（艺术生）高考数学一轮复习讲与练：考点31 数列的求和 (含解析)

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考点三十一 数列的求和
知识梳理
1．公式法求和
常用的求和公式有：
(1) 等差数列的前n项和公式：Sn＝＝na1＋d.
(2) 等比数列的前n项和公式：Sn＝
(3)1＋2＋3＋…＋n＝；
(4)12＋22＋32＋…＋n2＝；
(5)13＋23＋33＋…＋n3＝；
(6)1＋3＋5＋…＋2n－1＝n2；
(7)2＋4＋6＋…＋2n＝n2＋n.
2.错位相减法求和
适用于一个等差数列和一个等比数列对应项相乘构成的数列求和．
3.倒序相加法求和
适用于首末等距离的两项之和等于同一个常数这样的数列求和．
4.裂项相消法求和
方法是把数列的通项拆分成两项之差，在求和时一些项正负抵消，从而可以求和．
常用的裂项公式有：
(1)＝－；
(2)＝；
(3)＝－.
(4) ＝；
5.分组求和
通过把数列分成若干组，然后利用等差、等比等求和公式求和．
典例剖析
题型一 错位相减法求和
例1　(2015山东文)已知数列{an}是首项为正数的等差数列，数列的前n项和为.
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)设bn＝(an＋1)·，求数列{bn}的前n项和Tn.
解析 (1)设数列{an}的公差为d，
令n＝1，得＝，所以a1a2＝3.
令n＝2，得＋＝，所以a2a3＝15.解得a1＝1，d＝2，
所以an＝2n－1.经检验，符合题意．
(2)由(1)知bn＝2n·22n－1＝n·4n，
所以Tn＝1·41＋2·42＋…＋n·4n，
所以4Tn＝1·42＋2·43＋…＋n·4n＋1，
两式相减，得－3Tn＝41＋42＋…＋4n－n·4n＋1＝－n·4n＋1＝×4n＋1－.
所以Tn＝×4n＋1＋＝.
变式训练 (2015湖北文)设等差数列{an}的公差为d，前n项和为Sn，等比数列{bn}的公比为q，已知b1＝a1，b2＝2，q＝d，S10＝100.
(1) 求数列{an}，{bn}的通项公式；
(2) 当d>1时，记cn＝，求数列{cn}的前n项和Tn.
解析 (1)由题意有即解得或
故或
(2)由d>1，知an＝2n－1，bn＝2n－1，故cn＝，于是
Tn＝1＋＋＋＋＋…＋，①
Tn＝＋＋＋＋＋…＋.②
①－②可得
Tn＝2＋＋＋…＋－＝3－，
故Tn＝6－.
解题要点 错位相减法求和是最为重要的求和方法，要熟练掌握，计算时要注意首末留下的项的符号，同时计算要准确．
题型二 利用裂项相消法求和
例2　(2015江苏)设数列{an}满足a1＝1，且an＋1－an＝n＋1(n∈N*)，则数列前10项的和为________．
答案　
解析　∵a1＝1，an＋1－an＝n＋1，∴a2－a1＝2，a3－a2＝3，…，an－an－1＝n，将以上n－1个式子相加得an－a1＝2＋3＋…＋n＝，即an＝，
令bn＝，
故bn＝＝2，故S10＝b1＋b2＋…＋b10
＝2＝.
变式训练 (2015安徽文)已知数列{an}是递增的等比数列，且a1＋a4＝9，a2a3＝8.
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)设Sn为数列{an}的前n项和，bn＝，求数列{bn}的前n项和Tn.
解析 (1)由题设知a1·a4＝a2·a3＝8.
又a1＋a4＝9.可解得或(舍去)．
由a4＝a1q3得公比q＝2，故an＝a1qn－1＝2n－1.
(2)Sn＝＝2n－1，
又bn＝＝＝－，
所以Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝＋＋…＋＝－
＝1－.
解题要点 熟记常见的裂项公式是求解的关键．
题型三 分组求和与并项求和
例3　数列1，3，5，7，…，(2n－1)＋，…的前n项和Sn的值等于____________.
答案 n2＋1－
解析 该数列的通项公式为an＝(2n－1)＋，
则Sn＝[1＋3＋5＋…＋(2n－1)]＋＝n2＋1－.
变式训练 数列{an}满足an＋an＋1＝(n∈N＋)，且a1＝1，Sn是数列{an}的前n项和，则S21＝________.
答案　6
解析　由an＋an＋1＝＝an＋1＋an＋2，
∴an＋2＝an，
则a1＝a3＝a5＝…＝a21，a2＝a4＝a6＝…＝a20，
∴S21＝a1＋(a2＋a3)＋(a4＋a5)＋…＋(a20＋a21)
＝1＋10×＝6.
解题要点 分组和并项的目的，都是通过变形，把原式化为等差、等比或其它可求和的形式，体现了转化与划归的思想．
当堂练习
1．若数列{an}为等比数列，且a1＝1，q＝2，则Tn＝＋＋…＋的结果可化为____________.
答案
解析 an＝2n－1，设bn＝＝2n－1，
则Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝＋3＋…＋2n－1＝＝.
2．数列{an}的通项公式an＝(n∈N*)，若前n项和为Sn，则Sn为____________.
答案 (＋－－1)
解析 ∵an＝＝(－)，
∴Sn＝(－1＋－＋－＋－＋…＋－＋－＋－)＝(－1－＋＋)＝(＋－－1).
3. 若数列{an}的通项公式是an＝(－1)n(2n－1)，则a1＋a2＋a3＋…＋a100＝____________.
答案 100
解析 由题意知，a1＋a2＋a3＋…＋a100＝－1＋3－5＋7＋…＋(－1)100(2×100－1)＝(－1＋3)＋(－5＋7)＋…＋(－197＋199)＝2×50＝100.
4．已知数列{an} 的前n 项和Sn＝，n∈N* .
(1)求数列{an} 的通项公式；
(2)设bn＝2an＋(－1)nan ，求数列{bn} 的前2n 项和．
解析 (1)当n＝1时，a1＝S1＝1；
当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝－＝n.
故数列{an}的通项公式为an＝n.
(2)由(1)知，an＝n，故bn＝2n＋(－1)nn.
记数列{bn}的前2n项和为T2n，
则T2n＝(21＋22＋…＋22n)＋(－1＋2－3＋4－…＋2n)．
记A＝21＋22＋…＋22n，B＝－1＋2－3＋4－…＋2n，
则A＝＝22n＋1－2，
B＝(－1＋2)＋(－3＋4)＋…＋[－(2n－1)＋2n]＝n.
故数列{bn}的前2n项和T2n＝A＋B＝22n＋1＋n－2.
5．等差数列{an}的前n项和为Sn，等比数列{bn}的公比为，满足S3＝15，a1＋2b1＝3，a2＋4b2＝6.
(1)求数列{an}，{bn}的通项an，bn；
(2)求数列{an·bn}的前n项和Tn.
解析 (1)设{an}的公差为d，所以解得a1＝2，d＝3，b1＝，
所以an＝3n－1，bn＝n.
(2)由(1)知Tn＝2×＋5×2＋8×3＋…＋(3n－4)·n－1＋(3n－1)n，①
①×得Tn＝2×2＋5×3＋…＋(3n－4)×n＋(3n－1)n＋1，②
① －②得
Tn＝2×＋3×－(3n－1)n＋1
＝1＋3×－(3n－1)·n＋1，
整理得Tn＝－(3n＋5)n＋5.
课后作业
一、 填空题
1． ＋＋＋…＋的值为____________.
答案 －
解析 ∵＝＝＝，
∴＋＋＋…＋
＝
＝
＝－.
2．已知等差数列{an}的前n项和Sn满足S3＝0，S5＝－5，则数列的前8项和为____________.
答案 －
解析 设数列{an}的公差为d，则Sn＝na1＋d.由已知可得
解得a1＝1，d＝－1，故{an}的通项公式为an＝2－n.
所以＝
＝，所以数列的前8项和为
＝－.
3．若数列{an}的通项为an＝4n－1，bn＝，n∈N*，则数列{bn}的前n项和是____________.
答案 n(n＋2)
解析 a1＋a2＋…＋an＝(4×1－1)＋(4×2－1)＋…＋(4n－1)＝4(1＋2＋…＋n)－n＝2n(n＋1)－n＝2n2＋n，
∴bn＝2n＋1，
b1＋b2＋…＋bn＝(2×1＋1)＋(2×2＋1)＋…＋(2n＋1)
＝n2＋2n＝n(n＋2).
4．设数列1，(1＋2)，…，(1＋2＋22＋…＋2n－1)，…的前n项和为Sn，则Sn＝____________.
答案 2n＋1－n－2
解析 ∵an＝1＋2＋22＋…＋2n－1＝＝2n－1，
∴Sn＝(2＋22＋23＋…＋2n)－n＝－n＝2n＋1－n－2.
5．设数列{an}的通项公式是an＝(－1)n·n，则a1＋a2＋a3＋…＋a100＝____________.
答案 50
解析 由题意知，a1＋a2＋a3＋…＋a100＝－1＋2－3＋4＋…＋(－1)200·100＝(－1＋2)＋(－3＋4)＋…＋(－99＋100)＝50.
6．已知数列：，＋，＋＋，…，＋＋＋…＋，…，若bn＝，那么数列的前n项和Sn为____________.
答案
解析 an＝＝，∴bn＝＝＝4，
∴Sn＝4＝4＝.
7．等差数列{an}的通项公式an＝2n－1，数列{}，其前n项和为Sn，则Sn等于____________.
答案
解析 ∵an＝2n－1，
∴＝＝.
∴Sn＝＝＝.
8．数列{an}，{bn}满足anbn＝1，an＝n2＋3n＋2，则{bn}的前10项之和为____________.
答案　
解析　bn＝＝＝－，
S10＝b1＋b2＋b3＋…＋b10＝－＋－＋－＋…＋－＝－＝.
9．设{an}是等差数列，{bn}是各项都为正数的等比数列，且a1＝b1＝1，a3＋b5＝19，a5＋b3＝9，则数列{anbn}的前n项和Sn＝__________.
答案 (n－1)·2n＋1
解析 由条件易求出an＝n，bn＝2n－1(n∈N*)．
∴Sn＝1×1＋2×21＋3×22＋…＋n×2n－1，①
2Sn＝1×2＋2×22＋…＋(n－1)×2n－1＋n×2n.②
由①－②，得－Sn＝1＋21＋22＋…＋2n－1－n×2n，
∴Sn＝(n－1)·2n＋1.
10．若数列{an}的通项公式为an＝(－1)n(3n－2)，则a1＋a2＋…＋a10＝____________.
答案 15
解析 a1＋a2＋…＋a10＝－1＋4－7＋10－…＋(－1)10·28＝(－1＋4)＋(－7＋10)＋…＋(－25＋28)＝15.
11． (1002－992)＋(982－972)＋…＋(22－12)＝____________.
答案　5 050
解析　原式＝100＋99＋98＋97＋…＋2＋1＝＝5 050.
二、解答题
12． (2015天津文)已知{an}是各项均为正数的等比数列，{bn}是等差数列，且a1＝b1＝1，b2＋b3＝2a3，a5－3b2＝7.
(1)求{an}和{bn}的通项公式；
(2)设cn＝anbn，n∈N*，求数列{cn}的前n项和．
解析 (1)设数列{an}的公比为q，数列{bn}的公差为d，由题意q＞0.
由已知，有消去d，整理得q4－2q2－8＝0，
又因为q＞0，解得q＝2，所以d＝2.
所以数列{an}的通项公式为an＝2n－1，n∈N*；
数列{bn}的通项公式为bn＝2n－1，n∈N*.
(2)由(1)有cn＝(2n－1)·2n－1，
设{cn}的前n项和为Sn，则
Sn＝1×20＋3×21＋5×22＋…＋(2n－3)×2n－2＋(2n－1)×2n－1，
2Sn＝1×21＋3×22＋5×23＋…＋(2n－3)×2n－1＋(2n－1)×2n，
上述两式相减，得
－Sn＝1＋22＋23＋…＋2n－(2n－1)×2n＝2n＋1－3－(2n－1)×2n＝－(2n－3)×2n－3，
所以，Sn＝(2n－3)·2n＋3，n∈N*.
13．(2015福建文)在等差数列{an}中，a2＝4，a4＋a7＝15.
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)设bn＝2an－2＋n，求b1＋b2＋b3＋…＋b10的值．
解析 (1)设等差数列{an}的公差为d，
由已知得解得所以an＝a1＋(n－1)d＝n＋2.
(2)由(1)可得bn＝2n＋n，
所以b1＋b2＋b3＋…＋b10＝(2＋1)＋(22＋2)＋(23＋3)＋…＋(210＋10)
＝(2＋22＋23＋…＋210)＋(1＋2＋3＋…＋10)
＝＋
＝(211－2)＋55
＝211＋53＝2 101.