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    福建省龙岩市龙岩北附高级中学2023-2024学年高二下学期3月月考物理试卷(Word版附解析)
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      (答案)龙岩北附高二普通班月考物理试题3.19.docx
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      龙岩北附高二普通班月考物理试题3.19.docx
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    福建省龙岩市龙岩北附高级中学2023-2024学年高二下学期3月月考物理试卷(Word版附解析)

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    1.B
    【详解】A.X射线具有较强的穿透能力,所以不能用于广播,故A错误;
    B.γ射线是波长最短,频率最高的电磁波,故B正确;
    C.紫外线的波长比紫光短,紫外线的频率比紫光的高,故C错误;
    D.长波波长较长,频率较低,能量较小,不可摧毁病变的细胞,故D错误。
    故选B。
    2.D
    【详解】A.P不动,向下滑动时,根据,可知,自耦变压器输出电压U2不变,故A错误;
    B.电压是电源电压,输入电压,与匝数无关,故B错误;
    C.P'不动,P顺时针转动一个小角度时,副线圈匝数减小,根据,副线圈电压减小,则电流减小,副线圈功率减小,原线圈功率等于副线圈功率减小,则原线圈电流减小,故C错误;
    D.P顺时针转动一个小角度,U2变小,同时P'向下滑动时,滑动变阻器阻值减小,副线圈电流可能不变,小灯泡的亮度可以不变,故D正确;
    故选D。
    3.D
    【详解】ABC.酒驾驾驶员对着测试仪吹气时,传感器R的阻值减小,则电流增大,根据
    可知电压表示数变小,故ABC错误;
    D.根据功率的公式可知
    可知电源的总功率增大,故D正确;
    故选D。
    4.A
    【详解】A.依题意,该交流电的周期为

    则频率为
    故A正确;
    B.当线圈平面与中性面重合时,线圈中的感应电动势为0,故B错误;
    C.当线圈平面与中性面垂直时,线圈中的感应电动势最大、感应电流最大,故C错误;
    D.线圈每经过中性面电流方向改变一次,所以转动一周,感应电流的方向改变两次,故D错误。
    故选A。
    5.BCD
    【详解】A.“探究电磁感应的产生条件”实验中,为了看到明显的实验现象,线圈的两个接线柱与直流电流表相接,故A错误;
    B.观察电容器充电过程可以发现,随着电流逐渐减小,电容器两极板所带电荷越来越多,由
    电容器的电容不变,电容器两端的电压逐渐增大;
    C.“用单摆测定重力加速度”实验中,摆球的最高点速度为零,用最高点作为计时起点,会导致较大的偶然误差。摆球的最低点速度最大,用最低点作为计时起点,会减小偶然误差。故C正确;
    D.理论和实验表明,电阻中有电流流过时电能转化为内能,电阻是耗能元件,而电容器和电感线圈工作时电能分别与电场能和磁场能转换,都是储能元件。故D正确;
    6.BD
    【详解】AB.以向左为正方向,足球与墙壁的接触过程的动量改变量为
    B正确,A错误;
    CD.根据动量定理可得
    可得足球受到墙壁水平方向的平均作用力大小为
    D正确,C错误。
    故选BD。
    7.CD
    【详解】A.由动量定理有
    所以合外力的冲量为,故A项错误;
    B.由冲量公式,重力的冲量大小为
    故B项错误;
    C.对物块受力分析,其支持力大小为
    支持力的冲量大小为
    故C项正确;
    D.物块受到的摩擦力大小为
    所以受到摩擦力的冲量为
    故D项正确。
    故选CD。
    8.BC
    【详解】A.其它条件不变,当开关从b打到a,原线圈匝数增加。根据
    可知副线圈电压减小,副线圈电流减小,根据
    可知原线圈电流变小,A错误;
    B.其它条件不变,当开关从a打到b,原线圈匝数减小。根据
    可知副线圈电压增大,副线圈电流增大,根据
    可知原线圈电流变大,B正确;
    C.其它条件不变,电压U增大,即原线圈电压增大,根据
    可知副线圈电压增大,副线圈电流增大,根据
    可知原线圈电流变大,C正确;
    D.其它条件不变,变阻器电阻R增大,则副线圈电流变小,根据
    可知原线圈电流变小,即输入电流I变小,D错误。
    故选BC。
    9. 等于 小于 大于
    【详解】[1]由动量守恒定律
    所以弹开后,两车动量大小相等,方向相反;
    [2]由动能和动量的关系
    依题意得A车动能小于B车动能;
    [3]由冲量定义式得重力冲量
    两车作用时间相等,则A车重力冲量大于B车重力冲量。
    10. 10
    【详解】[1][2] 某时段的用电总功率为2200W则该电路的电流有效值为
    最大值为
    所以瞬时电流表达式为
    11. 900 大于
    【详解】(1)[1]根据闭合电路的欧姆定律
    [2] 当温度处于,总电阻依然为,由题意

    故滑动变阻器阻值
    故选。
    (2)[3]由表格可知
    (3)[4]由闭合电路欧姆定律
    电动势E不变,内阻r增大,电磁继电器工作电流不变,故热敏电阻的阻值减小,即电磁继电器工作时,实际温度大于40℃。
    12. D A
    【详解】(1)[1]为了减小变压器铁芯中的涡流损耗,则铁芯的结构和材料应为绝缘的硅钢片叠成。
    故选D。
    (2)[2]与学生电源直流输出端相连的变压器线圈不会产生感应电流,故电压表与副线圈0、8(800匝)接线柱相连,则电压表的示数是0。
    故选A。
    13.(1),竖直向下;(2),竖直向下;
    【详解】(1)碰撞前铁锤是自由落体运动,如设碰撞前瞬间铁锤速度为v,则
    解得
    撞击前瞬间铁锤的动量
    方向竖直向下;
    (2)根据自由下落公式
    解得
    铁锤在自由下落过程中重力的冲量
    方向竖直向下;
    14.(1)431.8A,;(2)1:16,
    【详解】(1)发电机电压即升压变压器原线圈两端电压
    用户得到的功率
    P4=
    解得
    又因损失功率为
    解得
    损失电压为
    (2)因为
    升压变压器输出功率为
    解得
    升压变压器的匝数比为
    降压变压器的匝数比为
    15.(1)3m/s;(2)2m/s;(3)3J
    【详解】(1)(2)设A与C发生碰撞后,A的速度为vA,C的速度为vC,B与A发生相互作用后,共同速度为v共,根据题意得
    代入已知数据联立解得
    (3)根据能量守恒定律可得A与B之间摩擦产生的内能为
    解得
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