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广东省深圳重点学校2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份广东省深圳重点学校2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共36页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年广东省深圳重点学校八年级（下）期末物理试卷
一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）
1. 如图所示，一根弹簧，A端固定在墙上，在弹性限度内用手匀速向右水平拉动弹簧B端，使弹簧伸长，下列有关弹簧弹力的描述正确的是( )
A. 墙面对弹簧的弹力是由于弹簧发生了弹性形变而产生的
B. B端受到的拉力大于弹簧产生的弹力
C. 手对弹簧的拉力与弹簧对手的拉力的作用点相同
D. 墙面受到的弹簧弹力的方向为水平向右
2. 如图所示是某滑雪运动员离开跳台向上运动的某个瞬间和在倾斜的雪道上比赛中的场景，下列说法中正确的是( )
A. 离开跳台上升到最高点时她受力是平衡的
B. 在倾斜的雪道上，下蹲是为了增大压力来保持身体的平衡
C. 在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地的压力和雪地对滑雪板的支持力是一对相互作用力
D. 在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力是一对平衡力
3. 第24届冬奥会在中国的北京和张家口联合举行。我国运动员备战冬奥会时，在不同比赛项目上的英姿如图所示。下列说法正确的是( )
A. 图甲：速度滑冰运动员所穿的冰鞋上的冰刀刀刃厚度很薄，是为了增大压力
B. 图乙：自由滑雪空中技巧运动员在空中最高点时，若所受外力全部消失则他将竖直向下做匀速直线运动
C. 图丙：越野滑雪运动员沿斜坡雪面向下滑行，速度越来越大，惯性不变
D. 图丁：冰壶运动员不停地刷冰面使冰面温度升高，这是通过热传递的方式改变物体的内能
4. 由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是( )
A. 漂浮时，它受到的浮力大于排开水的重力
B. 要使悬浮的“奋斗者”号上浮，应对水舱注水
C. 浸没后在水中继续下沉的过程中，它受到海水的向上、向下的压力差变大
D. 它能自由的浮沉，是通过改变自身的重力来实现的
5. 如图所示为东方“魔壶”——“倒流壶”，其倒置时可以把液体从壶底注入，正放时液体可以从壶嘴正常倒出，下列四个选项中的物品使用时与其工作原理相同的是( )
A. 吸盘式挂钩 B. 下水道弯管
C. 孔明灯 D. 飞艇
6. 三个相同容器中盛满三种不同的液体a、b、c，将甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，分别轻轻放入三个容器中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 三种液体的密度大小关系是ρa>ρc>ρb
B. 三个小球受到的浮力大小关系是F甲>F丙=F乙
C. 三个容器中的液体对容器底部的压强大小关系是p甲>p乙>p丙
D. 三个容器底部对桌面的压强大小关系是p'甲>p'乙>p'丙
7. 对以下各图解释错误的是( )
A. 水瓶正立放置后，再倒立放置在水平桌面上，桌面受到的压力不变，压强变小
B. 牙膏皮揉成团会沉到水底，撑开却可浮在水面上，撑开的牙膏皮受到的浮力变大
C. 测大气压值时，玻璃管倾斜了，管内外水银面的高度差不会变，大气压值不变
D. “八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”是由于屋外空气流速较大、压强较小造成的
8. 如图所示，一质量均匀的长方体木板放在水平桌面上静止，①②③各为其中的13，此时它对桌面的压强为p。小龙同学首先只切除①，余下的木板对桌面的压强为p1，然后再切除③，余下的木板对桌面的压强为p2。则下列判断正确的是( )
A. pp1，p1=p2
C. p>p1，p1>p2 D. p>p1，p1
A. 向肌肉注射药液 B. 自制喷雾器喷雾
C. 活塞式抽水机抽水 D. 船闸
10. 如图所示，瓶内盛有一定量水，瓶壁上有三小孔，分别塞有a、b、c三塞子，玻璃管中水面高于b低于a，玻璃管下端高于c低于b。下列说法错误的是( )
A. 此时瓶内气压小于外界大气压
B. 只拔出a时，小孔将向外流水
C. 只拔出b时，小孔将向外流水
D. 只拔出c时，小孔将向外流水
11. 码头上的工作人员，利用如图所示的杠杆将一桶淡水从地面转移到船上(杠杆始终保持水平)。挂在A端的桶重100N，内部底面积为600cm2，桶内装有800N的水，水深1m。重600N的工作人员用绳子竖直拉住B端，工作人员的脚与地面的接触面积300cm2，OA：OB=1：3。下列计算结果错误的是(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)( )
A. 水对桶底的压强为1.0×104Pa B. 水对桶底的压力为600N
C. 人对地面的压力为375N D. 人对地面的压强为1.0×104Pa
12. 如图所示，水平桌面上放着底面积相等的甲、乙两容器，分别装有同种液体且深度相同，两容器底部所受液体的压力、压强分别用F甲、F乙、p甲、p乙表示，则( )
A. F甲>F乙，p甲=p乙 B. F甲=F乙，p甲=p乙
C. F甲
A. F1>F2 η1=η2 P1=P2
B. F1>F2 η1=η2 P1P2
D. F1η2 P1>P2
14. 下列有关物理量的估测，不符合生活实际的是( )
A. 中学生跳绳一次，脚离地面约10cm，则克服重力做功约500J
B. 中学生以正常速度从一楼走到三楼，上楼的功率约为150W
C. 中学生骑自行车受到的阻力约为20N，则其骑行功率约为100W
D. 中学生把掉在地面上的物理课本捡到桌面，克服物理书重力做的功约为2J
15. 如图所示是《天工开物》中记载农户用舂捣米劳作时的情景，用脚按住舂较短的一端，就可以把舂较长的另一端高高抬起。下列工具使用时与图中舂工作原理相同的是( )
A. 起子 B. 核桃夹
C. 钳子 D. 面包夹
16. 如图所示，从A点沿水平桌面自由滚落的小球运动轨迹如虚线所示，C、F两处等高，D为球与水平地面的接触点，下列说法不正确的是( )
A. 小球在C点的重力势能等于在F点的重力势能
B. 小球在C点的动能大于在F点的动能
C. 小球从E点到F点的过程中，机械能不变
D. 小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能
17. 关于分子动理论与内能，下列说法正确的是( )
A. 热传递过程中，内能大的物体放出热量
B. 一杯茶的温度越高，含有的热量越多
C. 物体温度升高，内能一定增加
D. “黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动
18. 下列说法中正确的是( )
A. 柴油机采用“点燃式”方式点火
B. 图中冲程是靠飞轮惯性完成的
C. “破镜不能重圆”说明分子间斥力太大了
D. 用水作汽车冷却剂是因为水的密度大，冷却效果好
19. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同
B. 乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象
C. 丙图：该实验下瓶中气体为空气或二氧化氮均能表明气体间可以发生扩散现象
D. 丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力
20. 如图所示是“风光互补”景观照明灯，它“头顶”小风扇，“肩扛”电池板，“腰”挎照明灯，“脚踩”蓄电池。下列解释错误的是( )
A. 小风扇是风力发电机，工作时将电能转化为机械能
B. 光电池板是将光能转化为电能的装置
C. 蓄电池在夜晚供电时，将化学能转化为电能
D. 照明灯工作时将电能转化为光能
二、填空题（本大题共5小题，共16.0分）
21. 如图甲所示是一款服务机器人正在送餐，某段时间内机器人受到的牵引力大小随时间变化图象如图乙所示，机器人在水平地面运动速度随时间变化图象如图丙所示，20～50s运动了18m。则在0～50s内，机器人做______ 运动(选填“匀速直线”或“变速直线”)，平均速度为______ m/s，牵引力做功的平均功率为______ W，机器人克服摩擦力做功______ J。
22. 如图所示，小李对冰块加热，她绘制了冰熔化成水直到沸腾的过程中温度随时间变化的图像。若相同时间内冰和水吸收的热量相同，则物质在2min时具有的内能______ (选填“>”“<”或“=”)物质在6min时具有的内能；冰的比热容c冰=______ J/(kg⋅℃)；在一个标准大气压下，若完全燃烧1.05m3天然气放出的热量全部被100kg、15℃的水吸收，则水温将升高至______ ℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q天然气=3.6×107J/m3]
23. 用量筒、空瓶、小球和适量的水依次完成图示甲、乙、丙三步实验，量筒读数依次为V1、V2、V3。已知水的密度为ρ，则小球体积为______ ，质量为______ (均用题中相应字母表示)。
24. 小聪探究斜面的机械效率时，将粗糙程度均匀的长木板用支架支撑构成斜面，如图所示。用刻度尺量出斜面底端A点到斜面上B点的距离L为80cm，B点距水平地面高度h为20cm。沿斜面向上用0.8N的拉力F将重为2N的木块匀速拉到B点，用时2s，则这段过程中拉力F做功的功率P=______ W，斜面的机械效率η=______ %，木块在该斜面上受到的滑动摩擦力f=______ N，木块从A点运动到B点的过程中，机械能______ 。(选填“变大”或“变小”或“不变”)
25. 如图是“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验装置。
若要研究不同物质的吸热能力，应选用______ 两图进行实验，物质吸收热量的多少是通过______ 来反映的(选填“温度计示数”或“加热时间”)；若燃料没有充分燃烧，其热值______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共5.0分）
26. 如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出B点所受竖直方向的阻力F2的示意图及阻力臂L2，并画出浮球所受重力的示意图。
27. 滑雪是冬奥会比赛项目之一，如图所示是一名滑雪运动员沿斜面加速下滑时的场景，如图为其简化图，其中O为滑雪爱好者的重心，请你在图中画出运动员受到的摩擦力f及雪面所受压力F压的示意图。
四、实验探究题（本大题共4小题，共17.0分）
28. 在“探究影响浮力大小的因素”实验中，小理提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
A.与物体浸入液体中的深度有关
B.与物体排开液体的体积有关
C.与液体的密度有关
D.与物体的形状有关
(1)①小理用金属块P进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图甲所示，可分析______ (填序号)三次实验结果，可验证猜想B是否正确；
②为了研究猜想D，小理将金属块P打造成“碗”的形状，再放入水中，发现该“碗”漂在了水上，由此小理得出结论：浮力的大小与物体的形状有关。小宁认为这结论不可靠，主要原因是未控制______ 相同。
(2)小理接着又用石块探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图乙所示，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究操作的最合理顺序是______ (填序号)，若图乙中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式______ 成立，就可得出结论F浮=G排；
②图乙中会影响该探究结论能否正确得出的是______ (填序号)。
A.c中水面未到达溢水杯的溢水口
B.c中物体没有全部浸入在水中
③有同学提出，该实验只能证明“当物体密度比液体大时，阿基米德原理成立”，因此将石块换成木块，设计“漂浮在液面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理”，实验过程中______ (选填“a”“b”“c”或“d”)步骤不需要弹簧测力计。
29. 如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
(1)实验中探究的动能是指______ (填序号)；
A.小球即将撞击木块时的动能
B.小球撞击木块后的动能
C.木块被小球撞击后的动能
(2)实验中，通过比较______ 来判断小球动能的大小，这种实验方法是______ 法；
(3)若在进行甲、乙两图实验时，乙图中木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，需改进乙图实验，再与甲图实验对比。在不改变木板长度的情况下，应采用的方法是______ (填序号)；
A.换用质量更小的钢球
B.给水平木板铺上毛巾
C.适当降低钢球的高度
D.换用一个较重的木块
(4)分析甲、丙两图的实验现象，可以初步得到的结论是______ 。
30. 同学们利用轻质杠杆探究杠杆的平衡条件。
(1)杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______ (选填“平衡”“非平衡”)状态；可将平衡螺母向左调节使其水平，这样做可以消除杠杆的______ 对实验的影响；
(2)用弹簧测力计代替钩码，如图乙所示，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆总在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L1的图像如图丙所示，图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积______ (选填“相等”或“不等”)
(3)如图丁，用支点使一根胡萝卜水平平衡后，沿支点处将胡萝卜切分为A、B两部分，其重力分别为GA、GB，由杠杆原理可知GA______ GB(选填“大于”“小于”或“等于”)。
31. 某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离
机械效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5
80%
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，某同学在该实验中加速向上提升重物，所测滑轮组的机械效率会______ (选填“变大”“变小”或“不变”)；
(2)比较2、3两次实验得出结论：用同一滑轮组提升重物时，______ 越大，滑轮组的机械效率越高。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
32. 如图所示，水平面上放置一个装满水的溢水杯，总重为8N。物体A悬挂在弹簧测力计上，缓慢将其浸没在水中静止时，溢水杯溢出水的体积为200cm3。物体A的密度为2.7×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)物体A受到的浮力F浮；
(2)弹簧测力计示数F；
(3)溢水杯对水平桌面的压力。
33. 某项目建设中，工人用如图所示的装置将质量为70kg的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)10s内电动机输出的总功；
(2)动滑轮所受的重力；
(3)此时滑轮组的机械效率η1；
(4)若用此滑轮组匀速提升另一批建筑材料时，机械效率η2是90%，求该建筑材料上升的速度。
六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
34. 阅读材料，回答问题。
火星探测器“天问一号”2021年我国首个火星探测器“天问一号”将一次性完成“绕、落、巡”三大任务，这在世界航天史上还没有先例。
“绕”，探测器经过7个月的长途飞行，其着陆器(如图1)进入火星大气层，之后沿椭圆轨道绕火星运动，实现火星的远、近火点环绕探测。离火星最近的点叫近火点，离火星最远的点叫远火点。
“落”，使探测器着陆火星表面将是一个更艰巨的挑战，需在7分钟内，使探测器的时速降至0m/s，我国利用探月的技术积累，通过四个阶段来减速。第一阶段气动减速，给探测器来个急刹车；第二阶段降落伞减速，速度减至342km/h；第三阶段动力减速，探测器反推发动机点火工作，速度减至3.6m/s；第四阶段着陆缓冲，将探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，在经过高度20m后，维持恒定速度下降，平稳着陆。
“巡”，当探测器到达火星后，放出巡视车，完成对火星表面的拍摄及土壤分析等工作，为下一步探测打好基础。
(1)探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；探测器在远火点时的动能最______ (选填“大”或“小”)；
(2)探测器从悬停到成功降落火星地面前，火星车的动能变化情况是______ (选填序号)；
A.增大→不变→减小
B.增大→减小→不变
C.不变→增大→减小
D.减小→增大→不变
(3)巡视车降落到火星表面后，巡视车对火星表面的压力和火星对巡视车的支持力______ (选填“是”或“不是”)一对平衡力；
(4)在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，反推发动机喷出的气体对探测器的作用力大小为______ (填字母表达式)；
(5)物体在火星地表所受重力约为地球地面上的0.4倍，地球地表上的g地取10N/kg，火星地表大气压强约为680Pa，在火星地表做托里拆利实验，如图3，则水银柱高度h约为______ mm。(水银密度为13.6×103kg/m3)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.墙面对弹簧的弹力是由于墙面发生了弹性形变，故A错误；
B.由于力的作用是相互的，所以B端受到的拉力等于弹簧弹力，B错误；
C.手对弹簧的拉力，施力物体是弹簧；弹簧对手的拉力，施力物体是手，作用点不同，C错误；
D.墙面对弹簧的力与弹簧对墙面的力是一对相互作用力，墙面对弹簧的力水平向左，故墙面受到的弹簧弹力方向水平向右，故D正确。
故选：D。
物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力。物体受到的弹力的方向与形变方向相同；
力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等、方向相反，在一条直线上。
本题考查弹力的产生及方向，明确研究对象，理解弹力产生的原因，是解答此题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A.离开跳台上升到最高点时，运动员受到重力和空气阻力，这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以不是平衡力，故A错误；
B.在倾斜的雪道上，下蹲是为了降低重心，增加稳定性，故B错误；
C.在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地产生压力的同时，雪地对滑雪板产生了支持力，这两个力是相互作用力，故C正确；
D.在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力，受力物体都是滑雪板，但这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)分析运动员上升到最高点时受到的力，结合二力平衡条件分析解答；
(2)增加稳定性的方法：一是降低重心，二是增大支撑面；
(3)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题以冬奥会为背景，考查了平衡力和相互作用力的辨别、提高稳度的方法等，熟练掌握二力平衡的条件、相互作用力的特点是关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、速度滑冰运动员所穿的冰鞋上的冰刀刀刃厚度很薄，是为了在压力一定时，减小受力面积，增大压强，故A错误；
B、自由滑雪空中技巧运动员在空中最高点时，仍存在水平向前的速度，所以若所受外力全部消失则他将水平方向做匀速直线运动，故B错误；
C、惯性的大小只与物体的质量有关，越野滑雪运动员沿斜坡雪面向下滑行，速度越来越大，但质量不变，所以惯性不变，故C正确；
D、冰壶运动员将冰壶沿冰面推出后，刷冰员不停地刷冰面，这是通过做功改变内能，故D错误。
故选：C。
(1)在压力一定时，减小受力面积可增大压强；
(2)根据牛顿第一定律可做出判断；
(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
(4)改变内能的方式，做功和热传递。
本题通过冰雪运动场景，考查了对压强、力与运动的关系、惯性、内能的改变等知识的理解与应用，属力学基础题。
4.【答案】D
【解析】解：A.漂浮时，根据阿基米德原理可知，其受到的浮力等于它排开水受到的重力，故A错误；
B、要使悬浮的“奋斗者”号上浮，则浮力要大于重力，由于排开水的体积不变，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力不变，只能减小重力，所以应从水舱向外排水，故B错误；
C、“奋斗者”号潜水器在水面下下潜过程中，排开液体体积不变，液体密度不变，由F浮=ρ液gV排知，受到水的浮力不变，根据浮力产生的原因可知，下潜的越深，潜水器上下表面受到海水的压力差不变，故C错误；
D、“奋斗者号”浸没在海水中，排开海水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，其受到的浮力不变，在水中自由上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的，故D正确。
故选：D。
(1)根据阿基米德原理判定浮力与排开的液体的重力的关系；
(2)当浮力大于重力时，物体会上浮；
(3)“奋斗者”号浸没在海水中，潜水器在下潜过程中，体积不变，所处的深度变大，根据F浮=ρ液gV排可知潜水器所受浮力的大小变化，根据浮力产生的原因判断出它受到海水的向上、向下压力差的变化；
(4)潜水器是依靠改变自身的重力来实现上浮和下沉的。
本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理的应用以及浮力产生原因的应用，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、吸盘是利用大气压来工作的，故A不符合题意；
B、下水道弯管的结构符合上端开口，下部连通的容器，属于连通器，故B符合题意；
C、孔明灯内可燃物被点燃后，加热内部气体，内部气体体积膨胀，密度减小，此时罩内气体的密度小于灯罩外空气的密度，使得孔明灯受到空气的浮力大于受到的重力，所以孔明灯上升，故C不符合题意；
D、飞艇是利用改变自身的重力和浮力的关系实现浮沉的，故D不符合题意。
故选：B。
上端开口、下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。
记住连通器定义，生活中的锅炉水位计、自动喂水器、洗手盆的回水弯、过桥涵洞、船闸等等都是连通器。
6.【答案】D
【解析】解：A、已知甲、乙、丙三个小球体积和质量都相同，由ρ=mV可知三个小球的密度大小相同；
甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以，ρa<ρ球，ρb>ρ球，ρc=ρ球，
所以，三种液体的密度大小关系是ρb>ρc>ρa，故A错误；
B、由于已知甲、乙、丙三个小球体积和质量都相同，则三个小球的重力相同；甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以，F甲
D、因为三个相同容器中盛满三种不同液体，由图可知，三种液体的体积：V乙>V甲=V丙，又因为ρb>ρc>ρa，根据G=mg=ρVg可知：G乙>G丙>G甲；
由于容器底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入小球后容器对桌面的压力为：F=G容器+G液+G球，据此可得：F'甲
(1)甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，则甲、乙、丙三个小球的密度相同，甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三种液体的密度大小关系；
(2)甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，则甲、乙、丙三个小球的重力相同，甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件判断浮力大小关系；
(3)由于三个相同容器中盛满三种不同液体，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p=ρgh判断容器底部受到水的压强的关系；
(4)根据三个相同容器中盛满三种不同液体和液体的密度得出液体的重力关系，由于容器底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据液体的重力、球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，根据p=FS判断三个容器底部对桌面的压强大小关系。
本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在液体中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道容器底部对桌面的压力等于容器的总重力。
7.【答案】A
【解析】解：A、将矿泉水瓶先正立放置再倒立放置在水平桌面上，矿泉水瓶对水平桌面的压力不变，受力面积S减小，由p=FS可知，压强增大，即p正放
C、托里拆利实验中，玻璃管倾斜，管内外水银面高度差不变，大气压值不变。故C正确；
D、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，
屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，将茅草吸上去。故D正确。
故选：A。
(1)矿泉水瓶对水平桌面的压力等于矿泉水瓶和水的重力，利用p=FS分析正立放置和倒立放置时对桌面的压强变化；
(2)物体的浮沉条件：浸没水中的物体，如果物体受到的浮力大于物体的重力，物体将上浮；如果物体受到的浮力小于物体的重力，物体将下沉；如果物体受到的浮力等于物体的重力，物体将悬浮。
(3)根据只要外界大气压不变，托里拆利实验中的管内外水银面高度差不变进行分析；
(4)流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力，从而得出结论。
此题考查压强的大小比较、大气压的存在、物体浮沉条件及其应用、阿基米德原理、流体压强和流速的关系，是一道综合性很强的题目，题目难度适中，要求学生具备全面、扎实的物理知识。
8.【答案】B
【解析】解：静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力。
设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S。
根据题意，由p=FS可得：p=3G2S；p1=2G2S=GS；p2=GS。
比较可知：p>p1；p1=p2，故B正确、ACD错误。
故选：B。
根据静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据p=FS分别求出p；p1；p2，比较得出结论。
本题考查固体压强的大小比较，知道静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力、明确受力面积的大小是关键。
9.【答案】C
【解析】解：A.向肌肉注射药液，利用人的推力产生的压强将药液推入人体，与大气压无关，故A不符合题意；
B.向B管中吹气时，A管上端空气流速大，压强小，大气压不变，水在管内外压强差的作用下上升、喷雾，与大气压无关，故B不符合题意；
C.利用活塞式抽水机抽水时，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用了大气压，故C符合题意；
D.船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器；故船闸是利用连通器原理工作的，与大气压无关，故D不符合题意。
故选：C。
本题要逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作，大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
生活实例和物理知识相联系是中考常见的题目，平时学习时多观察、多联系、多分析，提高理论联系实际的能力。
10.【答案】B
【解析】解：瓶口用橡皮塞盖紧，瓶塞中央插一根两端开口的玻璃管，玻璃管中水面低于瓶内水面，故瓶内气压小于外界大气压；玻璃管中水面高于b低于a，则b、c两处压强大于外界气压，a处小于外界气压，则只拔出a时发生的现象是，a处无水流出，且向里冒气泡；
只拔出b时发生的现象是b处向外流水；只拔出c时，小孔将向外流水。
故答案为：B。
利用液体压强p=ρgh分析a、b、c与大气压的大小关系即可解题。
要使水流出，此处压强应大于大气压。
11.【答案】C
【解析】解：A、水对桶底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1.0×104Pa，故A正确；
B、由p=FS可得，水对桶底的压力F=pS=1.0×104Pa×600×10-4m2=600N，故B正确；
C、由杠杆平衡条件可得，G总×AO=F拉×OB，
则F拉=G总×AOOB=(800N+100N)×13=300N，
人对地面的压力F压=G-F拉=600N-300N=300N，故C错误；
D、人对地面的压强p'=F压S人=300N300×10-4m2=1.0×104Pa，故D正确。
故选：C。
(1)已知水深，由p=ρgh可求得水对桶底的压强；
(2)由p=FS公式变形可求得水对桶底的压力；
(3)根据杠杆平衡条件求得绳子对人的拉力，然后可知人对地面的压力；
(4)由p=FS可求得人对地面的压强。
该题考查了液体压强、阿基米德原理、密度、杠杆平衡条件、受力分析、固体压强等知识点，综合性较强，需要熟悉基本公式及应用，关键是要对题目中情境的发生过程分析清楚，理清解题的思路。
12.【答案】B
【解析】解：由题意知，两容器中装有同种液体且深度相同，则液体的密度相同，由p=ρgh可知，两容器底部受到液体的压强相等，即p甲=p乙；
又因为容器底面积相等，由F=pS可知，两容器底部受到液体的压力相等，即F甲=F乙，故B正确。
故选：B。
先根据p=ρgh可判断两容器底部受到液体的压强；然后根据F=pS可判断两容器底部受到液体的压力。
本题考查液体压强和压力大小的比较，属于对基础知识的考查，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】A
【解析】解：由图可知n1=2，n2=3，已知每个滑轮的质量相同，且两滑轮组均只有一个动滑轮，则动滑轮重相同；
不计绳重及摩擦，则绳子受到的拉力分别为：F1=12(G1+G动)，F2=13(G2+G动)，因G1=G2，故F 1>F2；
因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度都相同，且W额=G动h，W有用=G物h，
所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；
由η=W有W总可知，两滑轮组的机械效率相同，即η1=η2；
又因为所用时间相同、总功相同，所以由P=Wt可知，拉力做功的功率P1=P2，故A正确。
故选：A。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，不计绳重及摩擦，由F=1n(G+G动)比较F1、F2的大小；
把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，动滑轮重和提升高度都相同时，做的额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据η=W有W总和功率计算公式可比较机械效率和拉力做功的功率大小。
此题考查了滑轮组的省力公式、机械效率和功率的大小比较，关键要知道：用竖直滑轮组提升重物，若不计绳重及摩擦，则克服动滑轮重力做的功为额外功。
14.【答案】A
【解析】解：A、中学生跳绳一次，脚离地面约10cm，则克服重力做功约为：W=Gh=500N×0.1m=50J，故A不符合实际；
B、一名中学生的重力约为500N，一楼到三楼的高度约h楼=3m×2=6m，用时约为t=20s，所以中学生正常上楼的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m20s=150W，故B符合实际；
C、中学生骑自行车的受到的阻力大约为20N，速度大约为5m/s，功率P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W左右，故C符合实际；
D、物理书的质量m书=250g=0.25kg，重力G书=m书g=0.25kg×10N/kg=2.5N，
课桌的高度h桌=80cm=0.8m，
从地面上将物理书捡到桌面上，克服物理书重力做的功约为W=G书h桌=2.5N×0.8m=2J，故D符合实际。
故选：A。
(1)根据公式W=Gh估算功的大小；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv估算功率的大小。
对生活中物体的数据进行估测，并能应用公式进行计算，是解答本题的关键。
15.【答案】D
【解析】解：用脚按住舂较短的一端，下压一小段距离，就可以把舂较长的另一端高高抬起，操作过程中动力臂小于阻力臂，故舂是费力杠杆；
A、起子开瓶的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、面包夹食品的过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和题目的叙述，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
16.【答案】C
【解析】解：AB、C点运动到F点的过程，由于有空气阻力，物体与地面发生碰撞，由上升的高度E点低于B点可知，机械能有损失，小球在C点的机械能大于在F点的机械能；由图知C、F两处等高，小球的重力势能相同，但小球在 C点动能大于F点的动能，故AB正确；
C、小球从E点到F点过程中，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故机械能不守恒，故C错误；
D、小球从D点离开地面时，弹性势能转化为动能；小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：C。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
17.【答案】C
【解析】解：A、热传递过程中，温度高的物体放出热量，而不是内能大的物体放出热量，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有的热量多少，故B错误；
C、同一物体温度升高，分子热运动加剧，内能一定增加，故C正确；
D、“黄沙直上白云间”是固体小颗粒的运动，不能说明分子在不停地运动，故D错误。
故选：C。
(1)热传递的条件是具有温度差；
(2)热量是一个过程量，不能用含有、具有来修饰；
(3)同一物体温度升高、内能增加；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，要注意与小颗粒机械运动的区分。
本题考查了对热传递条件的认识，对热量、温度、内能概念和它们之间关系的理解，以及对分子运动的了解等，属基础题。
18.【答案】B
【解析】解：A、柴油机采用压燃式点火，故A错误；
B、图中两个气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，靠飞轮的惯性完成，故B正确；
C、由于镜子破裂处分子间的距离较大，大于分子直径的10倍，分子间的作用力就十分微弱，可以认为没有作用力，所以“破镜不能重圆”，故C错误；
D、用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点，根据Q吸=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同时，水能够吸收较多的热量，故D错误。
故选：B。
(1)柴油机采用压燃式，汽油机采用点燃式点火；
(2)在内燃机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的；
(3)分子间存在相互作用的引力与斥力；当分子间的距离较大时，分子间的作用力十分微弱；
(4)水的比热容较大，质量相同的水与其他物质相比，升高或降低相同的温度，水吸热或放热多。
本题考查热机、分子间作用力和水的比热容的应用，属于综合题。
19.【答案】A
【解析】解：
A、图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确；
B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B错误；
C、丙图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，可能是扩散现象，但也可能是重力的作用，不能表明气体间可以发生扩散现象，故C错误；
D、图中两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，但也有斥力，故D错误。
故选：A。
(1)改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
(2)汽化是从液态变为气态；液化是从气态变为液态；
(3)扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
(4)分子同时存在相互作用的引力和斥力。
知道做功可以改变物体的内能，了解液化现象，熟知扩散现象的实验，了解分子间作用力的特点等，可顺利解答此题。
20.【答案】A
【解析】解：A、小风扇利用风力发电，消耗了机械能，获得了电能，将机械能转化为电能，故A错误；
B、光电池板工作时，消耗了太阳能，获得了电能，是将光能转化为电能，故B正确；
C、蓄电池在夜晚放电，将化学能转化为电能，故C正确；
D、照明灯工作时，消耗了电能，获得了光能，将电能转化为光能，故D正确。
故选：A。
分析小风扇、电池板、照明灯、蓄电池工作时消耗和获得的能量是什么，可逐一作出判断。
风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽、用之不竭，本题的重点是掌握其能量的转化。
21.【答案】变速直线 0.68 53.6 3400
【解析】解：图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，在20～50s内，机器人做的是变速运动，在0～50s内，机器人做变速直线运动；在0～50s内，机器人做变速直线运动；
0～20s内机器人运动的路程为：s1=v1t1=0.8m/s×20s=16m，
0～50s 内机器人的总路程为：s=s1+s2=16m+18m=34m，
平均速度为：v=st=34m50s=0.68m/s，
由图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此时的拉力为100N，所以阻力为100N，0～20s 内牵引力做功为：W=Fs1=100N×16m=1600J，
从图中可知，20s～50s内的牵引力为60N，牵引力做的功为：W'=F's2=60N×18m=1080J，
牵引力做功的平均功率为：P=W+W't=1600J+1080J50s=53.6W；
在20～50s内，机器人做的是变速运动；由图乙知机器人所受牵引力大小为60N，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力不变，仍为100N；机器人克服摩擦力做功为：W=fs=100N×34m=3400J。
故答案为：变速直线；0.68；53.6；3400。
由图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，在20～50s内，机器人做的是变速运动；根据s=vt得出0～20s内机器人运动的路程，进而得出0～50s内机器人的总路程，根据速度公式得出0～50s 内机器人平均速度，根据功率的公式得到牵引力做功的平均功率，0～20s内机器人做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此时的拉力，进而判断出阻力的大小；在20～50s内，机器人做的是变速运动；由图乙知机器人所受牵引力大小，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力不变，由W=fs算出机器人克服摩擦力做的功。
本题考查功率、速度、功的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】< 2.1×103J 100
【解析】解：(1)若相同时间内冰和水吸收的热量相同，则物质在6min时吸收热量是物质在2min时吸热热量的3倍，故物质在2min时具有的内能小于物质在6min时具有的内能；
(2)由图知，冰加热时间是2min，水加热时间为8min，故Q冰Q水=2min8min=14，Δt冰Δt水=50℃100℃=12，冰变成水，质量不变，故m冰m水=1，则c冰c水=Q冰m冰Δt冰Q水m水Δt水=Q冰Q水×m水m冰×Δt水Δt冰=14×1×21=12，
已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，所以c冰=2.1×103J/(kg⋅℃)；
(3)完全燃烧1.05m3天然气放出的热量Q放=Vq天然气=1.05m3×3.6×107/m3=3.78×107J，
天然气放出的热量全部被100kg、15℃的水吸收，则水升高的温度Δt=Q放c水m=3.78×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=90℃，则理论上水的末温度为90℃+15℃=105℃，由于在一个标准大气压下，水的最高温度为100℃，故水温最高将升到100℃。
故答案为：<；2.1×103；100。
(1)相同时间内冰和水吸收的热量相同，加热时间越长，吸收的热量越多，物体具有的内能越大。
(2)结合图像和水的比热容，利用c=QmΔt进行分析即可。
(3)利用燃料燃烧放热公式得到天然气所放出的热量，由于天然气放出的热量全部被水吸收，再利用c=QmΔt得到水升高的温度，水升高的温度与水的初温度之和即为水的末温度，注意在一个标准大气压下，水的最高温度为100℃。
本题考查了从图像中获取信息的能力，比热容公式的应用、燃料燃烧放出热量的公式。要注意一个标准大气压下，水的最高温度为100℃。
23.【答案】V3-V1 ρ(V2-V1)
【解析】解：(1)由甲、丙两图可知，小球的体积为：V=V3-V1，
甲图中空瓶漂浮在水面上，受到的重力等于浮力，G瓶=F浮，
乙图中，当小球放在空瓶中，瓶子还漂浮在水面上，小球和瓶子受到的总重力等于在乙图中时的浮力，G瓶+G球=F浮'，
所以小球的重力为：G球=F浮'-F浮=ρgΔV排=ρg(V2-V1)，
所以，小球的质量为：m球=G球g=ρg(V2-V1)g=ρ(V2-V1)，
故答案为：V3-V1；ρ(V2-V1)。
(1)读出小球浸没水前后时，量筒水面对应的刻度值，求出小球的体积；
(2)根据漂浮条件求出小球受到的重力，再利用G=mg变形公式求出小球的质量。
本实验中应用了漂浮时浮力与重力相等的特点，根据阿基米德原理来计算浮力，同时注意实验中测量小球体积的方法。
24.【答案】0.32 62.5 0.3 变大
【解析】解：(1)L=80cm=0.8m，
拉力做的总功：W总=FL=0.8N×0.8m=0.64J，
拉力做功功率：P=W总t=0.64J2s=0.32W；
(2)h=20cm=0.2m，
拉力做的有用功：W有用=Gh=2N×0.2m=0.4J，
斜面的机械效率：η=W有用W总=0.4J0.64J×100%=62.5%；
(3)克服滑动摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有用=0.64J-0.4J=0.24J，
由W额=fL可得物体受到的滑动摩擦力：
f=W额L=0.24J0.8m=0.3N；
(4)木块从A点匀速运动到B点的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，机械能是动能和势能的总和，所以机械能变大。
故答案为：0.32；62.5；0.3；变大。
(1)已知拉力的大小和拉力端移动的距离(斜面长)，利用W=FL求拉力做的总功，利用P=Wt求拉力做功功率；
(2)已知木块的重力和提升的高度(斜面高)，利用W=Gh求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(3)拉力做的额外功等于总功与有用功之差，利用W=fL求木块受到斜面的滑动摩擦力；
(4)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，机械能是动能和势能的总和。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率、摩擦力的计算、机械能，明确有用功、总功、额外功之间的关系以及额外功为克服滑动摩擦力所做的功是关键。
25.【答案】甲丙 加热时间 不变
【解析】解：研究不同物质的吸热能力，要选用相同燃料，对相同质量的不同液体吸收相同热量，温度升高的多少进行研究，要选用甲和丙两图；物质吸收热量的多少通过相同燃料加热时间的长短进行判断；燃料的热值只与其种类有关，与是否充分燃烧无关。
故答案为：甲丙；加热时间；不变。
根据控制变量法和转换法进行分析；燃料的热值只与其种类有关，与是否充分燃烧无关。
本题考查了控制变法和转换法的应用，同时要知道燃料的热值大小只与其种类有关。
26.【答案】解：过B点沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F2表示，即为B点所受阻力F2的示意图；
过支点O做力F2作用线的垂线段，即为所求作的动力臂L2。
浮球所受重力分析竖直向下，如下图所示：
【解析】先确定阻力作用点(即B点)，然后过阻力作用点表示阻力的方向(即竖直向上)；
已知支点和阻力的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂)。
本题考查了力和力臂的画法，作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
27.【答案】解：滑雪运动员沿斜面下滑时，受到的摩擦力平行于斜面向上，从运动员重心开始，沿各力的方向画一条有向线段，并f表示；
在斜面上选取滑雪板与接触面的中点为压力的作用点，从压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F压，即为滑雪板对地面压力的示意图；如图所示：
【解析】确定运动员受到的摩擦力和滑雪板对雪面压力的作用点和方向，根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
28.【答案】a、b、c 物体排开液体的体积 bacd F1-F3=F4-F2 A c
【解析】解：(1)①分析图甲a、b、c三次实验，液体密度相同，物体排开液体的体积不同，可知物体排开液体的体积越大，物体所受浮力越大，所以，可验证猜想B是否正确；
②探究浮力的大小与物体形状的关系，应控制液体的密度和物体排开液体的体积不变；小理将①中金属块打造成“碗”的形状，再放入水中，发现该“碗”漂在了水上，排开的水的体积发生了改变，则受到的浮力发生了改变，不能得出浮力的大小与物体的形状有关；
(2)①为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，再测出物体的重力，所以合理的实验顺序为：bacd；
由图乙中的a、c实验，根据称重法，得出物体受到的浮力，F浮=F1-F3，由图乙中的b、d实验，得出物体排开液体的重力，G排=F4-F2，若F1-F3=F4-F2即可得出阿基米德原理，即F浮=G排；
②要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯杯口，若达不到，则测得的排开的液体的重力会变小；与物体有没有全部浸入在水中无关，故选：A；
③物体漂浮在水面上，受到的浮力等于它的重力，测量漂浮的物体受到的浮力时，不需要用弹簧测力计提着物体，即c步骤不需要弹簧测力计。
故答案为：(1)a、b、c；(2)物体排开液体的体积；(2)①bacd；F1-F3=F4-F2；②A；③c。
(1)①物体受到的浮力的大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析实验中相同量和不同量，结合“称重法”测浮力得出浮力大小与变化量的关系；
②探究浮力的大小与物体形状的关系，应控制液体的密度和物体排开液体的体积不变；
(2)①为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，再测出物体的重力；由图乙中的a、c实验，得出物体受到的浮力，由图乙中的b、d实验，得出物体排开液体的重力，分析比较即可得出阿基米德原理；
②要想准确测出物体排开的水的重力，实验前水的液面必须到达溢水杯杯口；
③物体漂浮在水面上时受到的浮力等于物体的重力，此时不需要用弹簧测力计提着物体，据此分析图示答题。
本题考查了验证阿基米德原理的实验，关键是知道该实验的验证方法，同时要注意物体漂浮时受到的浮力不能用称重法进行测量。
29.【答案】A 木块被撞击后移动的距离 转换 C 在速度相同时，质量越大，动能越大
【解析】解：(1)实验探究的是小球具有的动能，通过木块被小球推动的距离来反映小球具有动能的多少，应用了转换法，所以探究的动能是指小球即将撞击木块时的动能，故选：A；
(2)实验中，小球动能大小是通过比较木块被撞击后移动的距离大小来反映的，用到了转换法；
(3)如果做乙图实验时，为了使木块不滑出木板，可适当降低钢球的高度，这样动能减小，木块就不会掉落了；
A、换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；
B、给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故B错误；
C、适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击木块前进的距离变小，就不会掉落了，故C正确；
D、换用一个较重的硬木块，不能与甲控制相同的质量，无法利用木块被撞击后滑动距离来比较动能的大小，故D错误；
故选：C；
(4)分析甲、丙图知小球的质量不相同，下滑的高度相同，到达水平面时的速度相同，质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故可以得出：在速度相同时，质量越大，动能越大。
故答案为：(1)A；(2)木块被撞击后移动的距离；转换；(3)C；(4)在速度相同时，质量越大，动能越大。
(1)实验时，动能的大小是指小球运动到水平面上，撞击木块时的动能；
(2)观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(3)物块被撞击得越远，说明钢球到达水平面时的动能就越大；
(4)分析甲、丙的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键。
30.【答案】平衡 自重 相等 大于
【解析】解：(1)如图杠杆在此位置处于静止状态，杠杆在此位置处于平衡状态。
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆自重对实验的影响。
(2)由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2=F1l1=3N×0.02cm=2N×0.03cm=0.06N⋅m，图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
(3)由图丁可知，GA、GB的力臂lA、lB的大小关系为lAGB。
故答案为：(1)平衡；自重；(2)相等；(3)大于。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态；
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆自重对实验的影响。
(2)由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可；
(3)比较两部分萝卜的力臂大小可得出结论。
本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、对力臂的理解、杠杆平衡条件的运用，综合性强。
31.【答案】变小 物重
【解析】解：(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体匀速升高，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，总功变大，而有用功不变，故滑轮组的机械效率变小；
(2)比较第2、3次的实验数据，同一滑轮组提升不同重物，物重不同，机械效率不同，可得出结论：同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：(1)变小；(2)物重。
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力大于等于测力计示数；某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，据此分析滑轮组的机械效率变化；
(2)比较2、3两次实验的相同和不同量，结合表中数据得出结论。
本题测滑轮组机械效率，考查注意事项和机械效率公式的运用及控制变量法、数据分析的能力。
32.【答案】解：
(1)溢水杯中装满水，A浸没在水中时溢出水的体积为200cm3，则V排=VA=V溢=200cm3，
A受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103 kg/m3×10N/kg×200×10-6m3=2N；
(2)物体A的重力：GA=mAg=ρAVAg=2.7×103kg/m3×200×10-6m3×10N/kg=5.4N，
悬挂在弹簧测力计上的物体A浸没在水中静止，由称重法测浮力可得F浮=GA-F，
则弹簧测力计的示数：F=G-F浮=5.4N-2N=3.4N；
(3)A放入水中前，溢水杯对桌面的压力F压=G水+G杯=8N；
在水中放入A后，由称重法测浮力可得F浮=GA-F拉，根据阿基米德原理可得F浮=G溢，
所以在水中放入A后，溢水杯对桌面的压力：
F压'=G剩+G杯+GA-F拉=G剩+G杯+F浮=G剩+G杯+G溢=G水+G杯=8N。
答：(1)物体A受到的浮力为2N；
(2)弹簧测力计示数为3.4N；
(3)溢水杯对水平桌面的压力为8N。
【解析】(1)溢水杯中装满水，已知A浸没在水中时溢出水的体积，根据阿基米德原理可计算A受到的浮力；
(2)先根据G=mg=ρAVAg计算物体A的重力；物体A浸没在水中静止，A受到的重力与浮力、弹簧测力计拉力平衡，据此可计算出弹簧测力计示数；
(3)A放入水中前，溢水杯对桌面的压力等于水和杯子的总重力；放入A后溢水杯对桌面的压力等于剩余水和杯子的总重力与A受到浮力之和；结合阿基米德原理分析得出放入A后溢水杯对水平桌面的压力。
本题考查了重力的计算、阿基米德原理和平衡力知识的应用，考查的知识点多，综合性强。
33.【答案】解：(1)根据W=Pt得出10s内电动机输出的总功为W总=P总t=600W×10s=6000J。
(2)建筑材料所受的重力G物=m物g=70kg×10N/kg=700N。
有用功为W有=G物h=700N×6m=4200J。
额外功为W额=W总-W有=6000J-4200J=1800J。
动滑轮所受的重力为G动=W额h=1800J6m=300N。
(3)此时滑轮组的机械效率η1=W有W总=4200J6000J=70%．
(4)由η=W有W总=W物W物+W动=G物G物+G动得：90%=G物G物+300N，
解得G物=2700N，
另一批建筑材料上升的速度为v物=P有G物=P总ηG物=600W×90%2700N=0.2m/s。
答：(1)10s内电动机输出的总功6000J；
(2)动滑轮所受的重力300N；
(3)机械效率为70%；
(4)该建筑材料上升的速度0.2m/s。
【解析】(1)根据W总=P总t得出10s内电动机输出的总功。
(2)根据G物=m物g得出建筑材料所受的重力，根据W有=G物h得出对建筑材料做的有用功，根据W额=W总-W有得出对动滑轮做的额外功，根据G动=W额h得出动滑轮所受的重力。
(3)由机械效率公式η=W有W总求得机械效率。
(4)由机械效率公式η=W有W总=W物W物+W动=G物G物+G动得出物体的重力，根据P=Fv得出另一批建筑材料上升的速度。
本题考查有关滑轮组的功和机械效率的计算，是一道综合题。
34.【答案】不变 小 B 不是 mg火 12.5
【解析】解：(1)探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，机械能是守恒的，保持不变；
探测器在远火点时，高度最大、速度最小，动能最小；
(2)探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，最后维持恒定速度下降，所以动能先增大后减小，最后不变，故B正确；
(3)巡视车降落到火星表面后，巡视车对火星表面的压力和火星对巡视车的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力；
(4)在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，探测器在火星上空悬停时受到的重力为：G火=mg火，
反推发动机喷出的气体对探测器的作用力与探测器受到的重力相互平衡，故气体对探测器的作用力大小为：F=G火=mg火；
(5)火星地表上的g火=0.4g=0.4×10N/kg=4N/kg；
水银柱高度：h=pρ水银g火=680Pa13.6×103kg/m3×4N/kg=0.0125m=12.5mm。
故答案为：(1)不变；小；(2)B；(3)不是；(4)mg火；(5)12.5。
(1)(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；
(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、同一直线、同一物体；
(4)利用G=mg表示出探测器在火星上空悬停时受到的重力，然后根据力的平衡得出气体对探测器的作用力；
(5)物体在火星地表所受重力约为地球地面上的0.4倍，地球地表上的g取10N/kg，根据g火=25g得出火星地表上的g火；火星地表大气压强约为680Pa，在火星地表做托里拆利实验，根据p=ρgh得出水银柱高度。
本题以火星探测器“天问一号”为载体，综合考查学生对机械能、平衡力的辨别等知识的理解和掌握，以社会热点问题为背景考查学生对相关物理知识的应用能力，题材新颖，属于中考热点。
2022-2023学年广东省深圳重点学校八年级（下）期末物理试卷
一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）
1. 如图所示，一根弹簧，A端固定在墙上，在弹性限度内用手匀速向右水平拉动弹簧B端，使弹簧伸长，下列有关弹簧弹力的描述正确的是( )
A. 墙面对弹簧的弹力是由于弹簧发生了弹性形变而产生的
B. B端受到的拉力大于弹簧产生的弹力
C. 手对弹簧的拉力与弹簧对手的拉力的作用点相同
D. 墙面受到的弹簧弹力的方向为水平向右
2. 如图所示是某滑雪运动员离开跳台向上运动的某个瞬间和在倾斜的雪道上比赛中的场景，下列说法中正确的是( )
A. 离开跳台上升到最高点时她受力是平衡的
B. 在倾斜的雪道上，下蹲是为了增大压力来保持身体的平衡
C. 在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地的压力和雪地对滑雪板的支持力是一对相互作用力
D. 在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力是一对平衡力
3. 第24届冬奥会在中国的北京和张家口联合举行。我国运动员备战冬奥会时，在不同比赛项目上的英姿如图所示。下列说法正确的是( )
A. 图甲：速度滑冰运动员所穿的冰鞋上的冰刀刀刃厚度很薄，是为了增大压力
B. 图乙：自由滑雪空中技巧运动员在空中最高点时，若所受外力全部消失则他将竖直向下做匀速直线运动
C. 图丙：越野滑雪运动员沿斜坡雪面向下滑行，速度越来越大，惯性不变
D. 图丁：冰壶运动员不停地刷冰面使冰面温度升高，这是通过热传递的方式改变物体的内能
4. 由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是( )
A. 漂浮时，它受到的浮力大于排开水的重力
B. 要使悬浮的“奋斗者”号上浮，应对水舱注水
C. 浸没后在水中继续下沉的过程中，它受到海水的向上、向下的压力差变大
D. 它能自由的浮沉，是通过改变自身的重力来实现的
5. 如图所示为东方“魔壶”——“倒流壶”，其倒置时可以把液体从壶底注入，正放时液体可以从壶嘴正常倒出，下列四个选项中的物品使用时与其工作原理相同的是( )
A. 吸盘式挂钩 B. 下水道弯管
C. 孔明灯 D. 飞艇
6. 三个相同容器中盛满三种不同的液体a、b、c，将甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，分别轻轻放入三个容器中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮、丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 三种液体的密度大小关系是ρa>ρc>ρb
B. 三个小球受到的浮力大小关系是F甲>F丙=F乙
C. 三个容器中的液体对容器底部的压强大小关系是p甲>p乙>p丙
D. 三个容器底部对桌面的压强大小关系是p'甲>p'乙>p'丙
7. 对以下各图解释错误的是( )
A. 水瓶正立放置后，再倒立放置在水平桌面上，桌面受到的压力不变，压强变小
B. 牙膏皮揉成团会沉到水底，撑开却可浮在水面上，撑开的牙膏皮受到的浮力变大
C. 测大气压值时，玻璃管倾斜了，管内外水银面的高度差不会变，大气压值不变
D. “八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”是由于屋外空气流速较大、压强较小造成的
8. 如图所示，一质量均匀的长方体木板放在水平桌面上静止，①②③各为其中的13，此时它对桌面的压强为p。小龙同学首先只切除①，余下的木板对桌面的压强为p1，然后再切除③，余下的木板对桌面的压强为p2。则下列判断正确的是( )
A. p
C. p>p1，p1>p2 D. p>p1，p1
A. 向肌肉注射药液 B. 自制喷雾器喷雾
C. 活塞式抽水机抽水 D. 船闸
10. 如图所示，瓶内盛有一定量水，瓶壁上有三小孔，分别塞有a、b、c三塞子，玻璃管中水面高于b低于a，玻璃管下端高于c低于b。下列说法错误的是( )
A. 此时瓶内气压小于外界大气压
B. 只拔出a时，小孔将向外流水
C. 只拔出b时，小孔将向外流水
D. 只拔出c时，小孔将向外流水
11. 码头上的工作人员，利用如图所示的杠杆将一桶淡水从地面转移到船上(杠杆始终保持水平)。挂在A端的桶重100N，内部底面积为600cm2，桶内装有800N的水，水深1m。重600N的工作人员用绳子竖直拉住B端，工作人员的脚与地面的接触面积300cm2，OA：OB=1：3。下列计算结果错误的是(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)( )
A. 水对桶底的压强为1.0×104Pa B. 水对桶底的压力为600N
C. 人对地面的压力为375N D. 人对地面的压强为1.0×104Pa
12. 如图所示，水平桌面上放着底面积相等的甲、乙两容器，分别装有同种液体且深度相同，两容器底部所受液体的压力、压强分别用F甲、F乙、p甲、p乙表示，则( )
A. F甲>F乙，p甲=p乙 B. F甲=F乙，p甲=p乙
C. F甲
A. F1>F2 η1=η2 P1=P2
B. F1>F2 η1=η2 P1
D. F1
14. 下列有关物理量的估测，不符合生活实际的是( )
A. 中学生跳绳一次，脚离地面约10cm，则克服重力做功约500J
B. 中学生以正常速度从一楼走到三楼，上楼的功率约为150W
C. 中学生骑自行车受到的阻力约为20N，则其骑行功率约为100W
D. 中学生把掉在地面上的物理课本捡到桌面，克服物理书重力做的功约为2J
15. 如图所示是《天工开物》中记载农户用舂捣米劳作时的情景，用脚按住舂较短的一端，就可以把舂较长的另一端高高抬起。下列工具使用时与图中舂工作原理相同的是( )
A. 起子 B. 核桃夹
C. 钳子 D. 面包夹
16. 如图所示，从A点沿水平桌面自由滚落的小球运动轨迹如虚线所示，C、F两处等高，D为球与水平地面的接触点，下列说法不正确的是( )
A. 小球在C点的重力势能等于在F点的重力势能
B. 小球在C点的动能大于在F点的动能
C. 小球从E点到F点的过程中，机械能不变
D. 小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能
17. 关于分子动理论与内能，下列说法正确的是( )
A. 热传递过程中，内能大的物体放出热量
B. 一杯茶的温度越高，含有的热量越多
C. 物体温度升高，内能一定增加
D. “黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动
18. 下列说法中正确的是( )
A. 柴油机采用“点燃式”方式点火
B. 图中冲程是靠飞轮惯性完成的
C. “破镜不能重圆”说明分子间斥力太大了
D. 用水作汽车冷却剂是因为水的密度大，冷却效果好
19. 关于下面四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同
B. 乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象
C. 丙图：该实验下瓶中气体为空气或二氧化氮均能表明气体间可以发生扩散现象
D. 丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力
20. 如图所示是“风光互补”景观照明灯，它“头顶”小风扇，“肩扛”电池板，“腰”挎照明灯，“脚踩”蓄电池。下列解释错误的是( )
A. 小风扇是风力发电机，工作时将电能转化为机械能
B. 光电池板是将光能转化为电能的装置
C. 蓄电池在夜晚供电时，将化学能转化为电能
D. 照明灯工作时将电能转化为光能
二、填空题（本大题共5小题，共16.0分）
21. 如图甲所示是一款服务机器人正在送餐，某段时间内机器人受到的牵引力大小随时间变化图象如图乙所示，机器人在水平地面运动速度随时间变化图象如图丙所示，20～50s运动了18m。则在0～50s内，机器人做______ 运动(选填“匀速直线”或“变速直线”)，平均速度为______ m/s，牵引力做功的平均功率为______ W，机器人克服摩擦力做功______ J。
22. 如图所示，小李对冰块加热，她绘制了冰熔化成水直到沸腾的过程中温度随时间变化的图像。若相同时间内冰和水吸收的热量相同，则物质在2min时具有的内能______ (选填“>”“<”或“=”)物质在6min时具有的内能；冰的比热容c冰=______ J/(kg⋅℃)；在一个标准大气压下，若完全燃烧1.05m3天然气放出的热量全部被100kg、15℃的水吸收，则水温将升高至______ ℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q天然气=3.6×107J/m3]
23. 用量筒、空瓶、小球和适量的水依次完成图示甲、乙、丙三步实验，量筒读数依次为V1、V2、V3。已知水的密度为ρ，则小球体积为______ ，质量为______ (均用题中相应字母表示)。
24. 小聪探究斜面的机械效率时，将粗糙程度均匀的长木板用支架支撑构成斜面，如图所示。用刻度尺量出斜面底端A点到斜面上B点的距离L为80cm，B点距水平地面高度h为20cm。沿斜面向上用0.8N的拉力F将重为2N的木块匀速拉到B点，用时2s，则这段过程中拉力F做功的功率P=______ W，斜面的机械效率η=______ %，木块在该斜面上受到的滑动摩擦力f=______ N，木块从A点运动到B点的过程中，机械能______ 。(选填“变大”或“变小”或“不变”)
25. 如图是“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验装置。
若要研究不同物质的吸热能力，应选用______ 两图进行实验，物质吸收热量的多少是通过______ 来反映的(选填“温度计示数”或“加热时间”)；若燃料没有充分燃烧，其热值______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共5.0分）
26. 如图所示是一种抽水马桶水箱自动上水装置的示意图。当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB压住入水口，停止上水。请在图中画出B点所受竖直方向的阻力F2的示意图及阻力臂L2，并画出浮球所受重力的示意图。
27. 滑雪是冬奥会比赛项目之一，如图所示是一名滑雪运动员沿斜面加速下滑时的场景，如图为其简化图，其中O为滑雪爱好者的重心，请你在图中画出运动员受到的摩擦力f及雪面所受压力F压的示意图。
四、实验探究题（本大题共4小题，共17.0分）
28. 在“探究影响浮力大小的因素”实验中，小理提出了浮力大小可能与下列因素有关的猜想：
A.与物体浸入液体中的深度有关
B.与物体排开液体的体积有关
C.与液体的密度有关
D.与物体的形状有关
(1)①小理用金属块P进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图甲所示，可分析______ (填序号)三次实验结果，可验证猜想B是否正确；
②为了研究猜想D，小理将金属块P打造成“碗”的形状，再放入水中，发现该“碗”漂在了水上，由此小理得出结论：浮力的大小与物体的形状有关。小宁认为这结论不可靠，主要原因是未控制______ 相同。
(2)小理接着又用石块探究了“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”，过程如图乙所示，其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
①探究操作的最合理顺序是______ (填序号)，若图乙中F1、F2、F3、F4四个力之间的关系式______ 成立，就可得出结论F浮=G排；
②图乙中会影响该探究结论能否正确得出的是______ (填序号)。
A.c中水面未到达溢水杯的溢水口
B.c中物体没有全部浸入在水中
③有同学提出，该实验只能证明“当物体密度比液体大时，阿基米德原理成立”，因此将石块换成木块，设计“漂浮在液面上的物体所受浮力的大小是否遵循阿基米德原理”，实验过程中______ (选填“a”“b”“c”或“d”)步骤不需要弹簧测力计。
29. 如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。
(1)实验中探究的动能是指______ (填序号)；
A.小球即将撞击木块时的动能
B.小球撞击木块后的动能
C.木块被小球撞击后的动能
(2)实验中，通过比较______ 来判断小球动能的大小，这种实验方法是______ 法；
(3)若在进行甲、乙两图实验时，乙图中木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，需改进乙图实验，再与甲图实验对比。在不改变木板长度的情况下，应采用的方法是______ (填序号)；
A.换用质量更小的钢球
B.给水平木板铺上毛巾
C.适当降低钢球的高度
D.换用一个较重的木块
(4)分析甲、丙两图的实验现象，可以初步得到的结论是______ 。
30. 同学们利用轻质杠杆探究杠杆的平衡条件。
(1)杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______ (选填“平衡”“非平衡”)状态；可将平衡螺母向左调节使其水平，这样做可以消除杠杆的______ 对实验的影响；
(2)用弹簧测力计代替钩码，如图乙所示，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆总在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L1的图像如图丙所示，图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积______ (选填“相等”或“不等”)
(3)如图丁，用支点使一根胡萝卜水平平衡后，沿支点处将胡萝卜切分为A、B两部分，其重力分别为GA、GB，由杠杆原理可知GA______ GB(选填“大于”“小于”或“等于”)。
31. 某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
实验次数
钩码重力G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离
机械效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5
80%
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，某同学在该实验中加速向上提升重物，所测滑轮组的机械效率会______ (选填“变大”“变小”或“不变”)；
(2)比较2、3两次实验得出结论：用同一滑轮组提升重物时，______ 越大，滑轮组的机械效率越高。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
32. 如图所示，水平面上放置一个装满水的溢水杯，总重为8N。物体A悬挂在弹簧测力计上，缓慢将其浸没在水中静止时，溢水杯溢出水的体积为200cm3。物体A的密度为2.7×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)物体A受到的浮力F浮；
(2)弹簧测力计示数F；
(3)溢水杯对水平桌面的压力。
33. 某项目建设中，工人用如图所示的装置将质量为70kg的建筑材料匀速提升了6m，用时10s。电动机的输出功率恒定为600W，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)10s内电动机输出的总功；
(2)动滑轮所受的重力；
(3)此时滑轮组的机械效率η1；
(4)若用此滑轮组匀速提升另一批建筑材料时，机械效率η2是90%，求该建筑材料上升的速度。
六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
34. 阅读材料，回答问题。
火星探测器“天问一号”2021年我国首个火星探测器“天问一号”将一次性完成“绕、落、巡”三大任务，这在世界航天史上还没有先例。
“绕”，探测器经过7个月的长途飞行，其着陆器(如图1)进入火星大气层，之后沿椭圆轨道绕火星运动，实现火星的远、近火点环绕探测。离火星最近的点叫近火点，离火星最远的点叫远火点。
“落”，使探测器着陆火星表面将是一个更艰巨的挑战，需在7分钟内，使探测器的时速降至0m/s，我国利用探月的技术积累，通过四个阶段来减速。第一阶段气动减速，给探测器来个急刹车；第二阶段降落伞减速，速度减至342km/h；第三阶段动力减速，探测器反推发动机点火工作，速度减至3.6m/s；第四阶段着陆缓冲，将探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，在经过高度20m后，维持恒定速度下降，平稳着陆。
“巡”，当探测器到达火星后，放出巡视车，完成对火星表面的拍摄及土壤分析等工作，为下一步探测打好基础。
(1)探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，机械能______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)；探测器在远火点时的动能最______ (选填“大”或“小”)；
(2)探测器从悬停到成功降落火星地面前，火星车的动能变化情况是______ (选填序号)；
A.增大→不变→减小
B.增大→减小→不变
C.不变→增大→减小
D.减小→增大→不变
(3)巡视车降落到火星表面后，巡视车对火星表面的压力和火星对巡视车的支持力______ (选填“是”或“不是”)一对平衡力；
(4)在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，反推发动机喷出的气体对探测器的作用力大小为______ (填字母表达式)；
(5)物体在火星地表所受重力约为地球地面上的0.4倍，地球地表上的g地取10N/kg，火星地表大气压强约为680Pa，在火星地表做托里拆利实验，如图3，则水银柱高度h约为______ mm。(水银密度为13.6×103kg/m3)
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.墙面对弹簧的弹力是由于墙面发生了弹性形变，故A错误；
B.由于力的作用是相互的，所以B端受到的拉力等于弹簧弹力，B错误；
C.手对弹簧的拉力，施力物体是弹簧；弹簧对手的拉力，施力物体是手，作用点不同，C错误；
D.墙面对弹簧的力与弹簧对墙面的力是一对相互作用力，墙面对弹簧的力水平向左，故墙面受到的弹簧弹力方向水平向右，故D正确。
故选：D。
物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力。物体受到的弹力的方向与形变方向相同；
力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等、方向相反，在一条直线上。
本题考查弹力的产生及方向，明确研究对象，理解弹力产生的原因，是解答此题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A.离开跳台上升到最高点时，运动员受到重力和空气阻力，这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以不是平衡力，故A错误；
B.在倾斜的雪道上，下蹲是为了降低重心，增加稳定性，故B错误；
C.在倾斜的雪道上，滑雪板对雪地产生压力的同时，雪地对滑雪板产生了支持力，这两个力是相互作用力，故C正确；
D.在倾斜的雪道上，滑雪板受到的重力和雪地对滑雪板的支持力，受力物体都是滑雪板，但这两个力不在同一直线上，大小也不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)分析运动员上升到最高点时受到的力，结合二力平衡条件分析解答；
(2)增加稳定性的方法：一是降低重心，二是增大支撑面；
(3)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
本题以冬奥会为背景，考查了平衡力和相互作用力的辨别、提高稳度的方法等，熟练掌握二力平衡的条件、相互作用力的特点是关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、速度滑冰运动员所穿的冰鞋上的冰刀刀刃厚度很薄，是为了在压力一定时，减小受力面积，增大压强，故A错误；
B、自由滑雪空中技巧运动员在空中最高点时，仍存在水平向前的速度，所以若所受外力全部消失则他将水平方向做匀速直线运动，故B错误；
C、惯性的大小只与物体的质量有关，越野滑雪运动员沿斜坡雪面向下滑行，速度越来越大，但质量不变，所以惯性不变，故C正确；
D、冰壶运动员将冰壶沿冰面推出后，刷冰员不停地刷冰面，这是通过做功改变内能，故D错误。
故选：C。
(1)在压力一定时，减小受力面积可增大压强；
(2)根据牛顿第一定律可做出判断；
(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；
(4)改变内能的方式，做功和热传递。
本题通过冰雪运动场景，考查了对压强、力与运动的关系、惯性、内能的改变等知识的理解与应用，属力学基础题。
4.【答案】D
【解析】解：A.漂浮时，根据阿基米德原理可知，其受到的浮力等于它排开水受到的重力，故A错误；
B、要使悬浮的“奋斗者”号上浮，则浮力要大于重力，由于排开水的体积不变，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力不变，只能减小重力，所以应从水舱向外排水，故B错误；
C、“奋斗者”号潜水器在水面下下潜过程中，排开液体体积不变，液体密度不变，由F浮=ρ液gV排知，受到水的浮力不变，根据浮力产生的原因可知，下潜的越深，潜水器上下表面受到海水的压力差不变，故C错误；
D、“奋斗者号”浸没在海水中，排开海水的体积不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，其受到的浮力不变，在水中自由上浮和下沉是通过改变自身重力来实现的，故D正确。
故选：D。
(1)根据阿基米德原理判定浮力与排开的液体的重力的关系；
(2)当浮力大于重力时，物体会上浮；
(3)“奋斗者”号浸没在海水中，潜水器在下潜过程中，体积不变，所处的深度变大，根据F浮=ρ液gV排可知潜水器所受浮力的大小变化，根据浮力产生的原因判断出它受到海水的向上、向下压力差的变化；
(4)潜水器是依靠改变自身的重力来实现上浮和下沉的。
本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理的应用以及浮力产生原因的应用，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、吸盘是利用大气压来工作的，故A不符合题意；
B、下水道弯管的结构符合上端开口，下部连通的容器，属于连通器，故B符合题意；
C、孔明灯内可燃物被点燃后，加热内部气体，内部气体体积膨胀，密度减小，此时罩内气体的密度小于灯罩外空气的密度，使得孔明灯受到空气的浮力大于受到的重力，所以孔明灯上升，故C不符合题意；
D、飞艇是利用改变自身的重力和浮力的关系实现浮沉的，故D不符合题意。
故选：B。
上端开口、下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。
记住连通器定义，生活中的锅炉水位计、自动喂水器、洗手盆的回水弯、过桥涵洞、船闸等等都是连通器。
6.【答案】D
【解析】解：A、已知甲、乙、丙三个小球体积和质量都相同，由ρ=mV可知三个小球的密度大小相同；
甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以，ρa<ρ球，ρb>ρ球，ρc=ρ球，
所以，三种液体的密度大小关系是ρb>ρc>ρa，故A错误；
B、由于已知甲、乙、丙三个小球体积和质量都相同，则三个小球的重力相同；甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，所以，F甲
D、因为三个相同容器中盛满三种不同液体，由图可知，三种液体的体积：V乙>V甲=V丙，又因为ρb>ρc>ρa，根据G=mg=ρVg可知：G乙>G丙>G甲；
由于容器底部对桌面的压力等于容器的总重力，则放入小球后容器对桌面的压力为：F=G容器+G液+G球，据此可得：F'甲
(1)甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，则甲、乙、丙三个小球的密度相同，甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件分析判断三种液体的密度大小关系；
(2)甲、乙、丙三个体积和质量都相同的小球，则甲、乙、丙三个小球的重力相同，甲球下沉至容器底部，乙球漂浮，丙球悬浮，根据物体的浮沉条件判断浮力大小关系；
(3)由于三个相同容器中盛满三种不同液体，由图可确定判断液面升高的关系，从而根据p=ρgh判断容器底部受到水的压强的关系；
(4)根据三个相同容器中盛满三种不同液体和液体的密度得出液体的重力关系，由于容器底部对桌面的压力等于容器的总重力，则根据液体的重力、球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出压力的关系，根据p=FS判断三个容器底部对桌面的压强大小关系。
本题考查了学生分析推理的能力，本题中解题的关键是由物体在液体中所处的状态判断其密度和浮力大小的关系、知道容器底部对桌面的压力等于容器的总重力。
7.【答案】A
【解析】解：A、将矿泉水瓶先正立放置再倒立放置在水平桌面上，矿泉水瓶对水平桌面的压力不变，受力面积S减小，由p=FS可知，压强增大，即p正放
C、托里拆利实验中，玻璃管倾斜，管内外水银面高度差不变，大气压值不变。故C正确；
D、风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，
屋顶受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，将茅草吸上去。故D正确。
故选：A。
(1)矿泉水瓶对水平桌面的压力等于矿泉水瓶和水的重力，利用p=FS分析正立放置和倒立放置时对桌面的压强变化；
(2)物体的浮沉条件：浸没水中的物体，如果物体受到的浮力大于物体的重力，物体将上浮；如果物体受到的浮力小于物体的重力，物体将下沉；如果物体受到的浮力等于物体的重力，物体将悬浮。
(3)根据只要外界大气压不变，托里拆利实验中的管内外水银面高度差不变进行分析；
(4)流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力，从而得出结论。
此题考查压强的大小比较、大气压的存在、物体浮沉条件及其应用、阿基米德原理、流体压强和流速的关系，是一道综合性很强的题目，题目难度适中，要求学生具备全面、扎实的物理知识。
8.【答案】B
【解析】解：静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力。
设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S。
根据题意，由p=FS可得：p=3G2S；p1=2G2S=GS；p2=GS。
比较可知：p>p1；p1=p2，故B正确、ACD错误。
故选：B。
根据静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，设①②③每部分的重力为G，底面积为S，则整个长方体木板的重力为3G，底面积为3S，根据p=FS分别求出p；p1；p2，比较得出结论。
本题考查固体压强的大小比较，知道静止放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力、明确受力面积的大小是关键。
9.【答案】C
【解析】解：A.向肌肉注射药液，利用人的推力产生的压强将药液推入人体，与大气压无关，故A不符合题意；
B.向B管中吹气时，A管上端空气流速大，压强小，大气压不变，水在管内外压强差的作用下上升、喷雾，与大气压无关，故B不符合题意；
C.利用活塞式抽水机抽水时，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用了大气压，故C符合题意；
D.船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器；故船闸是利用连通器原理工作的，与大气压无关，故D不符合题意。
故选：C。
本题要逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作，大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
生活实例和物理知识相联系是中考常见的题目，平时学习时多观察、多联系、多分析，提高理论联系实际的能力。
10.【答案】B
【解析】解：瓶口用橡皮塞盖紧，瓶塞中央插一根两端开口的玻璃管，玻璃管中水面低于瓶内水面，故瓶内气压小于外界大气压；玻璃管中水面高于b低于a，则b、c两处压强大于外界气压，a处小于外界气压，则只拔出a时发生的现象是，a处无水流出，且向里冒气泡；
只拔出b时发生的现象是b处向外流水；只拔出c时，小孔将向外流水。
故答案为：B。
利用液体压强p=ρgh分析a、b、c与大气压的大小关系即可解题。
要使水流出，此处压强应大于大气压。
11.【答案】C
【解析】解：A、水对桶底的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×1m=1.0×104Pa，故A正确；
B、由p=FS可得，水对桶底的压力F=pS=1.0×104Pa×600×10-4m2=600N，故B正确；
C、由杠杆平衡条件可得，G总×AO=F拉×OB，
则F拉=G总×AOOB=(800N+100N)×13=300N，
人对地面的压力F压=G-F拉=600N-300N=300N，故C错误；
D、人对地面的压强p'=F压S人=300N300×10-4m2=1.0×104Pa，故D正确。
故选：C。
(1)已知水深，由p=ρgh可求得水对桶底的压强；
(2)由p=FS公式变形可求得水对桶底的压力；
(3)根据杠杆平衡条件求得绳子对人的拉力，然后可知人对地面的压力；
(4)由p=FS可求得人对地面的压强。
该题考查了液体压强、阿基米德原理、密度、杠杆平衡条件、受力分析、固体压强等知识点，综合性较强，需要熟悉基本公式及应用，关键是要对题目中情境的发生过程分析清楚，理清解题的思路。
12.【答案】B
【解析】解：由题意知，两容器中装有同种液体且深度相同，则液体的密度相同，由p=ρgh可知，两容器底部受到液体的压强相等，即p甲=p乙；
又因为容器底面积相等，由F=pS可知，两容器底部受到液体的压力相等，即F甲=F乙，故B正确。
故选：B。
先根据p=ρgh可判断两容器底部受到液体的压强；然后根据F=pS可判断两容器底部受到液体的压力。
本题考查液体压强和压力大小的比较，属于对基础知识的考查，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】A
【解析】解：由图可知n1=2，n2=3，已知每个滑轮的质量相同，且两滑轮组均只有一个动滑轮，则动滑轮重相同；
不计绳重及摩擦，则绳子受到的拉力分别为：F1=12(G1+G动)，F2=13(G2+G动)，因G1=G2，故F 1>F2；
因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度都相同，且W额=G动h，W有用=G物h，
所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；
由η=W有W总可知，两滑轮组的机械效率相同，即η1=η2；
又因为所用时间相同、总功相同，所以由P=Wt可知，拉力做功的功率P1=P2，故A正确。
故选：A。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，不计绳重及摩擦，由F=1n(G+G动)比较F1、F2的大小；
把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，动滑轮重和提升高度都相同时，做的额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据η=W有W总和功率计算公式可比较机械效率和拉力做功的功率大小。
此题考查了滑轮组的省力公式、机械效率和功率的大小比较，关键要知道：用竖直滑轮组提升重物，若不计绳重及摩擦，则克服动滑轮重力做的功为额外功。
14.【答案】A
【解析】解：A、中学生跳绳一次，脚离地面约10cm，则克服重力做功约为：W=Gh=500N×0.1m=50J，故A不符合实际；
B、一名中学生的重力约为500N，一楼到三楼的高度约h楼=3m×2=6m，用时约为t=20s，所以中学生正常上楼的功率约为：P=Wt=Ght=500N×6m20s=150W，故B符合实际；
C、中学生骑自行车的受到的阻力大约为20N，速度大约为5m/s，功率P=Wt=Fst=Fv=20N×5m/s=100W左右，故C符合实际；
D、物理书的质量m书=250g=0.25kg，重力G书=m书g=0.25kg×10N/kg=2.5N，
课桌的高度h桌=80cm=0.8m，
从地面上将物理书捡到桌面上，克服物理书重力做的功约为W=G书h桌=2.5N×0.8m=2J，故D符合实际。
故选：A。
(1)根据公式W=Gh估算功的大小；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv估算功率的大小。
对生活中物体的数据进行估测，并能应用公式进行计算，是解答本题的关键。
15.【答案】D
【解析】解：用脚按住舂较短的一端，下压一小段距离，就可以把舂较长的另一端高高抬起，操作过程中动力臂小于阻力臂，故舂是费力杠杆；
A、起子开瓶的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D、面包夹食品的过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和题目的叙述，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
16.【答案】C
【解析】解：AB、C点运动到F点的过程，由于有空气阻力，物体与地面发生碰撞，由上升的高度E点低于B点可知，机械能有损失，小球在C点的机械能大于在F点的机械能；由图知C、F两处等高，小球的重力势能相同，但小球在 C点动能大于F点的动能，故AB正确；
C、小球从E点到F点过程中，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故机械能不守恒，故C错误；
D、小球从D点离开地面时，弹性势能转化为动能；小球从D点离开地面到达E点的过程中，动能转化为重力势能，故D正确。
故选：C。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，属于基础题。
17.【答案】C
【解析】解：A、热传递过程中，温度高的物体放出热量，而不是内能大的物体放出热量，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有的热量多少，故B错误；
C、同一物体温度升高，分子热运动加剧，内能一定增加，故C正确；
D、“黄沙直上白云间”是固体小颗粒的运动，不能说明分子在不停地运动，故D错误。
故选：C。
(1)热传递的条件是具有温度差；
(2)热量是一个过程量，不能用含有、具有来修饰；
(3)同一物体温度升高、内能增加；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，要注意与小颗粒机械运动的区分。
本题考查了对热传递条件的认识，对热量、温度、内能概念和它们之间关系的理解，以及对分子运动的了解等，属基础题。
18.【答案】B
【解析】解：A、柴油机采用压燃式点火，故A错误；
B、图中两个气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，靠飞轮的惯性完成，故B正确；
C、由于镜子破裂处分子间的距离较大，大于分子直径的10倍，分子间的作用力就十分微弱，可以认为没有作用力，所以“破镜不能重圆”，故C错误；
D、用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点，根据Q吸=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同时，水能够吸收较多的热量，故D错误。
故选：B。
(1)柴油机采用压燃式，汽油机采用点燃式点火；
(2)在内燃机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的；
(3)分子间存在相互作用的引力与斥力；当分子间的距离较大时，分子间的作用力十分微弱；
(4)水的比热容较大，质量相同的水与其他物质相比，升高或降低相同的温度，水吸热或放热多。
本题考查热机、分子间作用力和水的比热容的应用，属于综合题。
19.【答案】A
【解析】解：
A、图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确；
B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B错误；
C、丙图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，可能是扩散现象，但也可能是重力的作用，不能表明气体间可以发生扩散现象，故C错误；
D、图中两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，但也有斥力，故D错误。
故选：A。
(1)改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
(2)汽化是从液态变为气态；液化是从气态变为液态；
(3)扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
(4)分子同时存在相互作用的引力和斥力。
知道做功可以改变物体的内能，了解液化现象，熟知扩散现象的实验，了解分子间作用力的特点等，可顺利解答此题。
20.【答案】A
【解析】解：A、小风扇利用风力发电，消耗了机械能，获得了电能，将机械能转化为电能，故A错误；
B、光电池板工作时，消耗了太阳能，获得了电能，是将光能转化为电能，故B正确；
C、蓄电池在夜晚放电，将化学能转化为电能，故C正确；
D、照明灯工作时，消耗了电能，获得了光能，将电能转化为光能，故D正确。
故选：A。
分析小风扇、电池板、照明灯、蓄电池工作时消耗和获得的能量是什么，可逐一作出判断。
风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽、用之不竭，本题的重点是掌握其能量的转化。
21.【答案】变速直线 0.68 53.6 3400
【解析】解：图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，在20～50s内，机器人做的是变速运动，在0～50s内，机器人做变速直线运动；在0～50s内，机器人做变速直线运动；
0～20s内机器人运动的路程为：s1=v1t1=0.8m/s×20s=16m，
0～50s 内机器人的总路程为：s=s1+s2=16m+18m=34m，
平均速度为：v=st=34m50s=0.68m/s，
由图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此时的拉力为100N，所以阻力为100N，0～20s 内牵引力做功为：W=Fs1=100N×16m=1600J，
从图中可知，20s～50s内的牵引力为60N，牵引力做的功为：W'=F's2=60N×18m=1080J，
牵引力做功的平均功率为：P=W+W't=1600J+1080J50s=53.6W；
在20～50s内，机器人做的是变速运动；由图乙知机器人所受牵引力大小为60N，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力不变，仍为100N；机器人克服摩擦力做功为：W=fs=100N×34m=3400J。
故答案为：变速直线；0.68；53.6；3400。
由图丙知0～20s内机器人做匀速直线运动，在20～50s内，机器人做的是变速运动；根据s=vt得出0～20s内机器人运动的路程，进而得出0～50s内机器人的总路程，根据速度公式得出0～50s 内机器人平均速度，根据功率的公式得到牵引力做功的平均功率，0～20s内机器人做匀速直线运动，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此时的拉力，进而判断出阻力的大小；在20～50s内，机器人做的是变速运动；由图乙知机器人所受牵引力大小，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力不变，由W=fs算出机器人克服摩擦力做的功。
本题考查功率、速度、功的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】< 2.1×103J 100
【解析】解：(1)若相同时间内冰和水吸收的热量相同，则物质在6min时吸收热量是物质在2min时吸热热量的3倍，故物质在2min时具有的内能小于物质在6min时具有的内能；
(2)由图知，冰加热时间是2min，水加热时间为8min，故Q冰Q水=2min8min=14，Δt冰Δt水=50℃100℃=12，冰变成水，质量不变，故m冰m水=1，则c冰c水=Q冰m冰Δt冰Q水m水Δt水=Q冰Q水×m水m冰×Δt水Δt冰=14×1×21=12，
已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，所以c冰=2.1×103J/(kg⋅℃)；
(3)完全燃烧1.05m3天然气放出的热量Q放=Vq天然气=1.05m3×3.6×107/m3=3.78×107J，
天然气放出的热量全部被100kg、15℃的水吸收，则水升高的温度Δt=Q放c水m=3.78×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=90℃，则理论上水的末温度为90℃+15℃=105℃，由于在一个标准大气压下，水的最高温度为100℃，故水温最高将升到100℃。
故答案为：<；2.1×103；100。
(1)相同时间内冰和水吸收的热量相同，加热时间越长，吸收的热量越多，物体具有的内能越大。
(2)结合图像和水的比热容，利用c=QmΔt进行分析即可。
(3)利用燃料燃烧放热公式得到天然气所放出的热量，由于天然气放出的热量全部被水吸收，再利用c=QmΔt得到水升高的温度，水升高的温度与水的初温度之和即为水的末温度，注意在一个标准大气压下，水的最高温度为100℃。
本题考查了从图像中获取信息的能力，比热容公式的应用、燃料燃烧放出热量的公式。要注意一个标准大气压下，水的最高温度为100℃。
23.【答案】V3-V1 ρ(V2-V1)
【解析】解：(1)由甲、丙两图可知，小球的体积为：V=V3-V1，
甲图中空瓶漂浮在水面上，受到的重力等于浮力，G瓶=F浮，
乙图中，当小球放在空瓶中，瓶子还漂浮在水面上，小球和瓶子受到的总重力等于在乙图中时的浮力，G瓶+G球=F浮'，
所以小球的重力为：G球=F浮'-F浮=ρgΔV排=ρg(V2-V1)，
所以，小球的质量为：m球=G球g=ρg(V2-V1)g=ρ(V2-V1)，
故答案为：V3-V1；ρ(V2-V1)。
(1)读出小球浸没水前后时，量筒水面对应的刻度值，求出小球的体积；
(2)根据漂浮条件求出小球受到的重力，再利用G=mg变形公式求出小球的质量。
本实验中应用了漂浮时浮力与重力相等的特点，根据阿基米德原理来计算浮力，同时注意实验中测量小球体积的方法。
24.【答案】0.32 62.5 0.3 变大
【解析】解：(1)L=80cm=0.8m，
拉力做的总功：W总=FL=0.8N×0.8m=0.64J，
拉力做功功率：P=W总t=0.64J2s=0.32W；
(2)h=20cm=0.2m，
拉力做的有用功：W有用=Gh=2N×0.2m=0.4J，
斜面的机械效率：η=W有用W总=0.4J0.64J×100%=62.5%；
(3)克服滑动摩擦力做的额外功：
W额=W总-W有用=0.64J-0.4J=0.24J，
由W额=fL可得物体受到的滑动摩擦力：
f=W额L=0.24J0.8m=0.3N；
(4)木块从A点匀速运动到B点的过程中，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，机械能是动能和势能的总和，所以机械能变大。
故答案为：0.32；62.5；0.3；变大。
(1)已知拉力的大小和拉力端移动的距离(斜面长)，利用W=FL求拉力做的总功，利用P=Wt求拉力做功功率；
(2)已知木块的重力和提升的高度(斜面高)，利用W=Gh求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(3)拉力做的额外功等于总功与有用功之差，利用W=fL求木块受到斜面的滑动摩擦力；
(4)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，机械能是动能和势能的总和。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率、摩擦力的计算、机械能，明确有用功、总功、额外功之间的关系以及额外功为克服滑动摩擦力所做的功是关键。
25.【答案】甲丙 加热时间 不变
【解析】解：研究不同物质的吸热能力，要选用相同燃料，对相同质量的不同液体吸收相同热量，温度升高的多少进行研究，要选用甲和丙两图；物质吸收热量的多少通过相同燃料加热时间的长短进行判断；燃料的热值只与其种类有关，与是否充分燃烧无关。
故答案为：甲丙；加热时间；不变。
根据控制变量法和转换法进行分析；燃料的热值只与其种类有关，与是否充分燃烧无关。
本题考查了控制变法和转换法的应用，同时要知道燃料的热值大小只与其种类有关。
26.【答案】解：过B点沿竖直向上的方向画一条带箭头的线段，用符号F2表示，即为B点所受阻力F2的示意图；
过支点O做力F2作用线的垂线段，即为所求作的动力臂L2。
浮球所受重力分析竖直向下，如下图所示：
【解析】先确定阻力作用点(即B点)，然后过阻力作用点表示阻力的方向(即竖直向上)；
已知支点和阻力的方向，过支点作力的作用线的垂线段(即力臂)。
本题考查了力和力臂的画法，作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
27.【答案】解：滑雪运动员沿斜面下滑时，受到的摩擦力平行于斜面向上，从运动员重心开始，沿各力的方向画一条有向线段，并f表示；
在斜面上选取滑雪板与接触面的中点为压力的作用点，从压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F压，即为滑雪板对地面压力的示意图；如图所示：
【解析】确定运动员受到的摩擦力和滑雪板对雪面压力的作用点和方向，根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
28.【答案】a、b、c 物体排开液体的体积 bacd F1-F3=F4-F2 A c
【解析】解：(1)①分析图甲a、b、c三次实验，液体密度相同，物体排开液体的体积不同，可知物体排开液体的体积越大，物体所受浮力越大，所以，可验证猜想B是否正确；
②探究浮力的大小与物体形状的关系，应控制液体的密度和物体排开液体的体积不变；小理将①中金属块打造成“碗”的形状，再放入水中，发现该“碗”漂在了水上，排开的水的体积发生了改变，则受到的浮力发生了改变，不能得出浮力的大小与物体的形状有关；
(2)①为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，再测出物体的重力，所以合理的实验顺序为：bacd；
由图乙中的a、c实验，根据称重法，得出物体受到的浮力，F浮=F1-F3，由图乙中的b、d实验，得出物体排开液体的重力，G排=F4-F2，若F1-F3=F4-F2即可得出阿基米德原理，即F浮=G排；
②要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯杯口，若达不到，则测得的排开的液体的重力会变小；与物体有没有全部浸入在水中无关，故选：A；
③物体漂浮在水面上，受到的浮力等于它的重力，测量漂浮的物体受到的浮力时，不需要用弹簧测力计提着物体，即c步骤不需要弹簧测力计。
故答案为：(1)a、b、c；(2)物体排开液体的体积；(2)①bacd；F1-F3=F4-F2；②A；③c。
(1)①物体受到的浮力的大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析实验中相同量和不同量，结合“称重法”测浮力得出浮力大小与变化量的关系；
②探究浮力的大小与物体形状的关系，应控制液体的密度和物体排开液体的体积不变；
(2)①为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，再测出物体的重力；由图乙中的a、c实验，得出物体受到的浮力，由图乙中的b、d实验，得出物体排开液体的重力，分析比较即可得出阿基米德原理；
②要想准确测出物体排开的水的重力，实验前水的液面必须到达溢水杯杯口；
③物体漂浮在水面上时受到的浮力等于物体的重力，此时不需要用弹簧测力计提着物体，据此分析图示答题。
本题考查了验证阿基米德原理的实验，关键是知道该实验的验证方法，同时要注意物体漂浮时受到的浮力不能用称重法进行测量。
29.【答案】A 木块被撞击后移动的距离 转换 C 在速度相同时，质量越大，动能越大
【解析】解：(1)实验探究的是小球具有的动能，通过木块被小球推动的距离来反映小球具有动能的多少，应用了转换法，所以探究的动能是指小球即将撞击木块时的动能，故选：A；
(2)实验中，小球动能大小是通过比较木块被撞击后移动的距离大小来反映的，用到了转换法；
(3)如果做乙图实验时，为了使木块不滑出木板，可适当降低钢球的高度，这样动能减小，木块就不会掉落了；
A、换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；
B、给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故B错误；
C、适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击木块前进的距离变小，就不会掉落了，故C正确；
D、换用一个较重的硬木块，不能与甲控制相同的质量，无法利用木块被撞击后滑动距离来比较动能的大小，故D错误；
故选：C；
(4)分析甲、丙图知小球的质量不相同，下滑的高度相同，到达水平面时的速度相同，质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故可以得出：在速度相同时，质量越大，动能越大。
故答案为：(1)A；(2)木块被撞击后移动的距离；转换；(3)C；(4)在速度相同时，质量越大，动能越大。
(1)实验时，动能的大小是指小球运动到水平面上，撞击木块时的动能；
(2)观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(3)物块被撞击得越远，说明钢球到达水平面时的动能就越大；
(4)分析甲、丙的相同量和不同量，根据控制变量法分析解答。
本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。从图中现象发现质量、速度的不同是此题的关键。
30.【答案】平衡 自重 相等 大于
【解析】解：(1)如图杠杆在此位置处于静止状态，杠杆在此位置处于平衡状态。
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆自重对实验的影响。
(2)由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2=F1l1=3N×0.02cm=2N×0.03cm=0.06N⋅m，图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变；
(3)由图丁可知，GA、GB的力臂lA、lB的大小关系为lA
故答案为：(1)平衡；自重；(2)相等；(3)大于。
(1)杠杆处于静止状态或匀速转动状态都属于平衡状态；
杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，并且能消除杠杆自重对实验的影响。
(2)由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可；
(3)比较两部分萝卜的力臂大小可得出结论。
本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、对力臂的理解、杠杆平衡条件的运用，综合性强。
31.【答案】变小 物重
【解析】解：(1)实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体匀速升高，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，总功变大，而有用功不变，故滑轮组的机械效率变小；
(2)比较第2、3次的实验数据，同一滑轮组提升不同重物，物重不同，机械效率不同，可得出结论：同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：(1)变小；(2)物重。
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力大于等于测力计示数；某同学在该实验中加速向上提升重物，提升物体的力变大，据此分析滑轮组的机械效率变化；
(2)比较2、3两次实验的相同和不同量，结合表中数据得出结论。
本题测滑轮组机械效率，考查注意事项和机械效率公式的运用及控制变量法、数据分析的能力。
32.【答案】解：
(1)溢水杯中装满水，A浸没在水中时溢出水的体积为200cm3，则V排=VA=V溢=200cm3，
A受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103 kg/m3×10N/kg×200×10-6m3=2N；
(2)物体A的重力：GA=mAg=ρAVAg=2.7×103kg/m3×200×10-6m3×10N/kg=5.4N，
悬挂在弹簧测力计上的物体A浸没在水中静止，由称重法测浮力可得F浮=GA-F，
则弹簧测力计的示数：F=G-F浮=5.4N-2N=3.4N；
(3)A放入水中前，溢水杯对桌面的压力F压=G水+G杯=8N；
在水中放入A后，由称重法测浮力可得F浮=GA-F拉，根据阿基米德原理可得F浮=G溢，
所以在水中放入A后，溢水杯对桌面的压力：
F压'=G剩+G杯+GA-F拉=G剩+G杯+F浮=G剩+G杯+G溢=G水+G杯=8N。
答：(1)物体A受到的浮力为2N；
(2)弹簧测力计示数为3.4N；
(3)溢水杯对水平桌面的压力为8N。
【解析】(1)溢水杯中装满水，已知A浸没在水中时溢出水的体积，根据阿基米德原理可计算A受到的浮力；
(2)先根据G=mg=ρAVAg计算物体A的重力；物体A浸没在水中静止，A受到的重力与浮力、弹簧测力计拉力平衡，据此可计算出弹簧测力计示数；
(3)A放入水中前，溢水杯对桌面的压力等于水和杯子的总重力；放入A后溢水杯对桌面的压力等于剩余水和杯子的总重力与A受到浮力之和；结合阿基米德原理分析得出放入A后溢水杯对水平桌面的压力。
本题考查了重力的计算、阿基米德原理和平衡力知识的应用，考查的知识点多，综合性强。
33.【答案】解：(1)根据W=Pt得出10s内电动机输出的总功为W总=P总t=600W×10s=6000J。
(2)建筑材料所受的重力G物=m物g=70kg×10N/kg=700N。
有用功为W有=G物h=700N×6m=4200J。
额外功为W额=W总-W有=6000J-4200J=1800J。
动滑轮所受的重力为G动=W额h=1800J6m=300N。
(3)此时滑轮组的机械效率η1=W有W总=4200J6000J=70%．
(4)由η=W有W总=W物W物+W动=G物G物+G动得：90%=G物G物+300N，
解得G物=2700N，
另一批建筑材料上升的速度为v物=P有G物=P总ηG物=600W×90%2700N=0.2m/s。
答：(1)10s内电动机输出的总功6000J；
(2)动滑轮所受的重力300N；
(3)机械效率为70%；
(4)该建筑材料上升的速度0.2m/s。
【解析】(1)根据W总=P总t得出10s内电动机输出的总功。
(2)根据G物=m物g得出建筑材料所受的重力，根据W有=G物h得出对建筑材料做的有用功，根据W额=W总-W有得出对动滑轮做的额外功，根据G动=W额h得出动滑轮所受的重力。
(3)由机械效率公式η=W有W总求得机械效率。
(4)由机械效率公式η=W有W总=W物W物+W动=G物G物+G动得出物体的重力，根据P=Fv得出另一批建筑材料上升的速度。
本题考查有关滑轮组的功和机械效率的计算，是一道综合题。
34.【答案】不变 小 B 不是 mg火 12.5
【解析】解：(1)探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，机械能是守恒的，保持不变；
探测器在远火点时，高度最大、速度最小，动能最小；
(2)探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，最后维持恒定速度下降，所以动能先增大后减小，最后不变，故B正确；
(3)巡视车降落到火星表面后，巡视车对火星表面的压力和火星对巡视车的支持力没有作用在同一个物体上，不是平衡力；
(4)在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，探测器在火星上空悬停时受到的重力为：G火=mg火，
反推发动机喷出的气体对探测器的作用力与探测器受到的重力相互平衡，故气体对探测器的作用力大小为：F=G火=mg火；
(5)火星地表上的g火=0.4g=0.4×10N/kg=4N/kg；
水银柱高度：h=pρ水银g火=680Pa13.6×103kg/m3×4N/kg=0.0125m=12.5mm。
故答案为：(1)不变；小；(2)B；(3)不是；(4)mg火；(5)12.5。
(1)(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；
(3)二力平衡条件：大小相等、方向相反、同一直线、同一物体；
(4)利用G=mg表示出探测器在火星上空悬停时受到的重力，然后根据力的平衡得出气体对探测器的作用力；
(5)物体在火星地表所受重力约为地球地面上的0.4倍，地球地表上的g取10N/kg，根据g火=25g得出火星地表上的g火；火星地表大气压强约为680Pa，在火星地表做托里拆利实验，根据p=ρgh得出水银柱高度。
本题以火星探测器“天问一号”为载体，综合考查学生对机械能、平衡力的辨别等知识的理解和掌握，以社会热点问题为背景考查学生对相关物理知识的应用能力，题材新颖，属于中考热点。
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