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云南省昆明市第一中学2024届高三第八次高考适应性考试理综
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这是一份云南省昆明市第一中学2024届高三第八次高考适应性考试理综，文件包含昆一中8理综试卷pdf、物理答案1docx、化学答案docx、生物答案docx、昆一中8理综答题卡pdf等5份试卷配套教学资源，其中试卷共24页， 欢迎下载使用。
14．解析：选C。贝克勒尔最早发现天然放射现象，故A错误；卢瑟福通过核反应第一次实现了原子核的人工核反应，故B错误；符合半衰期特点，故C正确；根据比结合能——质量数图像可知，钡核的平均结合能比铀核的平均结合能大，故D错误。
15．解析：选D。t1时刻游客的速度最大，故加速度应该为0，故Ａ错误。t2时刻游客运动到最低点，故游客应该具有竖直向上的加速度，故B错误。t1时刻游客的加速度为0，因此游客已经受到了弹性绳的作用，故０～t1时间内游客的机械能不守恒，故C错误。t1～t2时间内游客所受合力的方向向上，且大小逐渐增大，故Ｄ正确。
16．解析：选B。只打开隔板Ｋ1，Ｂ中气体进行自由扩散，不会对外做功，内能不变，故Ａ错误，B正确。只打开隔板Ｋ1，Ｂ中气体内能不变，温度不变，但体积变大了，故压强将减小，故C错误。打开卡销Ｋ2，活塞将向下运动，因此外界对B中气体做功，B中气体内能增大，故D错误。
17．解析：选D。根据系统机械能守恒可知，振动的振幅不变，故A错误；根据系统机械能守恒可知，小物体和小桶一起运动过程中，在同一位置的速度都会减小，而振动的振幅不变，故周期变大，B、C错误，D正确。
18．解析：选Ｄ。根据点电荷的电势公式可得a、b两点电势不一样，故A错误。根据电场场强叠加原理，可得b、c两点处的场强仅大小相等但方向不一样，故Ｂ错误。根据点电荷的电势公式可得e点电势将高于f点电势，故Ｃ错误。负试探电荷从a点运动到e点过程中，电场力做正功，电势能减小，故Ｄ正确。
19．解析：选AC。对A球进行受力分析（图甲），根据动态平衡的分析方法，A球受到的重力大小、方向不变，支持力的方向不变，库仑力的方向在改变，但是由于B球只能到C，故由矢量三角形可知A受到的库仑力和支持力都在减小。根据库仑定律的表达式可得AB之间的距离变大。再对Ａ、B整体受力分析（图乙），根据平衡条件可得Ｂ所受摩擦力的大小变小。故选Ａ、Ｃ。
20．解析：选CD。A．根据，可知“望舒”的平均密度与地球的平均密度之比为，可知“望舒”的平均密度比地球平均密度大，故A错误；
B．在星球表面，根据，可知“望舒”表面处的重力加速度与地球表面处的重力加速度之比为，可知“望舒”表面处的重力加速度大于，故B错误；C．根据，可得，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度与飞船在地球表面附近运行时的速度之比为，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度大于，故C正确；D．根据，可得，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的周期与飞船在地球表面附近运行时的周期之比为，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的周期要比绕地球表面运行时的周期小，故D正确，故选CD。
21．解析：选BC。小滑块运动到最低点B时，小滑块的速度方向为水平方向，重力的方向竖直向下，此时重力的功率为0。因此小滑块从接触半圆槽到第一次运动至B的过程中，小滑块所受重力的功率不可能逐渐增大，故A错误；设小滑块的对地水平位移大小为，槽的对地位移大小为，因为系统水平方向动量守恒，则水平方向满足：，，故解得：，，故B正确；小滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块相对于半圆槽竖直向上运动，又因为系统水平方向动量守恒，且系统水平方向的初动量为0，故小滑块运动到C点处，小滑块的对地速度的方向为竖直向上。对小滑块从A运动到C的过程，通过动量定律可得该过程中槽对小滑块的的冲量为竖直向上的方向，故C正确。小滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块的对地速度的方向为竖直向上，又因为系统水平方向动量守恒，且系统水平方向的初动量为0，故此时槽的对地速度为0。之后小滑块将从C点开始做竖直上抛运动（此过程中小滑块与竖直挡板无相互作用），根据系统机械能守恒可知，小滑块将运动到与初始位置等高的位置，故D错误。
22.【答案】（每空2分）
（1）C
（2）13.870 7.3×10-7
（3）AD
【解析】（1）根据“用双缝干涉测量光的波长”实验装置的要求，C正确。
（2）根据螺旋测微仪的读数规则，示数为13.870mm。根据双缝干涉实验的公式∆x=ldλ（其中d为双缝间距,l为双缝与屏的距离），可得波长为7.3×10-7m。
（3）仅撤掉滤光片仍能发生干涉现象，故A正确。单缝与双缝间的距离不会影响条纹间的距离，故不会影响光屏上观察到的条纹数。故B错误。单、双缝相平行，两缝与光屏上的条纹相平行，故C错误。仅撤掉双缝，有可能发生单缝衍射，故D正确。
23.【答案】（每小问2分）
（1）
（画出电磁铁部分的电路即可）
（2）A
（3）
（4）增大
（5）BC
【详解】（1）为满足实验要求，控制电路的连接情况如图所示。
（2）天亮时照度增大，光敏电阻的阻值减小，电磁铁中电流增大，磁场增强，吸引衔铁向下与C接通，灯熄灭，故灯泡应接在A、B之间，故选择A。
（3）要求天色渐暗照度降低至15lx时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值约为，由闭合电路欧姆定律可知，此时的滑动变阻器的阻值约为，故滑动变阻器应选择；
（4）使用过程中发现天色比较暗了，路灯还未开启，说明此时控制电路的电流较大，总电阻较小，所以为使路灯亮得更及时，应适当地增大滑动变阻器的电阻。
（5）车灯照到光敏电阻上时，光敏电阻的阻值减小，控制电路部分的电流增大，此时电动机启动，故将开门电动机连接在BC接线柱上满足题意。
24.【答案】
【解析】小球做平抛运动，当垂直打在斜面上时，由速度关系有
（2分）
（1分）
由位移关系可得
（2分）
（2分）
有几何关系可得：
（2分）
联立求解可得： （1分）
25.【答案】（1）（2）
【详解】（1）金属棒MN运动的速度为v，则MN切割产生电动势
（2分）
回路总电阻为
（1分）
由闭合电路欧姆定律得
（1分）
电流为恒定电流，故安培力为
(2分)
由于导体棒匀速运动，可得
（1分）
水平外力做功的功率随时间t变化的关系式为
（1分）
（2）金属棒MN以速度v匀速向右运动时，闭合回路中电流为0，根据法拉第电磁感应定律可得,闭合回路的磁通量保持不变。
初始时,磁通量为
（2分）
t时,磁通量为
（2分）
磁通量保持不变,可得
（1分）
最终可得
（1分）
26.【答案】（1）（2）（3）
【解析】(1)粒子以速度v沿直径AOB方向射入磁场时，如图
由
（1分）
得半径
（1分）
根据几何关系可知
（1分）
所以
（1分）
以速度射入时，半径
（1分）
设第二次射入时的圆心角为，根据几何关系可知
（1分）
所以 （2分）
则第二次运动的时间为（由运动弧长计算）
（2分）
当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
（2分）
计算得出
（2分）
（3）当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
由图可知
（2分）
平移距离为
（2分）
解得
（2分）题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
C
D
B
D
D
AC
CD
BC
14．解析：选C。贝克勒尔最早发现天然放射现象，故A错误；卢瑟福通过核反应第一次实现了原子核的人工核反应，故B错误；符合半衰期特点，故C正确；根据比结合能——质量数图像可知，钡核的平均结合能比铀核的平均结合能大，故D错误。
15．解析：选D。t1时刻游客的速度最大，故加速度应该为0，故Ａ错误。t2时刻游客运动到最低点，故游客应该具有竖直向上的加速度，故B错误。t1时刻游客的加速度为0，因此游客已经受到了弹性绳的作用，故０～t1时间内游客的机械能不守恒，故C错误。t1～t2时间内游客所受合力的方向向上，且大小逐渐增大，故Ｄ正确。
16．解析：选B。只打开隔板Ｋ1，Ｂ中气体进行自由扩散，不会对外做功，内能不变，故Ａ错误，B正确。只打开隔板Ｋ1，Ｂ中气体内能不变，温度不变，但体积变大了，故压强将减小，故C错误。打开卡销Ｋ2，活塞将向下运动，因此外界对B中气体做功，B中气体内能增大，故D错误。
17．解析：选D。根据系统机械能守恒可知，振动的振幅不变，故A错误；根据系统机械能守恒可知，小物体和小桶一起运动过程中，在同一位置的速度都会减小，而振动的振幅不变，故周期变大，B、C错误，D正确。
18．解析：选Ｄ。根据点电荷的电势公式可得a、b两点电势不一样，故A错误。根据电场场强叠加原理，可得b、c两点处的场强仅大小相等但方向不一样，故Ｂ错误。根据点电荷的电势公式可得e点电势将高于f点电势，故Ｃ错误。负试探电荷从a点运动到e点过程中，电场力做正功，电势能减小，故Ｄ正确。
19．解析：选AC。对A球进行受力分析（图甲），根据动态平衡的分析方法，A球受到的重力大小、方向不变，支持力的方向不变，库仑力的方向在改变，但是由于B球只能到C，故由矢量三角形可知A受到的库仑力和支持力都在减小。根据库仑定律的表达式可得AB之间的距离变大。再对Ａ、B整体受力分析（图乙），根据平衡条件可得Ｂ所受摩擦力的大小变小。故选Ａ、Ｃ。
20．解析：选CD。A．根据，可知“望舒”的平均密度与地球的平均密度之比为，可知“望舒”的平均密度比地球平均密度大，故A错误；
B．在星球表面，根据，可知“望舒”表面处的重力加速度与地球表面处的重力加速度之比为，可知“望舒”表面处的重力加速度大于，故B错误；C．根据，可得，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度与飞船在地球表面附近运行时的速度之比为，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的速度大于，故C正确；D．根据，可得，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的周期与飞船在地球表面附近运行时的周期之比为，可知飞船在“望舒”表面附近运行时的周期要比绕地球表面运行时的周期小，故D正确，故选CD。
21．解析：选BC。小滑块运动到最低点B时，小滑块的速度方向为水平方向，重力的方向竖直向下，此时重力的功率为0。因此小滑块从接触半圆槽到第一次运动至B的过程中，小滑块所受重力的功率不可能逐渐增大，故A错误；设小滑块的对地水平位移大小为，槽的对地位移大小为，因为系统水平方向动量守恒，则水平方向满足：，，故解得：，，故B正确；小滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块相对于半圆槽竖直向上运动，又因为系统水平方向动量守恒，且系统水平方向的初动量为0，故小滑块运动到C点处，小滑块的对地速度的方向为竖直向上。对小滑块从A运动到C的过程，通过动量定律可得该过程中槽对小滑块的的冲量为竖直向上的方向，故C正确。小滑块运动到半圆槽的C处时，小滑块的对地速度的方向为竖直向上，又因为系统水平方向动量守恒，且系统水平方向的初动量为0，故此时槽的对地速度为0。之后小滑块将从C点开始做竖直上抛运动（此过程中小滑块与竖直挡板无相互作用），根据系统机械能守恒可知，小滑块将运动到与初始位置等高的位置，故D错误。
22.【答案】（每空2分）
（1）C
（2）13.870 7.3×10-7
（3）AD
【解析】（1）根据“用双缝干涉测量光的波长”实验装置的要求，C正确。
（2）根据螺旋测微仪的读数规则，示数为13.870mm。根据双缝干涉实验的公式∆x=ldλ（其中d为双缝间距,l为双缝与屏的距离），可得波长为7.3×10-7m。
（3）仅撤掉滤光片仍能发生干涉现象，故A正确。单缝与双缝间的距离不会影响条纹间的距离，故不会影响光屏上观察到的条纹数。故B错误。单、双缝相平行，两缝与光屏上的条纹相平行，故C错误。仅撤掉双缝，有可能发生单缝衍射，故D正确。
23.【答案】（每小问2分）
（1）
（画出电磁铁部分的电路即可）
（2）A
（3）
（4）增大
（5）BC
【详解】（1）为满足实验要求，控制电路的连接情况如图所示。
（2）天亮时照度增大，光敏电阻的阻值减小，电磁铁中电流增大，磁场增强，吸引衔铁向下与C接通，灯熄灭，故灯泡应接在A、B之间，故选择A。
（3）要求天色渐暗照度降低至15lx时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值约为，由闭合电路欧姆定律可知，此时的滑动变阻器的阻值约为，故滑动变阻器应选择；
（4）使用过程中发现天色比较暗了，路灯还未开启，说明此时控制电路的电流较大，总电阻较小，所以为使路灯亮得更及时，应适当地增大滑动变阻器的电阻。
（5）车灯照到光敏电阻上时，光敏电阻的阻值减小，控制电路部分的电流增大，此时电动机启动，故将开门电动机连接在BC接线柱上满足题意。
24.【答案】
【解析】小球做平抛运动，当垂直打在斜面上时，由速度关系有
（2分）
（1分）
由位移关系可得
（2分）
（2分）
有几何关系可得：
（2分）
联立求解可得： （1分）
25.【答案】（1）（2）
【详解】（1）金属棒MN运动的速度为v，则MN切割产生电动势
（2分）
回路总电阻为
（1分）
由闭合电路欧姆定律得
（1分）
电流为恒定电流，故安培力为
(2分)
由于导体棒匀速运动，可得
（1分）
水平外力做功的功率随时间t变化的关系式为
（1分）
（2）金属棒MN以速度v匀速向右运动时，闭合回路中电流为0，根据法拉第电磁感应定律可得,闭合回路的磁通量保持不变。
初始时,磁通量为
（2分）
t时,磁通量为
（2分）
磁通量保持不变,可得
（1分）
最终可得
（1分）
26.【答案】（1）（2）（3）
【解析】(1)粒子以速度v沿直径AOB方向射入磁场时，如图
由
（1分）
得半径
（1分）
根据几何关系可知
（1分）
所以
（1分）
以速度射入时，半径
（1分）
设第二次射入时的圆心角为，根据几何关系可知
（1分）
所以 （2分）
则第二次运动的时间为（由运动弧长计算）
（2分）
当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
（2分）
计算得出
（2分）
（3）当粒子的入射点和出射点的连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大，如图所示
由图可知
（2分）
平移距离为
（2分）
解得
（2分）题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
C
D
B
D
D
AC
CD
BC
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