（上海卷）2023年中考物理第三次模拟考试（含考试版+答题卡+全解全析+参考答案）

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（本卷共20小题，考试时间：80分钟 试卷满分：70分）
考生注意：
1.试卷第1~20题为物理部分，第21~41题为化学部分，第42题开始为跨学科案例分析部分。
2.试卷满分135分。考试时间120分钟。
3.按要求在答题纸上作答，在试卷、草稿纸上答题一律无效。
一、选择题（下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。本大题6小题，每小题2分，共12分）
1.“0.15A”最可能是下列哪个用电器工作时的电流（ ）。
A.家用电冰箱 B.家用空调器 C.普通计算器 D.普通的白炽灯
【答案】D。
【解析】普通白炽灯、家用空调器、电冰箱的额定电压都是220V，根据P=UI得，工作电流为0.15A的用电器的电功率是33W，家用空调的电功率约为1000W；
家用电冰箱的电功率约为200W；普通白炽的电功率约为几十瓦，所以最接近的是普通白炽灯；而普通计算器的电压和功率都很低，电流也很小，不到1mA。故选D。
2.下列各种微观粒子中，带负电的粒子是（ ）。
A.原子 B.电子 C.质子 D.中子
【答案】B。
【解析】原子是由带正电的原子核和带等量负电的核外电子构成的，整个原子呈中性，对外不显电性；原子核由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电。故ACD不符合题意；B符合题意。故选B。
3.如图所示,有三个实心圆柱体甲、乙、丙,放在水平地面上,其中甲、乙高度相同,乙、丙的底面积相同,三者对地面的压强相等,下列判断正确的是( )。
A.ρ甲=ρ乙>ρ丙 B.ρ甲=ρ乙=ρ丙 C.m甲=m乙=m丙 D.m甲>m乙=m丙
【答案】A。
【解析】三个实心圆柱体竖放在水平地面上,三者对地面的压强相等,且h甲=h乙根据p=ρgh可知,ρ=,则ρ甲=ρ乙>ρ丙,故A正确、B错误。
由于S甲由于圆柱体对地面的压力等于自身重力,所以G甲4.有一个人用水平方向的力推一辆小车向右匀速前进，推力为80N，突然他发现车正前方不远处有一个人，为避免撞人的危险，他立即用100N的水平力向后拉车，此时，车受到的合力大小为（ ）。
A．100N B．80N C．180N D．20N
【答案】C。
【解析】∵工人师傅推着一辆小车在水平方向上匀速前进，
∴小车在水平方向上受到向前的推力和向后的摩擦力是一对平衡力，则；
当他用水平向后的力拉车时，车仍水平向前运动，受到的摩擦力大小和方向都不变；
由此可知小车受到的拉力和摩擦力是方向相同的，
∴它所受力的合力。故选C。
5.在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（ ）。
A.A1 、A3 示数不变，A2 、V示数变小；
B.A1 、V示数不变，A2 、A3 示数变大；
C.A1 、A2 、V示数不变，A3 示数变小；
D.A2 、V示数不变，A1 示数变小，A3 示数变大
【答案】C。
【解析】由图可知，本题电路为R1 与R2 并联，电流表A1 测量R2 电流，电流表A2 被短路，电流表A3 测量干路总电流，电压表示数U=U1 =U2 ，故电流表A2 、电压表两表示数是不变的，电流表A1 测量R2 电流，因，因R2 为定值电阻，阻值不变，电源电压不变，故电流表A1 示数也是不变的；电流表A3 测量干路电流，因，因R1 滑片向右滑动，阻值变大，故R并 也相应增大，由此电流表A3 示数变小。故选C。
6.如图，台秤上放置一个装有适量水的烧杯（烧杯质量不计），已知水的质量为600g，杯的底面积为100cm2 ，将一个质量为800g、体积为1000cm3 的实心长方体A用细线系着，先将其一半浸入烧杯的水中（烧杯的厚度忽略不计，杯内水没有溢出）。下列说法错误的是（ ）。
A.浸入水的过程中，水对容器底压强变大；
B.A 的一半浸入水中前后，台秤的示数变化了5N；
C.若剪断细线，A物体下表面受到的压强先变大后不变；
D.若剪断细线，待液面静止后，水对容器底的压强为1600Pa
【答案】D。
【解析】A.浸入水的过程中，物体A排开水的体积变大，烧杯内水的深度变大，由p=ρgh可知，水对容器底的压强变大，故A正确；
B.物体A的一半浸入水中时受到的浮力F浮=ρ水gV排 =1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5×1000×10-6 m3 =5N
由力的作用是相互的可知，物体A对水向下压力增加了5N，则烧杯对台秤的压力也增加了5N，所以台秤的示数变化了5N，故B正确；
C.物体A的重力G=mg=0.8kg×10N/kg=8N>F浮
且实心长方体A的密度
则剪断细线后，实心长方体A静止时处于漂浮状态，此时A受到的浮力为
所以剪断细线瞬间，长方体受到的重力大于浮力，长方体将向下运动，排开水的体积将变大，受到的浮力变大，当浮力和重力相等时，长方体继续向下运动，物体速度减小，受到的浮力继续变大，直至速度为零，此时浮力大于重力，然后物体向上运动，如此反复，最终静止。所以，A物体下表面所处的深度先增大后变小，再变大后变小，最终静止不变，由p=ρgh可知，A物体下表面受到的压强先变大后变小，往复后最终不变，故C正确；
D．因烧杯为柱形容器，所以若剪断细线，待液面静止后（物体漂浮），水对容器底的压力等于水和A物体的重力之和，则水对容器底的压强；
故D错误。故选D。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共24分）
7.我国家庭电路电压是______V ，家庭电路中电视机和电灯的连接方式是______（选填“串联”或“并联”）的，控制电灯的开关应接在______（选填“零”或“火”）线上。
【答案】220；并联；火。
【解析】(1)我国家庭电路电压是220V。
(2)家庭电路中电视机和电灯工作情况互不影响，是并联的。
(3)为了避免触电事故的发生，控制电灯的开关应接在火线上。
8.甲、乙、丙三辆小车同时、同地向同一方向运动，它们运动的图象如图所示，由图象可知：运动速度相同的小车是______和______；经过5s，跑在最前面的小车是______。
【答案】甲；丙；乙。
【解析】由第一个图象可知，路程和时间的图象是一条过原点的射线，路程和时间成正比，路程和时间的比值﹣速度是一个定值，当甲运动的路程为20m时，运动的时间是5秒，运动的速度v甲===4m/s；
由第二个图象可知，乙、丙的速度不随时间的变化而变化，是一个定值，乙的速度v乙=6m/s，丙的速度v丙=4m/s；
由分析可知：甲和丙的速度是相等的；
甲、乙、丙三辆小车同时、同地向同一方向运动，因为乙的速度是最大的，经过5s，乙运动的路程就是最长的，所以乙在最前面；
故答案为：甲；丙；乙。
9.（1）据报道，荆州机场已在沙市区岑河镇动工，机场的建成将为我们的出行带来极大方便。飞机升空过程中，机翼___方（选填“上”或“下”）的空气流速大，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强会____（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（2）游乐园的小朋友从滑梯上匀速下滑过程中，动能____（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时臀部有灼热感，这是通过_____方式来改变内能的。
【答案】（1）上；变小；（2）不变；做功。
【解析】（1）飞机机翼横截面上方是圆弧状，下方是直线，飞机运动时上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而形成升力；大气压随海波的升高而降低。
（2）匀速下滑，速度不变，所以动能不变；臀部有灼热感是通过摩擦做功，把机械能变为内能。
10.如图甲所示电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=___，消耗的功率P1：P2=___；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，则电流表A1、A2的示数之比为___，在相同时间内R1、R2消耗的电能之比为___。
【答案】1：2；1：2；2：3；2：1。
【解析】(1)甲图中R1、R2串联，电压表V1测R1两端电压，V2测R1、R2的总电压，根据串联电路的分压公式得：，
则；
(2)根据P=I2R，消耗的电功率之比为：=．
(3)乙图中R1、R2并联，改接成图乙的电路后，电流表A1测通过R1的电流I1，A2测干路电流I，根据并联电路的分流公式得：，
则；
(4)在相同时间内R1、R2消耗的电能之比为：。
11.如图1所示电路，电源电压为6 V，当S闭合时，电压表的读数如图2，则电压表的量程是：_____，L1两端的电压为______V，L2两端的电压为______V。
【答案】0～3V；1.5；4.5。
【解析】由电路图可知：电压表所测电压是灯泡L1两端的电压，指针的位置在表盘中央，示数可能是7.5V，也可能是1.5V；
而题目中的电源电压为6V，故L1的电压不会大于6V，所以电压表量程为0~3V，故电压表示数应为1.5V，即U1=1.5V；
根据串联电路的电压规律：U=U1+U2；电源电压U=6V；则灯泡L2两端的电压为：U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V。
12.让一个乒乓球沿如图甲所示轨道滚动。
（1）乒乓球从A点静止释放，到达最高点C时，速度是否为零？ 。乒乓球在A点时的机械能EA大于、小于还是等于其在C点的机械能EC？ 。
（2）将轨道BC段改为水平，如图乙所示。乒乓球仍从A点静止释放，若受到的阻力不能忽略，经过B点后在MN段运动的速度将如何变化？ 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
【答案】（1）是；EA＞EC；（2）减小。
【解析】（1）小球从A点运动过程中，先将重力势能转化为动能，又把动能转化为重力势能，所以乒乓球从A点静止释放，到达最高点C时，速度是零；此过程中，由于摩擦，所以在运动过程中，一部分机械能会损失掉，转化成内能，故A点的机械能大于C点的机械能，即EA＞EC。
（2）将轨道BC段改为水平，如图乙所示．乒乓球仍从A点静止释放，当其滚动到平面上，由于惯性能继续运动，但由于阻力的作用，即乒乓球的速度越来越小，最终会静止。
故答案为：（1）是；EA＞EC；（2）减小。
13.如图所示，物体重210N，动滑轮重25N。工人用125N的拉力将物体匀速提升3m，用了10s，此过程中有用功是______J，拉力的功率是______W，滑轮的机械效率是______，克服动滑轮重所做的额外功占总功的______%。
【答案】(1)630；(2)75；(3)84%；(4)10。
【解析】(1)此过程中有用功：W有=Gh=210N×3m=630J
(2)拉力做的功：W总=Fs=F×2h=125N×2×3m=750J
拉力的功率：P==75W；
(3)滑轮的机械效率：=84%
(4)克服动滑轮重所做的额外功：W额=G动h=25N×3m=75J
克服动滑轮重所做的额外功占总功的：=10%。
三、作图题（本大题2小题，共6分）
14.请在图中画出细线悬挂的小球摆动到图示位置时受到的力的示意图(不考虑空气阻力)。
【解析】不考虑空气阻力。小球摆动过程中，受到重力和绳子拉力的作用。过球心作竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。如图所示：
15.请标出图中小磁针的N极。
【解析】因为地磁南极在地理北极附近，而地磁北极在地理南极附近，根据异名磁极相互吸引，所以小磁针指向北方（即地磁南极）的为N极，指向南方（即地磁的北极）的是小磁针的S极。如图所示：
四、综合题（本大题5小题，共32分）
16.（3分）太阳能是一种廉价的无污染能源，开发和利用前景广阔，从有关资料获悉，在地球表面，晴天时垂直于阳光的表面接收到的热辐射为1.2×103J/（m2•s）。有一台太阳能热水器，可将接收到的热辐射的40%用来升高水温，如果该热水器接收阳光垂直照射的有效面积始终是2.1m2，晴天晒了1h，其水箱中50kg水的温度能升高多少度？
【解析】太阳能热水器1h接收的太阳辐射能为：Q=1.2×103J/（m2•s）×2.1m2×3600s=9.072×106J，
水吸收的热量为：Q吸=Qη=9.072×106J×40%=3.6288×106J；
∵Q吸=cm△t，
∴水箱中50kg水的温度能升高的温度：△t===17.28℃。
答：水箱中50kg水的温度能升高17.28℃。
17.（3分）如图所示，斜面长5m，高3m。小强用绳子沿斜面将质量为20kg的木块由斜面底端匀速拉到顶端，拉力大小为150N，绳重不计。则木块与斜面间的摩擦力为______N（g取10N/kg）。
【答案】30。
【解析】有用功：W有用=Gh=mgh=20kg×10N/kg×3m=600J，
总功：W总=Fs=150N×5m=750J，
额外功：W额=W总-W有用=750J-600J=150J，
木块与斜面间的摩擦力：。
18.（9分）如图所示，一正方体物块边长为10cm,漂浮于足够高的底面积为S0的盛有足量水的圆柱形容器中，有1/5体积露出水面。水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）该物块受到的浮力；
（2）该物块的密度；
（3）若未投入物块时，水对容器底部的压力为F0。试求出物块漂浮时，水对容器底部的压力F1和物块浸没时水对容器底部的压强P2；
（4）若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了200Pa，物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为30:29，则未投入物块时容器中水的深度是多少？
【答案】（1）8N；（2）0.8×103kg/ m3；（3）F0＋8 N；( F0＋10)/ S0Pa (4) 0.125m。
【解析】（1）物块受到的浮力
；
（2）由可得，该物块的密度：；
（3）由于容器为圆柱形容器，物块漂浮时，受到的浮力等于其重力，水对容器底的压力：
F1=F0+G=F0+8N，
物块浸没时水对容器底部的压力：F2=F0+ρ水gV物=F0+，
物块浸没时水对容器底部的压强。
（4）由题，物块浸没时与物块漂浮时水对容器底部的压力之比为30:29，
则 ，解得F0=50N，
又若物块漂浮时与未投入物块时比较，水对容器底部的压强变化了200Pa，则，
解得S0=0.04m2，
未投入物块时水对容器底的压强，
根据液体压强公式p=ρgh可得，未投入物块时容器中水的深度：
。
答：（1）该物块受到的浮力为8N；（2）该物块的密度为；（3）物块漂浮时，水对容器底部的压力F1=F0+8N，物块浸没时水对容器底部的压强；（4）未投入物块时容器中水的深度是0.125m。
19.（9分）图甲是可自动调节亮度台灯的电路图。灯泡标有“24V 12W”字样，R1 为光敏电阻。其阻值随光照强度的变化如图乙所示。滑动变阻器R2 最大阻值为30Ω。当光照强度为E1 、R2 连入电路的则值为12Ω时。灯正常发光（不计温度对灯丝电阻的影响）。求：
（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能；
（2）电源电压；
（3）光照强度在E1 ~E2 之间，通过调节R2 ，灯泡实际功率的变化范围。（灯泡两端的电压不能超过额定电压）
【答案】（1）3600J；（2）36V；（3）4.32W~12W。
【解析】（1）灯泡的电阻为
灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能为
（2）电路中的电流为
电源电压为
（3）光照强度在E1 ~E2 之间，电路中的总电阻为
电路中的最小电流为
灯泡的最小功率为
灯泡的最大功率为；
实际功率的取值范围为4.32W~12W。
答：（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能为3600J；（2）电源电压为36V；（3）光照强度在E1 ~E2 之间，通过调节R2 ，灯泡实际功率的变化范围为4.32W~12W。
20.（8分）为测量小灯泡（标有“2.5V 0. 3A”字样）的额定功率，小凯设计如图所示的电路。各元件正常，接触良好。
(1)在图的电路中，闭合开关后，观察电压表、电流表及小灯泡，有什么现象_____？
(2)同组的小旋发现，电路中虽然有两个错误，但只要改接一根导线，就可以完成本实验探究。请你在图中把那根导线找出来，打上“×"，再把它改接到正确的位置上，并在虚线框内画出改正后的电路所对应的电路图；（________）
(3)再次闭合开关，电流表、电压表的示数如图所示。计算此时小灯泡的电功率为_____W，这是小灯泡的额定功率吗？写出你的判断依据_____；
(4)若只把小灯泡更换为一个待测定值电阻，能测出其阻值吗_____？
【答案】电压表有示数、电流表无示数、小灯泡不亮；如图；0.672；不是，因为小灯泡的实际电压小于它的额定电压，所以小灯泡的实际功率小于它的额定功率；可以。
【解析】(1)由图可知，灯泡被短路，没有电流通过，灯泡不亮，电流表无示数，此时电压表串联在电路中测电源电压，有示数且很大。
(2)电流表需要与灯泡串联，电压表并联在灯泡两端，只需要去掉电流表“0.6”接线柱与灯泡接线柱的导线即可；电路图按照电流从电源正极出发，依次经过开关，电流表、灯泡回到电源负极，电压表并联在灯泡两端，电流表、电压表遵循电流正极进负极出的原则，如图所示
(3)电流表选择分度值0.02A的小量程0~0.6A，示数为0.28A，电压表选择分度值为0.1V的小量程0~3V，示数为2.4V，此时小灯泡的电功率为
此时小灯泡的实际电压小于它的额定电压，所以小灯泡的实际功率小于它的额定功率，所以不是额定功率。
(4)若只把小灯泡更换为一个待测定值电阻，根据可知，只需要用电压表测出待测电阻两端电压，电流表测出通过待测电流就能测出其阻值。