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2023年湖北省十堰市中考物理试卷（含答案解析）
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这是一份2023年湖北省十堰市中考物理试卷（含答案解析），共21页。
2023年湖北省十堰市中考物理试卷
1. 下列生产生活实例中，主要应用压强知识的是( )
A. 公交车上的破窗锤
B. 铅垂线
C. 滚动轴承
D. 撬石头
2. 下列光学现象中，所成的像是实像的是( )
A. 平面镜成像 B. 小孔成像
C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看书
3. 下列有关声的实验和应用描述正确的是( )
A. 甲图器材只能探究声音的响度与振幅的关系
B. 乙图实验可以直接得出真空不能传声
C. 丙图的隔音墙是为了在声源处减弱噪声
D. 丁图用B超检查身体，是利用声可以传递信息
4. 早期照相馆里，摄影师取景时看到的像都是倒立缩小的，现在的照相机利用光学或电子技术，把倒立的像转变成正立的，便于观察。以下说法错误的是( )
A. 照相机镜头相当于一个凸透镜 B. 凸透镜只能成倒立缩小的实像
C. 照相机靠近被拍摄者，所成的像变大 D. 人的眼睛相当于一架照相机
5. 小丽估测了生活中的一些物理量，其中不合理的是( )
A. 课桌高度约为75cm
B. 中学生从一楼到三楼克服重力做功约为300J
C. 两个鸡蛋重力约为1N
D. 教室里每支日光灯的功率约40W
6. 某居民楼顶安装有太阳能电池板和太阳能热水器。若太阳能热水器工作效率为η，每小时可接收太阳能Q，使热水器内水温升高Δt，水的比热容为c水，下列说法正确的是( )
A. 太阳能是不可再生能源
B. 太阳能电池将接收的太阳能全部转化为电能
C. 太阳能热水器将太阳能转化为内能
D. 该热水器内水的质量Qηc水Δt
7. 2023年5月30日，长征二号F运载火箭搭载神舟十六号载人飞船，在酒泉卫星发射中心点火发射，运载火箭的喷气发动机向下喷气，推动火箭升空。各地雷达监测站即时向指挥中心传递火箭运行信息。下列有关说法正确的是( )
A. 运载火箭应选用密度小、热值大的燃料
B. 各地雷达监测站利用超声波向指挥中心传递信息
C. 火箭向下喷气获得推力与内燃机的压缩冲程相似
D. 火箭升空过程中，需要克服空气阻力做功，能量不守恒
8. 刷卡机(POS机)已经在生活中普遍应用，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时(如图)，刷卡机的感应器(相当于线圈)中会产生感应电流，如图与此原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 青藏高原某地区学生利用如图装置探究水沸腾时温度变化特点，观察到水中形成的大量气泡上升、变大时，温度计的示数如图且不变。他们用橡胶塞塞住瓶口，发现水中气泡先减少再增多，温度计的示数升高至85℃后又保持不变。撤去酒精灯，水中气泡逐渐消失。下列有关此实验的说法错误的是( )
A. 实验中利用做功的方式改变水的内能
B. 气泡上升过程中所受液体压强减小
C. 此实验说明水沸腾时需要吸热，但温度不变
D. 此实验可以解释高压锅的原理
10. 地球表面70%以上是海洋，但可供人类直接利用的淡水资源不足全部水资源的万分之一，提高节水意识是公民的义务和责任。如图是水循环示意图，下列说法正确的是( )
A. 地表水吸热，汽化成水蒸气 B. 水蒸气与冷空气接触，液化成小水滴
C. 小水滴遇到更冷的气流，凝华成小冰晶 D. 小冰晶降落过程中，液化成雨水
11. 如图甲是某家庭电路连接示意图，图乙为电路中空气开关的原理图，P为电磁铁，Q为衔铁，S为开关。下列分析正确的是( )
A. 手机充电器接入两孔插座后空气开关跳闸，一定是电路的总功率过大
B. 将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔接地
C. 图乙中P的左端为N极
D. 电流过大时，图乙中P的磁性增强，吸引Q向左偏转，弹簧拉起S切断电路
12. 车辆通过某平直高速路段时，驾驶员看到了如图所示的标志牌，下列说法正确的是( )
A. 以行驶的汽车为参照物，标志牌是运动的
B. 车辆不能超过最高限速，是因为车辆的速度越大惯性越大
C. 驾驶员刹车减速过程中，部分机械能转化为内能
D. 以相同速度行驶的不同车辆，车辆的质量越大动能越大
13. 如图所示，酸甜多汁的水果提供的电能点亮了发光二极管，其中水果相当于电路中的______ ，发光二极管主要由______ 材料制成。如果其中一个二极管熄灭，其它依然发光，说明熄灭的二极管与其它二极管是______ (选填“串联”或“并联”)的。
14. 如图是某电梯的工作原理图，A、B为滑轮，F为电动机对滑轮组施加的拉力。其中滑轮______ (选填“A”或“B”)能省力。某次电梯以1m/s速度将60kg的人匀速提升，电
动机输出功率为1960W，则人所受重力与______ 力是一对平衡力，此次电梯的机械效率为______ 。
15. 如图是测量油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，AP是轻质滑杆，且AO>OP，P是滑杆上可沿电阻片滑动的滑片，R0是定值电阻。油量减少时，浮子通过连杆带动滑杆绕O点转动，使滑片P在R上滑动。
(1)电路中的油量表相当于一只______ (选填“电流表”、“电压表”或“电能表”)；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，此时滑杆是______ (选填“省力”、“费力”或“省功”)杠杆，油量表示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
16. 小明用矿泉水瓶做了以下实验：
(1)用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动装满水的水瓶，弹簧测力计示数如图甲，则瓶底所受摩擦力大小为______ N。将瓶中水倒出部分后，重复上述实验，观察到弹簧测力计示数如图乙。分析两次实验数据，可以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，______ 滑动摩擦力越大。
(2)在水瓶的不同位置扎三个小孔，取下瓶盖，观察到水从小孔喷出的现象如图丙，此现象表明：同种液体内部压强的大小与液体的______ 有关。
17. 小明将装有硬币A的空杯放在弟弟面前，弟弟的眼睛在P点看不到硬币，如图甲。小明向杯中缓缓注满水，弟弟眼睛在P点看到了硬币在B点，如图乙。请你在图乙中画出弟弟看到硬币的入射光线、折射光线，并标出折射角r(保留作图痕迹)。
18. 如图甲所示方法测出的硬币直径是______ cm，图乙中停表读数______ s。
19. 如图是小赵测量自制果汁密度的实验：
(1)他用已调好的天平测量空烧杯质量时，添加最小砝码后，天平的指针仍略左偏，于是他进行了如图甲的操作，他的错误是：______ ；
(2)纠正错误后，完成了下列实验步骤：
①测得空烧杯的质量是49.4g；
②取适量的果汁倒入烧杯中，用天平测果汁和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示；
③将烧杯中的果汁全部倒入量筒中，如图丙所示；
④计算果汁的密度为______ g/cm3。
(3)小组内交流发现：将上述实验步骤①②③④顺序调整为______ ，可以减小误差。
20. 如图是小青“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验，弹簧测力计示数的大小关系是：F1>F2>F3。
(1)乙图中物块受浮力大小的表达式F浮乙=______ ；
(2)小青比较甲、乙、丙三图，得出浮力大小与深度有关的结论，有同学指出这个结论不可靠，原因是______ ；
(3)如果实验中水的密度大于液体的密度，则弹簧测力计示数大小关系应满足F3______ F4(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
21. 在“探究串联电路电压规律”实验中，小明连接了图甲的电路，A、B、C、D为接线柱编号，1，2、3、4为导线编号。
(1)为使结论具有普遍性，L1、L2应选择规格______ (选填“相同”或“不同”)的灯泡；
(2)闭合开关，电压表指针如图乙，造成这种现象的原因是______ ；
(3)修改电路并完成图甲实验后，小明断开开关，未拆下电压表，只改接某根导线的一端，也能测出总电压。他的改接方法是______ 。
22. 在“伏安法测电阻“的实验中，小红选用电源(电压未知且不变)、待测定值直电阻Rx(约10Ω)和符合要求的滑动变阻器(最大阻值R0已知)等器材，连接了图甲的实物电路。
(1)请用笔画线代替导线将实物电路连接完整(要求：滑片向右移时电流变小)：
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，电压表指针不动。为找出故障，小红断开开关，将滑片P移到最大阻值处，然后拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数。此故障原因是______ (选填“电流表内部短路”、“电压表内部断路”或“定值电阻断路”)；
(3)小红发现，不补充器材，利用(2)中已连好的实物电路也能测出Rx阻值，并设计了对应的电路图乙，请将下列实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关，不调节滑片P，记录此时电流表示数为I1；
②______ 记录此时电流表示数为I2；
③则RX=______ (用字母I1、I2和R0表示)。
23. 如图甲是中国海军十堰舰停泊在港湾时的情景，相关参数如下表。执行任务过程中，该舰以恒定最大推进功率航行。(g取10N/kg)求：
排水量
1220t
吃水深度
4m
最大航速
12.5m/s
最大推动功率
1250kW
(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小；
(2)若十堰舰从静止出发，加速航行0.96km时达到最大航速，图乙是本次航行的v−t图像，求加速阶段的平均速度；
(3)十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时，十堰舰所受阻力大小。
24. 小明家的电饭锅，额定电压220V，简化电路如图甲。发热电阻R1、R2阻值不随温度变化，操作开关S1、S2、S3的通断(S1、S2不会同时闭合)，可实现煮饭、煲汤、保温三个挡位调节，只闭合S3时，为煲汤档，额定功率为440W。求：
(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流；
(2)某天用电高峰，小明关闭其它用电器，只让电饭锅在煮饭挡工作，发现电能表(如图乙)指示灯30s内闪烁11次，电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)若电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，电阻R1的阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.公交车上的破窗锤，通过减小受力面积增大压强，故用了压强的知识，故A符合题意；
B.铅垂线应用了重力的方向竖直向下，故B不符合题意；
C.滚动轴承是用滚动代替滑动减小摩擦，故C不符合题意；
D.撬石头的撬棒是利用杠杆的平衡条件来省力，故D不符合题意。
故选：A。
(1)增大压强的方法：增大压力、减小受力面积；
(2)重力的方向竖直向下；
(3)减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动；
(4)利用杠杆可以省力、省距离。
本题考查简单的物理知识的应用，属于基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、平面镜成像不是实际光线会聚成的，而是实际光线的反向延长线会聚成的虚像，故A错误；
B、小孔成像是实际光线会聚成的实像，故B正确；
C、沙漠中的海市蜃楼是光的折射形成的虚像，故C错误；
D、放大镜成像是正立放大的虚像，故D错误。
故选：B。
实像是实际光线会聚而成的，所以能成在光屏上，而虚像不是实际光线会聚而成的，所以不能成在光屏上。
此题主要考查了有关实像和虚像的区别，首先要理解实像和虚像的形成原因，同时也要掌握各种成实像和虚像的情况，注意虚像是真实存在的。
3.【答案】D
【解析】解：A、尺子伸出桌面的长度一定，改变用力的大小，可以探究响度与振幅的关系；改变尺子伸出桌面的长度，用相同的力敲击尺子，可以探究音调与频率的关系，故A错误；
B、乙图实验逐渐抽出里面的空气，声音越来越小，通过推理可知：真空不能传声，故B错误；
C、丙图的隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D、丁图用B超检查身体，是利用声可以传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音的大小叫响度；声音的高低叫音调。
(2)声音的传播需要介质；真空不能传声。
(3)减弱噪声的三种途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
(4)声音可以传递信息。
知道声音传播的条件；知道音调和响度的区别；知道减弱噪声的三种基本途径；知道声音可以传递信息。
4.【答案】B
【解析】解：A、照相机镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，故A正确；
B、当物距u
D、人的眼睛相当于一架照相机，原理都是u>2f，成倒立、缩小的实像，故D正确；
故选：B。
(1)根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机；
u
本题考查凸透镜成像的三种情况和应用，要熟练掌握。
5.【答案】B
【解析】解：A、课桌高度约为人身高的一半，在75cm左右，故A合理；
B、中学生的质量约为50kg，其重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，从一楼走到三楼的高度约为h=6m，克服重力做功：W=Gh=500N×6m=3000J，故B不合理；
C、两个鸡蛋的质量约为100g=0.1kg，其重力G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，故C合理；
D、教室里每支日光灯的功率约40W，故D合理。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
6.【答案】C
【解析】解：A、太阳能可以在自然界源源不断地得到，属于可再生能源，故A错误；
B、由于在能量的转化或转移的过程中存在能量的散失，所以太阳能电池不能将接收到的太阳能全部转化为电能，故B错误；
C、太阳能热水器将太阳能转化为内能，故C正确；
D、太阳能热水器工作效率为η，每小时可接收太阳能Q，则水吸收的太阳能为：Q吸=ηQ，根据Q=cmΔt可知，该热水器内水的质量为：m=Qηc水Δt，故D错误。
故选：C。
(1)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
(2)在能量的转化或转移的过程中，存在能量的散失。
(3)太阳能热水器将太阳能转化为内能。
(4)根据Q=cmΔt求出水的质量。
能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。
7.【答案】A
【解析】解：A、运载火箭的燃料使用密度小且热值大的燃料，与其他燃料相比，在燃烧同样质量的燃料的情况下，可以释放更多的热量，故A正确；
B、各地雷达监测站利用电磁波向指挥中心传递信息，故B错误；
C、火箭向下喷气获得推力的过程中，内能转化为机械能，原理与内燃机的做功冲程相同，故C错误；
D、所有的能量转化过程，都遵守能量守恒定律，所以火箭升空过程中，需要克服空气阻力做功，能量守恒，故D错误。
故选：A。
(1)热值表示一定质量的燃料在完全燃烧时所放出的热量的多少；
(2)电磁波能够传递信息；
(3)内燃机压缩冲程，机械能转化为内能，内燃机做功冲程，内能转化为机械能；
(4)能量转化和转移的过程中，能的总量保持不变；
本题主要考查学生对热值的了解、信息的传递、能量的转化等，属基础知识的考查。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象；
A、图中给导线通电后，其下方的小磁针发生偏转，这是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A不符合题意；
B、该实验是探究电磁铁磁性强弱的影响因素，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、如图电路中有电源，通电线圈在磁场中受力而转动，是电动机的原理图，故C不符合题意；
D、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，与刷卡机读出信息的原理相同，故D正确。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应现象的对应图即可。
本题综合考查了电磁学中的一些重要实验，注意电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源。
9.【答案】A
【解析】解：A、给水加热，水吸收热量，是热传递改变内能，故A错误；
B、气泡上升过程中，气泡在水中的深度越来越小，因此所受液体压强越来越小，故B正确；
C、温度计的示数升高至85℃后又保持不变，撤去酒精灯，水中气泡逐渐消失，水停止沸腾，说明水沸腾时需要吸热，但温度不变，故C正确；
D、高压锅的原理是通过增大锅内气压来提高液体沸点，原来观察到水中形成的大量气泡上升、变大时，说明水开始沸腾，用橡胶塞塞住瓶口，发现水中气泡减少，说明水停止沸腾，因此整个过程说明气压越大，沸点越高，故D正确。
故选：A。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(2)液体内部压强随着深度的增加而增大；
(3)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
(4)1标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。
本题考查了“探究水沸腾时温度变化特点”的实验，难度较小，属于基础性题目。重点需要掌握液体沸腾特点以及沸点和气压的关系。
10.【答案】AB
【解析】解：A、地表水吸热，汽化成水蒸气，故A正确；
B、水蒸气与冷空气接触，液化成水滴，故B正确；
C、小水滴遇到更冷的气流，凝固成小冰晶，故C错误；
D、小冰晶在降落过程中，熔化成雨水，故D错误。
故选：AB。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
11.【答案】BCD
【解析】解：A.手机充电器的功率很小，接入两孔插座后空气开关跳闸，可能是短路引起的，故A错误；
B.由图可知，三孔插座的1孔接地线，将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔接地，故B正确；
C.由图可知，电流从P的左端流入，右端流出，由安培定则可知，图乙中P的左端为N极，故C正确；
D.电路中电流过大时，电磁铁P的磁性就会增强，则吸引衔铁Q的力变大，使衔铁转动，闸刀S在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用，故D正确。
故选：BCD。
(1)空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大；
(2)三孔插座的接法是“左零右火上接地”；
(3)根据安培定则判断P的磁极；
(4)电磁铁的磁性跟电流大小、线圈的匝数、有无铁芯有关。有铁芯时，电流越大，线圈匝数越多，磁性越强。
本题考查了安全用电、安培定则和空气开关的原理，属于基础题。
12.【答案】ACD
【解析】解：A、行驶过程中，以汽车为参照物，标志牌与汽车的相对位置在不断发生变化，故标志牌是运动的，故A正确；
B、物体的惯性只与物体的质量有关，汽车的质量越大，惯性也就越大，越不容易刹车，与物体的速度无关，故B错误；
C、驾驶员刹车减速过程中，克服摩擦阻力做功，部分机械能转化为内能，故C正确；
D、动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大，以相同速度行驶的不同车辆，车辆的质量越大动能越大，故D正确；
故选：ACD。
(1判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系；
(3)克服摩擦阻力做功，一部分机械能会变成内能；
(4)动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
本题考查运动相对性、惯性、机械能的转化、动能的有关因素，属于中档题。
13.【答案】电源 半导体 并联
【解析】解：水果能提供电能，在电路中相当于电源；发光二极管主要由半导体材料制成；如果其中一个二极管熄灭，其它依然发光，根据串并联电路的特点，说明熄灭的二极管与其它二极管是并联的。
故答案为：电源；开关；并联。
(1)水果电池提供电能，水果相当于电源；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的，具有单向导电性；
(3)串联电路只有一条电流路径，各用电器之间相互影响；并联电路，各用电器之间互不影响。
本题考查了电源在电路中的作用、半导体材料、串并联电路的特点等，属于比较基础的习题。
14.【答案】A 电梯对人的支持 30.6%
【解析】解：
(1)图中B滑轮是定滑轮，不能省力，只能改变力的方向；A滑轮是动滑轮，能省力；
(2)由题意知，人匀速提升时，人受到平衡力的作用，即人所受重力与电梯对人的支持力是一对平衡力；
(3)由题意知，n=2，则绳子自由端速度v绳=nv=2×1m/s=2m/s；
由P=Fv得绳子自由端受到的拉力F=Pv绳=1960W2m/s=980N，
人的重力G人=mg=60kg×10N/kg=600N，
则电梯的机械效率η=W有W总=G人hFnh=G人Fn=600N980N×2×100%≈30.6%。
故答案为：(1)A；(2)电梯对人的支持；(3)30.6%。
(1)根据定滑轮：轴心不随圆轮的转动而移动的滑轮，动滑轮：轴心随圆轮的转动而移动的滑轮可判断A、B滑轮的类型；根据定、动滑轮的特点可得出A滑轮能省力；
(2)根据二力平衡的特点分析解答即可；
(3)根据v绳=nv计算出绳子自由端的速度，再利用P=Fv计算出绳子自由端受到的拉力大小，根据机械效率的公式计算机械效率即可。
本题考查了定、动滑轮的识别、平衡力的识别、机械效率的计算等，属于综合性习题，有一定难度。
15.【答案】电流表 省力 变小
【解析】解：(1)电路中的油量表相当于一只电流表；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，O是支点，AO>OP；此时滑杆的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆；
浮子下沉时，AOP逆时针转动，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，油量表示数变小。
故答案为：(1)电流表；(2)省力；变小。
(1)本题中的油量表串联在电路中，相当于一个电流表。
(2)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆；根据欧姆定律来分析电路中电流的变化。
知道电流表的使用规则；会根据欧姆定律分析电路中的电流变化规律。
16.【答案】2.6压力越大 深度
【解析】解：(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小，由图知，测力计分度值为0.2N，示数为2.6N，故摩擦力大小等于2.6N。
在图甲操作的基础上，将瓶中水倒出部分后，瓶对水平面的压力减小，再次沿水平方向拉着木块做直线运动，测力计示数为2.2N，故摩擦力大小等于2.2N。因接触面粗糙程度不变，压力减小，摩擦力减小，可以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大。
(2)根据题意可知，加水后三个小孔到水面的深度不同，且下方小孔水喷得更急、更远，该实验表明：同种液体内部压强的大小与液体的深度有关，压强随深度的增大而增大。
故答案为：(1)2.6；压力越大；(2)深度。
(1)根据二力平衡的条件分析，根据测力计分度值读数；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；
(2)同种液体内部压强的大小与液体的深度有关，深度越大，压强越大。
本题考查对影响滑动摩擦力的大小的因素、液体内部压强的影响因素的理解和掌握，难度不大。
17.【答案】解：人眼看到的池底A点像的位置，连接人眼与B，与水面的交点O为入射点，连接AO为入射光线，O到人眼为折射光线，过O点画出法线，折射光线与法线的夹角为折射角，如图所示：
【解析】光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，折射光线与法线的夹角为折射角。
本题考查的是光从水中斜射向空气的折射规律，难度不大。
18.【答案】2.5032
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，从2.00cm处量起，末端刻度到4.50cm，所以物体长度为4.50cm−2.00cm=2.50cm；
(2)在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧，所以分针指示的时间为0；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在32s处，所以秒针指示的时间为32s，则秒表的读数为32s。
故答案为：2.50；32。
(1)刻度尺读数时注意分度值和零刻线，没有从零刻度线量起的，应该减去初始读数，读数时，要估读到分度值的下一位；
(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
本题考查了刻度尺、秒表的使用和读数，属于基础题。
19.【答案】在测量过程中调节平衡螺母 1.2②③①④
【解析】解：(1)由图甲可以看出，在测量的过程中，调节平衡螺母，这是错误的；
(2)果汁和烧杯的总质量是m′=50g+20g+20g+5g+2.4g=97.4g，
果汁的质量为m=97.4g−49.4g=48g，
由丙图知，量筒的分度值为2mL，所以果汁的体积为V=40mL=40cm3，
果汁的密度为：ρ=mV=48g40cm3=1.2g/cm3，。
(3)当把烧杯内的果汁全部倒入量筒内时，不可能把烧杯内的果汁全部倒入量筒内，导致测量的果汁的体积偏小，由公式ρ=mV知，密度测量结果偏大，所以先用天平称出盛有果汁的烧杯的总质量；再把烧杯中的果汁倒入量筒中一部分，记下量筒中果汁体积；最后用天平称出剩余果汁和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是②③①④。
故答案为：(1)在测量过程中调节平衡螺母；(2)1.2；(3)②③①④。
(1)在测量过程中不能调节平衡螺母；
(2)用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度。
液体的质量等于液体和烧杯的总质量与烧杯质量之差；
在用量筒测量液体体积时，要注意读数问题，视线要与液面的凹底相平。同时要注意量筒的单位和分度值；
利用密度计算公式ρ=mV求出果汁的密度；
(3)方案中“把烧杯内的果汁全部倒入量筒内”会使得果汁不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出果汁的质量与体积，应用密度公式可以求出果汁的密度。
20.【答案】F1−F2 没有控制物体排开液体的体积相同 小于
【解析】解：(1)甲图中物体的重力大小等于F1，乙图中弹簧测力计对物体的拉力大小为F2，根据称重法物块受浮力大小的表达式F浮乙=F1−F2；
(2)比较甲、乙、丙三图可知，液体的密度不变，金属块排开的液体的体积不同，由于没有控制物体排开液体的体积相同，所以不能探究浮力大小与深度的关系，因此，小青同学的结论不可靠；
(3)丙、丁两图物体全部浸没，排开液体体积相同，由于ρ水>ρ液；根据F浮=ρ液gV排可知，F浮水>F浮液；根据F浮=G−F拉可知，在水中受到的浮力F浮水=F1−F3，在某液体中受到的浮力F浮液=F1−F4，则F1−F3>F1−F4，因此F3小于F4。
故答案为：(1)F1−F2；(2)没有控制物体排开液体的体积相同；(4)小于。
(1)根据称重法求出浮力的大小；
(2)探究浮力大小与物体浸入液体中的深度的关系时，需要控制液体的密度、排开的液体的体积不变，改变深度的大小，据此分析。
(3)根据液体的密度与水的密度关系分析所受浮力关系，根据F浮=G−F拉分析弹簧测力计示数大小关系。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法的运用，难度不大。
21.【答案】不同 电压表选用的量程过大了 将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱
【解析】解：(1)为了使探究得出的结论具有普遍性，L1、L2应选择规格不相同的灯泡；
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，指针偏转角度太小，说明电压表选用的量程过大了，测量误差较大；
(3)串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，若能测出总电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端，他的改接方法可以是：将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱。
故答案为：(1)不同；(2)电压表选用的量程过大了；(3)将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱。
(1)用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，指针偏转角度太小，说明选用的量程过大了；
(3)串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，若能测出总电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端。
本题考查了探究串联电路电压规律的实验，涉及归纳法的运用、电路的连接。
22.【答案】电压表内部断路 调节滑片P至A处 I1R0I2−I1
【解析】解：(1)滑动变阻器按一上一下的原则与Rx串联，当滑片向右移动时，电路中电流变小说明接入电路的电阻变大，应将变阻器左下接线柱接入电路，如下图所示：
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，说明电流表完好，电路为通路，不可能是电流表内部短路、定值电阻断路，电压表指针不动，可能是定值电阻短路或电压表断路，拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数，说明电压表断路，选填电压表内部断路；
(3)检查电路无误后，闭合开关，滑动变阻器和Rx串联接入电路，不调节滑片P，为保护电路，此时滑片P处于变阻器最大值B处，由欧姆定律I=UR可得：
电源电压U=I1Rx+I1R0，
再调节滑片P至变阻器最小值A处，只有Rx接入电路，由欧姆定律可得Rx阻值：
Rx=UI2=I1Rx+I1R0I2，
解得：Rx=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电压表内部断路；(3)调节滑片P至A处；I1R0I2−I1。
(1)滑动变阻器按一上一下的原则与Rx串联，当滑片向右移动时，电路中电流变小说明接入电路的电阻变大；
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，说明电流表完好，电路为通路，不可能是电流表内部短路、定值电阻断路，电压表指针不动，可能是定值电阻短路或电压表断路，拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数，说明电压表断路；
(3)检查电路无误后，闭合开关，滑动变阻器和Rx串联接入电路，不调节滑片P，为保护电路，此时滑片P处于变阻器最大值B处，可得电源电压的表达式，再调节滑片P至变阻器最小值A处，只有Rx接入电路，由欧姆定律可得Rx阻值。
本题考查伏安法测电阻实验中电路连接、故障分析和实验操作测未知电阻。
23.【答案】解：(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小为：
F浮=G排=m排g=1220×103kg×10N/kg=1.22×107N；
(2)由图乙知十堰舰到达最大航速的时间为120s，则加速阶段的平均速度为：
v=st=0.96×103m120s=8m/s；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv得十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时的牵引力为：
F=Pv=1250×103W12.5m/s=105N，
由于十堰舰匀速行驶，所以其受到的阻力等于牵引力，即f=F=105N。
答：(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小为1.22×107N；
(2)加速阶段的平均速度为8m/s；
(3)十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时，十堰舰所受阻力大小为105N。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g算出十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小；
(2)由图乙知十堰舰到达最大航速的时间为120s，根据v=st算出加速阶段的平均速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv算出十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时的牵引力，根据平衡力算出其受到的阻力。
本题考查了阿基米德原理公式的应用、速度公式以及功率公式的应用等知识，是一道综合题，但难度不是很大。
24.【答案】解：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流：I1=P煲汤U=440W220V=2A；
(2))“1200imp/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200r，电饭锅煮饭消耗的电能：W=111200kW⋅h，
电饭锅煮饭挡的实际功率：P煮饭=Wt=111200kW⋅h303600h=1.1kW=1100W；
(3)闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，R2的阻值：R2=U2P煲汤=(220V)2440W=110Ω，
当开关S2闭合，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于低温保温挡，当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡，电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，即：P保温P煮饭=19，
保温挡的功率：P保温=19P煮饭=19×1100W=11009W，
串联的总电阻：R=U2P保温=(220V)211009W=396Ω，
电阻R1的阻值：R1=R−R2=396Ω−110Ω=286Ω。
答：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流是2A；
(2)某天用电高峰，小明关闭其它用电器，只让电饭锅在煮饭挡工作，发现电能表(如图乙)指示灯30s内闪烁11次，电饭锅煮饭挡的实际功率是1100W；
(3)电阻R1的阻值是286Ω。
【解析】(1)根据I=PU得到电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流；
(2)“1200imp/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200r，据此可求电能表指示灯闪烁11次消耗的电能，再利用P=Wt得到电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，由R=U2P得到R2的阻值，当开关S2闭合，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于低温保温挡，当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡，电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，可以得到保温挡的功率，由R=U2P得到串联的总电阻，由电阻的串联得到电阻R1的阻值。
本题考查了串联电路的特点、电能、电功率公式的应用，是一道较难的计算题。
2023年湖北省十堰市中考物理试卷
1. 下列生产生活实例中，主要应用压强知识的是( )
A. 公交车上的破窗锤
B. 铅垂线
C. 滚动轴承
D. 撬石头
2. 下列光学现象中，所成的像是实像的是( )
A. 平面镜成像 B. 小孔成像
C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看书
3. 下列有关声的实验和应用描述正确的是( )
A. 甲图器材只能探究声音的响度与振幅的关系
B. 乙图实验可以直接得出真空不能传声
C. 丙图的隔音墙是为了在声源处减弱噪声
D. 丁图用B超检查身体，是利用声可以传递信息
4. 早期照相馆里，摄影师取景时看到的像都是倒立缩小的，现在的照相机利用光学或电子技术，把倒立的像转变成正立的，便于观察。以下说法错误的是( )
A. 照相机镜头相当于一个凸透镜 B. 凸透镜只能成倒立缩小的实像
C. 照相机靠近被拍摄者，所成的像变大 D. 人的眼睛相当于一架照相机
5. 小丽估测了生活中的一些物理量，其中不合理的是( )
A. 课桌高度约为75cm
B. 中学生从一楼到三楼克服重力做功约为300J
C. 两个鸡蛋重力约为1N
D. 教室里每支日光灯的功率约40W
6. 某居民楼顶安装有太阳能电池板和太阳能热水器。若太阳能热水器工作效率为η，每小时可接收太阳能Q，使热水器内水温升高Δt，水的比热容为c水，下列说法正确的是( )
A. 太阳能是不可再生能源
B. 太阳能电池将接收的太阳能全部转化为电能
C. 太阳能热水器将太阳能转化为内能
D. 该热水器内水的质量Qηc水Δt
7. 2023年5月30日，长征二号F运载火箭搭载神舟十六号载人飞船，在酒泉卫星发射中心点火发射，运载火箭的喷气发动机向下喷气，推动火箭升空。各地雷达监测站即时向指挥中心传递火箭运行信息。下列有关说法正确的是( )
A. 运载火箭应选用密度小、热值大的燃料
B. 各地雷达监测站利用超声波向指挥中心传递信息
C. 火箭向下喷气获得推力与内燃机的压缩冲程相似
D. 火箭升空过程中，需要克服空气阻力做功，能量不守恒
8. 刷卡机(POS机)已经在生活中普遍应用，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时(如图)，刷卡机的感应器(相当于线圈)中会产生感应电流，如图与此原理相同的是( )
A. B.
C. D.
9. 青藏高原某地区学生利用如图装置探究水沸腾时温度变化特点，观察到水中形成的大量气泡上升、变大时，温度计的示数如图且不变。他们用橡胶塞塞住瓶口，发现水中气泡先减少再增多，温度计的示数升高至85℃后又保持不变。撤去酒精灯，水中气泡逐渐消失。下列有关此实验的说法错误的是( )
A. 实验中利用做功的方式改变水的内能
B. 气泡上升过程中所受液体压强减小
C. 此实验说明水沸腾时需要吸热，但温度不变
D. 此实验可以解释高压锅的原理
10. 地球表面70%以上是海洋，但可供人类直接利用的淡水资源不足全部水资源的万分之一，提高节水意识是公民的义务和责任。如图是水循环示意图，下列说法正确的是( )
A. 地表水吸热，汽化成水蒸气 B. 水蒸气与冷空气接触，液化成小水滴
C. 小水滴遇到更冷的气流，凝华成小冰晶 D. 小冰晶降落过程中，液化成雨水
11. 如图甲是某家庭电路连接示意图，图乙为电路中空气开关的原理图，P为电磁铁，Q为衔铁，S为开关。下列分析正确的是( )
A. 手机充电器接入两孔插座后空气开关跳闸，一定是电路的总功率过大
B. 将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔接地
C. 图乙中P的左端为N极
D. 电流过大时，图乙中P的磁性增强，吸引Q向左偏转，弹簧拉起S切断电路
12. 车辆通过某平直高速路段时，驾驶员看到了如图所示的标志牌，下列说法正确的是( )
A. 以行驶的汽车为参照物，标志牌是运动的
B. 车辆不能超过最高限速，是因为车辆的速度越大惯性越大
C. 驾驶员刹车减速过程中，部分机械能转化为内能
D. 以相同速度行驶的不同车辆，车辆的质量越大动能越大
13. 如图所示，酸甜多汁的水果提供的电能点亮了发光二极管，其中水果相当于电路中的______ ，发光二极管主要由______ 材料制成。如果其中一个二极管熄灭，其它依然发光，说明熄灭的二极管与其它二极管是______ (选填“串联”或“并联”)的。
14. 如图是某电梯的工作原理图，A、B为滑轮，F为电动机对滑轮组施加的拉力。其中滑轮______ (选填“A”或“B”)能省力。某次电梯以1m/s速度将60kg的人匀速提升，电
动机输出功率为1960W，则人所受重力与______ 力是一对平衡力，此次电梯的机械效率为______ 。
15. 如图是测量油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，AP是轻质滑杆，且AO>OP，P是滑杆上可沿电阻片滑动的滑片，R0是定值电阻。油量减少时，浮子通过连杆带动滑杆绕O点转动，使滑片P在R上滑动。
(1)电路中的油量表相当于一只______ (选填“电流表”、“电压表”或“电能表”)；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，此时滑杆是______ (选填“省力”、“费力”或“省功”)杠杆，油量表示数______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
16. 小明用矿泉水瓶做了以下实验：
(1)用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动装满水的水瓶，弹簧测力计示数如图甲，则瓶底所受摩擦力大小为______ N。将瓶中水倒出部分后，重复上述实验，观察到弹簧测力计示数如图乙。分析两次实验数据，可以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，______ 滑动摩擦力越大。
(2)在水瓶的不同位置扎三个小孔，取下瓶盖，观察到水从小孔喷出的现象如图丙，此现象表明：同种液体内部压强的大小与液体的______ 有关。
17. 小明将装有硬币A的空杯放在弟弟面前，弟弟的眼睛在P点看不到硬币，如图甲。小明向杯中缓缓注满水，弟弟眼睛在P点看到了硬币在B点，如图乙。请你在图乙中画出弟弟看到硬币的入射光线、折射光线，并标出折射角r(保留作图痕迹)。
18. 如图甲所示方法测出的硬币直径是______ cm，图乙中停表读数______ s。
19. 如图是小赵测量自制果汁密度的实验：
(1)他用已调好的天平测量空烧杯质量时，添加最小砝码后，天平的指针仍略左偏，于是他进行了如图甲的操作，他的错误是：______ ；
(2)纠正错误后，完成了下列实验步骤：
①测得空烧杯的质量是49.4g；
②取适量的果汁倒入烧杯中，用天平测果汁和烧杯的总质量，天平平衡时，右盘中砝码及游码的位置如图乙所示；
③将烧杯中的果汁全部倒入量筒中，如图丙所示；
④计算果汁的密度为______ g/cm3。
(3)小组内交流发现：将上述实验步骤①②③④顺序调整为______ ，可以减小误差。
20. 如图是小青“探究浮力大小跟哪些因素有关”的实验，弹簧测力计示数的大小关系是：F1>F2>F3。
(1)乙图中物块受浮力大小的表达式F浮乙=______ ；
(2)小青比较甲、乙、丙三图，得出浮力大小与深度有关的结论，有同学指出这个结论不可靠，原因是______ ；
(3)如果实验中水的密度大于液体的密度，则弹簧测力计示数大小关系应满足F3______ F4(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
21. 在“探究串联电路电压规律”实验中，小明连接了图甲的电路，A、B、C、D为接线柱编号，1，2、3、4为导线编号。
(1)为使结论具有普遍性，L1、L2应选择规格______ (选填“相同”或“不同”)的灯泡；
(2)闭合开关，电压表指针如图乙，造成这种现象的原因是______ ；
(3)修改电路并完成图甲实验后，小明断开开关，未拆下电压表，只改接某根导线的一端，也能测出总电压。他的改接方法是______ 。
22. 在“伏安法测电阻“的实验中，小红选用电源(电压未知且不变)、待测定值直电阻Rx(约10Ω)和符合要求的滑动变阻器(最大阻值R0已知)等器材，连接了图甲的实物电路。
(1)请用笔画线代替导线将实物电路连接完整(要求：滑片向右移时电流变小)：
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，电压表指针不动。为找出故障，小红断开开关，将滑片P移到最大阻值处，然后拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数。此故障原因是______ (选填“电流表内部短路”、“电压表内部断路”或“定值电阻断路”)；
(3)小红发现，不补充器材，利用(2)中已连好的实物电路也能测出Rx阻值，并设计了对应的电路图乙，请将下列实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关，不调节滑片P，记录此时电流表示数为I1；
②______ 记录此时电流表示数为I2；
③则RX=______ (用字母I1、I2和R0表示)。
23. 如图甲是中国海军十堰舰停泊在港湾时的情景，相关参数如下表。执行任务过程中，该舰以恒定最大推进功率航行。(g取10N/kg)求：
排水量
1220t
吃水深度
4m
最大航速
12.5m/s
最大推动功率
1250kW
(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小；
(2)若十堰舰从静止出发，加速航行0.96km时达到最大航速，图乙是本次航行的v−t图像，求加速阶段的平均速度；
(3)十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时，十堰舰所受阻力大小。
24. 小明家的电饭锅，额定电压220V，简化电路如图甲。发热电阻R1、R2阻值不随温度变化，操作开关S1、S2、S3的通断(S1、S2不会同时闭合)，可实现煮饭、煲汤、保温三个挡位调节，只闭合S3时，为煲汤档，额定功率为440W。求：
(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流；
(2)某天用电高峰，小明关闭其它用电器，只让电饭锅在煮饭挡工作，发现电能表(如图乙)指示灯30s内闪烁11次，电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)若电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，电阻R1的阻值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.公交车上的破窗锤，通过减小受力面积增大压强，故用了压强的知识，故A符合题意；
B.铅垂线应用了重力的方向竖直向下，故B不符合题意；
C.滚动轴承是用滚动代替滑动减小摩擦，故C不符合题意；
D.撬石头的撬棒是利用杠杆的平衡条件来省力，故D不符合题意。
故选：A。
(1)增大压强的方法：增大压力、减小受力面积；
(2)重力的方向竖直向下；
(3)减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动为滚动；
(4)利用杠杆可以省力、省距离。
本题考查简单的物理知识的应用，属于基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、平面镜成像不是实际光线会聚成的，而是实际光线的反向延长线会聚成的虚像，故A错误；
B、小孔成像是实际光线会聚成的实像，故B正确；
C、沙漠中的海市蜃楼是光的折射形成的虚像，故C错误；
D、放大镜成像是正立放大的虚像，故D错误。
故选：B。
实像是实际光线会聚而成的，所以能成在光屏上，而虚像不是实际光线会聚而成的，所以不能成在光屏上。
此题主要考查了有关实像和虚像的区别，首先要理解实像和虚像的形成原因，同时也要掌握各种成实像和虚像的情况，注意虚像是真实存在的。
3.【答案】D
【解析】解：A、尺子伸出桌面的长度一定，改变用力的大小，可以探究响度与振幅的关系；改变尺子伸出桌面的长度，用相同的力敲击尺子，可以探究音调与频率的关系，故A错误；
B、乙图实验逐渐抽出里面的空气，声音越来越小，通过推理可知：真空不能传声，故B错误；
C、丙图的隔音墙是为了在传播过程中减弱噪声，故C错误；
D、丁图用B超检查身体，是利用声可以传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音的大小叫响度；声音的高低叫音调。
(2)声音的传播需要介质；真空不能传声。
(3)减弱噪声的三种途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
(4)声音可以传递信息。
知道声音传播的条件；知道音调和响度的区别；知道减弱噪声的三种基本途径；知道声音可以传递信息。
4.【答案】B
【解析】解：A、照相机镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，故A正确；
B、当物距u
D、人的眼睛相当于一架照相机，原理都是u>2f，成倒立、缩小的实像，故D正确；
故选：B。
(1)根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机；
u
本题考查凸透镜成像的三种情况和应用，要熟练掌握。
5.【答案】B
【解析】解：A、课桌高度约为人身高的一半，在75cm左右，故A合理；
B、中学生的质量约为50kg，其重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，从一楼走到三楼的高度约为h=6m，克服重力做功：W=Gh=500N×6m=3000J，故B不合理；
C、两个鸡蛋的质量约为100g=0.1kg，其重力G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，故C合理；
D、教室里每支日光灯的功率约40W，故D合理。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
6.【答案】C
【解析】解：A、太阳能可以在自然界源源不断地得到，属于可再生能源，故A错误；
B、由于在能量的转化或转移的过程中存在能量的散失，所以太阳能电池不能将接收到的太阳能全部转化为电能，故B错误；
C、太阳能热水器将太阳能转化为内能，故C正确；
D、太阳能热水器工作效率为η，每小时可接收太阳能Q，则水吸收的太阳能为：Q吸=ηQ，根据Q=cmΔt可知，该热水器内水的质量为：m=Qηc水Δt，故D错误。
故选：C。
(1)可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
(2)在能量的转化或转移的过程中，存在能量的散失。
(3)太阳能热水器将太阳能转化为内能。
(4)根据Q=cmΔt求出水的质量。
能量转化的过程都是有规律可循的，在平常的学习中要注意总结归纳。
7.【答案】A
【解析】解：A、运载火箭的燃料使用密度小且热值大的燃料，与其他燃料相比，在燃烧同样质量的燃料的情况下，可以释放更多的热量，故A正确；
B、各地雷达监测站利用电磁波向指挥中心传递信息，故B错误；
C、火箭向下喷气获得推力的过程中，内能转化为机械能，原理与内燃机的做功冲程相同，故C错误；
D、所有的能量转化过程，都遵守能量守恒定律，所以火箭升空过程中，需要克服空气阻力做功，能量守恒，故D错误。
故选：A。
(1)热值表示一定质量的燃料在完全燃烧时所放出的热量的多少；
(2)电磁波能够传递信息；
(3)内燃机压缩冲程，机械能转化为内能，内燃机做功冲程，内能转化为机械能；
(4)能量转化和转移的过程中，能的总量保持不变；
本题主要考查学生对热值的了解、信息的传递、能量的转化等，属基础知识的考查。
8.【答案】D
【解析】解：由题意可知，刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象；
A、图中给导线通电后，其下方的小磁针发生偏转，这是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A不符合题意；
B、该实验是探究电磁铁磁性强弱的影响因素，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、如图电路中有电源，通电线圈在磁场中受力而转动，是电动机的原理图，故C不符合题意；
D、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，与刷卡机读出信息的原理相同，故D正确。
故选：D。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应现象的对应图即可。
本题综合考查了电磁学中的一些重要实验，注意电动机和发电机的原理图非常相似，主要区别是电路中是否有电源。
9.【答案】A
【解析】解：A、给水加热，水吸收热量，是热传递改变内能，故A错误；
B、气泡上升过程中，气泡在水中的深度越来越小，因此所受液体压强越来越小，故B正确；
C、温度计的示数升高至85℃后又保持不变，撤去酒精灯，水中气泡逐渐消失，水停止沸腾，说明水沸腾时需要吸热，但温度不变，故C正确；
D、高压锅的原理是通过增大锅内气压来提高液体沸点，原来观察到水中形成的大量气泡上升、变大时，说明水开始沸腾，用橡胶塞塞住瓶口，发现水中气泡减少，说明水停止沸腾，因此整个过程说明气压越大，沸点越高，故D正确。
故选：A。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(2)液体内部压强随着深度的增加而增大；
(3)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
(4)1标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。
本题考查了“探究水沸腾时温度变化特点”的实验，难度较小，属于基础性题目。重点需要掌握液体沸腾特点以及沸点和气压的关系。
10.【答案】AB
【解析】解：A、地表水吸热，汽化成水蒸气，故A正确；
B、水蒸气与冷空气接触，液化成水滴，故B正确；
C、小水滴遇到更冷的气流，凝固成小冰晶，故C错误；
D、小冰晶在降落过程中，熔化成雨水，故D错误。
故选：AB。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
11.【答案】BCD
【解析】解：A.手机充电器的功率很小，接入两孔插座后空气开关跳闸，可能是短路引起的，故A错误；
B.由图可知，三孔插座的1孔接地线，将电饭锅接入甲图三孔插座，电饭锅的金属外壳通过1孔接地，故B正确；
C.由图可知，电流从P的左端流入，右端流出，由安培定则可知，图乙中P的左端为N极，故C正确；
D.电路中电流过大时，电磁铁P的磁性就会增强，则吸引衔铁Q的力变大，使衔铁转动，闸刀S在弹力的作用下自动开启，切断电路，起到保险作用，故D正确。
故选：BCD。
(1)空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大；
(2)三孔插座的接法是“左零右火上接地”；
(3)根据安培定则判断P的磁极；
(4)电磁铁的磁性跟电流大小、线圈的匝数、有无铁芯有关。有铁芯时，电流越大，线圈匝数越多，磁性越强。
本题考查了安全用电、安培定则和空气开关的原理，属于基础题。
12.【答案】ACD
【解析】解：A、行驶过程中，以汽车为参照物，标志牌与汽车的相对位置在不断发生变化，故标志牌是运动的，故A正确；
B、物体的惯性只与物体的质量有关，汽车的质量越大，惯性也就越大，越不容易刹车，与物体的速度无关，故B错误；
C、驾驶员刹车减速过程中，克服摩擦阻力做功，部分机械能转化为内能，故C正确；
D、动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大，以相同速度行驶的不同车辆，车辆的质量越大动能越大，故D正确；
故选：ACD。
(1判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
(2)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系；
(3)克服摩擦阻力做功，一部分机械能会变成内能；
(4)动能大小与质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
本题考查运动相对性、惯性、机械能的转化、动能的有关因素，属于中档题。
13.【答案】电源 半导体 并联
【解析】解：水果能提供电能，在电路中相当于电源；发光二极管主要由半导体材料制成；如果其中一个二极管熄灭，其它依然发光，根据串并联电路的特点，说明熄灭的二极管与其它二极管是并联的。
故答案为：电源；开关；并联。
(1)水果电池提供电能，水果相当于电源；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的，具有单向导电性；
(3)串联电路只有一条电流路径，各用电器之间相互影响；并联电路，各用电器之间互不影响。
本题考查了电源在电路中的作用、半导体材料、串并联电路的特点等，属于比较基础的习题。
14.【答案】A 电梯对人的支持 30.6%
【解析】解：
(1)图中B滑轮是定滑轮，不能省力，只能改变力的方向；A滑轮是动滑轮，能省力；
(2)由题意知，人匀速提升时，人受到平衡力的作用，即人所受重力与电梯对人的支持力是一对平衡力；
(3)由题意知，n=2，则绳子自由端速度v绳=nv=2×1m/s=2m/s；
由P=Fv得绳子自由端受到的拉力F=Pv绳=1960W2m/s=980N，
人的重力G人=mg=60kg×10N/kg=600N，
则电梯的机械效率η=W有W总=G人hFnh=G人Fn=600N980N×2×100%≈30.6%。
故答案为：(1)A；(2)电梯对人的支持；(3)30.6%。
(1)根据定滑轮：轴心不随圆轮的转动而移动的滑轮，动滑轮：轴心随圆轮的转动而移动的滑轮可判断A、B滑轮的类型；根据定、动滑轮的特点可得出A滑轮能省力；
(2)根据二力平衡的特点分析解答即可；
(3)根据v绳=nv计算出绳子自由端的速度，再利用P=Fv计算出绳子自由端受到的拉力大小，根据机械效率的公式计算机械效率即可。
本题考查了定、动滑轮的识别、平衡力的识别、机械效率的计算等，属于综合性习题，有一定难度。
15.【答案】电流表 省力 变小
【解析】解：(1)电路中的油量表相当于一只电流表；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，O是支点，AO>OP；此时滑杆的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆；
浮子下沉时，AOP逆时针转动，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，油量表示数变小。
故答案为：(1)电流表；(2)省力；变小。
(1)本题中的油量表串联在电路中，相当于一个电流表。
(2)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆；根据欧姆定律来分析电路中电流的变化。
知道电流表的使用规则；会根据欧姆定律分析电路中的电流变化规律。
16.【答案】2.6压力越大 深度
【解析】解：(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小，由图知，测力计分度值为0.2N，示数为2.6N，故摩擦力大小等于2.6N。
在图甲操作的基础上，将瓶中水倒出部分后，瓶对水平面的压力减小，再次沿水平方向拉着木块做直线运动，测力计示数为2.2N，故摩擦力大小等于2.2N。因接触面粗糙程度不变，压力减小，摩擦力减小，可以得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大滑动摩擦力越大。
(2)根据题意可知，加水后三个小孔到水面的深度不同，且下方小孔水喷得更急、更远，该实验表明：同种液体内部压强的大小与液体的深度有关，压强随深度的增大而增大。
故答案为：(1)2.6；压力越大；(2)深度。
(1)根据二力平衡的条件分析，根据测力计分度值读数；影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析；
(2)同种液体内部压强的大小与液体的深度有关，深度越大，压强越大。
本题考查对影响滑动摩擦力的大小的因素、液体内部压强的影响因素的理解和掌握，难度不大。
17.【答案】解：人眼看到的池底A点像的位置，连接人眼与B，与水面的交点O为入射点，连接AO为入射光线，O到人眼为折射光线，过O点画出法线，折射光线与法线的夹角为折射角，如图所示：
【解析】光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，折射光线与法线的夹角为折射角。
本题考查的是光从水中斜射向空气的折射规律，难度不大。
18.【答案】2.5032
【解析】解：(1)由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，从2.00cm处量起，末端刻度到4.50cm，所以物体长度为4.50cm−2.00cm=2.50cm；
(2)在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧，所以分针指示的时间为0；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在32s处，所以秒针指示的时间为32s，则秒表的读数为32s。
故答案为：2.50；32。
(1)刻度尺读数时注意分度值和零刻线，没有从零刻度线量起的，应该减去初始读数，读数时，要估读到分度值的下一位；
(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
本题考查了刻度尺、秒表的使用和读数，属于基础题。
19.【答案】在测量过程中调节平衡螺母 1.2②③①④
【解析】解：(1)由图甲可以看出，在测量的过程中，调节平衡螺母，这是错误的；
(2)果汁和烧杯的总质量是m′=50g+20g+20g+5g+2.4g=97.4g，
果汁的质量为m=97.4g−49.4g=48g，
由丙图知，量筒的分度值为2mL，所以果汁的体积为V=40mL=40cm3，
果汁的密度为：ρ=mV=48g40cm3=1.2g/cm3，。
(3)当把烧杯内的果汁全部倒入量筒内时，不可能把烧杯内的果汁全部倒入量筒内，导致测量的果汁的体积偏小，由公式ρ=mV知，密度测量结果偏大，所以先用天平称出盛有果汁的烧杯的总质量；再把烧杯中的果汁倒入量筒中一部分，记下量筒中果汁体积；最后用天平称出剩余果汁和烧杯的总质量；所以合理的实验顺序是②③①④。
故答案为：(1)在测量过程中调节平衡螺母；(2)1.2；(3)②③①④。
(1)在测量过程中不能调节平衡螺母；
(2)用天平测物体质量时，物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度。
液体的质量等于液体和烧杯的总质量与烧杯质量之差；
在用量筒测量液体体积时，要注意读数问题，视线要与液面的凹底相平。同时要注意量筒的单位和分度值；
利用密度计算公式ρ=mV求出果汁的密度；
(3)方案中“把烧杯内的果汁全部倒入量筒内”会使得果汁不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差。
本题考查了天平的调节、天平读数、量筒读数、求密度，要掌握天平的使用方法、注意事项与读数方法，求出果汁的质量与体积，应用密度公式可以求出果汁的密度。
20.【答案】F1−F2 没有控制物体排开液体的体积相同 小于
【解析】解：(1)甲图中物体的重力大小等于F1，乙图中弹簧测力计对物体的拉力大小为F2，根据称重法物块受浮力大小的表达式F浮乙=F1−F2；
(2)比较甲、乙、丙三图可知，液体的密度不变，金属块排开的液体的体积不同，由于没有控制物体排开液体的体积相同，所以不能探究浮力大小与深度的关系，因此，小青同学的结论不可靠；
(3)丙、丁两图物体全部浸没，排开液体体积相同，由于ρ水>ρ液；根据F浮=ρ液gV排可知，F浮水>F浮液；根据F浮=G−F拉可知，在水中受到的浮力F浮水=F1−F3，在某液体中受到的浮力F浮液=F1−F4，则F1−F3>F1−F4，因此F3小于F4。
故答案为：(1)F1−F2；(2)没有控制物体排开液体的体积相同；(4)小于。
(1)根据称重法求出浮力的大小；
(2)探究浮力大小与物体浸入液体中的深度的关系时，需要控制液体的密度、排开的液体的体积不变，改变深度的大小，据此分析。
(3)根据液体的密度与水的密度关系分析所受浮力关系，根据F浮=G−F拉分析弹簧测力计示数大小关系。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法的运用，难度不大。
21.【答案】不同 电压表选用的量程过大了 将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱
【解析】解：(1)为了使探究得出的结论具有普遍性，L1、L2应选择规格不相同的灯泡；
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，指针偏转角度太小，说明电压表选用的量程过大了，测量误差较大；
(3)串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，若能测出总电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端，他的改接方法可以是：将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱。
故答案为：(1)不同；(2)电压表选用的量程过大了；(3)将3号导线与灯L1相连接的一端改接到灯L2的右接线柱。
(1)用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
(2)闭合开关，电压表示数如图乙所示，指针偏转角度太小，说明选用的量程过大了；
(3)串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，若能测出总电压，需要将电压表并接在两个灯泡两端。
本题考查了探究串联电路电压规律的实验，涉及归纳法的运用、电路的连接。
22.【答案】电压表内部断路 调节滑片P至A处 I1R0I2−I1
【解析】解：(1)滑动变阻器按一上一下的原则与Rx串联，当滑片向右移动时，电路中电流变小说明接入电路的电阻变大，应将变阻器左下接线柱接入电路，如下图所示：
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，说明电流表完好，电路为通路，不可能是电流表内部短路、定值电阻断路，电压表指针不动，可能是定值电阻短路或电压表断路，拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数，说明电压表断路，选填电压表内部断路；
(3)检查电路无误后，闭合开关，滑动变阻器和Rx串联接入电路，不调节滑片P，为保护电路，此时滑片P处于变阻器最大值B处，由欧姆定律I=UR可得：
电源电压U=I1Rx+I1R0，
再调节滑片P至变阻器最小值A处，只有Rx接入电路，由欧姆定律可得Rx阻值：
Rx=UI2=I1Rx+I1R0I2，
解得：Rx=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电压表内部断路；(3)调节滑片P至A处；I1R0I2−I1。
(1)滑动变阻器按一上一下的原则与Rx串联，当滑片向右移动时，电路中电流变小说明接入电路的电阻变大；
(2)闭合开关，移动滑片P，电流表示数有变化，说明电流表完好，电路为通路，不可能是电流表内部短路、定值电阻断路，电压表指针不动，可能是定值电阻短路或电压表断路，拆下电压表，分别换用电压表的不同量程在电源两端试触，电压表均无示数，说明电压表断路；
(3)检查电路无误后，闭合开关，滑动变阻器和Rx串联接入电路，不调节滑片P，为保护电路，此时滑片P处于变阻器最大值B处，可得电源电压的表达式，再调节滑片P至变阻器最小值A处，只有Rx接入电路，由欧姆定律可得Rx阻值。
本题考查伏安法测电阻实验中电路连接、故障分析和实验操作测未知电阻。
23.【答案】解：(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小为：
F浮=G排=m排g=1220×103kg×10N/kg=1.22×107N；
(2)由图乙知十堰舰到达最大航速的时间为120s，则加速阶段的平均速度为：
v=st=0.96×103m120s=8m/s；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv得十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时的牵引力为：
F=Pv=1250×103W12.5m/s=105N，
由于十堰舰匀速行驶，所以其受到的阻力等于牵引力，即f=F=105N。
答：(1)十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小为1.22×107N；
(2)加速阶段的平均速度为8m/s；
(3)十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时，十堰舰所受阻力大小为105N。
【解析】(1)根据F浮=G排=m排g算出十堰舰满载停泊在港湾时所受浮力大小；
(2)由图乙知十堰舰到达最大航速的时间为120s，根据v=st算出加速阶段的平均速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv算出十堰舰以最大航速水平匀速直线航行时的牵引力，根据平衡力算出其受到的阻力。
本题考查了阿基米德原理公式的应用、速度公式以及功率公式的应用等知识，是一道综合题，但难度不是很大。
24.【答案】解：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流：I1=P煲汤U=440W220V=2A；
(2))“1200imp/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200r，电饭锅煮饭消耗的电能：W=111200kW⋅h，
电饭锅煮饭挡的实际功率：P煮饭=Wt=111200kW⋅h303600h=1.1kW=1100W；
(3)闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，R2的阻值：R2=U2P煲汤=(220V)2440W=110Ω，
当开关S2闭合，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于低温保温挡，当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡，电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，即：P保温P煮饭=19，
保温挡的功率：P保温=19P煮饭=19×1100W=11009W，
串联的总电阻：R=U2P保温=(220V)211009W=396Ω，
电阻R1的阻值：R1=R−R2=396Ω−110Ω=286Ω。
答：(1)电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流是2A；
(2)某天用电高峰，小明关闭其它用电器，只让电饭锅在煮饭挡工作，发现电能表(如图乙)指示灯30s内闪烁11次，电饭锅煮饭挡的实际功率是1100W；
(3)电阻R1的阻值是286Ω。
【解析】(1)根据I=PU得到电饭锅在煲汤挡正常工作时，电路中的电流；
(2)“1200imp/(kW⋅h)”表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1200r，据此可求电能表指示灯闪烁11次消耗的电能，再利用P=Wt得到电饭锅煮饭挡的实际功率；
(3)闭合S3时，为煲汤档，只有R2的简单电路，由R=U2P得到R2的阻值，当开关S2闭合，两个电阻串联，电路的总电阻较大，由P=U2R可知电路的总功率较小，电饭煲处于低温保温挡，当闭合开关S1和S3，两个电阻并联，电路的总电阻较小，由P=U2R可知电路的总功率较大，电饭煲处于煮饭挡，电阻R1在保温挡和煮饭挡时，消耗的功率之比是1：9，可以得到保温挡的功率，由R=U2P得到串联的总电阻，由电阻的串联得到电阻R1的阻值。
本题考查了串联电路的特点、电能、电功率公式的应用，是一道较难的计算题。
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