2022-2023学年陕西省宝鸡市渭滨区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2022-2023学年陕西省宝鸡市渭滨区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.为了提高全校师生的身体素质，学校买回了乒乓球发球机，如图甲所示。如果乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，如图乙。若不计空气阻力，则下列说法正确的是( )
A. a球上升过程中，动能增大，重力势能减小
B. b球到达最高点时，重力势能最大，动能为0
C. a、b两球在最高点时机械能相等
D. a、b、c球到达乒乓球案的速度大小关系vb>vc>va
2.2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”开展第二次太空授课活动，航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明( )
A. 分子之间有引力
B. 分子之间有斥力
C. 物质由大量分子构成
D. 水分子在不停地运动
3.如图所示，是一则公益广告，浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观。母亲节前夕，学校倡议同学们用热水为妈妈洗一次脚。关于热水洗脚过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能
B. 泡脚过程热量由脚传递给了水
C. 洗脚过程中水的温度降低，比热容变小
D. 洗脚水的温度越高，所含的热量越多
4.在“会飞的章鱼”实验中，将塑料袋剪成细丝制成“章鱼”，毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料管，将摩擦后的“章鱼”抛向空中，在其下方用摩擦后的塑料管靠近“章鱼”，“章鱼”便飞起来，如图所示。关于该实验下列说法正确的是( )
A. 毛巾与塑料管摩擦的过程中创造了电荷
B. 毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会相互吸引
C. 摩擦后的“章鱼”与毛巾带上了同种电荷
D. “章鱼”飞起的原理与验电器工作原理相同
5.疫情防控期间，宿迁市很多学校门口新增加了人脸识别测温系统。若人脸识别通过，则控制电路会闭合开关S1，若体温测量值在正常范围内，则会闭合开关S2。只有人脸识别通过且体温在正常范围内，系统才会启动电动机打开闸门。下列有关该控制电路的设计能实现上述功能的是( )
A.
B.
C.
D.
6.如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2均正常发光，两电表都有示数。下列判断正确的是( )
A. 电流表A1只测量灯L2的电流B. 电流表A2的示数比A1的大
C. 灯L1被短路时，L2正常发光D. 仅断开S1只有一个表有示数
7.如图甲所示是高铁上烟雾报警器的简化原理图，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值与光照强度的关系如图乙所示。射向光敏电阻的激光被烟雾遮挡时，下列说法正确的是( )
A. 光敏电阻R的阻值减小B. 电流表的示数增大
C. 电压表的示数增大D. 电路中消耗的总功率增大
8.下列关于电学知识说法正确的是( )
A. 洗衣机使用三孔插座主要是为了防止雷击B. 使用测电笔时人手必须接触笔尾的金属体
C. 超导体可以用来制作加热器的电热丝D. 家庭电路中空气开关跳闸一定是发生短路
9.现有“6V 3W”和“12V 6W”字样的甲、乙两只灯泡，不考虑灯丝电阻的变化，下列说法正确的是( )
A. 两灯泡接入电路后，乙灯一定更亮
B. 通电时间相同时，电流通过乙灯泡比甲灯泡做功一定快
C. 两只灯泡串联工作时，甲灯泡产生的热量一定比乙灯泡少
D. 两只灯泡并联工作时，干路中允许通过的最大电流为1A
10.如图所示的电路是家庭电路的一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合S1，灯L1亮；②再闭合S2，灯L1亮，灯L2不亮；③用试电笔测a、b、c、d四个接线点，试电笔只在c点不发光。若电路中只有一处故障，故障可能是( )
A. 灯L2短路B. c点左侧的零线断路C. 灯L2所在支路断路D. c、d两点间断路
11.在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置(两个透明容器中封闭着等量的空气)。下列说法正确的是( )
①U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
③图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Ω
④用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象
A. ①②B. ②③C. ②④D. ③④
12.如图1所示电路中，电源电压恒定不变，电流表所选量程为0∼0.6A，电压表所选量程为0∼15V，小灯泡L标有“6V3.6W”，滑动变阻器R标有“50Ω1.5A”。闭合开关S，调节滑动变阻器使其阻值在某一范围内变化时，电压表与电流表示数的变化情况如图2所示。下列说法正确的是( )
A. 电压表测量的是灯泡L两端的电压
B. 滑片P向右移动时，电压表示数变小
C. 电源电压为8.5V
D. 闭合开关后，滑动变阻器阻值可以调节的范围是5∼50Ω
二、填空题：本大题共8小题，共29分。
13.司机在加油站给小轿车加油时闻到汽油味，这是______ 现象，小轿车汽油机在______ 冲程中将机械能转化为内能，随着汽车行驶，油箱中的汽油质量减小，热值______ 。(选填“增大”、“减小”或“不变”)
14.在四川邛徕窑遗址中出土了一种唐朝“省油灯”。这种省油灯的灯盏是铜质的，在灯盏下增加了一层夹层，又叫夹层灯。夹层留一小孔，可以从小孔向夹层中加水。灯点燃后，热会由灯盏通过______方式使油的内能增加，温度升高，增加耗油量。在夹层中加水，降低油温，达到省油的目的，这是利用水的______较大的特性。
15.请你回答下列问题：
(1)如图甲所示，将电源、灯泡、玻璃、开关依次连入电路，闭合开关，灯泡不亮。用酒精灯灼烧玻璃，随着该处玻璃温度升高，可见灯泡逐渐变亮起来。此现象说明______ ；
(2)如图乙所示，电源电压不变，闭合开关，灯泡L发光。用酒精灯对日光灯灯丝加热，可见小灯泡的亮度明显变______ (选填“亮”或“暗”)。说明日光灯灯丝加热后电阻变______ (选填“大”或“小”)。
16.在如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，滑动变阻器R2上标有“20Ω0.5A”，当滑片P由c点移到a端的过程中，电压表示数U随滑动变阻器R2接入电路的阻值变化情况如图乙所示，R1的最小功率是0.4W。在保证电路元件安全的条件下，电源电压为______ V，R1的电阻为______Ω，R2接入电路的最小阻值为______Ω。
17.小明同学用弹弓研究弹性势能的大小与物体形变的关系。
(1)弹弓弹性势能的大小是通过______来比较的；
(2)当弹弓橡皮筋被拉的长度相同，而所用“子弹”的质量不同，射出去的距离也不同，质量大的“子弹”射出的距离较______，原因是质量大的“子弹”射出时的______小；
(3)小明实验所选用的“子弹”的______应相同。
18.小充同学看见他爸爸的手机锂电池上面标明电压为3.7V，容量为3000mA⋅h，则它充满电后存储的电能为______ J。在充电过程中，锂电池是______ (选填“电源”或“用电器”)。太阳能电池的主要材料之一是硅，它是一种______ (选填“导体”“半导体”或“绝缘体”)。
19.如图所示是一台电动平衡车，电动机上标有“60V 72W”字样，线圈的电阻为6Ω，则电动机正常工作10min所消耗的电能为______J，电动机工作过程中线圈产生的热量为______J，这个电动机的效率为______。
20.按要求完成下列实验内容：
(1)如图1实验中，实验研究的对象是______ (填“小球”或“木块”)的动能，该实验物体动能的大小是通过______ 来反映的；
(2)如图2所示，为小奇自制的验电器。用带负电的橡胶棒接触金属丝时，金属箔因为带______ 种电荷而张开，接触瞬间电流方向从______ (填“橡胶棒到金属丝”或“金属丝到橡胶棒”)。用带电橡胶棒靠近纸屑，纸屑被吸引因为带电体具有______ 的性质；
(3)如图3所示，为了研究气体的扩散现象，其中的______ (填“甲”或“乙”)图所示的实验装置更合理，撤掉两瓶中间的玻璃板，两种气体就会逐渐混合在一起，最后颜色变得均匀，该实验说明______ 。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
21.请在图中用笔画线代替导线将三线插座、电灯和开关分别接入电路。
四、实验探究题：本大题共3小题，共27分。
22.如图甲所示，小佳同学在两只相同的烧杯里分别装入水和食用油，比较它们吸热的情况。
(1)为了便于比较，实验中要求两烧杯中放入规格相同的电加热器，通过______ 来反映吸收热量的多少；
(2)小佳在两只烧杯中应分别装入质量______ (选填“相等”或“不相等”)的水和食用油；
(3)实验数据如表所示，若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热______ (选填“更长”或“更短”)的时间，此时水吸收的热量______ (选填“大于”“小于”或“等于”)食用油吸收的热量；
(4)实验表明，______ (选填“水”或“食用油”)的吸热能力更强，乙图中能正确反映水和食用油的温度随加热时间变化的是______ (选填“A”或“B”)；
(5)如图丙所示是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线，从图像可以看出，在一年中，曲线C所示的城市气温变化较______ (选填“大”或“小”)，根据上面探究过程中所获得的知识可知，曲线C表示的是______ (选填“沿海”或“内陆”)城市的年气温变化曲线。(c沙23.小芳利用如图甲所示的电路，探究“电流与电压、电阻的关系”。实验器材：电源(电压恒为4.5V)、电流表、电压表各一个，一个开关，若干定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω)，一个滑动变阻器(60Ω3A)，导线若干。
(1)请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线把图乙所示的实物电路连接完整。
(2)小芳在闭合开关S时，发现电压表指针反向偏转，出现这种现象的原因可能是：______ 。
(3)小芳在探究“电流与电压的关系”，连接电路时开关应______ ，滑片应置于______ 端(选填“A”或“B”)，通过实验得到多组实验数据，由这些数据画出如图丙所示的图象，由图象可得结论：当电阻一定时，______ 。
(4)小芳在探究“电流与电阻的关系”时，现将5Ω定值电阻接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是______ ；纠正错误后，为了保证所有定值电阻均能完成实验，实验过程中小芳应该保证电压表示数______ (选填“至多”、“至少”)为______ V不变。
(5)小芳找来一个小灯泡将定值电阻更换，测得数据后发现小灯泡两端电压与通过的电流关系如图丁所示，若闭合开关S，小灯泡发光，滑动变阻器滑片P滑动过程中，小灯泡阻值的变化量大小为ΔR1，滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为ΔR2，则这两个量的大小关系是：ΔR1______ ΔR2(选填“大于”、“小于”或“等于”)
24.在测量小灯泡的电阻的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)小明按图甲连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，但电流表有示数，接下来的操作应该是______ ；
A.更换小灯泡
B.检查开关是否有接触不良
C.移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
(2)小明调节滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表的示数如图乙所示，则灯泡的额定功率为______ W；
(3)接着调节滑动变阻器滑片，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，小灯泡变暗直至完全不发光，测量数据如表所示。
综合分析可知，实验中滑动变阻器的滑片逐渐向______ (选填“左”或“右”)端滑动，随着灯丝温度降低，小灯泡的电阻值变______ (选填“大”或“小”)。实验结束后______ (选题“应该”或“不能”)求出灯泡电阻的平均值。
(4)小明还设计了如图丙所示的电路，测出另一小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R1的最大阻值为R0，小灯泡的额定电压为U额。请完成下列实验步骤：
①闭合开关S，S1，调节R1的滑片，使电压表的示数为U额；
②接着保持变阻器______ 的滑片位置不动，断开______ 闭合______ ，移动变阻器______ 使电压表示数不变；
③调节R1的滑片调至最左端，记下电压表示数U1；将R1的滑片调至最右端，记下电压表示数为U2，小灯泡额定功率的表达式：P=______ (用R0、U额、U1、U2表示)。
五、计算题：本大题共3小题，共18分。
25.如图甲是电位器示意图，P旋片可随转动旋钮改变在碳膜的位置，从而改变接入电阻的大小。请将该电位器连入乙图，要求逆时针旋转P旋片时，灯泡变暗。
26.有一辆由汽油机提供动力的汽车，该车的输出功率与汽油机转速的关系如图所示。这辆汽车在某次测试时以90km/h的速度在水平公路上匀速行驶了10min，消耗1.1kg的汽油，此过程中汽油机的转速为2000r/min(汽油的热值q汽油=4.6×107J/kg)。
(1)汽油机是一种将燃料燃烧产生的高温、高压燃气的内能转化为______ 能的装置；一般情况下，汽油机的效率______ (选填“高于”或“低于”)柴油机的效率；
(2)1.1kg的汽油完全燃烧能产生的热量是______ ；
(3)此过程中汽油机的效率是多少______ ？(百分数保留到0.1位)
27.图甲是小明家的电饭锅电路原理图，该电饭锅有高温加热和保温两挡。由温控开关S进行调节。已知R0与R为电热丝，现将电饭锅插在220V的电源上，使用高温挡工作时，电饭锅功率为1000W；使用保温挡工作时，电饭锅功率为44W。【c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】根据相关知识，回答下列问题：
(1)高温蒸煮时开关S应该断开还是闭合？
(2)电热丝R的阻值为多少？
(3)用此电饭锅高温挡将质量为1kg、温度为25℃的水加热，使锅中水温升高了60℃，需用时5min，求此加热过程中电饭锅的加热效率。
(4)如图乙所示，电能表上？处的电能表常数模糊不清，小明把家中其它用电器断开仅使用电饭锅，调至高温挡烧水5min，电能表的转盘转了250转，则电能表上模糊的参数应该是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、a球上升过程中，质量不变，速度变小，动能减小，高度增加，重力势能增大，故A错误；
B、b球到达最高点时，高度最大，重力势能最大，但b球在水平方向上的速度不为零，因此动能不为零，故B错误；
CD、三个乒乓球开始时的速度和高度相同，因此三个乒乓球的动能和重力势能相等，机械能相等，由于不计空气阻力，整个过程中小球的机械能守恒，因此a、b两球在最高点时机械能相等，故C正确；
三个乒乓球到达乒乓球案时的高度相等，因此重力势能相等，由于三个乒乓球的机械能相等，因此三个乒乓球的动能相等，所以三个乒乓球的速度也相等，故D错误。
故选：C。
(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，动能和势能统称机械能；
(2)由于不计空气阻力，整个过程中小球的机械能守恒。
本题考查了影响动能和重力势能的因素以及机械能的概念，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
2.【答案】A
【解析】解：水分子间有相互作用的引力才会形成水桥。
故选：A。
组成物质的分子间有相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的知识，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能，故A正确；
B.泡在热水中的脚温度升高，内能增大，内能由水转移到脚，故B错误；
C.洗脚过程中水的温度降低，但比热容大小不变，某种物质的比热容大小与温度无关，故C错误；
D.洗脚水的温度高，但不能说所含的热量越多，因为热量是过程量，不能用“含有”来修饰，热量是热传递过程中转移的内能的多少，故D错误。
故选：A。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
(2)热传递的实质是内能的转移过程。
(3)某种物质的比热容与温度无关。
(4)不能说一个物体含有多少热量，热量是在热传递过程中转移的内能的多少。
知道比热容、热量、内能的基本概念；知道改变物体内能的两种方式。
4.【答案】D
【解析】解：A、毛巾与塑料管摩擦的过程中电子发生了转移，并非创造了电荷，故A错误；
B、毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会因带上同种电荷而相互排斥，故B错误；
C、摩擦后的“章鱼”与毛巾一个物体得到电子，另一个物体失去电子，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，故C错误；
D、“章鱼”飞起的原理是同种电荷相互排斥，与验电器工作原理相同，故D正确。
故选：D。
(1)毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料管，使得它们都带上了电荷；
(2)电荷之间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(3)验电器的工作原理为同种电荷相互排斥。
本题考查了摩擦起电的实质，电荷之间的相互作用规律，验电器的工作原理。知道电荷间的相互作用规律，是解答此题的关键。
5.【答案】A
【解析】解：只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，由选项可知A正确。
故选：A。
由题意可知，只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联，据此进行解答。
本题考查了串、并联电路的设计，正确得出两开关的连接方式是关键。
6.【答案】D
【解析】由图可知，L1、L2并列连接，为并联；开关S2在干路上，控制整个电路，开关S1与L1在一条支路，控制L1；电流表A1在干路上，测量干路中的电流，电流表A2与L1在一条支路，测量通过L1的电流。
A、电流表A1在干路上，测量干路中的电流，故A错误；
B、电流表A2测量通过L1的电流，电流表A1测量干路中的电流，A1的示数大于A2的示数，故B错误；
C、灯L1被短路时，L2也短路，不能正常工作，故C错误；
D、仅断开S1，灯L1被断路，电流表A2测量通过L1的电流，此时没有示数，电流表A1测量干路中的电流，有示数，故D正确。
故选：D。
【分析】
分析电路图，先确定两灯的连接方式、两电流表和两开关的位置，再根据串联或并联电路的特点分析判断。
本题考查了并联电路的电流特点，分析电路图、确定电路的连接方式和电流表的位置是关键。
7.【答案】C
【解析】解：ABC、图甲中，闭合开关，R、R0串联，电流表测量电路电流，电压表测量光敏电阻R两端的电压；当有烟雾遮挡射向光敏电阻的激光时，光照强度减小，光敏电阻R的阻值变大，电路中的电流变小，根据串联分压特点可知R两端的电压变大，电压表的示数变大，故AB错误，C正确；
D、电源电压不变、电路中的电流变小，由P=UI可知，电路消耗的总功率减小，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)分析电路的连接及电表测量的量，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度的减弱，光敏电阻R的阻值增大，根据串联电阻的规律判断总电阻变化，由欧姆定律分析电路中电流变化，根据U=IR确定定值电阻电压变化，根据串联电路电压的规律得出电压表示数变化。
(2)根据P=UI来判断电路消耗的总功率的情况。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
8.【答案】B
【解析】解：A.洗衣机使用三孔插座主要是为了防止因外壳漏电发生触电事故，不是为了防止雷击，故A不符合题意；
B.使用测电笔时人手必须接触笔尾的金属体，不能接触笔尖金属体，故B符合题意；
C.超导体的电阻为零，电流流过超导体不发热，不能用超导体制作电热丝，故C不符合题意；
D.家庭电路中空气开关跳闸可能是发生短路，也可能是用电器总功率过大，故D不符合题意。
故选：B。
(1)用电器的金属外壳必须接地；
(2)使用测电笔时人手必须接触笔尾的金属体；
(3)超导体的电阻为零；
(4)家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总电功率过大。
本题考查了学生对安全用电知识，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9.【答案】C
【解析】解：A.“6V 3W”和“12V 6W”分别表示甲、乙两灯的额定电压和额定功率，当两灯都正常工作时，因为乙灯的额定功率大，所以乙灯亮，但两灯是否正常工作未知，所以无法判断哪个灯更亮，故A错误；
B.由于两灯的实际功率未知，而电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过两灯做功的快慢无法确定，故B错误；
C.由P=U2R可得，甲灯的电阻为：R甲=U额甲2P额甲=(6V)23W=12Ω，乙灯的电阻为：R乙=U额乙2P额乙=(12V)26W=24Ω，
由串联电路的电流特点知，两只灯泡串联工作时，通过的电流相等，由Q=I2Rt知，相等时间里甲灯产生热量小于乙，故C正确；
D.甲的额定电压小于乙，由并联电路的电压规律知，甲和乙灯并联时，电源电压最大为U=U实乙=U额甲=6V；
由并联电路的电流规律和欧姆定律可得，干路中允许通过的最大电流为：I=I甲+I乙=UR甲+UR乙=6V12Ω+6V24Ω=0.75A，故D错误。
故选：C。
(1)根据灯泡的工作状态分析亮度的大小；
(2)电功率是表示电流做功快慢的物理量；
(3)由P=U2R计算两灯电阻的大小，由串联电路特点和Q=I2Rt分析判断；
(4)由两灯规格，结合并联电路特点计算干路中的最大电流。
本题考查了对灯泡亮度、额定功率的理解、串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，掌握基础知识，灵活应用公式是关键。
10.【答案】D
【解析】解：闭合S1，灯L1亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝→a→S1→L1→c以及c点左侧的零线都没有断路；
再闭合S2，灯L2不亮，灯L2不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路，若灯L2短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡L1也不会发光；
用试电笔测a、b、c、d四个接线点，a、b、d三点的氖管发光，说明这三点与火线之间是接通的；试电笔只在c点不发光，说明c点与d点之间是断开的，所以故障是c、d两点间断路，故D正确。
故选：D。
试电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果是火线，氖管会发光。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
11.【答案】C
【解析】U形管内液面高度变化是由容器内气体受热膨胀引起的，故①错误；
由图甲可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流相同，探究的电流通过导体产生热量跟导体的电阻是否有关，故②正确；
乙实验是研究电流产生的热量与电流的关系，通过它们的电流不同、通电时间都相同和电阻要相同，右边容器中的电阻要等于左边容器中的电阻5Ω，故③错误；
图甲中两电阻串联，电阻不同，通过两电阻的电流相同，10Ω电阻产生的热量更多，电炉丝与和它相连的导线也是电阻不同，电流相同，电炉丝电阻更大，产生的热量更多，故④正确；
故选：C。
(1)电流通过电阻丝产生热量，加热容器内的气体，气体受热膨胀，从而引起U形管内液面高度变化，由此可得出结论；
(2)探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；
(3)探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；
(4)根据公式Q=I2Rt可知，当电流一定时，电阻越大，产生热量越多。
本题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：A、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，故A错误；
B、滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，故B错误；
CD、因串联电路各处电流相等，所以灯泡正常发光时通过电路的电流最大，小灯泡L标有“6V3.6W”，此时通过电路的电流：I=PLUL=3.6W6V=0.6A，
由图2可知此时滑动变阻器两端的电压为3V，由欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小阻值为：RH小=3V0.6A=5Ω，此时灯泡两端的电压为6V，串联电路总电压等于各分电压之和，所以电源电压为：U=UH+UL=3V+6V=9V，由题意可知电压表接入电路的量程为0∼15V，电源电压为9V，所以滑动变阻器可以接入电路最大阻值，所以滑动变阻器接入电路的阻值范围为5∼50Ω，故D正确，故C错误。
故选：D。
A、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压；
B、滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理可知滑动变阻器两端的电压的变化；
CD、根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时通过电路的电流最大，根据电功率公式计算灯泡正常发光是的电流，由图2可知此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最小电阻，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围；
灯泡正常发光是的电压等于额定电压，根据串联电路电压规律计算电源电压。
本题考查串联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
13.【答案】扩散 压缩 不变
【解析】解：给汽车加油时，会闻到汽油味，从物理学角度来看，属于扩散现象，这个现象表明汽油分子在不停地做无则规运动；
在内燃机的四个冲程中，压缩冲程使机械能转化为气体的内能，其内能增加，温度升高；
热值与质量无关，与物质种类有关，所以质量减小，热值不变。
故答案为：扩散；压缩；不变。
一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，即扩散，温度越高，分子运动越剧烈；内燃机的压缩冲程中机械能转化为内能程，做功冲程中将内能转化为机械能。
热值的大小只与燃料的种类有关，与质量无关。
此类题目考查知识了内燃机的四个冲程、扩散现象、热值的大小，要结合相关知识点进行分析解答，是中考的难点。
14.【答案】热传递 比热容
【解析】解：
灯点燃后会加热灯盏，热量会通过热传递的方式转移给油，使油的内能增大，温度升高，加快油的蒸发，增加耗油量；
如果在夹层中加水，因为水的比热容较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高得慢些，所以相对耗油量就少一些。
故答案为：热传递；比热容。
解决此题要知道热传递可以改变物体的内能，热传递过程也就是能量的转移过程；
影响液体蒸发的快慢的因素有：液体的温度、表面空气流速和液体的表面积；
水的比热容较大，在吸收相同的热量时，温度变化不大。
此题考查了热传递改变物体的内能、蒸发现象及水的比热容等知识的实际应用，会利用这些知识解释一些简单现象。
15.【答案】导体和绝缘体没有绝对界限，在一定条件下绝缘体可以转化为导体 暗 大
【解析】解：(1)由图甲知，灯泡与玻璃串联在电路中，闭合开关，灯泡不亮，此时的玻璃是绝缘体，电路中没有电流通过。用酒精灯对玻璃加热后，玻璃温度升高，灯泡逐渐变亮，此时的玻璃能导电，且在此过程中电阻变小，所以此现象说明：导体和绝缘体没有绝对界限，在一定条件下绝缘体可以转化为导体。
(2)图示中日光灯灯丝与灯泡串联在电路中，日光灯灯丝温度变高后，小灯泡会变暗，电路中的电流变小，说明电路中的电阻变大，日光灯灯丝的电阻变大，所以灯丝加热会电阻变大。
故答案为：(1)导体和绝缘体没有绝对界限，在一定条件下绝缘体可以转化为导体；(2)暗；大。
(1)灯泡逐渐变亮起来，说明电路状态为通路；容易导电的物体是导体；
(2)日光灯灯丝的电阻阻值随温度的升高而增大。
此题考查了温度对电阻阻值的影响，属于基础题。
16.【答案】6 10 2
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。
(1)当滑片P位于a端时，R2=20Ω，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，R1的功率最小，
由图乙可知，电压表的示数U1=2V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI可得，电路中的最小电流：I小=P1小U1=0.4W2V=0.2A；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I=UR可得，
电源的电压：U=U1+U2=U1+I小R2=2V+0.2A×20Ω=6V；
(2)R1的阻值：R1=U1I小=2V0.2A=10Ω；
(3)由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时电路中的最小总电阻：R总=UI大=6V0.5A=12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2接入电路的最小阻值：R2小=R总−R1=12Ω−10Ω=2Ω。
故答案为：6；10；2。
由电路图可知，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。
(1)当滑片P位于a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，R1的功率最小，根据图乙读出电压表的最小示数，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的最小电流，利用串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)根据欧姆定律求出R1的阻值；
(3)根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路中的最小总电阻，利用电阻的串联求出R2接入电路的最小阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出电路中的最大和最小电流是关键。
17.【答案】子弹射出的距离 小 速度 质量
【解析】解：(1)弹弓弹性势能的大小是通过子弹射出的距离来比较的，子弹射出的越远，说明弹弓的弹性势能越大；
(2)当“子弹”射出时，“子弹”具有的动能是橡皮筋的弹性势能转化来的，橡皮筋被拉的长度相同，说明橡皮筋的弹性势能相同，转化成子弹的动能也相同，即质量大的“子弹”离开橡皮筋瞬间动能等于质量小的“子弹”离开橡皮筋瞬间动能。根据动能的影响因素是质量和速度，在动能相同时，“子弹”的质量越大，其运动的速度就越小，射出的距离较小；
(3)用子弹射出的远近来反映弹弓的弹性势能时，要保持子弹的质量相同，这种方法称为控制变量法。
故答案为：(1)子弹射出的距离；(2)小；速度；(3)质量。
(1)具有弹性的物体发生弹性形变时，具有弹性势能，弹性势能的大小跟物体发生弹性形变大小有关，弹性形变越大，具有的弹性势能越大；
(2)要分析质量大的“子弹”射出时哪个物理量减小，应从能量转化的角度分析，思考“子弹”的能量是如何转化的，从而得出正确的结论；
(3)探究弹性势能的大小的影响因素采取的方法是控制变量法。
(1)能用控制变量法研究具有弹性的物体弹性势能大小的影响因素；
(2)掌握弹性势能大小跟物体的弹性形变大小有关，弹性形变越大，具有的弹性势能越大。
18.【答案】39960 用电器 半导体
【解析】解：(1)充电电流所做的功即储存的电能为：
W=UIt=3.7V×3000×10−3A×3600s=39960J；
(2)在充电过程中，将电能转化为化学能储存，消耗了电能，所以锂电池是用电器；
(3)常见半导体有：锗、硅、砷化镓等，即硅属于半导体材料。
故答案为：39960；用电器；半导体。
(1)知道电池的容量，根据W=UIt求出电流做的功即为储存的电能；
(2)在充电过程中，将电能转化为化学能储存；
(3)锗、硅、砷化镓等是由半导体材料，它具有单向导电性。利用半导体的特殊性能，可以做出方便人们生活的物品。
本题考查电功公式的灵活运用以及电路元件在电路中的作用，题目难度不大。
19.【答案】43200518488%
【解析】解：
这台电动机正常工作10min=600s电动机消耗的电能：W=Pt=72W×600s=43200J；
正常工作时的电流为：I=PU=72W60V=1.2A；
产生的电热：Q=I2Rt=(1.2A)2×6Ω×600s=5184J，
输出的机械能：W机械=W−Q=43200J−5184J=38016J，
所以该电动机的机械效率：η=W机W电×100%=38016J43200J×100%=88%。
故答案为：43200；5184；88%。
根据W=Pt求出消耗的电能；根据Q=I2Rt求出在1min内电流产生的热量；消耗的电能减去产生的热量即为电动机获得的机械能，再利用η=W机W电计算电动机机械效率。
本题考查了电动机产生热量、电功以及机械效率的计算，关键是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能。
20.【答案】小球 木块移动距离 同 金属丝到橡胶棒 吸引轻小物体 乙 分子在永不停息的做无规则运动
【解析】解：(1)由图示知，小球撞击木块，对木块做功，通过木块移动的距离得出小球撞击时的动能的大小，所以研究的对象是小球。
结合转换法，通过小球撞击木块移动的距离可反映小球动能的大小，这是因为撞击过程，小球对木块做功，做功越多，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大。
(2)验电器的金属箔由于带上了同种电荷而张开，这是因为同种电荷相互排斥。
用带负电的橡胶棒接触金属丝时，橡胶棒上的负电荷受到吸引向金属丝移动，而电流规定为正电荷的移动方向，所以此时电流方向由金属丝到橡胶棒。
因为带电体能吸引轻小物体，所以带电的橡胶棒靠近纸屑，能吸引纸屑。
(3)二氧化氮的密度比空气的大，则图甲中，在重力的作用下，两种气体也会混合在一起。而图乙中，空气在二氧化氮的上面，可避免重力对实验的影响，所以乙图的实验装置更合理。
装置中的玻璃板撤掉后，两种气体会混合在一起，是因为气体相互进入了对方，这是分子在永不信息地做无规则的运动引起的。
故答案为：(1)小球；木块移动距离；(2)同；金属丝到橡胶棒；吸引轻小物体；(3)乙；分子在永不停息地做无规则运动。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法。
(2)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；电流的方向与负电荷定向移动的方向相反，据此判断电流方向；带电体有吸引轻小物体的性质。
(3)扩散现象的定义：某种物质的分子扩散运动到其它物质中的过程。要知道二氧化氮气体的密度比空气的密度大。
本题考查了电荷间的相互作用规律、电流的方向以及带电体的性质、扩散，属于基础题。牢记相关知识点是正确解答此题的前提。
21.【答案】解：
首先辨别图中三根线地线、火线、零线。
(1)灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
如图所示：

【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
22.【答案】加热时间长短 相等 更长 大于 水 B 大 内陆
【解析】解：(1)当用相同的电加热器加热时，加热时间相同，则两物质吸收的热量相同，所以实验中通过加热时间反映吸收热量的多少。
(2)根据控制变量法可知，在两只烧杯中应分别装入质量相等的水和食用油。
(3)分析表格数据可知，加热相同时间，食用油温度升高快，所以若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于食用油吸收的热量。
(4)分析表格数据可知，加热相同的时间，食用油升高的温度快，水升高的温度慢，故正确图像为图B；由于吸收相同的热量，水升高的温度慢，所以水的吸热本领强。
(5)由图丙气温变化曲线得出，D所示的城市最高、最低气温差比C所示的城市的小，C曲线所示城市的气温变化较大。
沙石的比热容比水小，在吸收或放出相同的热量时，温度变化较大，所以曲线C表示的是内陆城市的年气温变化曲线。
故答案为：(1)加热时间长短；(2)相等；(3)更长；大于；(4)水；B；(5)大；内陆。
(1)(2)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)由图丙最高、最低气温差得出结论；沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题主要考查如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容(吸热能力)的大小，解题时要注意控制变量法的应用，为热学重要实验。
23.【答案】电压表正负接线柱接反了 断开 B 电流和电压成正比 电阻断路 至少 1.5小于
【解析】解：(1)根据甲图知，变阻器滑片以左电阻丝连入电路中与电阻串联，根据电路图连接实物图，如下所示：
(2)小芳在闭合开关S时，发现电压表指针反向偏转，出现这种现象的原因可能是：电压表正负接线接反了；
(3)小芳在探究“电流与电压的关系”，为保护电路，连接电路时开关应断开，滑片应置于阻值最大处，即B端；
如图丙所示的图象，电流随电压的变化图象为一过原点的直线，由图象可得结论：当电阻一定时，电流与电压成正比；
(4)将5Ω定值电阻接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是电阻断路；
设电压表示数为UV不变，由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为：
U−UV，
由分压原理：
U−UVUV=R滑R定，即UUV−1=R滑R定-----①，
因电压表示数UV不变，故①左边为一定值，故右边R滑R定也为一定值，当定值电阻最大30Ω连入电路时，对应的变阻器连入最大电阻60Ω，将已知量代入①有：
4.5VUV−1=60Ω30Ω，
解之：UV=1.5V，
因变阻器的最大电阻连入电路中，根据分压原理，变阻器分得电压为最大，根据串联电路电压的规律，故电压表UV=1.5V为最小值，即保证所有定值电阻均能完成实验，实验过程中小芳应该保证电压表示数至少为1.5V不变；
(5)原来电路中的电流为I1(即通过灯的电流)，设滑片往左滑一段距离后电路中的电流为I2(即通过灯电流)，根据分压原理，变阻器分得电压变小，由串联电路电压的规律，此时灯的电压增大，通过灯的电流也增大，所以I1滑片向左移动后电路的总电阻小于原来的电路总电阻，根据P=UI灯功率增大，灯丝的温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大的值ΔR1小于变阻器连入电路中减小的值ΔR2，即小灯泡阻值的变化量大小为ΔR1小于滑动变阻器连入电路阻值的变化量大小为ΔR2。
故答案为：(1)如上所示：(2)电压表正负接线柱接反了；(3)断开；B；电流与电压成正比；(4)电阻断路；至少；1.5；(5)小于。
(1)根据电路图连接实物图；
(2)电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针反向偏转；
(3)连接电路时，开关要断开，变阻器连入电路中的电阻最大；根据电流随电压的变化图象为一过原点的直线分析回答；
(4)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，根据题中条件，由串联电路电压的规律结合分压原理分析求解；
(5)因电源电压不变，根据欧姆定律先判断出两种情况下总电阻的变化，再根据灯的电阻随温度的升高而增大和串联电阻的规律分析回答。
本题探究电流与电压、电阻的关系，考查电路的连接、注意事项、故障分析、控制变量法，对器材的要求和影响电阻大小的因素。(4)(5)两问难度较大。
24.【答案】C0.75左 小 不能 R1 S1 S2 R2 U额2U2R0(U1−U2)
【解析】解：(1)图甲中，小灯泡与滑动变阻器串联连接，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。闭合开关，电流表有示数，说明电路通过，小灯泡不发光，可能是电路中的电流过小，那么变阻器接入电路的阻值过大了，所以接下来应移动滑片，观察小灯泡是否发光，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C；
(2)由图示知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，灯泡的额定功率
P额=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)调节变阻器滑片，让小灯泡两端电压变小，则滑动变阻器两端的电压变大，据串联电路的分压特点知，变阻接入电路的阻值变大，所以滑片向左移动；
由表格数据求出电压变小时，对应的灯泡的阻值分别为8.3Ω、8.1Ω、7.1Ω、6.2Ω、4.7Ω、3.1Ω和2Ω，所以电压变小，灯丝温度降低，小灯泡的阻值变小；
实验结束后，不能求灯泡电阻平均值，因为小灯泡的电阻随温度变化而变化，不是固定不变的；
(4)②由图丙知，S、S1闭合时，小灯泡与滑动变阻器R1串联在电路中，电压表测小灯泡两端的电压；接着保持变阻器R1的滑片位置不变，断开S1，闭合S2。此时两个变阻器串联在电路中，电压表测R2两端的电压，并调节变阻器R2的滑片，使电压表的示数为不变，为U额，则此时变阻器R2接入电路的阻值与小灯泡正常工作时电阻相同。
③保持R2接入电路的阻值不变，R1的滑片调到最左端时，接入电路的阻值为0，R2单独在电路中工作，电压表测量电源电压为U1。R1的滑片调到最右端，接入电路的阻值最大为R0。则R0两端的电压
U0=U1−U2；
电路中的电流：
I=U0I0=U1−U2R0，
变阻器R2接入电路的阻值：
R2=U2I=U2U1−U2R0=U2U1−U2×R0；
此即为小灯泡正常工作时的电阻，则小灯泡的额定功率：
P=U额2R2=U额2U2R0U1−U2=U额2U2R0(U1−U2)。
故答案为：(1)C；(2)0.75；(3)左；小；不能；(4)②R1；S1；S2；R2；③U额2U2R0(U1−U2)。
(1)图甲中，小灯泡与滑动变阻器串联连接，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。闭合开关，电流表有示数，说明电路通过，小灯泡不发光，可能是电路中的电流过小，据此分析；
(2)电流表选用小量程确定分度值读数；根据P=UI可得小灯泡的额定功率；
(3)根据串联电路电压的规律和分压强原理分析；
根据表中数据，由欧姆定律可求出灯的电阻大小，据此分析回答；
(4)根据P=U2R在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R1使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R1的滑片位置不动，只闭合R2所在支路，通过调节滑动变阻器R2使R2两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R2连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R2使连入电路中的电阻：
将R1的滑片P先调至最左端，再将R1的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R2的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=U2R，求出小灯泡额定功率。
本题测灯的电阻和电功率，考查实验现象的分析、电流表读数、影响电阻大小的因素，同时也考查利用等效替代法求电阻和设计实验方案测电功率的能力，综合性强，难度大。
25.【答案】解：将甲中的AB接线柱与乙图中的两条导线相连，如下图所示：

【解析】逆时针旋转P旋片时，灯泡变暗，说明逆时针旋转时，电位器连入电路的电阻变大，故将AB接入了电路。
电位器是一个变形的滑动变阻器，能根据实际要求把滑动变阻器连入电路，调节灯泡的亮度。
26.【答案】机械 低于 5.06×107J35.6%
【解析】解：(1)汽油机是一种将燃料燃烧产生的高温、高压燃气的内能转化为机械能的装置；
在吸气冲程中，柴油机吸入的是空气，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，在压缩冲程中，柴油机压缩的程度比汽油机大，在做功冲程中，燃料燃烧更充分，燃气产生的压强更大，转化成的有用功更多，柴油机效率一般高于汽油机的效率；
(2)1.1kg汽油完全燃烧产生的热量为：
Q放=mq汽油=1.1kg×4.6×107J/kg=5.06×107J；
(3)由图可知，转速为2000r/min时对应的汽车输出功率为：
P=30kW=3×104W，
由P=Wt可得，汽油机在此过程做的有用功为：
W=Pt=3×104W×10×60s=1.8×107J，
此过程中汽油机的效率为：
η=WQ放×100%=1.8×107J5.06×107J×100%≈35.6%。
故答案为：(1)机械；低于；(2)5.06×107J；(3)35.6%。
(1)汽油机在做功冲程里，高温、高压的燃气膨胀对外做功，将内能转化为机械能，在吸气冲程中，柴油机吸入的是空气，汽油机吸入的是空气和汽油的混合物，在压缩冲程中，柴油机压缩的程度比汽油机大，在做功冲程中，燃料燃烧更充分，燃气产生的压强更大，转化成的有用功更多；
(2)已知消耗的汽油的质量和汽油的热值，利用Q放=mq汽油可求出消耗的汽油完全燃烧放出的热量；
(3)由图读出转速为2000r/min时对应的汽车输出功率，再根据P=Wt可得汽油机在此过程做的有用功，最后根据η=WQ放×100%求出汽油机的效率。
本题考查了功、效率和热值及其计算，熟练掌握相关计算公式及变形式的应用是解题的关键。
27.【答案】解：(1)当开关S闭合时，R被短路，电路中只有R0工作；当开关S断开时，R、R0串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联的总电阻大于任一分电阻，
则当开关S闭合时，R被短路，电路中只有R0工作，电路中的电阻最小，根据P=U2R可知，此时电路中的电功率最大，电饭锅处于高温挡；
当开关S断开时，R、R0串联，电路中的总电阻最大，电功率最小，电饭锅处于保温挡；
(2)由P=U2R可知，R0的阻值：R0=U2P高=(220V)21000W=48.4Ω；
R、R0串联的总电阻：R总=U2P保=(220V)244W=1100Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R的阻值：R=R总−R0=1100Ω−48.4Ω=1051.6Ω；
(3)水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×60℃=2.52×105J，
由P=Wt可得，电饭锅消耗的电能：W=P高t=1000W×5×60s=3×105J，
电饭锅高温挡的加热效率：η=Q吸W×100%=2.52×105J3×105J×100%=84%；
(4)电饭锅器消耗的电能为：W=3×105J=112kW⋅h，
则电能表的参数：N=250r112kW⋅h=3000r/(kW⋅h)。
答：(1)高温蒸煮时开关S应该闭合；
(2)电热丝R的阻值为1051.6Ω；
(3)此加热过程中电饭锅的加热效率84%；
(4)电能表上模糊的参数应该是3000。
【解析】(1)当开关S闭合时，R被短路，电路中只有R0工作；当开关S断开时，R、R0串联；根据串联电路的特点和P=U2R可知高温挡和保温挡的电路连接；
(2)根据高温挡功率和P=U2R可求出R0的阻值，根据保温挡功率和P=U2R可求出R0、R的总电阻，根据串联电路电阻特点可求出R的阻值；
(3)知道水的质量、比热容和升高的温度，利用Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；根据P=Wt的变形公式求出消耗的电能，利用效率公式求出此加热过程中电饭锅的加热效率；
(4)根据1kW⋅h=3.6×106J换算高温挡烧水5min消耗的电能，电能表转盘转的圈数与消耗电能的比值即为这个参数。
本题为电热综合题，考查吸热公式的运用、串联电路的规律及电功率和效率公式的运用，关键是明确不同挡位电路的连接。加热时间/min
0
6
12
水的温度/℃
20
45
70
食用油的温度/℃
20
68
116
实验次数
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
2.5
2.1
1.7
1.3
0.9
0.5
0.1
电流I/A
0.26
0.24
0.21
0.19
0.16
0.05