期中模拟卷01（广州）2023-2024学年九年级物理上学期期中模拟考试试题（含答案及答题卡）

2023-2024学年上学期期中模拟考试

九年级物理

第Ⅰ卷

1．【答案】A

【详解】

AD．原子由处于中心的原子核及在核外运动的电子组成，故A正确，D错误；

BC．原子核及电子是原子的构成部分，且原子核处于原子的中心，而分子是由原子组成的，故BC错误。

故选A。

2．【答案】C

【详解】

A．内能是物体内所有分子的动能和势能之和，任何物体都具有内能，0℃的冰也有内能,故A错误；

B．内燃机一个工作循环有四个冲程，做功冲程是将內能转化成机械能，故B错误；

C．腊梅飘香说明腊梅花含香气的分子扩散到了空气中，是分子在永不停息地做无规则运动的结果，故C正确；

D．比热容是物质的一种特性，它反映了物质吸收或放出热量的能力，比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强，故D错误。

故选C。

3．【答案】B

【详解】如图所示，电动机和小灯泡是并联的，S1在电动机的支路控制电动机，S2在小灯泡的支路控制小灯泡，电动机与小灯泡工作时互不影响，工作时通过电动机与小灯泡的电流不一定相等，故B正确，ACD错误。

故选B。

4．【答案】C

【详解】

A．由于病毒分子的体积很小，只有借助电子显微镜才能看到，故A错误；

B．分子很小，直接用肉眼看不到，飞沫是肉眼可以看到的；所以新冠病毒随飞沬传播是机械运动，不是分子的运动，故B错误；

C．组成物质的分子永不停息地做无规则运动，构成新型冠状病毒的分子永不停息地做无规则运动，故C正确；

D．由分子动理论可知分子之间存在间隙，所以口罩材料分子之间也有空隙，故D错误。

故选C。

5．【答案】C

【详解】

A．因为分子在永不停息地做无规则运动，一切物体都有内能，所以0℃的水也具有内能，故A错误；

B．热量是过程量，不能用含有来描述，所以不能说60℃的水比30℃的水所含有的热量多，故B错误；

C．比热容是物质的一种特性，跟物质的种类、状态有关，与物体吸收或放出的热量多少无关，故C正确；

D．用水作为汽车发动机散热器的冷却剂，其主要原因是水的比热容较大，和相同质量的其它物质相比，升高相同温度时可以吸收较多的热量，故D错误。

故选C。

6．【答案】A

【详解】

A．力与热、热与电现象间存在相互联系，力和电现象间也能联系，比如将钢笔杆在头发或毛衣上摩擦后靠近细碎的纸片，将机械能转化为电能，说明力与电现象之间也能联系，故A错误，A符合题意；

B．由题目中的几个实验，结合能量守恒定律，可知不同形式的能量可以相互转化，能量也可以从一个物体转移到另一个物体，但在转化或转移过程中能量总和保持不变，故B正确，B不符合题意；

C．来回迅速摩擦双手说明机械能可以转化为内能；黑塑料袋内盛水，插入温度计后系好袋口，放在阳光下，水的温度升高，这是利用热传递改变内能，故C正确，C不符合题意；

D．将太阳电池连在小电扇上，并使它对着阳光，说明太阳能转化为电能，电能又转化为了机械能；将钢笔杆在头发或毛衣上摩擦后靠近细碎的纸片，说明机械能可以转化为电能，故D正确，D不符合题意。

故选A。

7．【答案】C

【详解】开关闭合后，是一个并联电路，两灯都能发光，电流表M测量电路中的总电流，N表测的是通过L2的电流，由并联电路电流的规律得到IM＞IN。

故选C。

8．【答案】B

【详解】

A．物体可以带正电也可以带负电，也可以不带电，故A不符合题意；

BC．小液体之间相互排斥，同种电荷相互排斥异种电荷相互吸引，故B符合题意；C不符合题意；

D．液滴不是分子，故D不符合题意。

故选D。

9．【答案】B

【详解】AB．由图可知，乙滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力

甲滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半

则两滑轮绳端手的拉力

所以甲图中的机械更费力，故A不符合题意，B符合题意。

CD．两幅图中的W有是克服物体重力做的功，所以两滑轮的有用功是相同的，即两图中手对物体做的功一样大，但甲图中拉力做功要克服物体的重力，也要克服动滑轮的重力，而乙图中做的总功是克服物体的重力做功，所以甲图比乙图中做的总功要多，结合机械效率公式可知，有用功相同时，总功越大，机械效率越小，所以

故CD不符合题意。

故选B。

10．【答案】C

【详解】AB．甲中电压表选用小量程，示数为2.1V，电流表选用小量程，示数为0.3A；乙中电压表选用小量程，示数为2.6V，电流表选用小量程，示数为0.1A；将滑动变阻器的滑片P移动后，电压表的示数变大，说明并联部分两端的电压变大，根据可知，通过R1的电流变大，故AB错误；

C．电流表A2示数变小，干路电流变小，根据并联电路的电流关系可知，通过滑动变阻器的电流变小，即通过R2的电流变小，故C正确；

D．根据欧姆定律可知，电压表和电流表A1比值为并联部分的电阻，由于总电流减小，根据欧姆定律可知，并联部分的电阻变大，故D错误。

故选C。

第Ⅱ卷

11．【答案】液化    降低    内    机械    做功       

【详解】

[1]白雾是小水滴，是水蒸气遇冷放出热量发生液化形成的。

[2][3][4][5]瓶塞跳起的过程中，瓶内气体对外做功，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能，瓶内气体温度降低，这一过程的能量转化情况与内燃机的做功冲程相同，内燃机做功冲程是将内能转化为机械能，在压缩冲程是将机械能转化为内能。

[6]从汽油机能量流向图可知，汽油机的效率为

12．【答案】    ①.     ②. 导体    ③. 变大    ④. 变小

【解析】

【详解】（1）[1]两个灯泡的两端分别连在一起，然后接到电路中，这两个灯泡就是并联的。在分析电路时，电流表可视为一根导线。由图知，L1的右端的L2的左端已连接在一起，故再将L1的左端的L2的右端连接在一起，两灯即为并联，因此下面的“〇”内为电流表，上面的“〇”内为不能为电流表，否则两电流表串联后直接接在电源两端，造成电源短路，故上面的“〇”内为电压表，如图所示：

（2）[2]笔芯连入电路使小灯泡发光说明电路是通路，笔芯可以导电，故是导体。

[3]影响电阻值大小的因素有导体长度，导体横截面积以及导体材料，当A、B间距离增大时，笔芯的横截面积和材料没有发生变化，接入电路的长度增加了，故电阻变大。

[4]加热笔芯后小灯泡变亮，说明笔芯的电阻变小了，电流增大，于是小灯泡变亮，说明笔芯的电阻随着温度的升高而变小。

13．【答案】比热容     乙     开关     并联     D

【详解】

（1）[1]汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收。

[2]如图，甲图中两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程；乙图进气门和排气门都是关闭的，火花塞放电，活塞向下，可以判断是做功冲程。

（2）[3][4]司机拨动方向盘旁的杆子，转向灯才会工作，所以这根杆子起到了开关的作用。一个灯泡坏了，另一个仍能发光，说明两个左转向灯可以单独工作，所以它们是并联的。

（3）[5]由题意知，闭合开关，指示灯不亮；断开开关，指示灯发光，所以指示灯与S并联，但整个电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路，故D符合题意。

14．【答案】天平     使用相同的热源，加热相同时间，水和煤油的吸热相同，通过温度的变化来判断水和煤油的吸热能力，温度变化小的吸热能力强     1:2     小     水的比热容较大，温度变化不明显     消耗燃料的质量     水银

【详解】

（1）[1]用天平测量质量。为了得到质量相同的水和煤油，需要的测量工具是天平。

（2）[2]我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。

使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。由已知条件，根据图丁水和煤油的温度随加热时间变化的图象知，使用相同的热源，加热相同时间，水和煤油的吸热相同，通过温度的变化来判断水和煤油的吸热能力，温度变化小的吸热能力强。

[3]由表中数据，加热10分钟（吸热相同），水升高的温度为

 83℃-68℃=15℃

煤油升高的温度为

98℃-68℃=30℃

根据，在质量和吸热相同的情况下，升高的温度与比热容与成反比，故则煤油的比热容是

（3）[4][5]比较不同燃料的热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，故应选用甲乙装置，根据，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大。小虎通过质量相同的燃料完全烧尽后水升高的温度来比较热值大小，烧杯中水的质量应该小一些，原因是水的比热容较大，温度变化不明显。

（4）[6]用两种燃料将初温和质量相同的水加热至相同温度，根据，水吸收的热量相同，根据，加热所需燃料的质量越小，燃料的热值越大，所以可以通过测量消耗燃料的质量来反映两种燃料热值大小关系。

（5）[7]当被测物体温度较高、质量较小时，为了使测量值更接近真实值，应该选比热容小的液体作为温度计的测温液体，这样液体升温快并且吸热没有那么多，而比热容大的升温慢并且吸收的热量会更多，因水银的比热容相对来说较小，所以应选择水银温度计。

15．【答案】    ①. 电阻两端的电压    ②. 0.14    ③. 观察电阻两端的电压是否保持不变    ④. 见解析

【详解】（1）[1]研究“通过导体的电流与导体电阻”的关系时，需要保持电阻两端的电压不变，改变导体的电阻。

（2）[2]从图中得到电流表的量程是0﹣0.6A，分度值是0.02A，示数为0.14A。

（3）[3]探究通过导体的电流与导体电阻的关系，保持电阻两端的电压不变，在电阻R两端加上电压表，可以观察电阻两端的电压是否保持不变。

（4）[4]为了保持电阻两端的电压不变，需要通过调节滑动变阻器控制电压表的示数不变，所以电路中需要串联一个滑动变阻器，如下图

16．【答案】（1）见解析；（2）300J； （3）600J； （4）200N

【详解】解：（1）由题意可知，拉力的方向向上，因此滑轮组的连接方式如下：

（2）用F1的力直接将物体B匀速提升h，F1所做的功，即有用功

（3）滑轮组把B匀速提升相同高度，F2做功是总功，由可得，F2所做的功

（4）绳子拉长的距离

由W=Fs可得，F2的大小

答：（1） 见解析

（2） F1做功为300J；

（3） 滑轮组的总功是600J；

（4）F2的大小是200N。

17．【答案】（1）2.52×107J；（2）0.945×107J；（3）37.5%

【详解】解：（1）煤气的质量

m=600g=0.6kg

煤气完全燃烧放出的热量

Q放=m煤气q=0.6kg×4.2×107J/kg=2.52×107J

（2）水吸收热量

Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•°C)×50kg×(65°C -20°C)=9.45×106J

（3）煤气灶的效率

答：（1）600g的煤气完全燃烧放出的热量是2.52×107J；

（2）水吸收的热量是9.45×106J；

（3）煤气灶烧水的效率是37.5%。

18．【答案】    ①. 电    ②. 内    ③. 265    ④. CD    ⑤. 见解析    ⑥.

【详解】（1）[1][2]电热水壶消耗电能，产生内能，所以电热水壶内部的电阻丝，主要将电能转化为内能。

（2）[3]由题意可知，烧杯和水的总质量是765g，要倒入电热水壶中500g的水，则需要烧杯与剩余水的总质量为

m''=m'-m=765g-500g=265g

则电子秤的示数为265g。

（3） [4]20℃的水加热到100℃，水吸收的热量为

Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg•°C)×0.5kg×(100°C -20°C)=1.68×105J

这个过程耗时200s，则每秒钟吸收的热量

因为加热过程中有能量损失，所以电热水壶释放的热量大于等于水吸收的热量，故CD符合题意，AB不符合题意。

故选CD。

（4）[5][6]实验步骤：①烧杯装入适量的水，用电子秤测出它的质量m0；②把烧杯中的水倒入电热水壶中，用电子秤测出烧杯及剩余水的质量m1；③用电子温度计测出热水壶内水的初温为t0；④启动电热水壶，当电热水壶工作一段时间后，用电子温度计测出热水壶内水的末温为t1；读出此刻电能测量仪的示数W电。电热水壶的热效率是水吸收的热量与消耗电能的比值，由以上步骤可知，电热水壶吸收的热量

电热水壶在该次测量时的效率