人教版中考化学一轮复习单元过关练习专题05 化学方程式（含解析）

这是一份人教版中考化学一轮复习单元过关练习专题05 化学方程式（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，简答题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
（满分50分）
一、单选题(共22分)
1．（2022·湖北咸宁·一模）下列现象可用质量守恒定律解释的是
A．10g水受热变成10g水蒸气
B．50mL水加入50mL酒精，总体积约为100mL
C．5g蔗糖溶于95g水中，总质量为100g
D．1.2g碳与3.2g氧气恰好完全反应可生成4.4g二氧化碳
【答案】D
【详解】A、水变成水蒸气属于物理变化，不用质量守恒定律解释，A不符合题意；
B、50mL水加入50mL酒精，总体积约小于100mL，这是因为微粒之间有空隙，表示的过程没有产生新的微粒，属于物理变化，关注的也是体积变化，不用质量守恒定律解释，B不符合题意；C、蔗糖溶解在水中，没有产生新的微粒，属于物理变化，不用质量守恒定定律解释，C不符合题意；D、根据碳完全燃烧的方程式可知参加反应的碳和氧气的质量比为12：32，1.2g碳与3.2g氧气恰好完全反应可生成4.4g二氧化碳，参加反应的反应物的总质量等于生成物的总质量，符合质量守恒定律，D正确，符合题意。故选：D。
2．（2022·广西桂林·中考真题）实验室里一般不能制得氧气的物质是
A．高锰酸钾B．氯酸钾C．氯化钠D．过氧化氢
【答案】C
【详解】A、高锰酸钾受热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，不符合题意；
B、氯酸钾在二氧化锰催化、加热的条件下生成氯化钾和氧气，不符合题意；
C、氯化钠由钠元素和氯元素组成，不含氧元素，由质量守恒定律可知，氯化钠发生化学反应后不可能生成氧气，符合题意；
D、过氧化氢在二氧化锰催化下生成水和氧气，不符合题意；故选C。
3．（2022·湖北黄石·中考真题）下列化学方程式书写完全正确的是
A．2S + 3O2 SKIPIF 1 < 0 2SO3B．HgO SKIPIF 1 < 0 Hg + O2↑
C．2NaOH + H2SO4=Na2SO4 + 2H2O D．CuSO4 + 2NaOH=Na2SO4 + Cu（OH）2
【答案】C
【详解】A、硫燃烧产生二氧化硫的方程式是： SKIPIF 1 < 0 ；错误；
B、氧化汞受热分解产生汞和氧气，方程式是 SKIPIF 1 < 0 ；错误；
C、硫酸和氢氧化钠反应产生硫酸钠和水，方程式是： SKIPIF 1 < 0 ；正确；D、硫酸铜和氢氧化钠反应产生氢氧化铜沉淀和硫酸钠，方程式是： SKIPIF 1 < 0 ；错误；故选C。
4．（2022·贵州遵义·中考真题）下列实验设计能达到实验目的的是
A．验证质量守恒定律 B．比较红磷和白磷的着火点
C．测量H2的体积 D．探究铁生锈的条件
【答案】A
【详解】A、根据该装置内氢氧化钠和稀盐酸反应生成氯化钠和水，反应后天平仍然平衡，说明化学反应前后物质的总质量不变，故该实验能够达到目的；
B、如图所示，虽然向水中加入浓硫酸后会使水温升高，但红磷和白磷都在水中未与氧气接触故都不能燃烧，则无法比较二者的着火点，故故该实验不能够达到目的；
C、如图所示，氢气密度比空气小且难溶于水，从长导管导入后会会从短导管导出装置，无法观察到水被排出到量筒内，则无法测量氢气的体积，故故该实验不能够达到目的；
D、如图所示，左侧铁钉处于水中未于氧气接触，右侧铁钉处于干燥的空气中未与水接触，因此两支试管内的铁钉都不生锈，故无法探究铁生锈的条件，故故该实验不能够达到目的；故选：A。
5．（2022·吉林·长春市赫行实验学校模拟预测）下列实验不能达到相应目的的是
A．比较蜡烛与水的密度 B．比较火焰各层温度
C．验证质量守恒定律 D．验证产物有水
【答案】C
【详解】A、蜡烛浮在水面，说明蜡烛密度比水小，该选项能够达到实验目的；
B、取出火柴梗，处在外焰部分的炭化最明显，说明外焰温度最高，处在焰心部分炭化最不明显，说明焰心温度降低，该选项能够达到实验目的；
C、盐酸和碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳，二氧化碳逸出装置，不能验证质量守恒定律，该选项不能达到实验目的；
D、干冷烧杯内壁出现水珠，说明反应生成水，该选项能够达到实验目的。故选C。
6．（2022·四川宜宾·中考真题）大多数动植物呼吸作用时发生反应： SKIPIF 1 < 0 ，动植物利用该反应释放的能量维持生命活动。X的化学式为
A．C6H12B．C6H12OC．C6H12O6D．C6H12O8
【答案】C
【详解】根据质量守恒定律，原子个数守恒，反应后生成物由12个碳原子、12个氢原子、18个氧原子，反应物为X与氧气反应，所以X有6个碳原子、12个氢原子、6个氧原子，故选C。
7．（2022·湖南娄底·中考真题）汽车尾气中的氮氧化合物和一氧化碳对空气会造成污染，通常采用催化净化装置将其转化成无毒物质再排放。其主要反应原理为2NO+2CO SKIPIF 1 < 0 X+2CO2，请推测X的化学式
A．O2B．N2C．H2OD．NO2
【答案】B
【详解】根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类和数目不变，反应物中含N、C、O的个数分别是2、2、4，生成物中含N、C、O的个数分别是0、2、4，故生成物中还应含2个N，故X的化学式为：N2。故选B。
8．（2022·西藏·中考真题）科学家发现海底埋藏着大量可燃烧的“冰”——可燃冰，其中主要含有甲烷水合物。甲烷燃烧的微观示意图如下，下列说法错误的是
A．参加反应的甲和乙的分子个数比为1:3
B．反应前后分子种类改变，分子总数不变
C．反应前后原子的种类和总数都不变
D．物质甲的相对分子质量为16
【答案】A
【分析】由反应的微观示意图可知，甲烷在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，反应的化学方程式为CH4+2O2 SKIPIF 1 < 0 CO2+2H2O；
【详解】A、由分析可知，参加反应的甲和乙的分子个数比为1:2，故选项说法不正确；
B、由分析可知，该反应有新物质生成，反应前后分子种类改变；由化学方程式的意义可知，反应前后的分子个数都是4个（包括1个未参加反应的氧分子），反应前后分子总数不变，故选项说法正确；
C、根据质量守恒定律，反应前后原子的种类和总数都不变，故选项说法正确；
D、物质甲为甲烷，其相对分子质量为12+1×4=16，故选项说法正确。故选A。
9．（2022·江苏镇江·中考真题）某冶炼厂处理尾气时有下列转化。
下列说法不正确的是
A．转化①是化合反应
B．转化过程中N的化合价有三种
C．整个转化中，甲与丙的分子个数之比为2：3
D．该处理能减少硝酸型酸雨的形成
【答案】B
【分析】由图可知，转化①为一氧化氮和氧气在一定条件下反应生成二氧化氮，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；
转化②为二氧化氮和N2H4在一定条件下反应生成氮气和水，该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
【详解】A、转化①符合“多变一”的特点，是化合反应，不符合题意；
B、NO中氮元素显+2价，NO2中氮元素显+4价，氮气中氮元素化合价为0，N2H4中氢元素显+1价，根据化合物中，正、负化合价的代数和为零，氮元素显-2价，故转化过程中N的化合价有四种，符合题意；
C、由化学方程式可知，整个转化中，甲与丙的分子个数之比为2:3，不符合题意；
D、该转化过程能将一氧化氮和二氧化氮转化为氮气，可以减少硝酸型酸雨的形成，不符合题意。故选B。
10．（2022·山东日照·中考真题）汽车尾气中的两种有害气体在催化剂和受热条件下能发生反应，反应的微观示意图如图所示。下列说法正确的是
A．该反应属于复分解反应
B．在上述反应物和产物中，共有两种氧化物
C．该反应将两种有害气体转化为可参与大气循环的无毒气体
D．该反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0
【答案】C
【分析】由反应的微观示意图可知，反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 。
【详解】A、由反应的微观示意图可知，反应为一氧化碳和一氧化氮在催化剂催化作用下加热生成二氧化碳和氮气，反应不符合两种化合物相互交换成分生成另两种化合物，则该反应不属于复分解反应，故A不正确；
B、反应物为一氧化碳和一氧化氮，生成物为二氧化碳和氮气，则在反应物和产物中，有一氧化碳、一氧化氮和二氧化碳共三种氧化物，故B不正确；
C、反应物为一氧化碳和一氧化氮，生成物为二氧化碳和氮气，则该反应将两种有害气体转化为可参与大气循环的无毒气体，故C正确；
D、该反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 ，故D不正确。故选C。
11．（2022·湖北·巴东县信陵镇金岭中学二模）某种催化剂可将尾气中的一氧化碳、二氧化氮转化为两种空气中的无毒成分。根据反应的微观示意图，分析下列说法正确的是
A．四种物质均属于化合物
B．甲中氮元素的化合价为+2价
C．丁分子的微观示意图为
D．生成丙和丁的质量比为44:7
【答案】D
【分析】某种催化剂可将尾气中的一氧化碳、二氧化氮转化为两种空气中的无毒成分，由图可知，其中一种成分是二氧化碳，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，可知，另一生成物为氮气，故该反应的化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
【详解】A、二氧化氮、一氧化碳、二氧化碳都是由不同种元素组成的纯净物，属于化合物，氮气是由同种元素（N）组成的纯净物，属于单质，不符合题意；
B、甲为NO2，其中O的化合价为-2，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得氮元素的化合价为+4，不符合题意；C、丁分子为氮分子，每个氮分子由2个氮原子构成，故其微观示意图为：，不符合题意；D、生成丙和丁的质量比为： SKIPIF 1 < 0 =44:7，符合题意。故选D。
12．（2022·浙江宁波·中考真题）中国科学院首创室温制氢方案，其反应原理如图所示。下列说法错误的是
A．该反应的化学方程式是CO+H2O SKIPIF 1 < 0 H2+CO2
B．该反应前后分子数目不变
C．该反应前后氢元素的化合价不变
D．反应物CO和H2O都是氧化物
【答案】C
【分析】根据微观反应示意图的信息书写化学方程式，然后结合化学方程式以及选项内容进行分析解答。
【详解】由微观反应示意图可知，该反应的化学方程式为 SKIPIF 1 < 0
A、该反应的化学方程式是 SKIPIF 1 < 0 ，不符合题意；
B、由化学方程式可知，该反应前后分子数目不变，不符合题意；
C、在反应物水中，氢元素显+1价，在生成物氢气中，氢元素的化合价为零，因此反应前后氢元素的化合价发生了改变，符合题意；
D、氧化物是由两种元素组成的，且其中一种元素是氧元素的化合物，因此反应物CO和H2O都是氧化物，正确，不符合题意。
故选C。
【点睛】此题是对化学反应微观示意图问题的考查，根据分子构成判断反应物与生成物的种类，写出反应的方程式，然后结合相关的知识分析解答即可。
13．（2022·辽宁朝阳·中考真题）一定条件下，甲、乙、丙、丁、戊五种物质在密闭容器中发生反应，测得反应前后各种物质的质量（单位：g），如图所示，下列说法不正确的是
A．x的数值为8
B．反应前后元素的化合价可能改变
C．反应前后甲、戊变化的质量之比为3：1
D．该反应是复分解反应
【答案】D
【分析】由题中数据分析可知，反应前后的甲质量减少了(18-9)g=9g，故是反应物，参加反应的质量为9g；同理可以确定乙是反应物，参加反应的质量为(3-2)g=1g；丙是生成物，生成的质量为(8-1)g=7g；丁的质量不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应；根据质量守恒定律可知，反应后戊的质量=(18+3+1+2+5)g-(9+2+8+2)g=8g，丁在反应后质量增加，是生成物，生成的质量为(8-5)g=3g。
【详解】A 、根据分析可知，x的数值为8g，说法正确；
B、根据分析可知，甲、乙是反应物，丙、戊是生成物，丁可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，该反应由两种物质生在两种物质，反应前后元素的化合价可能改变，说法正确；
C、根据分析可知，反应前后甲、戊变化的质量之比=9g:3g=3：1，说法正确；
D、复分解反应是由两种化合物相互交换成分，生成两种化合物的反应。根据分析可知，甲、乙是反应物，丙、戊是生成物，丁可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应，该反应由两种物质生在两种物质，由于无法确定，反应物、生成物是否都为化合物，也无法确定反应过程中是否相互交换成分，故无法确定该反应是复分解反应，说法错误。
故选：D。
14．（2022·湖北鄂州·中考真题）同学们前往实验室参观，实验员正将甲、乙、丙、丁四种物质在密闭容器中混合，使其在一定条件下反应一段时间，测得反应前后各物质质量如表，则下列说法中不正确的是
A．乙可能是催化剂B．x的值为25
C．该反应是分解反应D．生成的丙、丁质量之比为14：11
【答案】B
【详解】A、化学反应前后，乙的质量不变，乙可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，不符合题意；
B、根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，故40+3+2+3=x+3+16+14，x=15，符合题意；
C、反应后，甲的质量减小，甲是反应物，乙的质量增加，乙是生成物，丁的质量增加，丁是生成物，乙的质量不变，乙可能是催化剂，也可能是不参与反应的杂质，该反应符合“一变多”的特点，属于分解反应，不符合题意；
D、生成丙、丁的质量比为：（16-2）：（14-3）=14:11，不符合题意。
故选B。
15．（2022·内蒙古赤峰·中考真题）化学用语是学习化学的重要工具。下列化学用语书写正确，且既具有宏观意义，又具有微观意义的是
【答案】B
【详解】A、书写元素符号时，第一个字母要大写，第二个字母要小写；地壳中含量最多的金属元素是铝元素，表示为Al，AL错误；故该选项错误；
B、干冰是二氧化碳的固体，表示为CO2，既具有宏观意义，又具有微观意义；故该选项正确；
C、氧化汞受热分解生成汞和氧气，表示为2HgO SKIPIF 1 < 0 2Hg+O2↑，原化学方程式没有配平，氧气没有加上气体符号，故该选项错误；
D、硝酸银溶液中的金属离子是银离子，表示为Ag+，没有宏观意义；故选项错误；
故选B。
16．（2022·湖南怀化·中考真题）一定条件下，下列物质在密闭容器内充分反应，测得反应前后各物质的质量如下表所示。下列说法不正确的是
A．反应后X的质量为2.1g
B．X中一定含有碳元素和氧元素
C．X中一定含有碳元素和氢元素
D．X中两种元素的质量比是6：1
【答案】B
【分析】依据化学反应中反应物的质量会减小生成物的质量会增加，且反应物的质量之和应该等于生成物的质量总和，然后依据反应前后元素的质量相等进行分析判断即可。
【详解】在该反应中乙醇及氧气的质量减小，所以是反应物，二氧化碳和水质量增加是生成物，且参加反应的物质质量等于2. 4g+4.6g=7g，而生成物二氧化碳和水的质量是2. 2g+2. 7g=4. 9g，所以X是生成物，且质量是7g-4. 9g=2.1g，其反应的表达式为： SKIPIF 1 < 0 。
A、由以上分析知X等于2.1g，故选项说法正确；
B、4.6g乙醇中含有的碳元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，反应后二氧化碳中氧元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，碳元素质量是2. 2g-1. 6g=0. 6g，碳元素质量不等，所以X中一定含有碳元素，4.6g乙醇中含有的氧元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，水中的氧元素是 SKIPIF 1 < 0 ，二氧化碳中氧元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，反应前后氧元素的质量都为4g，因此X中不含有氧元素，故选项说法错误；
C、反应的乙醇中氢元素的质量是 SKIPIF 1 < 0 ，而水中的氢元素质量是 SKIPIF 1 < 0 ，氢元素质量不等，所以X中一定含有氢元素，故选项说法正确；
D、有以上分析可知，X中含有碳、氢两种元素质量比为 SKIPIF 1 < 0 ，故选项说法正确。
故选：B。
17．（2022·湖南衡阳·中考真题）甲、乙、丙、丁四种物质在一定条件下充分混合，此时各物质的质量分数如图1所示。一段时间后，各物质的质量分数如图2所示。下列说法正确的是
A．丁是反应物B．x的值为20
C．乙是此化学反应的催化剂D．生成38g甲，需消耗60g丁
【答案】A
【详解】A、反应前丁的质量分数为48%，反应后丁的质量分数为30%，丁的质量分数减少了48%-30%=18%，故丁是反应物，故选项正确；
B、由图2可知，甲乙丙丁四种物质的质量分数加一起等于1，所以可算出乙的质量分数为10%，即x的值为10，故选项不正确；
C、反应前乙的质量分数为10%，反应后乙的质量分数也为10%，乙的质量分数在反应前后不变，故乙可能是该反应的催化剂，也可能是没有参加反应的杂质，故选项不正确；
D、由上述分析，参加反应的甲和生成丁的质量比为：（19%-17%）：（48%-30%）=1：9，则若生成14g的甲，设消耗丁的质量为x, SKIPIF 1 < 0 ，故选项不正确；
故选：A
18．（2022·湖南·建宁实验中学模拟预测）在反应2A+5B=2C+4D中，C、D的相对分子质量之比为3：11。若2gA与B完全反应后，生成8.8gD．则在此反应中，B与D的质量比为
A．10：11B．8：11C．4：9D．31：44
【答案】A
【详解】在该反应中，生成C和D的质量比为：（2×3）：（4×11）=3:22，设生成C的质量为x，则x：8.8g=3:22，x=1.2g，根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，则参加反应的B的质量为：8.8g+1.2g-2g=8g，故在此反应中，B与D的质量比为：8g：8.8g=10:11。
故选A。
19．（2022·湖北·公安县实验初级中学模拟预测）质量守恒定律是帮助我们认识化学反应实质的重要理论。在化学反应aA+bB=cC+dD中，下列说法正确的是
A．化学计量数a与b之和一定等于c与d之和
B．若取xgA和xgB反应，生成C和D的质量总和一定≤2xg
C．反应物A和B的质量比一定等于生成物C和D的质量比
D．若C和D都是化合物，则A和B也一定是化合物
【答案】B
【详解】A、参加反应的A、B的质量总和一定等于生成的CD的质量总和，化学计量数a与b之和不一定等于c与d之和，说法错误；
B、取xgA和xgB反应，若恰好完全反应，则生成C和D的质量总和为2xg，若反应后A或B有剩余，则生成C和D的质量总和小于2xg，说法正确；
C、参加反应的A、B的质量总和一定等于生成的CD的质量总和，反应物A和B的质量比不一定等于生成物C和D的质量比，说法错误；
D、若C和D都是化合物，则A和B不一定是化合物，例如：甲烷和氧气在点燃的条件下生成水和二氧化碳，说法错误。
故选B。
20．（2022·黑龙江黑龙江·中考真题）碳酸钙和氧化钙组成的混合物中钙元素的质量分数为 60%，将 20g 该混合物高温煅烧固体质量不再改变，生成二氧化碳的质量是
A．12gB．4.8gC．3.2gD．4.4g
【答案】C
【详解】该混合物中钙元素的质量为：20g×60%=12g，碳酸钙高温煅烧生成氧化钙和二氧化碳，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类和质量不变，最后剩余固体为氧化钙，则剩余固体中钙元素的质量与原混合物中钙元素的质量相同，则剩余固体的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，根据质量守恒定律，化学反应前后，物质的总质量不变，故生成二氧化碳的质量为：20g-16.8g=3.2g。故选C。
21．（2022·广西贺州·中考真题）将138g酒精（C2H5OH）点燃，酒精燃烧全部变为CO、CO2和H2O，恢复到室温，测得所得气体中氧元素质量分数为64%，则燃烧所耗氧气的质量为
A．96gB．128gC．136gD．224g
【答案】D
【详解】138g酒精中碳元素质量为： SKIPIF 1 < 0 ，氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，则氧元素质量为：138g-72g-18g=48g。室温下CO、CO2呈气态，水呈液态。根据燃烧后恢复到室温所得气体（即CO、CO2的混合气体）中氧元素质量分数为64%，则该气体中碳元素质量分数为36%，由于酒精中碳元素质量为72g，气体CO、CO2中氧元素质量为： SKIPIF 1 < 0 ，根据氢元素质量，水中氧元素质量为： SKIPIF 1 < 0 。设参加反应的氧气质量为x，根据反应前后氧元素质量不变可得：48g+x=128g+144g，x=224g。故选D。
【点睛】根据质量守恒定律，反应前后元素的质量不变。
22．（2022·山东日照·模拟预测）常用燃烧法测定有机物的组成。现取 3.2g 某有机物在足量的氧气中充分燃烧，生成了 2.2g 二氧化碳和1.8g 水。则该有机物中
A．一定含有 C、H、O 元素
B．只含有 C、H 两种元素，不含 O 元素
C．一定含 C、H 两种元素，可能含 O 元素
D．一定含 C、O 两种元素，可能含 H 元素
【答案】A
【详解】化学反应前后元素的种类不变，生成物是二氧化碳和水，含有碳、氢、氧三种元素，则反应物一定含有碳、氢、氧元素，氧气中含有氧元素，则该有机物一定含碳、氢元素，可能含氧元素。
2.2g二氧化碳中含氧元素 SKIPIF 1 < 0
1.8g水中含氧元素 SKIPIF 1 < 0
则生成物中一共含氧元素1.6g+1.6g=3.2g，反应物中氧气的质量为2.2g+1.8g-3.2g=0.8g，则该有机物提供氧元素，一定含有氧元素。
故选A。
二、填空题(每空1分，共8分)
23．（2022·吉林·四平市第十七中学校模拟预测）防控新型冠状病毒肺炎疫情中，常用到“84消毒液”，其主要用于物体表面和环境的消毒。“洁厕灵”（含有盐酸）与“84消毒液”混合使用会产生有毒的氯气（Cl2），化学方程式为NaClO+2HCl=X+Cl2↑+H2O，故应避免二者混用。
(1)上述化学方程式中，X的化学式为 _____。
(2)氯气有毒，是氯气的 _____（选填“物理”或“化学”）性质。
【答案】(1)NaCl(2)化学
【详解】（1）化学反应前后原子的种类和个数不变，反应前有钠原子1个、氯原子3个、氧原子1个、氢原子2个，反应后有氯原子2个、氢原子2个、氧原子1个，因此X中含有钠原子1个、氯原子1个，因此X为NaCl，故填：NaCl；
（2）毒性是在化学变化中表现出来的性质，属于化学性质，故填：化学。
24．（2022·陕西西安·一模）中科院大连化物所与福州大学化学学院合作发展了一种固态Z—机制复合光催化剂，实现了太阳能人工光合成燃料过程，反应的微观示意图如图所示：
（1）氧原子最外层电子数为_________。
（2）甲和乙中氧元素质量分数较高的是_______（填化学式）。
（3）已知丁是一种单质，则图中方框内对应的微观图示为__________。
（4）参加反应的甲和乙的质量比为_________（填最简整数比）。
【答案】 6 H2O 11：9
【详解】（1）氧原子的质子数为8，核外电子排布分别为2、6，故氧原子的最外层电子数为6。
（2）根据微观图示可知，甲物质的化学式为CO2，其中氧元素的质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ×100%=72.7%；乙物质的化学式为H2O，其中氧元素的质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ×100%=88.9%，故氧元素质量分数较高的是H2O。
（3）由图示和质量守恒定律可知，丁是一种单质，则丁为氧气，故图中方框内对应的微观图示为 。
（4）该反应是二氧化碳和水在催化剂的催化条件下反应生成甲烷和氧气，该反应的化学方程式为CO2+2H2O SKIPIF 1 < 0 CH4+2O2；，则参加反应的甲和乙的质量比为44：（18×2）=44：36=11：9。
25．（2022·河南·上蔡县第一初级中学二模）某化学实验小组用69g乙醇与一定量的氧气混合，在点燃的条件下恰好完全反应，生成了水、一氧化碳和二氧化碳，冷却至室温，测得剩余气体中氧元素质量分数64%。则一共消耗氧气的质量为_______；该反应的化学方程式为______。
【答案】 112g SKIPIF 1 < 0
【详解】69g乙醇中含碳元素的质量为 SKIPIF 1 < 0 ，含氢元素的质量为 SKIPIF 1 < 0 ，乙醇燃烧后恢复至室温所得气体是二氧化碳与一氧化碳的混合物，其中氧元素质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ，则碳元素的质量分数为 SKIPIF 1 < 0 ，混合气体的质量为 SKIPIF 1 < 0 ，乙醇燃烧生成水的质量为 SKIPIF 1 < 0 ，由质量守恒定律可知，参加反应的氧气的质量为 SKIPIF 1 < 0 ；故答案为：112；
设反应生成二氧化碳的质量为x，则生成一氧化碳的质量为100g-x，则 SKIPIF 1 < 0 ，x=44g，生成一氧化碳的质量为100g-44g=56g，则乙醇、氧气、二氧化碳、一氧化碳、水的化学计量数之比为： SKIPIF 1 < 0 ，则该反应的化学方程式为：
SKIPIF 1 < 0 。
三、简答题(每空1分，共11分)
26．（2022·河南·巩义市教育科研培训中心一模）某物质在空气中完全燃烧的微观示意图表示如下：
(1)图中共有几种氧化物？
(2)根据图示，写出反应的化学方程式。
【答案】(1)2种
(2) SKIPIF 1 < 0
【解析】（1）氧化物是由两种元素组成，其中一种是氧元素的化合物。图中含有氧元素的物质是O2、CO2、H2O，其中CO2、H2O含有两种元素，其中一种是氧元素，是氧化物。所以共有2种氧化物。
（2）从微观示意图可知，该反应是甲烷和氧气在点燃的条件下反应生成二氧化碳和水，化学方程式为 SKIPIF 1 < 0 。
27．（2022·河南信阳·模拟预测）宏观辨识与微观探析是化学学科核心素养之一。如图是某反应的微观示意图。该反应的化学方程式为______；生成物丙、丁质量的最简整数比为______。
【答案】 SKIPIF 1 < 0 20:3
【详解】由微观反应示意图可知，该反应是镁和二氧化碳在点燃的条件下反应生成氧化镁和碳，化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 ；生成物丙（MgO）、丁（C）质量的比为(40×2):12＝20:3。
故答案为： SKIPIF 1 < 0 ；20:3。
28．（2022·河南·上蔡县第一初级中学模拟预测）回答下列问题
(1)北京冬奥运火炬采用氢气作燃料，氢气燃烧的化学方程式为_______，氢气作燃料的优点是______（写出一条即可）。
(2)有机物燃烧释放能量，可以用作燃料，某有机物3.2g在氧气中充分燃烧，生成4.4gCO2和3.6gH2O，实验测得其相对分子质量为32，则该有机物的化学式为_____。
【答案】(1) SKIPIF 1 < 0 环保 (2)CH3OH或CH4O
【解析】(1)氢气在氧气中燃烧生成水。化学方程式 SKIPIF 1 < 0 ，氢气热值大，放热多；氢气燃烧只生成水，不污染环境；制氢气的原料是水，来源广泛。
(2)根据质量守恒定律 ，该物质含碳元素质量= 4.4g× SKIPIF 1 < 0 1.2g含，氢元素 质量=3.6g× SKIPIF 1 < 0 =0.4g，1.2g+0.4g=1.6g＜3.2g ，3.2g-1.6g=1.6g。所以该物质由碳 、氢、氧 三种元素组成。质量比是 1.2g：0.4g：1.6g=3:1:4。原子个数比= SKIPIF 1 < 0 = SKIPIF 1 < 0
该物质的化学式是CH4O或CH3OH。
29．（2022·河南南阳·模拟预测）四种金属氧化物①CuO②MgO③Al2O3④FeO4中，氧元素的质量分数由大到小的顺序为_____；将138g酒精(C2H5OH)点燃，酒精燃烧全部转化为CO、CO2和H2O，恢复到室温，测得所得气体中碳元素质量分数为36%，则燃烧所消耗氧气的质量为_____g。
【答案】 ③②④① 224
【详解】①CuO中氧元素质量分数为： SKIPIF 1 < 0
②MgO中氧元素质量分数为： SKIPIF 1 < 0
③Al2O3中氧元素质量分数为： SKIPIF 1 < 0
④FeO4中氧元素质量分数为： SKIPIF 1 < 0
故四种金属氧化物中氧元素质量分数由大到小为：③②④①；
138g酒精(C2H5OH)中含碳元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，含氢元素的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，则生成的一氧化碳和二氧化碳中碳元素的质量之和为72g，生成水的质量中氢元素质量为18g，恢复到室温，测得所得气体中碳元素质量分数为36%，则生成一氧化碳和二氧化碳的质量为：72g÷36%=200g，生成水的质量为： SKIPIF 1 < 0 ，根据质量守恒定律，燃烧需要消耗氧气的质量为：200g+162g-138g=224g。
30．（2022·河南商丘·模拟预测）某化合物的相对分子质量为46，将该化合物4.6g完全燃烧，得到8.8gCO2和5.4gH2O，则该化合物的化学式为______，其完全燃烧的化学方程式______。
【答案】 C2H6O SKIPIF 1 < 0
【详解】化合物燃烧生成二氧化碳和水，说明该化合物含碳元素和氢元素，可能含氧元素，设该化合物的化学式为CxH2yOz，根据质量守恒得参与反应得氧气质量=（8.8g+5.4g-4.6g）=9.6g
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0 SKIPIF 1 < 0
故该化合物得化学式为C2H6O，该化合物燃烧生成二氧化碳和水，化学方程式为： SKIPIF 1 < 0 。
四、综合应用题(共9分)
31．（2022·江苏·无锡市河埒中学二模）新型冠状病毒肺炎疫情是全球的公共安全事件,当前的重要工作是“外防输入,内防反弹”｡依据研究,含氯消毒剂可以有效灭活新型冠状病毒,为阻断新型冠状病毒疫情做出了巨大贡献｡
(1)下图为氯元素的价类二维图｡
①二维图中X的化学式为_____________｡
②有一种制取氯气的反应原理如图所示,写出反应Ⅰ的化学方程式_____________｡
(2)探究84消毒液的漂白性｡
实验1:取一只100ml塑料瓶和一个烧杯,分别加入相同大小的一小块棉质红色布条,向塑料瓶装满84消毒液原液,盖紧瓶盖;烧杯中加100ml原液,倒入3ml家用白醋｡观察有色布条褪色的时间并记录,如表1｡
表1:有色布条褪色时间
实验2:不同温度下,通过实验测得84消毒液的ORP值,记录如表2｡
表2:不同温度下84消毒液的ORP
【信息检索】
a.84消毒液原液呈碱性,主要成分是次氯酸钠(NaClO)｡漂白的原理是NaClO与水反应生成次氯酸(HClO)而具有漂白性,漂白时勿用40℃以上的热水稀释原液｡
b.当消毒液pH约为10时开始产生次氯酸,随着pH值减小,次氯酸含量逐渐增加,漂白性逐渐增强｡
c.ORP可衡量84消毒液的漂白能力,ORP数值越大,84消毒液的漂白能力越强｡
①实验1烧杯中加入醋酸,漂白速率大大加快,原因是___________｡将塑料瓶装满84消毒液原液后,盖紧瓶盖的原因是___________｡
②分析表2数据 , 解释信息检索中 “ 勿 用 40 ℃ 以 上 的热水稀释原液 ” 的 原 因 是___________｡
③该小组查资料得:“84消毒液”不能与双氧水混合,两者混合会生成氯化钠､水和一种无色无味气体,使其消毒能力大大降低,写出该反应的化学方程式___________｡
(3)“84”消毒液的制取｡
某同学制作了一种84消毒液发生器(如图所示),用石墨作电极,电解饱和氯化钠溶液,即可制得消毒液｡实验中,发生的主要反应如下:
I. SKIPIF 1 < 0
II. SKIPIF 1 < 0
用224L氯气(标准状况下)制备“84消毒液”,至少需要NaOH的质量是多少?(标准状况下22.4L氯气的质量为71g)_____
【答案】(1) Cl2O7 SKIPIF 1 < 0
(2) 降低溶液的pH,增大溶液中次氯酸的含量(或快速生成较多的次氯酸) 防止空气中的二氧化碳溶于水使pH降低(或防止二氧化碳与水反应等) 当84消毒液与水体积比相同时，温度升高,84消毒液的漂白性减弱 SKIPIF 1 < 0
(3)由题意：标准状况下22.4L氯气的质量为71g，则224L氯气的质量为:71g SKIPIF 1 < 0 10=710g；
设需氢氧化钠的质量为x
SKIPIF 1 < 0
SKIPIF 1 < 0 解得x=800g
答：用224L氯气(标准状况下)制备“84消毒液”,至少需要NaOH的质量是800g。
【解析】（1）①二维图中X对应的是氧化物，其中氯元素显示+7价，氧元素显示-2价，则根据化合物的书写原则：显正价的元素其符号写在左边，显负价的写在右边，化合价的绝对值交叉约减，得化学式右下角的数字，数字为1时不写，故X的化学式为Cl2O7；
②反应Ⅰ为盐酸与氧化铜反应生成水和氯化铜，该反应方程式为：2HCl+CuO=CuCl2+H2O；
（2）①实验1烧杯中加入醋酸，漂白速率大大加快，原因是降低溶液的pH，增大溶液中次氯酸的含量(或快速生成较多的次氯酸)；
将塑料瓶装满84消毒液原液后，盖紧瓶盖的原因是防止空气中的二氧化碳溶于水使pH降低(或防止二氧化碳与水反应等)｡
②分析表2数据 ，解释信息检索中 “ 勿 用 40 ℃ 以 上 的热水稀释原液 ” 的原因是：当84消毒液与水体积比相同时，温度升高，ORP值减小，即84消毒液的漂白性减弱｡
③该小组查资料得:“84消毒液”不能与双氧水混合，两者混合会生成氯化钠､水和一种无色无味气体,使其消毒能力大大降低，根据质量守恒定律，化学反应前后，元素的种类不变，反应物中含Na、Cl、H、O，故生成的气体可能是氧气，该反应的化学方程式：NaClO+H2O2=NaCl+H2O+O2↑。
（3）见答案。
甲
乙
丙
丁
反应前质量/g
40
3
2
3
反应后质量/g
x
3
16
14
选项
内容
化学用语
A
地壳中含量最多的金属元素
AL
B
干冰的化学式
CO2
C
氧化汞受热分解生成汞和氧气
HgO SKIPIF 1 < 0 Hg+O2
D
硝酸银溶液中的金属离子
Ag+
纯净物
C2H5OH
O2
CO2
H2O
X
反应前质量/g
4.6
2.4
0
0
0
反应后质量/g
0
0
2.2
2.7
待测
消毒液
开始褪色
完全褪色
未加酸
5小时
48小时
加酸
1分钟
15分钟
序号
84消毒液与水体积比
温度/℃
ORP值
①
1:25
3
608
②
1:25
16
592
③
1:25
52
558