2023-2024学年江苏省苏州市文昌实验中学九年级（上）调研物理试卷（10月份）（含解析）

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2023-2024学年江苏省苏州市文昌实验中学九年级（上）调研
物理试卷（10月份）
一、选择题（本大题共12小题，共24分）
1.图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有(    )


A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ②④
2.在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是(    )
A. 扛着米袋，慢慢爬上楼梯
B. 用力推汽车，汽车不动
C. 提着水桶在水平面匀速前进
D. 双手举着杠铃，杠铃静止不动
3.关于比热容，下列说法中正确的是(    )
A. 比热容跟物体吸收或放出的热量有关
B. 物体的质量越大，它的比热容越大
C. 比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量无关
D. 比热容与物态也无关
4.下列说法正确的是(    )
A. 越省力的机械，做功一定越快 B. 做功越多的机械，功率一定越大
C. 功率越大的机械，效率一定越高 D. 做功越快的机械，功率一定越大
5.如图，杠杆AO可绕O转动，B为OA中点，在B点挂一重为G的物体，用始终与OA垂直的力F抬起杠杆。下列说法不正确的是(    )
A. 动力F的力臂始终不变
B. 若把F变为始终竖直向上，则旋转过程中，它的大小不变
C. 力F先增大后减小
D. 旋转过程中阻力与阻力臂的乘积一直变大
6.如图甲所示的是人造地球卫星随火箭加速上升的情景；如图乙所示的是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的情景，离地球最近的点叫近地点，最远的点叫远地点。下列说法中正确的是(    )

A. 图甲：在加速上升的过程中，人造地球卫星的动能转化为重力势能
B. 图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从远地点向近地点运行时，其机械能减小
C. 图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从近地点向远地点运行时，其重力势能增大，速度减小
D. 在甲、乙两图中，人造地球卫星的机械能都不变
7.打篮球是很多同学喜爱的运动项目，某次打篮球过程中，篮球的部分运动轨迹如图所示，下列说法正确的是(    )
A. 篮球经过相同高度的B、C两点时，机械能相等
B. 篮球第一次反弹后到达最高点D时，动能为0
C. 篮球经过B、E两点时，动能可能相等
D. 篮球在整个过程中机械能守恒
8.如图，将同一物体分别沿光滑斜面AB、AC以相同的速度，匀速拉到顶点A，施加的力分别为F1、F2，拉力做功分别为W1、W2，下列选项正确的是(    )


A. F1W2 B. F1>F2  W1=W2
C. F1>F2    W1>W2 D. F1G2，提升重物的拉力F1、F2所做的功分别为W1、W2，机械效率分别为η1、η2，则下列判断正确的是(    )
A. W1>W2   η1>η2
B. W1>W2   η1=η2
C. W1>W2   η1ℎ)静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。

(1)小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。若水平面绝对光滑，本实验将______ (选填“能”或“不能”)达到探究目的。
(2)由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与______ 有关。
(3)小丽根据甲、丙两图探究物体的动能大小与质量的关系，该做法是否正确？______ (选填“正确”或“错误”)，理由是：______ 。
(4)另同学用图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度(ℎ2>ℎ1)由静止开始释放，通过观察木块在木板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是______ (选填“正确的”或“错误的”)。
29.沈仔细同学在研究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：
猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；
猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关；
猜想三：重力势能的大小可能与物体的体积有关。
他为了验证猜想，准备了如下实验器材：花泥(易产生塑性形变)若干块，体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m、3m的小球各一个；体积不同的小球3个。将它们分别从不同位置由静止释放，小球陷入花泥里的深度情况如图所示。请你完成下列内容。
(1)本实验中，小球的重力势能大小是通过观察______ 来反映的；
(2)分析A、B、C球的实验现象，可得出结论：______ ；
(3)为了验证猜想二，他应分析______ (填写字母)三球的实验现象；
(4)为了验证猜想三，沈仔细同学正确操作，F球、G球和H球的质量应该______ (选填“相同”或“不同”)；实验后根据图乙的现象，由此可知物体重力势能的大小与物体的体积______ (选填“有关”或“无关”)。

30.在小型建筑工地，常用简易的起重设备竖直吊运建筑材料，其工作原理相当于如图所示的滑轮组。重物G为4000N，绳子被匀速向下拉了20m，拉力F为2500N，求在此过程中：(不计绳重和摩擦)
(1)滑轮组的机械效率。
(2)当再次提起一个物重为5000N的物体时，此时滑轮组机械效率。


31.在标准大气压下，质量为400g、温度为55℃的水，吸收8.4×104J，温度升高多少摄氏度？(c水=4.2×103J/(kg⋅℃)
32.一列火车，以20m/s的速度在平直轨道上匀速行驶，整列火车受到的阻力是2000N。求：
(1)火车的牵引力；
(2)火车行驶10s时间内，机车牵引力所做的功；
(3)牵引力的功率。
答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：
①钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
②羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
④核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
可见，属于费力杠杆的有①③。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】A 
【解析】解：A、扛着米袋慢慢爬上楼梯，人给米袋一个向上的力，米袋在这个力的方向上移动距离，人对米袋做功，故A正确；
B、用力推着汽车在水平面上运动，人给汽车一个向前的力，汽车没动，人对汽车没做功，故B错误；
C、提着水桶在水平地面上匀速前进，人给水桶一个向上的力，水桶向上没有移动距离，人对水桶没有做功，故C错误；
D、双手举着杠铃，杠铃静止不动，有力，但杠铃没有在力的方向上通过一定的距离，所以不做功，故D错误。
故选：A。
判定是否做功，就看其是否同时满足做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。两个条件缺一不可。
不做功的情况一般有以下三种：①有力无距离，如搬而未动、举而未起；②有距离无力，物体由于惯性而运动；③有力也有距离，但距离的方向与力的方向垂直，如人提着水桶在水平地面上运动。
3.【答案】C 
【解析】解：比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，跟物体的质量、吸收或放出的热量无关，故C正确、ABD错误。
故选：C。
一定质量的某种物质在温度升高(或降低)1℃时吸收(或放出)的热量与它的质量和升高(或降低)温度的乘积之比叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，而与物体的质量和体积无关。
本题考查了对比热容的理解，属于基础题目。
4.【答案】D 
【解析】解：A.功率是表示做功快慢的物理量，与机械的省力情况无关，故A错误；
B.功率是单位时间内完成的功，做功越多，时间不确定，根据公式P=Wt，不能确定功率大小，故B错误；
C.功率和机械效率两者没有因果关系，所以功率大，效率不一定越高，故C错误；
D.功率是表示做功快慢的物理量，做功越快功率越大，故D正确。
故选：D。
机械做功功率和机械的省力情况无关；
功率是单位时间内完成的功，是表示做功快慢的物理量；
机械效率是有用功跟总功的比值。
本题考查了功率的知识，深刻理解功率的概念是解决此题的关键。
5.【答案】D 
【解析】解：ACD、将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，动力臂不变，阻力不变，阻力力臂变大，阻力与阻力臂的乘积变大，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力F逐渐变大；
当杠杆从水平位置向上拉动时，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变小，阻力与阻力臂的乘积变小，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，动力变小；故F先变大后变小，故AC正确，D错误；
B、若把F变为始终竖直向上，将杠杆缓慢地由OA位置拉到水平位置时，根据相似三角形知识可知，动力臂与阻力臂的比值不变，阻力为杠杆的重力，保持不变，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力的大小不变，故B正确。
故选：D。
从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后分析阻力与阻力臂的关系，并得出正确结果。
本题是动态平衡问题，考查了学生对杠杆平衡条件的理解和灵活运用。能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键。
6.【答案】C 
【解析】解：
A、卫星加速上升过程中，其质量不变，速度增大，则动能增大；同时高度增大，重力势能增大；因卫星的动能与重力势能都增大，所以不是动能转化为重力势能，且卫星的机械能增大，故A错误。
BC、太空中是真空，卫星沿椭圆轨道绕地球运行过程中，不受空气阻力，机械能守恒，只有动能和势能的相互转化；从近地点向远地点运行时，质量不变，高度变大，势能增大，速度减小，动能减小，故C正确、B错误；
D、图甲中卫星的机械能增加，图乙中卫星的机械能不变，故D错误。
故选：C。
动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能等于动能与势能的总和；卫星在大气层外运行时，不受空气阻力的作用，其机械能守恒。
本题考查了动能、重力势能、机械能的大小变化，关键是明确动能、重力势能大小的影响因素。
7.【答案】C 
【解析】解：AD、由图可知，每次篮球反弹后到达的最高点都比上一次的最高点要低，说明篮球的机械能不断减小，因此在B点的机械能大于在C点的机械能，故AD错误；
B、篮球在最高点时，竖直方向速度为零，但在水平方向上速度不为零，所以篮球第一次反弹后到达最高点D时动能不为零，故B错误；
C、在B点的机械能大于在E点的机械能；在B、E两点高度不相同则重力势能不相同，即B点的重力势能大于E点的重力势能，
机械能是物体动能与势能的总和，因此在B点的动能可能等于在E点的动能，故C正确。
故选：C。
(1)每次篮球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明篮球受到空气阻力，机械能逐渐变小；
(2)从轨迹来看，篮球既有竖直方向的速度又有水平方向的速度，影响动能的因素是质量和速度，据此分析；
(3)机械能是物体动能与势能的总和，B、E两点高度不相同，则重力势能不相同，据此分析。
本题考查了机械能的相互转化的相关知识，关键明确最高点时的竖直方向的速度为零，水平方向的速度不一定为零。
8.【答案】D 
【解析】解：
(1)斜面AB倾斜角度小于AC，所以物体沿AB运动时拉力较小，即F1L左，当物体下方分别加挂一个相同物体时，两边力和力臂的乘积都会增加，设物体重力为G，每节杠杆的长度为L，计算出两边力和力臂乘积的增大值，则：
左边=G×2L，右边=G×4L，右边增大的力和力臂的乘积较大，所以杠杆不平衡，将向右倾斜，ACD错误，B正确。
故选：B。
杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；若两边力和力臂的乘积不相等，则杠杆不平衡，向乘积较大的一端倾斜。
此题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握及应用，杠杆是否平衡或向哪端倾斜都是由两边力和力臂乘积的大小关系决定的，若是不等臂杠杆，两边增加相同的力，则杠杆将向力臂长的一端倾斜。
11.【答案】A 
【解析】解：
用两个相同的滑轮组将物体提升相同的高度，且G1>G2。
根据W有=Gℎ可知，有用功的关系为：W有1>W有2；
两个完全相同的两个滑轮组，提升相同的高度，绳重和摩擦不计，额外功相同，
根据W总=W有用+W额外可知，W总1>W总2；
由η=W有用W总=W总−W额W总=1−W额W总可知，η1>η2.所以BCD错误，A正确。
故选：A。
根据公式W=Gℎ可比较所做的有用功的大小；
不计摩擦和绳重，提起物体时对动滑轮所做功是额外功，根据η=W有用W总=1−W额W总可比较两滑轮组的效率高低。
本题考查有用功和总功、机械效率的计算，关键是知道使用同一个滑轮组使物体升高相同高度时，产生的额外功相同。
12.【答案】C 
【解析】【分析】
(1)小石块在下落过程中，在AB段，小石块只受到重力作用，重力不断改变小石块的运动状态，小石块加速下落；
在BC段受到橡皮筋的拉力作用：当拉力小于重力时，小石块仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小石块减速下落。
(2)影响动能的因素有：质量和速度；影响重力势能的因素有：质量和高度；
弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，物体弹性形变的程度越大，弹性势能越大。
【解答】
小石块在下落过程中，在AB段，小石块只受到重力作用，重力不断改变小石块的运动状态，小石块加速下落；
在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长(大于原长)，弹力逐渐增大。当拉力小于重力时，小石块仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小石块减速下落。
A、从A点到C点运动过程中小石块的重力势能不仅转化为动能，还转化为橡皮筋的弹性势能，故A错误；
B、由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，所以在AB段，橡皮筋对小石块没有弹力，小石块只受到重力，故B错误；
C、从B点下落到C点的过程中，当拉力小于重力时，小石块仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小石块减速下落，故小石块先加速后减速，故C正确；
D、BC过程中小石块先加速后减速，减速过程中是因为弹力大于重力，C点是下落的最低点，此时小石块虽然速度为0，到达C点后小石块会改变运动状态向上运动，故C点时受到并不是平衡力，故D错误。
故选：C。
13.【答案】费力  增大 
【解析】解：如图，在使用钓鱼竿时，当支点是A时，钓鱼者向上用力提拉钓鱼竿，所以动力的作用点是B点，阻力的作用点是C点，使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，要使钓起鱼时所用的力小一些，由杠杆平衡条件：F1×L1=F2×L2，要使动力减小，在阻力和阻力臂不变的条件下，增大动力臂，即应使钓鱼者两只手之间的距离增大一些。
故答案为：费力；增大。
结合图片和生活经验，判断钓鱼竿在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系便可以知道是省力还是费力，由杠杆平衡条件便可知如何能够更省力。
此题考查的是杠杆的分类和特点以及杠杆平衡条件的应用，要求学生弄够熟练识记并能灵活应用。
14.【答案】(5)  (3)  (6)  (2) 
【解析】解：(1)停在地面上的汽车，不具有机械能；(2)在空中飞行的飞机具有动能和重力势能；(3)被起重机吊在空中静止的货物具有重力势能；(4)弹簧未发生弹性形变，不具有机械能；(5)在水平铁轨上行驶的火车，具有动能；(6)
被拉长的橡皮筋具有弹性势能；只具有动能的是(5)；只有重力势能的是(3)，只有弹性势能的是(6)；既具有动能、又具有势能的是(2)。
故答案为：(5)；(3)；(6)；(2)。
做机械运动的物体所具有的能量，叫动能；
物体由于被举高而具有的能量，叫重力势能；
物体由于发生弹性形变所具有的能叫弹性势能。
本题考查机械能的判断，属于基础题。
15.【答案】变小  变小  变小 
【解析】解：飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资，在此过程中飞机的速度不变，质量变小，所以动能变小；高度不变，则重力势能变小；
物资在加速下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，但速度越来越快，动能越来越大，所以，重力势能转化为动能；
考虑空气阻力，克服阻力做功，机械能转化为内能，机械能会减小。
故答案为：变小；变小；变小。
(1)影响动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
(2)影响重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。
16.【答案】0  500  50 
【解析】解：根据题意物体没有在重力的作用下移动距离，因此重力对物体并没有做功，即做功为0，
那么小华做的功为W=Fs=100N×5m=500J，
做功的功率为P=Wt=500J10s=50W，
故答案为：0；500；50．
根据做功的条件就会知道重力没有做功；根据做功公式可以算出推力对物体做的功；根据功率公式就会求出所做的功率．
本题考查了做功的条件、做功的公式、功率的公式的计算，属于典型的考题．
17.【答案】1000  80%  1250  250 
【解析】解：(1)所做的有用功为：
W有=Gℎ=5000N×1m=5000J，
若斜面光滑，则没有额外功，即推力做的功W总=W有=5000J，
因为W总=Fs，
所以推力的大小：
F=W总s=5000J5m=1000N；
(2)如果斜面不光滑，推力为1250N，则推力的功为：
W总′=Fs=1250N×5m=6250J，
斜面的机械效率：
η=W有W总′×100%=5000J6250J×100%=80%；
(3)因为W总′=W额+W有，
所以W额=W总′−W有=6250J−5000J=1250J，
根据W额=fs可得摩擦力的大小：
f=W额s=1250J5m=250N。
故答案为：1000；80%；1250；250。
(1)如果没有摩擦，推力的功等于提升物体所做的有用功，根据W=Gℎ求出有用功，根据W=Fs求出推力；
(2)如果斜面不光滑，根据W=Fs求出推力做的总功，根据效率公式求出斜面的机械效率；
(3)总功减去有用功求出额外功，额外功为克服摩擦力所做的功，根据W额=fs求出摩擦力的大小。
本题考查了有用功、总功、斜面的机械效率和摩擦力的计算，关键是知道额外功为克服斜面的摩擦力所做的功。
18.【答案】2.5  90  由于使用杠杆时需要克服杠杆自重(克服摩擦力)等做功 
【解析】解：(1)弹簧测力计的分度值是0.1N，读数是：2.5N；
(2)W有用=Gℎ=1.5N×0.3m=0.45J；
W总=FS=2.5N×0.2m=0.5J；
η=W有用W总×100%=0.45J0.5J×100%=90%
(3)因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆，即克服杠杆自重做功，就有了额外功；
故答案是：2.5；90；由于使用杠杆时需要克服杠杆自重(克服摩擦力)等做功。
(1)对弹簧测力计进行读数时，需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数。
(2)在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式η=W有用W总来计算。
机械效率计算的关键是明确有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功。
19.【答案】甲；2.1×103 
【解析】解：(1)时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q放=cm△t可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，若甲、乙两种液体中，一种液体是水，则一定是甲液体；
(2)由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙，而水和另种液体在相同时间内(15min时)放出的热量相等，
即Q水放=Q乙放，
c水m水△t=c乙m(60℃−20℃)，
4.2×103J/(kg⋅℃)×m×(60℃−40℃)=c乙m(60℃−20℃)，
解得：c乙=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：甲；2.1×103。

本题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从温度−时间图象得出相关信息是本题的关键。同时也考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形(取相同的时间比较甲乙温度变化的高低)。
20.【答案】热传递；蒸发；比热容大的 
【解析】解：
灯点燃后会加热灯盏，灯盏的热量会通过热传递的方式转移给油，使油的内能增大，温度升高，加快油的蒸发，容易耗油；
如果在夹层中加水，因为水的比热容较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高的较慢些，所以相对耗油量就少些。
故答案为：热传递；蒸发；比热容大的。
解决此题要知道热传递可以改变物体的内能，热传递过程也就是能量的转移过程；
影响液体蒸发的快慢的因素有：液体的温度、表面空气流速和液体的表面积；
水的比热容较大，在吸收相同的热量时，温度变化不大。
此题考查了热传递改变物体的内能、蒸发现象及水的比热容等知识的实际应用，会利用这些知识解释一些简单现象。
21.【答案】2.5  大于 
【解析】解：如图所示：

因为杠杆平衡，所以G1LOA=G2LOB，
即：m1gLOA=m2gLOB，
则被测物的质量：m1=m2LOBLOA=500g×25cm5cm=2500g=2.5kg。
若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，即杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：2.5；偏大。
知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
22.【答案】25  3500  1.05×105 
【解析】解：
(1)由图可知，滑轮组中由3段绳子承担重物，则物体上升的速度为：
v物=13v车=13×1.2m/s=0.4m/s；
物体由井底拉至井口需要的时间：
t=sv物=ℎv物=10m0.4m/s=25s；
(2)由题意可得，汽车受到的阻力为：f=0.05G车=0.05×3×104N=1500N；
汽车匀速直线运动，受到平衡力作用，在水平方向上，汽车受到向右的牵引力、向左的拉力、向左的阻力作用；
由力的平衡条件可得牵引力：F牵=F拉+f=2×103N+1500N=3500N；
(3)汽车运动的距离：s车=s绳=3ℎ=3×10m=30m；
牵引力做功为：W牵=F牵s车=3500N×30m=1.05×105J；
故答案为：25；3500；1.05×105。
(1)明确承担重物的绳子段数；运用速度公式变形可求时间t；
(2)明确汽车的受力情况，运用平衡力知识可求牵引力；
(3)根据W=Fs求出功的大小。
本题考查了功、速度公式的应用，难度不大，熟练应用公式是解答此题的关键。
23.【答案】解：已知支点为O，分别反向延长两个力得到力的作用线，从支点向F1的作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂L1；
从支点向F2的阻力作用线引垂线，垂线段的长度即为阻力臂L2.如图所示：
 
【解析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的画法，确定支点，从支点向力的作用线引垂线．垂线段的长度即为力臂．
24.【答案】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，如图所示：
 
【解析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
在滑轮组中，绕过动滑轮的绳子股数越多会越省力，即不计动滑轮重、绳重和摩擦，F=1nG。
25.【答案】解：连接OB(即力臂L)，然后过B点做垂直于力臂斜向上的力F；如图所示：
 
【解析】根据力臂越长，作用力越小的思路进行分析，先确定支点与B点间最长的力臂，然后根据力与力臂的关系作出最小作用力的方向。
在处理杠杆最小力的问题时，可按以下步骤进行：①确定支点和动力作用点；②过动力作用点做出与动力臂垂直的直线。
26.【答案】弹簧测力计  刻度尺  1.8  0.54  80.8%  增大  增大  偏小 
【解析】解：(1)实验中需要测量物体的重力、拉力以及物体上升的高度，因此实验中需要弹簧测力计和刻度尺；
(2)根据图示可知，动滑轮上绳子的股数为3，s=nℎ，第②次实验中滑轮组的有用功：
W有用=Gℎ=6N×0.30m=1.8J；
总功：W总=Fs=2.6N×0.9m=2.34J，
额外功：W额=W总−W有用=2.34J−1.8J=0.54J；
(3)不计绳重与摩擦，第③次实验中滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GℎFs=8N×0.3m3.3N×0.9m×100%≈80.8%；
(4)根据表中数据可知：W额外1=W总1−W有1=1.8N×0.9m−4N×0.3m=0.42J；
W额外2=W总2−W有2=2.6N×0.9m−6N×0.3m=0.54J；
W额外3=W总3−W有3=3.3N×0.9m−8N×0.3m=0.57J；
显然滑轮组的额外功变大，因此克服滑轮转轴处摩擦所做的额外功变大；
同一滑轮组提升物体，物重增加，机械效率提高。所以可得结论：同一滑轮组提升的物重增大，有用功增大，额外功将不变，机械效率将增大；
(5)当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，会造成拉力偏大，从而使得总功变大，根据η=W有用W总×100%，在有用功不变的情况下，总功增大，所以机械效率偏小。
故答案为：
(1)弹簧测力计；刻度尺 (2)1.8；0.54；(3)80.8%； (4)增大；增大；(5)偏小。
(1)实验中需要测量物体的重力、拉力以及物体上升的高度，据此判断实验中需要的测量工具；
(2)根据W有用=Gℎ可求有用功，根据W额=W总−W有用可求额外功；
(3)根据图示可知，动滑轮上绳子的股数为3，根据η=W有用W总=GℎFs求出第③次实验时滑轮组的机械效率；
(4)分析表中数据，可以得到同一个滑轮组提升不同物体时，物体越重，额外功变大，滑轮组机械效率的变化；
(5)当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，会造成拉力偏大，从而使得总功变大，然后根据机械效率的公式进行分析。
本题探究影响滑轮组机械效率的因素，考查实验注意事项、效率公式、控制变量法的运用及数据分析。
27.【答案】右  便于测量力臂  3  C  100  150  600  D 
【解析】解：(1)实验前，杠杆右端高，左端低，应向右调节左或右端的平衡螺母，才能让杠杆在水平位置平衡，以便于测量力臂。
设每个钩码的重为G，杠杆每格为L，在图甲中，据杠杆的平衡条件得4G×3L=nG×4L，
解得n=3。
(2)图乙中，杠杆的右侧，钩码挂在一个位置，只需测量一个力臂，而左侧，三个钩码挂在不同的位置，需要测量多个力及力臂，不易得出正确的结论，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
(3)①由题意知，图丙中，设一个钩码的质量为m1，杠杆的质量为m，左侧杠杆的重心离支点的距离为一格，质量为m左=210m=15m，
右侧杠杆的重心离支点的距离为4格，质量为m右=810m=45m，
据杠杆的平衡条件得3m1g×2L+15mg×L=45mg×4L，
解得，杠杆的质量m=2m1=2×50g=100g，
②图丙中，杆秤的零刻度线在A处，则C处所配吊篮的质量应与图丙中C处所挂钩码的质量相同为m吊篮=3m1=3×50g=150g，
③图丁中，将三个钩码移动至D位置，所能测量的质量最大，据杠杆的平衡条件有m大g×2L=3m1×8L，
解得，该杆秤能测量的最大质量m大=12m1=12×50g=600g。
(4)A.设液体密度为ρ，液体的体积为V，秤砣对应的力臂为l，据杠杆的平衡条件得ρVg×2L=MgL1，
解得，液体的密度ρ=Ml12VL，
由于M、V、L是定值，所以ρ与l1成正比，秤的刻度值可均匀标记在AD间，故A正确，不符合题意；
B.由A选项的分析可知，随着l1的增大，ρ的值变大，秤的刻度值向右会变大，故B正确，不符合题意；
C.增大秤砣M的质量，据选项A的分析知，当l1取最大值时，ρ的值会变大，即增大M的质量，秤的量程会增大，故C正确，不符合题意；
D.将支点向右移动1格，左侧力臂变大，右侧力臂变小，据选项A的分析知，l1变小，L变大时，ρ的值变小，秤的量程会减小，故D错误，符合题意。
故选D。
故答案为：(1)右；便于测量力臂；3；(2)C；(3)100；150；600；(4)D。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节。根据杠杆平衡条件求出B处挂钩码的个数和杠杆的偏转方向；
(2)研究杠杆的平衡，需要有动力和阻力，增加动力或阻力的力的个数，不易得出结论；
(3)杠杆自身受到重力，在根据杠杆的平衡条件列式时，考虑重力对实验的影响；
(4)根据杠杆的平衡条件，算出密度与刻度之间的关系。
这道题考查同学对杠杆平衡条件的灵活应用，属于难题。
28.【答案】转换法  不能  速度  正确  丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关  错误的 
【解析】解：(1)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；
若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
(2)甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，对木块做功多少不同，故可以得出结论：物体的动能大小与速度有关。
(3)虽然甲、丙两图中没有控制小球到达水平面时的速度相同(没有控制小球下落的高度相同)，但丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大(s3>s1)，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关，故小丽的看法是正确的。
(4)图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，控制其它因素相同，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，故错误的。
故答案为：(1)转换法；不能；(2)速度；(3)正确；丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关；(4)错误的。
(1)掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；
(2)(3)(4)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。
29.【答案】小球陷入花泥的深度  当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大  A、D、E  相同  无关 
【解析】解：(1)本实验中，小球的重力势能大小是通过小球陷入花泥的深度来反映的；这是转换法的应用；
(2)比较A、B、C三球，下落高度和运动路径相同，小球的质量越大，小球陷入花泥的深度越大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；
(3)比较A、D、E三球，三球质量相同，下落高度不同，发现E球陷入花泥的深度更大，说明E球的重力势能较大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；
(4)研究物体重力势能与物体体积的关系时，需要保持物体质量和下落高度不变，所以F球、G球和H球的质量相同，由图乙知，陷入花泥的深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体的体积无关。
故答案为：(1)小球陷入花泥的深度；(2)当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；(3)A、D、E；(4)相同；无关。
(1)实验中通过球陷入花泥的深度来反映小球重力势能的大小用到转换法；
(2)影响重力势能的因素有物体的质量和下落高度，研究物体的重力势能与物体的质量关系时，需要保持下落高度不变，改变物体质量；
(3)影响重力势能的因素有物体的质量和下落高度，研究物体重力势能与下落高度的关系时，需要保持物体质量不变，改变下落高度；
(4)研究物体重力势能与物体体积的关系时，需要保持物体质量和下落高度不变，改变物体的体积，根据小球陷入花泥的深度分析。
本题为探究物体重力势能影响因素的实验题目，分析时注意利用好控制变量法和转换法。
30.【答案】解：(1)由图可知n=2，滑轮组的机械效率：η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF=4000N2×2500N×100%=80%；
(2)因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：G动=nF−G=2×2500N−4000N=1000N，
因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η′=W有′W总′=W有′W有′+W额外=G′ℎG′ℎ+G动ℎ=G′G′+G动=5000N5000N+1000N×100%≈83.3%。
答：(1)滑轮组的机械效率为80%；
(2)当再次提起一个物重为5000N的物体时，此时滑轮组机械效率为83.3%。 
【解析】(1)由图可知n=2，利用η=W有W总=GℎFs=GℎFnℎ=GnF求滑轮组的机械效率；
(2)利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力，利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查使用滑轮组时动滑轮重力和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
31.【答案】解：
∵Q吸=cm△t，
∴△t=Q吸cm=8.4×104J4.2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg=50℃，
而水的初温为55℃，
∵在标准大气压下，水的沸点为100℃，
∴水的末温为100℃，
∴实际上水的温度升高值为100℃−55℃=45℃。
答：水的温度可以升高45℃。 
【解析】知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量，利用吸热公式求水温度升高值，再确定水的末温(注意在标准大气压下，水的沸点为100℃)，从而确定水的温度升高值。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t的掌握和运用，知道水沸腾时吸热但温度不变是本题的关键。
32.【答案】解：(1)由于火车在平直轨道上匀速行驶，所以水平方向的阻力和牵引力是一对平衡力，即F=f=2000N；
(2)火车在水平方向移动的距离s=vt=20m/s×10s=200m，
机车牵引力做的功为W=Fs=2000N×200m=4×105J；
(3)牵引力的功率为P=Wt=4×105J10s=4×104W。
答：(1)火车的牵引力为2000N；
(2)火车行驶10s时间内，机车牵引力所做的功为4×105J；
(3)牵引力的功率为4×104W。 
【解析】(1)由于火车在平直轨道上匀速行驶，所以水平方向的阻力和牵引力是一对平衡力，根据F=f得出牵引力；
(2)根据s=vt得出火车在水平方向移动的距离，根据W=Fs得出机车牵引力做的功；
(3)根据P=Wt得出牵引力的功率。
本题考查功和功率的计算，是一道综合题。