人教版高中物理新教材同步讲义 选择性必修第一册 第1章 章末素养提升（含解析）

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章末素养提升物理观念物理概念动量：物体的质量和速度的乘积冲量：力与力的作用时间的乘积物理原理动量定理：I＝p′－p或F(t′－t)＝mv′－mv动量守恒定律：m1v1＋m2v2＝m1v1′＋m2v2′科学思维极限思想知道动量定理适用于变力情况，会用极限思想理解变力冲量的求解过程理想化模型碰撞模型；弹性碰撞问题；反冲现象图像法能够通过F－t图像求某力的冲量；通过F合－t图像求合力的冲量或动量的变化量科学探究1.能提出与碰撞前后的动量测量及对实验造成影响等相关的物理问题2.能设计验证动量守恒定律的实验方案并进行交流论证。知道实验需测量的物理量和所需器材，知道碰撞前后速度的测量方法，能测量并记录数据3.能写出具体碰撞情境中碰撞前后表征动量守恒的表达式，能分析数据验证动量守恒定律，能对实验误差及误差产生的原因进行分析科学态度与责任1.了解生产生活中应用动量定理、动量守恒定律、反冲运动等实例，进一步提高学习物理的兴趣，加强对科学本质的认识2.通过动量守恒定律的学习，认识到物理学是人类认识自然的方式之一，是不断发展的，具有相对持久性和普适性3.了解我国航天事业的巨大成就，增强对我国科学技术发展的信心 例1　(多选)(2022·成都市新都一中检测)在一场足球比赛中，运动员甲用力将质量为400 g的球踢出，运动员乙用胸膛顶球。假设足球以大小为v1＝8 m/s的水平速度砸向乙，并以大小为v2＝4 m/s的水平速度反弹，足球与乙的作用时间为0.5 s。在这个过程中，下列说法正确的是(　　)A．足球的动量变化量大小为1.6 kg·m/sB．足球的动能变化量大小为9.6 JC．足球对乙在水平方向的冲量大小为4.8 N·sD．足球对乙在水平方向的平均作用力大小为3.2 N答案　BC解析　以初速度方向为正方向，足球的动量变化量Δp＝－mv2－mv1代入数据得Δp＝－4.8 kg·m/s负号表示动量变化量与初速度方向相反，所以足球的动量变化量大小为4.8 kg·m/s，A错误；足球的动能变化量ΔEk＝mv22－mv12，代入数据得ΔEk＝－9.6 J，B正确；根据动量定理，乙对足球的冲量I＝－mv2－mv1，代入数据得I＝－4.8 kg·m/s，负号表示冲量与初速度方向相反，结合牛顿第三定律，足球对乙的冲量大小为4.8 kg·m/s，C正确；根据动量定理及牛顿第三定律t＝mv2＋mv1代入数据得＝9.6 N，所以足球对乙在水平方向的平均作用力大小为9.6 N，D错误。例2　如图所示，在光滑的水平面上放置有两木块A和B，A的质量较大，现同时施加大小相等的恒力F使它们相向运动，然后又同时撤去外力F，A和B迎面相碰后合在一起，则A和B合在一起后的运动情况是(　　)A．停止运动B．因A的质量较大而向右运动C．因B的速度较大而向左运动D．运动方向不确定答案　A解析　设作用力F作用的时间为t，向右为正方向，则A的末动量pA＝FtB的末动量pB＝－Ft碰撞的过程中满足动量守恒定律，所以(mA＋mB)v＝pA＋pB＝0碰撞后它们合在一起，停止运动，故A正确。例3　(2023·海门市第一中学月考)一个不稳定的原子核质量为M，处于静止状态。放出一个质量为m的粒子后反冲，已知放出的粒子的动能为E0，则原子核反冲的动能为(　　)A．E0   B.E0C.E0   D.E0答案　C解析　放出质量为m的粒子后，剩余质量为M－m，该过程动量守恒，有：mv0＝(M－m)v放出的粒子的动能为E0＝mv02原子核反冲的动能：Ek＝(M－m)v2解得：Ek＝E0，故选C。例4　(2023·石家庄市辛集中学月考)如图，在足够大的光滑水平面上放有两个小物块P、Q，Q的质量为m，P的质量为2m，物块P连接一轻弹簧并处于静止状态。现让物块Q以初速度3v0向物块P运动且两物块始终保持在一条直线上。若分别用实线和虚线表示物块Q、P的速度v与时间t之间关系的图线，则在弹簧形变过程中，v－t图像可能是下图中的(　　)答案　C解析　以两物体及弹簧作为整体分析，当它们速度相等时，由动量守恒定律可得m·(3v0)＝(m＋2m)v解得v＝v0，故A、B错误；碰后，Q的速度减小，P的速度增大，在Q的速度大于P的速度时，弹簧压缩量增大，弹簧弹力增大，它们的加速度都增大，当弹簧压缩到最大，开始恢复的过程中，弹力方向不变，Q的速度继续减小，P的速度继续增大，但由于弹簧的压缩量减小，它们的加速度都将减小，故C正确，D错误。例5　某学生利用某软件对一维碰撞的实验视频进行分析，视频中m1＝15 g的小球碰撞原来静止的m2＝10 g的小球，由视频分析可得它们在碰撞前后的x－t图像如图所示。(1)由图可知，入射小球碰撞前的动量m1v1＝________ kg·m/s，被碰小球碰撞后的动量m2v2′＝________ kg·m/s；(2)碰撞的恢复系数的定义为e＝||，其中v1和v2分别是碰撞前两物体的速度，v1′和v2′分别是碰撞后两物体的速度，弹性碰撞的恢复系数e＝1，非弹性碰撞的恢复系数e < 1，该实验碰撞的恢复系数e＝________，可判断该视频中的碰撞属于________(填“弹性碰撞”或“非弹性碰撞”)。答案　(1)0.015　0.0075　(2)0.25　非弹性碰撞解析　(1)由图像可知，碰前入射小球的速度为v1＝＝＝1 m/s碰后入射小球的速度为v1′＝＝＝0.5 m/s被碰小球碰后的速度为v2′＝＝＝0.75 m/s则入射小球碰撞前的动量为p1＝m1v1＝0.015 kg·m/s入射小球碰撞后的动量为p1′＝m1v1′＝0.007 5 kg·m/s被碰小球碰撞后的动量为p2′＝m2v2′＝0.007 5 kg·m/s(2)根据恢复系数的定义有e＝||＝||＝0.25该碰撞过程属于非弹性碰撞。例6　(2022·河北卷)如图，光滑水平面上有两个等高的滑板A和B，质量分别为1 kg和2 kg，A右端和B左端分别放置物块C、D，物块质量均为1 kg，A和C以相同速度v0＝10 m/s向右运动，B和D以相同速度kv0向左运动，在某时刻发生碰撞，作用时间极短，碰撞后C与D粘在一起形成一个新物块，A与B粘在一起形成一个新滑板，物块与滑板之间的动摩擦因数均为μ＝0.1。重力加速度大小取g＝10 m/s2。(1)若0<k<0.5，求碰撞后瞬间新物块和新滑板各自速度的大小和方向；(2)若k＝0.5，从碰撞后到新物块与新滑板相对静止时，求两者相对位移的大小。答案　(1)5(1－k) m/s，方向向右　 m/s，方向向右　(2)1.875 m解析　(1)物块C、D碰撞过程中满足动量守恒，设碰撞后瞬间物块C、D形成的新物块的速度为v物，已知C、D的质量均为m＝1 kg，以向右为正方向，则有mv0－m·kv0＝(m＋m)v物解得v物＝v0＝5(1－k) m/s>0可知碰撞后瞬间物块C、D形成的新物块的速度大小为5(1－k) m/s，方向向右。滑板A、B碰撞过程中满足动量守恒，设碰撞后瞬间滑板A、B形成的新滑板的速度为v滑，滑板A和B质量分别为1 kg和2 kg，则由Mv0－2M·kv0＝(M＋2M)v滑解得v滑＝v0＝ m/s>0则新滑板速度方向也向右。(2)若k＝0.5，可知碰后瞬间物块C、D形成的新物块的速度为v物′＝5(1－k) m/s＝5×(1－0.5) m/s＝2.5 m/s碰后瞬间滑板A、B形成的新滑板的速度为v滑′＝ m/s＝0可知碰后新物块相对于新滑板向右运动，新物块向右做匀减速运动，新滑板向右做匀加速运动，新物块的质量为m′＝2 kg，新滑板的质量为M′＝3 kg，设相对静止时的共同速度为v共，根据动量守恒定律可得m′v物′＝(m′＋M′)v共解得v共＝1 m/s根据能量守恒定律可得μm′gx相＝m′(v物′)2－(m′＋M′)v共2解得x相＝1.875 m。