安徽省安庆市怀宁县独秀中学2022-2023学年八年级下学期期末物理模拟练习试卷（含答案）

这是一份安徽省安庆市怀宁县独秀中学2022-2023学年八年级下学期期末物理模拟练习试卷（含答案），共23页。
2022-2023学年安徽省安庆市怀宁县独秀中学八年级（下）期末物理模拟练习试卷
1. 如图所示是我国宇航员太空授课的情景。物体在“天和”核心舱中处于失重状态，宇航员王亚平将北京2022年冬奥会的吉祥物“冰墩墩”抛出，在空中近似做匀速直线运动后被叶光富用手接住。与在地面相比，该“冰墩墩”的惯性______ (选填“变小”、“不变”或“变大”)。

2. 俯卧撑是一项常见的体育健身活动。如图是小明在做俯卧撑时的场景，若小明的质量为60kg，其身体可视为杠杆，A为重心，OA=1m，AB=0.5m，若以脚尖O点作为支点，则地面对其手掌的支持力为______ N。
3. 如图所示，用力F=100N将重物G以0.4m/s的速度竖直向上匀速提升0.2m，在此过程中力F做功的功率为______ W。


4. 如图所示的容器内装有一定量的盐水，弹簧测力计通过滑轮使重为6N的木块恰好保持静止，若木块的积为10-3m3，弹簧测力计的示数为5N，则盐水的密度为______kg/m3。


5. 图为一种动力滑翔伞，可长时间在空中滑翔而不会掉下来。其伞翼上下表面弯曲程度不同，上表较凸，下表面平，安装在飞行员背部的助推器可在滑翔时提供向前的动力。伞下方的气压______上方的气压。(选填“大于”、“小于”或“等于”)


6. 如图所示，重力为12N的物体在4N拉力F的作用下，以0.2m/s的速度沿斜面匀速上升。当物体沿斜面前进1.2m的距离时，恰好升高0.6m(忽略绳重和动滑轮自重)，该装置的机械效率为______ 。


7. 2022年2月2日晚，北京冬奥会揭幕战--冰壶混合双人赛将在国家游泳中心“水立方”打响，图为中国冰壶队员范苏圆和凌智在比赛中。当冰壶被运动员推出离开手后在水平的冰面上运动时，下列说法正确的是(    )


A. 冰壶离开手后可以继续在冰面上滑行是因为受到惯性的作用
B. 由于冰壶做减速运动，故冰壶所受的重力和支持力不是一对平衡力
C. 运动员不停擦冰，可使冰面熔化形成水层，减少摩擦，让冰壶滑行得更远
D. 冰壶离开手后受到重力、运动员的推力、冰面的支持力，摩擦力的作用
8. 体育老师组织同学们考前放松活动，小明参加了投掷羽毛球的比赛，他将羽毛球斜向上抛出，球的运动转迹如图所示，a、b、c、d为轨迹上的点。其中b为最高点，a、c两点高度相同，若空气阻力不可忽略，则下列说法正确的是(    )
A. 羽毛球在b点动能为零
B. 羽毛球在a点的速度大于c点的速度
C. 羽毛球在b点受力平衡
D. 羽毛球从c点到d点的过程中重力势能全部转化为动能
9. 探究“影响滑动摩擦力大小的因素”时，采用如图所示的实验装置。用弹簧测力计缓慢拉着木块使放置在木块上表面的砝码随木块一起沿水平地面做匀速直线运动，不计空气阻力，下列说法正确的是(    )
A. 木块所受到的重力与地面对木块的支持力是一对平衡力
B. 木块所受到的弹簧测力计拉力与地面对木块的摩擦力是一对平衡力
C. 木块对砝码的摩擦力方向水平向左
D. 木块对地面的压力大小等于木块的重量
10. 用如图所示的滑轮组将重为G的物体提升高度h，已知绳端所需拉力为F，动滑轮自重为G0，绳端移动的距离为s，忽略绳重与各种摩擦，则下列表示该滑轮组机械效率的表达式错误的是(    )
A. η=GhFs×100%
B. η=G2F×100%
C. η=GG+G0×100%
D. η=GhFs-G0h×100%


11. 在研究容器中液体内部的压强跟液体的深度、液体密度之间的定量关系时，要想得到液面下某处的压强，可设想这里有一个水平放置的“平面”。如图所示，这个平面以上的液柱对它的压力等于液柱所受的重力，设液柱的高度为h，平面的面积为S，液体密度为ρ，用压强公式就可以推导出该处的压强p=FS.若增大此“平面”的面积S，则该处液体的压强将(    )
A. 增大 B. 减小 C. 不变 D. 无法判断
12. 如图所示，在一根细绳一端拴一个小球，绳子的另一端固定在悬挂点O上，做成一个单摆。拉动小球到A处，松手后使它摆动起来，B点为摆动过程中的最低点，C为右侧最高点，不计空气阻力，则小球在摆动过程中，下列说法正确的是(    )
A. 小球运动到最低处B时的动能最小
B. 小球从B运动到C的过程中重力势能转化为动能
C. 小球运动到右侧的最高点C比A点的位置高
D. 小球在摆动过程的任一位置机械能守恒

13. 如图是《天工开物》记载的三千多年前在井上汲水的枯槔。当它汲满水后，人竖直向上拉挂木桶的绳子，通过横杆的作用，后端的配重物下降，可以使装有水的木桶匀速上升(假设在上升过程中，水没有洒落)。则在该过程中(    )

A. 木桶和水的动能增大
B. 木桶和水的重力势能不变
C. 配重物的机械能减小
D. 木桶和水机械能的变化量一定等于配重物机械能的变化量
14. 如图所示，把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，铁锁左右摆动，当铁锁再次返回右边时不能到达释放位置，此过程中分析正确的是(    )


A. 铁锁左右摆动过程中，只有重力势能和动能的相互转化
B. 铁锁从最低点运动到最高点的过程中，动能减少多少，重力势能就增加多少
C. 铁锁从最高点运动到最低点的过程中，重力势能减少多少，动能就增加多少
D. 铁锁在运动过程中，会有机械能转化为内能
15. 如图所示，物体A、B的重分别为40N、20N，动滑轮重为10N，此时物体A在水平面上向右以2m/s做匀速直线运动，则下列说法正确的是(绳子和滑轮间的摩擦不计)(    )
A. A物体所受摩擦力方向水平向左大小为10N
B. B物体下落速度为1m/s
C. 若用力F向左拉物体A，使物体A向左做匀速直线运动，所需力的大小为15N
D. 若用F=15N向左拉物体A，可以使物体A向左做加速直线运动
16. 如图为研究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验的示意图。实验的过程为：
次数
接触面情况
压力大小/N
测力计拉力/N
1
长木板
2
0.4
2
长木板
4
0.8
3
长木板
6
1.2
a.用弹簧测力计水平匀速拉动木块，使它沿水平长木板滑动，当测力计示数稳定后，该示数即为此状态下滑动摩擦力的大小；
b.改变放在木块上的砝码，测出此种情况下的滑动摩擦力，并将每次实验数据记录到表格中。
……
(1)该实验中水平匀速拉动弹簧测力计的目的是：______ ；
(2)分析表格数据，得实验的结论是：______ 。

17. 为了探究浮力大小与哪些因素有关，设计了如图所示实验，请依据实验回答：

(1)比较a、c、d三图可知：物体所受的浮力与浸入液体的深度______ (选填“有关”或“无关”)；
(2)比较a、b、c三图可知：液体密度相同时，物体浸入液体中的体积越大，浮力越大；
(3)比较a、d、e三图可知：物体浸入液体中的体积相同时，液体______ 越大，浮力越大。
18. 某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：
①用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，使杠杆保持水平；
②竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升(保持0点位置不变)，在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2
回答下列问题：
(1)杠杆机械效率的表达式为η=______.(用已知或测量的物理量符号表示)
(2)本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是：______.
(3)若只将钩码的悬挂点由A移至C，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将______(选填“变大”、“变小”或“不变”).
19. 某实验小组进行滑轮组机械效率的测量实验，先用弹簧测力计测量钩码所受的重力G(如图甲)，再按图乙所示的连接方式组装好滑轮组，并分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置。
实验序号
物重G/N
物体升高距离h/cm
测力计拉力F/N
测力计升高距离s/cm
机械效率η/%
1
2.0
5
1.0
15
66.7
2
4.0
10
1.8
30
74.1
3
6.0
15
2.4
45
83.3
(1)图甲中弹簧测力计的示数为______ N。
(2)图乙中，为了测量绳子自由端的拉力F，A同学认为应该使弹簧测力计在竖直方向上静止时读数，B同学认为应该在竖直方向缓慢匀速提升时读数，正确的是______ (选填“A”或“B”)同学的方法。
(3)按照正确的测量方法，并将数据记录在表格中，分析表格数据得实验结论：______ 。
20. 如图为某型号的纯电动汽车。若该车和车内乘客的总质量为2.1×103kg，每个车轮与地面的接触面积为100cm2，该车在水平路面上以90km/h的速度匀速直线行驶30min，它受到的阻力约等于人和车总重的0.02倍。求：
(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强；
(2)该电动汽车匀速行驶30min时牵引力所做的功。
21. 在学校开展的劳动教育实践活动中，身高相同的小聪和小明两位同学用根质量不计的均匀扁担抬起一个900N的重物，已知扁担长为1.8m，抽象成物理模型如图所示。
(1)以小明的肩B点为支点，小聪的肩A点支持力FA为动力，请在图中画出杠杆所受阻力的示意图(注意标明阻力作用点)；
(2)若重物悬挂点O为扁担的中点，计算小聪的肩A点支持力FA；
(3)若在(2)中小聪的肩从A点向O点靠近时，请判断小明对扁担支持力FB的大小将如何变化？并通过列式说明理由。
22. 如图所示，工人沿斜面用一定大小的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶端(不考虑物体的大小)用时5s。已知斜面长L=3m，高h=1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，求：
(1)力F所做功的功率；
(2)摩擦力f。

23. 如图甲，工人用沿斜面向上的力F=200N，在10s内将重500N的货物推到斜面顶端，其中斜面长s=4m，高h=1m(忽略空气阻力，g取10N/kg)。

(1)将货物看成一个有质量的点，如图乙所示。请在图乙中画出货物在斜面上的受到摩擦力的示意图；
(2)求推力F做功的功率；
(3)求此次工作过程斜面的机械效率。
24. 如图所示，质量为80kg的举重运动员在0.9s内将重为1500N的杠铃从地上举到1.80m的高度。求这个过程中：(运动员每只脚与地面的接触面积是0.025m2)
(1)运动员受到的重力；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(3)运动员对杠铃做功的功率。


25. 用图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重100N，每次运送的量不定，图乙记录了整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图象(不考虑绳重和摩擦)。求：
(1)提1件货物时，拉力F的大小；
(2)动滑轮的重；
(3)提4件货物时滑轮组的机械效率。

26. 如图所示，当水平拉力F=50N时，恰好可以使物体A沿水平地面向右做匀速直线运动。已知物体重为200N，所受地面的摩擦力约为80N，假如在5s时间内，物体水平移动了0.6m，不计绳和滑轮的自重，则在此过程中：
(1)拉力F做功的功率；
(2)该装置的机械效率。
27. 将底面积S=3×10-3m2、高h=0.1m的铝制圆柱体轻轻地放入水槽中，使它静止于水槽底部，如图所示(圆柱体的底部与水槽的底部不密合)，此时槽中水深h1=0.05m(已知ρ铝=2.7×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。求：
(1)水对圆柱体底部的压强p1；
(2)圆柱体受到的浮力F浮；
(3)圆柱体对水槽底部的压强p2。
28. 如图所示，底面积为200cm2，高为5cm的长方体物块置于水平地面，物块对地面的压强是1250Pa。物块在20N的水平拉力F作用下向右做匀速直线运动，5s内通过的距离为2m。求：
(1)拉力F的功率；
(2)物块对地面的压力；
(3)物块的密度。
29. 密度为0.5×103kg/m3，质量为1kg的正方体木块，静止漂浮在密度为1.0×103kg/m3的水面上，求：
(1)木块浸在水中的体积；
(2)把密度为9.0×103kg/m3，质量未知的正方体铜块轻轻放在正方体木块的中央，过一会儿，其整体静止悬浮在水中时，铜块对木块的压强。
答案和解析

1.【答案】不变 
【解析】解：惯性的大小只与物体的质量有关。太空舱中，被抛出的“冰墩墩”质量不变，所以与地面相比，“冰墩墩”的惯性不变。
故答案为：不变。
一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
本题考查了对惯性的理解，以及对惯性大小影响因素的认识，属基础题。

2.【答案】400 
【解析】解：小明的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N；
如图，重力的力臂为OA，支持力的力臂OB=OA+AB=1m+0.5m=1.5m，
根据杠杆平衡条件可得：F×OB=G×OA，
则地面对手的支持力：F=G×OAOB=600N×1m1.5m=400N。
故答案为：400。
知道动力臂、阻力臂和阻力大小，利用杠杆的平衡条件求地面对手的支持力。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件，把人体看做杠杆视为杠杆，找出动力臂和阻力臂是本题的关键。

3.【答案】20 
【解析】解：从图中可知n=2，则拉力端移动的速度v=1nv物=12×0.4m/s=0.2m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可知在此过程中力F做功的功率P=Fv=100N×0.2m/s=20W。
故答案为：20。
从图中可知n=2，根据v=1nv物得出拉力端移动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知在此过程中力F做功的功率。
本题考查功率的计算，属于对基础知识的考查，难度不大。

4.【答案】1.1×103 
【解析】解：因为木块处于静止状态，
所以F浮=G+F拉=6N+5N=11N；
木块排开盐水的体积为V排=V=10-3m3，
由F浮=ρ液gV排知，
盐水的密度为ρ盐水=F浮gV排=11N10N/kg×10-3m3=1.1×103kg/m3。
故答案为：1.1×103。
由图知，木块受到三个力的作用：竖直向上的浮力F浮、弹簧测力计通过定滑轮施加的向下的拉力F拉及竖直向下的重力G。在这三个力的作用下木块保持静止木块浸没在盐水中，也就是处于平衡状态。已知重力G和拉力F拉，可以得到浮力F浮；
因为木块浸没，所以排开盐水的体积与木块的体积相等。已知木块受到的浮力及排开盐水的体积，利用阿基米德原理变形公式得到盐水密度。
此题考查了阿基米德原理变形公式的应用，对木块正确进行受力分析是解答此题的关键。

5.【答案】大于 
【解析】解：由图可知，滑翔伞的伞面做成上凸下平，在相同时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大。所以伞下方的气压大于上方的气压，便形成向上的升力。
故答案为：大于。
根据气体流速和压强的关系，分析滑翔伞上下方空气流速的大小判断滑翔伞下方气压的大小，来解释滑翔伞升力的产生。
本题主要考查流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。

6.【答案】75% 
【解析】解：绳子自由端移动的距离：
s=ns物=2×1.2m=2.4m，
有用功：
W有=Gh=12N×0.6m=7.2J，
拉力做的总功：
W总=Fs=4N×2.4m=9.6J，
该装置的机械效率：
η=W有W总×100%=7.2J9.6J×100%=75%。
故答案为：75%。
绳子自由端移动的距离s=ns物，利用W有=Gh求有用功，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用η=W有W总×100%求滑轮组的机械效率。
本题考查了使用斜面和动滑轮组成的组合机械时的有用功、总功和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。

7.【答案】C 
【解析】解：A.惯性是物体的固有属性，冰壶离开手后可以继续在冰面上滑行是因为冰壶具有惯性，不能说成受到惯性的作用，故A错误；
B.平衡力与物体水平方向的运动状态无关，在竖直方向，冰壶所受的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B错误；
C.运动员不停擦冰，可使冰面熔化形成水层，使冰壶和冰面分离，减小了摩擦力，可以使冰壶滑行的更远，故C正确；
D.冰壶离开手后受到重力、冰面的支持力、冰面的摩擦力的作用，此时冰壶与运动员不接触，不再受到运动员的推力，故D错误。
故选：C。
(1)惯性是物体保持运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；
(2)大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上，是一对平衡力；
(3)力可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态，减小接触面粗糙程度可以减小摩擦；
(4)分析受力得出结论。
本题考查了惯性的应用、平衡力，以及力的分析等。本题综合性较强，但难度不大。

8.【答案】B 
【解析】解：
A.羽毛球在b点水平方向上的速度不为零，具有一定的质量，所以动能不为零，故A错误；
B.若空气阻力不可忽略，羽毛球克服摩擦做功，羽毛球整个运动过程机械能减小，a、c两点高度相同，所以重力势能相同，因此动能减小，a点的速度大于c点的速度，故B正确；
C.若空气阻力不可忽略，羽毛球在b点受到重力和空气阻力的作用，重力大于空气阻力，在b点受力不平衡，故C错误；
D.若空气阻力不可忽略，羽毛球从c点到d点的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，同时克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以重力势能不能全部转化为动能，故D错误。
故选：B。
(1)(4)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能和势能的和；考虑空气阻力，机械能是不守恒的；
(2)根据a、c机械能和重力势能的大小分析动能的大小，然后判定速度的大小；
(3)根据羽毛球在b点的受力情况分析。
本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的守恒、物体受力分析，难度不大。

9.【答案】B 
【解析】解：A.木块和砝码的重力等于地面的支持力，大于木块所受的重力，大小不同，不是平衡力，故A错误；
B.木块匀速直线运动，水平方向受到的拉力与摩擦力是二力平衡，故B正确；
C.由于砝码随木块一起匀速运动，没有相对运动趋势，砝码相对于木块静止，故没有摩擦力，故C错误；
D.木块对地面的压力大小等于木块和砝码的重力之和，故D错误。
故选：B。
(1)平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态。二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
(2)根据摩擦力产生的原因分析。
本题主要考查了二力平衡、摩擦力的方向、滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，常见题目。

10.【答案】D 
【解析】解：
A、拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的总功W总=Fs，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs×100%，故A正确；
B、由图知，n=2，绳端移动的距离为s=nh=2h，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GhF×2h=G2F×100%，故B正确；
C、忽略绳重与各种摩擦，拉力做的额外功W额=G动h=G0h，
拉力做的总功W总=W有+W额=Gh+G0h，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G0h=GG+G0×100%，故C正确；
D、拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=G0h，
拉力做的有用功W有=W总-W额=Fs-G0h，
D选项中GhFs-G0h=W有W总-W额=W有W有≠η，故D错误。
故选：D。
(1)拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的总功W总=Fs，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs×100%；
(2)由图知，n=2，绳端移动的距离为s=nh=2h，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GhF×2h=G2F；
(3)忽略绳重与各种摩擦，拉力做的额外功W额=G动h=G0h，拉力做的总功W总=W有+W额=Gh+G0h，滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G0h=GG+G0；
(4)拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=G0h，拉力做的有用功W有=W总-W额=Fs-G0h。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意总功的计算方法有：W总=Fs、W总=W有+W额。

11.【答案】C 
【解析】解：根据液体压强的公式p=ρgh，液体内部的压强与液体的深度和密度有关，若所选“平面”的面积S变化，液体的密度与深度不变，压强不会改变。
故选：C。
根据液体压强的公式p=ρgh可知，液体内部的压强与液体的深度和密度有关，而与其它的因素无关，可做出判断。
解答本题要明确影响液体压强的因素，无论利用公式p=ρgh，还是利用公式p=FS都可以得出压强不变的结论。

12.【答案】D 
【解析】解：A、小球运动到最低处B时，速度最大，动能最大，故A错误；
B、小球从B运动到C的过程中，速度减小、高度增加，动能转化为重力势能，故B错误；
C、不计空气阻力，小球的机械能守恒，小球运动到右侧的最高点C与A点的位置等高，不可能超出A点，故C错误；
D、不计空气阻力，小球在摆动过程中只有动能和势能的转化，小球在任一位置的机械能都守恒，故 D正确。
故选：D。
影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；机械能是动能与势能的和；在只有动能和势能转化时，机械能守恒。
本题考查了对机械能守恒的理解，对动能与势能转化的认识，要注意只有在不计空气阻力时，机械能才可能是守恒的。

13.【答案】C 
【解析】解：
A、木桶和水在上升的过程中，总质量不变，速度不变，动能不变，故A错误；
B、木桶和水的质量不变，高度变大，重力势能变大，故B错误；
C、装有水的木桶匀速上升时，配重物匀速下降，其质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能变小，所以机械能减小，故C正确；
D、由于存在摩擦，一部分机械能转化为内能，所以木桶和水机械能的变化量不等于配重物机械能的变化量，故D错误。
故选：C。
动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越大；
重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；
机械能为动能、势能的和。
知道并理解动能、重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。

14.【答案】D 
【解析】解：AD、在上升和下降的过程中，铁锁和空气之间存在摩擦，克服摩擦做功机械能转化为内能，机械能减小，不只是重力势能和动能的相互转化，故A错误、D正确；
B、铁锁从最低点运动到最高点的过程中，动能转化为重力势能，由于存在摩擦，动能的减小量大于重力势能的增加量，故B错误；
C、铁锁从最高点运动到最低点的过程中，重力势能转化为动能，由于存在摩擦，动能的增大量小于重力势能的减小量，故C错误。
故选：D。
(1)物体上升的过程是动能转化为重力势能的过程。物体下降的过程是重力势能转化为动能的过程。
(2)物体在运动过程中，和空气之间存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能。
掌握动能和重力势能之间是可以相互转化的。克服摩擦做功，机械能转化为内能。

15.【答案】B 
【解析】解：A.由图知，动滑轮组由2段绳子承担物重，所以FA=12(GB+G动)=12(20N+10N)=15N，
由物体间力的作用是相互的可知，物体A受到的拉力为：FA'=FA=15N，
此时物体A在水平面上向右做匀速直线运动，则物体A受到的摩擦力为：f=FA'=15N，故A错误；
B.由v绳=2v动可知，B物体下落速度为：vB=v动=12v绳=12×2m/s=1m/s，故B正确；
CD.当物体A向左运动时，由于物体A对水平面的压力和接触面的粗糙程度均不变，则物体A受到的摩擦力不变，方向向右，要使物体A向左做匀速直线运动，则向左拉物体A的力F=f+FA'=15N+15N=30N，要使物体A向左做加速直线运动，则向左拉物体A的力F>30N，故CD错误。
故选：B。
(1)绳子和滑轮间的摩擦不计，由图知，动滑轮组由2段绳子承担物重，所以F=12(GB+G动)，根据二力平衡条件确定出摩擦力的大小；
(2)根据v绳=2v动可求出物体下降的速度；
(3)滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；
当拉动A向左运动时，摩擦力的方向水平向右，根据二力平衡条件确定出拉力的大小。
此题考查了滑轮组的省力特点及二力平衡条件的应用，能够判断出摩擦力的大小和方向是解决此题的关键。

16.【答案】木块受到的摩擦力大小等于弹簧测力计对木块的拉力  接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大 
【解析】解：(1)实验中，应将弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，并记下弹簧测力计的示数，此时弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，即木块受到的摩擦力大小等于弹簧测力计对木块的拉力；
(2)保持表面粗糙程度不变的长木板，改变木块上的砝码质量，即压力不相同，接触面粗糙程度相同，根据表中数据可得出结论：接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。
故答案为：(1)木块受到的摩擦力大小等于弹簧测力计对木块的拉力；(2)接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。
(1)实验时应水平匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，处于平衡状态，木块受到的滑动摩擦力与拉力是一对平衡力。
(2)滑动摩擦力与物体间的压力、接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法可对实验中的现象进行分析并得出结论。
此题是探究影响滑动摩擦力的因素，主要考查了对二力平衡条件的应用及控制变量法的应用，常见题目。

17.【答案】无关  密度 
【解析】解：(1)图a用弹簧测力计测量物体的重力G=8N，
图c用弹簧测力计测量物体受到的拉力F=6N，根据F浮=G-F=8N-6N=2N，
图d用弹簧测力计测量物体受到的拉力F=6N，根据F浮=G-F=8N-6N=2N，
比较a、c、d三图可知物体浸没在水中深度不同，弹簧测力计示数相同，即物体受到的拉力相同，根据F浮=G-F知，物体受到的浮力相同，故物体所受浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关；
(3)图e用弹簧测力计测量铜块浸没在盐水中受到的拉力F=5.6N，根据F浮=G-F=8N-5.6N=2.4N，
比较a、d、e三图可知：物体浸入液体中的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大。
故答案为：(1)无关；(3)密度。
浸在液体中的物体受到浮力大小跟物体排开液体的体积和液体的密度有关，跟物体浸没在液体中的深度无关。
物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大；液体的密度一定时，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
本题利用控制变量法探究浮力大小的影响因素，是浮力典型的实验题，要熟练掌握。

18.【答案】Gh1Fh2×100%杠杆的自重  变大 
【解析】解：(1)有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式η=W有W总×100%=Gh1Fh2×100%.
(2)有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力．
(3)钩码的悬挂点在A点时，由杠杠的平衡条件得G⋅OA=F⋅OB；悬挂点移至C点时，由杠杠的平衡条件得G⋅OC=F⋅OB，经对比发现，由OA到OC力臂变大，所以拉力F也变大，如果仍使钩码提升相同的高度，那么杠杆提升的高度就会减小，额外功减小，因此杠杆的机械效率变大．
故答案为：(1)Gh1Fh2×100%；(2)杠杆的自重；(3)变大．
(1)使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；
(2)机械效率是有用功和总功的比值，它反映了有用功在总功中所占比例的大小，也反映了额外功所占比例的大小，影响机械效率的因素从有用功和额外功两方面考虑；
(3)将钩码的悬挂点从A点移至C点，改变了钩码重力的力臂，根据杠杆平衡条件分析，改变了弹簧测力计的拉力，改变了弹簧测力计的拉力做功的多少，改变了机械效率的高低．
本题考查杠杆机械效率的测量，把握有用功、总功的计算方式，明确机械效率的表达式，知道提高机械效率的方法．

19.【答案】2.0B同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越高 
【解析】解：(1)由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.0N；
(2)为了测量滑轮组提升物体时的机械效率，所以需在缓慢匀速提升时读数，静止时读数没有测量出摩擦力对实验的影响，故B同学正确；
(3)根据表格数据知，使用的是同一个滑轮组，改变了物体的重力，重力增大，机械效率增大，故得出的结论是：同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越高。
故答案为：(1)2.0；(2)B；(3)同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越高。
(1)首先确定测力计的分度值，然后进行读数；
(2)在使用滑轮组时，滑轮组还要克服一些机械摩擦，所以要测量滑轮组的机械效率，需使物体上升进行读数；
(3)根据数据分析保持不变和改变的量，得出结论。
本题考查滑轮组机械效率的测量实验，属于中档题，难度适中。

20.【答案】解：(1)电动车对地面的压力：F=G=mg=2.1×103kg×10N/kg=2.1×104N；
车轮与地面的总接触面积为：S=4×100cm2=4×10-2m2；
该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强：p=FS=2.1×104N4×10-2m2=5.25×105Pa；
(2)电动汽车的匀速行驶的速度：v=90km/h=25m/s；
电动汽车的匀速直线行驶，水平方向受力平衡，根据二力平衡条件得：F牵=f阻=0.02G=0.02×2.1×104N=420N
牵引力所做的功：W=F牵s=F牵vt=420N×25m/s×30×60s=1.89×107J
答：(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压强5.25×105Pa；
(2)该电动汽车匀速行驶30min时牵引力所做的功1.89×107J。 
【解析】(1)该电动汽车静止在水平地面时对地面的压力等于车和乘客总重力，求出受力面积，利用p=FS即可求出压强；
(2)首先根据阻力约等于人和车总重的0.02倍求出阻力，然后根据二力平衡条件可知：牵引力等于阻力，利用W=Fs即可求出牵引力做的功。
本题考察压强和功的基本计算难度不高，做题时注意各物理量单位及需要有必要的文字描述。

21.【答案】解：(1)由题意可知重物作用在杠杆上的力为阻力，大小等于物体的重力，方向与重力的方向相同，竖直向下，作用点O在杠杆上，如图：
；
(2)重物悬挂点O为扁担的中点，B点为支点，则A点的支持力的力臂为扁担长，即LA=L=1.8m，
则重力的力臂为LG=12L=12×1.8m=0.9m，
根据杠杆的平衡条件可得A点的支持力为FA=G×LGL=G×12LL=12G=12×900N=450N；
(3)根据杠杆平衡条件可得FA×AB=G×OB，小聪的肩从A点向O点靠近时，AB减小，G、OB不变，所以FA增大，
小明对扁担支持力为FB=G-FA，故FB减小，即小明对扁担支持力减小。
答：(1)杠杆所受阻力的示意图如上图所示；
(2)小聪的肩A点支持力为450N；
(3)小明对扁担支持力将减小，理由见解析。 
【解析】(1)由题意可知重物作用在杠杆上的力为阻力，大小等于物体的重力，方向与重力的方向相同，竖直向下，作用点O在杠杆上；
(2)重物悬挂点O为扁担的中点，B点为支点，根据杠杆平衡条件计算A点的支持力；
(3)根据杠杆平衡条件可得FA×AB=G×OB，分析力和力臂的变化可知A点的力的变化，进一步分析可得小明对扁担支持力的变化。
本题考查杠杆平衡条件的灵活运用以及力的示意图的画法。

22.【答案】解：(1)由题知，物体的重力为G=600N，斜面高h=1.5m，
推力做的有用功：
W有用=Gh=600N×1.5m=900J；
由η=W有用W总得推力做的总功：
W总=W有用η=900J60%=1500J，
推力做功功率：
P=W总t=1500J5s=300W；
(2)推力做的额外功：W额=W总-W有=1500J-900J=600J，
由W额=fL得物体受到斜面的摩擦力：
f=W额L=600J3m=200N。
答：(1)力F所做功的功率为300W；
(2)摩擦力为200N。 
【解析】(1)知道物体的重力、斜面高，利用W=Gh求推力做的有用功；知道斜面的机械效率，利用η=W有用W总求推力做的总功，再利用P=Wt求推力做功功率；
(2)推力做的额外功W额=W总-W有用，再利用W额=fL求物体受到斜面的摩擦力。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、摩擦力的计算，属于基础题目。

23.【答案】解：(1)货物沿斜面向上运动，货物受摩擦力的方向沿斜面向下，作用点在接触面的中点，摩擦力的示意图如图所示：
；
(2)推力做的总功：W总=Fs=200N×4m=800J，
推力做功功率P=W总t=800J10s=80W；
(3)推力做的有用功：W有用=Gh=500N×1m=500J，
斜面的机械效率：η=W有用W总=500J800J×100%=62.5%。
答：(1)如图所示；
(2)推力F做功的功率为80W；
(3)此次工作过程斜面的机械效率为62.5%。 
【解析】(1)先确定摩擦力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图；
(2)知道推力大小、斜面长，利用W=Fs求推力做的总功，再利用P=Wt求推力做功功率；
(3)知道货物重力、斜面高，利用W=Gh求推力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用斜面时摩擦力示意图的画法，以及有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。

24.【答案】解：(1)运动员受到的重力G=mg=80kg×10N/kg=800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力F=G总=800N+1500N=2300N，
运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强p=FS=2300N2×0.025m2=4.6×104Pa；
(2)运动员对杠铃所做的功：W=G'h=1500N×1.8m=2700J，
运动员对杠铃做功的功率P=Wt=2700J0.9s=3000W。
答：(1)运动员受到的重力为800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强为4.6×104Pa；
(3)运动员对杠铃做功的功率为3000W。 
【解析】(1)根据G=mg得出运动员受到的重力；
(2)根据F=G总得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力，根据p=FS得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(2)根据W=G'h得出运动员对杠铃所做的功，根据P=Wt得出运动员对杠铃做功的功率。
本题考查重力、压强和功率的有关计算，是一道综合题。

25.【答案】解：(1)由图可知，n=2；
当提1件货物时，滑轮组的机械效率为50%，根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF可知，拉力F的大小为：
F=Gnη=100N2×50%=100N；
(2)不考虑绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=2×100N-100N=100N；
(3)提4件货物时滑轮组的机械效率为：
η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=400N400N+100N×100%=80%。
答：(1)提1件货物时，拉力F的大小为100N；
(2)动滑轮的重为100N；
(3)提4件货物时滑轮组的机械效率为80%。 
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳股数，由图可知，提1件货物时，滑轮组的机械效率为50%，利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出拉力F的大小；
(2)不考虑绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(3)根据η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出提4件货物时滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。

26.【答案】解：(1)由图可知，该滑轮为动滑轮，绳子的有效股数n=2，则绳子自由端移动的距离为s=2h=2×0.6m=1.2m；
绳子自由端移动的速度为：v=st=1.2m5s=0.2m/s；
拉力F做功的功率为：P=Wt=Fst=Fv=50N×0.24m/s=1.2W；
(2)该装置的机械效率：
η=W有W总×100%=fs物Fs绳×100%=fs物Fns物×100%=fnF×100%=80N2×50N×100%=80%。
故答案为：(1)拉力F做功的功率为1.2W；
(2)该装置的机械效率为80%。 
【解析】(1)由图可知，该滑轮为动滑轮，绳子的有效股数n=2，据此求出绳子自由端移动的距离，根据v=st求出绳子自由端移动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力的功率；
(2)水平方向使用动滑轮时，克服物体所受地面的摩擦力所做的功为有用功，绳子自由端拉力做的功为总功，根据η=W有W总×100%=fs物Fs绳×100%=fs物Fns物×100%=fnF×100%求出该装置的机械效率。
本题考查了做功的两个必要条件和动滑轮机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键。

27.【答案】解：(1)槽中水深h1=0.05m，
则水对圆柱体底部的压强：p1=ρ水gh1=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
(2)圆柱体排开水的体积：V排=Sh1=3×10-3m2×0.05m=1.5×10-4m3，
则圆柱体受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10-4m3=1.5N；
(3)圆柱体的重力：G铝=m铝g=ρ铝V铝g=ρ铝Shg=2.7×103kg/m3×3×10-3m2×0.1m×10N/kg=8.1N，
圆柱体静止于水槽底部，由力的平衡可得圆柱体对水槽底部的压力：F=G铝-F浮=8.1N-1.5N=6.6N，
所以圆柱体对水槽底部的压强：p2=FS=6.6N3×10-3m2=2.2×103Pa。
答：(1)水对圆柱体底部的压强为500Pa；
(2)圆柱体受到的浮力为1.5N；
(3)圆柱体对水槽底部的压强为2.2×103Pa。 
【解析】(1)已知水的深度和密度，利用p=ρ液gh计算水对圆柱体底部的压强；
(2)求出圆柱体排开水的体积，然后利用F浮=ρ水gV排计算圆柱体受到的浮力；
(3)利用重力、密度和体积公式求出圆柱体的重力，然后根据力的平衡求出圆柱体水水槽底部的压力，再利用p=FS计算圆柱体对水槽底部的压强。
此题考查压强和浮力的计算，同时涉及到重力和密度公式的应用，有一定难度，根据力的平衡可得圆柱体对水槽底部的压力是解答此题关键。

28.【答案】解：(1)拉力做的功：W=Fs=20N×2m=40J，
拉力的功率：P=Wt=40J5s=8W；
(2)物块对地面的压力：F压=pS=1250Pa×200×10-4m2=25N；
(3)物块的重力：G=F压=25N，
物块的质量：m=Gg=25N10N/kg=2.5kg，
物块的密度：ρ=mV=2.5kg200×5×10-6m3=2.5×103kg/m3。
答：(1)拉力F的功率是8W；
(2)物块对地面的压力是25N；
(3)物块的密度是2.5×103kg/m3。 
【解析】(1)根据W=Fs得到拉力做的功，根据P=Wt得到拉力F的功率；
(2)根据F压=pS得到物块对地面的压力；
(3)物块对地面的压力等于物块的重力，根据G=mg得到物块的质量，根据密度的公式得到物块的密度。
本题主要考查了压力、压强、功和功率的计算，是一道综合题。

29.【答案】解：(1)木块的重力：
G木=m木g=1kg×10N/kg=10N，
木块漂浮，故所受浮力：
F浮木=G木=10N，
因为F浮=ρgV排，
所以，木块浸在水中的体积：
V浸=V排=F浮ρ水g=10N1×103kg/m3×10N/kg=1×10-3m3；
(2)根据ρ=mV可得，木块的体积：
V木=m木g=1kg0.5×103kg/m3=2×10-3m3；
设正方体铜块的边长为L，
则正方体铜块的重力：
G铜=m铜g=ρ铜V铜g=ρ铜L3g，
因为其整体静止悬浮在水中。
所以有：G铜+G木=F浮铜+F浮木，
因为物体浸没在水中时，排开液体的体积等于其自身体积，
所以有ρ铜L3g+G木=ρ水gL3+ρ水gV木，
代入数值得：
9.0×103kg/m3×L3×10N/kg+10N=1×103kg/m3×10N/kg×L3+1×103kg/m3×10N/kg×2×10-3m3；
解得，L=0.05m，
则铜块的体积：
V铜=L3=(0.05m)3=0.125×10-3m3，
因为V木>V铜，
所以，受力面积S=L2=(0.05m)2=2.5×10-3m2，
铜块对木块的压力：
F压=G铜-F浮铜=9.0×103kg/m3×0.125×10-3m3×10N/kg-1×103kg/m3×10N/kg×0.125×10-3m3=10N，
所以，铜块对木块的压强：
p=F压S=G铜-F浮铜S=10N2.5×10-3m2=4×103Pa。
答：(1)木块浸在水中的体积1×10-3m3；
(2)铜块对木块的压强4×103Pa。 
【解析】(1)已知木块重力，利用G=mg计算重力；根据物体漂浮条件可得浮力，然后利用F浮=ρgV排计算木块排开水的体积，即木块浸在水中的体积；
(2)其整体静止悬浮在水中，则铜块和木块的重力之和等于铜块和木块受到的浮力之和，设铜块的边长为L，然后根据G=mg、ρ=mV和F浮=ρgV排列出等式，求出铜块的边长，进而可求体积，与木块的体积相比较得出受力面积，再利用力的合成求出铜块对木块的压力，最后根据p=FS计算压强。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、压强公式、密度公式、重力公式的综合应用，利用好漂浮和悬浮的条件以及知道水平面上物体的压力等于自身的重力是关键；根据铜块和木块的重力之和等于铜块和木块受到的浮力之和，利用G=mg、ρ=mV和F浮=ρgV排列出等式，求出铜块的边长是此题难点。