物理（全国通用）02-2023年秋季高一入学分班考试模拟卷（4份打包，原卷版+答题卡+解析版）

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2023年新高一开学摸底考试卷（全国通用）02
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题
1．下列估测数据，符合实际的是（　　）
A．中学生立定跳远的成绩约为220dm
B．一节物理课的时间约为40s
C．中学生站立时对水平地面的压力约为500N
D．体育课上训练时选用的实心球质量约为20g
【答案】C
【解析】A．中学生立定跳远的成绩约为2.2m，合22dm，故A不符合题意；
B．一节物理课的时间约为40min，故B不符合题意；
C．中学生站立时对水平地面的压力等于重力，中学生的重力约为500N，所以中学生站立时对水平地面的压力约为500N，故C符合题意；
D．体育课上训练时选用的实心球质量约为2kg，故D不符合题意。
故选C。
2．用如图所示的装置提升重为800N的物体A，动滑轮重为200N。在卷扬机对绳子的拉力F作用下，物体A在10s内竖直匀速上升了2m。在此过程中，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）
  
A．物体A上升的速度为0.4m/s B．滑轮组的有用功为2000J
C．拉力F的功率为100W D．滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．物体A在10s内竖直匀速上升了2m，上升的速度为

故A错误；
B．装置提升重为800N的物体A，竖直匀速上升了2m，滑轮组的有用功为

故B错误；
C．由图知，n=2，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力为

拉力端移动距离为

拉力做的总功

拉力做功的功率

故C错误；
D．滑轮组的机械效率为

故D正确。
故选D。
3．对以下图像的分析正确的是（　　）
A．  甲、乙两物体均做匀速直线运动，V乙=1m/s
B．  该晶体的熔点80℃，熔化过程持续25min
C．    若要制作精确度高德弹簧测力计，应选乙弹簧
D．      ρ甲＜ρ乙，若m甲=m乙，则V甲∶V乙=4∶1
【答案】D
【解析】A．甲物体在0～5s做匀速直线运动，5s后静止；乙物体做匀速直线运动，故A错误；
B．该晶体的熔点80℃，熔化过程持续时间
　

故B错误；
C．弹簧的伸长量与受到的拉力成正比，精确度越高即分度值越小，甲弹簧单位长度的拉力越小，则分度值越高，则甲的精确度比乙的高，故C错误；
D．由图像可知，甲的密度
　

乙的密度
　

则ρ甲＜ρ乙，若m甲=m乙，则
　

故D正确。
故选D。
4．“北有长城，南有灵渠”。灵渠始建于秦朝，是世界上最古老的船闸运河。如题图所示的装置与船闸工作原理相同的是（　　）
A．  茶壶 B．  用吸管喝饮料
C．  活塞式抽水机 D．  U形管压强计
【答案】A
【解析】船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理。
A．茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，壶嘴和壶身在同一高度，倒满水后，液面相平，故A符合题意；
B．用吸管喝饮料时，先用嘴吸出管中的部分空气，管中的气压变小，饮料被大气压压入嘴中，故B不符合题意；
C．抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，此现象与大气压有关，故C不符合题意；
D．U形管压强计一端是封闭的，不是连通器，故D不符合题意。
故选A。
5．下列对物理知识的理解正确的是（   ）
A．一个物体的动能越大，其惯性也一定越大
B．功率大的机器一定比功率小的机器做功快
C．用针管注射器向肌肉内注射药液时利用了大气压
D．小明将地面上的垃圾捡起来的过程中小明对垃圾没有做功
【答案】B
【解析】A．惯性是物体的属性，只与物体的质量有关，故A错误；
B．功率是表示物体做功快慢的物理量，功率越大，做功越快，故B正确；
C．用针管注射器向肌肉内注射药液，是通过人手施加的压力把药液推进肌肉，故C错误；
D．小明将地面上的垃圾捡起来的过程中，小明给垃圾施加力，且在力的方向移动一段距离，所以对垃圾做功，故D错误。
故选B。
6．图1连通器中的水静止，此时a处的气压为pa0，d处水产生的压强为pd0，在管上方持续水平吹气，水面稳定后如图2，此时a、b处气压为pa、pb，c、d处水产生的压强为pc、pd，若大气压保持不变，则（　　）

A．pa0pa，pa>pb
故AB不符合题意；
CD．由图示知，吹气前d的液体深度比吹气后的d处的深度小，图2中，d处的深度比c处的大，由液体压强的规律可知，在密度相同时，液体的深度越大，压强越大，所以
pcpd0
故C不符合题意，D符合题意。
故选D。
7．如题图甲所示，木块A重10N，将合金块B放在木块A正上方，木块A恰好有的体积浸入水中；若将合金块B取下放入水中。最终A漂浮且有一半体积露出水面，B沉底且受到容器底部的支持力为2N，如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
  
A．图乙中水对A下表面的压力为2N
B．木块A的密度为0.8×103kg/m3
C．水对容器底部的压力变化了8N
D．合金B的密度为1.5×103kg/m3
【答案】D
【解析】A．在图甲中，以A和B为整体做为研究对象，受到竖直向上的浮力作用FA1及竖直向下的重力的作用GAB，因处于漂浮状态，故浮力等于重力
FA1=GAB=GB+GA=GB+10N ①
根据阿基米德原理
FA1=ρ水gV排1＝ρ水g×0.8VA②
在图乙中，A处于漂浮状态，受到的浮力等于重力
FA2=GA=10N ③
根据浮力产的原因，图乙中水对A底部的压力即A受到的浮力（等于自身的重力），故图乙中水对A底部的压力为10N，故A错误；
B．根据阿基米德原理
FA2=ρ水gV排2=ρ水g×0.5 VA④
以B为研究对象，受到竖直向上的浮力作用FB和器底对其的支持力作用F支持及竖直下的重力作用GB，且为静止状态，由力的平衡有
GB=FB+F支持=FB+2N ⑤
根据阿基米德原理
FB=ρ水gVB⑥
由③④可得
ρ水g×0.5VA=10N
故有
1×103kg/m3×10N/kg×0.5VA =10N
解之
VA=2×10-3m3
由G=mg可得

则木块A的密度为

故B错误；
D．由②可得
FA1=ρ水gV排1=1×103kg/m3×10N/kg× 0.8×2×10-3m3=16N
由①可得
GB=FA1﹣GA=16N﹣10N=6N
由⑤可得
6N=FB+2N
可得出
FB=4N
由⑥可得
4N＝1×103kg/m3×10N/kg×VB
故有
VB=4×10﹣4m3
而B的重力GB=6N，则B的密度

故D正确；
C．根据甲图可知，容器底部受到的压力等于水和A、B的总重力；根据乙图可知，容器底部受到的压力小于水和A、B的总重力，由于B受到容器底部的支持力为2N，因此水对容器底的压力减小2N，故C错误。
故选D。
8．已知，，琴琴同学分别按图甲和图乙两种方式将两电阻连接在一起，则（    ）
  
A．图甲中R1与R2的电流比 B．图乙中R1与R2的电压比
C．图甲与图乙的总功率比 D．图甲与图乙的总功率比
【答案】C
【解析】A．图甲中两电阻串联，根据串联电路中电流处处相等可知，通过与的电流相等，即

故A不符合题意；
B．图乙中两电阻并联，根据并联电路的电压规律可知， 与两端的电压相等，则

故B不符合题意；
CD．根据电功率的公式

可得


图甲与图乙的总功率比

故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
9．高速列车进站时在200 s内速度由95 m/s减为0，羚羊起跑时在4 s内速度能达到25 m/s，下列说法正确的是(　　)
A．因为羚羊用时较短，所以羚羊的加速度大
B．因为列车的速度变化量大，所以列车的加速度大
C．因为羚羊在单位时间内速度变化量大，所以羚羊的加速度大
D．因为羚羊的速度在增加，所以羚羊的加速度大
【答案】　C
【解析】加速度大小取决于速度的变化量和相对应的时间，只看时间长短或速度变化量无法确定加速度的大小，故A、B错误；单位时间内速度变化量大，加速度才大，故羚羊的加速度更大，C正确；不能根据速度的增减确定加速度的大小，故D错误．
10．a、b两车在同一平直公路上行驶，a做匀速直线运动，两车的位移x随时间t的变化如图所示．下列说法正确的是(　　)

A．b车运动方向始终不变
B．a、b两车相遇两次
C．t1到t2时间内，a车的平均速度小于b车的平均速度
D．t1时刻，a车的速度大于b车的速度
【答案】　B
【解析】　x－t图线的斜率表示物体的速度，斜率的正负表示速度方向，则b先沿正向运动后沿负向运动，故A错误；两条图线有两个交点，说明a、b两车相遇两次，故B正确；物体的位移大小等于纵坐标的变化量，根据题图可知t1到t2时间内，两车通过的位移相同，时间也相等，所以平均速度相等，故C错误；t1时刻，b车在该点的切线斜率大于a车的斜率，则a车的速度小于b车的速度，故D错误．
二、多选题
11．下列说法正确的是（　　）
A．运动的小球具有机械能，而不具有内能
B．铁块很难被压缩，说明分子间只存在斥力
C．汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体，将机械能转化为内能
D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
【答案】CD
【解析】A．任何物体在任何情况下都具有内能，故A错误；
B．铁块分子间既有引力也有斥力，很难被压缩，是因为压缩时斥力大于引力，总的表现为斥力，故B错误；
C．汽油机的压缩冲程中，两气门关闭，活塞压缩气体，对气体做功，气体温度升高，机械能转化为内能，故C正确；
D．沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，昼夜温差小，故D正确。
故选CD。
12．如图是舰载机飞离“辽宁号”航母时的情景，下列说法正确的是（　　）
  
A．引导员戴着耳罩可防止舰载机噪声产生
B．引导员戴着耳罩可减弱噪声对耳朵的伤害
C．舰载机在甲板上加速滑行时受平衡力作用
D．舰载机利用机翼上下表面的压力差获得升力
【答案】BD
【解析】AB．引导员戴着耳罩是在人耳处减弱噪声的，不能防止舰载机噪声产生，故A错误，B正确；
C．舰载机在甲板上加速滑行时，处于非平衡状态，受非平衡力，故C错误；
D．飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方，上下表面的压力差产生向上的升力，故D正确。
故选BD。
13．甲、乙两辆汽车在同一平直公路上行驶，在t＝0时刻两车正好相遇，在之后一段时间0～t2内两车的速度－时间图像(v－t图像)如图所示，则在0～t2这段时间内有关两车的运动，下列说法正确的是(　　)

A．甲、乙两辆车运动方向相反
B．在t1时刻甲、乙两车再次相遇
C．乙车在0～t2时间内的平均速度小于
D．在t1～t2时间内甲车在乙车前方
【答案】　CD
【解析】　由题图可知，二者速度均为正值，即二者均向正方向运动，甲、乙两辆车运动方向相同，故A错误；由题图可知，在0～t1时间内，两车的位移不相等，即在t1时刻甲、乙两车没有相遇，故B错误；如图所示，由v－t图线与坐标轴围成的“面积”表示位移可知，乙车在0～t2时间内的平均速度小于，故C正确；由于t＝0时刻两车位置相同，又由v－t图线与坐标轴围成的“面积”表示位移，可知在0～t2时间内甲车的位移一直大于乙车的位移，则在0～t2时间内甲车一直在乙车前方，故D正确．

三、填空题
14．2023年5月28日，中国东方航空使用中国商飞全球首架交付的C919大型客机，从上海虹桥机场飞往北京首都机场，开启了国产大飞机C919的全球首次商业载客飞行，如图所示。飞机在升空过程中，乘客行李箱的惯性______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；乘客相对于座椅是______（选填“静止”或“运动”）的；此时机翼______方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
  
【答案】 不变
静止 上 变小
【解析】[1]惯性是物体的一种属性，只与物体的质量有关。飞机在升空过程中，乘客行李箱的质量不变，惯性不变。
[2]乘客相对于座椅没有发生位置的改变，因此以座椅为参照物，乘客是静止的。
[3]根据流体压强的特点流速快的位置压强小，机翼上方的流速快，压强小。
[4]大气压强与高度有关，海拔越高，大气压强越小。所以随着海拔高度的升高，外界大气压强变小。
15．用天平和量筒测一块鹅卵石的密度，在调节天平平衡时发现指针的偏向如图甲所示，此时应将平衡螺母向________调节；接着用调节好的天平测质量，天平平衡时右盘中砝码的质量及游码的位置如图乙，则鹅卵石的质量为______g；最后用量筒测鹅卵石的体积如图丙，则鹅卵石的体积为______cm3，密度为___________kg/m3。
  
【答案】 右 52.4 20 2.62×103
【解析】[1]由图甲可知，在调节天平平衡时，指针向左偏，此时应该将平衡螺母向右调节，直到天平平衡。
[2]标尺的分度值为0.2g，示数为2.4g，而鹅卵石的质量为砝码的总质量与游码在标尺上的示数之和，即

[3]量筒的分度值为2mL，水的体积为20mL，水和鹅卵石的体积为40mL，则鹅卵石的体积为

[4]根据可得，鹅卵石的密度为

16．地铁已成为合肥市的主要绿色交通工具之一，如图所示是地铁安检时传送带运行的示意图。小明把一行李箱放在水平传送带上。忽略空气阻力，在行李箱随传送带一起匀速直线运动的过程中，行李箱________选（填“受到”或“不受”）摩擦力的作用。行李箱离开传送带还能继续前进一段距离，是因为行李箱具有________。
  
【答案】 不受 惯性
【解析】[1]忽略空气阻力，行李箱随传送带一起匀速直线运动的过程中，行李箱与传送带之间没有相对运动，也没有相对运动的趋势，因此，行李箱不受摩擦力的作用。
[2]行李箱离开传送带还能继续前进一段距离，是因为行李箱具有惯性，离开传送带后仍会保持原来的运动状态向前运动。
17．如题图所示，抽油烟机工作时，挡风板下方空气流速大，压强_________（选填“大”或“小”），能抽走炒菜时产生的大部分油烟，减少油烟对人体的伤害。炒菜时仍能闻到油烟味，这是_________现象。
  
【答案】 小 扩散
【解析】[1]流速大（小）的位置压强小（大）。抽油烟机工作时，挡风板下方空气流速大，压强小，能抽走炒菜时产生的大部分油烟，减少油烟对人体的伤害。
[2]炒菜时仍能闻到油烟味，这是扩散现象，说明分子永不停息地做无规则运动。
18．图是电解水实验原理图，蓄电池在向外供电时把________能转化为电能。为增强水的导电性，通常向水中加少量的NaOH。在闭合开关的瞬间，溶液中的Na+移动方向是从C到D，则蓄电池的A端是________极。
  
【答案】 化学 负
【解析】[1]蓄电池在向外供电时，消耗自身化学能，产生电能，即把储存的化学能转化为电能。
[2]由于同种电荷相互排斥，所以Na+将向负极移动，而Na+方向是从C到D，故与D相连的A端是电源的负极。
19．如图所示，电源电压保持不变，，。当闭合开关S，断开开关、时，电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A，则电源电压为________V；当开关S、、都闭合时，则电路消耗的总功率为________W。
  
【答案】 6 3
【解析】[1] 闭合开关S，断开开关、时，R1与R3串联，电压表测量的是R1两端的电压，所以R1的电阻为

则电源电压为

[2] 当开关S、、都闭合时，R3被短路，R1与R2并联，所以R1与R2两端的电压等于电源电压，R1的电流为

R2的电流为

所以电路消耗的总功率为

四、作图题
20．如图所示，请在图中的虚线框内画出能矫正该眼睛视力的透镜。
  
【答案】  
【解析】左图：所成的像在视网膜的前方，为近视眼，为了使像正好呈在视网膜上，应使光线延迟会聚，使所成的像相对于晶状体后移，所以应佩戴发散透镜即凹透镜。
右图：晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，为远视眼的，需戴凸透镜矫正，如图所示：
  

五、实验题
21．如图所示，小李同学在做用称量法求浮力的实验时，依次做了如图所示实验．观察并分别比较图中有关数据可知：物体的重力是_______N，当物体浸没在水中时，受到的浮力为______N，请在图丙中画出乙图中的物体的受力分析图_______；当物体浸没在酒精中时，受到的浮力为_______N。由此判断，浮力的大小与______有关。
  
【答案】 4 0.8    0.6 液体的密度
【解析】[1]如图甲，对物体进行受力分析，物体受到了重力和拉力，拉力与重力是平衡力，拉力的大小等于重力的大小，等于4N。
[2]当物体浸没在水中时，受到的浮力为

乙图中物体受到了竖直向下的重力，向上的拉力和竖直向上的浮力，故受力分析图如下图所示：
  
[4]当物体浸没在酒精中时，受到的浮力为

[5]根据实验可知，排开液体的体积相同，液体的密度不同，浮力的大小不同，故浮力的大小与液体的密度有关。
22．如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：
  
（1）在两个相同的烧杯中分别加入初温和___________相同的a、b两种液体，选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内___________；
（2）a、b两种液体温度随时间变化的图像如图乙所示，根据图乙可知___________（选填a、b）的吸热能力强，a、b升高相同温度时，吸收热量之比是___________；
（3）下列选项中与本实验所研究特性无关的是：___________。
A．用热水袋取暖；     B．汽车的水箱；
C．夏天在地面喷水降温；     D．利用空调降温
【答案】 质量 吸热相同 a 2∶1 CD
【解析】（1）[1]根据比较物质吸热能力的不同方法可知，要控制不同物质的质量相同，故在两个相同的烧杯中分别加入初温相同和质量相同的a、b两种液体。
[2]由于相同的加热器在相同的时间内放出的热量相同，因此选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内吸热相同。
（2）[3][4]根据如图乙a、b两种液体温度随时间变化的图像可知，升高
30°C-10°C=20℃
时，b用时3分钟，a用时6分钟，可判断出a的吸热能力强，a、b升高相同温度时，由转换法可知，吸收热量之比等于用时之比，即
6min∶3min=2∶1
（3）[5]AB．根据可得，质量相同的不同物质升高或降低相同的温度，比热容越大吸或放热越多，故汽车的水箱、用热水袋取暖均与本实验研究物质特性（比热容）有关；故AB不符合题意；
C．夏天在地面喷水降温，是利用蒸发吸热具有致冷的作用，与比热容无关；故C符合题意；
D．制冷剂在空调内部的蒸发器里面汽化，汽化要吸热，使空调蒸发器的温度降低，室内的水蒸气遇到温度低的冷凝器会发生液化现象，空调压缩机是利用制冷剂发生物态变化方法降温的，利用空调降温与比热容无关，故与本实验研究物质特性（比热容）无关，故D符合题意。
故选CD。
六、计算题
23．如题图所示，重3N、底面积为300cm2的柱形容器放置于水平桌面上。将质量为2kg、密度为2×103kg/m3的实心正方体M（不吸水）用轻绳竖直悬挂在轻质杠杆的B端，已知OB∶OA=5∶4。当M有一半体积浸入液体中时，液体深度为20cm，A端竖直向下的拉力F为20N，杠杆在水平位置平衡。求：
（1）M受到轻绳的拉力FB；
（2）液体的密度ρ液；
（3）容器对桌面的压强p。
  
【答案】（1）16N；（2）；（3）
【解析】解：（1）设绳子作用在杠杆B上的力为FB1，根据杠杆的平衡条件有
FB1×OB= F×OA
故有

绳子作用在杠杆B上的力为16N，根据力的相互性，杠杆对绳子的拉力为16N，方向竖直向上，即M受到轻绳的拉力
FB=16N
（2）M还受到竖直向下的重力及竖直向上的浮力，根据力的平衡，M受到的浮力为
F浮=GM-FM= mg-FM=2kg×10N/kg-16N=4N
M的体积为

根据阿基米德原理，液体的密度

（3）容器内液体的体积为
V液=S容h-V排=300×10-4m2×0.2m-0.5×10-3m3=5.5×10-3m3
容器内液体的质量为
m液=ρ液V液= 0.8×103kg/m3×5.5×10-3m3=4.4 kg
故容器内液体重力为
G液=m液g=4.4kg×10N/kg=44N
容器与液体的重力和为
G=44N+3N=47N
M受到的浮力大小为4N，根据力的相互性，M对液体的压力大小为4N，故容器对桌面的压力大小为
F压=47N+4N=51N
容器对桌面的压强

24．小京利用图甲所示电路获取了额定电压为2.5V的小灯泡L在不同电压下的电流，并利用所测的数据绘制出电流I随其两端电压U变化的图像，如图乙所示。
（1）画出实物电路所对应的电路图；
（2）求小灯泡两端电压为1.0V时的电阻；
（3）求小灯泡正常发光时的电功率。
    
【答案】（1）  ；（2）；（3）
【解析】解：（1）由实物图可知，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻滑片向右移动时，接入电路的阻值变小，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中，电路图如下图所示：
  
（2）由图像可知小灯泡两端电压U=1.0V时，通过小灯泡的电流I=0.2A，此时小灯泡的电阻

（3）小灯泡正常发光时，两端电压，由图像可知此时通过小灯泡的电流，小灯泡正常发光时的电功率

25．如图所示，某人用轻绳牵住一只质量m＝0.6 kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37°角．已知空气对氢气球的浮力为15 N，人的质量M＝50 kg，且人受到的浮力忽略不计(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2)．求：

(1)水平风力的大小；
(2)人对水平地面的压力大小．
【答案】　(1)12 N　(2)491 N
【解析】　(1)对氢气球进行受力分析如图．

设氢气球受轻绳拉力为FT，水平风力为F风，由平衡条件列式：
竖直方向：F浮＝mg＋FTsin 37°，(1分)
水平方向：F风＝FTcos 37°，(1分)
解得：F风＝12 N，FT＝15 N．(1分)
(2)把人与氢气球视为整体，受力分析可得：FN＝mg＋Mg－F浮＝491 N(2分)
由牛顿第三定律得人对水平地面的压力FN′＝FN＝491 N．(2分)