山东省枣庄市峄城区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷

这是一份山东省枣庄市峄城区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2分）物理知识在生产生活中的应用极大地激发了同学们学习物理的兴趣，同学们课后开始联想一些生活中与物理相关的情景。乒乓球是我国的国球，在世界级比赛中，我国运动员基本包揽所有乒乓球项目的金牌，为国争光，扬我国威。关于乒乓球比赛时的情景，下列说法正确的是（　　）

A．击球时，球拍对球的力只改变了球的运动状态
B．击球时，球拍对球的力只改变了球的形状
C．击球时，球拍对球的力同时改变了球的形状和球的运动状态
D．击球时，球拍对球有力的作用，球对球拍没有力的作用
2．（2分）如图所示，汽车头枕能在下列何种情形中保护司机（　　）

A．前行时突然刹车 B．前行时撞上前车
C．静止时受到前车撞击 D．静止时受到后车撞击
3．（2分）“天宫课堂”上，航天员老师王亚平和叶光富做了“扔冰墩墩”游戏，冰墩墩被扔出后近似做匀速直线运动，下列说法正确的是（　　）
A．冰墩墩离手后能继续运动是因为一直受到手的推力
B．冰墩墩离手后能继续运动是因为自身有一个向前冲的作用力
C．冰墩墩离手后能继续运动是因为冰墩墩具有惯性
D．用手接住后，冰墩墩失去了惯性
4．（2分）移动重物时，把重物一端稍微往上提起一些会更容易推拉，原因是（　　）
A．重物对地面的压力变小，导致摩擦力变小
B．重物和地面的接触面积变小，导致摩擦力变小
C．重物的重力变小，导致摩擦力变小
D．接触面的粗糙程度变小，导致摩擦力变小
5．（2分）下列动物身体部位的形态特点，有利于减小压强的是（　　）
A．啄木鸟的喙尖尖的 B．鸭子趾间有蹼
C．狼的犬齿尖锐 D．老鹰的爪非常锋利
6．（2分）如图所示的实例中利用大气压的是（　　）
A．紧固锤头 B．U形“反水弯”
C．用吸管喝饮料 D．潜水艇的浮沉
7．（2分）下列不是利用连通器原理工作的是（　　）
A．茶壶 B．船闸
C．抽水机 D．地漏
8．（2分）如图所示，两个圆柱形容器甲和乙放在水平桌面上，甲容器底面积大于乙容器底面积，它们分别装有体积相等的液体，甲容器中液体的密度为ρ甲，乙容器中液体的密度为ρ乙。液体内A、B两点到容器底部的距离相等，其压强分别为pA、pB。若两容器底部受到的液体压强相等，则下列判断正确的是（　　）
A．ρ甲＜ρ乙，pA＜pB B．ρ甲＜ρ乙，pA＞pB
C．ρ甲＞ρ乙，pA＝pB D．ρ甲＞ρ乙，pA＜pB
9．（2分）将实心小铅球轻轻放入水中，铅球将（　　）
A．漂浮在水面上 B．悬浮在水中
C．沉在水底 D．以上三种情况都有可能
10．（2分）悬浮在水中的潜水艇上浮至漂浮的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．悬浮时，若要上浮需向水舱充水
B．漂浮时，所受浮力等于重力
C．上浮过程中，所受浮力逐渐变大
D．上浮过程中，水对艇外底部压力不变
11．（2分）如图所示，将同一个小球分别放入甲、乙、丙三种不同液体中，静止时小球在甲液体中漂浮、在乙液体中悬浮、在丙液体中下沉到底部。如果用ρ甲、ρ乙、ρ丙分别表示三种液体的密度，则关于三种液体密度大小的关系说法正确的是（　　）

A．ρ甲＞ρ乙＝ρ丙 B．ρ甲＝ρ乙＞ρ丙
C．ρ甲＞ρ乙＞ρ丙 D．ρ甲＜ρ乙＜ρ丙
12．（2分）甲、乙、丙三个小球的质量m和体积V如下表所示。将它们浸没在水中释放，在其稳定后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的是（　　）
小球
甲
乙
丙
m/g
30
40
54
V/cm3
60
50
20
A．F甲＞F乙＞F丙 B．F乙＞F甲＞F丙
C．F丙＞F乙＞F甲 D．F甲＞F丙＞F乙
13．（2分）如图四幅图中所描述的力，对物体做了功的是（　　）
A．①使小车向前运动了一段距离的推力
B．②搬石头但没有搬动，手对石头的力
C．③托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力
D．④提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力
14．（2分）某汽车公司对自主研发的无人驾驶汽车性能进行测试，甲、乙两辆完全相同的汽车在同一水平路面上做匀速直线运动，且v甲＜v乙，若不计空气阻力，则汽车受到的牵引力F甲和F乙以及牵引力在相同时间内所做的功W甲和W乙之间的关系正确的是（　　）
A．F甲＜F乙，W甲＜W乙 B．F甲＞F乙，W甲＞W乙
C．F甲＝F乙，W甲＜W乙 D．F甲＝F乙，W甲＝W乙
15．（2分）2022年5月14日国产大飞机C919首飞试验成功（如图）。有网友兴奋地说，中国商飞将可能成为继波音和空客之后的第三大民航飞机制造者。有报道称C919最大起飞质量达77吨，如此庞然大物能飞上天，下列说法中正确的是（　　）

A．C919不能垂直地面腾空而起，先滑行再起飞是为了让乘客充分欣赏机场景色
B．C919起飞原理是利用了流体压强与流速的关系
C．C919在高空水平飞行时机翼下方空气的流速远大于机翼上方空气的流速
D．C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞，此过程飞机对地面的压力增大，对地面的压强也增大
16．（2分）如图，工人师傅正在使用一根硬棒撬动石头，使用此硬棒（　　）

A．省力且省距离 B．省力但费距离
C．费力且费距离 D．费力但省距离
17．（2分）停放自行车时，若要从如图中四点选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起。其中最省力的点是（　　）

A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
18．（2分）如图是小华在劳动教育实践活动中体验中国传统农耕“舂稻谷”的示意图。小华若要更省力，下列做法可行的是（　　）

A．支点不动，脚在杆上的位置前移
B．将支点靠近人，脚在杆上的位置不动
C．将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移
D．将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12-13分。
19．（2分）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的 　 　在空中继续前行，以提高成绩；体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大接触面的 　 　（选填“粗糙程度”或“压力”）来增大摩擦力。
20．（2分）如图为某款N95口罩的示意图，口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是为了 　 　鼻夹对鼻梁的压强；为了佩戴时与脸部贴合的更紧密，口罩带通常用 　 　性材料制成。

21．（2分）如图甲所示，完全相同的木块A和B紧靠在一起平放在粗糙程度相同的水平桌面上，在10N的水平推力F1作用下一起向右做匀速直线运动。若将A、B叠放到该桌面上，用水平力F2拉着B使它们一起向右做匀速直线运动（如图乙所示），则拉力F2＝　 　N，此时木块A所受的摩擦力为 　 　N。

22．（3分）我国自主研发的“深海勇士号”载人潜水器，其质量为2×104kg。当潜水器悬浮在海水中时，受到的浮力是 　 　N；当它继续下潜时受到的浮力 　 　（选填“变大”“不变”或“变小”），压强 　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。（g取10N/kg）
23．（2分）中学生要养成文明的行为习惯，严禁高空抛物。如果一个重0.5N的鸡蛋从20m高处自由下落，不计空气阻力，下落过程中鸡蛋的重力势能转化为 　 　能，重力对鸡蛋所做的功为 　 　J。
24．（2分）如图OAB为一可绕O点自由转动的轻质杠杆，OA垂直于AB，且OA长度为40cm，AB长度为30cm，在OA中点C处挂一质量为1kg的物体，要求在端点B处施加一个最小的力F，使杠杆在图示位置平衡，则F的力臂应是 　 　cm，最小的力F是 　 　N。

三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共34分。
25．（2分）如图，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。

26．（8分）在探究“二力平衡的条件”实验中，小聪同学采用的实验装置如图甲所示，小明同学采用的实验装置如图乙所示。

（1）老师指出图乙的装置更科学，原因是选用小车，可以减小 　 　对实验结果的影响。
（2）实验中判断小车是否受平衡力作用的依据是小车保持 　 　（选填“静止”或“匀速直线运动”）状态。
（3）左右两盘放质量相等的砝码，小车保持静止。将左盘中再添加一个砝码，小车将运动，说明彼此平衡的两个力大小 　 　。
（4）小车处于静止后，保持F1与F2的大小不变，把小车在水平桌面上扭转一个角度后释放，小车将转动，说明彼此平衡的两个力必须在 　 　上。
27．（14分）兴趣小组利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶、铁架台等器材验证阿基米德原理。（细线的质量和体积均忽略不计）

（1）使用弹簧测力计前，要将指针调在 　 　位置。
（2）实验中所用物块的重力为 　 　N。
（3）同学们发现溢水杯中未装满水，如图甲所示，这样实验会使测得的溢出水的重力 　 　（填“偏大”或“偏小”）。
（4）溢水杯装满水后，将物块浸没在水中，如图乙所示，物块受到的浮力为 　 　N，物块受到的浮力大小与它排开水所受的重力大小 　 　。
（5）继续实验，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，如图丙所示，发现F5＞F3，说明物块受到的浮力大小与 　 　有关。换用酒精再次实验的目的是 　 　（填“减小误差”或“寻找普遍规律”）。
28．（10分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：

（1）如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 　 　个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将 　 　（选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”）；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”），原因是 　 　。
四、计算题：本题包括2个小题，29题5分，30题7分，共12分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．（5分）如图所示，5G智能机器人安装有超声波雾化器自动喷枪，工作时，将消毒液均匀雾化到空气中进行消毒。下表为智能机器人的部分参数，其中额定雾化量是指雾化器工作1h能够雾化消毒液的体积。（g取10N/kg）
水箱容积
额定雾化量
自身重力
履带总触地面积
20L
10L/h
500N
200cm2
（1）求机器人未装消毒液且静止时，对水平地面的压强；
（2）未装消毒液，机器人在水平地面以0.5m/s速度匀速直线运动10min，机器人受到的阻力为自身重力的0.1倍，求牵引力做的功；
（3）装满消毒液，机器人总重力增加了160N，以额定雾化量消毒一段时间后，机器人对水平地面的压强减小了2×103Pa，求此次消毒所用的时间。

30．（7分）如图所示，是某工作队用滑轮组从水中打捞正方体物体M的情景。物体M的棱长为1m，密度为2.8×103kg/m3，用7500N的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升2m。忽略绳重、绳与滑轮的摩擦和滑轮与轴的摩擦。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面受到水的压力；
（3）物体M上升后，在未露出水面前，此滑轮组的机械效率。


2022-2023学年山东省枣庄市峄城区八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共18小题，每小题2分，共36分，在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（2）力的作用是相互的。
【解答】解：ABC、击球时，球拍对球的力不仅改变了球的运动状态，还使球发生形变，故AB错误、C正确；
D、物体间力的作用是相互的，击球时，球拍对球有力的作用，球对球拍也有力的作用，故D错误。
故选：C。
2．【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体在任何情况下都具有惯性；解答时需知道：若人向后仰，则头枕能起到保护作用；若人向前倾，则头枕不能起到保护作用。
【解答】解：
AB、前行时突然刹车或前行时撞上前车，人的上半身由于惯性会向前倾，则头枕对此不起保护作用，故AB不符合题意；
C、静止时受到前车撞击，人的下半身随车向后运动，但人的上半身由于惯性仍保持原来的静止状态，所以人的上半身相对于下半身会向前倾，则头枕对此不起保护作用，故C不符合题意；
D、静止时受到后车撞击，人的头部由于惯性会向后仰，此时车辆的压力都集中在人体脆弱的颈部和头部，而柔软的头枕对头部能起到保护作用，故D符合题意。
故选：D。
3．【分析】（1）牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
（2）一切物体在任何情况下都有惯性，即任何物体都有保持原来运动状态的性质。
【解答】解：AB、冰墩墩做匀速直线运动，因为物体不受力的作用将保持匀速直线运动，故冰墩墩离手后能继续运动不受到手的推力，故AB错误；
CD、冰墩墩离开手后能继续向前运动是因为它具有惯性，保持原来的运动状态不变，惯性与质量有关，用手接住后，冰墩墩的质量不变，冰墩墩仍有惯性，故C正确、D错误。
故选C。
4．【分析】滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
【解答】解：移动重物时，把重物一端稍微往上提起一些，重物对地面的压力变小，导致摩擦力变小，所以会更容易推拉。此过程中，重物的重力不变，接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力的大小与重物和地面的接触面积无关。故A正确、BCD错误。
故选：A。
5．【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：A、啄木鸟的喙又尖又长，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B、鸭子趾间有蹼，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B符合题意；
C、狼的犬齿尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C不符合题意；
D、老鹰的爪非常锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D不符合题意。
故选：B。
6．【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
【解答】解：A、撞击中，锤头和锤柄一块运动，锤柄受力静止，而锤头由于惯性还要继续运动，与锤柄结合的更结实，属于惯性现象，与大气压无关，故A不符合题意；
B、排水管U形“反水弯”是利用连通器来工作的，不是利用大气压，故B不符合题意；
C、用力一吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故C符合题意；
D、潜水艇依靠改变自身的重力来实现沉浮的，利用的是物体的浮沉条件，与大气压无关，故D不符合题意。
故选：C。
7．【分析】连通器的特点：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
【解答】解：A、茶壶的结构是：上端开口，下部连通，即是一个连通器，故A错误；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B错误；
C、抽水机是利用大气压工作的，与连通器无关，故C正确；
D、地漏是利用连通器的原理制成的，故D错误。
故选：C。
8．【分析】由题意知两容器底部受到的液体压强相等，由图知甲液体的深度小于乙液体的深度，由p＝ρgh判断出甲、乙液体密度的关系；
由题意知液体内A、B两点到容器底部的距离相等，根据p＝ρgh判断出A、B以下部分压强的关系，由p＝p上+p下且p甲＝p乙判断出AB两点压强的关系。
【解答】解：由题意知两容器底部受到的液体压强相等p甲＝p乙，由图知甲液体的深度小于乙液体的深度，由p＝ρgh知ρ甲＞ρ乙；
由题意知液体内A、B两点到容器底部的距离相等，根据p＝ρgh知pA下＞pB下，
由于p甲＝pA+pA下，p乙＝pB+pB下，且p甲＝p乙，
所以pA＜pB，故D正确。
故选：D。
9．【分析】根据铅球的密度与水的密度的大小分析铅球的状态。
【解答】解：将实心小铅球轻轻放入水中，实心小铅球的密度大于水的密度，所以在水中是下沉的。
故选：C。
10．【分析】（1）（2）潜水艇悬浮时，根据物体的浮沉条件可知，其受到的浮力等于自身的重力；潜水艇是依靠改变自身的重力来实现上浮和下潜的；
（3）根据阿基米德原理分析其浮力的变化；
（4）根据潜水艇深度的变化分析艇外底部受到的压强的变化，根据F＝pS分析水对艇外底部压力的变化。
【解答】解：
AB、潜水艇悬浮时，受到的浮力等于自身的重力，由于潜水艇排开的水的体积不变，受到的浮力不变，若要上浮，需要通过向外排水来减小潜水艇的重力，故A错误，B正确；
C、上浮过程中，水的密度不变，潜水艇的体积不变，排开的水体积不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，潜水艇受浮力不变，故C错误；
D、上浮过程中，潜水艇的深度变小，根据p＝ρ水gh可知，艇外底部受到的水的压强变小；受力面积不变，根据F＝pS可知，水对艇外底部压力变小，故D错误。
故选：B。
11．【分析】根据小球在甲、乙、丙三种液体中的状态，利用物体浮沉条件比较其密度大小。
【解答】解：静止时，小球在甲液体中漂浮，乙液体中悬浮，丙液体中沉底，则根据浮沉条件可得：ρ球＜ρ甲，ρ球＝ρ乙，ρ球＞ρ丙；所以，三种液体的密度关系ρ甲＞ρ乙＞ρ丙。
故选：C。
12．【分析】根据小球的质量和小球的体积分析小球密度大小；根据小球的密度与水的密度的关系分析小球在水中的状态，根据物体的浮沉条件分析和阿基米德原理浮力的大小。
【解答】解：根据表格中的数据，利用公式ρ＝可知，三个小球的密度分别为：ρ甲＝0.5g/cm3、ρ乙＝0.8g/cm3、ρ丙＝2.7g/cm3；
甲、乙的密度小于水的密度，所以甲、乙都漂浮在水中，根据物体的浮沉条件可知：F甲＝G甲＝m甲g＝30×10﹣3kg×10N/kg＝0.3N，F乙＝G乙＝m乙g＝40×10﹣3kg×10N/kg＝0.4N；
丙的密度大于水的密度，丙在水中下沉，根据阿基米德原理可知，丙受到的浮力为：F丙＝ρ水gV排＝ρ水gV丙＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣6m3＝0.2N；
由此可知，F乙＞F甲＞F丙。
故选：B。
13．【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离。
【解答】解：A、使小车向前运动了一段距离的推力，推力和距离的方向均水平向前，力做功，故A正确；
B、搬石头但没有搬动，手对石头的力没有做功，因为没有移动距离，故B错误；
C、托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力没有做功，因为没有移动距离，故C错误；
D、提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力没有做功，因为力的方向向上，距离方向水平向前，在力的方向上没有移动距离，故D错误。
故选：A。
14．【分析】（1）影响摩擦力大小的因素是：接触面所受压力、接触面的粗糙程度，通过分析接触面所受压力和接触面粗糙程度的关系得出摩擦力大小的关系；而两辆汽车都做匀速直线运动，都受平衡力的作用，即牵引力和摩擦力平衡；进而确定牵引力大小关系；
（2）知道v甲＜v乙，可得在相同的时间内的路程关系，再根据W＝Fs比较做功大小关系。
【解答】解：（1）由于不计空气阻力，在水平方向上，甲、乙两辆汽车都受牵引力F与摩擦力f作用，两辆汽车都做匀速直线运动，处于平衡状态，所以F甲＝f甲，F乙＝f乙；
甲、乙两辆完全相同的汽车在同一水平路面上做匀速直线运动，两辆汽车对水平路面的压力相等，都等于汽车自身的重力；接触面的粗糙程度相同，所以两辆汽车所受的摩擦力大小相等，即f甲＝f乙，所以牵引力F甲＝F乙；
（2）因为v＝，v甲＜v乙，
所以在相同的时间内路程关系：
s甲＜s乙，F甲＝F乙。
根据W＝Fs可知，W甲＜W乙。
故选：C。
15．【分析】（1）（2）（3）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用；
（4）根据飞机的受力情况分析压力的变化，根据p＝分析地面受到的压强的变化。
【解答】解：
ABC、飞机的机翼上凸下平，飞机飞行时，在相同时间内，空气经过机翼上方的路程长，速度大，压强小；空气经过下方的路程短，速度小，压强大，从而使飞机获得向上的升力，当升力足够大时，飞机能起飞，所以飞机不能垂直地面腾空而起，故AC错误，B正确；
D、C919在长长的跑道上加速滑行再逐渐离地起飞的过程中，飞机受到的升力变大，对地面的压力变小，地面的受力面积不变，根据p＝，地面受到的压强变小，故D错误。
故选：B。
16．【分析】分析动力臂与阻力臂的长度关系，从而判断它属于哪种类型杠杆，进而判断其是否省力和是否省距离。
【解答】解：由图可知，使用一根硬棒撬动石头时，动力臂大于阻力臂，由杠杆的平衡条件知道，此时动力小于阻力，即使用的是省力杠杆，由功的原理知道，使用任何机械都不省功，省力杠杆一定费距离，故B正确。
故选：B。
17．【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最省力，必须使动力臂最长．
【解答】解：根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，是围绕前轮与地面的接触点转动，分别作出在A、B、C、D四点施加竖直向上的力并延长，再支点作出垂线，即力臂，如图所示：

由图可知最省力的点是D。
故选：D。
18．【分析】根据杠杆的平衡条件分析。
【解答】解：A、支点不动，脚在杆上的位置前移，此时阻力、阻力臂不变，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故A错误；
B、将支点靠近人，脚在杆上的位置不动，此时阻力不变，阻力臂变大，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故B错误；
C、将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移，阻力不变，阻力臂变大，动力臂变小，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，不能省力，故C错误；
D、将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移，阻力不变，阻力臂变小，动力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，动力变小，能省力，故D正确。
故选：D。
二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12-13分。
19．【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于惯性还要保持原来的运动状态，在空中继续前行，以提高成绩；
体操运动员上器械前，在手上涂防滑粉，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：惯性；粗糙程度。
20．【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，增大受力面积；是在受力面积一定时，减小压力；
（2）为了佩戴时与脸部贴合的更紧密，说明材料弹性好。
【解答】解：口罩的鼻夹与鼻梁接触处附有海绵，其目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小鼻夹对鼻梁的压强；
为了佩戴时与脸部贴合的更紧密，说明材料弹性强。
故答案为：减小；弹。
21．【分析】应利用二力平衡的知识，求出摩擦力，并知道摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，而与接触面积无关。
【解答】解：图甲中，在10N的水平推力F1作用下，A、B一起做匀速直线运动，把AB看成一个整体，AB在水平方向上受到的推力和滑动摩擦力为一对平衡力，因此摩擦力等于推力等于10N；
图乙中，压力大小和接触面的粗糙程度都没变，把AB看成一个整体，物体AB受到的摩擦力不变，等于10N，由于物体AB做匀速直线运动，故物体AB在水平方向上受平衡力作用，拉力F2和物体受到的滑动摩擦力是二力平衡，F2＝10N；
A和B一起匀速运动，A和B没有相对运动趋势，不存在摩擦力的作用，故此时木块A所受的摩擦力为0N。
故答案为：10；0。
22．【分析】（1）当潜水器悬浮在海水中时，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮＝G＝mg求出其大小；
（2）当它继续下潜时，排开海水的体积不变，海水的密度不变，根据F浮＝ρ液gV排判断潜水器受到的浮力变化；
（3）当它继续下潜时，所处的深度变大，海水的密度不变，根据p＝ρ液gh判断潜水器受到的压强变化。
【解答】解：（1）当潜水器悬浮在海水中时，受到的浮力：F浮＝G＝mg＝2×104kg×10N/kg＝2×105N；
（2）当它继续下潜时，排开海水的体积不变，海水的密度不变，由F浮＝ρ液gV排可知，潜水器受到的浮力不变；
（3）当它继续下潜时，所处的深度变大，海水的密度不变，由p＝ρ液gh可知，潜水器受到的压强变大。
故答案为：2×105；不变；变大。
23．【分析】（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（2）利用W＝Gh计算重力对鸡蛋所做的功。
【解答】解：鸡蛋下落过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小；速度增加，动能增大，重力势能转化为动能；
重力对鸡蛋所做的功为：W＝Gh＝0.5N×20m＝10J。
故答案为：动；10。
24．【分析】根据杠杆的平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，根据杠杆的平衡条件求出最小的动力的大小。
【解答】解：在B点施加一个力最小的力，则力臂应最大，当OB作为力臂时，动力臂是最大的，动力最小；OA＝40cm，AB＝30cm，根据勾股定理可知，OB＝＝50cm；
OC＝20cm；
根据杠杆的平衡条件可知：G×OC＝F×OB，mg×OC＝F×OB，即：1kg×10N/kg×20cm＝F×50cm，解得：F＝4N。
故答案为：50；4。
三、作图与实验探究题：本题共4个小题，每图或每空2分，共34分。
25．【分析】（1）重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，从物体的重心表示出重力的方向即可；
（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并从压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：从物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图；
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。如图所示：

26．【分析】（1）实验中应尽量减小摩擦对平衡的影响；
（2）图甲中观察小车的受力和运动情况来探究二力平衡的条件；
（3）探究两个力的大小关系；
（4）探究两个力的方向关系。
【解答】解：（1）小明同学采用的实验装置如图乙，选用了小车，这样可以尽量减小摩擦力对实验的影响；
（2）实验中通过观察小车能否静止，确定其是否处于平衡状态，故判断依据是小车处于静止状态；
（3）实验时，左右两盘放质量相等的砝码，小车保持静止。将左盘中再添加一个砝码，小车将运动，发现小车无法保持静止状态，这表明平衡的两个力需要大小相等；
（4）把小车转过一个角度，然后松手，观察到小车转动，最后恢复到静止状态，说明小车在水平方向上受到的两个力在同一条直线上时才能平衡。
故答案为：（1）摩擦力；（2）静止；（3）相等；（4）同一条直线。
27．【分析】（1）测力计使用前，要观察弹簧测力计的量程、零刻度线和分度值。
（2）据图读出物块所受重力。
（3）根据物块排开水所受的重力G排等于桶和排开水的总重减去空桶的重即可分析判断。
（4）根据F浮＝G﹣F求出物块浸没在水中受到的浮力；
物块排开水所受的重力等于物块浸没时溢水杯流入空桶中水的重力。
（5）改变液体的密度，根据弹簧测力计示数的变化判断出浮力的变化，进而得出结论；为了使实验具有普遍性，换其他液体继续实验。
【解答】解：（1）测量物体重力前应先观察弹簧测力计的量程、分度值，并观察指针是否指在零刻度线；
（2）由图甲可知，物体的重力为4N；
（3）物体放入水中前，溢水杯应该是满水的，否则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积，物块排开水所受的重力变小，所以，测得排开水的重力会偏小；
（4）物块的重力大小是4N，物块浸没在水中弹簧测力计示数是3N，
物块浸没在水中受到的浮力：F浮＝F1﹣F3＝4N﹣3N＝1N；
物块排开水所受的重力可以由实验步骤乙和甲得到，物块排开水所受的重力：G排＝F4﹣F2＝1.5N﹣0.5N＝1N；
（5）酒精代替水继续实验，发现此时的F3变大，由称重法可知浮力变小，排开液体的体积相同，液体的密度不同，浮力不同，说明浮力的大小与液体的密度有关；为了使实验具有普遍性，用酒精继续实验。
故答案为：（1）零刻度线；（2）4；（3）偏小；（4）1；相等；（5）液体密度（液体种类）；寻找普遍规律。
28．【分析】（1）杠杆静止或匀速转动时杠杆就处于平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
（3）当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的动力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。
【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节平衡螺母；
（2）若每个钩码重G，每个小格长L，如图乙所示，杠杆左边A处挂3个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可得，3G×4L＝nG×3L，解得n＝4，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码4个；
当杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个钩码，则有4G×4L＞5G×3L，左侧力与力臂的乘积大于右侧，故左端下沉；
（3）保持C点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
故答案为：（1）右；（2）4；左端下沉；（3）变大；阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
四、计算题：本题包括2个小题，29题5分，30题7分，共12分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。
29．【分析】（1）在水平地面上的物体，对地面的压力等于其所受的重力，则F＝G，根据公式p＝求出对地面的压强；
（2）根据阻力与重力的关系可以得出机器人受到的阻力，由二力平衡计算出牵引力大小，最后根据W＝Fs计算牵引力做的功；
（3）由题意知消毒液的重力等于机器人总重力的增加量，根据G＝mg算出液体的质量，由密度公式算出液体的密度；
减小的液体的重力等于机器人对水平地面的压力的减小量，由G＝mg算出减小的液体的质量，根据密度公式算出减小的液体的体积，由表格的额定雾化量算出此次消毒所用的时间。
【解答】解：（1）机器人未装消毒液时，自身的重力G＝500N，
机器人对水平路面的压力：
F＝G＝500N；
受力面积S＝200cm2＝0.02m2，
对水平地面的压强：
p＝＝＝2.5×104Pa；
（2）根据v＝知机器人运动的距离为：
s＝vt＝0.5m/s×600s＝300m，
机器人受到的阻力为：f＝0.1G＝0.1×500N＝50N，
因为机器人在水平方向做匀速直线运动，所以牵引力等于阻力，即F＝f＝50N；
牵引力做的功为：
W＝Fs＝50N×300m＝15000J；
（3）由题意知消毒液的重力等于机器人总重力的增加量，根据G＝mg知液体的质量为：
m液＝＝＝16kg，
液体的密度为：
ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3，
减小的液体的重力等于机器人对水平地面的压力的减小量，即ΔG＝ΔF＝ΔpS＝2×103Pa×200×10﹣4m2＝40N，
减小的液体的质量为：Δm液＝＝＝4kg，
减小的液体的体积为：
ΔV＝＝＝5×10﹣3m3＝5L，
额定雾化量为10L/h，
此次消毒所用的时间为：
t＝＝0.5h。
答：（1）机器人未装消毒液且静止时，对水平地面的压强为2.5×104Pa；
（2）牵引力做的功为15000J；
（3）装满消毒液，机器人总重力增加了160N，以额定雾化量消毒一段时间后，机器人对水平地面的压强减小了2×103Pa，此次消毒所用的时间为0.5h。
30．【分析】（1）知道正方体的棱长可求其体积，即正方体浸没在水中时排开水的体积，利用阿基米德原理求出受到水的浮力；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，可得下表面深度，根据液体压强公式求出下表面受到水的压强，然后根据F＝pS可得下表面受到水的压力；
（3）由图可知动滑轮上3股绳，所以n＝3；根据G＝mg求出正方体M的重力；
正方体露出水面前，根据η＝×100%＝＝求出滑轮组的机械效率；
【解答】解：（1）物体M上升后，还未露出水面时，物体排开液体体积等于物体体积，V排＝V＝a3＝1m3；
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1m3＝104N；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面深度h＝1m+0.2m＝1.2m；
下表面受到水的压强p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2m＝1.2×104Pa；
下表面受到水的压力F＝pS＝1.2×104Pa×（1m）2＝1.2×104N；
（3）物体重力G＝ρgV＝2.8×103kg/m3×10N/kg×1m3＝2.8×104N；
由图可知动滑轮上3股绳，所以n＝3；
滑轮组的机械效率η＝×100%＝＝＝＝80%。
答：（1）物体M上升后，还未露出水面时受到的浮力是104N；
（2）物体M上表面在水面下0.2m时，它的下表面受到水的压力是1.2×104N；
（3）物体M上升后，在未露出水面前，此滑轮组的机械效率是＝80%。
声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2023/9/3 9:41:59；用户：李娜，物理；邮箱：18806363985；学号：22903376