2020-2021学年江苏省苏州市吴江区九年级上学期物理期中考试题及答案

这是一份2020-2021学年江苏省苏州市吴江区九年级上学期物理期中考试题及答案，共81页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1. 阿基米德：“只要给我一个支点，我就可以移动地球。”如图所示，生产和生活中的杠杆与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（ ）
A. 钓鱼竿钓鱼B. 食品夹夹面包
C. 起子开瓶盖D. 筷子夹菜
【答案】C
【解析】
【详解】阿基米德所说的可以移动地球的机械是一省力杠杆，而钓鱼竿钓鱼、食品夹夹面包、筷子夹菜时，它们的动力臂都小于阻力臂，是费力杠杆，只有起子开瓶盖时其动力臂才大于阻力臂，是省力杠杆，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
2. 关于温度、内能和热量、下列说法正确的是（ ）
A. 冰熔化成水，质量不变，温度不变，比热容不变
B. 火箭使用液态氢作为燃料，是因为液态氢热值大，含有的热量多
C. 物体温度降低，内能一定减少
D. 物体温度升高，物体一定吸收了热量
【答案】C
【解析】
【详解】A．冰熔化成水的过程中，所含物质的多少没有改变，则质量不变；冰是晶体，冰熔化成水的过程中，吸收热量，温度保持不变；冰熔化成水，状态发生变化，所以比热容也发生变化，故A错误；
B．火箭使用液态氢作为燃料，是因为液态氢热值大，但热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故B错误；
C．物体温度降低其内能一定减小，由于是同物体，即质量相等，故其温度降低了，其内能就减小了，故C正确；
D．物体的温度升高，内能增加，可能是吸收了热量，也可能是其它物体对它做功，故D错误。
故选C。
3. 两个相同的篮球，表面潮湿，从不同高度自由落至同一地面，留下的印迹如图所示。关于初始时篮球的重力势能（相对于同一参考平面），下列说法正确的是（ ）
A. 两个一样大B. 落在a处的大C. 落在b处的大D. 无法比较大小
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】篮球从静止开始下落，是由重力势能转化为动能；到达地面后，篮球撞击地面，是由动能转化为弹性势能；根据篮球留下的印迹可知，a处的印迹大，说明篮球落在a处时具有的弹性势能大，所以其开始下落时具有的重力势能就大。故选B。
4. 生活中，小华发现有如图甲所示的水龙头，很难徒手拧开，但用如图乙所示的钥匙，安装并旋转钥匙就能正常出水（如图丙所示）。下列有关这把钥匙的分析中正确的是（ ）
A. 在使用过程中可以减小阻力臂
B. 在使用过程中可以减小阻力
C. 在使用过程中可以减小动力臂
D. 在使用过程中可以减小动力
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】由图知道，安装并旋转钥匙，阻力臂不变，阻力不变，动力臂变大，根据杠杆平衡的条件知道，动力变小，故ABC错误，D正确。
故选D。
5. 有一根重200N的木料AB，水平放在地面上，一个人用50N的力，就能抬起木料的A端，关于这根木料（ ）
A. 重心一定在木料中点
B. 重心离A近
C. 要抬起B端至少用250N的力
D. 要抬起B端至少用150N的力
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】AB．设其重心在O点，水平放在地面上，抬起A端时，以B端为支点，则动力的力臂为LAB，重力的力臂为LOB，由杠杆平衡条件知道
FA×LAB=G×LOB
所以
即重心不在木料中点，重心离B端近，故AB错误；
CD．抬起B端时，以A端为支点，此时重力的力臂为
动力的力臂为LAB，由杠杆平衡条件知道
FB×LAB=G×LOA
所以
故C错误，D正确。
故选D。
6. 小球从某高度处由静止下落过程的路程h与时间t关系如图所示，则描述重力对该球做功大小W与下落高度h关系正确的图线是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】同一个小球，自由下落时重力G一定，由W=Gh可知，重力做功多少决定于下落高度h，并且做功多少与下落高度成正比。由图像知：
A．A图像随着高度的增加，重力做功的多少保持不变，故A不符合题意；
B．B图像重力做的功与下落高度成正比，故B符合题意；
CD．CD两图像均为曲线，说明重力做的功与下落高度不成正比，故CD不符合题意。
故选A。
7. 用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 如果a、b是同种物质，则a的质量更小
B. 如果a、b质量相等，则a的吸热能力更强
C. 在加热过程中，利用做功的方式改变了a、b的内能
D. 温度从T1升高到T2时，a、b吸收的热量Qa=Qb
【答案】A
【解析】
【分析】
【详解】A．用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来比较的。如果a、b是同种物质，且状态相同，其比热容相同，由图象可知，加热相同的时间（即吸收的热量相同），a的温度升高的快，说明a的质量小，故A正确；
B．如果a、b质量相等，加热相同的时间（即吸收的热量相同），a的温度升高的快，说明a的比热容小，即a的吸热能力更弱，故B错误；
C．在加热过程中，利用热传递的方式改变了ab的内能，故C错误；
D．由图象可知，温度从T1升高到T2时，a的加热时间短，说明a吸收的热量少，即
Qa＜Qb
故D错误。
故选A。
8. 如图所示，开关S闭合时，可能发生的现象是（ ）
A. L1不发光、L2发光B. L2被烧坏C. L1被烧坏D. 电池被烧坏
【答案】D
【解析】
【详解】由图知，开关断开时，两盏灯并联；当开关S闭合时，电流不经过两灯，而直接从最右面的导线流回电源负极，会发生电源短路，电池会被烧坏；由于电流不经过两灯，则两灯泡均不发光、且灯丝不会烧断，故D符合题意；ABC不符合题意。
故选D。
9. 水的比热容是煤油比热容的2倍，若水和煤油的质量之比为，吸收的热量之比为，则水和煤油升高的温度之比为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】根据比热容公式Q吸=cm得
2:3
故B正确，符合题意，ACD错误，不符合题意。
故选B。
10. 如图甲所示，小明用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使它沿同一表面粗糙程度相同的水平木板滑动，如图乙是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A. 木块两次具有的动能一样大B. 两次拉力对木块做功一样多
C. 木块第一次受到的拉力较大D. 第一次拉力做功的功率较大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图乙知，两次物体都做匀速直线运动，第一次物体的速度较大，所以第一次物体的动能较大，故A错误；
B．从图乙中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，由W=Fs可知，但是在没有指出是相同时间内，因此不能比较二者做功多少，故B错误；
C．由A分析知，接触面粗糙程度、受到的压力不变，木块两次受到的拉力相等，故C错误；
D．从图乙中可以看出第一次木块运动的速度较大，由功率的变形公式P=Fv可知，力F相同，第一次速度v大，所以功率大，故D正确。
故选D。
11. 为了节能、方便，有的楼道照明灯使用声、光控开关，其原理是：光控开关只有在黑暗时才闭合，声控开关只有在有声音时才闭合．下面能实现只在黑暗且有声音时灯才亮的电路原理的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】试题分析：A图中光控开关一闭合就会短路电源，故不合理；B图中只有两个开关都闭合灯才会亮，符合要求；C图中只要有一个开关闭合，灯就会亮，不符合要求；D图中的声控开关闭合后就会短路电源，不符合要求；应选B．
12. 用如图所示的滑轮组甲和乙提升重物（钩码），不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 若钩码重力和提升高度相同，则滑轮组的机械效率相同
B. 若滑轮重力和绳端拉力相同，则滑轮组的机械效率相同
C. 若滑轮重力和绳端拉力相同，则滑轮组甲的机械效率高
D. 若钩码重力和绳端拉力相同，则滑轮组甲的机械效率高
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．滑轮组的机械效率
现在物重相等，两滑轮组动滑轮重力不一定相等，由此可知，若钩码重力和提升高度相同，则滑轮组的机械效率不相等。故A错误；
BC．甲由3段绳子承担物重，乙由2段绳子承担物重，若滑轮重力和绳端拉力相同，甲图中物重
G甲=3F-G动
乙图中物重
G乙=2F-G动
显然甲图中物重要重些，根据
可得，甲的机械效率高。故B错误，C正确。
D．若钩码重力和绳端拉力相同，由BC知甲图中动滑轮重
G动甲=3F- G
乙图中动滑轮重
G动乙=2F-G
故甲图中动滑轮重大于乙图中动滑轮重。由
得滑轮组甲的机械效率小于滑轮组乙的机械效率。故D错误。
故选C。
二、填空题（本题共11小题，每空1分，共28分）
13. 生活中的“热”含义非常丰富，在物理学中，“天气很热”的“热”是指_______；“摩擦生热”的“热”是指_______；“冰熔化要吸热”的“热”是指_______。
【答案】 ①. 温度 ②. 内能 ③. 热量
【解析】
【分析】
【详解】[1]天气很热，是指温度高，故“热”指温度。
[2]摩擦生热，是指通过摩擦使物体的内能增加，在这一过程中，机械能转化为内能，故“热”指内能。
[3]“冰熔化要吸热”，的“热”是热传递过程中吸收能量的多少，指的是热量。
14. 如图所示是一个便携式充电器，它在充电过程中，它相当于电路中的___________；它给手机电池充电时，它相当于电路中的___________。
【答案】 ①. 用电器 ②. 电源
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中手机电池消耗电能，手机电池相当于用电器，充电器给手机电池充电的过程中，能提供电能，相当于电源。
15. 如图所示，要使灯泡L1和L2串联在电路中，应只闭合开关___________；若要使灯泡L1和L2并联在电路中，应只闭合开关___________；若同时闭合开关___________，就会造成电源短路。
【答案】 ①. S3 ②. S1、S2 ③. S2、S3
【解析】
【分析】
【详解】[1]若闭合开关时，则电流从电源正极出发后先后依次经过两盏灯泡，所以它们是串联的。
[2]若闭合开关、时，则电流从电源正极出发，经过开关后，分别流经两盏灯泡，又汇合在一起回到电源的负极，所以它们是并联的。
[3]同时闭合开关、时，导线直接连在了电源的两端，所以会造成短路。
16. 如图所示，妈妈体重比小明大，跷跷板水平平衡时，妈妈比小明离转轴____（填“远”或“近”）。若小明往转轴靠近一小段距离，为了保持跷跷板水平平衡，妈妈应适当____（填“远离”或“靠近”）转轴；若小明和妈妈分别抱上一只质量相同铁球，则跷跷板的____端会下沉（填“左”或“右”）。
【答案】 ①. 近 ②. 靠近 ③. 右
【解析】
【详解】[1]跷跷板在水平位置平衡时，设小明的重力为G1，力臂为l1，妈妈的重力为G2，力臂为l2，因为
G1l1=G2l2
G1＜G2
所以
l1＞l2
即妈妈比小明离转轴近。
[2]若小明往转轴靠近一小段距离，即力臂为l1减小，为了保持跷跷板水平平衡，由G1l1=G2l2知，在G1和G2不变时，l1减小，l2也减小，妈妈应适当靠近转轴。
[3]若小明和妈妈分别抱上一只质量相同铁球，则左端为
(G2+G球) l2=G2l2+G球l2
右端为
(G1+G球) l1=G1l1+G球l1
因为
G1l1=G2l2，l1＞l2
所以右端力和力臂的乘积较大，跷跷板的右端会下沉。
17. 如图所示，把重力为600N的物体匀速推到斜面顶端，斜面长为3m，高为0.9m，实际推力为300N，那么推动物体做的有用功是_______J，斜面的机械效率是_______，物体与斜面之间的摩擦力是_______N。
【答案】 ①. 540 ②. 60% ③. 120
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]根据题意知道，斜面长s=3m，斜面高h=0.9m，物体重G=600N，推力F=300N；所以，有用功
W有用=Gh=600N×0.9m=540J
推力做的总功
W总=Fs=300N×3m=900J
斜面的机械效率
[3]额外功
W额外=W总-W有用=900J-540J=360J
由W额外=fs知道，摩擦力大小
18. 如图为苏通大桥。“桥塔为什么要造这么高？”小强对此进行了研究：他将大桥的结构进行简化，抽象成图甲所示的_______模型（选填“滑轮”“轮轴”或“杠杆”）。又画了桥塔高低不同的两幅图，图乙和图丙。小华通过比较发现：“适当增加桥塔的高度，可_______（填“增大”或“减小”）斜拉索拉力的力臂，从而_______（选填“增大”或“减小”）斜拉索的拉力。
【答案】 ①. 杠杆 ②. 增大 ③. 减小
【解析】
【分析】
【详解】[1]将大桥的结构进行简化，由图可知，在力的作用下绕轴转动，符合杠杆原理。
[2][3]因桥的长度不变，比较乙图和丙图可看出当桥塔越高时，从转轴到引线的垂线越大即力臂越大，而桥重（阻力）、阻力臂不变，由
Fl动=Gl阻
可知拉力F减小。
19. 2020年9月15日，在黄海海域“长征十一号”运载火箭完成当日发射任务，此次发射采用“一箭九星”的方式，成功将卫星送入目标轨道。火箭加速上升过程中，其携带卫星的重力势能______，动能______，机械能______。（均选填“增大”“减小”或“不变"）
【答案】 ①. 增大 ②. 增大 ③. 增大
【解析】
【分析】
【详解】[1][2][3]火箭加速上升过程中，其携带卫星的质量不变、高度变大，重力势能变大；质量不变、速度变大，动能变大，故机械能变大。
20. 2020年9月23日，俄罗斯总统普京在谈到“先锋”高超音速战略导弹抗高温性能时表示，这种导弹的飞行就像是“冰棍效应”，一边飞，一边熔化。该导弹在飞行中因克服摩擦力______（填改变内能的方式），内能______（选填“增加”或“减少”）。
【答案】 ①. 做功 ②. 增加
【解析】
【详解】[1][2]改变内能有两种方式：做功和热传递。在导弹飞行过程中，是因为克服摩擦力做功，使它的内能增加，导致其温度升高，一边飞，一边熔化。
21. 压缩空气储能是一项全新的储能技术，它将多余电能利用压缩机把空气压缩到密闭容器中，需要时， 使压缩空气膨胀推动机器转动，又将内能转化成_______能，这一过程类似于四冲程汽油机的______ 冲程．
【答案】 ①. 机械 ②. 做功
【解析】
【详解】将多余电能利用压缩机把空气压缩到密闭容器中，压缩气体做功，气体的内能增加，这是通过做功的方式改变物体的内能；需要时，使压缩空气膨胀推动机器转动，内能转化为机械能；这一过程类似于四冲程汽油机的做功冲程．
【点睛】热机的四个冲程：进气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
改变内能的方式有两种：做功和热传递．
22. 如图所示，为某物质熔化时温度随时间变化的图象，物质第15min的内能_______（选填“大于”、“小于”或“等于”）第10min的内能；整个过程加热装置和加热方式都没有改变，且物质的质量不变，从图象可以看出，该物质液态与固态的比热容之比为_________。
【答案】 ①. 大于 ②. 3：2
【解析】
【详解】[1]由固体的熔化图象可知该物质的固体为晶体，在熔化时，吸收热量、内能变大，温度不变，所以第10分钟的内能小于第15分钟的内能。
[2]由Q=cmΔt，得c=，因为固态段和液态段物质的质量 m相同，由图象知，固态段加热10min，升温是3℃；液态段加热10min，升温是2℃，加热时间相等，则Q固吸=Q液吸，则该物质液态与固态的比热容之比为
= = =
23. 如图所示，是A、B两种燃料完全燃烧释放的热量Q与其质量m的关系图，从图中可看出A燃料的热值_______B燃料的热值（选填“大于”、“小于”或“等于”）．在标准大气压下，若一定质量的B燃料完全燃烧释放的热量为4.9×106J，其中有60%的热量被质量为20kg、初始温度为38℃的水吸收，c水=4.2×103J/（kg•℃），则水的温度将升高到_______℃。
【答案】 ①. 小于 ②. 73
【解析】
【分析】
【详解】[1]取相同质量m0，由图可知
QA