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2022-2023学年山东省烟台市招远市九年级（下）期中物理试卷（五四学制）（含解析）
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2022-2023学年山东省烟台市招远市九年级（下）期中物理试卷（五四学制）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 当2022虎年的钟声敲响时，天和核心舱的三位航天员在太空为全国人民送上新年祝福(如图)。他们美好的祝福声传到地球靠的是( )
A. 超声波 B. 次声波 C. 电磁波 D. 红外线
2. 如图所示，5岁的小东和妈妈正乘自动扶梯下楼，小东说：“妈妈我们跑下去吧!”妈妈说：“这样很危险，乘扶梯时要站着不动。”“站着不动”是相对于( )
A. 自动扶梯扶手
B. 正上楼的乘客
C. 商场里的地面
D. 货架上的货物
3. 2013年3月，世界卫生组织将“中国爱耳日”确定为“国际爱耳日”。2022年3月3日是第23个“全国爱耳日”。降低噪声影响，守护听力健康，增强全民爱耳护耳意识，是我们共同的责任。下列与声音有关的说法正确的是( )
A. 打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
B. “闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的响度不同
C. “山东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声
D. 跳广场舞时喇叭播放的歌曲都是乐音
4. 《资治通鉴》中记栽“人以铜为镜，可以正衣冠”。下列光现象与铜镜成像的原理相同的是( )
A. 铅笔“折断” B. 水中倒影
C. 放大镜把字放大 D. 影子
5. 如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，是为了观察到的蜡烛的像更清晰
B. 只要把光屏放在恰当的位置，就能承接到蜡烛的像
C. 蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的像就越小
D. 只把玻璃板向左平移，蜡烛的像的位置不变
6. 李华同学在实验室测量盐水的密度。调节天平横梁平衡后开始测量，先用天平测出烧杯和杯内盐水的总质量为90g，然后将一部分盐水倒入量筒，如甲图所示，接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示。根据实验数据，下列说法不正确的是( )
A. 量筒内盐水的体积为60cm3 B. 烧杯及烧杯内剩余盐水的质量为25g
C. 量筒内盐水的质量为63g D. 盐水的密度为1.05×103kg/m3
7. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列分析正确的是( )
A. “十月打了霜，来年粮满仓”，如图甲，霜的形成是凝华现象，需要吸热
B. “大雾不过响，过响听雨响”，如图乙，雾的形成是汽化现象，需要放热
C. “草上露水凝，天气一定晴”，如图丙，露的形成是液化现象，需要放热
D. “大雪河封住，冬至不行船”，如图丁，冰的形成是凝固现象，需要吸热
8. 在木棒的一端缠绕一些细铜丝制成简易的液体密度计，将其分别放入盛有甲乙两种液体的烧杯中处于静止状态，如图所示，若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲、F乙，甲乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙.则( )
A. F甲F乙 C. ρ甲>ρ乙 D. ρ甲<ρ乙
9. 现有史籍中最早讨论滑轮的是《墨经》。书中将向上提举重物的力称为“挈”，将自由往下降落称为“收”，将整个滑轮称为“绳制”(图1)。现分别用甲、乙两个力替代“收”(图2)，使重物在相同的时间内匀速上升相同高度。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 使用这个滑轮能省力
B. 甲拉力大小等于乙拉力大小
C. 甲拉力做的功大于乙拉力做的功
D. 甲拉力使绳自由端移动的速度小于乙拉力使绳自由端移动的速度
10. 我国北宋学者沈括在《梦溪笔谈》中，将指南针分为“水针”和“旱针”两类。在图所示装置中，条形磁铁左方的水盆中悬浮的“水针”和正上方悬挂的“旱针”在静止时其N极分别指向( )
A. 左，左 B. 左，右 C. 右，左 D. 右，右
11. 如图所示，为2022年2月15日北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛上，中国选手苏翊鸣夺得冠军的画面。下列有关说法正确的是( )
A. 该运动员由雪道腾空飞起的过程中，动能转化为重力势能
B. 运动员腾空至最高点时机械能为零
C. 运动员由最高点落下时，不受重力作用
D. 运动员在雪道向下滑行时，动能转化为重力势能
12. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电灯变暗
B. 电压表V1的示数不变
C. 电压表V2的示数变小
D. 电压表V1与电流表示数的比值变小
13. 如图所示是火车站的自动检票闸机，乘客只需刷一下身份证，然后面对摄像头进行人脸识别，两种信息都确认后系统就会提示检票通过，闸机门自动打开。若身份证和人脸识别系统各相当于一个开关，信息符合为开关闭合状态，则下列模拟电路中，符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
14. 在如图所示的电路中，当开关S闭合后，电压表示数为6.3V；当开关S断开时，电压表示数为2.5V，则开关S断开时，灯L1和L2两端的电压分别为( )
A. 3.8V、2.5V
B. 3.8V、6.3V
C. 2.5V、3.8V
D. 6.3V、2.5V
15. 下列探究实验体现的工作原理与发电机相同的是( )
A. B.
C. D.
16. 目前，我国核电站只能利用原子核的______释放的核能来发电(填“聚变”或“裂变”)。核动力航母是我国目前需要攻克的技术难题，其动力原理是反应堆通过核反应，产生大量的热量，用来给水蒸气加热，高温水蒸气推动轮机转动，从而推动庞大的航母前进。核反应是将核能转化为______能，再利用高温水蒸气做功，转化为______能。
17. 如图所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计。若杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为0.05m和0.2m，则被测物体的质量为______ kg；若被测物体质量变大了，则称纽应向______ (选填“左”或“右”)移动；若秤砣有缺损，则测量值比被测物体的真实质量要______ (选填“偏大”或“偏小”)。
18. 完全燃烧140g焦炭所放出的热量有60%被初始温度为10℃、质量为10kg的水吸收，则水吸收的热量为______ J，水的温度将升高到______ ℃。[q焦炭=3.0×107J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，在1个标准大气压下]
19. 电带给人们便利的同时，不规范用电的安全隐患也威胁着人们的安全。新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是______ 电阻，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更______ (选填“多”或“少”)，消除安全隐患。电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳______ ，防止触电。
20. 如图是两挡空气炸锅内部加热部分的简化电路，R1、R2均为发热体，将开关S置于1、2两位置时，空气炸锅处于不同的挡位。已知两挡空气炸锅的高温挡功率为1000W，R2阻值为110Ω，则R1阻值为______ Ω(小数点后保留1位小数)。当开关S置于2位置时，空气炸锅处于______ 挡(选填“高温”或“低温”)，此时电路中的电流是______ A。
21. 如图所示，F点既是凸透镜的焦点，也是凹透镜的虚焦点，请画出图中两条平行于主光轴的光线经过两个透镜的光路图。
22. 珠峰科考2022年5月4日，我国科考队员成功登顶珠峰(如图1所示)，完成了架设全球海拔最高的气象站、用高精度雷达测量冰雪厚度以及进行人体极高海拔适应机制实验三项主要任务。这是我国珠峰科考首次突破8000m以上海拔高度，在青藏高原科学考察研究历史上具有划时代意义。
2022年5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇(如图2所示)从海拔4300米的科考营地顺利升空，凌晨4点40分达到9032m。超过珠峰8848.86m的高度，创造浮空艇大气科学观测世界纪录。浮空艇的表面积将近2000m2，表层为白色，是用复合织物材料做成的，该材料密度小，可以耐零下70℃的低温。“极目一号”浮空艇搭载多种科学观测仪器，可带来来自7000m高度的大气组成数据，为青藏高原“水、生态和人类活动”研究提供全新支撑。未来，中国科学院还将推出“极目二号”、“极目三号”浮空艇，应用于青藏科考。
请阅读以上短文，并回答下列问题：
(1)科考队员把五星红旗带到山顶，看到五星红旗是红色的，其原因是什么？
(2)浮空艇表面是用复合织物材料做成，其物理性质有哪些？
(3)科考人员在冰山上不能大声说话，以免引起雪崩，这说明什么？
23. 小明同学利用如图所示装置探究“液体内部压强的特点”。
(1)实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中______ 来反映。
(2)小明把器材按甲图所示组装完毕后，观察到两边液面如图甲所示，要使两侧液面相平，他接下来应该怎样操作？
(3)由B、C两图可以得出的结论是什么？
(4)小明发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，这说明了什么？
24. 在探究水在沸腾前后温度变化的特点的实验中，实验装置如图甲所示。
(1)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃，由图丙可知，水的沸点是______ ℃；
(2)实验表明，水沸腾过程中，温度______ ，需要______ 热量；
(3)由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象发现从开始给水加热到沸腾需要的时间太长，请给实验提一条合理化建议；
(4)你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点______ 。
25. 在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小华连接了如图甲所示的电路(电源电压保持6V不变)。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时电路中电流变大，导线不能交叉)；
(2)连接完整电路后，闭合开关，发现电压表几乎无示数，电流表有示数，则故障可能是什么？
(3)图乙是小华根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；
(4)当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，滑动变阻器的滑片P应该向______ 滑动(选填“左”或“右”)；
(5)实验的结论是什么？
26. 如图所示是我国研制的新能源5G无人电动拖拉机，它以氢燃料供电为主，可以搭载深耕机、播种机等多种设备进行农田耕作。某次该电动拖拉机在水平公路上匀速行驶了15km到达目标农田。该拖拉机质量为1.6t，车轮与地面的总接触面积为0.08m2，受到的阻力为其重力的0.05倍，g取10N/kg。求：
(1)求该拖拉机静止在水平地面时，对地面的压强；
(2)在水平公路上行驶时牵引力所做的功；
(3)某次该拖拉机搭载深耕机耕地时，耕地的时间为5min，总消耗氢能为6×106J，拖拉机耕地的功率为12kW，求拖拉机耕地的工作效率。
27. 如图甲所示为某品牌测试身高和体重的测量仪。学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示。同时闭合开关S1、S2，身高h=175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2=140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
(1)小明的重力；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值；
(3)电源UA的电压；
(4)小明测量身高和体重时，电路消耗的总电功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播，三位航天员美好的祝福声传到地球靠的是电磁波。
故选C。
电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播。
本题考查电磁波的应用，属于对基础知识的考查，难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、小东相对于自动扶梯扶手的位置没有发生变化，以自动扶梯扶手为参照物，小东是静止的。故A符合题意；
BCD、小东相对于正上楼的乘客、商场里的地面、货架上的货物位置不断发生变化，小东是运动的，故BCD不符合题意。
故选：A。
解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
3.【答案】C
【解析】A、打雷时捂住耳朵可以减弱雷声的响度，但不能防止雷声的产生，故A错误。
B、“闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的音色不同，故B错误。
C、“山东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声，故C正确。
D、跳广场舞时喇叭播放的歌曲有时会干扰别人的正常休息，这时它属于噪声，故D错误。
故选：C。
(1)从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都是噪声。
(2)减弱噪声的方法：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
(3)音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定。
本题考查了噪声及防治的方法，属于基础题，要求学生熟练掌握。
4.【答案】B
【解析】解：铜镜成像属于平面镜成像，是由光反射形成的；
A.铅笔“折断”是光的折射现象，故A不符合题意；
B.水中倒影是光的反射形成的平面镜成像现象，与铜镜成像相同，故B符合题意；
C.放大镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，把字放大是光的折射现象，故C不符合题意；
D.影子是由光沿直线传播形成的，故D不符合题意。
故选：B。
光在自然界中存在三种光现象：
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射和光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：A、使用平面镜时，只能成像，而不能透光，不容易确定像的位置，用玻璃板时，既能成像，又能透光，便于确定出像的位置，而且能比较像与物的大小关系，故A错；
B、玻璃板中成的虚像，用光屏承接不到虚像，故B错；
C、蜡烛距玻璃板越远时，根据平面镜成像的特点可知，蜡烛在玻璃板中的像也会变远，蜡烛的像大小不变，故C错；
D、只把玻璃板向左平移时，蜡烛到玻璃板的距离没改变，由平面镜成像的特点可知，蜡烛的像到玻璃板的距离也不变，即蜡烛的像的位置不变，故D正确。
故选：D。
(1)玻璃板不但反射光，能成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；
(2)平面镜成像的特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称；
(3)平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。
本题考查了平面镜成像的特点和对实验细节的分析，实验操作和结论是本实验中的重点，又是中考必考的知识点，要求深入理解，熟练掌握。
6.【答案】B
【解析】解：A、由图甲中量筒分度值2mL，量筒内盐水的体积为60mL=60cm3，故A正确；
B、由乙图可知，剩余盐水和烧杯的质量为20g+5g+2g=27g，故B错误；
C、量筒内盐水的质量为90g−27g=63g，故C正确；
D、盐水的密度ρ=mV=63g60cm3=1.05g/cm3=1.05×103kg/m3，故D正确。
故选：B。
读出剩余盐水质量从而计算出量筒中盐水的质量；读出量筒中盐水体积；利用公式ρ=mV可计算出盐水的密度。
此题考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，以及运用密度的公式进行计算等，难度适中。
7.【答案】C
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成固态的小冰晶，凝华过程需要放热，故A错误；
BC、雾和露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化过程需要放热，故B错误，C正确；
D、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故D错误。
故选：C。
通过分析物态变化来判断四个选项。
本题考查了六种物态变化的辨析，有一定难度。
8.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮(F浮=G)是解此类题目的关键。
(1)同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的重力；
(2)由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
【解答】
AB.由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮=G，
即密度计在两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G.所以，F甲=F乙，故AB错误；
CD.由图知，密度计排开液体的体积：V甲排>V乙排，
由F浮=ρ液gV排可知：ρ甲<ρ乙；故C错误，D正确。
9.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，故A错误；
B、定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，即甲、乙拉力的力臂相等，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2，可知，甲拉力大小等于乙拉力的大小，故B正确
C、由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移到的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W=Fs可知甲、乙拉力做功的大小相等，故C错误；
D、由题意可知，重物在相同时间内上升的距离相同，即重物上升的速度相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离，绳子移动的时间和重物上升的时间相同，根据v=st可知，甲、乙拉力移动的速度都等于重物上升的速度，故D错误。
故选：B。
A、由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，由此得出结论；
B、定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，根据杠杆的平衡条件可得出结论；
C、由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W=Fs可知甲、乙拉力做功的大小，由此可得出结论；
D、由题意可知，重物在相同时间内上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离，由此可得出结论。
本题主要考查定滑轮的工作特点，功的计算，其中熟练掌握定滑轮的工作特点是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：根据异名磁极相互吸引可知，条形磁铁的左端为S极，所以“水针”的右端为N极，“旱针”的左端为N极。
故选：C。
根据异名磁极相互吸引的特点，小磁针静止时，N极指向条形磁体一端，条形磁铁这段就是和N极不同的磁极---S极。
本题考查磁极间的相互作用规律，要知道同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的规律。
11.【答案】A
【解析】解：A、运动员由雪道腾空飞起的过程中，速度减小，高度增加，此过程动能转化为重力势能，故A正确；
B、运动员腾空至最高点时，有高度和速度，所以机械能不为零，故B错误；
C、地面附近的物体都要受到重力的作用，故C错误；
D、运动员在雪道向下滑行时，速度变大，高度变小，运动员的重力势能转化为动能，故D错误。
故选：A。
机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，质量越大、速度越快，动能就越大；重力势能大小与质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。
明确影响动能和重力势能的因素，是解答此题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，电灯L与滑动变阻器R串联，电压表V1测变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡L两端的电压，电流表A测电路中的电流。
将滑动变阻器的滑片向左移动过程中，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
电源电压保持不变，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，即电压表V1的示数变小，故B错误；
则电压表V1与电流表示数的比值变小，故D正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电灯两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故C错误；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，电灯的实际功率变大，电灯变亮，故A错误。
故选：D。
由电路图可知，闭合开关后，电灯L与滑动变阻器R串联，电压表V1测变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡L两端的电压，电流表A测电路中的电流。根据滑片的移动可知变阻器R接入电路中的电阻变化，进一步得出电路的总电阻变化，电源电压保持不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，利用串联电路的分压特点可知变阻器R两端分得的电压变化，然后得出电压表V1与电流表示数的比值变化，根据串联电路的电压特点可知电灯两端的电压变化，再根据P=UI可知电灯的实际功率的变化，进一步得出电灯亮暗的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的结构和电表所测的电路元件是关键，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
13.【答案】C
【解析】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机门自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故C正确。
故选：C。
根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符合的电路图即可。
14.【答案】A
【解析】解：当开关闭合时，灯泡L1发生短路，即此时电压表测的是L2两端的电压，同时也是电源电压，此时电压表的示数是6.3V，即电源电压是6.3V；
当开关断开时，两灯泡串联，且电压表测得是L2两端的电压，此时电压表示数为2.5V，故L 2两端的电压是2.5V，据串联电路中总电压是各用电器电压之和的规律可知，此时L1两端的电压应是U1=U−U2=6.3V−2.5V=3.8V。
故选：A。
由图可知，当开关闭合时，灯泡L1发生短路，即此时电压表测的是L2两端的电压，同时也是电源电压；当开关断开时，两灯泡串联，且电压表测得是L2两端的电压；故据题目中所提示的数据和串联电路中电压的规律分析判断即可解决。
本题主要考查了串联电路电压的规律，以及开关的断开与闭合造成电路的连接形式的改变的判断。
15.【答案】D
【解析】解：A、用磁体靠近小磁针时，磁针发生偏转，表明磁体周围存在磁场，故A错误；
B、如图所示，闭合开关时，导体在磁场中受力而运动，与电动机的原理相同，故B错误；
C、如图所示，电磁继电器是利用电流磁效应，通电后电磁铁产生磁性，吸引衔铁向下运动，实现自动控制等功能，故C错误；
D、如图所示是法拉第电磁感应原理图，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，与发电机原理相同，故D正确。
故选：D。
(1)磁体的同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
(3)电磁起重机是利用电流的磁效应来工作的；
(4)发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。
本题中所涉及的装置都是与电磁学相关的重要实验装置或原理，要特别注意发电机原理与电动机原理的区分。
16.【答案】裂变 内 机械
【解析】解：目前人类能通过控制中子的数目及运动速度来控制核裂变的反应速度，而核聚变还无法控制；由题意可知，核反应是将核能转化为内能，再利用高温水蒸气做功，转化为机械能。
故答案为：裂变；内；机械。
核电站的工作原理：核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；根据核动力的原理“反应堆通过核反应，产生大量的热量，用来给水蒸气加热，高温水蒸气推动轮机转动”得出能量转化的过程。
本题以核动力航母为内容，主要考查了核能是如何转化为机械能的基本原理。
17.【答案】0.8 左 偏大
【解析】解：如图所示：
(1)因为杠杆平衡，所以G1LOA=G2LOB，
即：m1gLOA=m2gLOB，
则m1=m2LOBLOA=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg。
(2)秤砣质量不变，即动力不变，若被测物体质量变大，则阻力变大，由杠杆平衡条件知，动力臂与阻力臂的比值变大，由于阻力臂与动力臂的和等于杆秤的长度是一定的，则应减小阻力臂，增大动力臂，所以称纽应向左端移动。
(3)若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，
杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：0.8；左；偏大。
知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
保持秤砣不变，根据杠杆平衡条件分析力臂的变化；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
18.【答案】2.52×106 70
【解析】解：(1)焦炭的质量m=140g=0.14kg，
焦炭完全燃烧放出的热量：
Q放=mq焦炭=0.14kg×3.0×107J/kg=4.2×106J；
水吸收的热量：
Q吸=Q放η=4.2×106J×60%=2.52×106J；
(2)由Q吸=cm△t得水升高的温度：
△t=Q吸c水m水=2.52×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=60℃，
水的末温t=t0+△t=10℃+60℃=70℃。
故答案为：2.52×106；70。
(1)知道焦炭的质量和焦炭的热值，利用公式Q放=mq可计算焦炭完全燃烧放出的热量，由题知，水吸收的热量Q吸=Q放×60%；
(2)知道水吸收的热量、水的质量、水的比热容，根据Q吸=cm△t可计算水升高的温度，再计算水的末温(注意1标准大气压下水的沸点为100℃)。
本题考查燃料完全燃烧放出热量公式、吸热公式、效率公式的应用，计算时注意沸腾特点。
19.【答案】减小 少 接地
【解析】解：新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小电阻；
根据焦耳定律W=I2Rt可知，在相同时间内，导线的电阻越小，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患；
为了用电安全，有金属外壳的用电器要接地保护，所以电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳接地，防止触电。
故答案为：减小；少；接地。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；
(2)根据焦耳定律分析电流通过导体产生热量的多少；
(3)为了用电安全，有金属外壳的用电器要接地保护。
本题考查导体电阻的影响因素、焦耳定律的应用以及安全用电，难度不大。
20.【答案】86.4 低温 2
【解析】解：由图可知，当开关S置于1时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，空气炸锅处于高温挡；
R2的功率：P2=U2R2=(220V)2110Ω=440W，
R1的电功率：P1=P高温−P2=1000W−440W=560W，
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P1=(220V)2560W≈86.4Ω；
当开关S置于2时，只有R2工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，空气炸锅处于低温挡；
此时电路中的电流：I2=UR2=220V110Ω=2A。
故答案为：86.4；低温；2。
由图可知，当开关S置于1时，R1、R2并联；当开关S置于2时，只有R2工作；根据并联电路的特点和P=U2R可知空气炸锅高温挡和低温挡的电路连接；根据P=U2R求出R2的功率，根据P1=P高温−P2求出R1的电功率，根据P=U2R求出R1的阻值；根据欧姆定律求出开关置于2时电路中的电流。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，解题的关键是能正确分析不同状态下的电路连接。
21.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，已知F点既是图示凸透镜的焦点，也是图示凹透镜的虚焦点；
延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【解析】透镜对的三条特殊光线有：过光心的、平行主光轴的、过焦点的光线。根据图中入射光线经凸透镜或凹透镜折射后光线特点分析解答。
凸透镜三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22.【答案】答：(1)看到红色的五星红旗是由于红旗吸收了其它色光，反射了红光射入人的眼睛里；
(2)浮空艇表面是用复合织物材料做成，该材料密度小，有利用升空，另外高空温度很低，浮空艇所使用的材料必须要耐低温；
(3)声可以传递能量，因此，科考人员在冰山上不能大声说话，以免引起雪崩。
【解析】(1)不透明物体的颜色由它反射的色光决定；
(2)高空温度很低，浮空艇所使用的材料必须要耐低温，同时密度小才行；
(3)声音可以传递信息和能量。
本题主要考查了对物体颜色的了解、材料特性的应用和声音利用的掌握等，有一定综合性。
23.【答案】液面高度差的大小
【解析】解：(1)探究影响液体压强大小的因素，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来反映液体压强大小；
(2)把器材按甲图所示组装完毕后，观察到两边液面如图甲所示，U形管内水面已有高度差，他接下来应该怎样操作为：将软管取下，重新安装；
(3)比较B、C两图，液体的深度相同，液体的密度不同，U形管两侧液面的高度差不同，且右侧的液体密度大，U形管的液面高度差大，由此可得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
(4)小明发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，这说明液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度处向各个方向的压强大小相等。
故答案为：(1)液面高度差的大小；(2)拆除软管重新安装；(3)深度相同时，液体的密度越大，压强越大；(4)液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度处向各个方向的压强大小相等。
(1)探究影响液体压强大小的因素，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来反映液体压强大小；
(2)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
(3)(4)液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，根据控制变量法，在探究与其中一个因素的关系时，应控制其它因素不变，据此分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查了转换法、控制变量法的运用，体现了对实验过程和实验原理的考查。
24.【答案】94 98 不变 吸收 降低
【解析】解：(1)由图知温度计分度值是1℃，示数为94℃；
由图丙可知，水的沸点为98℃；
(2)水沸腾时吸热但温度保持不变；
(3)根据图象发现从开始给水加热到沸腾需要的时间太长，可以减少水的质量，让水更快的沸腾；
(4)水停止沸腾后。迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。
故答案为：(1)94；98；(2)不变；吸收；(3)减小水的质量；(4)降低。
(1)温度计读数，确定好温度计的分度值，注意是零上还是零下；水沸腾时不变的温度即为水的沸点；
(2)水沸腾时，温度不变，持续吸热；
(3)减少水的质量可以缩短水加热至沸腾的时间；
(4)液体的沸点与液面上方的气压有关，气压减小，沸点降低。
本题考查“探究水的沸腾特点”的实验，重点考查了温度计的选择和读数、实验现象分析等知识。
25.【答案】3 右
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，即滑动变阻器接入电路的电阻减小，故变阻器左下接线柱连入电路中与定值电阻串联，如下图所示：
；
(2)连接完整电路后，闭合开关，发现电压表几乎无示数，电流表有示数，说明电路短路，则故障可能为定值电阻短路；
(3)图乙是小华根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：U=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V；
(4)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端滑动，从而达到控制R两端的电压不变的目的；
(5)由小题(3)分析可知电流与电阻的乘积等于3V，为一定值，故得出的结论为：在导体两端的电压一定的情况下，导体中的电流与导体电阻成反比。
故答案为：(1)见上图；(2)定值电阻短路；(3)3；(4)右；(5)在导体两端的电压一定的情况下，导体中的电流与导体电阻成反比。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时电路中电流变大，说明此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，据此确定变阻器哪一部分电阻连入电路中，且应使变阻器与定值电阻串联；
(2)若电流表有示数，说明电路可能短路；电压表示数为0，可确定电压表所测部分短路；
(3)由图乙求出电流与电阻之积即可；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(5)根据图乙电流与电阻的乘积不变得出结论。
本题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，涉及了实物电路图的连接、电路故障的判断、图像分析能力以及串联分压原理的应用，是一道综合题，难度一般。
26.【答案】解：(1)电动拖拉机受到的重力：G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，
拖拉机对水平地面的压力：F压=G=1.6×104N，
则拖拉机对地面的压强：p=F压S=1.6×104N0.08m2=2×105Pa；
(2)由题意可知，拖拉机受到的阻力：f=0.05G=0.05×1.6×104N=800N，
因为拖拉机在水平公路上匀速直线行驶，所以，由二力平衡条件可知，电动拖拉机的牵引力：F=f=800N，
牵引力所做的功：W=Fs=800N×15×103m=1.2×107J；
(3)拖拉机做的有用功：
W有=Pt=12×103W×300s=3.6×106J；
拖拉机工作效率为：
η=W有W总=3.6×106J6×106J×100%=60%。
答：(1)该拖拉机静止在水平地面时，对地面的压强为2×105Pa；
(2)在水平公路上行驶时牵引力所做的功为1.2×107J；
(3)拖拉机耕地的工作效率为60%。
【解析】(1)根据G=mg求出拖拉机的重力，拖拉机对水平地面的压力大小等于拖拉机的重力，根据p=FS求出拖拉机对地面的压强；
(2)根据拖拉机受到的阻力为其重力的0.05倍求出阻力的大小，根据二力平衡求出牵引力的大小；根据W=Fs求出功的大小；
(3)根据效率公式求出有用功的大小；然后根据η=W有W总求出拖拉机耕地的工作效率。
本题考查了二力平衡条件、重力公式、压强定义式、做功公式、功率公式、效率公式等的灵活运用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
27.【答案】解：(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，
小明站在踏板上时，由I=UR可知，R3的阻值：
R3=UBI2=3V0.25A=12Ω，
由丙图可知，当R3=12Ω时，F=700N，
由于水平面的压力等于物体的重力，所以小明的重力：G=F=700N；
(2)乙图中左电路可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表A1测量电路中的电流，
因串联电路处处电流相等，所以根据I=UR可得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R中=U1I1=14.4V0.30A=48Ω，
小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，则滑动变阻器的最大阻值：R2=2R中=2×48Ω=96Ω；
(3)因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以由I=UR可得：
小明站在踏板上时，UA=U1+I1R1=14.4V+0.30A×R1-------①
小红站在踏板上时，UA=U2+I2R1=12V+0.6A×R1-------②
联立①②可得：R1=8Ω，UA=16.8V；
(4)小明测量身高时，电路左的电功率P左=UAI1=16.8V×0.30A=5.04W；
电路右的电功率：P右=UBI2=3V×0.25A=0.75W；
则：P总=P左+P右=5.04W+0.75W=5.79W。
答：(1)小明的重力为700N；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为96Ω；
(3)电源UA的电压为16.8V；
(4)小明测量身高和体重时，电路消耗的总电功率是5.79W。
【解析】(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，根据欧姆定律求出小明站在踏板上时R3的阻值，再根据图象数据读出压力的大小，最后根据压力等于重力可知小明的重力；
(2)当滑片恰好在R2中点时，电压表示数为14.4V，电流表A2的示数为0.36A，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)根据乙图中左电路可知，滑动变阻器与R2串联，电流表A1测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出电源电压和定值电阻R1的值；
(4)小明测量身高时，根据P=UI分别求出左、右两电路的电功率，然后求出之和。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键能从题中得出有用信息。
2022-2023学年山东省烟台市招远市九年级（下）期中物理试卷（五四学制）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 当2022虎年的钟声敲响时，天和核心舱的三位航天员在太空为全国人民送上新年祝福(如图)。他们美好的祝福声传到地球靠的是( )
A. 超声波 B. 次声波 C. 电磁波 D. 红外线
2. 如图所示，5岁的小东和妈妈正乘自动扶梯下楼，小东说：“妈妈我们跑下去吧!”妈妈说：“这样很危险，乘扶梯时要站着不动。”“站着不动”是相对于( )
A. 自动扶梯扶手
B. 正上楼的乘客
C. 商场里的地面
D. 货架上的货物
3. 2013年3月，世界卫生组织将“中国爱耳日”确定为“国际爱耳日”。2022年3月3日是第23个“全国爱耳日”。降低噪声影响，守护听力健康，增强全民爱耳护耳意识，是我们共同的责任。下列与声音有关的说法正确的是( )
A. 打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生
B. “闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的响度不同
C. “山东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声
D. 跳广场舞时喇叭播放的歌曲都是乐音
4. 《资治通鉴》中记栽“人以铜为镜，可以正衣冠”。下列光现象与铜镜成像的原理相同的是( )
A. 铅笔“折断” B. 水中倒影
C. 放大镜把字放大 D. 影子
5. 如图所示，在“探究平面镜成像的特点”实验中。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，是为了观察到的蜡烛的像更清晰
B. 只要把光屏放在恰当的位置，就能承接到蜡烛的像
C. 蜡烛距玻璃板越远，蜡烛的像就越小
D. 只把玻璃板向左平移，蜡烛的像的位置不变
6. 李华同学在实验室测量盐水的密度。调节天平横梁平衡后开始测量，先用天平测出烧杯和杯内盐水的总质量为90g，然后将一部分盐水倒入量筒，如甲图所示，接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示。根据实验数据，下列说法不正确的是( )
A. 量筒内盐水的体积为60cm3 B. 烧杯及烧杯内剩余盐水的质量为25g
C. 量筒内盐水的质量为63g D. 盐水的密度为1.05×103kg/m3
7. 谚语是劳动人民智慧的结晶，下列分析正确的是( )
A. “十月打了霜，来年粮满仓”，如图甲，霜的形成是凝华现象，需要吸热
B. “大雾不过响，过响听雨响”，如图乙，雾的形成是汽化现象，需要放热
C. “草上露水凝，天气一定晴”，如图丙，露的形成是液化现象，需要放热
D. “大雪河封住，冬至不行船”，如图丁，冰的形成是凝固现象，需要吸热
8. 在木棒的一端缠绕一些细铜丝制成简易的液体密度计，将其分别放入盛有甲乙两种液体的烧杯中处于静止状态，如图所示，若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲、F乙，甲乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙.则( )
A. F甲
9. 现有史籍中最早讨论滑轮的是《墨经》。书中将向上提举重物的力称为“挈”，将自由往下降落称为“收”，将整个滑轮称为“绳制”(图1)。现分别用甲、乙两个力替代“收”(图2)，使重物在相同的时间内匀速上升相同高度。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是( )
A. 使用这个滑轮能省力
B. 甲拉力大小等于乙拉力大小
C. 甲拉力做的功大于乙拉力做的功
D. 甲拉力使绳自由端移动的速度小于乙拉力使绳自由端移动的速度
10. 我国北宋学者沈括在《梦溪笔谈》中，将指南针分为“水针”和“旱针”两类。在图所示装置中，条形磁铁左方的水盆中悬浮的“水针”和正上方悬挂的“旱针”在静止时其N极分别指向( )
A. 左，左 B. 左，右 C. 右，左 D. 右，右
11. 如图所示，为2022年2月15日北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛上，中国选手苏翊鸣夺得冠军的画面。下列有关说法正确的是( )
A. 该运动员由雪道腾空飞起的过程中，动能转化为重力势能
B. 运动员腾空至最高点时机械能为零
C. 运动员由最高点落下时，不受重力作用
D. 运动员在雪道向下滑行时，动能转化为重力势能
12. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向左移动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电灯变暗
B. 电压表V1的示数不变
C. 电压表V2的示数变小
D. 电压表V1与电流表示数的比值变小
13. 如图所示是火车站的自动检票闸机，乘客只需刷一下身份证，然后面对摄像头进行人脸识别，两种信息都确认后系统就会提示检票通过，闸机门自动打开。若身份证和人脸识别系统各相当于一个开关，信息符合为开关闭合状态，则下列模拟电路中，符合上述要求的是( )
A. B.
C. D.
14. 在如图所示的电路中，当开关S闭合后，电压表示数为6.3V；当开关S断开时，电压表示数为2.5V，则开关S断开时，灯L1和L2两端的电压分别为( )
A. 3.8V、2.5V
B. 3.8V、6.3V
C. 2.5V、3.8V
D. 6.3V、2.5V
15. 下列探究实验体现的工作原理与发电机相同的是( )
A. B.
C. D.
16. 目前，我国核电站只能利用原子核的______释放的核能来发电(填“聚变”或“裂变”)。核动力航母是我国目前需要攻克的技术难题，其动力原理是反应堆通过核反应，产生大量的热量，用来给水蒸气加热，高温水蒸气推动轮机转动，从而推动庞大的航母前进。核反应是将核能转化为______能，再利用高温水蒸气做功，转化为______能。
17. 如图所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计。若杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为0.05m和0.2m，则被测物体的质量为______ kg；若被测物体质量变大了，则称纽应向______ (选填“左”或“右”)移动；若秤砣有缺损，则测量值比被测物体的真实质量要______ (选填“偏大”或“偏小”)。
18. 完全燃烧140g焦炭所放出的热量有60%被初始温度为10℃、质量为10kg的水吸收，则水吸收的热量为______ J，水的温度将升高到______ ℃。[q焦炭=3.0×107J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，在1个标准大气压下]
19. 电带给人们便利的同时，不规范用电的安全隐患也威胁着人们的安全。新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是______ 电阻，在相同时间内，电流通过导线产生的热量更______ (选填“多”或“少”)，消除安全隐患。电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳______ ，防止触电。
20. 如图是两挡空气炸锅内部加热部分的简化电路，R1、R2均为发热体，将开关S置于1、2两位置时，空气炸锅处于不同的挡位。已知两挡空气炸锅的高温挡功率为1000W，R2阻值为110Ω，则R1阻值为______ Ω(小数点后保留1位小数)。当开关S置于2位置时，空气炸锅处于______ 挡(选填“高温”或“低温”)，此时电路中的电流是______ A。
21. 如图所示，F点既是凸透镜的焦点，也是凹透镜的虚焦点，请画出图中两条平行于主光轴的光线经过两个透镜的光路图。
22. 珠峰科考2022年5月4日，我国科考队员成功登顶珠峰(如图1所示)，完成了架设全球海拔最高的气象站、用高精度雷达测量冰雪厚度以及进行人体极高海拔适应机制实验三项主要任务。这是我国珠峰科考首次突破8000m以上海拔高度，在青藏高原科学考察研究历史上具有划时代意义。
2022年5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇(如图2所示)从海拔4300米的科考营地顺利升空，凌晨4点40分达到9032m。超过珠峰8848.86m的高度，创造浮空艇大气科学观测世界纪录。浮空艇的表面积将近2000m2，表层为白色，是用复合织物材料做成的，该材料密度小，可以耐零下70℃的低温。“极目一号”浮空艇搭载多种科学观测仪器，可带来来自7000m高度的大气组成数据，为青藏高原“水、生态和人类活动”研究提供全新支撑。未来，中国科学院还将推出“极目二号”、“极目三号”浮空艇，应用于青藏科考。
请阅读以上短文，并回答下列问题：
(1)科考队员把五星红旗带到山顶，看到五星红旗是红色的，其原因是什么？
(2)浮空艇表面是用复合织物材料做成，其物理性质有哪些？
(3)科考人员在冰山上不能大声说话，以免引起雪崩，这说明什么？
23. 小明同学利用如图所示装置探究“液体内部压强的特点”。
(1)实验中，液体内部压强的大小通过观察U形管中______ 来反映。
(2)小明把器材按甲图所示组装完毕后，观察到两边液面如图甲所示，要使两侧液面相平，他接下来应该怎样操作？
(3)由B、C两图可以得出的结论是什么？
(4)小明发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，这说明了什么？
24. 在探究水在沸腾前后温度变化的特点的实验中，实验装置如图甲所示。
(1)实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为______ ℃，由图丙可知，水的沸点是______ ℃；
(2)实验表明，水沸腾过程中，温度______ ，需要______ 热量；
(3)由实验数据作出水的温度随时间变化的图象如图丙所示。根据图象发现从开始给水加热到沸腾需要的时间太长，请给实验提一条合理化建议；
(4)你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点______ 。
25. 在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小华连接了如图甲所示的电路(电源电压保持6V不变)。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时电路中电流变大，导线不能交叉)；
(2)连接完整电路后，闭合开关，发现电压表几乎无示数，电流表有示数，则故障可能是什么？
(3)图乙是小华根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为______ V；
(4)当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，滑动变阻器的滑片P应该向______ 滑动(选填“左”或“右”)；
(5)实验的结论是什么？
26. 如图所示是我国研制的新能源5G无人电动拖拉机，它以氢燃料供电为主，可以搭载深耕机、播种机等多种设备进行农田耕作。某次该电动拖拉机在水平公路上匀速行驶了15km到达目标农田。该拖拉机质量为1.6t，车轮与地面的总接触面积为0.08m2，受到的阻力为其重力的0.05倍，g取10N/kg。求：
(1)求该拖拉机静止在水平地面时，对地面的压强；
(2)在水平公路上行驶时牵引力所做的功；
(3)某次该拖拉机搭载深耕机耕地时，耕地的时间为5min，总消耗氢能为6×106J，拖拉机耕地的功率为12kW，求拖拉机耕地的工作效率。
27. 如图甲所示为某品牌测试身高和体重的测量仪。学校物理兴趣小组的同学根据该测量仪的工作情况，设计了其电路原理图，如图乙所示。电源UA的电压大小未知，电压表量程为0～15V，电流表A1量程为0～0.6A，滑动变阻器R2是竖直固定放置的电阻棒，其滑片P可以随身高的变化竖直上下移动；电源UB的电压为3V，脚踏板下方有一压敏电阻R3，其阻值随压力F大小变化规律如图丙所示。同时闭合开关S1、S2，身高h=175cm的小明站在踏板上时，电流表A2的示数为0.25A，此时滑片恰好在R2中点，电压表示数为14.4V，电流表A1的示数为0.30A；身高h2=140cm的小红站在踏板上时，电压表示数为12V，电流表A1的示数为0.6A，求：
(1)小明的重力；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值；
(3)电源UA的电压；
(4)小明测量身高和体重时，电路消耗的总电功率是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播，三位航天员美好的祝福声传到地球靠的是电磁波。
故选C。
电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播。
本题考查电磁波的应用，属于对基础知识的考查，难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、小东相对于自动扶梯扶手的位置没有发生变化，以自动扶梯扶手为参照物，小东是静止的。故A符合题意；
BCD、小东相对于正上楼的乘客、商场里的地面、货架上的货物位置不断发生变化，小东是运动的，故BCD不符合题意。
故选：A。
解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
3.【答案】C
【解析】A、打雷时捂住耳朵可以减弱雷声的响度，但不能防止雷声的产生，故A错误。
B、“闻其声而知其人”，主要是因为不同的人产生声音的音色不同，故B错误。
C、“山东舰”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声，故C正确。
D、跳广场舞时喇叭播放的歌曲有时会干扰别人的正常休息，这时它属于噪声，故D错误。
故选：C。
(1)从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都是噪声。
(2)减弱噪声的方法：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
(3)音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定。
本题考查了噪声及防治的方法，属于基础题，要求学生熟练掌握。
4.【答案】B
【解析】解：铜镜成像属于平面镜成像，是由光反射形成的；
A.铅笔“折断”是光的折射现象，故A不符合题意；
B.水中倒影是光的反射形成的平面镜成像现象，与铜镜成像相同，故B符合题意；
C.放大镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，把字放大是光的折射现象，故C不符合题意；
D.影子是由光沿直线传播形成的，故D不符合题意。
故选：B。
光在自然界中存在三种光现象：
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射和光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5.【答案】D
【解析】解：A、使用平面镜时，只能成像，而不能透光，不容易确定像的位置，用玻璃板时，既能成像，又能透光，便于确定出像的位置，而且能比较像与物的大小关系，故A错；
B、玻璃板中成的虚像，用光屏承接不到虚像，故B错；
C、蜡烛距玻璃板越远时，根据平面镜成像的特点可知，蜡烛在玻璃板中的像也会变远，蜡烛的像大小不变，故C错；
D、只把玻璃板向左平移时，蜡烛到玻璃板的距离没改变，由平面镜成像的特点可知，蜡烛的像到玻璃板的距离也不变，即蜡烛的像的位置不变，故D正确。
故选：D。
(1)玻璃板不但反射光，能成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；
(2)平面镜成像的特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称；
(3)平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上。
本题考查了平面镜成像的特点和对实验细节的分析，实验操作和结论是本实验中的重点，又是中考必考的知识点，要求深入理解，熟练掌握。
6.【答案】B
【解析】解：A、由图甲中量筒分度值2mL，量筒内盐水的体积为60mL=60cm3，故A正确；
B、由乙图可知，剩余盐水和烧杯的质量为20g+5g+2g=27g，故B错误；
C、量筒内盐水的质量为90g−27g=63g，故C正确；
D、盐水的密度ρ=mV=63g60cm3=1.05g/cm3=1.05×103kg/m3，故D正确。
故选：B。
读出剩余盐水质量从而计算出量筒中盐水的质量；读出量筒中盐水体积；利用公式ρ=mV可计算出盐水的密度。
此题考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，以及运用密度的公式进行计算等，难度适中。
7.【答案】C
【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成固态的小冰晶，凝华过程需要放热，故A错误；
BC、雾和露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化过程需要放热，故B错误，C正确；
D、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故D错误。
故选：C。
通过分析物态变化来判断四个选项。
本题考查了六种物态变化的辨析，有一定难度。
8.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮(F浮=G)是解此类题目的关键。
(1)同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的重力；
(2)由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
【解答】
AB.由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮=G，
即密度计在两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力G.所以，F甲=F乙，故AB错误；
CD.由图知，密度计排开液体的体积：V甲排>V乙排，
由F浮=ρ液gV排可知：ρ甲<ρ乙；故C错误，D正确。
9.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，故A错误；
B、定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，即甲、乙拉力的力臂相等，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2，可知，甲拉力大小等于乙拉力的大小，故B正确
C、由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移到的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W=Fs可知甲、乙拉力做功的大小相等，故C错误；
D、由题意可知，重物在相同时间内上升的距离相同，即重物上升的速度相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离，绳子移动的时间和重物上升的时间相同，根据v=st可知，甲、乙拉力移动的速度都等于重物上升的速度，故D错误。
故选：B。
A、由图可知，图中的滑轮是定滑轮，使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力，由此得出结论；
B、定滑轮是等臂杠杆，由于阻力和阻力臂不变，动力臂都等于滑轮的半径，根据杠杆的平衡条件可得出结论；
C、由题意可知，重物上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离；由于甲、乙拉力大小相等，根据W=Fs可知甲、乙拉力做功的大小，由此可得出结论；
D、由题意可知，重物在相同时间内上升的距离相同；在使用定滑轮中，绳子移动的距离等于重物上升的距离，由此可得出结论。
本题主要考查定滑轮的工作特点，功的计算，其中熟练掌握定滑轮的工作特点是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：根据异名磁极相互吸引可知，条形磁铁的左端为S极，所以“水针”的右端为N极，“旱针”的左端为N极。
故选：C。
根据异名磁极相互吸引的特点，小磁针静止时，N极指向条形磁体一端，条形磁铁这段就是和N极不同的磁极---S极。
本题考查磁极间的相互作用规律，要知道同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引的规律。
11.【答案】A
【解析】解：A、运动员由雪道腾空飞起的过程中，速度减小，高度增加，此过程动能转化为重力势能，故A正确；
B、运动员腾空至最高点时，有高度和速度，所以机械能不为零，故B错误；
C、地面附近的物体都要受到重力的作用，故C错误；
D、运动员在雪道向下滑行时，速度变大，高度变小，运动员的重力势能转化为动能，故D错误。
故选：A。
机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，质量越大、速度越快，动能就越大；重力势能大小与质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大。
明确影响动能和重力势能的因素，是解答此题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，电灯L与滑动变阻器R串联，电压表V1测变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡L两端的电压，电流表A测电路中的电流。
将滑动变阻器的滑片向左移动过程中，变阻器R接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
电源电压保持不变，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由串联电路的分压特点可知，变阻器R两端分得的电压变小，即电压表V1的示数变小，故B错误；
则电压表V1与电流表示数的比值变小，故D正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电灯两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，故C错误；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=UI可知，电灯的实际功率变大，电灯变亮，故A错误。
故选：D。
由电路图可知，闭合开关后，电灯L与滑动变阻器R串联，电压表V1测变阻器R两端的电压，电压表V2测灯泡L两端的电压，电流表A测电路中的电流。根据滑片的移动可知变阻器R接入电路中的电阻变化，进一步得出电路的总电阻变化，电源电压保持不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，利用串联电路的分压特点可知变阻器R两端分得的电压变化，然后得出电压表V1与电流表示数的比值变化，根据串联电路的电压特点可知电灯两端的电压变化，再根据P=UI可知电灯的实际功率的变化，进一步得出电灯亮暗的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的结构和电表所测的电路元件是关键，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
13.【答案】C
【解析】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机门自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联的，然后与电动机串联，故C正确。
故选：C。
根据题意分析两个开关的连接方式，从而得出正确的电路图。
本题考查根据要求设计电路，逐一对每个电路进行分析，找出与题中条件相符合的电路图即可。
14.【答案】A
【解析】解：当开关闭合时，灯泡L1发生短路，即此时电压表测的是L2两端的电压，同时也是电源电压，此时电压表的示数是6.3V，即电源电压是6.3V；
当开关断开时，两灯泡串联，且电压表测得是L2两端的电压，此时电压表示数为2.5V，故L 2两端的电压是2.5V，据串联电路中总电压是各用电器电压之和的规律可知，此时L1两端的电压应是U1=U−U2=6.3V−2.5V=3.8V。
故选：A。
由图可知，当开关闭合时，灯泡L1发生短路，即此时电压表测的是L2两端的电压，同时也是电源电压；当开关断开时，两灯泡串联，且电压表测得是L2两端的电压；故据题目中所提示的数据和串联电路中电压的规律分析判断即可解决。
本题主要考查了串联电路电压的规律，以及开关的断开与闭合造成电路的连接形式的改变的判断。
15.【答案】D
【解析】解：A、用磁体靠近小磁针时，磁针发生偏转，表明磁体周围存在磁场，故A错误；
B、如图所示，闭合开关时，导体在磁场中受力而运动，与电动机的原理相同，故B错误；
C、如图所示，电磁继电器是利用电流磁效应，通电后电磁铁产生磁性，吸引衔铁向下运动，实现自动控制等功能，故C错误；
D、如图所示是法拉第电磁感应原理图，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，与发电机原理相同，故D正确。
故选：D。
(1)磁体的同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
(3)电磁起重机是利用电流的磁效应来工作的；
(4)发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机。
本题中所涉及的装置都是与电磁学相关的重要实验装置或原理，要特别注意发电机原理与电动机原理的区分。
16.【答案】裂变 内 机械
【解析】解：目前人类能通过控制中子的数目及运动速度来控制核裂变的反应速度，而核聚变还无法控制；由题意可知，核反应是将核能转化为内能，再利用高温水蒸气做功，转化为机械能。
故答案为：裂变；内；机械。
核电站的工作原理：核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；根据核动力的原理“反应堆通过核反应，产生大量的热量，用来给水蒸气加热，高温水蒸气推动轮机转动”得出能量转化的过程。
本题以核动力航母为内容，主要考查了核能是如何转化为机械能的基本原理。
17.【答案】0.8 左 偏大
【解析】解：如图所示：
(1)因为杠杆平衡，所以G1LOA=G2LOB，
即：m1gLOA=m2gLOB，
则m1=m2LOBLOA=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg。
(2)秤砣质量不变，即动力不变，若被测物体质量变大，则阻力变大，由杠杆平衡条件知，动力臂与阻力臂的比值变大，由于阻力臂与动力臂的和等于杆秤的长度是一定的，则应减小阻力臂，增大动力臂，所以称纽应向左端移动。
(3)若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，
杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：0.8；左；偏大。
知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
保持秤砣不变，根据杠杆平衡条件分析力臂的变化；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
18.【答案】2.52×106 70
【解析】解：(1)焦炭的质量m=140g=0.14kg，
焦炭完全燃烧放出的热量：
Q放=mq焦炭=0.14kg×3.0×107J/kg=4.2×106J；
水吸收的热量：
Q吸=Q放η=4.2×106J×60%=2.52×106J；
(2)由Q吸=cm△t得水升高的温度：
△t=Q吸c水m水=2.52×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg=60℃，
水的末温t=t0+△t=10℃+60℃=70℃。
故答案为：2.52×106；70。
(1)知道焦炭的质量和焦炭的热值，利用公式Q放=mq可计算焦炭完全燃烧放出的热量，由题知，水吸收的热量Q吸=Q放×60%；
(2)知道水吸收的热量、水的质量、水的比热容，根据Q吸=cm△t可计算水升高的温度，再计算水的末温(注意1标准大气压下水的沸点为100℃)。
本题考查燃料完全燃烧放出热量公式、吸热公式、效率公式的应用，计算时注意沸腾特点。
19.【答案】减小 少 接地
【解析】解：新国家标准要求额定电流16A的延长线插座，导线的最小标准横截面积由原来的1mm2提升到1.5mm2，增大导线横截面积的目的是减小电阻；
根据焦耳定律W=I2Rt可知，在相同时间内，导线的电阻越小，电流通过导线产生的热量更少，消除安全隐患；
为了用电安全，有金属外壳的用电器要接地保护，所以电冰箱的插头应插入三孔插座，这样做可以使它的金属外壳接地，防止触电。
故答案为：减小；少；接地。
(1)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；
(2)根据焦耳定律分析电流通过导体产生热量的多少；
(3)为了用电安全，有金属外壳的用电器要接地保护。
本题考查导体电阻的影响因素、焦耳定律的应用以及安全用电，难度不大。
20.【答案】86.4 低温 2
【解析】解：由图可知，当开关S置于1时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P=U2R可知，电路中的总功率最大，空气炸锅处于高温挡；
R2的功率：P2=U2R2=(220V)2110Ω=440W，
R1的电功率：P1=P高温−P2=1000W−440W=560W，
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P1=(220V)2560W≈86.4Ω；
当开关S置于2时，只有R2工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，空气炸锅处于低温挡；
此时电路中的电流：I2=UR2=220V110Ω=2A。
故答案为：86.4；低温；2。
由图可知，当开关S置于1时，R1、R2并联；当开关S置于2时，只有R2工作；根据并联电路的特点和P=U2R可知空气炸锅高温挡和低温挡的电路连接；根据P=U2R求出R2的功率，根据P1=P高温−P2求出R1的电功率，根据P=U2R求出R1的阻值；根据欧姆定律求出开关置于2时电路中的电流。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，解题的关键是能正确分析不同状态下的电路连接。
21.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，已知F点既是图示凸透镜的焦点，也是图示凹透镜的虚焦点；
延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【解析】透镜对的三条特殊光线有：过光心的、平行主光轴的、过焦点的光线。根据图中入射光线经凸透镜或凹透镜折射后光线特点分析解答。
凸透镜三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22.【答案】答：(1)看到红色的五星红旗是由于红旗吸收了其它色光，反射了红光射入人的眼睛里；
(2)浮空艇表面是用复合织物材料做成，该材料密度小，有利用升空，另外高空温度很低，浮空艇所使用的材料必须要耐低温；
(3)声可以传递能量，因此，科考人员在冰山上不能大声说话，以免引起雪崩。
【解析】(1)不透明物体的颜色由它反射的色光决定；
(2)高空温度很低，浮空艇所使用的材料必须要耐低温，同时密度小才行；
(3)声音可以传递信息和能量。
本题主要考查了对物体颜色的了解、材料特性的应用和声音利用的掌握等，有一定综合性。
23.【答案】液面高度差的大小
【解析】解：(1)探究影响液体压强大小的因素，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来反映液体压强大小；
(2)把器材按甲图所示组装完毕后，观察到两边液面如图甲所示，U形管内水面已有高度差，他接下来应该怎样操作为：将软管取下，重新安装；
(3)比较B、C两图，液体的深度相同，液体的密度不同，U形管两侧液面的高度差不同，且右侧的液体密度大，U形管的液面高度差大，由此可得出结论：深度相同时，液体的密度越大，压强越大；
(4)小明发现在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U形管两边液柱的高度差不变，这说明液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度处向各个方向的压强大小相等。
故答案为：(1)液面高度差的大小；(2)拆除软管重新安装；(3)深度相同时，液体的密度越大，压强越大；(4)液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度处向各个方向的压强大小相等。
(1)探究影响液体压强大小的因素，根据转换法，通过U形管两侧液面高度差来反映液体压强大小；
(2)若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
(3)(4)液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，根据控制变量法，在探究与其中一个因素的关系时，应控制其它因素不变，据此分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查了转换法、控制变量法的运用，体现了对实验过程和实验原理的考查。
24.【答案】94 98 不变 吸收 降低
【解析】解：(1)由图知温度计分度值是1℃，示数为94℃；
由图丙可知，水的沸点为98℃；
(2)水沸腾时吸热但温度保持不变；
(3)根据图象发现从开始给水加热到沸腾需要的时间太长，可以减少水的质量，让水更快的沸腾；
(4)水停止沸腾后。迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。
故答案为：(1)94；98；(2)不变；吸收；(3)减小水的质量；(4)降低。
(1)温度计读数，确定好温度计的分度值，注意是零上还是零下；水沸腾时不变的温度即为水的沸点；
(2)水沸腾时，温度不变，持续吸热；
(3)减少水的质量可以缩短水加热至沸腾的时间；
(4)液体的沸点与液面上方的气压有关，气压减小，沸点降低。
本题考查“探究水的沸腾特点”的实验，重点考查了温度计的选择和读数、实验现象分析等知识。
25.【答案】3 右
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，即滑动变阻器接入电路的电阻减小，故变阻器左下接线柱连入电路中与定值电阻串联，如下图所示：
；
(2)连接完整电路后，闭合开关，发现电压表几乎无示数，电流表有示数，说明电路短路，则故障可能为定值电阻短路；
(3)图乙是小华根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：U=IR=0.6A×5Ω=……=0.2A×15Ω=3V；
(4)实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端滑动，从而达到控制R两端的电压不变的目的；
(5)由小题(3)分析可知电流与电阻的乘积等于3V，为一定值，故得出的结论为：在导体两端的电压一定的情况下，导体中的电流与导体电阻成反比。
故答案为：(1)见上图；(2)定值电阻短路；(3)3；(4)右；(5)在导体两端的电压一定的情况下，导体中的电流与导体电阻成反比。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向左移动时电路中电流变大，说明此时滑动变阻器接入电路的电阻减小，据此确定变阻器哪一部分电阻连入电路中，且应使变阻器与定值电阻串联；
(2)若电流表有示数，说明电路可能短路；电压表示数为0，可确定电压表所测部分短路；
(3)由图乙求出电流与电阻之积即可；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
(5)根据图乙电流与电阻的乘积不变得出结论。
本题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，涉及了实物电路图的连接、电路故障的判断、图像分析能力以及串联分压原理的应用，是一道综合题，难度一般。
26.【答案】解：(1)电动拖拉机受到的重力：G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，
拖拉机对水平地面的压力：F压=G=1.6×104N，
则拖拉机对地面的压强：p=F压S=1.6×104N0.08m2=2×105Pa；
(2)由题意可知，拖拉机受到的阻力：f=0.05G=0.05×1.6×104N=800N，
因为拖拉机在水平公路上匀速直线行驶，所以，由二力平衡条件可知，电动拖拉机的牵引力：F=f=800N，
牵引力所做的功：W=Fs=800N×15×103m=1.2×107J；
(3)拖拉机做的有用功：
W有=Pt=12×103W×300s=3.6×106J；
拖拉机工作效率为：
η=W有W总=3.6×106J6×106J×100%=60%。
答：(1)该拖拉机静止在水平地面时，对地面的压强为2×105Pa；
(2)在水平公路上行驶时牵引力所做的功为1.2×107J；
(3)拖拉机耕地的工作效率为60%。
【解析】(1)根据G=mg求出拖拉机的重力，拖拉机对水平地面的压力大小等于拖拉机的重力，根据p=FS求出拖拉机对地面的压强；
(2)根据拖拉机受到的阻力为其重力的0.05倍求出阻力的大小，根据二力平衡求出牵引力的大小；根据W=Fs求出功的大小；
(3)根据效率公式求出有用功的大小；然后根据η=W有W总求出拖拉机耕地的工作效率。
本题考查了二力平衡条件、重力公式、压强定义式、做功公式、功率公式、效率公式等的灵活运用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
27.【答案】解：(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，
小明站在踏板上时，由I=UR可知，R3的阻值：
R3=UBI2=3V0.25A=12Ω，
由丙图可知，当R3=12Ω时，F=700N，
由于水平面的压力等于物体的重力，所以小明的重力：G=F=700N；
(2)乙图中左电路可知，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表A1测量电路中的电流，
因串联电路处处电流相等，所以根据I=UR可得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R中=U1I1=14.4V0.30A=48Ω，
小明站在踏板上时，滑片恰好在R2中点，则滑动变阻器的最大阻值：R2=2R中=2×48Ω=96Ω；
(3)因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以由I=UR可得：
小明站在踏板上时，UA=U1+I1R1=14.4V+0.30A×R1-------①
小红站在踏板上时，UA=U2+I2R1=12V+0.6A×R1-------②
联立①②可得：R1=8Ω，UA=16.8V；
(4)小明测量身高时，电路左的电功率P左=UAI1=16.8V×0.30A=5.04W；
电路右的电功率：P右=UBI2=3V×0.25A=0.75W；
则：P总=P左+P右=5.04W+0.75W=5.79W。
答：(1)小明的重力为700N；
(2)滑动变阻器R2的最大阻值为96Ω；
(3)电源UA的电压为16.8V；
(4)小明测量身高和体重时，电路消耗的总电功率是5.79W。
【解析】(1)根据乙图中右电路可知，电路为R3的简单电路，电流表A2测量电路电流，根据欧姆定律求出小明站在踏板上时R3的阻值，再根据图象数据读出压力的大小，最后根据压力等于重力可知小明的重力；
(2)当滑片恰好在R2中点时，电压表示数为14.4V，电流表A2的示数为0.36A，根据串联电路电流规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)根据乙图中左电路可知，滑动变阻器与R2串联，电流表A1测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压；根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出电源电压和定值电阻R1的值；
(4)小明测量身高时，根据P=UI分别求出左、右两电路的电功率，然后求出之和。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键能从题中得出有用信息。
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