数据在图丙中画出灯泡的电流与电压的关系图像______，由图像可知，当灯泡两端电压为2.2V时，通过灯泡的电流为______A；
（5）小华小组在做此实验的过程中，正确连接电路，无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，请对这一现象产生的原因提出合理的猜想_____。
【答案】 ①. ②. 2.7 ③. 滑动变阻器接入阻值较小 ④. 0.8 ⑤. ⑥. 0.31 ⑦. 电源电压太小或滑动变阻器最大阻值太小
【解析】
【详解】（1）[1]当滑片P向右滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，电阻变小，故变阻器应选右下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：
（2）[2]闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.7V。
[3]图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A；电源电压为3V，而电压表示数为2.7V，电流表和电压表示数偏大，造成此现象的原因是滑动变阻器接入阻值较小。
（3）[4]由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.32A，小灯泡额定功率为
P=UI=2.5V×0.32A=0.8W
（4）[5]根据表中数据在坐标系中描点，画出图像，如图丙所示：
[6]由图分析可知，当灯泡两端电压为2.2V时，通过灯泡的电流为0.31A。
（5）[7]无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，即灯的电压不能达到额定电压，可能是电源电压太小，使得小灯泡两端电压始终小于2.5V，或者滑动变阻器最大阻值太小，使得小灯泡两端电压始终大于2.5V。
29. 阅读短文，回答问题：
教室护眼灯
教室护眼灯的外观图如图甲所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生。常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出，如图乙所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
（1）护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于_______眩光；
（2）导光板材料主要利用了下列哪种物理属性_______；
A．导电性 B．导热性 C．磁性 D．透明度
（3）当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是_______；
A．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
（4）当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，电流与电压的关系图像应在丙图像中的_______（填“左侧”“右侧”或“原处”）；
（5）下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是_______。
A．B．
C．D．
【答案】 ①. 直接 ②. D ③. C ④. 左侧 ⑤. B
【解析】
【详解】（1）[1]由短文知道，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光。
（2）[2]导光板将两边的的光导向中央传播，则利用的物理性质应与光相关，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（3）[3]由乙图知道，在没有导光点的导光板上，光在导光板中只发生反射，所以没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（4）[4]由短文知道，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，由 SKIPIF 1 < 0 知道，此时I﹣U图像的斜率将变大，故应在丙图像的左侧。
（5）[5]由丙图的阴影部分知道，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。次数
1
2
3
4
5
6
7
电压/V
0.3
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
2.8
电流/A
0.12
0.16
0.21
0.26
0.30
0.32
0.33
【答案】A
【解析】
【详解】煤炭、石油、天然气都属于化石能源，是短时间内不能再次产生的，是不可再生能源；风能在短时间内可以再次产生，是可再生能源，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 冬天打开装有热水保温杯杯盖，杯口处出现“白雾”，形成“白雾”的物态变化是（ ）
A. 汽化B. 液化C. 升华D. 凝华
【答案】B
【解析】
【详解】“白雾”是液态小水珠，是从保温杯口出来的水蒸气遇冷液化形成的，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
3. 在北京冬奥会上苏翊鸣获得单板滑雪冠军，如图所示是他从高处加速下落时的情景，下列关于苏翊鸣说法正确的是（ ）
A. 动能增加，重力势能减小B. 动能增加，重力势能增加
C. 动能减小，重力势能增加D. 动能减小，重力势能减小
【答案】A
【解析】
【详解】苏翊鸣从高处加速下落时，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能增加，故A正确。
故选A。
4. 我市高架道路的某些路段两侧装有板墙，它的作用主要是减弱噪声，这种减弱噪声的方法属于（ ）
A. 在声源处减弱B. 在传播过程中减弱
C. 在人耳处减弱D. 在声源和人耳处减弱
【答案】B
【解析】
【详解】控制噪声可以从三个方面着手：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱，我市高架道路的某些路段两侧装有板墙，属于在传播过程中减弱噪声。因此ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
5. 在“探究滑动摩擦力大小与压力大小关系”的实验中，下列操作方法正确的是（ ）
A. 木块由平放改为侧放B. 将木块换成铁块
C. 增大对木块的拉力D. 在木块上加砝码
【答案】D
【解析】
【详解】在“探究滑动摩擦力大小与压力大小关系”的实验中，采用的是控制变量法，实验中需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力的大小；
A．木块由平放改为侧放，改变了接触面积的大小，没有改变压力大小，故A错误；
B．将木块换成铁块，压力大小发生了变化，接触面的粗糙程度也发生了改变，故B错误；
C．增大对木块的拉力不会改变压力的大小，故C错误；
D．在木块上加砝码，接触面的粗糙程度不变，改变了压力的大小，故D正确。
故选D。
6. 2022年4月16日，神舟十三号载人返回舱成功着陆，返回舱与大气摩擦温度升高，内能增加。下列事例中物体内能改变方式与它相同的是（ ）
A. 汤勺放在热汤中温度升高B. 烧水时水温升高
C. 压缩空气温度升高D. 取暖器旁的物体温度升高
【答案】C
【解析】
【详解】神舟十三号载人返回舱与大气摩擦温度升高，内能增加，是通过克服摩擦做功来改变内能的。
A．汤勺放在热汤中温度升高，是通过热传递来改变物体内能的，故A不符合题意；
B．烧水时水温升高，是通过热传递来改变物体内能的，故B不符合题意；
C．压缩空气温度升高，是活塞对空气做功，使空气的内能增大、温度升高，故C符合题意；
D．取暖器旁的物体温度升高，是通过热传递来改变物体内能的，故D不符合题意。
故选C。
7. 用相同的绝缘细线将带正电的轻质甲球和不带电的轻质乙球悬挂，下列情形正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【详解】用相同的绝缘细线将甲、乙两个轻质小球悬挂起来，甲球带正电，乙球不带电，由于带电体能够吸引轻小物体，且物体间力的作用是相互的，所以当它们悬挂好后，两球都将向中央靠拢，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
8. 如图是小华做“探究杠杆平衡条件”实验时的情形，下列操作能使杠杆在水平位置平衡的是（ ）
A. 增加钩码的个数B. 向左调节平衡螺母
C. 向右移动钩码的位置D. 减小弹簧测力计的拉力
【答案】C
【解析】
【详解】如图，杠杆向左倾斜，说明左侧钩码对杠杆的拉力与力臂的乘积，大于右侧拉力与力臂的乘积；
A．增加左侧钩码个数，左侧的力臂不变，力变大，力与力臂的乘积变大，根据 SKIPIF 1 < 0 可知，杠杆不会平衡，故A不符合题意；
B．在实验的过程中，不能通过调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，故B不符合题意；
C．将左侧钩码向右移动，左侧的力不变，力臂变小，则左侧力与力臂的乘积变小，会使杠杆平衡，故C符合题意；
D．减小弹簧测力计的拉力，右侧的力臂不变，力变小，力与力臂的乘积变小，杠杆不会平衡，故D不符合题意。
故选C。
9. 将淀粉与适量的水混合，可做成粘稠状的非牛顿流体，该非牛顿流体有一个特殊的性质，不受冲击时呈液态，受冲击时呈暂时性固态，以下情形正确的是（ ）
A. 非牛顿流体能对从高处掉落的鸡蛋起保护作用
B. 想让粗木棒进入非牛顿流体中应让木棒缓慢插入
C. 人要通过一定深度的非牛顿流体表面区域时应缓慢行走
D. 想让手从非牛顿流体中取出，手的速度要尽量大些
【答案】B
【解析】
【详解】A．非牛顿流体受冲击时呈暂时性固态，从高处掉落的鸡蛋落到非牛顿流体上，非牛顿流体呈暂时性固态，鸡蛋受到冲击力会损坏，故A错误；
B．让粗木棒进入非牛顿流体中，非牛顿流体处于液态，应让木棒缓慢插入，故B正确；
C．人要通过一定深度的非牛顿流体表面区域时，应该让非牛顿流体呈暂时性固态，应加快行走，让非牛顿流体受冲击，故C错误；
D．想让手从非牛顿流体中取出，非牛顿流体处于液态，手的速度要尽量小些，故D错误。
故选B。
10. 如图所示是小明设计的模拟调光台灯电路。闭合开关后，灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，小明检查后发现有一处故障，该电路的故障可能是（ ）
A. 电流表断路B. 电压表短路C. 铅笔芯断路D. 灯泡断路
【答案】D
【解析】
【详解】根据电路图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压；闭合开关后，灯泡不亮，电流表无示数，这说明电路出现了断路故障；电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
11. 在综合实践活动中，小明用测电笔来判断家里电灯的开关是接在火线上还是接在零线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，发现氖管两次都发光，根据此现象（ ）
A. 可以确定，开关接在火线上
B. 可以确定，开关接在零线上
C. 无法确定开关接在火线上还是零线上
D. 需断开开关，再检测这两个接线柱才能判断接在火线上还是零线上
【答案】A
【解析】
【详解】假设开关接在火线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，氖管都发光，符合题意，假设成立，故开关接在火线上；假设开关接在零线上，闭合开关，灯泡正常发光，用测电笔分别检测开关的两个接线柱，会发现氖管都不发光，不符合题意，假设不成立，故开关不是接在零线上；假设需要断开开关，再检测这两个接线柱，不管开关接在火线还是零线，都会发现检测一个接线柱，氖管有发光，检测另一个接线柱，氖管不发光，那么不能判断开关接在火线上还是零线上；综上所述，可以确定，开关接在火线上，如果断开开关，再检测这两个接线柱，是不能判断开关接在火线上还是零线上；故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12. 如图甲所示，细线上端固定，线按同一方向绕在轻质纸筒上，将纸筒从一定高度水平释放，发现纸筒在下落过程中偏离竖直方向。小明认为纸筒偏离竖直方向的距离与细线缠绕的圈数和下落的高度有关。现设计了图乙所示的①②③④四种方案，实验时细线的长度相同且均匀密绕在相同纸筒上。四种方案中能验证猜想的是（ ）
A. ①②B. ①③
C. ③④D. ②③
【答案】D
【解析】
【详解】①两个纸筒高度、细线缠绕的圈数都不一样，不符合控制变量法的要求，故不能验证猜想，故①不符合题意；
②两个纸筒高度一样，细线缠绕的圈数不一样，可研究纸筒偏离竖直方向的距离与细线缠绕的圈数是否有关，故能验证猜想，故②符合题意；
③两个纸筒高度不一样，细线缠绕的圈数一样，可研究纸筒偏离竖直方向的距离与下落的高度是否有关，故能验证猜想，故③符合题意；
④两个纸筒高度、细线缠绕的圈数都一样，不符合控制变量法的要求，故不能验证猜想，故④不符合题意。
故选D。
13. 2022年2月6日我国女足战胜韩国获得亚洲杯冠军。比赛中，啦啦队击鼓助威，鼓声通过______传到运动员的耳中，运动员奋起一脚，球离开脚后由于______飞进球门，顶起球网，使球网发生形变的施力物体是______。
【答案】 ①. 空气 ②. 惯性 ③. 足球
【解析】
【详解】[1]声音的传播需要介质，鼓声是通过空气传到运动员耳中的。
[2]球离开脚后可以继续向前飞行，是由于足球具有惯性，在空中保持原来的运动状态继续向前运动。
[3]足球顶起球网，球对球网有力的作用，使球网发生形变的施力物体是足球。
14. 小明测小石块密度，先用天平测出小石块的质量，如图所示，小石块的质量为__g。接着用量筒和水测出小石块体积为10.0cm3。则小石块的密度为_________kg/m3。实验时若先测小石块体积再测小石块质量，所测小石块密度会偏______。
【答案】 ①. 27 ②. SKIPIF 1 < 0 ③. 大
【解析】
【详解】[1]由图知，小石块的质量等于砝码质量与游码对应刻度之和，标尺的分度值为0.2g，游码对应刻度为2g，所以小石块的质量
m=20g+5g+2g=27g
[2]小石块体积为10.0cm3，则小石块的密度
SKIPIF 1 < 0
[3]先测石块的体积，取出石块再测质量时，由于石块上粘有水，所以测得石块的质量变大，体积不变，导致最终测得石块的密度会偏大。
15. 2021年11月7日，王亚平从天和核心舱成功出舱。出舱时，以舱门为参照物，她是_______的，从舱内到舱外她的质量_______，地面指挥中心通过_______向王亚平发出指令。
【答案】 ①. 运动 ②. 不变 ③. 电磁波
【解析】
【详解】[1]以舱门为参照物，王亚平从舱门出来时相对舱门位置关系发生了变化，是运动的。
[2]质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变，王亚平出舱后空间位置发生改变，但是质量不变。
[3]电磁波的传播不需要介质，地面指挥中心通过电磁波向王亚平发出指令。
16. 小明做“探究水沸腾前后温度变化的特点”实验，绘制出如图所示的图像，由图像可知水沸腾时继续吸热，温度______，若烧杯中水的质量为200g，加热至沸腾，至少需要吸收______J的热量，实际上，提供的热量______水吸收的热量。[ SKIPIF 1 < 0 ]
【答案】 ①. 保持不变 ②. 4.2×104 ③. 大于
【解析】
【详解】[1]由图像可知，水沸腾时继续吸热，温度保持98℃不变。
[2]由图像可知，水的初温
SKIPIF 1 < 0
水沸腾时的温度
SKIPIF 1 < 0
因此将烧杯中的水加热至沸腾至少需要吸收的热量为
SKIPIF 1 < 0
[3]由于对水加热过程中存在热损失，因此实际提供的热量大于水需要吸收热量。
17. 在“再探动滑轮”的实验中，小明用弹簧测力计沿竖直方向匀速拉动滑轮，使挂在它下面重为3N的钩码缓缓上升0.2m，钩码上升的时间为4s。绳受到的拉力为2N，此过程中钩码上升的速度为_________m/s，拉力的功率为_________W，动滑轮的机械效率为_________。
【答案】 ①. 0.05 ②. 0.2 ③. 75%
【解析】
【详解】[1]钩码上升的速度为
SKIPIF 1 < 0
[2]拉力的功率为
SKIPIF 1 < 0
[3]动滑轮的机械效率为
SKIPIF 1 < 0
18. 如图所示是小华用漆包线和磁体制作的一台发电机，制作时用刀片将线圈两端的漆全部刮掉，作为转动轴，用纸做一个小风车固定在转轴上，将转轴放在支架上，如图所示，将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，电流表指针左右偏转，电路中电流的方向___________（填“改变”或“不变”），此过程中发电机将___________能转化为电能。若将小量程电流表换成电池，线圈___________（填“能”或“不能”）持续转动。
【答案】 ①. 改变 ②. 机械 ③. 不能
【解析】
【详解】[1]将发电机与小量程电流表相连，转动小风车，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流，电流表指针左右偏转，这说明电路中电流的方向是改变的。
[2]此过程中线圈在磁场中转动的机械能转化为电能。
[3]若将图中电流表换成电池，则无风吹时，由于通电线圈处在磁场中故而受力转动，但线圈转动至平衡位置因线圈两端的绝缘漆全部刮掉，无法改变线圈中的电流从而不能持续转动下去。
19. 小明和妈妈去超市购买电热水壶，发现有甲、乙两款，分别标有“220V；800W”、“220V；1800W”的字样，妈妈认为用乙款水壶烧水时，在相同时间内产生的热量_______，烧水_______，准备用乙款，小明说此款不合适，因为乙款电水壶的额定电流为_______A，超过了家里室内插座的额定电流。（结果保留一位小数）
【答案】 ①. 多 ②. 快 ③. 8.2
【解析】
【详解】[1][2]由题意可知，乙款电热水壶的额定功率大于甲的额定功率，根据 SKIPIF 1 < 0 可知，用乙款电热水壶烧水时，在相同时间内产生的热量多，烧水快。
[3]由 SKIPIF 1 < 0 可知，乙款电热水壶额定电流
SKIPIF 1 < 0
20. 古埃及学者埃拉托色尼发现，利用同一时刻在不同地点影子的长度不同可以估测出地球周长。取一根直杆，将其竖直立在地球上的A点，由于光的_____________形成了杆的影子，记录直杆在正午时刻影子的长度，算出太阳光与直杆的夹角α1，同样可以测出此时B点太阳光与直杆的夹角α2，A、B是同一经度上的两个城市（如图甲），它们的距离为L，可以估算出地球的周长大约为_______。实验中需要测出直杆的长度，测量结果如图乙所示，其读数为_______。
【答案】 ①. 直线传播 ②. SKIPIF 1 < 0 ③. 50.00cm
【解析】
【详解】[1]光在同一种均匀介质中是沿直线传播，当光射到不透明的杆上，由于杆挡住了一部分光线，在光照不到的地方就形成了杆的影子。
[2]因为A、B是同一经度上的两个城市，所以A、B两点所对的圆心角
α＝α2﹣α1
由题意可知，圆心角α所对应的弧长为L，则每1度所对应的弧长是 SKIPIF 1 < 0 ，则360度所对应的弧长，即地球的周长为
SKIPIF 1 < 0
[3]由图乙知刻度尺的分度值为1mm，直杆的长度为50.00cm。
21. 在图中画出入射光线对应的折射光线。
【答案】
【解析】
【详解】根据凸透镜特殊光线：跟主光轴平行的光线经凸透镜折射后过焦点，作图如下：
22. 在图中画出人所受重力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】画中人的重心已标出，根据重力方向是竖直向下的，从重心竖直向下画有向线段，用G表示，如图所示：
23. 在图中，请你标出小磁针的N极和A点的磁感线方向．
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】电流由右侧流入，由安培定则知电磁铁的左侧为N极，右侧为S极；由磁极间的相互作用可知小磁针左侧为N极，右侧为S极．通电螺线管外部磁感线由N极指向S极．故答案如图：
24. 我国第38次南极科学“雪龙2”号破冰船满载时的总质量为1.4×107kg。g取10N/kg。求：
（1）破冰船满载时的重力；
（2）破冰船满载航行在海面上时，受到的浮力；
（3）某次破冰时，船与冰面的接触面积为10m2，冰块受到的压力为船满载时总重力的0.1倍，船对冰面的压强。
【答案】（1）1.4×108N；（2）1.4×108N；（3）1.4×106Pa
【解析】
【详解】解：（1）破冰船满载时的重力
SKIPIF 1 < 0
（2）破冰船漂浮在水面，由物体的漂浮条件可知，此时破冰船受到的浮力
SKIPIF 1 < 0
（3）由题意可知，船对冰面的压力
SKIPIF 1 < 0
则船对冰面的压强
SKIPIF 1 < 0
答：（1）破冰船满载时的重力为1.4×108N；
（2）破冰船满载航行在海面上时，受到的浮力为1.4×108N；
（3）船对冰面的压强1.4×106Pa。
25. 2022年5月，天舟四号货运飞船与空间站核心舱顺利对接。小字通过查阅资料了解到，科技人员通常要检验飞船舱体的气密性。他设计了如图甲所示的检测电路，电源电压保持不变，R0为100Ω的定值电阻，R为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa。求：
（1）舱体不漏气时，通过R0的电流；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能；
（3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值。
【答案】（1）2A；（2）2.64×105J；（3）6×104Pa
【解析】
【详解】解：（1）由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压，电压表示数为200V时，通过R0的电流
SKIPIF 1 < 0
（2）由图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值 SKIPIF 1 < 0 ，由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻
SKIPIF 1 < 0
由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流
SKIPIF 1 < 0
由欧姆定律可知，电源电压
SKIPIF 1 < 0
则工作10min，电路消耗的总电能
SKIPIF 1 < 0
（3）电压表示数为176V时，电路中的电流
SKIPIF 1 < 0
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻
SKIPIF 1 < 0
则压敏电阻的阻值
SKIPIF 1 < 0
由图乙可知，此时舱内的气压值为
SKIPIF 1 < 0
答：（1）舱体不漏气时，通过R0的电流为2A；
（2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能为2.64×105J；
（3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值为6×104Pa。
26. 小明做“探究液体内部压强与哪些因素有关”的实验。
（1）实验中通过观察U形管两边液面______来显示压强大小，手指轻按压强计上金属盒的橡皮膜，观察到U形管中液面不发生变化，说明该装置______（填“漏气”或“不漏气”）。
（2）对比甲、乙两图所示实验，说明液体内部压强与液体的______有关。
（3）为了探究液体内部同一深度不同方向压强大小，小明手应直接转动图乙装置中的______（填①/②/③/④）。
（4）在探究液体内部压强与液体密度关系时，小华认为两烧杯中液面必须相平，你______（填“赞同”或“不赞同”）此观点，理由是______。
【答案】 ①. 高度差 ②. 漏气 ③. 深度 ④. ① ⑤. 不赞同 ⑥. 只要控制金属盒在液体的深度相同就可以
【解析】
【详解】（1）[1]液体压强计是利用U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大。
[2]若手指轻按压强计上金属盒的橡皮膜，观察到U形管中液面不发生变化，说明该装置漏气，使软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差。
（2）[3]由图甲乙可知，容器中液体的密度相同，压强计金属盒放入水中深度不同，所以甲、乙两图的实验探究的是液体压强与液体深度的关系。
（3）[4]在图乙中，为了探究液体内部同一深度不同方向压强大小，应控制金属盒的橡皮膜在水中的深度不变，旋转旋钮改变金属盒的朝向，因此手应直接转动图乙装置中的①。
（4）[5][6]在探究液体内部压强与液体密度关系时，只改变液体密度，控制金属盒在液体的深度相同；所以不管两烧杯中液面是否相平，只要控制金属盒在液体的深度相同就可以，不赞同小华的观点。
27. 小红做“探究光的反射定律”实验。
（1）将平面镜水平放置，白色硬纸______放在平面镜上；
（2）如图甲所示，让一束光_____着纸板射向镜面上的O点；小红能从不同方向看到纸板上的光束，是因为发生了_____反射，在纸板上画出光路，再次改变_________的方向，重复上述实验，取下纸板，用量角器量出光线AO与_____（填“ON”或“CD”）的夹角，即为入射角，记下数据，比较射角和入射角的大小关系；
（3）为了寻找反射光线与入射光线构成的平面究竟在哪里，小红用如图乙所示的装置对实验进行改进。光屏安装在底座上，可以绕水平直径偏转，平面镜固定在水平底座上，将光屏倒向后方，用激光笔作光源，将激光束沿固定方向照射到平面镜中心处，水平旋转底座并改变_____的角度，设法使光屏上呈现出________的径迹，如图丙所示，此时光屏所在的平面就是要寻找的平面。
【答案】 ①. 竖直 ②. 沿 ③. 漫 ④. 入射光线 ⑤. ON ⑥. 光屏 ⑦. 反射光线
【解析】
【详解】（1）[1]“探究光反射定律”实验中，实验中应将硬纸板竖直置于平面镜上，这样反射光线才能在硬纸板上呈现。
（2）[2][3][4]要在纸板上看到光束，光束与纸板需在同一平面，因此应让光束沿着纸板射向镜面；能从不同方向看到光束，说明光线能从不同方向进入人的眼睛，发生的是漫反射；为了使实验结论具有普遍性，再次改变入射光线，重复上述实验。
[5]入射光线与法线的夹角称为入射角，取下纸板，用量角器量出光线AO与ON的夹角，即为入射角。
（3）[6][7]改变光屏的角度，当光束与光屏处于同一平面时，光屏上就会呈现出反射光线的径迹。
28. 小聪做“测量小灯泡电功率”实验，灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）用笔画线代替导线将甲图连接完整，要求：当滑片P向右滑动时，灯泡变亮_______；
（2）电路连接正确且无故障，闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表的示数为_____V，造成此现象的原因是_______；
（3）调整后继续实验，数据如下：
小灯泡的额定功率为_____W；
（4）根据实验数据在图丙中画出灯泡的电流与电压的关系图像______，由图像可知，当灯泡两端电压为2.2V时，通过灯泡的电流为______A；
（5）小华小组在做此实验的过程中，正确连接电路，无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，请对这一现象产生的原因提出合理的猜想_____。
【答案】 ①. ②. 2.7 ③. 滑动变阻器接入阻值较小 ④. 0.8 ⑤. ⑥. 0.31 ⑦. 电源电压太小或滑动变阻器最大阻值太小
【解析】
【详解】（1）[1]当滑片P向右滑动时，灯泡变亮，说明电路中电流变大，电阻变小，故变阻器应选右下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：
（2）[2]闭合开关，两电表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.7V。
[3]图乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.32A；电源电压为3V，而电压表示数为2.7V，电流表和电压表示数偏大，造成此现象的原因是滑动变阻器接入阻值较小。
（3）[4]由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.32A，小灯泡额定功率为
P=UI=2.5V×0.32A=0.8W
（4）[5]根据表中数据在坐标系中描点，画出图像，如图丙所示：
[6]由图分析可知，当灯泡两端电压为2.2V时，通过灯泡的电流为0.31A。
（5）[7]无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，即灯的电压不能达到额定电压，可能是电源电压太小，使得小灯泡两端电压始终小于2.5V，或者滑动变阻器最大阻值太小，使得小灯泡两端电压始终大于2.5V。
29. 阅读短文，回答问题：
教室护眼灯
教室护眼灯的外观图如图甲所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生。常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要由高反射物体表面产生。
教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播，在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当遇到导光板底部的导光点时，改变了光线的传播方向，由导光板正面射出，如图乙所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯工作时也会产生热量，研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流与电压的关系图像。当电路中加载一定的电压或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配制合理的电源进行供电。
（1）护眼灯与白炽灯在发光时相比不会产生眩光，白炽灯产生的眩光属于_______眩光；
（2）导光板材料主要利用了下列哪种物理属性_______；
A．导电性 B．导热性 C．磁性 D．透明度
（3）当光由两侧的导光板向中央传播时，下列说法正确的是_______；
A．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，只折射
B．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，只反射
C．没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射
D．没有导光点时，只折射；遇到导光点时，既反射又折射
（4）当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，电流与电压的关系图像应在丙图像中的_______（填“左侧”“右侧”或“原处”）；
（5）下列四种不同电源输出的电流或电压随时间变化关系的图像，最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是_______。
A．B．
C．D．
【答案】 ①. 直接 ②. D ③. C ④. 左侧 ⑤. B
【解析】
【详解】（1）[1]由短文知道，常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，而白炽灯产生的眩光是灯具产生的，属于直接眩光。
（2）[2]导光板将两边的的光导向中央传播，则利用的物理性质应与光相关，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
（3）[3]由乙图知道，在没有导光点的导光板上，光在导光板中只发生反射，所以没有导光点时，只反射；遇到导光点时，既反射又折射，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
（4）[4]由短文知道，护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，所以当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，由 SKIPIF 1 < 0 知道，此时I﹣U图像的斜率将变大，故应在丙图像的左侧。
（5）[5]由丙图的阴影部分知道，护眼灯灯珠的工作电压在U1和U2之间，超过这个区间，则微小的电压变化会造成电流的急剧变化，损坏灯珠，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。次数
1
2
3
4
5
6
7
电压/V
0.3
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
2.8
电流/A
0.12
0.16
0.21
0.26
0.30
0.32
0.33
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