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辽宁省沈阳市新民实验中学2022-2023学年九年级下学期期中物理试卷
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这是一份辽宁省沈阳市新民实验中学2022-2023学年九年级下学期期中物理试卷，共24页。试卷主要包含了 下列估测最合理的是， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年辽宁省沈阳市新民实验中学九年级（下）期中物理试卷
1. 下列估测最合理的是( )
A. 分子的直径约为10-2m
B. 成人双脚站立时对地面压强约为1.2×104Pa
C. 一个鸡蛋的质量约为500g
D. 空调正常工作的功率约为100W
2. 如图所示是小明同学立定跳远考试时的场景，下列说法正确的是( )
A. 小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B. 小明跳起后，在空中运动到最高点时处于平衡状态
C. 小明跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D. 起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对平衡力
3. 对如图所示四幅图片涉及的物理知识分析错误的是( )
A. 海军南昌舰从长江开到黄海后，舰身要上浮一些
B. 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C. 飞机机翼设计成流线型，利用机翼上方空气流速慢，压强小形成向上的升力
D. “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压力的作用效果
4. 如图所示的四个情景，下列选项中说法正确的是( )
A. 甲图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减小
B. 乙图中两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在扩散现象
C. 丙图中红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈
D. 丁图中活塞向下运动，燃气的内能全部转化成活塞的机械能
5. 如图所示，家庭电路连接正确，各元件均可以正常工作，有关说法正确的是( )
A. 洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是串联的
B. 有金属外壳的洗衣机可以接入三孔插座也可接两孔插座
C. 闭合开关时，人接触B点或C点都可能引起触电
D. 断开开关时，试电笔接触B、C两点氖管都不发光
6. 下列说法正确的是( )
A. 煤属于可再生能源，太阳能属于一次能源
B. 能量的转化、转移都是有方向性的，能量的利用是无条件的
C. 逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应
D. 核电站是利用原子核发生可控的核聚变产生的核能来发电的
7. 关于如图所示的电和磁的实验，下列描述中正确的是( )
A. 实验演示的是电流的磁效应
B. 实验演示的是电动机的工作原理
C. 实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的
D. 实验演示当铁棒靠近条形磁铁时被吸引，说明铁棒原来就有磁性
8. 将质量和底面积都相同的A、B两个容器放在水平桌面上，向其内部分别注入甲、乙两种液体。将体积相同的两个实心物体M、N分别放入两种液体中，物体静止在如图所示的位置，此时两种液体对容器底部的压力相等。下列说法中正确的是( )
A. 物体M的密度大于物体N的密度
B. 物体M受到的浮力等于物体N受到的浮力
C. 甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强
D. 容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强
9. 如图甲所示，电源电压为5V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。在保证所有元件安全的情况下，只闭合开关S、S1，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电流表示数与电压表示数关系的图象，如图乙所示。只闭合开关S、S2，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电压表示数与滑动变阻器R2接入电路中阻值关系的图象，如图丙所示。下列判断正确的是( )
A. 滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω
B. 灯泡的额定功率为1.5W
C. 以上两种情况，电路最大功率为2.5W
D. 只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时R2连入电路的阻值是10Ω
10. 根据______ 的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的______ (选填“O”、“A”或“B”)点为薄板的重心。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F ______ 书包的重力G(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
11. 如图所示，停在斜坡上的汽车受到______ 个力的作用。汽车对地面有压力作用，垂直压在物体表面上的力叫做压力，那么该处的“物体”指的是______ (选填“汽车”或“地面”)，压力的方向为图______ 所示(选填“①”“②”“③”或“④”)。
12. 由于许多显示屏需滚动显示内容，LED工作的个数也在不停地发生变化，整个显示屏工作过程中的哪些物理量发生了变化______ 。(填序号)
A、电源电压
B、插头处的电流
C、整个显示屏的功率
D、相同时间内的耗电量
13. 在探究“杠杆平衡条件”时，小多把右边的钩码换成弹簧测力计，使杠杆从水平位置匀速缓慢转过一定角度，如图所示，此过程中弹簧测力计始终沿竖直方向拉动，则拉力的力臂______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，拉力的大小______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。当杠杆被拉到如图所示的位置静止时，杠杆______ 平衡状态。(选填“处于”或“不处于”)
14. 随着人们生活水平的提高，轿车已逐渐进入百姓家庭，大多数轿车的外形纵截面类似于飞机机翼的纵截面(俗称“流线型”)，如图甲所示。这样形状的轿车高速行驶时，对地面的压力会减小，出现“发飘”现象，具有一定的危险性。为了防止汽车“发飘”，增加汽车对地面的压力，有些轿车的尾部安装了导流板，如图丙所示。
(1)请用所学过的物理知识分析汽车高速行驶时，出现“发飘”现象的原因。
(2)导流板的形状应该是图乙中的______ 。
15. 如图所示，完全相同的圆柱形容器中，A、B两点距容器底的高度相同。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA______ pB；液体对甲、乙两容器底的压力关系是F甲______ F乙(两空均选填“>”或“=”或“<”)。
16. 如图所示，完全相同的圆柱形容器中，A、B两点的高度相同。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA______pB；液体对甲、乙两容器底的压力关系是F甲______F乙(两空选填“>”、“=”或“<”)。
17. 在相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______ (选填“多”或“少”)，若电路中的电流为0.5A，则1min内电流通过R1产生的热量为______ J。
18. 建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G=900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F=400N时，可将重物匀速提升2m。
求：
(1)拉力F做功多少焦？
(2)滑轮组的机械效率为多少？
(3)动滑轮重多少N？
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物多少N？
19. 电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能，某型号电压力锅的额定电压为220V，如图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R2是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触电a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾．
(1)电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值．
(2)在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kWh，求R2的阻值．
(3)用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度？已知消耗的电能有90%被有效利用，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃).
20. 打开酒瓶瓶盖，会闻到酒精的气味，瓶盖开启时间长了，会不会使酒的酒精度(酒中酒精和酒的体积百分比)降低呢？小明认为：酒精的密度为0.8×103kg/m3与水的密度不同，若酒的酒精度发生变化，则酒的密度必定会变化。因此只要确定酒的密度是否变化，就能作出有效判读。于是他用天平、烧杯、量杯和白酒等器材。测量酒的密度，操作过程如下：
A.用天平测出空烧杯的质量；
B.在烧杯中倒入适量的白酒，测出烧杯和白酒的总质量；
C.再将烧杯中的白酒倒入量筒中，测出白酒的体积；
D.计算出白酒的密度。
(1)如果按上面的步骤会存在较大误差，为了减小误差合理的步骤排序______ 。
(2)改进实验后，小明第一次测得白酒的质量为46g，体积50mL。过了一段时间后，第二次测得白酒质量是28.8g，体积是30mL。第二次实验时所测得的白酒密度是______ ，酒的酒精度______ (填“降低”、“不变”或“升高”)；
(3)按照行业规定：白酒的度数是指气温在15℃时、100mL酒中所含酒精的毫升数。请你根据行业规定计算“中国梦-梦之蓝”一瓶梦之蓝为500mL，酒精度为42%，的白酒的密度是______ 。(不考虑勾兑时体积变化，酒精的密度是0.8×103kg/m3)
21. 小明的爸爸和妈妈用的同样的手机和相同的白色粗糙手机壳，于是小明使用手机支架把这两个同样的手机安装在光具座上来探究“凸透镜成像规律”，已知凸透镜的焦距为10cm。
(1)小明将左侧的手机的一个动画打开，动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端。则右侧手机壳上火箭的像______ (填“向上”或“向下”)运动。
(2)两手机和凸透镜的位置如图所示，右侧手机壳上成清晰的像，该像为倒立、______ (填“放大”或“缩小”)的实像。生活中的______ (填“投影仪”、“放大镜”或“照相机”)利用了这个原理。
(3)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，左侧的手机壳上______ (填“能”或“不能”)出现清晰的像。
(4)小明将两手机和凸透镜恢复到如图所示的情景，将自己的近视镜靠近凸透镜放置，手机壳上的像变模糊了，应适当的向______ (填“左”或“右”)调节左侧手机使手机壳上的像变清晰。
22. 小刚同学想测试一下橡胶底和牛筋底的运动鞋的滑动摩擦力。
(1)他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的______ 相同。
(2)在拉动过程中，匀速直线拉动鞋实际很难控制，于是他将鞋放在相同的水平木板上，如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于______ 状态，可以保证鞋所受到的摩擦力______ 鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向______ (选填“左”或“右”)。
23. 电学实验课上，老师提供了“20Ω1A”字样的滑动变阻器R1、定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)、标有“0.5A”字样的小灯泡、两节干电池等器材。利用所学的知识，请你帮助小鹏同学完成下面的实验。
(1)探究电流与电阻关系
①小鹏连接了如图甲所示的电路。其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
②正确连接电路后，根据现有器材，为了让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压不能低于______ V；
③用10Ω电阻替换5Ω电阻后，滑片应该向______ 调节。经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成______ ；
(2)小鹏想测量标有“0.5A”字样小灯泡的额定功率。老师从实验室中拿出最大阻值未知的滑动变阻器R2和一个电压未知的电源(以上两器材均能满足实验要求)，经过思考，利用原有的“20Ω1A”的滑动变阻器R1和电流表等器材，小鹏设计了如图丙所示的电路，请你帮他完成实验；
①为了完成实验，请在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2；
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A；
③将R2的滑片移至最右端，断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动______ 的滑片，直至电流表的示数为0.5A；
④______ ，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A；
⑤小灯泡的额定功率P额=______ W。
24. 如图甲为小明家新安装的风暖型浴霸，它集LED照明系统和暖风系统于一体，两个系统既能同时工作也能单独工作，因此极大方便了人们的日常生活。浴霸的风暖加热功能主要是利用电动机鼓动空气流动，通过加热元件加热冷空气带动室内升温。
(1)师傅在安装时候告诉小明，风暖浴霸安装时要离开淋浴区一段距离，尽量不要安装在淋浴区正上方，否则洗澡时候会很不舒服，聪明的小明马上想到这样安装的原因，这是因为______；
(2)关于风暖浴霸，下列说法正确的是______；
A.浴霸照明用的LED发光二极管是由绝缘体材料制成
B.浴霸吹风用的电动机的原理是电磁感应现象
C.风暖机工作时实现了内能转化为电能
D.浴霸开启后卫生间温度升高，是用热传递的方式改变了空气内能
(3)小明在使用中发现：为确保安全，在使用加热系统时，需要先打开吹风(电动机)，然后才能开启加热功能(R为加热电阻)，而吹风(M为电动机)可以单独使用。请你根据题中信息设计出符合要求的电路，并用笔画线代替导线将图乙电路连接完整；
(4)小明利用热敏电阻为家中风暖型“浴霸”设计了一个温度可自动控制的装置，如图丙所示。“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图丁所示，回答问题：
当浴室中的温度上升时，由图乙可知热敏电阻的阻值______(选填“变大”“变小”或“不变”)；当升高到一定的温度值时，继电器的衔铁会被______(选填“吸合”或“释放”)；
小明想在控制电路中增加一个电子元件实现自动控制温度可调，请写出小明所选用的是哪种电子元件如何连接到电路中的(要求保证电路安全)：______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、分子的直径非常小，一般在0.1nm=10-10m左右，故A错误；
B、人每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，双脚面积(受力面积)S=0.04m2；成人的体重大约为60kg左右，对地面的压力为F=G=mg=60kg×10N/kg=600N；对地面的压强p=FS=600N0.04m2=1.5×104Pa，接近于1.2×104Pa，故B正确；
C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C错误；
D、空调正常工作的功率约为1000W，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查了学生对生活中一些常见物理量的估测能力，体现了物理和生活的紧密联系。这就告诉我们学习物理，不能只看课本，平时要多观察生活，将所学知识与生活联系起来。
2.【答案】A
【解析】解：A、小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、小明跳起后，在空中运动到最高点时只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C、小明跳起后，不再受到地面弹力的作用下，之所以继续向前运动，是因为小明具有惯性，故C错误；
D、起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力不是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(2)对小明进行受力分析即可作出判断；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查增大摩擦的方法、平衡状态的判断、平衡力的辨别、惯性，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
3.【答案】C
【解析】解：
A、海军南昌舰始终处于漂浮状态，浮力等于自身的重力，所以它从长江开到黄海，浮力大小保持不变，由于海水的密度大于长江水的密度，则由F浮=ρ液gV排可知，在浮力大小不变时，液体密度变大，排开液体的体积会变小，故舰身会上浮一些，故A正确；
B、船闸的下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；所以，船闸是利用连通器原理工作的，故B正确；
C、飞机机翼设计成流线型，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，则机翼受到向上的压强差，即产生了向上的升力，故C错误；
D、“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：C。
(1)根据漂浮条件可知，“南昌舰”满载时从长江开到黄海时，浮力大小保持不变，利用阿基米德原理分析解答；
(2)连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(3)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题主要考查了物体浮沉条件及其应用、流体压强和流速的关系、减小压强的方法、连通器原理等，综合性强，但难度不大，掌握基本规律是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能变大，故A错误；
B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散的比冷水中快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；
D、丁图中活塞向下运动，燃气的内能部分转化成活塞的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)对物体做功，物体的内能变大；
(2)分子间存在着相互作用的引力与斥力；
(3)物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，温度越高，分子运动越剧烈；
(4)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
本题中的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。
5.【答案】D
【解析】解：A、洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是并联的，洗衣机和电灯都能正常工作，并且互不影响，故A错误。
B、洗衣机接入三孔插座能使洗衣机金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，不能用两孔插座，故B错误。
C、闭合开关时人接触B点，人体加在火线和大地之间，会发生触电事故；闭合开关时人接触C点，人体和CD间的导线并联在电路中，人体的电阻很大，人体被短路，几乎没有电流从人体通过，不会发生触电事故，故C错误。
D、断开开关时，测电笔接触A时，测电笔接触火线，氖管发光；接触BC两点时，由于断开开关，切断火线，不会使测电笔氖管发光。故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。家用电器和三孔插座之间都是并联的，当用电器插入插座时，各用电器之间互不影响，而且能正常工作。
(2)理论上说，零线上是没有电压的，触电是人体直接或间接接触火线。
(3)用测电笔接触导线，接触火线能使氖管发光。
掌握家用电器的连接方法和三孔插座的连接方法，以及掌握这样连接的原因。
掌握测电笔检测导线时，开关的闭合和断开，影响测电笔的氖管发光情况。
人体接触家庭电路的同一部分，发生触电事故的情况受开关的闭合和断开的影响。
6.【答案】C
【解析】解：A、煤属于不可再生能源，太阳能属于一次能源，故A错误；
B、能量转移和转化是有方向性的，所以能量的利用是有条件的，故B错误；
C、逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应，故C正确；
D、核电站是利用原子核发生可控的核裂变释放的能量来发电的，故D错误。
故选：C。
(1)能源是能够向人类提供能量的物质，能源分为可再生能源和不可再生能源两大类，也可分为一次能源和二次能源，一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源，其中电能是现代社会中非常重要的二次能源；可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等；
(2)能量的转化和转移具有方向性；
(3)燃油汽车的大量使用使空气污染和温室效应加剧；
(4)核电站是利用核裂变释放的能量来发电的。
此题考查了能量的转化和能源的分类，核能的利用等内容，属于基础内容。
7.【答案】AC
【解析】解：A、该装置是奥斯特实验，是用来研究通电导线周围是否有磁场的实验装置，演示的是电流的磁效应，故A正确；
B、该装置能产生电，故是发电机，故B错误；
C、该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确；
D、磁铁具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，如果铁棒没有磁性也会吸引，故D错误．
故选AC.
根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：
(1)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；
(2)电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池．
教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等．
8.【答案】AD
【解析】解：AC、由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，即F甲=F乙，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，由图知甲液体的深度比乙液体的深度小，由p=ρgh可知ρ甲>ρ乙，物块M在甲液体中悬浮，所以M的密度与甲液体的密度相等，物块N在乙液体中漂浮，所以N的密度小于乙液体的密度，即ρM=ρ甲，ρ乙>ρN，所以ρM>ρN，故A正确、C错误；
B、由图知两物体排开液体体积V排甲>V排乙，又因为ρ甲>ρ乙，根据F浮=ρ液gV排可知，物体M受到的浮力大于物体N受到的浮力，故B错误；
D、由于A容器上口大下底小且物体M悬浮在甲液体中，则有G甲+GM>F甲，B容器为柱形容器且物体N漂浮在乙液体中，G乙+GN=F乙，又两个容器底部受到的液体压力相等，则G甲+GM>G乙+GN，由于两容器质量相等，则有GA=GB，则两容器对桌面的压力：FA=GA+G甲+GM>FB=GB+G乙+GN，由p=FS可知，容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强，故D正确。
故选：AD。
(1)由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，两种液体中的深度h甲
(3)根据容器形状及物体沉浮状态可判断液体和物体受到的重力之各与液体对容器底面的压力关系，从而可判断容器对桌面的压力关系，由p=FS可得两容器对桌面的压强关系。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用以及浮力产生的原因等知识，是一道综合性很强，且难度较大的题目。
9.【答案】ABC
【解析】解：A、只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，由图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压为：U1大=4V，通过的最小电流为：I1小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器R1的最大阻值：R1大=U1大I1小=4V0.2A=20Ω，故A正确；
B、只闭合开关S、S1，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知此时电路中电流为：I1大=0.5A，即灯泡的额定电流为：I额=I1大=0.5A；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，由串联电路的电压特点可知，灯泡额定的电压：U额=U-U2=5V-2V=3V，所以灯泡的额定功率：P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，由题意可知，两次电路中灯泡正常发光时电路中的电流最大，因此两次电路中的最大电流都等于灯泡的额定电流，所以两次电路消耗的最大功率：P=UI额=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
D、只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，通过R2的电流：I2=I1大=0.5A，由欧姆定律可知，R2的接入电阻：R2=U2I2=2V0.5A=4Ω，故D错误。
故选：ABC。
(1)只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，根据图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压和通过的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器R1的最大阻值；
(2)当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙可知此时电路中电流即小灯泡的额定电流；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，根据题目条件分析出两次电路中的最大电流，根据P=UI求出电路中的最大功率；
(4)知道R2两端的电压和通过R2的电流，根据欧姆定律计算R2的接入电阻。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
10.【答案】二力平衡 O 小于
【解析】解：根据二力平衡的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的O点为薄板的重心，因为O是两条重锤线的交点。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F小于书包的重力G。
故答案为：二力平衡：O；小于。
(1)重力在物体上的作用点叫重力；用平衡力法可以确定物体的重心。
(2)物体刚好被提起来时，拉力和重力是一对平衡力；物体没有被提起时，拉力小于重力。
知道重心的概念和确定重心的方法。
11.【答案】三 地面 ②
【解析】解：停在斜坡上的汽车受到重力、斜坡的支持力、斜面的摩擦力作用，共三个力；
根据压力的定义可知，定义中的“物体”在此指的是地面，压力的方向垂直于受力面，为图中②。
故答案为：三；地面；②。
(1)对汽车进行受力分析，判断受力情况；
(2)垂直压在物体表面上的力叫压力；压力属于弹力，是由受力物体发生形变引起的。
此题考查压力的定义和方向，属于基础知识考查，难度较小。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故A不符合题意；
B、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D符合题意。
故选：BCD。
根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答。
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
13.【答案】变小 不变 处于
【解析】解：小多把右边的钩码换成弹簧测力计，使杠杆从水平位置匀速缓慢转过一定角度，如图所示，此过程中弹簧测力计始终沿竖直方向拉动，根据力臂的定义可知，此时拉力的力臂变小；钩码的重力的力臂变小，根据三角形知识可知，左端力的力臂与拉力的力臂的比值不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力的大小不变；
当杠杆被拉到如图所示的位置静止时，杠杆处于平衡状态。
故答案为：变小；不变；处于。
从支点到力的作用下的距离叫做力臂；根据杠杆的平衡条件分析；物体处于静止状态时为平衡状态。
本题考查了力臂的概念、平衡状态的判定、杠杆的平衡条件的应用，难度不大。
14.【答案】C
【解析】解：(1)等质量的空气在相同的时间内同时通过轿车的上表面和下表面，由于轿车上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过轿车上表面的流速大，通过下表面的流速较小，流体中流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，形成向上的压强差即压力差，产生上托的力，出现“发飘”现象。
(2)要增加汽车对地面的压力，防止汽车“发飘”，提高车轮的抓地性能，就要使汽车高速行驶时，导流板上方的空气流速小压强大，下方的空气流速大压强小，即上方平直下方凸起，产生一个向下的压强差，故选导流板C。
故答案为：(1)等质量的空气在相同的时间内同时通过轿车的上表面和下表面，由于轿车上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过轿车上表面的流速大，通过下表面的流速较小，流体中流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，形成向上的压强差即压力差，产生上托的力，出现“发飘”现象。
(2)C。
(1)轿车做成流线型(上凸下平)，与飞机机翼的作用一样，可以利用快速运动时气流对其产生的向上的压力差，减小汽车对地面的压力，从而减小摩擦，利于加速，利于节能。
(2)要产生向下的压力，导流板横截面的形状就应跟客机机翼的形状相反，上平下凸，使上方的空气流速小压强大。
理解流体压强与流速的关系，并能解释一些简单的生活应用，如：候车时站在安全线内、飞机起飞的升力等。
15.【答案】<=
【解析】解：
(1)已知甲、乙两容器中液体的质量相等，又因为甲中液体的体积小于乙中液体的体积，由公式ρ=mV可得，ρ甲>ρ乙，读图可知，A、B两点距容器底面的距离相同，由公式p=ρgh可知，两点以下部分，液体产生的压强大小关系为pA下>pB下，两容器内液体质量相同，重力相同，对容器底面的压力相同，由p=FS可得两容器中液体对底面的压强相同，则A、B两点的实际压强：p甲-pA下
故答案为：<；=。
(1)由图可知甲杯液体体积小，乙杯液体体积大，而两液体的质量相同，根据密度公式密度大小；液体某处的压强等于液体对底部的压强减去该处下方液体产生的压强；
(2)对于柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力。
本题考查密度公式、液体压强公式以及压强公式的运用，难度不大。
16.【答案】<=
【解析】解：
(1)两种液体的质量相等，
由图知V甲ρ乙，
因为A，B到容器底的距离相同，
所以pA下>pB下，
两种液体的质量相等，重力相等，对容器底的压力相同，两容器底面积相同，所以两种液体对容器底部的压强相等，
pA底=pB底，
因为液体对容器底的压强pA底=pA+pA下，pB底=pB+pB下，
所以A、B两点的压强关系：pA
故答案为：<；=。
(1)两种液体的质量相等，由图知VAρB，可得A、B下方对容器底的压强关系，进而得出A、B两点的压强关系；
(2)根据压力和重力的关系判断。
本题考查了压强公式的应用以及压力与重力的区别。
17.【答案】少 75
【解析】解：由图可知，R1、R2串联，而且R1
由Q=I2Rt可知，在相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量少；
1min内电流通过R1产生的热量：Q=I2R1t=(0.5A)2×5Ω×1×60s=75J。
故答案为：少；75。
(1)由图可知，R1、R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过R1、R2的电流关系，根据Q=I2Rt可知在相同时间内R1产生的热量与R2产生的热量的大小关系；
(2)根据Q=I2Rt可求出1min内电流通过R1产生的热量。
本题考查串联电路的特点以及焦耳定律的应用，是一道基础题。
18.【答案】解：(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力F做功：W总=Fs=400N×6m=2400J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×2m=1800J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=1800J2400J×100%=75%；
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，
则动滑轮的重力：G动=nF-G=3×400N-900N=300N；
(4)不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η'=80%，设提升重物的重力为G'，
此时，滑轮组的机械效率：η'=G'G'+G动，
80%=G'G'+300N，
解得：G'=1200N。
答：(1)拉力F做功2400J；
(2)滑轮组的机械效率为75%；
(3)动滑轮重300N；
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物1200N。
【解析】(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W=Fs求拉力F做的功；
(2)利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮的重力；
(4)将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η'=80%，设提升重物的重力为G'，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，据此求用此滑轮组一次提升重物的重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算。要利用好两个关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)、滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动。
19.【答案】解：(1)要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA
L两端电压恒为2V，则R0两端电压U0=U-Ut=220V-2V=218V，
R0的最大阻值：R0=U0I=218V0.04A=5450Ω.
(2)保压时，加热器R2工作，加执器电功率P2=W2t=0.2kW⋅h1h=0.2kw=200W，
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω.
(3)假设电压力锅在35min内一直处于加热状态，则水吸收的热量Q吸=η(P1+P2)t
Q吸=90%×(800W+200W)×35×60s=1.89×106JQ吸=c水m水(t-t0)=c水ρ水V水(t-t0)
所以1.89×106J=4.2×103J/(kg⋅℃)×103kg/m3×5×10-3m3×(t-20℃)
t=110℃
由于锅内水温达到105℃时，压力锅处于保压状态，温度保持不变，所以吸热后水温升高到105℃.
答：(1)R0的最大阻值为5450Ω.
(2)R2的阻值为242Ω.
(3)水温升高到105摄氏度．
【解析】(1)发光二极管L与电阻R0串联，L两端电压恒为2V，根据串联电路电压的规律求出R0两端电压，指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，根据欧姆定律求出R0的最大阻值．
(2)已知消耗的电能和时间，先根据公式W=Pt求出加热器的电功率，再根据公式R=U2P求出R2的阻值．
(3)已知消耗的电能有90%被有效利用，根据公式Q=ηPt可求水吸收的热量，再利用公式Q=cm△t可求水升高的温度．
本题考查电阻、电功率、吸收热量和升高温度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电路图的分析，这也是本题的难点．
20.【答案】BCAD0.96×103 降低 0.916×103kg/m3
【解析】解：(1)小明的操作中，量杯的分度值太大，读数误差大，同时，将烧杯中的白酒倒入量杯时，会倒不干净，测得的酒精体积偏小；为了减小误差合理的步骤排序BCAD；
(2)第一次实验时所测得的白酒密度：ρ1=m1V1=46g50cm3=0.92g/cm3，
第二次实验时所测得的白酒密度：ρ2=m2V2=28.8g30cm3=0.96g/cm3=0.96×103kg/m3，
比较可知，过了一段时间后，白酒的密度增大，说明里面的酒精含量减少，酒精度降低了。
(3)由题知，“42%”指100mL酒中所含酒精的毫升数为42mL，则所含水的体积为58mL，
则500mL酒中所含酒精的体积：
V酒精=5×42mL=210mL=210cm3，
酒精的质量：
m酒精=ρ酒精V酒精=0.8g/cm3×210cm3=168g；
所含水的体积：
V水=V总-V酒精=500mL-210mL=290mL=290cm3，
水的质量：
m水=ρ水V水=1g/cm3×290cm3=290g，
白酒的质量：
m=m酒精+m水=168g+290g=458g，
酒的密度：
ρ=mV总=458g500cm3=0.916×103kg/m3。
故答案为：(1)BCAD；(2)0.96×103；降低了；(3)0.916×103kg/m3。
(1)从测量误差方面考虑操作过程的不足之处；
(2)利用密度的公式ρ=mV求出前后两次白酒的密度，从而分析酒的酒精度是否降低；
(3)由题知，“42%”指100mL酒中所含酒精的毫升数为42mL，可求水的体积，再求出500mL白酒中含有水和酒精的体积，利用密度公式求水的质量和酒精的质量，二者之和就是白酒的质量，根据密度公式求出酒的密度。
本题考查实验误差的分析和密度公式的灵活应用，是一道理论联系实际的题目，理解酒精度(酒中酒精和酒的体积百分比)的含义是解答的关键。
21.【答案】向下 缩小 照相机 能 左
【解析】解：(1)动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端，由于此时手机成的是倒立的实像，则右侧手机壳上火箭的像向下移动；
(2)由图可知，此时的物距大于二倍焦距时，则凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，根据光路可逆可知，在左侧的手机壳上能出现清晰的像；
(4)将自己的近视镜靠近凸透镜放置，近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用，使得像推迟会聚，在不移动右侧手机壳的情况下，相当于减小了像距，需要增大物距，即需要向左调节左侧手机，使手机壳上的像变清晰。
故答案为：(1)向下；(2)缩小；照相机；(3)能；(4)左。
(1)凸透镜成实像时，像是倒立的；
(2)当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)在光的折射中，光路是可逆的；
(4)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。
22.【答案】压力 静止 等于 左
【解析】解：(1)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关，他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的压力相同；
(2)如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于静止状态，可以保证鞋所受到的摩擦力等于鞋受到弹簧测力计的拉力大小，滑动摩擦力的方向与拉力方向相反，弹簧测力计对鞋的拉力水平向右，由二力平衡条件知，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向左。
故答案为：(1)压力；(2)静止；等于；左。
(1)在探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系时，应控制压力相同；
(2)改进后的实验拉动木板时，鞋子始终处于静止状态；由二力平衡条件知，滑动摩擦力的方向与拉力方向相反。
本题考查影响滑动摩擦力大小的因素，掌握控制变量法、二力平衡条件在本实验中的应用。
23.【答案】1.5左 反比 R2 R2滑片位置不动 1.75
【解析】解：(1)①原电路图中，变阻器没有接入电路，电压表并联在定值电阻和变阻器两端是错误的；变阻器应串联在电路中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
②研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U源-UV=3V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R，即3V-UVUV=R滑R------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：3V-UVUV=20Ω20Ω，
解得电压表的示数：U=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V；
③实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向左调节；
经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(2)实验步骤：
①为了完成实验，在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2，如下图所示：
；
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A；
③将R2的滑片移至最右端。断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动R2的滑片，直至电流表的示数为0.5A；
④R2滑片位置不动，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A；
⑤在步骤②中，R1与R2串联，且R2的阻值为0，电路为只有R1的简单电路，此时R1的阻值最大，电流表测串联电路电流为0.3A，根据欧姆定律，电源电压为：
U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
在步骤③中，R2与灯泡串联，电流表测串联电路电流；向左移动R2的滑片，使电流表的示数为0.5A，此时灯泡正常发光；
在步骤④中，R1与R2串联，电流表测串联电路电流；保持R2滑片位置不动，R1的阻值最大，此时电流表示数为0.24A，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总1=UI2=6V0.24A=25Ω，
根据电阻的串联，R2=R总1-R1=25Ω-20Ω=5Ω；
当灯泡正常发光时，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总2=UI额=6V0.5A=12Ω，
灯泡正常发光时的电阻为：
RL=R总2-R2=12Ω-5Ω=7Ω，
小灯泡的额定功率为：
P额=I额2RL=(0.5A)2×7Ω=1.75W。
故答案为：(1)①见解答图；②1.5；③左；反比；(2)①见解答图；③R2；④R2滑片位置不动；⑤1.75。
(1)①原电路图中，变阻器没有接入电路，电压表并联在定值电阻和变阻器两端是错误的；变阻器应串联在电路中，电压表应并联在定值电阻两端；
②当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
③根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(2)实验电路图中没有电压表，可根据P=I2R的原理测量小灯泡的额定功率；根据R1的滑片在最右端，R2的滑片在最左端结合欧姆定律求出电源电压；让R2与灯泡串联，调节R2使小灯泡正常发光，即使通过小灯泡的电流等于额定电流0.5A；保持R2滑片位置不动，让R2与R1串联，根据欧姆定律求出电路总电阻，根据电阻的串联求出R2的阻值；根据灯泡的额定电流求出电路的总电阻，根据电阻的串联求出灯泡正常发光时的电阻，最后根据P=I2R求出灯泡的额定功率。
本题探究电流与电阻关系和测小灯泡的额定功率实验，考查电路连接、实验操作、电流表读数、控制变量法和欧姆定律的应用以及设计方案测额定功率的能力，综合性较强，难度较大。
24.【答案】吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷 D 变小 吸合 将滑动变阻器串联到控制电路中
【解析】解：
(1)如果风暖浴霸安装在淋浴区正上方，工作时向下吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷，洗澡时候会很不舒服。
(2)A、LED发光二极管是由半导体材料制成，故A错误；
B、电动机的原理是磁场对通电导体的作用，故B错误；
C、风暖机工作时消耗电能，实现了电能转化为内能，故C错误；
D、浴霸开启后加热元件温度迅速升高，内能增大，传递给空气，是用热传递的方式改变了空气内能，故D正确。
故选D。
(3)吹风可以单独使用，电动机和加热电阻并联。在使用加热系统时，需要先打开吹风，然后才能开启加热功能，所以两个开关一个在干路上，一个在加热电阻所在的支路，如图所示
(4)由图乙可知，当浴室中的温度上升时，热敏电阻的阻值变小；
当浴室中的温度上升时，热敏电阻的阻值变小，由欧姆定律可知控制电路的电流变大，电磁铁磁性增强，继电器的衔铁会被吸合；
要实现自动控制温度可调，需在控制电路中串联一个滑动变阻器，通过调节其连入电路的阻值改变控制电路中的电流大小，改变继电器动作时的温度，实现自动控制温度。
故答案为：(1)吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷；(2)D； (3)如上图 (4)变小；吸合；将滑动变阻器串联到控制电路中。
(1)影响蒸发快慢的因素主要有：一是液体自身温度的高低；二是液体表面积大小；三是液体表面空气流动速度快慢；蒸发吸热具有制冷作用；
(2)LED发光二极管是由半导体材料制成的，只有正向通电时才会发光；电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动；风暖机工作时电能转化为内能和机械能；热传递的方式可以改变内能；
(3)根据串、并联电路的特点分析作答；
(4)由图像丁可知，温度升高时R1的电阻变小；
温度上升时，热敏电阻的阻值变小，控制电路的电流变大，电磁铁磁性增强，电磁铁磁对衔铁的吸引力变大，据此分析；
要实现自动控制温度可调，需在控制电路中串联一个滑动变阻器。
本题考查物态变化、半导体材料、电动机原理、电路设计以及电磁继电器使用等内容，是一道学科内综合题。
2022-2023学年辽宁省沈阳市新民实验中学九年级（下）期中物理试卷
1. 下列估测最合理的是( )
A. 分子的直径约为10-2m
B. 成人双脚站立时对地面压强约为1.2×104Pa
C. 一个鸡蛋的质量约为500g
D. 空调正常工作的功率约为100W
2. 如图所示是小明同学立定跳远考试时的场景，下列说法正确的是( )
A. 小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
B. 小明跳起后，在空中运动到最高点时处于平衡状态
C. 小明跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D. 起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力是一对平衡力
3. 对如图所示四幅图片涉及的物理知识分析错误的是( )
A. 海军南昌舰从长江开到黄海后，舰身要上浮一些
B. 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C. 飞机机翼设计成流线型，利用机翼上方空气流速慢，压强小形成向上的升力
D. “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压力的作用效果
4. 如图所示的四个情景，下列选项中说法正确的是( )
A. 甲图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减小
B. 乙图中两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在扩散现象
C. 丙图中红墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈
D. 丁图中活塞向下运动，燃气的内能全部转化成活塞的机械能
5. 如图所示，家庭电路连接正确，各元件均可以正常工作，有关说法正确的是( )
A. 洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是串联的
B. 有金属外壳的洗衣机可以接入三孔插座也可接两孔插座
C. 闭合开关时，人接触B点或C点都可能引起触电
D. 断开开关时，试电笔接触B、C两点氖管都不发光
6. 下列说法正确的是( )
A. 煤属于可再生能源，太阳能属于一次能源
B. 能量的转化、转移都是有方向性的，能量的利用是无条件的
C. 逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应
D. 核电站是利用原子核发生可控的核聚变产生的核能来发电的
7. 关于如图所示的电和磁的实验，下列描述中正确的是( )
A. 实验演示的是电流的磁效应
B. 实验演示的是电动机的工作原理
C. 实验演示的是磁场对电流的作用，直流电动机是依据此原理制成的
D. 实验演示当铁棒靠近条形磁铁时被吸引，说明铁棒原来就有磁性
8. 将质量和底面积都相同的A、B两个容器放在水平桌面上，向其内部分别注入甲、乙两种液体。将体积相同的两个实心物体M、N分别放入两种液体中，物体静止在如图所示的位置，此时两种液体对容器底部的压力相等。下列说法中正确的是( )
A. 物体M的密度大于物体N的密度
B. 物体M受到的浮力等于物体N受到的浮力
C. 甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强
D. 容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强
9. 如图甲所示，电源电压为5V，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。在保证所有元件安全的情况下，只闭合开关S、S1，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电流表示数与电压表示数关系的图象，如图乙所示。只闭合开关S、S2，最大范围移动滑动变阻器滑片，绘制出电压表示数与滑动变阻器R2接入电路中阻值关系的图象，如图丙所示。下列判断正确的是( )
A. 滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω
B. 灯泡的额定功率为1.5W
C. 以上两种情况，电路最大功率为2.5W
D. 只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时R2连入电路的阻值是10Ω
10. 根据______ 的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的______ (选填“O”、“A”或“B”)点为薄板的重心。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F ______ 书包的重力G(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
11. 如图所示，停在斜坡上的汽车受到______ 个力的作用。汽车对地面有压力作用，垂直压在物体表面上的力叫做压力，那么该处的“物体”指的是______ (选填“汽车”或“地面”)，压力的方向为图______ 所示(选填“①”“②”“③”或“④”)。
12. 由于许多显示屏需滚动显示内容，LED工作的个数也在不停地发生变化，整个显示屏工作过程中的哪些物理量发生了变化______ 。(填序号)
A、电源电压
B、插头处的电流
C、整个显示屏的功率
D、相同时间内的耗电量
13. 在探究“杠杆平衡条件”时，小多把右边的钩码换成弹簧测力计，使杠杆从水平位置匀速缓慢转过一定角度，如图所示，此过程中弹簧测力计始终沿竖直方向拉动，则拉力的力臂______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)，拉力的大小______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。当杠杆被拉到如图所示的位置静止时，杠杆______ 平衡状态。(选填“处于”或“不处于”)
14. 随着人们生活水平的提高，轿车已逐渐进入百姓家庭，大多数轿车的外形纵截面类似于飞机机翼的纵截面(俗称“流线型”)，如图甲所示。这样形状的轿车高速行驶时，对地面的压力会减小，出现“发飘”现象，具有一定的危险性。为了防止汽车“发飘”，增加汽车对地面的压力，有些轿车的尾部安装了导流板，如图丙所示。
(1)请用所学过的物理知识分析汽车高速行驶时，出现“发飘”现象的原因。
(2)导流板的形状应该是图乙中的______ 。
15. 如图所示，完全相同的圆柱形容器中，A、B两点距容器底的高度相同。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA______ pB；液体对甲、乙两容器底的压力关系是F甲______ F乙(两空均选填“>”或“=”或“<”)。
16. 如图所示，完全相同的圆柱形容器中，A、B两点的高度相同。若两种液体的质量相等，则A、B两点的压强关系是pA______pB；液体对甲、乙两容器底的压力关系是F甲______F乙(两空选填“>”、“=”或“<”)。
17. 在相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量______ (选填“多”或“少”)，若电路中的电流为0.5A，则1min内电流通过R1产生的热量为______ J。
18. 建筑工地的工人用如图所示的滑轮组来提升重物。已知重物G=900N，不计绳重和摩擦，当绳子自由端的拉力F=400N时，可将重物匀速提升2m。
求：
(1)拉力F做功多少焦？
(2)滑轮组的机械效率为多少？
(3)动滑轮重多少N？
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物多少N？
19. 电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能，某型号电压力锅的额定电压为220V，如图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R2是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触电a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾．
(1)电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值．
(2)在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kWh，求R2的阻值．
(3)用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度？已知消耗的电能有90%被有效利用，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃).
20. 打开酒瓶瓶盖，会闻到酒精的气味，瓶盖开启时间长了，会不会使酒的酒精度(酒中酒精和酒的体积百分比)降低呢？小明认为：酒精的密度为0.8×103kg/m3与水的密度不同，若酒的酒精度发生变化，则酒的密度必定会变化。因此只要确定酒的密度是否变化，就能作出有效判读。于是他用天平、烧杯、量杯和白酒等器材。测量酒的密度，操作过程如下：
A.用天平测出空烧杯的质量；
B.在烧杯中倒入适量的白酒，测出烧杯和白酒的总质量；
C.再将烧杯中的白酒倒入量筒中，测出白酒的体积；
D.计算出白酒的密度。
(1)如果按上面的步骤会存在较大误差，为了减小误差合理的步骤排序______ 。
(2)改进实验后，小明第一次测得白酒的质量为46g，体积50mL。过了一段时间后，第二次测得白酒质量是28.8g，体积是30mL。第二次实验时所测得的白酒密度是______ ，酒的酒精度______ (填“降低”、“不变”或“升高”)；
(3)按照行业规定：白酒的度数是指气温在15℃时、100mL酒中所含酒精的毫升数。请你根据行业规定计算“中国梦-梦之蓝”一瓶梦之蓝为500mL，酒精度为42%，的白酒的密度是______ 。(不考虑勾兑时体积变化，酒精的密度是0.8×103kg/m3)
21. 小明的爸爸和妈妈用的同样的手机和相同的白色粗糙手机壳，于是小明使用手机支架把这两个同样的手机安装在光具座上来探究“凸透镜成像规律”，已知凸透镜的焦距为10cm。
(1)小明将左侧的手机的一个动画打开，动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端。则右侧手机壳上火箭的像______ (填“向上”或“向下”)运动。
(2)两手机和凸透镜的位置如图所示，右侧手机壳上成清晰的像，该像为倒立、______ (填“放大”或“缩小”)的实像。生活中的______ (填“投影仪”、“放大镜”或“照相机”)利用了这个原理。
(3)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，左侧的手机壳上______ (填“能”或“不能”)出现清晰的像。
(4)小明将两手机和凸透镜恢复到如图所示的情景，将自己的近视镜靠近凸透镜放置，手机壳上的像变模糊了，应适当的向______ (填“左”或“右”)调节左侧手机使手机壳上的像变清晰。
22. 小刚同学想测试一下橡胶底和牛筋底的运动鞋的滑动摩擦力。
(1)他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的______ 相同。
(2)在拉动过程中，匀速直线拉动鞋实际很难控制，于是他将鞋放在相同的水平木板上，如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于______ 状态，可以保证鞋所受到的摩擦力______ 鞋受到弹簧测力计的拉力大小，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向______ (选填“左”或“右”)。
23. 电学实验课上，老师提供了“20Ω1A”字样的滑动变阻器R1、定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω)、标有“0.5A”字样的小灯泡、两节干电池等器材。利用所学的知识，请你帮助小鹏同学完成下面的实验。
(1)探究电流与电阻关系
①小鹏连接了如图甲所示的电路。其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线，将电路连接正确。
②正确连接电路后，根据现有器材，为了让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压不能低于______ V；
③用10Ω电阻替换5Ω电阻后，滑片应该向______ 调节。经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成______ ；
(2)小鹏想测量标有“0.5A”字样小灯泡的额定功率。老师从实验室中拿出最大阻值未知的滑动变阻器R2和一个电压未知的电源(以上两器材均能满足实验要求)，经过思考，利用原有的“20Ω1A”的滑动变阻器R1和电流表等器材，小鹏设计了如图丙所示的电路，请你帮他完成实验；
①为了完成实验，请在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2；
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A；
③将R2的滑片移至最右端，断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动______ 的滑片，直至电流表的示数为0.5A；
④______ ，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A；
⑤小灯泡的额定功率P额=______ W。
24. 如图甲为小明家新安装的风暖型浴霸，它集LED照明系统和暖风系统于一体，两个系统既能同时工作也能单独工作，因此极大方便了人们的日常生活。浴霸的风暖加热功能主要是利用电动机鼓动空气流动，通过加热元件加热冷空气带动室内升温。
(1)师傅在安装时候告诉小明，风暖浴霸安装时要离开淋浴区一段距离，尽量不要安装在淋浴区正上方，否则洗澡时候会很不舒服，聪明的小明马上想到这样安装的原因，这是因为______；
(2)关于风暖浴霸，下列说法正确的是______；
A.浴霸照明用的LED发光二极管是由绝缘体材料制成
B.浴霸吹风用的电动机的原理是电磁感应现象
C.风暖机工作时实现了内能转化为电能
D.浴霸开启后卫生间温度升高，是用热传递的方式改变了空气内能
(3)小明在使用中发现：为确保安全，在使用加热系统时，需要先打开吹风(电动机)，然后才能开启加热功能(R为加热电阻)，而吹风(M为电动机)可以单独使用。请你根据题中信息设计出符合要求的电路，并用笔画线代替导线将图乙电路连接完整；
(4)小明利用热敏电阻为家中风暖型“浴霸”设计了一个温度可自动控制的装置，如图丙所示。“控制电路”中的热敏电阻R1的阻值随温度变化的曲线如图丁所示，回答问题：
当浴室中的温度上升时，由图乙可知热敏电阻的阻值______(选填“变大”“变小”或“不变”)；当升高到一定的温度值时，继电器的衔铁会被______(选填“吸合”或“释放”)；
小明想在控制电路中增加一个电子元件实现自动控制温度可调，请写出小明所选用的是哪种电子元件如何连接到电路中的(要求保证电路安全)：______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、分子的直径非常小，一般在0.1nm=10-10m左右，故A错误；
B、人每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，双脚面积(受力面积)S=0.04m2；成人的体重大约为60kg左右，对地面的压力为F=G=mg=60kg×10N/kg=600N；对地面的压强p=FS=600N0.04m2=1.5×104Pa，接近于1.2×104Pa，故B正确；
C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C错误；
D、空调正常工作的功率约为1000W，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查了学生对生活中一些常见物理量的估测能力，体现了物理和生活的紧密联系。这就告诉我们学习物理，不能只看课本，平时要多观察生活，将所学知识与生活联系起来。
2.【答案】A
【解析】解：A、小明穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确；
B、小明跳起后，在空中运动到最高点时只受重力作用，受力不平衡，处于非平衡状态，故B错误；
C、小明跳起后，不再受到地面弹力的作用下，之所以继续向前运动，是因为小明具有惯性，故C错误；
D、起跳时，小明对地面的压力和地面对小明的支持力不是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(2)对小明进行受力分析即可作出判断；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查增大摩擦的方法、平衡状态的判断、平衡力的辨别、惯性，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
3.【答案】C
【解析】解：
A、海军南昌舰始终处于漂浮状态，浮力等于自身的重力，所以它从长江开到黄海，浮力大小保持不变，由于海水的密度大于长江水的密度，则由F浮=ρ液gV排可知，在浮力大小不变时，液体密度变大，排开液体的体积会变小，故舰身会上浮一些，故A正确；
B、船闸的下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；所以，船闸是利用连通器原理工作的，故B正确；
C、飞机机翼设计成流线型，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，则机翼受到向上的压强差，即产生了向上的升力，故C错误；
D、“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D正确。
故选：C。
(1)根据漂浮条件可知，“南昌舰”满载时从长江开到黄海时，浮力大小保持不变，利用阿基米德原理分析解答；
(2)连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；
(3)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题主要考查了物体浮沉条件及其应用、流体压强和流速的关系、减小压强的方法、连通器原理等，综合性强，但难度不大，掌握基本规律是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能变大，故A错误；
B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散的比冷水中快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；
D、丁图中活塞向下运动，燃气的内能部分转化成活塞的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)对物体做功，物体的内能变大；
(2)分子间存在着相互作用的引力与斥力；
(3)物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，温度越高，分子运动越剧烈；
(4)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
本题中的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。
5.【答案】D
【解析】解：A、洗衣机接入三孔插座后电灯与洗衣机是并联的，洗衣机和电灯都能正常工作，并且互不影响，故A错误。
B、洗衣机接入三孔插座能使洗衣机金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，不能用两孔插座，故B错误。
C、闭合开关时人接触B点，人体加在火线和大地之间，会发生触电事故；闭合开关时人接触C点，人体和CD间的导线并联在电路中，人体的电阻很大，人体被短路，几乎没有电流从人体通过，不会发生触电事故，故C错误。
D、断开开关时，测电笔接触A时，测电笔接触火线，氖管发光；接触BC两点时，由于断开开关，切断火线，不会使测电笔氖管发光。故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。家用电器和三孔插座之间都是并联的，当用电器插入插座时，各用电器之间互不影响，而且能正常工作。
(2)理论上说，零线上是没有电压的，触电是人体直接或间接接触火线。
(3)用测电笔接触导线，接触火线能使氖管发光。
掌握家用电器的连接方法和三孔插座的连接方法，以及掌握这样连接的原因。
掌握测电笔检测导线时，开关的闭合和断开，影响测电笔的氖管发光情况。
人体接触家庭电路的同一部分，发生触电事故的情况受开关的闭合和断开的影响。
6.【答案】C
【解析】解：A、煤属于不可再生能源，太阳能属于一次能源，故A错误；
B、能量转移和转化是有方向性的，所以能量的利用是有条件的，故B错误；
C、逐渐停售燃油汽车，大力推广电动汽车，有利于缓解温室效应，故C正确；
D、核电站是利用原子核发生可控的核裂变释放的能量来发电的，故D错误。
故选：C。
(1)能源是能够向人类提供能量的物质，能源分为可再生能源和不可再生能源两大类，也可分为一次能源和二次能源，一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源，其中电能是现代社会中非常重要的二次能源；可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等；
(2)能量的转化和转移具有方向性；
(3)燃油汽车的大量使用使空气污染和温室效应加剧；
(4)核电站是利用核裂变释放的能量来发电的。
此题考查了能量的转化和能源的分类，核能的利用等内容，属于基础内容。
7.【答案】AC
【解析】解：A、该装置是奥斯特实验，是用来研究通电导线周围是否有磁场的实验装置，演示的是电流的磁效应，故A正确；
B、该装置能产生电，故是发电机，故B错误；
C、该实验装置有电源，即通电后，磁场中的导体会受力转动，即通电导线在磁场中受力的作用，直流电动机是依据此原理制成的，故C正确；
D、磁铁具有吸引铁、钴、镍等物质的性质，如果铁棒没有磁性也会吸引，故D错误．
故选AC.
根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：
(1)发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；
(2)电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池．
教材中的重要实验装置图要采用对比记忆的方法认真识记，包括实验装置的名称、说明的原理、重要的应用等．
8.【答案】AD
【解析】解：AC、由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，即F甲=F乙，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，由图知甲液体的深度比乙液体的深度小，由p=ρgh可知ρ甲>ρ乙，物块M在甲液体中悬浮，所以M的密度与甲液体的密度相等，物块N在乙液体中漂浮，所以N的密度小于乙液体的密度，即ρM=ρ甲，ρ乙>ρN，所以ρM>ρN，故A正确、C错误；
B、由图知两物体排开液体体积V排甲>V排乙，又因为ρ甲>ρ乙，根据F浮=ρ液gV排可知，物体M受到的浮力大于物体N受到的浮力，故B错误；
D、由于A容器上口大下底小且物体M悬浮在甲液体中，则有G甲+GM>F甲，B容器为柱形容器且物体N漂浮在乙液体中，G乙+GN=F乙，又两个容器底部受到的液体压力相等，则G甲+GM>G乙+GN，由于两容器质量相等，则有GA=GB，则两容器对桌面的压力：FA=GA+G甲+GM>FB=GB+G乙+GN，由p=FS可知，容器A对水平桌面的压强大于容器B对水平桌面的压强，故D正确。
故选：AD。
(1)由于两个底面积相同、形状不同的容器A和B，并且两个容器底部受到的液体压力相等，由公式p=FS得两种液体对容器底部的压强相等，两种液体中的深度h甲
(3)根据容器形状及物体沉浮状态可判断液体和物体受到的重力之各与液体对容器底面的压力关系，从而可判断容器对桌面的压力关系，由p=FS可得两容器对桌面的压强关系。
此题考查物体浮沉条件及其应用、密度的大小比较、压强公式和液体压强公式的应用以及浮力产生的原因等知识，是一道综合性很强，且难度较大的题目。
9.【答案】ABC
【解析】解：A、只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，由图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压为：U1大=4V，通过的最小电流为：I1小=0.2A，由欧姆定律可知，滑动变阻器R1的最大阻值：R1大=U1大I1小=4V0.2A=20Ω，故A正确；
B、只闭合开关S、S1，当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知此时电路中电流为：I1大=0.5A，即灯泡的额定电流为：I额=I1大=0.5A；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，由串联电路的电压特点可知，灯泡额定的电压：U额=U-U2=5V-2V=3V，所以灯泡的额定功率：P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W，故B正确；
C、由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，由题意可知，两次电路中灯泡正常发光时电路中的电流最大，因此两次电路中的最大电流都等于灯泡的额定电流，所以两次电路消耗的最大功率：P=UI额=5V×0.5A=2.5W，故C正确；
D、只闭合开关S、S2，灯泡正常发光时，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压为U2=2V，通过R2的电流：I2=I1大=0.5A，由欧姆定律可知，R2的接入电阻：R2=U2I2=2V0.5A=4Ω，故D错误。
故选：ABC。
(1)只闭合开关S、S1，灯泡与滑动变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，根据图乙可知，滑动变阻器两端的最大电压和通过的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器R1的最大阻值；
(2)当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙可知此时电路中电流即小灯泡的额定电流；
只闭合开关S、S2，灯泡与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，由欧姆定律可知，此时滑动变阻器R2接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器R2两端电压最小，由图丙可知此时滑动变阻器R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时的电压，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)由P=UI可知，电源电压一定时，电路中的电流最大时，电路的电功率最大，根据题目条件分析出两次电路中的最大电流，根据P=UI求出电路中的最大功率；
(4)知道R2两端的电压和通过R2的电流，根据欧姆定律计算R2的接入电阻。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
10.【答案】二力平衡 O 小于
【解析】解：根据二力平衡的条件和重力的方向总是竖直向下的，可以用悬挂法测不规则形状的薄板的重心，如图甲所示，应分别选择A、B两点悬挂起来，沿铅垂线方向两次画出直线，图中的O点为薄板的重心，因为O是两条重锤线的交点。如图乙所示，书包没有被提起，拉力F小于书包的重力G。
故答案为：二力平衡：O；小于。
(1)重力在物体上的作用点叫重力；用平衡力法可以确定物体的重心。
(2)物体刚好被提起来时，拉力和重力是一对平衡力；物体没有被提起时，拉力小于重力。
知道重心的概念和确定重心的方法。
11.【答案】三 地面 ②
【解析】解：停在斜坡上的汽车受到重力、斜坡的支持力、斜面的摩擦力作用，共三个力；
根据压力的定义可知，定义中的“物体”在此指的是地面，压力的方向垂直于受力面，为图中②。
故答案为：三；地面；②。
(1)对汽车进行受力分析，判断受力情况；
(2)垂直压在物体表面上的力叫压力；压力属于弹力，是由受力物体发生形变引起的。
此题考查压力的定义和方向，属于基础知识考查，难度较小。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故A不符合题意；
B、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流(插头处的电流)发生改变，故B符合题意；
C、根据P=UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C符合题意；
D、根据W=Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D符合题意。
故选：BCD。
根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答。
本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。
13.【答案】变小 不变 处于
【解析】解：小多把右边的钩码换成弹簧测力计，使杠杆从水平位置匀速缓慢转过一定角度，如图所示，此过程中弹簧测力计始终沿竖直方向拉动，根据力臂的定义可知，此时拉力的力臂变小；钩码的重力的力臂变小，根据三角形知识可知，左端力的力臂与拉力的力臂的比值不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力的大小不变；
当杠杆被拉到如图所示的位置静止时，杠杆处于平衡状态。
故答案为：变小；不变；处于。
从支点到力的作用下的距离叫做力臂；根据杠杆的平衡条件分析；物体处于静止状态时为平衡状态。
本题考查了力臂的概念、平衡状态的判定、杠杆的平衡条件的应用，难度不大。
14.【答案】C
【解析】解：(1)等质量的空气在相同的时间内同时通过轿车的上表面和下表面，由于轿车上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过轿车上表面的流速大，通过下表面的流速较小，流体中流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，形成向上的压强差即压力差，产生上托的力，出现“发飘”现象。
(2)要增加汽车对地面的压力，防止汽车“发飘”，提高车轮的抓地性能，就要使汽车高速行驶时，导流板上方的空气流速小压强大，下方的空气流速大压强小，即上方平直下方凸起，产生一个向下的压强差，故选导流板C。
故答案为：(1)等质量的空气在相同的时间内同时通过轿车的上表面和下表面，由于轿车上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过轿车上表面的流速大，通过下表面的流速较小，流体中流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，形成向上的压强差即压力差，产生上托的力，出现“发飘”现象。
(2)C。
(1)轿车做成流线型(上凸下平)，与飞机机翼的作用一样，可以利用快速运动时气流对其产生的向上的压力差，减小汽车对地面的压力，从而减小摩擦，利于加速，利于节能。
(2)要产生向下的压力，导流板横截面的形状就应跟客机机翼的形状相反，上平下凸，使上方的空气流速小压强大。
理解流体压强与流速的关系，并能解释一些简单的生活应用，如：候车时站在安全线内、飞机起飞的升力等。
15.【答案】<=
【解析】解：
(1)已知甲、乙两容器中液体的质量相等，又因为甲中液体的体积小于乙中液体的体积，由公式ρ=mV可得，ρ甲>ρ乙，读图可知，A、B两点距容器底面的距离相同，由公式p=ρgh可知，两点以下部分，液体产生的压强大小关系为pA下>pB下，两容器内液体质量相同，重力相同，对容器底面的压力相同，由p=FS可得两容器中液体对底面的压强相同，则A、B两点的实际压强：p甲-pA下
故答案为：<；=。
(1)由图可知甲杯液体体积小，乙杯液体体积大，而两液体的质量相同，根据密度公式密度大小；液体某处的压强等于液体对底部的压强减去该处下方液体产生的压强；
(2)对于柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力。
本题考查密度公式、液体压强公式以及压强公式的运用，难度不大。
16.【答案】<=
【解析】解：
(1)两种液体的质量相等，
由图知V甲
因为A，B到容器底的距离相同，
所以pA下>pB下，
两种液体的质量相等，重力相等，对容器底的压力相同，两容器底面积相同，所以两种液体对容器底部的压强相等，
pA底=pB底，
因为液体对容器底的压强pA底=pA+pA下，pB底=pB+pB下，
所以A、B两点的压强关系：pA
故答案为：<；=。
(1)两种液体的质量相等，由图知VA
(2)根据压力和重力的关系判断。
本题考查了压强公式的应用以及压力与重力的区别。
17.【答案】少 75
【解析】解：由图可知，R1、R2串联，而且R1
由Q=I2Rt可知，在相同时间内R1产生的热量比R2产生的热量少；
1min内电流通过R1产生的热量：Q=I2R1t=(0.5A)2×5Ω×1×60s=75J。
故答案为：少；75。
(1)由图可知，R1、R2串联，根据串联电路的电流特点可知通过R1、R2的电流关系，根据Q=I2Rt可知在相同时间内R1产生的热量与R2产生的热量的大小关系；
(2)根据Q=I2Rt可求出1min内电流通过R1产生的热量。
本题考查串联电路的特点以及焦耳定律的应用，是一道基础题。
18.【答案】解：(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=3×2m=6m，
拉力F做功：W总=Fs=400N×6m=2400J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×2m=1800J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=1800J2400J×100%=75%；
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，
则动滑轮的重力：G动=nF-G=3×400N-900N=300N；
(4)不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，
将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η'=80%，设提升重物的重力为G'，
此时，滑轮组的机械效率：η'=G'G'+G动，
80%=G'G'+300N，
解得：G'=1200N。
答：(1)拉力F做功2400J；
(2)滑轮组的机械效率为75%；
(3)动滑轮重300N；
(4)若将该滑轮组的机械效率提高5%，需要用此滑轮组一次提升重物1200N。
【解析】(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W=Fs求拉力F做的功；
(2)利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
(3)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮的重力；
(4)将该滑轮组的机械效率提高5%时，其机械效率η'=80%，设提升重物的重力为G'，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动，据此求用此滑轮组一次提升重物的重力。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算。要利用好两个关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)、滑轮组的机械效率η=W有用W总=W有用W有用+W额=GhGh+G动h=GG+G动。
19.【答案】解：(1)要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA
L两端电压恒为2V，则R0两端电压U0=U-Ut=220V-2V=218V，
R0的最大阻值：R0=U0I=218V0.04A=5450Ω.
(2)保压时，加热器R2工作，加执器电功率P2=W2t=0.2kW⋅h1h=0.2kw=200W，
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω.
(3)假设电压力锅在35min内一直处于加热状态，则水吸收的热量Q吸=η(P1+P2)t
Q吸=90%×(800W+200W)×35×60s=1.89×106JQ吸=c水m水(t-t0)=c水ρ水V水(t-t0)
所以1.89×106J=4.2×103J/(kg⋅℃)×103kg/m3×5×10-3m3×(t-20℃)
t=110℃
由于锅内水温达到105℃时，压力锅处于保压状态，温度保持不变，所以吸热后水温升高到105℃.
答：(1)R0的最大阻值为5450Ω.
(2)R2的阻值为242Ω.
(3)水温升高到105摄氏度．
【解析】(1)发光二极管L与电阻R0串联，L两端电压恒为2V，根据串联电路电压的规律求出R0两端电压，指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，根据欧姆定律求出R0的最大阻值．
(2)已知消耗的电能和时间，先根据公式W=Pt求出加热器的电功率，再根据公式R=U2P求出R2的阻值．
(3)已知消耗的电能有90%被有效利用，根据公式Q=ηPt可求水吸收的热量，再利用公式Q=cm△t可求水升高的温度．
本题考查电阻、电功率、吸收热量和升高温度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电路图的分析，这也是本题的难点．
20.【答案】BCAD0.96×103 降低 0.916×103kg/m3
【解析】解：(1)小明的操作中，量杯的分度值太大，读数误差大，同时，将烧杯中的白酒倒入量杯时，会倒不干净，测得的酒精体积偏小；为了减小误差合理的步骤排序BCAD；
(2)第一次实验时所测得的白酒密度：ρ1=m1V1=46g50cm3=0.92g/cm3，
第二次实验时所测得的白酒密度：ρ2=m2V2=28.8g30cm3=0.96g/cm3=0.96×103kg/m3，
比较可知，过了一段时间后，白酒的密度增大，说明里面的酒精含量减少，酒精度降低了。
(3)由题知，“42%”指100mL酒中所含酒精的毫升数为42mL，则所含水的体积为58mL，
则500mL酒中所含酒精的体积：
V酒精=5×42mL=210mL=210cm3，
酒精的质量：
m酒精=ρ酒精V酒精=0.8g/cm3×210cm3=168g；
所含水的体积：
V水=V总-V酒精=500mL-210mL=290mL=290cm3，
水的质量：
m水=ρ水V水=1g/cm3×290cm3=290g，
白酒的质量：
m=m酒精+m水=168g+290g=458g，
酒的密度：
ρ=mV总=458g500cm3=0.916×103kg/m3。
故答案为：(1)BCAD；(2)0.96×103；降低了；(3)0.916×103kg/m3。
(1)从测量误差方面考虑操作过程的不足之处；
(2)利用密度的公式ρ=mV求出前后两次白酒的密度，从而分析酒的酒精度是否降低；
(3)由题知，“42%”指100mL酒中所含酒精的毫升数为42mL，可求水的体积，再求出500mL白酒中含有水和酒精的体积，利用密度公式求水的质量和酒精的质量，二者之和就是白酒的质量，根据密度公式求出酒的密度。
本题考查实验误差的分析和密度公式的灵活应用，是一道理论联系实际的题目，理解酒精度(酒中酒精和酒的体积百分比)的含义是解答的关键。
21.【答案】向下 缩小 照相机 能 左
【解析】解：(1)动画中一只火箭从屏幕底端上升到顶端，由于此时手机成的是倒立的实像，则右侧手机壳上火箭的像向下移动；
(2)由图可知，此时的物距大于二倍焦距时，则凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)小明将两个手机翻转，使左侧手机壳和右侧手机屏幕相对，保持两个手机和凸透镜的位置不动，根据光路可逆可知，在左侧的手机壳上能出现清晰的像；
(4)将自己的近视镜靠近凸透镜放置，近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用，使得像推迟会聚，在不移动右侧手机壳的情况下，相当于减小了像距，需要增大物距，即需要向左调节左侧手机，使手机壳上的像变清晰。
故答案为：(1)向下；(2)缩小；照相机；(3)能；(4)左。
(1)凸透镜成实像时，像是倒立的；
(2)当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
(3)在光的折射中，光路是可逆的；
(4)近视眼镜是凹透镜，对光线具有发散作用。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。
22.【答案】压力 静止 等于 左
【解析】解：(1)小刚想验证的猜想是滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度是否有关，他发现牛筋底的运动鞋轻些，便向鞋中添加了适量的砝码，目的是控制鞋对桌面的压力相同；
(2)如图乙所示，将弹簧测力计固定，改为水平向左拉动木板，当他拉动木板时，鞋可以始终处于静止状态，可以保证鞋所受到的摩擦力等于鞋受到弹簧测力计的拉力大小，滑动摩擦力的方向与拉力方向相反，弹簧测力计对鞋的拉力水平向右，由二力平衡条件知，此时鞋所受到的摩擦力的方向为水平向左。
故答案为：(1)压力；(2)静止；等于；左。
(1)在探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系时，应控制压力相同；
(2)改进后的实验拉动木板时，鞋子始终处于静止状态；由二力平衡条件知，滑动摩擦力的方向与拉力方向相反。
本题考查影响滑动摩擦力大小的因素，掌握控制变量法、二力平衡条件在本实验中的应用。
23.【答案】1.5左 反比 R2 R2滑片位置不动 1.75
【解析】解：(1)①原电路图中，变阻器没有接入电路，电压表并联在定值电阻和变阻器两端是错误的；变阻器应串联在电路中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
②研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑=U源-UV=3V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R，即3V-UVUV=R滑R------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：3V-UVUV=20Ω20Ω，
解得电压表的示数：U=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V；
③实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大变阻器两端的电压，由分压原理，要增大变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向左调节；
经过多次实验，分析实验数据，得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(2)实验步骤：
①为了完成实验，在图丙的虚线框内填上滑动变阻器R1、R2，如下图所示：
；
②先将R1、R2的滑片移至最右端。闭合开关S、S1，断开开关S2，再将R2的滑片移至最左端，电流表的示数为0.3A；
③将R2的滑片移至最右端。断开开关S1，闭合开关S、S2，向左移动R2的滑片，直至电流表的示数为0.5A；
④R2滑片位置不动，断开开关S2，闭合开关S、S1，电流表的示数恰好为0.24A；
⑤在步骤②中，R1与R2串联，且R2的阻值为0，电路为只有R1的简单电路，此时R1的阻值最大，电流表测串联电路电流为0.3A，根据欧姆定律，电源电压为：
U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
在步骤③中，R2与灯泡串联，电流表测串联电路电流；向左移动R2的滑片，使电流表的示数为0.5A，此时灯泡正常发光；
在步骤④中，R1与R2串联，电流表测串联电路电流；保持R2滑片位置不动，R1的阻值最大，此时电流表示数为0.24A，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总1=UI2=6V0.24A=25Ω，
根据电阻的串联，R2=R总1-R1=25Ω-20Ω=5Ω；
当灯泡正常发光时，根据欧姆定律，电路中的总电阻为：
R总2=UI额=6V0.5A=12Ω，
灯泡正常发光时的电阻为：
RL=R总2-R2=12Ω-5Ω=7Ω，
小灯泡的额定功率为：
P额=I额2RL=(0.5A)2×7Ω=1.75W。
故答案为：(1)①见解答图；②1.5；③左；反比；(2)①见解答图；③R2；④R2滑片位置不动；⑤1.75。
(1)①原电路图中，变阻器没有接入电路，电压表并联在定值电阻和变阻器两端是错误的；变阻器应串联在电路中，电压表应并联在定值电阻两端；
②当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
③根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定变阻器滑片移动的方向；当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(2)实验电路图中没有电压表，可根据P=I2R的原理测量小灯泡的额定功率；根据R1的滑片在最右端，R2的滑片在最左端结合欧姆定律求出电源电压；让R2与灯泡串联，调节R2使小灯泡正常发光，即使通过小灯泡的电流等于额定电流0.5A；保持R2滑片位置不动，让R2与R1串联，根据欧姆定律求出电路总电阻，根据电阻的串联求出R2的阻值；根据灯泡的额定电流求出电路的总电阻，根据电阻的串联求出灯泡正常发光时的电阻，最后根据P=I2R求出灯泡的额定功率。
本题探究电流与电阻关系和测小灯泡的额定功率实验，考查电路连接、实验操作、电流表读数、控制变量法和欧姆定律的应用以及设计方案测额定功率的能力，综合性较强，难度较大。
24.【答案】吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷 D 变小 吸合 将滑动变阻器串联到控制电路中
【解析】解：
(1)如果风暖浴霸安装在淋浴区正上方，工作时向下吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷，洗澡时候会很不舒服。
(2)A、LED发光二极管是由半导体材料制成，故A错误；
B、电动机的原理是磁场对通电导体的作用，故B错误；
C、风暖机工作时消耗电能，实现了电能转化为内能，故C错误；
D、浴霸开启后加热元件温度迅速升高，内能增大，传递给空气，是用热传递的方式改变了空气内能，故D正确。
故选D。
(3)吹风可以单独使用，电动机和加热电阻并联。在使用加热系统时，需要先打开吹风，然后才能开启加热功能，所以两个开关一个在干路上，一个在加热电阻所在的支路，如图所示
(4)由图乙可知，当浴室中的温度上升时，热敏电阻的阻值变小；
当浴室中的温度上升时，热敏电阻的阻值变小，由欧姆定律可知控制电路的电流变大，电磁铁磁性增强，继电器的衔铁会被吸合；
要实现自动控制温度可调，需在控制电路中串联一个滑动变阻器，通过调节其连入电路的阻值改变控制电路中的电流大小，改变继电器动作时的温度，实现自动控制温度。
故答案为：(1)吹风会加快体表水分蒸发，蒸发时会吸热，使人体表温度降低，感觉冷；(2)D； (3)如上图 (4)变小；吸合；将滑动变阻器串联到控制电路中。
(1)影响蒸发快慢的因素主要有：一是液体自身温度的高低；二是液体表面积大小；三是液体表面空气流动速度快慢；蒸发吸热具有制冷作用；
(2)LED发光二极管是由半导体材料制成的，只有正向通电时才会发光；电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动；风暖机工作时电能转化为内能和机械能；热传递的方式可以改变内能；
(3)根据串、并联电路的特点分析作答；
(4)由图像丁可知，温度升高时R1的电阻变小；
温度上升时，热敏电阻的阻值变小，控制电路的电流变大，电磁铁磁性增强，电磁铁磁对衔铁的吸引力变大，据此分析；
要实现自动控制温度可调，需在控制电路中串联一个滑动变阻器。
本题考查物态变化、半导体材料、电动机原理、电路设计以及电磁继电器使用等内容，是一道学科内综合题。
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