浙江省宁波市鄞州区三年（2020-2022）九年级上学期期末科学试题汇编-选择题（11-15题）

这是一份浙江省宁波市鄞州区三年（2020-2022）九年级上学期期末科学试题汇编-选择题（11-15题），共18页。
浙江省宁波市鄞州区三年（2020-2022）九年级上学期期末科学试题汇编-选择题（11-15题）
一．物质的组成成分以及含量的探究（共1小题）
1．（2020秋•鄞州区期末）H2、CO、CO2和CH4都是初中科学常见的气体。某无色气体X可能含有上述4种气体中的一种或两种。为了确认气体X的组成，从下列所给的装置中，选择最合适的装置进行连接，合理的实验顺序是（　　）（小资料：碱石灰的主要成分是CaO和NaOH）

A．AEDCB B．BECDA C．CEBAD D．ABEDC
二．金属活动性顺序及其应用（共1小题）
2．（2021秋•鄞州区期末）向一定质量的硝酸银和硝酸亚铁溶液中加入mg锌粉，充分反应后过滤。将滤渣洗涤、干燥后再称量，得到滤渣的质量仍为mg，据此分析下列说法错误的是（　　）
A．取反应后的滤液观察，滤液可能呈无色
B．滤渣中的物质最多含有三种，最少含有两种
C．取反应后的滤液插入铜丝，铜丝表面有固体附着
D．向少量硫酸铜溶液中加入足量滤渣，溶液可能变为浅绿色
三．物质的鉴别、推断（共1小题）
3．（2021秋•鄞州区期末）如图所示为小宁构建的甲、乙、丙、丁四种不同物质的关系图。“—”表示相邻的两种物质能发生反应。若甲为Fe，乙、丙、丁分别是稀H2SO4、CuCl2溶液和NaOH溶液中的某一种，则下列判断正确的是（　　）

A．乙一定是CuCl2溶液
B．丙可能是NaOH溶液
C．丁一定是稀H2SO4
D．乙和丙的反应可能是中和反应
四．固体溶解度曲线及其作用（共1小题）
4．（2020秋•鄞州区期末）将KNO3和K2SO4混合物进行分离，有如下操作：①将混合物溶解制成浓溶液；②加热蒸发浓溶液；③冷却溶液；④过滤，移出KNO3晶体；⑤过滤，移出K2SO4晶体．试根据图分析，判断出正确的操作顺序是（　　）

A．①②③④⑤ B．①②⑤③④ C．①③⑤②④ D．①③④②⑤
五．根据化学反应方程式的计算（共1小题）
5．（2020秋•鄞州区期末）为测定某含有氧化铁、四氧化三铁和氧化亚铁的混合物的组成，现取2.9g该混合物与足量CO充分反应，测得生成铁的质量为2.1g，则混合物中氧化亚铁的质量可能为（　　）
A．0.7g B．1.1g C．1.5g D．1.9g
六．动能与势能的相互转化（共2小题）
6．（2022秋•鄞州区期末）如图，轻弹簧竖直放置，下端固定于地面，上端位于O点时弹簧恰好不发生形变。现将一小球放在弹簧上端，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，假设小球和弹簧组成的系统机械能守恒，则小球（　　）

A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．运动至O点时，动能最大
C．运动至最高点，小球增加的重力势能等于弹簧减少的弹性势能
D．从O点向上运动过程中，弹簧的弹性势能转化为小球的重力势能
7．（2022秋•鄞州区期末）如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面，一小球由A点以度v沿轨道滚下，依次经过等高的A点和C点。下列关于小球滚动过程的分析正确的是（　　）

A．小球在B点的动能大于C点动能
B．小球在B点的机械能等于C点的机械能
C．小球不可能到达D点，因为轨道是粗糙的
D．小球从A点到B点的过程中，减少的重力势能都转化为球的动能
七．动能和势能的大小比较（共1小题）
8．（2021秋•鄞州区期末）2021年10月3日，我国自主研制的“神舟十三号“载人飞船发射升空，在飞船刚离地上升的过程中（　　）
A．动能增加，势能增加 B．动能不变，势能减少
C．动能减少，势能不变 D．动能减少，势能减少
八．杠杆的动态平衡分析（共1小题）
9．（2022秋•鄞州区期末）如图所示为一杠杆，左侧挂一重物，以下四个方向的力能使杠杆保持平衡，且能使杠杆从图示位置转到水平位置的过程中始终变大的是（　　）

A．OA始终竖直向上 B．OB始终垂直杆向上
C．OC始终竖直向下 D．OD始终垂直杆向下
九．杠杆中最小力问题（共1小题）
10．（2022秋•鄞州区期末）停放自行车时，若要从如图中四点选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起。其中最省力的点是（　　）

A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
一十．滑轮及滑轮组的机械效率（共1小题）
11．（2022秋•鄞州区期末）如图所示，M、N两个滑轮组，在相同时间内，用同样大小的力F1和F2，把物重相等的G1和G2提升相同的高度，如果用η1和η2表示两装置的机械效率，用P1和P2分别表示力F1和F2所做功的功率P1和P2，（每个滑轮等重）则（　　）

A．η1＞η2，P1＞P2 B．η1＜η2，P1＜P2
C．η1＞η2，P1＜P2 D．η1＝η2，P1＝P2
一十一．电功率的计算（共2小题）
12．（2021秋•鄞州区期末）用图甲所示电路研究电功率和电流的关系，绘制了定值电阻R0、滑动变阻器R的功率与电流的关系图（图乙）。下列说法错误的是（　　）


A．电源电压为16V
B．R＝R0＝8Ω时，R的功率最大
C．虚线b表示的是R的功率与电流的关系
D．当电流表示数为0.5安时，R消耗的功率为5W
13．（2020秋•鄞州区期末）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是（　　）

A．电源电压为14V
B．图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线
C．滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最小值为12W
D．滑片从b滑到a点时，R2的电功率增大16W
一十二．焦耳定律的计算（共1小题）
14．（2021秋•鄞州区期末）科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系。下列相关的量之间符合如图关系的是（　　）

A．不同物体升高到相同的温度时，吸收的热量（y）与比热容（x）的关系
B．一定量的稀盐酸中加入锌粒，产生氢气质量（y）与锌粒质量（x）的关系
C．恒力对物体所做功（y）与物体在力的方向上所通过距离（x）的关系
D．在单位时间内，电流通过某一导体产生的热量与电流的关系
一十三．比热容的概念及其计算（共1小题）
15．（2020秋•鄞州区期末）质量、初温均相同的甲、乙两物体，将甲投入一杯热水中，达热平衡后水温降低5℃，将甲取出，接着把乙投入这杯水中，达热平衡后水温又降低5℃，下列说法正确的是（　　）
A．c甲＞c乙 B．c甲＜c乙 C．c甲＝c乙 D．无法确定

浙江省宁波市鄞州区三年（2020-2022）九年级上学期期末科学试题汇编-选择题（11-15题）
参考答案与试题解析
一．物质的组成成分以及含量的探究（共1小题）
1．（2020秋•鄞州区期末）H2、CO、CO2和CH4都是初中科学常见的气体。某无色气体X可能含有上述4种气体中的一种或两种。为了确认气体X的组成，从下列所给的装置中，选择最合适的装置进行连接，合理的实验顺序是（　　）（小资料：碱石灰的主要成分是CaO和NaOH）

A．AEDCB B．BECDA C．CEBAD D．ABEDC
【答案】D
【解答】解：先通过A装置检验是否含有二氧化碳，检验后再通过B装置，如果有二氧化碳、则吸收没有反应的二氧化碳及其通过A时带出的水蒸气，如果不含有二氧化碳，则吸收带出的水蒸气，再根据可燃性气体燃烧的产物不同，可通过让气体燃烧，通过检验气体燃烧产物确认气体的成分；三种气体燃烧会产生二氧化碳和水，检验时应该先检验水，再检验二氧化碳，否则检验二氧化碳经过溶液会带出水蒸气到浓硫酸中，影响水的测定结果；因此通过的装置为燃烧装置E，再通过浓硫酸测定水的质量，然后经过氢氧化钠溶液吸收二氧化碳，合理的实验顺序是ABEDC；
故选：D。
二．金属活动性顺序及其应用（共1小题）
2．（2021秋•鄞州区期末）向一定质量的硝酸银和硝酸亚铁溶液中加入mg锌粉，充分反应后过滤。将滤渣洗涤、干燥后再称量，得到滤渣的质量仍为mg，据此分析下列说法错误的是（　　）
A．取反应后的滤液观察，滤液可能呈无色
B．滤渣中的物质最多含有三种，最少含有两种
C．取反应后的滤液插入铜丝，铜丝表面有固体附着
D．向少量硫酸铜溶液中加入足量滤渣，溶液可能变为浅绿色
【答案】C
【解答】解：在金属活动性顺序中，Zn＞Fe＞Ag，向一定质量AgNO3和Fe（NO3）2的混合溶液中加入Zn，与两种溶质依次发生反应
Zn+2AgNO3＝Zn（NO3）2+2Ag
65 216
所以析出银的过程是固体质量增加的过程；
Zn+Fe（NO3）2＝Zn（NO3）2+Fe
65 56
所以析出铁的过程是固体质量减少的过程；
而反应前后固体质量都是mg，说明硝酸银被置换完了，硝酸亚铁也发生了置换反应，因此滤渣一定含有银和铁，可能含有锌；滤液一定含有硝酸锌，可能含有硝酸亚铁，一定没有硝酸银，所以
A、滤液可能含有硝酸亚铁，因此滤液可能呈现浅绿色，故正确；
B、滤渣一定含有银和铁，可能含有锌，故正确；
C、滤液一定含有硝酸锌，可能含有硝酸亚铁，一定没有硝酸银，取反应后的滤液插入铜丝，硝酸锌、硝酸亚铁都不会与铜反应，铜丝表面没有固体附着，故错误；
D、滤渣一定含有银和铁，可能含有锌，向少量硫酸铜溶液中加入足量滤渣，如果铁与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，硫酸亚铁溶液为浅绿色，故正确。
故选：C。
三．物质的鉴别、推断（共1小题）
3．（2021秋•鄞州区期末）如图所示为小宁构建的甲、乙、丙、丁四种不同物质的关系图。“—”表示相邻的两种物质能发生反应。若甲为Fe，乙、丙、丁分别是稀H2SO4、CuCl2溶液和NaOH溶液中的某一种，则下列判断正确的是（　　）

A．乙一定是CuCl2溶液
B．丙可能是NaOH溶液
C．丁一定是稀H2SO4
D．乙和丙的反应可能是中和反应
【答案】D
【解答】解：A、铁能和氯化铜反应生成氯化亚铁和铜，氯化铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，氢氧化钠和稀硫酸反应生成硫酸钠和水，稀硫酸和铁反应生成硫酸亚铁和氢气，因此乙可能是CuCl2溶液或稀硫酸，该选项说法不正确；
B、铁不能和氢氧化钠反应，因此丙一定是NaOH溶液，该选项说法不正确；
C、丁可以是氯化铜溶液，不一定是稀H2SO4，该选项说法不正确；
D、如果乙是稀硫酸，则乙和丙的反应是中和反应，若乙是氯化铜，则乙和丙的反应不是中和反应，该选项说法正确。
故选：D。
四．固体溶解度曲线及其作用（共1小题）
4．（2020秋•鄞州区期末）将KNO3和K2SO4混合物进行分离，有如下操作：①将混合物溶解制成浓溶液；②加热蒸发浓溶液；③冷却溶液；④过滤，移出KNO3晶体；⑤过滤，移出K2SO4晶体．试根据图分析，判断出正确的操作顺序是（　　）

A．①②③④⑤ B．①②⑤③④ C．①③⑤②④ D．①③④②⑤
【答案】B
【解答】解：硝酸钾的溶解度始终大于硫酸钾的溶解度，故先将混合物溶解制成浓溶液，然后加热蒸发浓溶液，析出K2SO4晶体后，过滤，移出K2SO4晶体；冷却溶液；过滤，移出KNO3晶体，KNO3晶体析出。故正确的操作顺序是①②⑤③④。
故选：B。
五．根据化学反应方程式的计算（共1小题）
5．（2020秋•鄞州区期末）为测定某含有氧化铁、四氧化三铁和氧化亚铁的混合物的组成，现取2.9g该混合物与足量CO充分反应，测得生成铁的质量为2.1g，则混合物中氧化亚铁的质量可能为（　　）
A．0.7g B．1.1g C．1.5g D．1.9g
【答案】A
【解答】解：根据题意，氧化铁、四氧化三铁和氧化亚铁的混合物与足量的CO充分反应，生成铁和二氧化碳，结合质量守恒定律可知，混合物中的铁元素的质量和生成的铁的质量相等，故混合物中铁、氧元素的质量比＝2.1g：（2.9g﹣2.1g）＝21：8。
根据化学式的计算可知，
FeO中铁元素和氧元素的质量比＝56：16＝7：2＝21：6；
Fe2O3中铁元素和氧元素的质量比＝112：48＝7：3＝21：9；
Fe3O4中铁元素和氧元素的质量比＝168：64＝21：8；
由此可知，混合物中Fe3O4的质量可以为任意值，
设混合物中氧化亚铁的质量为x、氧化铁的质量为y，则混合物中铁元素与氧元素的质量比为（x××100%+y××100% ）：（x××100%+y××100% ）＝21：8，
解得x：y＝9：20，即混合物中氧化亚铁的质量不能大于0.9g；
故选：A。
六．动能与势能的相互转化（共2小题）
6．（2022秋•鄞州区期末）如图，轻弹簧竖直放置，下端固定于地面，上端位于O点时弹簧恰好不发生形变。现将一小球放在弹簧上端，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，假设小球和弹簧组成的系统机械能守恒，则小球（　　）

A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．运动至O点时，动能最大
C．运动至最高点，小球增加的重力势能等于弹簧减少的弹性势能
D．从O点向上运动过程中，弹簧的弹性势能转化为小球的重力势能
【答案】C
【解答】解：A、小球在最高点时只受重力作用，受非平衡力作用，故A错误；
B、C、小球在从A点向上运动到O点的过程中，受到两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的弹力，开始向上运动时，弹力大于重力，小球所受合力方向向上，速度不断增大，弹力等于重力时，速度达到最大值，此时动能最大，越过平衡位置时，重力大于弹力，合力向下，速度减小，故运动至O点时，动能不是最大，故B错误；
从A点释放，弹性势能转化为小球的动能和重力势能，小球离开弹簧继续运动，动能转化为重力势能，到达最高点，只具有重力势能。小球和弹簧组成的系统机械能守恒，所以整个过程中，重力势能的增加量等于弹性势能的减小量，故C正确；
D、从O点向上运动过程中，小球的质量不变，速度变小，同时高度升高，故动能减小，重力势能增加，所以动能转化为重力势能。故D错误。
故选：C。
7．（2022秋•鄞州区期末）如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面，一小球由A点以度v沿轨道滚下，依次经过等高的A点和C点。下列关于小球滚动过程的分析正确的是（　　）

A．小球在B点的动能大于C点动能
B．小球在B点的机械能等于C点的机械能
C．小球不可能到达D点，因为轨道是粗糙的
D．小球从A点到B点的过程中，减少的重力势能都转化为球的动能
【答案】A
【解答】解：AB、弧形轨道是粗糙的，小球运动过程中要克服摩擦做功，整个过程中小球的机械能逐渐减小，所以小球在B点的机械能大于C点的机械能；A点和C点等高，小球的质量不变，所以A点和C点的重力势能相同，则A点的动能大于C点的动能，故A正确、B错误；
C、由于小球的机械能逐渐减小，但小球具有一定的初始动能，所以小球可能到达D点，故C错误；
D、小球从A点到B点的过程中，一部分机械能转化为内能，减少的重力势能没有全部转化为球的动能，故D错误。
故选：A。
七．动能和势能的大小比较（共1小题）
8．（2021秋•鄞州区期末）2021年10月3日，我国自主研制的“神舟十三号“载人飞船发射升空，在飞船刚离地上升的过程中（　　）
A．动能增加，势能增加 B．动能不变，势能减少
C．动能减少，势能不变 D．动能减少，势能减少
【答案】A
【解答】解：在飞船刚离地上升的过程中做加速运动，质量不变，速度变大，动能变大；高度变大，重力势能变大，故A正确。
故选：A。
八．杠杆的动态平衡分析（共1小题）
9．（2022秋•鄞州区期末）如图所示为一杠杆，左侧挂一重物，以下四个方向的力能使杠杆保持平衡，且能使杠杆从图示位置转到水平位置的过程中始终变大的是（　　）

A．OA始终竖直向上 B．OB始终垂直杆向上
C．OC始终竖直向下 D．OD始终垂直杆向下
【答案】D
【解答】解：由图可知，支点在动力和阻力的中间，阻力的方向竖直向下，则动力的方向也是向下的，所以C、D方向的力能使杠杆平衡，A、B方向的力不能使杠杆平衡；
杠杆从图示位置转到水平位置的过程中，阻力不变，阻力臂变大，当OD始终垂直杆向下时，动力臂是不变的，根据杠杆的平衡条件可知，动力会变大，故D正确。
故选：D。
九．杠杆中最小力问题（共1小题）
10．（2022秋•鄞州区期末）停放自行车时，若要从如图中四点选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起。其中最省力的点是（　　）

A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
【答案】D
【解答】解：根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长．若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起，是围绕前轮与地面的接触点转动，分别作出在A、B、C、D四点施加竖直向上的力并延长，再支点作出垂线，即力臂，如图所示：

由图可知最省力的点是D。
故选：D。
一十．滑轮及滑轮组的机械效率（共1小题）
11．（2022秋•鄞州区期末）如图所示，M、N两个滑轮组，在相同时间内，用同样大小的力F1和F2，把物重相等的G1和G2提升相同的高度，如果用η1和η2表示两装置的机械效率，用P1和P2分别表示力F1和F2所做功的功率P1和P2，（每个滑轮等重）则（　　）

A．η1＞η2，P1＞P2 B．η1＜η2，P1＜P2
C．η1＞η2，P1＜P2 D．η1＝η2，P1＝P2
【答案】C
【解答】解：M滑轮组由3段绳子承担物重，所以s1＝3h1，
则：η1＝＝＝，
N滑轮组由4段绳子承担物重，所以s2＝4h2，
则：η2＝＝＝，
又G1＝G2，F1＝F2，
所以η1＞η2；
在相同时间内，提升相同的高度，即两物体上升速度相同，所以N绳端移动速度大于M绳端移动速度。
根据P＝Fv，拉力F相同，所以拉力F2的功率大，即P1＜P2。
故选：C。
一十一．电功率的计算（共2小题）
12．（2021秋•鄞州区期末）用图甲所示电路研究电功率和电流的关系，绘制了定值电阻R0、滑动变阻器R的功率与电流的关系图（图乙）。下列说法错误的是（　　）


A．电源电压为16V
B．R＝R0＝8Ω时，R的功率最大
C．虚线b表示的是R的功率与电流的关系
D．当电流表示数为0.5安时，R消耗的功率为5W
【答案】D
【解答】解：
（1）研究电功率和电流的关系，通过调节变阻器R的滑片改变电路中电流，
由P＝I2R知，在电阻一定时，电功率P与电流I是二次函数关系，R0＞0，所以图像开口向上，图乙中实线a是定值电阻R0的功率与电流的关系，虚线b表示滑动变阻器R的功率与电流关系，故C正确；
（2）由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中电流，
当滑动变阻器R连入阻值为0时，电路为R0的简单电路，电路的电路中电流最大，
由图像知此时的电流I＝2A，由P＝UI可得，电源电压：
U＝U0＝＝＝16V，故A正确；
由图乙中，R0的功率与电流关系图像知，I＝2A时，P0＝32W，
由P＝I2R可得，R0的阻值；
R0＝＝＝8Ω；
由欧姆定律可得，当电路中电流I′＝0.5A时，R0两端电压：
U0′＝I′R0＝0.5A×8Ω＝4V，
由串联电路特点知，此时R两端电压：
UR＝U﹣U0′＝16V﹣4V＝12V，
R消耗的功率：
PR＝URI′＝12V×0.5A＝6W，故D错误；
（3）滑动变阻器的电功率为：
P滑＝I″2R滑＝R滑＝＝，
当R＝R0＝8Ω时，R的功率最大，故B正确。
故选：D。
13．（2020秋•鄞州区期末）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示。下列叙述正确的是（　　）

A．电源电压为14V
B．图乙中dc是表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图线
C．滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最小值为12W
D．滑片从b滑到a点时，R2的电功率增大16W
【答案】D
【解答】解：由图甲知，R、R1、R2串联，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压，电流表测电路中电流。
（1）滑片P从b点滑到a点的过程中，R1连入阻值变小，电路中总电阻变小，
由I＝可知，电路中电流变大，R2两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压变小，
综上可知，图乙中，dc段表示V1的示数随电流表示数的变化的图线，ec段表示V2的示数随电流表示数变化的图线，故B错误；
（2）当滑片位于b点时，接入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，电路的总功率较小，R2的功率最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I小＝1A，R1两端的电压U1＝12V，R2两端的电压U2＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝U1+U2+IR＝12V+2V+1A×R，
当滑片位于a点时，接入电路中的电阻较小，电路中的电流较大，R2的功率较大，
由图乙可知，电路中的最大电流I大＝3A，R1两端的电压U1′＝6V，R2两端的电压U2′＝6V，
则电源的电压：
U＝U1′+U2′+I大R＝6V+6V+3A×R，
因电源的电压不变，
所以，2V+12V+1A×R＝6V+6V+3A×R，
解得：R＝1Ω，
电源的电压U＝U1+U2+IR＝2V+12V+1A×1Ω＝15V，故A错误；
电路消耗的总功率最小值：
P小＝UI小＝15V×1A＝15W，故C错误；
滑片从b滑到a点时，R2电功率的增大值：
ΔP2＝P2′﹣P2＝U2′I大﹣U2I小＝6V×3A﹣2V×1A＝16W，故D正确。
故选：D。
一十二．焦耳定律的计算（共1小题）
14．（2021秋•鄞州区期末）科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系。下列相关的量之间符合如图关系的是（　　）

A．不同物体升高到相同的温度时，吸收的热量（y）与比热容（x）的关系
B．一定量的稀盐酸中加入锌粒，产生氢气质量（y）与锌粒质量（x）的关系
C．恒力对物体所做功（y）与物体在力的方向上所通过距离（x）的关系
D．在单位时间内，电流通过某一导体产生的热量与电流的关系
【答案】C
【解答】解：图象中两个量之间表示的关系是正比关系，据此分析；
A、不同物体升高到相同的温度时，由于不知道初温的关系、质量的关系，根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知不能得出吸收的热量（y）与比热容（x）的成正比，故A错误；
B、一定量的稀盐酸中加入锌粒，产生氢气质量（y）与锌粒质量（x）的关系，开始成正比，后来由于稀盐酸反应完，再加入锌粒，不再产生氧气，所以图像转成水平，故B错误；
C、由W＝Fs可知，恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离成正比，故C正确；
D、根据Q＝I2Rt知在单位时间内，电流通过某一导体产生的热量与通过导体电流的二次方成正比关系，故D错误。
故选：C。
一十三．比热容的概念及其计算（共1小题）
15．（2020秋•鄞州区期末）质量、初温均相同的甲、乙两物体，将甲投入一杯热水中，达热平衡后水温降低5℃，将甲取出，接着把乙投入这杯水中，达热平衡后水温又降低5℃，下列说法正确的是（　　）
A．c甲＞c乙 B．c甲＜c乙 C．c甲＝c乙 D．无法确定
【答案】B
【解答】解：由题可知，甲、乙两物体分别放入水中达到热平衡时，水温都是降低5℃，根据Q＝cmΔt可知，两物体吸收的热量相同。
达到热平衡时，甲物体升高的温度为：Δt甲＝t水﹣5℃﹣t0，
乙物体升高的温度为：Δt乙＝t水﹣10℃﹣t0，
可见Δt甲＞Δt乙，
根据c＝可知，甲的比热容小于乙的比热容。
故选：B。