2023年四川省达州市开江县中考适应性考试物理试题（一）（含解析）

这是一份2023年四川省达州市开江县中考适应性考试物理试题（一）（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年四川省达州市开江县中考适应性考试物理试题（一）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题
1．关于几位物理学家的叙述中，正确的是（　　）
A．法拉第发现了电能生磁
B．欧姆通过实验得到电压与电流成正比、电流与电阻成反比的关系
C．伯努利定律可以解释小鸟在天上飞行的原理
D．物理学家牛顿通过做实验得出了著名的“牛顿第一定律”
2．课外兴趣小组利用手机声音传感器软件探究音叉和笛子声音的波形，得到如下波形（振幅-时间关系图，横坐标时间、纵坐标振幅，每格单位相同），下列说法正确的是（　　）

A．甲、乙的音调和响度相同 B．甲、丙的音调和音色相同
C．乙、丁的音调和音色相同 D．丙、丁的音色和响度相同
3．小王写的物理笔记，正确的是（　　）
A．物体温度不变，内能一定不变
B．温度越高，“新冠病毒”这种分子的运动越剧烈
C．物体含有的热量一定是从温度高的物体传递给温度低的物体
D．海陆风一定是白天形成的风，从大海吹向陆地
4．中国的诗词歌赋中蕴含着丰富的光学知识，下列说法正确的是（　　）
A．“楼台倒影入池塘”，楼台倒影是光的折射形成的
B．“人有悲欢离合，月有阴晴圆缺”，阴晴圆缺的月亮是自然光源
C．“起舞弄清影，何似在人间”，影子的形成是由于是光的反射
D．“日月如逝川，光阴石中火”，日食和月食原理都是光沿直线传播
5．下列关于力学现象的解释中正确的是（　　）
A．人用力推车，车未动，是因为推力小于摩擦阻力
B．放有书的课桌静止在地面，是因为地面给课桌的支持力和课桌受到的重力是一对平衡力
C．汽车刹车后，速度会逐渐减小，最后会停下来，是因为汽车具有惯性
D．把苹果竖直向上抛抛到最高点时速度为零，但此时苹果处于非平衡状态。
6．如图所示的实心正方体A、B放置在水平地面上，对地面的压强相等。下列分析正确的是（　　）
  
A．实心正方体A、B的密度ρA>ρB
B．若沿竖直方向分别截去相同厚度，则剩余部分对地面的压强关系为pA>pB
C．若沿水平方向分别截去相同高度，则剩余部分对地面的压强关系为pA>pB
D．若沿水平方向分别在A、B上部切去一块，使剩余部分对水平地面的压力相等，则切去的质量ΔmA＜ΔmB
7．如图所示，甲、乙两套装置所用滑轮的质量均相等，用它们分别将所挂重物在相等时间内竖直向上匀速提升相同高度。若，所施加的竖直向上的拉力分别为F1和F2，拉力做的总功分别为W1和W2，拉力做功的功率分别为P1和P2，两装置的机械效率分别为η1和η2（忽略绳重和摩擦），则下列选项不正确的是（　　）
  
A．F1>F2 B．P1>P1 C．η1=η2 D．W1=W2
8．一塑料球的密度ρ水>ρ塑>ρ油=0.8×103kg/m3，把塑料球分别放到装有足量水的杯子中和装有足量油的杯子里，分别受到的浮力为6.3N和5.6N，则塑料球的密度为（　　）
A．0.88×103kg/m3 B．0.90×103kg/m3
C．0.95×103kg/m3 D．0.85×103kg/m3
9．关于下列四个实验装置的说法正确的是

A．甲装置闭合电路后磁针会偏转说明磁场能产生电流
B．利用乙实验的原理可制成电动机
C．利用丙实验能实现机械能向电能的转化
D．丁图中两磁极相排斥是通过磁场发生的
10．如图所示的电路中，闭合开关 S1、S2，电流表、灯泡 L1 和 L2 均能正常工作，则下列说 法正确的是

A．开关 S1 闭合，S2 断开，电源外部电流流向为 d→c→b→e→a
B．开关 S1、S2 都闭合，灯泡 L1和 L2并联
C．开关 S1、S2 都闭合，通过灯泡 L1和 L2的电流一定不相等
D．闭合 S1、S2 中任意一个开关，都会有灯泡发光
11．图示电路中（R0阻值已知， 表示电阻箱，电源电压恒定），能求出Rx阻值的是（　　）

A．①②④ B．②③④ C．①②③④ D．①③④
12．如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器。闭合开关 S，移动滑片P，滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图像如图乙所示。则下列分析正确的是（　　）
①电源电压为 8V
②滑动变阻器的最大阻值是 20Ω
③滑动变阻器消耗的电功率最大时，变阻器的阻值是 20Ω
④整个电路消耗的最大电功率为 14.4W

A．①③ B．①④ C．②③ D．②④

二、填空题
13．图中所描述的情景为海滨 （填“中午”或“夜晚”）的情况，在夏天从游泳池游泳起来的人身上感觉凉快这是因为水 的原因。
  
14．一台单缸四冲程柴油机，飞轮转速为3600转/分，柴油机做一次功200J，该柴油机的功率 ，柴油机能量转化效率为40%，工作5分钟需要燃烧柴油 克。（q柴油=4.5×107J/kg）
15．夏天茂密的参天大树的树叶绿油油，绿油油的树叶 绿光进行光合作用（填“需要”或“不需要”），树下明亮的光斑是太阳的 （选填“实像”、“影子”或“虚像”）。
16．我国在2020年3月26日宣布，中国海域天然气水合物即“可燃冰”第二轮试采取得成功，可燃冰属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，同等条件下，它完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，若以10倍的关系粗略计算，在1个标准大气压下0.85kg可燃冰完全燃烧放出的热量，可使103kg的20℃的水温度升高 ℃。[c水=4.2×103J/（kg·℃），q煤气=4.2×107J/kg]
17．夏天，室内开空调，家里窗户的玻璃上会形成一层白雾，这是水蒸气 形成的，这层白雾在窗户玻璃的 （选填“室内”或“室外”）一侧。
18．如图所示，甲乙两容器（质量忽略不计）底面积相同，内装质量相等、深度相同的不同液体，液体的密度分别为ρ甲和ρ乙，底部受到液体的压强分别为p甲和p乙，容器对桌面的压强为p甲′和p乙′， 则 p甲 p乙，p甲 ′ p乙′（＞/=/＜）。

19．某电磁波波形如图所示，该电磁波的波长是 m，频率是 Hz。

20．如图所示，利用轻质滑轮组拉动水平地面上重为400N的物体，作用在绳端拉力F的大小为30N时，物体10s匀速运动了1m，物体受到的阻力为物重的0.1倍，则A处拉力大小为 N；绳子自由端拉力F的功率为 W；滑轮组的机械效率为 。（保留一位小数）
  
21．在如图所示的电路中，电源电压不变，灯泡上标有“6V 6W”的字样，且灯丝电阻不随温度的变化而变化，定值电阻R1=2Ω。当S1和S2同时闭合时，灯泡恰好正常发光；当S1和S2同时断开时，灯泡的实际功率为1.5W，则电源电压为 V，此时定值电阻R2消耗的电功率为 W。
  
22．一锂电池上面标明“电压3.7V，容量1200mAh，充电限制电压4.2V”三个技术参数，充满一次电可待机三天。充满电后，电池大约存储了 J的电能，待机功率为 W。（保留二位小数）
23．如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图像。由图像可知，将定值电阻R和小灯泡L串联接在5V的电源上，电路的总功率为 W；将定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上，5min内，整个电路消耗的电能为 J。
  

三、作图题
24．如图所示的是一个双温电炉电路图。电路由两段阻值都为44Ω的电阻丝R组成发热体，A、B、C为三段引出线，单刀双掷开关接A为低温挡，接B为高温挡，且高温挡的功率为低温挡的2倍，试在图中框内画出两段电阻丝的连接图。
( )

25．如图所示，S'是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好射向凹透镜右侧虚焦点F。请画出点光源S并补全光路图。


四、实验题
26．在“研究影响液体内部压强”的实验中。
（1）如图所示U形管压强计是通过 显示橡皮膜所受压强大小；
（2）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，那么应该通过下列哪种方法进行调节 ；
A．向U形管内加适量水
B．向U形管内加适量酒精
C．拆除软管重新安装
（3）如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择 进行比较；
（4）保持乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，发现U形管两例液面的高度差变大，于是小明得出了“同一深度，液体的密度越大，其内部压强越大”的结论，他的操作 （选填“正确”或“不正确”），原因是 ；
（5）为了使压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，U形管内的液面高度差增大一点，U形管应 。
A．用内径更细的U形管
B．改注盐水
C．改注酒精

27．小王同学在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备以下器材：电源电压为4.5V且保持不变，电流表（0~0.6A）、电压表（0~3V）、滑动变阻器（20Ω 1A）、五个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、开关、导线若干。
      
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交叉） ；
（2）小王同学将电路连接好最后一根线时，电流表的指针有大幅度的偏转。原因是 和 ；如果闭合开关，发现电流表无示数，电压表有示数，原因可能是 ；
（3）探究电流与电压的关系时，小王通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压如表所示。小王分析实验数据得到的结论是在电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比，老师认为小王做这个实验有一组数据有问题，小王错误的原因是 ；
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
0.5
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
（4）接着小王改正错误后又接着探究电流与电阻的关系，他只更换定值电阻，此时小王又多加了1个40Ω电阻其余器材不变，其实验步骤如下：
A．在电路中接入阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，使得电压表示数为U0=2.5V；
B．用10Ω的电阻替换5Ω的电阻再闭合开关应该将滑动变阻器的滑片向 调（选填“左”或“右”），直到电压表示数为2.5V，再记录电流表示数；
C．断开开关，再用40Ω的定值电阻替换10Ω的定值电阻再闭合开关，他调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为U0=2.5V，小王最后采取 措施让电压表示数U0=2.5V。

五、计算题
28．如图所示，一个底面积为300cm2的薄壁柱形容器静止放在水平桌面上，将一个边长为10cm，密度为0.6g/cm3的正方体木块放在圆柱形容器底部，木块A与容器底部不密合，已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
（1）求木块对容器底部的压强？
（2）若沿侧壁向容器中缓慢注入水，且水始终未溢出，往容器里加入2厘米水深，求木块对容器底部的压强？木块受到的浮力的大小？
（3）若沿侧壁向容器中缓慢注入水，且水始终未溢出，如果容器里水深10厘米，求加水的质量？木块受到的浮力的大小？
  
29．如图所示，电源电压不变，R1=24Ω，小灯泡L标有“6V 3W”（小灯泡电阻保持不变）。当开关S闭合，S1、S2断开，变阻器的滑片P移到某一位置，使变阻器连入电路的电阻为其最大阻值的时，小灯泡恰好正常发光；当开关S闭合，S1、S2断开，变阻器的滑片P移到最右端时，电流表示数为0.4A。求：
（1）小灯泡的电阻；
（2）当开关S闭合，S1、S2断开，变阻器的滑片P移到最右端时，小灯泡的实际功率；
（3）电源电压U和滑动变阻器的最大阻值R2；
（4）若R2允许通过的最大电流为1A，求电路的最大功率。


参考答案：
1．C
【详解】A．发现电能生磁的科学家是奥斯特，法拉第发现磁能生电，故A错误；
B．德国物理学家欧姆做了大量的实验精确的确定了电流与电压、电阻的关系——欧姆定律，发现导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B错误；
C．伯努利定律：流体速度大的地方压强小，速度小的地方压强大；伯努利定律可以解释小鸟在天上飞行的原理，故C正确；
D．物理学家牛顿在前人的基础上，通过科学的推理得出了著名的“牛顿第一定律”，故D错误。
故选C。
2．A
【详解】A．甲、乙在相同时间内的波峰个数都是2个，说明频率相同，也就是音调相同；而且它们波峰和波谷之间的距离相等，所以它们的振幅相同，也就是响度相同，故A 正确；
B．在相同的时间内，甲有2个波峰，丙有1个波峰，它们的频率不同，音调不同，故B错误；
C．在相同的时间内，乙有2个波峰，丁有2个波峰，说明它们频率相同，音调相同，但是它们的波形不同，所以音色不同，故C错误；
D．丙、丁的波峰到波谷的距离不等，说明振幅不同，响度不同，故D错误。
故选A。
3．D
【详解】A．晶体在熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变，故A错误。
B．温度越高，分子无规则运动越距离，但“新冠病毒”不是分子，故B错误；
C．热量是过程量，不能说具有、含有，故C错误；
D．由于地面和海水的比热不同，海水的比热容大于陆地的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流。白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海陆风，故D正确。
故选D。
4．D
【详解】A．倒影是平面镜成像现象，光的反射形成的，故A错误；
B．月亮自身不能发光，不是光源，故B错误；
C．影子是光在直线传播时，遇到不透明物体，在其后面留下的阴影，故C错误；
D．日食是月亮挡住了太阳的光线，在地球上留下阴影，月食是地球挡住了太阳的光线，在月球上留下阴影，所以两者都是光的直线传播形成的，故D正确。
故选D。
5．D
【详解】A．人用力推车，车未动，处于静止状态，说明受力平衡，即推力等于摩擦阻力，故A错误；
B．地面给课桌的支持力等于课桌和书的总重力，所以地面给课桌的支持力大于课桌受到的重力，地面给课桌的支持力和课桌受到的重力不是一对平衡力，故B错误；
C．汽车刹车后，速度会逐渐减小，最后会停下来，因为汽车受到阻力的作用，故C错误；
D．把苹果竖直向上抛抛到最高点时速度为零，但此时苹果只受到重力作用，受到非平衡力的作用，所以处于非平衡状态，故D正确。
故选D。
6．C
【详解】A．实心正方体A、B放置在水平地面上，对地面的压强相等，因A的高度大于B的高度，根据可知，A、B的密度关系为ρA＜ρB，故A错误；
B．若沿竖直方向分别截去相同厚度，根据p=ρgh可知，因剩余部分的高度及密度不变，故A剩余部分对地面的压强等于B剩余部分对地面的压强，故B错误；
C．若沿水平方向分别截去相同高度，因ρA＜ρB，根据p=ρgh可知切去部分A的压强小于B切去部分的压强，因原来A、B对地面的压强相等，故剩余部分的压强为pA>pB，故C正确；
D．实心正方体A、B放置在水平地面上，对地面的压强相等，因A的底面积大于B，即SA>SB；根据可知，A的重力大于B的重力，即GA>GB；若沿水平方向分别在A、B上部切去一块，使剩余部分对水平地面的压力相等，即A剩余部分的重力等于B剩余部分的重力，则A切去部分的重力大于B切去部分的重力，根据G=mg可知，A、B切去部分的质量关系ΔmA>ΔmB，故D错误。
故选C。
7．B
【详解】A．由图可知n1=2，n2=3，已知每个滑轮的质量相同，且两滑轮组均只有一个动滑轮，则动滑轮重相同；不计绳重及摩擦，则绳子受到的拉力分别为：


因，故，故A正确，不符合题意；
D．因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度都相同，且，，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同，,故D正确，不符合题意；
C．由可知，两滑轮组的机械效率相同，即，故C正确，不符合题意；
B．又因为所用时间相同、总功相同，所以由可知，拉力做功的功率P1=P2，故B错误，符合题意。
故选B。
8．B
【详解】由物体的浮沉条件可知，当物体密度小于液体密度时，物体处于漂浮状态，由题意可知，塑料球的密度小于水的密度，因此塑料球在水中处于漂浮状态，由物体的漂浮条件可知，此时塑料球受到的浮力等于塑料球自身的重力，因此塑料球的重力为
G=F浮水=6.3N
由可知，塑料球的质量为

当物体密度大于液体密度，物体静止时处于沉底状态，由题意可知，塑料球的密度大于油的密度，因此塑料球在油中处于沉底状态，此时塑料球排开油的体积等于塑料球的体积，由F浮=ρ液gV排可知，塑料球的体积为

塑料球的密度为

故选B。
9．D
【详解】A、甲图是奥斯特实验，将通电导线放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导线周围存在磁场，故A错误；
B、乙图，当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，属于电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故B错误；
C、丙图，当导体中通以电流时，导体棒会在磁场中运动，即通电导体在磁场中受到力的作用，此过程中电能转化为机械能，故C错误；
D、丁图，两个S极相互排斥，是通过磁场发生的，故D正确．
10．B
【分析】（1）在电源的外部，电流的方向是从电源的正极经过用电器回到负极；
（2）把几个用电器首尾相接，连入电路是串联，串联电路中电流处处相等；把几个用电器首尾相接，再连入电路，就是并联，并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
（3）串联电路电流处处相等，并联电路干路电流等于各支路电流的和；
（4）并联电路干路开关控制所有用电器，支路开关控制本支路．
【详解】A、由电路图可知，开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为 d→c→b→a，故A错误；
B、由电路图可知，开关S1、S2都闭合，L1与L2首首相连、尾尾相连，两灯是并联的，故B正确；
C、开关S1、S2都闭合，L1与L2并联，由于不知道两灯泡的规格，所以不能判断通过灯泡L1与L2的电流大小关系，故C错误；
D、由图知，开关S1在干路上，控制所有用电器，开关S2只控制灯泡L1；当只闭合S1时，灯泡L2发光；只闭合S2时，两灯泡都不发光，故D错误．
故选B．
【点睛】本题考查了电路连接方式的判断，解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合．
11．A
【详解】根据图①电路图，先将电阻箱接入阻值为0，则电压表示数为电源电压U，再将电阻箱接入某一阻值R0，读出电压表示数为U1，则电阻箱两端的电压为，根据串联电路电流规律及欧姆定律可得

变形可得

故①可以测出Rx的阻值；
根据图②电路图，可将单刀双掷开关先后置于1、2位置，电流表分别测得通过R0、Rx电流为I1、I2，由欧姆定律，电源电压一定，则

变形可得

故②可以测出Rx的阻值；
根据图③电路图，闭合开关，只能测出两电阻并联时的总电流，无法测量分电流，故③不能测出Rx的阻值；
根据图④电路图，先将单刀双掷开关置于1位置，移动滑动变阻器的滑片到适当的位置，读出电压表示数为，再将单刀双掷开关置于2位置，改变电阻箱接入的阻值，直到电压表的示数为不变，记下此时电阻箱接入的阻值为R，根据欧姆定律，电源电压一定，则两次接入的总电阻不变，所以，故④可以测出Rx的阻值。
综合上述分析，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12．D
【详解】②由图甲可知该电路为R和R0的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压；当滑动变阻器接入的阻值最大时，电路总电阻最大，由欧姆定律可知电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的电流最小为I1=0.4A，此时滑动变阻器的功率为P1=3.2W，由P=I2R可知滑动变阻器的最大阻值为

故②正确；
①当电路中的电流为0.4A时，由欧姆定律可知滑动变阻器两端的电压为

由串联电路的电压特点可知电源电压为
⑤
由图乙可知，当电路中的电流为I2=0.6A时，滑动变阻器的功率为P2=3.6W，由P=UI可知此时滑动变阻器两端的电压为

由串联电路的电压特点可知电源电压为
⑥
⑤⑥联立即可得R0=10Ω，U=12V，故①错误；
③由图乙可知滑动变阻器的最大功率为P2=3.6W，由P=I2R可知此时滑动变阻器的电阻为

故③错误；
④当滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω时，电路中只有R0，由可知此时电路总功率最大，则电路最大总功率为

故④正确，综上分析知，故ABC错误，D正确。
故选D。
13． 夜晚 蒸发吸热
【详解】[1]因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙子比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，水的温度高，沙子的温度低，所以图中所描述的情景为海滨夜晚的情况。

[2]在夏天从游泳池游泳上来的人身上沾了水，水蒸发吸收身体的热量，使身体温度降低，因此感觉凉快。
14． 6000W 100
【详解】[1]飞轮转速为3600转/分=60转/秒，即飞轮1s转60r，因为飞轮转2r，对外做功1次，所以柴油机做一次功用时

该柴油机的功率

[2]工作5分钟做功的次数

做功
W′=nW=9000×200J=1.8×106J
柴油完全燃烧放出的热量

柴油的质量

15． 不需要 实像
【详解】[1]不透明的树叶只能反射绿光，吸收其它颜色的色光，所以我们看到的树叶都是绿色的；树叶反射绿光，说明植物的光合作用不需要绿光。

[2]沿直线传播的太阳光经过树叶间的空隙后，在地面上形成圆形光斑，这是小孔成像现象，成的是太阳的实像。
16． 不可再生 80
【详解】[1]可燃冰属于不可再生能源，因为随着不断的开采，可燃冰会逐渐减少，短期内也不能得到补充。

[2]0.85kg可燃冰完全燃烧释放的热量
Q放=mq可燃冰=m×10q煤气=0.85kg×10×4.2×107J/kg=3.57×108J
可燃冰完全燃烧放出的热量被水完全吸收，故
Q放=Q吸=c水mΔt
水的温度变化量

标准大气压下水的沸点为100℃，20℃的水不可能升高85℃，故水温度升高80℃。
17． 液化 室外
【详解】[1][2]室内开空调，则室内温度较低，室外热空气中的水蒸气遇到冰冷的窗玻璃，液化成小水滴，所以看到的一层白雾是在玻璃的外表面，故这层白雾在窗户玻璃的室外一侧。

18． ＞ =
【详解】[1]两液体的深度相同，两容器的底面积相同，由图知道，甲容器内液体的体积小于乙容器内液体的体积，即V甲ρ乙；甲液体的密度大，而液体的深度相同，由p=ρgh知道，甲液体对容器底的压强大，即p甲>p乙。
[2]甲、乙两容器内装液体的质量相等，则两液体的重力相等，在容器质量不计时，容器对桌面的压力等于容器内液体的重力，所以两容器对桌面的压力相等，即F甲=F乙，又因为甲、乙两容器底面积相同，由 知道：p甲′=p乙′。
19． 1 3×108
【详解】[1][2]图中给出的是一个波长的距离，所以波长λ=1m。电磁波传播的速度c=3×108m/s，频率是

20． 40 6 66.7%
【详解】[1]物体在水平地面上做匀速运动，则此时A处绳子的拉力与物体和地面之间的摩擦力是一对平衡力，则A处拉力大小
FA=f=0.1G=0.1×400N=40N
[2]由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=2，则绳子自由端移动的距离
s=2s物=2×1m=2m
绳子自由端拉力做功
W总=Fs=30N×2m=60J
拉力做功的功率

[3]拉力做的有用功
W有用=fs物=40N×1m=40J
滑轮组的机械效率

21． 6 1
【详解】[1]当S1和S2同时闭合时，R1、R2和L并联，灯泡恰好正常发光，则电源电压

[2]灯丝电阻不随温度的变化而变化，根据灯泡铭牌数据可知灯泡电阻

当S1和S2同时断开时，R1、R2和L串联，灯泡的实际功率为1.5W，根据可知，电路中的电流

根据欧姆定律可知电路总电阻

根据电阻串联的特点可知

此时定值电阻R2消耗的电功率

22． 15984 0.06
【详解】[1]电压3.7V，容量1200mAh，则充满电，电池储存的电能
W=UIt=3.7V×1200×10-3A×3600s=15984J

[2]充满一次电可待机三天，则待机功率

23． 2 1440
【详解】[1]小灯泡灯丝电阻受温度影响，阻值会随温度的变化而发生变化，在I﹣U图像中是一条曲线，所以甲是小灯泡的I﹣U图像；则乙是定值电阻的I﹣U图像，将定值电阻R和小灯泡L串联接在5V的电源上，根据串联电路的电流特点和电压特点可知，通过定值电阻R和小灯泡L的电流相等，电压之和为5V，由图像可知，当电流为0.4A时，定值电阻两端的电压为4V，小灯泡两端的电压为1V，满足要求，电路的总功率
P总=U总I总=5V×0.4A=2W
[2]将定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上，根据并联电路的电压特点可知，乙两端的电压为4V，由图像可知，通过乙的电流为0.4A，则5min内，乙消耗的电能
W乙=U乙I乙t=4V×0.4A×5×60s=480J
根据并联电路的电压特点可知，甲两端的电压为4V，由图像可知，通过甲的电流为0.8A，则5min内，甲消耗的电能
W甲=U甲I甲t=4V×0.8A×5×60s=960J
整个电路消耗的电能为
W=W乙+W甲=480J+960J=1440J
24．
【详解】由题可知，两电阻的阻值相同，高温挡的功率为低温挡的2倍，电源电压一定，由可知，高温挡电阻是低温挡电阻的，所以高温时只有一段电阻丝接入电路，低温时两段电阻丝串联即可满足要求，注意单刀双掷开关接A为低温挡，接B为高温挡，如图所示：

25．
【详解】平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，据此作出发光点S；由图可知，像与反射光线的连线与镜面的交点为反射点，连接S和反射点，该光线为入射光线；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。如图所示

26． U形管液面高度差 C 乙、丙 不正确 没有控制液体的深度不变 C
【详解】（1）[1]压强计测量液体压强时，运用转换法，通过观察U形管两侧液面高度差来体现液体压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大。

（2）[2]当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差，要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（3）[3]要探究液体内部压强是否与液体密度的关系时，要控制液体的深度相同，即应控制探头所处的深度相同，故乙、丙符合题意。
（4）[4][5]乙图中探头位置不变，向容器内加入适量的浓盐水，改变液体密度的同时，也改变了液体的深度，故未控制液体的深度相同，所以不能得出结论，故操作不正确。
（5）[6]压强计的金属盒在同种液体、同一深度处时，即液体压强一定，根据p=ρgh可知，液体密度越小，高度越大，故应改用密度小的液体，从而增大U形管内液面高度差，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
27．      连接电路时没断开开关 没把滑动变阻器的滑片移至阻值最大端 电阻R断路 电路中的最小电流大于0.1A，而第1次电流为0.1A 右 换规格更大的滑动变阻器
【详解】（1）[1]结合图甲的电路图可知，电压表并联在定值电阻两端，滑动变阻器要求一上一下连接，如下图所示：

    
（2）[2][3]为了保护电路，在连接电路时，开关要处于断开状态，且应将滑动变阻器滑片移至阻值最大端，而实验中将电路连接好最后一根线时，电流表的指针有大幅度的偏转，说明此时电路是通路，且电路电阻偏小，由此可知原因是：连接电路时没断开开关和没把滑动变阻器的滑片移至阻值最大端。
[4]闭合开关电流表没有示数，这说明电路是断路；电压表有示数，这说明电压表并联之外的电路是通路，所以故障可能是电阻R断路。
（3）[5]探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，由表中数据可得电阻的阻值

变阻器的最大电阻为20Ω，根据电阻的串联和欧姆定律，电路中的最小电流

故出错的是第1次，原因是电路中的最小电流大于0.1A。
（4）B．[6]探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联分压原理可知，用10Ω的定值电阻替换10Ω的定值电阻时，定值电阻阻值变大，其分得的电压变大，则需要让电阻两端的电压减小为原来的电压值，由串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，结合电路图可知滑片应向右端移动，直到电压表的示数为2.5V。
C．[7]题中换用更大定值电阻后，调节滑动变阻器的阻值，发现电压表示数始终不能调为U0=2.5V，而根据串联分压原理分析当换用阻值更大的定值电阻后，为了使定值电阻两端电压保持不变，滑动变阻器接入电路的电阻就要增大，由此可知不能完成实验的原因是滑动变阻器的最大阻值太小了，因此对于措施为换用换规格更大的滑动变阻器或者可以通过降低电源电压，从而减小滑动变阻器两端的分压，也可以原电路中再串联一个定值电阻起到分压的作用，将滑动变阻器和串联的定值电阻的总电阻设为R滑′，根据串联电路电压的规律和分压原理


由此可知，当电源电压U、定值电阻的电压U定一定时，变阻器的电阻随定值电阻的增大而增大；当电阻为R定=40Ω时，则


所需滑动变阻器的阻值和串联的定值电阻总电阻最小
R滑′=32Ω=R串+R滑大=R串+20Ω
可得串联的定值电阻最小为12Ω，由题中提供的定值电阻阻值可选择15Ω、20Ω、25Ω三个定值电阻均可；因此综上所述小王最后采取的措施可以有：换规格更大的滑动变阻器、或降低电源电压、或原电路中再串联15Ω、20Ω、25Ω三个定值电阻中的任何一个即可完成实验。
28．（1）600Pa；（2）400Pa，2N；（3）2.4kg，6N
【详解】解：（1）木块体积
V木块=0.1m×0.1m×0.1m=1×10-3m3
木块重力
G木块=mg=ρ木V木g=0.6×103kg/m3×1×10-3m3×10N/kg=6N
木块对容器底部的压强

（2）当沿侧壁向容器中缓慢注入2cm深的水时，水始终未溢出，由于
ρ木<ρ水
故加水后，木块可能上浮至表面，处于漂浮状态，也可能由于水太少，浮力小于重力仍然沉底。这时就要判断木块的状态。先假设木块仍然沉底，它的浮力
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m×0.1m×0.02m=2N
木块重力6N大于浮力2N，所以木块A不会上浮仍然沉在底部。此时木块对容器底部的压力
F=G木块-F浮=6N-2N=4N
此时木块对容器底部的压强

（3）当沿侧壁向容器中缓慢注入10cm深的水时，水始终未溢出，这时也要判断木块的状态是漂浮还是沉底。先假设木块沉底，木块受到的浮力
F′浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m×0.1m×0.1m=10N
此时木块受到的浮力10N大于木块的重力6N，所以木块会上浮到表面，处于漂浮状态。根据二力平衡，木块受到的浮力
F′′浮=G木块=6N
加入10cm深的水的质量要分二部分来计算，
①设加入水的体积为V加时，木块正好漂浮，此时木块受到的浮力
F′′浮=G木块=6N
根据阿基米德原理
F′′浮=ρ水gV排1=6N
1.0×103kg/m3×10N/kg×V排1=6N
得出V排1=6×10-4m3，浸没木块的深度

也就是说加入6cm的水时，木块是正好漂浮，此时对应的加入的6cm的水的体积
V加=(S容器-S木块)×h1=(0.03m2-0.01m2)×0.06m=0.0012m3
②接着加入4cm的水，使容器中的水面高度达到10cm。此时对应加入的4cm的水体积
V水2=S容器h2=0.03m2×0.04m=0.0012m3
所以加入水的总质量
m总=ρ水×(V水1+V水2)=1.0×103kg/m3×(0.0012m3+0.0012m3)=2.4kg
答：（1）木块对容器底部的压强是600Pa；
（2）若沿侧壁向容器中缓慢注入水，且水始终未溢出，往容器里加入2厘米水深，木块对容器底部的压强是400Pa，木块受到的浮力的大小是2N；
（3）若沿侧壁向容器中缓慢注入水，且水始终未溢出，如果容器里水深10厘米，加水的质量是2.4kg，木块受到的浮力的大小是6N。
29．（1）12Ω；（2）1.92W；（3）12V，18Ω；（4）18W
【详解】解：（1）小灯泡正常工作的电流为

小灯泡的电阻为

（2）由电路图可知，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，电流表示数为0.4A，此时小灯泡的实际功率为

（3）当开关S闭合，S1、S2断开时，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电源电压为
------①
当滑动变阻器的滑片P移到某一位置，使滑动变阻器连入电路的电阻为其最大阻值的时，小灯泡恰好正常发光，通过电路的电流为

电源电压为
------②
联立①②可得，电源电压为

滑动变阻器的最大阻值为

（3）当开关S、S1、S2均闭合时，灯泡短路，定值电阻和滑动变阻器并联，电路的总电阻最小，电源电压不变，根据可知，电路消耗的功率最大；因为并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压，所以R1两端的电压为

通过R1的电流为

R2允许通过的最大电流为1A，因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以电路中的最大电流为

电路的最大功率为

答：（1）小灯泡的电阻为12Ω；
（2）当开关S闭合，S1、S2断开，变阻器的滑片P移到最右端时，小灯泡的实际功率为1.92W；
（3）电源电压U为12V，滑动变阻器的最大阻值R2为18Ω；
（4）若R2允许通过的最大电流为1A，电路的最大功率为18W。