2024届苏教版高考生物一轮复习素养加强课4自由组合定律在特殊情况下的重点题型课件

这是一份2024届苏教版高考生物一轮复习素养加强课4自由组合定律在特殊情况下的重点题型课件，共60页。
提升点1　基因间相互作用导致性状分离比的改变
1．基因互作的类型(1)原因分析
(2)解题技巧①看F2的表型比例，若表型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合自由组合定律。②将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比，分析合并性状的类型。如比例为9∶3∶4，则为9∶3∶(3∶1)的变形，即4为两种性状的合并结果。根据具体比例确定出现异常分离比的原因。③根据表型写出对应的基因型。④根据异常分离比出现的原因，推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
2．基因累加引起的性状分离比的偏离分析
1．(2022·江苏苏州高三阶段练习)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，红色R对黄色r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是(　　)A．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有6种表型C．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8D．若基因型为AaRr的个体测交，则子代表型有3种
B　[若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据自由组合定律，子代共有3×3＝9种基因型，A正确；若基因型为AaRr的亲本自交，由题意可知，Aa自交子代表型有3种，Rr自交子代表型有2种，但由于aa表现无花瓣，故aaR__与aarr的表型相同，均为无花瓣，故子代的表型是2×2＋1＝5种，B错误；若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣(A__Rr)的植株占＝3/4×1/2＝3/8，C正确；若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr，后2种表型均为无花瓣，故表型有3种，D正确。故选B。]
2．(2022·广东惠州一模)某二倍体植物的籽粒颜色(红/白)由若干对独立遗传的等位基因(A/a、B/b、C/c、…)控制，显性基因(A、B、C、…)决定红色，每个显性基因对粒色增加效应相同且具叠加性，隐性基因(a、b、c、…)决定白色。现有若干个红色籽粒(均为纯合子)与白色籽粒的杂交组合(先杂交得F1，F1自交得F2)中出现了如下三种情况，根据以下数据分析，下列说法错误的是(　　)
A．该植物籽粒颜色至少由3对等位基因控制B．三组杂交组合中的F2的中等红粒的基因型相同C．三组杂交组合中的红色亲本的红色颜色深浅不一样D．杂交组合2的F2的中等红粒中，能够稳定遗传的占1/3
B　[根据杂交组合3中F2的表型及比例和为64可知，该植物籽粒颜色至少由3对等位基因控制，A正确；杂交组合3中F1的基因型是AaBbCc，则后代的中等红粒含有两个显性基因，基因型可能有6种，B错误；根据三种杂交组合F2中的表型及比例和可知，杂交组合1中的亲本红色只含有2个显性基因，杂交组合2中的亲本红色含有4个显性基因，杂交组合3中的亲本红色含有6个显性基因，C正确；杂交组合2中F1的基因型是AaBb，则中等红粒的基因型及比例为AaBb∶AAbb∶aaBB＝4∶1∶1，则能够稳定遗传的占2/6＝1/3，D正确。故选B。]
3．(2022·湖南长郡中学高三)某二倍体自花传粉植物，其花色有黄色和白色，花色受多对等位基因共同控制。让黄色花植株与白色花植株杂交得F1，F1均表现为黄色花，F1自交得到的F2中白色花植株占1/64。黄色花的颜色深浅存在基因叠加效应即显性基因越多，黄色越深。再次统计F2中花色由深到浅的表型及比例依次为深暗黄色∶暗黄色∶中度深黄色∶深黄色∶中度黄色∶浅黄色∶白色＝1∶6∶15∶20∶15∶6∶1。下列相关叙述正确的是(　　)
A．基因与性状之间不是一一对应的关系，但一对基因不能控制多对性状B．该植物的花色受到三对等位基因控制，三对等位基因位于两对同源染色体上C．表现为中度深黄色花的植株的基因型共有6种，F2的此表型植株中纯合子占1/5D．根据题干分析，F1实际表现为中度深黄色花且只含有三个显性基因
C　[基因与性状之间可以是一一对应的关系(单基因遗传病)，也可以一对基因控制多对性状(这对基因控制某种酶合成，这种酶是某个反应的中间催化酶)或多对基因控制一对性状，A错误；该植物的花色受到三对等位基因控制，且符合自由组合定律，说明在三对同源染色体上，B错误；根据题意，F1为AaBbCc，表现为中度深黄色花的植株的基因型中有4个显性基因，F2中共有6种组合方式，F2的此表型植株中纯合子为(1/64 AABBcc、1/64 AAbbCC、1/64 aaBBCC)，所以此表型植株中纯合子占(3/64)/(15/64)＝1/5，C正确；F1为AaBbCc，实际表现为深黄色花且只含有三个显性基因，D错误。故选C。]
4．(多选)(2022·江苏无锡高三期末)牦牛有黑色、黄色、白色三种毛色，由位于两对常染色体上的基因 M、m和 A、a控制。M基因与黑色素合成有关，且黑色素的量与 M数量无关；A基因抑制M基因表达，且 A数量越多抑制效果越强。基因型为 AAMM和 aamm的个体进行杂交获得 F1，下列相关叙述正确的是(　　)A．白色牦牛的基因型有5种B．F1均表现为黄色C．F1交配产生的F2白色牦牛中，纯合子占 3/7D．F1交配产生的F2中，黑色∶黄色∶白色为6∶3∶7
ABC　[分析题目可知，M基因控制黑色素合成，A基因抑制M基因表达，且抑制效果与数量有关，则aaMM、aaMm为黑色，AaMM、AaMm为黄色，AAMM、AAMm、AAmm、Aamm、aamm为白色。根据分析，白色牦牛的基因型有AAMM、AAMm、AAmm、Aamm、aamm共5种，A正确；F1基因型为AaMm，则表现为黄色，B正确；F1交配得到F2，F2中白色基因型及其比例为AAMM∶ AAMm∶AAmm∶Aamm∶aamm＝1∶2∶1∶2∶1，则纯合子占比
为3/7，C正确；F1交配产生的F2中，黑色为aaMM、aaMm，占3/16，黄色为AaMM、AaMm，占6/16，白色为AAMM、AAMm、AAmm、Aamm、aamm，占7/16，则黑色∶黄色∶白色为3∶6∶7，D错误。故选ABC。]
5．(多选)(2022·江苏灌云高级中学高三阶段练习)某植物的花色有红色、粉红色和白色三种类型，由三对等位基因控制(分别用A/a、B/b、C/c表示)，设计不同杂交实验并对子代花色进行统计，结果如下。下列分析正确的是(　　)实验一：红花×白花→红花∶粉红花∶白花＝1∶6∶1实验二：粉红花×红花→红花∶粉红花＝9∶7A．三对等位基因位于三对同源染色体上，遵循自由组合定律B．实验一为测交实验，白花基因型是aabbcc，粉红花有6种基因型C．实验一子代红色个体自交后代粉红花比例是27/64D．实验二结果表明，亲代粉红花和红花的基因型中均由两对双杂合和一对纯合组成
ABD　[由题干可知，某植物的花色由三对等位基因控制，根据实验一可知，红花×白花→红花∶粉红花∶白花＝1∶6∶1，后代之比是1∶1∶1∶1∶1∶1∶1∶1的变式，说明该实验为测交实验，后代的基因型之比遵循自由组合定律，三对等位基因位于三对同源染色体上，A正确；由分析可知，实验一为测交实验，亲本红花的基因型为AaBbCc，白花基因型为aabbcc，粉红花基因型为：AaBbcc、AabbCc、Aabbcc、aaBbCc、aaBbcc、aabbCc，B正确；由分析可
知，实验一为测交实验，亲本红花的基因型为AaBbCc，白花基因型为aabbcc，子代红色个体基因型为AaBbCc，自交后代红花A__B__C__的比例是3/4×3/4×3/4＝27/64，白花aabbcc的比例是1/4×1/4×1/4＝1/64，故自交后代粉红花比例是1－1/64－27/64＝36/64，C错误；根据实验二可知，粉红花×红花→红花∶粉红花＝9∶7，后代比例是9∶3∶3∶1的变式，说明亲代粉红花和红花的基因型中均由两对双杂合和一对纯合组成，D正确。故选ABD。]
6．(2022·江苏泗洪县洪翔中学高三开学考试)某二倍体植物的花色受三对独立遗传且完全显性的等位基因控制，其花色色素合成途径如图1所示。现以三个白花纯合品系进行杂交实验，结果如图2所示。请回答下列问题：
(1)基因通过控制________________，进而控制该植物的花色；影响花色的色素分布在细胞的________________(结构)中。(2)实验一中，品系1的基因型是________________，F2白花植株中能稳定遗传的占________________。(3)实验二F2白花植株的基因型有________________种。实验一、二F2红花植株杂交，后代表型及比例为________________。
(4)研究发现，植物体细胞中b基因多于B基因时，B基因的表达将会减弱而形成粉红花突变体，其体细胞中基因与染色体组成如图3(其他基因数量与染色体均正常)。现欲判断一基因型为iiAABbb粉红植株的突变类型，可选用基因型为iiaabb的植株进行杂交。若子代表型及比例为________________，则其为突变类型1；若杂交表型及比例为________________，则其为突变类型2。
[解析]　(1)由图1可知，白色物质1通过酶1和酶2共同作用才会表现出红花，因此基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物的性状，花的颜色由液泡中的色素决定，因此影响花色的色素分布在细胞的液泡中。(2)由图1可知，红花植株的基因型有iiAABB、iiAaBB、iiAABb和iiAaBb共4种；可以采用逆推法，假设实验一中F2中红花(iiA__BB)＝1/4×3/4×1＝3/16，则F1白花基因型为IiAaBB，则品系1的基因型为IIAABB、品系2为iiaaBB，结合实验二，F2中红花为9/16，则
实验二F2中红花的基因型只能为iiA__B__＝1×3/4×3/4＝9/16，则实验二中F1的基因型为iiAaBb，因为品系2的基因型为iiaaBB，则品系3的基因型为iiAAbb。综上所述品系1的基因型为IIAABB、品系2为iiaaBB，品系3的基因型为iiAAbb。实验一中F1的基因型为IiAaBB，则后代白花的基因型有I__A__BB∶I__aaBB∶iiaaBB＝9∶3∶1，其中能稳定遗传的有IIA__BB(占3份)、IIaaBB(占1份)、iiaaBB(占1份)，则白花植株中能稳定遗传的占5/13。
(3)实验二中F1的基因型为iiAaBb，则F2中红花植株的基因型为iiA__B__共有2×2＝4种基因型，则白花为9－4＝5种基因型。实验一、二F2红花植株的基因型分别为：iiA__BB、iiA__B__，根据分离定律先考虑：A__与A__杂交(实验一F2红花植株的1/3 AA、2/3 Aa与实验二F2红花植株的1/3 AA、2/3 Aa杂交，则后代aa＝2/3×2/3×1/4＝1/9)，则实验一、二F2红花植株杂交后代中白花植物(iiaaB__)的比例为1×1/9×1＝1/9，所以实验一、二F2红花植株杂交，后代表型及比例为红花∶白花＝8∶1。
(4)由于iiAaBbb植株中多了一个b基因，又体细胞中b基因数多于B时，B基因的表达减弱而形成粉红花突变体，如果是突变类型1，iiAABbb减数分裂可产生iAB、iAbb、iABb、iAb四种配子，比例为1∶1∶1∶1；如果是突变类型2，iiAABbb减数分裂可产生iAB、iAbb两种配子，比例为1∶1，当与配子iab结合时，观察并统计子代的表型及比例。如果子代中红∶粉红∶白＝1∶1∶2，则其为突变类型1；如果子代中红∶白＝1∶1，则其为突变类型2。
[答案]　(1)酶的合成来控制代谢过程　液泡(2)IIAABB　5/13(3)5　红花∶白花＝8∶1(4)红∶粉红∶白＝1∶1∶2　红∶白＝1∶1
(教师用书独具)　(2022·江苏南京高三专题练习)天竺兰的花色受两对等位基因(A/a、B/b)控制，已知显性基因越多，花色越深。现有两种纯合的中红花天竺兰杂交，F1全为中红花，F1自交得到F2，F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，回答下列问题：(1)两种纯合中红花天竺兰的基因型为________________________，若F1测交，则后代表型及比例为_____________________________。
(2)红花个体的基因型有________________种；F2中深红花个体与基因型为________________________________的个体杂交获得的红花个体比例最大。(3)某兴趣小组利用深红花个体与白花个体杂交，再让F1自交的方式培育纯合的中红花品种，F2中的中红花纯合个体占______________，将筛选出的中红花个体再进行________________，以提高中红花纯合子的比例。
(4)另外发现该植物的花瓣层数受D/d，M/m两对基因控制，重瓣基因(D)对单瓣基因(d)为显性，当重瓣基因D存在时，m基因会增加花瓣层数使其呈重瓣，显性基因M无此作用，使其呈半重瓣，M基因对m基因为显性。某半重瓣天竺兰(甲)和单瓣天竺兰(乙)杂交所得F1的表型及比例为单瓣∶半重瓣∶重瓣＝4∶3∶1，据此回答下列问题：①D/d和M/m基因的遗传________________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律。②天竺兰甲和乙的基因型分别为甲________________________、乙________________。③F1的所有半重瓣植株自交，后代中重瓣植株占________________。
[解析]　(1)由题意知，F1自交得到的F2的表型及比例是深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1。因此2对等位基因的遗传遵循自由组合定律，且F1的基因型是AaBb，含4个显性基因的植株花色为深红色，3个显性基因的为红色，2个显性基因的为中红色，1个显性基因的为淡红色，没有显性基因的为白色，故两种纯合的中红花植株的基因型是AAbb，aaBB。F1测交，后代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，则后代表型及比例为中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1。
(2)红花个体有3个显性基因，1个隐性基因，基因型是AABb或AaBB，有2种；F2深红花个体的基因型是AABB，要使子代获得红花个体比例最大，可以与中红花个体AAbb或aaBB进行杂交。(3)深红花个体与白花个体杂交培育纯合中红花个体，即AABB× aabb→AaBb，F1都表现为中红花，但都是杂合子，要获得纯合子，可以让F1自交，得到F2，F2中表现为中红花个体的基因型是AaBb，AAbb、aaBB，其中基因型为AAbb，aaBB的是纯合子，占F2的2/16＝1/8，将筛选出的中红花个体再进行连续自交，提高中红花纯合子的比例。
(4)据题干分析可知，D__M__表现为半重瓣花，D__mm表现为重瓣花，dd____表现为单瓣花。某半重瓣天竺兰甲(D__M__)和单瓣天竺兰乙(dd____)杂交所得F1的表型及比例为单瓣∶半重瓣∶重瓣＝4∶3∶1，可判断天竺兰甲和乙的基因型分别为DdMm和ddMm，所以D/d和M/m基因的遗传遵循自由组合定律。F1的所有半重瓣植株(1/3 DdMM，2/3 DdMm)自交，后代中重瓣植株D__mm所占的比例为2/3×3/4×1/4＝1/8。
[答案]　(1)AAbb和aaBB　中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1　(2)2　AAbb或aaBB　(3)1/8连续自交　(4)①遵循　②DdMm　ddMm　③1/8
提升点2　致死现象导致的性状分离比的改变
1．明确几种致死现象(1)显性纯合致死①AA和BB致死：AaBb
自交后代：AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝4∶2∶2∶1，其 余基因型个体致死测交后代：AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1
②AA(或BB)致死AaBb
自交后代：（AaBB＋AaBb）∶aaB_∶Aabb∶aabb＝ 6∶3∶2∶1或（AABb＋AaBb）∶ A_bb∶aaBb∶aabb＝6∶3∶2∶1测交后代：AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1
(2)隐性纯合致死①双隐性致死：AaBb自交后代：A__B__∶A__bb∶aaB__＝9∶3∶3。②单隐性aa或bb致死：AaBb自交后代：A__B__∶A__bb＝9∶3或A__B__∶aaB__＝9∶3。
(3)配子致死某种雌配子或某种雄配子致死，造成后代分离比改变。AaBb
雄配子AB致死，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝ 5∶3∶3∶1雄配子Ab致死，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝ 7∶1∶3∶1雄配子aB致死，后代A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝ 7∶3∶1∶1雄配子ab致死，后代A_B_∶A_bb∶aaB_＝8∶2∶2
2．掌握解题方法(1)将其拆分成分离定律单独分析，如：6∶3∶2∶1⇒(2∶1)(3∶1)⇒一对显性基因纯合致死。4∶2∶2∶1⇒(2∶1)(2∶1)⇒两对显性基因纯合致死。
(2)从F2每种性状的基因型种类及比例分析，如BB致死。
(3)分析配子致死引起的后代性状分离比的改变时，要用棋盘法。
1．(2022·广东广州实验中学模拟预测)在一个自然种群中，小鼠的体色有黄色和灰色，尾巴有短尾和长尾，两对相对性状受两对等位基因控制，遗传符合自由组合定律。实验中发现有些基因型有致死现象(胚胎致死)，现任取一对黄色短尾个体经多次交配，F1的表型及比例为：黄色短尾∶灰色短尾∶黄色长尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1。下列说法错误的是(　　)A．表型为黄色短尾的小鼠基因型仅有1种B．F1中致死个体的基因型共有4种C．若让黄色短尾的亲本与灰色长尾鼠交配，则子代表型比例为1∶1∶1∶1D．若让 F1中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，则子代灰色短尾鼠占2/3
B　[根据题意分析可知，任取一对黄色短尾个体，经多次交配后F1的表型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1＝(2∶1)(2∶1)的比例，即有一对显性基因纯合就会导致胚胎致死(假设相关基因型为YY和DD都导致胚胎致死)，且黄色、短尾都为显性性状，因为YY或DD都导致胚胎致死，所以表型为黄色短尾的小鼠的基因型只有YyDd一种，A正确；已知YY和DD都导致胚胎致死，所以黄色短尾个体YyDd相互交配产生的F1中致死个体的基因
型有YYDD、YYDd、YyDD、YYdd、yyDD共5种，B错误；让黄色短尾的亲本(YyDd)与灰色长尾(yydd)鼠交配，则子代表型及比例为黄色短尾(YyDd)∶灰色短尾(yyDd)∶黄色长尾(Yydd)∶灰色长尾(yydd)＝1∶1∶1∶1，C正确；F1中的雌雄灰色短尾的基因型都为yyDd(yyDD胚胎致死)，它们自由交配，后代基因型有yyDD、yyDd、yydd，比例为1∶2∶1，其中yyDD胚胎致死，所以只有yyDd、yydd两种，其中yyDd(灰色短尾鼠)占2/3，D正确。故选B。]
2．(2022·广东广州白云区九佛中学一模)已知小麦的耐盐对不耐盐为显性，多粒对少粒为显性，分别由等位基因A/a、B/b控制。已知含有某种基因的花粉50%致死，现有一颗表现为耐盐多粒的小麦，以其为父本进行测交，测交后代F1的4种表型为耐盐多粒∶耐盐少粒∶不耐盐多粒∶不耐盐少粒＝2∶1∶2∶1。下列叙述错误的是(　　)A．这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律B．取F1的耐盐多粒小麦和耐盐少粒小麦各一株杂交，后代不耐盐多粒占1/8或1/12C．若以该植株为母本进行测交，后代上述4种表型比例为1∶1∶1∶1D．若该植株进行自交，后代上述4种表型比例为15∶3∶5∶1
B　[一颗表现为耐盐多粒的小麦，以其为父本进行测交，测交后代F1的4种表型为耐盐多粒∶耐盐少粒∶不耐盐多粒∶不耐盐少粒＝2∶1∶2∶1，据此可知，这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；若耐盐多粒小麦AaBb作母本，耐盐少粒小麦Aabb作父本，则后代不耐盐多粒占1/8，若耐盐多粒小麦AaBb作父本，耐盐少粒小麦Aabb作母本，则后代不耐盐多粒占1/6，因此取F1的耐盐多粒小麦和耐盐少粒小麦各一株杂交，后代不耐盐多粒占1/8或1/6，B错
误；以该植株为母本AaBb进行测交，按自由组合定律计算，后代上述4种表型比例为1∶1∶1∶1，C正确；若该植株AaBb进行自交，母本产生4种类型的卵细胞1/4AB、1/4Ab、1/4aB、1/4ab，父本产生4种类型的精细胞2/6AB、1/6Ab、2/6aB、1/6ab，则后代上述4种表型比例为15∶3∶5∶1，D正确。故选B。]
3．(多选)(2022·江苏如皋中学三模)某果实的颜色由两对等位基因B、b和R、r控制，其中B控制黑色，R控制红色，且B基因的存在能完全抑制R基因的表达。现向基因型为BbRr的植株导入一个隐性致死基因s，让该植株自交，F1表型及比例为黑色∶红色∶白色＝8∶3∶1，下列说法中正确的是(　　)A．隐性致死基因s只有纯合时才具有致死效应B．自交后代F1的全部植株中一共存在6种基因型C．隐性致死基因s与R、r的遗传不遵循自由组合定律D．F1黑果个体自交，子代黑色∶红色∶白色＝16∶5∶3
ABD　[现向基因型为BbRr的植株导入一个隐性致死基因s，该个体并未死亡，而其自交子代BB植株死亡，s和B在同一染色体上，且ss纯合时才有致死效应，A正确；因为s和B在同一染色体上，基因型为BB的个体死亡，则F1的全部黑色植株有BbRRs、BbRrs、Bbrrs共三种，F1的红色个体有bbRR和bbRr两种基因型，F1的白色个体基因型是bbrr，因此自交后代F1的全部植株中一共存在6种基因型，B正确；因为s和B在同一染色体上，R和r基因在另外的一对同源染
色体上，因此s与R、r的遗传遵循自由组合定律，C错误；因为s和B在同一染色体上，基因型为BB的个体死亡，则F1的全部黑色植株有BbRRs∶BbRrs∶Bbrrs＝1∶2∶1，分别自交，1/4 BbRRs自交子代是1/6黑色和1/12红色，1/2 BbRrs自交子代是1/3黑色，1/8红色，1/24白色，1/4 Bbrrs自交子代是1/6黑色，1/12白色，因此F1黑果个体自交，子代黑色∶红色∶白色＝16∶5∶3，D正确。故选ABD。]
4．某自花传粉植株(2N＝20)，其花色、株高、抗病能力三对相对性状分别受三对等位基因控制。研究员对这三对性状开展了如图所示的研究(花色、株高、抗病能力的基因分别用A和a、B和b、D和d表示)。
(1)由实验一的结果可知，花色和株高这两对相对性状中的显性性状分别是________________________。(2)实验二的结果还不能确定花色和株高的遗传是否遵循基因自由组合定律，请利用实验二中的材料设计一个最简单的实验进行探究(要求写出实验思路、预期结果与结论，不考虑交换)。实验思路：_________________________________________________ _____________________________________________________________________________________________________________________。
预期结果与结论：___________________________________________ __________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
(3)实验三中F1出现抗病∶感病＝2∶1，可能的原因有两种推测：①D基因纯合时导致受精卵不能发育；②含有基因D的花粉只有50%可以参与受精。为探究上述两种推测的正确性，我们可将F1的抗病植株作_______ _________________________(填“父本”或“母本”)进行测交。若测交后代表型及比例为抗病∶易感病＝1∶2，则为推测__________ ______________________；若测交后代表型及比例为抗病∶易感病＝1∶1，则为推测________________________________。
[解析]　根据实验一可知：红花高茎为显性，在实验二中后代每一对比例都是1∶1，故亲本红花矮茎和白花高茎的基因型分别为Aabb和aaBb。(1)实验一的杂交实验设计为具有相对性状的亲本杂交，而后代只表现出一种性状，根据孟德尔的显性性状概念可分析出，红花对白花为显性，高茎对矮茎为显性。
(2)为了作出判断，最简单的实验为用实验二F1中的高茎红花(AaBb)进行自交，观察子代表型及比例，若后代的性状表型及比例为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花的比例为9∶3∶3∶1，则两对等位基因位于两对同源染色体上，反之则不位于两对同源染色体上，不遵守自由组合定律。(3)对于F1出现抗病∶感病＝2∶1的原因，根据杂种自交后代出现3∶1的理论分离比可推测，上述异常比出现的原因可能是①D基因纯合时导致受精卵不能发育，另一可能是②含有基因D的花粉只有
50%可以参与受精。据此设计实验如下：选择F1的抗病植株(基因型为Dd)为父本进行测交，并观察后代的表型及其比例。若为情况①，即D基因纯合时导致受精卵不能发育，则测交后代抗病(Dd)和感病(dd)的比例为1∶1，则说明杂种Dd产生了两种比例相等的配子，且均正常参与受精，据此可知上述异常比例的出现可能是D基因纯合时受精卵不能发育引起的。若为情况②，即含有基因D的花粉只有50%可以参与受精，F1的抗病植株作父本产生的配子D∶d＝1∶2，则测交后代抗病(Dd)和感病(dd)的比例为1∶2。
[答案]　(1)红花和高茎(2)将实验二F1中的红花高茎自交，观察子代表型及比例　若子代的表型及比例为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝9∶3∶3∶1，则两对等位基因位于两对同源染色体上，花色和株高的遗传遵循基因自由组合定律，反之不遵守基因自由组合定律(3)父本　②　①
(教师用书独具)　(2022·湖南娄底高三期末)某植物果实的颜色和形状分别由A/a和B/b两对等位基因控制。先用具有相对性状的两个纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2。不考虑突变，下列有关叙述，不正确的是(　　)A．若F2性状分离比为9∶3∶3∶1，则可说明两对等位基因独立遗传B．若F2性状分离比为5∶3∶3∶1，则双亲的基因型一定是AAbb和aaBBC．若F2性状分离比为66∶9∶9∶16，则两对等位基因位于一对同源染色体上D．选择Aabb和aaBb进行一次杂交实验，可验证两对等位基因是否独立遗传