07，武汉市汉阳区2023-2024学年九年级上学期期中考试物理试题

这是一份07，武汉市汉阳区2023-2024学年九年级上学期期中考试物理试题，共19页。
注意事项：1．答题前，务必将姓名、考号等信息填写在答题卡指定位置。
2、请将答案直接写在答题卡上
第Ⅰ卷（选择题：共54分）
一、选择题（下列各题中只有一个选项是正确的，请将正确选项序号涂在答题卡上。共18小题，每小题3分，共54分）
1. 下列词语中，能体现分子热运动的是（ ）
A. 白云悠悠B. 尘土飞扬C. 花香满园D. 水滴石穿
【答案】C
【解析】
【详解】A．白云悠悠是宏观的物体运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；
B．尘土飞扬是宏观的物体，不能说明分子在不停地做无规则运动，故B不符合题意；
C．花香满园，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C符合题意；
D．水滴石穿说明里可以改变物体的形状，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D不符合题意。
故选C。
2. 如图所示是由微颗粒（直径为1~50nm）制备得到的新型防菌“纳米纸”，在“纳米纸”的表面，细菌无法停留且“油水不沾”。下列与此现象有关的判断说法正确的是（ ）
A. “纳米纸”的分子是静止的
B. “油水不沾”的原因是两种分子间只有斥力
C. 油分子与“纳米纸”分子间既有斥力，又有引力
D. “油水不沾”的原因是组成“纳米纸”的分子间没有间隙
【答案】C
【解析】
【详解】A．一切分子都在不停地做无规则运动，故A错误；
BC．分子间的引力和斥力是同时存在的，故B错误，C正确； 您看到的资料都源自我们平台，20多万份试卷，家威杏 MXSJ663 每日最新，性比价最高D．任何分子间都存在着间隙，“纳米纸”只是间隙较小，故D错误。
故选C。
3. 关于内能，下列说法正确的是（ ）
A. 内能是物体动能与势能的总和
B. 冰冷的冰块，温度很低，可能不具有内能
C. 热传递过程中，热量只能从内能大的物体转移到内能小的物体
D. 热传递过程中，放出热量的物体的内能可能小于吸收热量的物体的内能
【答案】D
【解析】
【详解】A．内能是物体内部所有分子做无规则运动的动能和分子势能的总和，故A错误；
B．一切物体都有内能，冰冷的冰块，温度很低，也具有内能，故B错误；
C．热传递的条件是有温度差，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，也可能从内能大的物体转移到内能小的物体，内能大的物体不一定温度高，故C错误；
D．热传递过程中，放出热量的物体的物体温度高，内能不一定大，放出热量的物体的内能可能小于吸收热量的物体的内能，故D正确。
故选D。
4. 甲、乙两个物体的比热容之比为，若使它们升高相同的温度，吸收的热量之比为，则甲、乙两个物体的质量之比为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】已知甲、乙两个物体的比热容之比为
吸收热量之比为
由可知，甲、乙两个物体的质量之比为
故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
5. 沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大，这主要是因为（ ）
A. 水的内能多，沙石的内能少B. 水的导热性好，沙石的导热性差
C. 水的比热容大，沙石的比热容小D. 水吸收的热量多，沙石吸收的热量少
【答案】C
【解析】
【详解】沿海地区水多，内陆地区（尤其是沙漠）水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故 ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
6. 下列四幅图片中有一幅所反映的“改变物体内能的方式”与其它三幅图不同，它是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．坐滑梯臀部发热，是通过做功的方式改变物体内能的；
B．用锯锯木头，克服摩擦做功，自身内能增加，是通过做功的方式改变物体内能的；
C．烧水是通过热传递的方式改变物体内能的；
D．钻木取火，克服摩擦做功，自身内能增加，是通过做功的方式改变物体内能。
综上所述C与其他选项的内能改变方式不同。
故选C。
7. 2023年5月30日，长征二号F遥十六运载火箭搭载神舟十六号载人飞船成功发射（如图）。火箭使用一种叫做偏二甲肼的液体燃料，是因为该燃料具有较大的（ ）

A. 热值B. 比热容C. 密度D. 体积
【答案】A
【解析】
【详解】火箭升空过程中，是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能；在运载能力有限的情况下，要求燃料的热值越大越好，这样它在燃烧时就会给火箭提供更多的能量，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
8. 如图所示，不同形式的能量可以在一定条件下相互转化，下列列举的实例不正确的是（ ）
A. 实例①：热机B. 实例②：电加热器
C. 实例③：电灯D. 实例④：干电池
【答案】D
【解析】
【详解】A．热机利用内能做功，将内能转化为机械能，故A正确，不符合题意；
B．电加热器是利用电流热效应工作的，其工作时，将电能转化为内能，故B正确，不符合题意；
C．电灯工作时消耗电能，将电能转化为光能，故C正确，不符合题意；
D．干电池放电时，为用电器提供电能，将化学能转化为电能，故D错误，不符合题意。
故选D。
9. A、B是两个轻质泡沫小球，C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，A、B、C三者之间相互作用时的场景如图所示，由此可以判断（ ）
A. 小球B可能不带电B. 小球B可能带正电
C. 小球A可能不带电D. 小球A一定带正电
【答案】C
【解析】
【详解】C是用毛皮摩擦过的橡胶棒，即C带负电。由图可知，B与C排斥，根据同种电荷互相排斥可知B一定带负电；A与B相互吸引，根据异种电荷相互吸引可知，A可能带正电；但带电体还能吸引轻小物体，故A还可能不带电。
故选C。
10. 在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示。下列说法正确的有几项（ ）
①锌片是电池的正极
②盐水电池的电压是0.6V
③盐水中电流的方向是从铜片流向锌片
④锌片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从电压表流向锌片
A. 一项B. 二项C. 三项D. 四项
【答案】A
【解析】
【详解】①根据图示可知，铜片与电压表的正接线柱相连，因此铜片为盐水电池的正极，故①错误；
②电压表的量程为0~3V，分度值为0.1V，示数为0.6V，故②正确；
③电源外部电流的方向是从铜片流经电压表流向锌片，而盐水中（电源内部）的电流的方向是由电源的负极到正极，所以盐水中电流的方向是从锌片流向铜片，故③错误
④金属导线靠自由电子导电，自由电子定向移动方向与电流方向相反，所以锌片与电压表之间的导线中，自由电子的运动方向是从锌片流向电压表的负接线柱，故④错误。
以上选项有一项正确，故A正确，BCD错误。
故选A。
11. 将一个小灯泡（假设只要有电流流过小灯泡，它就发光）和一个LED接入电路中，闭合开关，下图中关于小灯泡和LED的发光情况标注正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．二极管右侧引脚较长，可知右侧为正极，因此图中正负极标反了，电流不能通过，小灯泡和二极管不能发光，故A错误；
B．由电路图可知电流是从二极管正极流入，负极流出，电流可以通过，小灯泡和二极管能发光，故B错误；
C．二极管右侧引脚较长，可知右侧为正极，电流是从二极管负极流入，正极流出，电流不能通过，小灯泡和二极管不能发光，故C错误；
D．二极管左侧引脚较长，为正极，电流是从二极管正极流入，负极流出，小灯泡和二极管能发光，故D正确。
故选D。
12. 如图甲所示的电路，闭合开关，L1和L2正常发光，过一会儿两灯突然熄灭，将图乙所示的电压表接在灯泡L2两端，电压表指针不偏转。若电路中只有一处故障，且故障位置只在灯泡上，则故障可能是（ ）
A. L1断路B. L1被短接C. L2断路D. L2被短接
【答案】A
【解析】
【详解】当闭合开关后，该电路为串联电路，L1和L2正常发光，过一会儿两灯突然熄灭，说明电路发生了断路；将电压表接在灯泡L2两端，而电压表没有示数，说明电压表与电源没有接通，断路点不在L2；若电路中只有一处故障，且故障位置只在灯泡上，故障是灯泡L1断路，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
13. 如图甲为调光台灯，乙为一简单调光台灯的电路图，在电路图的M、N两点之间接入一个滑动变阻器，使得滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，则M、N两接线柱可以分别接在（ ）
A. A、BB. C、DC. A、DD. B、C
【答案】C
【解析】
【详解】滑片P向左移动时，灯泡的亮度减小，即此时通过小灯泡的电流变小，根据欧姆定律可知，此时变阻器接入电路的电阻变大，所以应该是变阻器滑片右边的电阻丝接入电路，故必须选择D接线柱，再选择A或B接线柱即可，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
14. 关于欧姆定律，下列说法中正确的是（ ）
A. 欧姆定律是通过推导得出的规律
B. 欧姆定律反映出了导体电阻跟电流和电压之间的关系
C. 欧姆定律中的I、U和R反映的是同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系
D. 由欧姆定律变形得U=IR，说明在导体电阻一定时，导体两端的电压U跟电流成正比
【答案】C
【解析】
【详解】A．欧姆定律是通过实验得出的规律，故A错误；
B．欧姆定律反映的是电流与电压和电阻的关系，故B错误；
C．欧姆定律的使用要满足同一性，即同一段电路中同一时刻的电流、电压和电阻关系，故C正确；
D．欧姆定律的变形式U=IR说明的是：在导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故D错误。
故选C。
15. 在研究开关对用电器的控制作用时，某次连接的实物图如下，下列说法正确的有几项（ ）
①只闭合S1时，灯泡L1亮
②只闭合S2时，灯泡L2亮
③只闭合S1、S2，灯泡L1、L2均亮
④三个开关均闭合时，只有L1亮
A. 一项B. 二项C. 三项D. 四项
【答案】B
【解析】
【详解】①只闭合S1时，电流从电源正极出发，经灯泡 L1回负极，故只有灯泡L1亮，故①正确；
②只闭合S2时，灯泡L2没有电流经过，不发光，故②错误；
③只闭合S1、S2，灯泡L1、L2并联接入电路，两个灯泡均亮，故③正确；
④三个开关均闭合时，发生电源短路，灯泡L1、L2均不亮，故④错误。
综上分析，正确的有①③两项，故B正确，ACD错误。
故选B。
16. 某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水；光线较暗时“光控”开关自动闭合，提供照明．下列简化电路中符合要求的是
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】售水机既可以通过刷卡闭合“感应开关”，也可以通过投币闭合“投币开关”，来接通供水电机取水，这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的，然后与电动机串联；光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的；结合图示可知，只有B符合题意，ACD不符合题意．
17. 利用如图所示的电路探究影响导体电阻大小的因素，演示板上固定有a、b、c、d四根合金丝，长度关系为，横截面积关系为，其中a、c、d均为镍铬合金丝，b为锰铜合金丝。将导线P、Q分别接在同一根合金丝两端的接线柱上，下列说法正确的是（ ）

A. 选用a和b进行实验，探究导体的电阻跟导体横截面积的关系
B. 选用a和c进行实验，可以探究导体电阻跟导体长度的关系
C. 选用b和d进行实验，可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系
D. 选用c和d进行实验，可以探究导体电阻跟导体长度的关系
【答案】B
【解析】
【详解】A．选用和进行实验，和长度相同，横截面积相同，而材料不同，所以可以探究导体电阻跟导体材料的关系，故A错误；
B．和材料相同，横截面积相同，而长度不同，所以可以探究导体电阻跟长度的关系，故B正确；
C．选用和进行实验，和长度不同，横截面积不同，材料不同，有三个变量，所以不可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系，故C错误；
D．选用和进行实验，和长度相同，材料相同，而横截面积不同，所以可以探究导体电阻跟导体横截面积的关系，故D错误。
故选B。
18. 现有两个使用同一种燃料的加热器，用它们分别对甲、乙两种不同的物质加热。已知甲物质的比热容是乙物质的2倍，甲物质的质量是乙物质的，当乙物质升高的温度是甲物质的时（甲、乙物质的物态都不发生改变），加热甲物质所用燃料是加热乙物质的3倍，则两加热器利用热能的效率之比是（ ）
A. 2:1B. 3:2C. 1:1D. 1:6
【答案】B
【解析】
【详解】由题意可知
，，
则两种物质吸收的热量之比
因加热甲物质所用燃料是加热乙物质的3倍，由Q放=mq可得，两加热器消耗燃料完全燃烧释放的热量之比
由可得，两加热器利用热能的效率之比
故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
第Ⅱ卷（非选择题：共46分）
二、非选择题（本题共9小题，共计46分）
19. 如图所示，烧瓶内盛少量水，给瓶内打气，在瓶塞未跳起前，瓶内气体的内能___________，这是通过___________的方式改变了瓶内气体的内能。继续打气，瓶塞会跳起的原因是瓶内气体做功，___________能转化为___________能。同时瓶口有“白雾”逸出，这个现象___________扩散（选填“是”、“不是”）。
【答案】 ①. 增大 ②. 做功 ③. 内能 ④. 机械能 ⑤. 不是
【解析】
【详解】[1][2]给瓶内打气，对瓶内的气体做功，机械能转化为内能，瓶内气体的内能增加。
[3][4][5]继续打气，当瓶塞跳起时，瓶内气体对外做功，内能转化为机械能，气体内能减小，温度降低，这些气体中的水蒸气液化为小水珠，这些小水珠就是看到的“白雾”。扩散现象是由于分子在不停做无规则运动，这个现象不是扩散现象。
20. 如图甲所示，某同学在两只相同的烧杯里装入水和食用油，比较它们吸热的情况。
（1）为了完成比较，甲图中水和食用油的___________一定要相同（选填“体积”、“质量”、“初温”）；在两烧杯中放入相同规格的电加热器，这样可以通过比较___________（选填“升高的温度”或“加热时间”）来比较不同物质的吸热多少；
（2）实验结果表明：不同物质，在______________、_______________时，吸收的热量不同；
（3）图乙是该同学根据实验数据绘制的图像，根据图像分析，物质a的比热容是__________；若a的质量为200g，加热2分钟，水吸收的热量是___________J（不计水的散热损失）。（已知）
【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间 ③. 质量相同 ④. 升高温度度数相同 ⑤. 2100 ⑥. 14000
【解析】
【详解】（1）[1]根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，在此实验中，要求水和食用油的质量相等和升高温度相同，比较吸收的热量，这种研究方法被称为控制变量法。
[2]使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，可根据加热时间来反映吸收热量的多少，加热时间越长，物体吸收的热量越多。
（2）[3][4]由图乙所示图象可知，质量相同的水与食用油升高相同的温度需要的加热时间不同，水与食用油吸收的热量不同，不同物质，在质量相等、升高的温度相同时，吸收的热量不同。
（3）[5]由图乙所示图象可知，加热相等时间，即物质吸收相等热量时，a升高的温度高，a的比热容小，则a是食用油，b是水。水与食用油的质量相等，由图可知，升高相同的温度，如50℃，对a加热需要3min，对b加热需要6min，则
由可知
则
[6]若a的质量为200g，则水的质量也为200g，加热2分钟水吸收的热量是加热6min水吸收热量的，则加热2分钟，水吸收的热量是
21. （1）如图甲所示的四冲程汽油机工作示意图中，汽油机正在进行的是___________冲程，该冲程中存在着___________能转化为内能的过程。若该汽油机的效率是30%，已知汽油的热值为，则做的有用功需要完全燃烧___________g汽油；
（2）仿照乙图，在丙图上画出压缩冲程中连杆曲轴的位置以及进气、排气门的开闭情况___________。
【答案】 ①. 做功 ②. 化学 ③. 200 ④.
【解析】
【详解】（1）[1][2]根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程，做功冲程中，燃料燃烧产生高温高压的气体，将化学能转化成内能；高温高压气体对活塞做功，将内能转化为机械能。
[3]汽油完全燃烧放出的热量
由可得，完全燃烧的汽油质量
（2）[4]压缩冲程中，两个气门都关闭，活塞向上运动，曲轴在左侧，如图
22. 图甲所示为探究“并联电路的电压规律”实物图，请回答下列问题。
（1）请在乙图方框中画出对应的电路图___________（要求电路图简单直观规范）；
（2）在开关没有闭合时，电压表出现了如图丙所示情况，其原因是电压表___________；
（3）该同学换用不同规格的灯泡进行多次实验，这样操作的目的是___________（选填“得到普遍规律”或“减少实验误差”）。
【答案】 ①. ②. 电压表没有调零 ③. 得到普遍规律
【解析】
【详解】（1）[1]根据实物图知，两个灯泡与电压表并联，开关在干路中，电压表接在L2两端，电路如图
（2）[2]在开关没有闭合时，电压表指针在零刻线左侧，指针没有对准零刻度，其原因是电压表没有调零。
（3）[3]本实验是探究规律的，换用不同规格的灯泡进行多次实验，这样操作的目的是排除偶然性，得到普遍规律。
23. 为了检验“并联电路中干路电流是否等于各支路电流之和”，某同学连接了图甲所示电路。
（1）这个电路中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置___________；
（2）改正错误后，该同学进行了实验，测出三处电流表的读数。换上另外两个____________的小灯泡，再次测量三处的电流。分析实验数据，得出结论；
（3）已知灯丝电阻R1>R2，闭合开关后图中电流表A2和A3读数大小关系是：I2___________I3；
（4）实验过程中，连接电流表A2和A3的导线突然断了，则A3表的读数将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；A1表的读数将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. ②. 规格不同 ③. 小于 ④. 不变 ⑤. 变小
【解析】
【详解】（1）[1]由题意可知，电流表A3应该与灯L2串联，测量通过灯L2的电流，并且应使电流从电流表A3的正接线柱流入，由此可判断出电源负极与灯L2之间的导线连接错误，修改如图所示：
（2）[2]为了使结论具有普遍性，避免偶然性，应该使用不同规格的灯泡多次测量。
（3）[3]已知灯丝电阻R1>R2，并来电路中各支路电压相等，由可知，。
（4）[4][5]实验过程中，连接电流表A2和A3导线突然断了，则L1支路断路，电流正常通过L3，L3的电阻和两端电压不变，因此通过L3的电流表不变，即A3示数不变。因并联电路中干路电流大于各支路电流，因此A1示数将减小。
24. 在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，同学们提出了以下猜想：
猜想1：电流可能跟电压成正比
猜想2：电流可能跟电阻成反比
（图中两表的示数与档位要清晰）
（一）在验证“猜想1”时，某同学的做法是：
（1）按图甲所示电路（其中定值电阻为10Ω）连接实物图乙。由于粗心，该同学的电路没有连接完整，请你帮他连接完电路___________；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现仅有一只电表有示数，造成这一现象的原因可能是___________。（选填字母代号）
A．滑动变阻器短路 B．滑动变阻器断路
C．定值电阻短路 D．定值电阻处接触不良 E．电流表断路
（二）为了继续验证“猜想2”，该同学接下来的做法。
（3）在上一次实验中挑选了一组电流表示数为0.4A的实验数据作为本次实验的第一组数据。接着将10Ω的定值电阻换成25Ω的电阻，闭合开关后，该同学应根据甲图所示向___________调节滑动变阻器的滑片，当观察到电压表示数为________V时，记录电流表示数；
（4）再将25Ω的电阻换成5Ω的电阻，为了正确完成实验，该同学还必须改变________的连线。
【答案】 ① ②. CD ③. 右 ④. 4 ⑤. 电流表
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联定值电阻两端，滑动变阻器向右移动阻值变大，故图乙中滑动变阻器左下接线柱与定值电阻串联在电路中，实物图如图
（2）[2]根据电路可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压，若有一只电表没有示数，则有：
①电流表有示数，说明整个电路是通路，电压表无示数，说明定值电阻相对于整个电路的电阻来说很小，所以定值电阻能够分得的电压很小，其原因是定值电阻短路所致，故C符合题意；
②电流表无示数，说明电路出现断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为定值电阻断路或定值电阻处接触不良，故D符合题意。
故选CD。
（3）[3][4]将10Ω的电阻接入电路时，电流为0.4A，则电压为
探究电流与电阻的关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变；当把10Ω的电阻换成25Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，因此需要增大滑动变阻器两端的电压，即增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动，当观察到电压表示数为4V时，记录电流表示数。
（4）[5]当5Ω的电阻接入电路时，此时电路中的电流为
电流表开始时接入了量程，故此时应改变电流的量程。
25. 如图所示的电路中，电源电压保持不变。R2=10。
（1）当闭合开关S1、S2时，电压表V1和电流表A1读数分别是3V、0.5A，R1=___________；
（2）若开关都闭合，电阻R2中电流大小IR2=___________A；移动滑动变阻器滑片，使其阻值增大4，测得电流表A2的读数变化了0.2A，变阻器原来的阻值为___________Ω；滑动变阻器阻值增大时，电流表A1、A2读数之差将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
【答案】 ①. 6 ②. 0.3 ③. 6 ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]当闭合开关S1、S2时，电路为只有R1的简单电路，电压表V1测电源电压，即电源电压为3V，两个电流表都测通过电路的电流，则
（2）[2]若开关都闭合，三个电阻并联接入电路，A1干路电流，A2测通过R1和滑动变阻器的电流，由并联电路电流特点可知，通过R2的电流为
[3]移动滑动变阻器滑片，使其阻值增大4，测得电流表A2的读数变化了0.2A，因并联电路中各支路互不影响，则
解得。
[4]由于并联电路中各支路互不影响，因此滑动变阻器阻值增大时，电流表A1的示数和A2的示数之差不变，都为R2支路的电流。
26. 某物理兴趣小组进行社会实践活动，对一台如图所示的便携式丁烷气炉的加热效率进行探究。（内置一瓶新的燃气罐，参数如表所示），水的比热容为，用气炉给3kg的水加热6分钟，同时绘制出了如图所示的水温随时间变化的图线。由图线计算：（已知）
（1）加热完毕后，拆下气瓶，称得气瓶质量为312g，计算该过程燃料完全燃烧释放的能量有多少___________？
（2）若每分钟燃烧的丁烷气体质量相等，请计算4~6分钟分钟内的加热效率是多少___________？
（3）通过分析，第___________分钟内的加热效率最大？（选填：“”、“”、“”）
【答案】 ①. ②. 10% ③. 0~2
【解析】
【详解】（1）[1]加热完毕后，拆下气瓶，称得气瓶质量为312g，则消耗的燃料的质量为
该过程燃料完全燃烧释放的能量有
（2）[2]由图像可知，4~6min水吸收热量为
若每分钟燃烧的丁烷气体质量相等，则4~6分钟内丁烷释放的热量为
4~6分钟分钟内的加热效率是
（3）[3]从图中可知，水的温度上升的越来越慢，由分析可知，0~2min时水温上升最快，加热效率最大。
27. 如图甲是某种温度报警模拟电路的一部分，电阻R1、R2中，一只是阻值为400Ω的定值电阻，另一只是热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图乙所示，图甲中圆圈为电流表或电压表，该电表的示数设计成“温度升高示数减小”。当电表示数达到一定值时会触发报警装置，电源电压U恒为12V。
（1）电路中R1应是___________电阻（选填“定值”、“热敏”），电表应是___________（选填“电流表”、“电压表”）。
（2）若报警温度设定为56℃，则电路开始报警时电表的示数是多少___________？
【答案】 ①. 定值 ②. 电压表 ③. 8V
【解析】
【详解】解：（1）[1][2]由乙图可知，热敏电阻阻值随温度的升高而减小，若两电阻串联接入电路，温度升高时，热敏电阻的阻值变小，此时通过电路的电流变大，根据可知，定值的电阻两端的电压增大，热敏电阻两端的电压变小；要求该电表的示数设计成温度升高示数减小，所以电路中R1应是定值电阻，电表应是电压表，此时电压表测热敏电阻两端的电压。
（2）[3]由乙图可知报警温度设定为56°C时，热敏电阻接入电路的阻值为800Ω，此时通过电路的电流
此时的电压表示数
答：（1）电路中R1应是定值电阻，电表应是电压表；
（2）报警温度设定为56°C，则电路开始报警时电表的示数是8V。气瓶规格
品名
总质量
主要成分
热值
蓝焰
354g
丁烷