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2023年广东省阳江市江城区中考物理二模试卷-普通用卷
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这是一份2023年广东省阳江市江城区中考物理二模试卷-普通用卷，共23页。试卷主要包含了 水是人类环境的重要组成部分等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省阳江市江城区中考物理二模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列描述与实际相符的是( )
A. 普通家用照明灯的工作电流约为2A
B. 大气压约等于76cm高水柱产生的压强
C. 人正常步行的速度约是4km/h
D. 减小摩擦，滑轮组的机械效率能达到100%
2. 世界因光而变得五彩缤纷。下列现象中，属于光沿直线传播形成的是( )
A. 晴天树荫下的圆形光斑 B. 水中铅笔看起来弯折
C. 太阳光经过透镜形成光斑 D. 塔在水中形成倒影
3. 关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是( )
A. 物体的内能与温度有关
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
D. 物体的内能越多，说明物体具有的热量也越多
4. 水是人类环境的重要组成部分。水通过吸热、放热在固态、液态、气态三种状态间转化，如图所示。已知甲是水，则( )
A. 乙是冰
B. 由丙到甲的过程放热
C. 由乙到丙是凝华过程
D. 由乙到丙的过程物体内能增加
5. 卢瑟福用α粒子(带正电)轰击金箔实验为现代原子理论打下了基础，如图线条中，可能是α粒子在该实验中的运动轨迹，能说明原子核带正电且质量较大的是( )
A. a
B. b
C. c
D. d
6. 如图甲所示的门禁系统越来越多地应用在小区的智能化管理中，其原理如图乙所示，闭合开关，下列说法正确的是( )
A. 门禁系统的工作原理与电动机原理相同
B. 门禁系统工作时是将电能转化为机械能
C. 图乙中导体ab上下运动时，灵敏电流计指针偏转
D. 图乙中磁体左右运动时，灵敏电流计指针偏转
7. 对于静止在桌面上的书来说，下列各组力属于平衡力的是( )
A. 书受到的重力和书对桌面的压力 B. 桌子受到的重力与地面对桌子的支持力
C. 书对桌面的压力和桌面对书的支持力 D. 书受到的重力和桌面对书的支持力
8. 中央广播电视总台《2023年春节联欢晚会》的戏曲节目《华彩梨园》广邀戏曲名家、“80后”“90后”的青年一代戏曲演员和少儿戏曲爱好者同台献技。通过声音的______ (选填“音调”“响度”或“音色”)不同可以辨别出节目中有哪些乐器发出声音，演员的声音高是指声音的______ (选填“音调”“响度”或“音色”)。现场观众从任意方向都可以看到台上的演员，是因为发生了______ (选填“漫”或“镜面”)反射。
9. 如图所示，某同学用弹簧测力计拉着放在水平桌面上的木块匀速滑动，在木块前端离开桌面开始直到离开木块三分之一的过程中，弹簧测力计的示数______ ，木块对桌面的压力______ ，木块对桌面的压强______ 。(均选填“变大”、“变小”或“不变”)
10. 能源家族中，有石油、风能、水能、核能、太阳能等，属于不可再生能源的有______；电能是______(选填“一次能源”或“二次能源”)，它可以使电动机转动，电能转化为机械能和内能，但这些能量却无法自动转化为电能，该现象说明能量转化是有______。
11. 如图是小明在做俯卧撑，可将他看成是一个杠杆，A为重心，O为支点，支撑点B，手臂垂直于地面，则动力臂是 m；假设小明的体重为60kg，则小明受到的重力为 N，地面对他双手的支撑力是 N。(g=10N/kg)
12. 北方寒冷的冬季，雨雪过后屋檐下会形成如图所示的冰锥，它是积雪熔化后的水在下落过程中 (填物态变化名称)形成的，冰锥在形成过程中温度 (选填“升高”、“降低”或“不变”)，冰锥在形成过程中内能 (选填“减小”、“增大”或“不变”)。
13. 小丽同学站在平面镜前2m，她与她的像相距______m；当她用右手拿梳子梳理自己的头发，她看到镜子中的自己用______(选填：“左手”或“右手”)拿梳子；如果她后退0.5m后，所成的像大小______(选填：“变大”、“变小”或“不变”)。
14. 一艘轮船从大海驶入长江，它受到的浮力______ (填“变大”、“变小”或“不变”)，它排开水的体积______ (填“变大”、“变小”或“不变”)，它将______ (填“上升”或“下降”)一些。
15. 如图所示，正方体受到的重力为50N，请在图中画出F1的力臂L1和正方体所受重力的示意图。
16. 如图所示，凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，请根据入射光线，画出相应的出射光线。
17. 请完成题图中电路的连接要求符合安全用电的原则：保险丝控制插座，拉线开关控制电灯。
18. 如图所示，下列甲、乙、丙三个图中读数依次为______cm、______℃、______s。
19. 如图甲、乙是小明测量实心小石块的密度时的情景，小石块的质量(如图甲所示)为______g，体积为______cm3，测得小石块的密度为______kg/m3。
20. 小明用如图所示装置探究水和煤油的吸热能力，实验记录如下表：
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
水的温度/℃
20
22
24
26
28
30
32
34
煤油温度/℃
20
24
28
32
36
40
44
48
(1)实验中，在相同的烧瓶中装上______(选填“质量”或“体积”)相同的水和煤油两种液体；甲乙两根电阻丝的电阻应该______(选填“相同”或“不相同”)
(2)实验中，用______间接反映液体吸收热量的多少，通过比较______(两空均填序号)来判断吸热能力的强弱
A.加热时间的长短
B.温度计示数的变化
(3)分析表中的实验数据，可知______(填“水”或“煤油”)的吸热能力较强
(4)若甲、乙两个相同的烧瓶中，液体是质量和初温都相同的同种液体，电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与______的关系
21. 小明和同学们利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，使用的实验器材有：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干。
(1)小明和同学们连接的实物电路如图甲，其中还差一根导线未连接，请你用笔画线代替导线，补画出正确的那根导线，且导线不能交叉；
(2)连接好实物电路图后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最______ 端(选填“左”或“右”)；闭合开关后，移动滑片P时发现电流表有示数，电压表无示数，则发生故障的原因可能是______ ；
(3)排除电路故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片P，此时电流表的示数如图乙所示；接着将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次应将电压表的示数调节为______ V时，记录电流表的示数；
(4)本实验可初步得到的结论为：当导体两端电压一定时，通过的电流与导体的电阻成______ ，本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有______ ；
(5)小明分析以上几次实验中记录电表示数时发现，定值电阻消耗的最大功率为______ W。
22. 如图所示，小明在跑步机上锻炼身体。设他在跑步机上以5m/s的速度匀速跑动30min，跑动的总动力为40N.求：
(1)他在这段时间内相当于跑了多少路程？
(2)他在这段时间内做了多少功？
(3)他做功的功率是多少？
23. 小明家有一个电能计量插座，他将储水式电热水器(如图甲)单独接在该插座上，通电20min，热水器内水温从49℃升高到59℃，插座前、后两次的示数如图乙(单位kW⋅h)。若消耗的电能全部用来加热，求：
(1)该热水器的实际电功率；
(2)该热水器加热电阻阻值；(保留整数)
(3)该热水器装有水的质量是多少？[不计热量损失，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
24. 阅读短文，回答问题。
首次实现常温超导各种金属导体中，银的导电性能是最好的，但还是有电阻存在.在1911年，物理学家首次在低于−268.8℃的环境中发现汞的超导现象，即电流可以在超导材料中零电阻通过.这种超导效应一直是在超低温下才能观察到。在2020年10月14日，罗切斯特大学在《自然》发表其研究人员首次在高达15℃的温度下，观察到常温超导现象.但这次研究人员创造的常温超导材料，也存在严重的限制，他们观察到的超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，这是和地心处压强相当的超高压条件。
如果把超导现象应用于实际，会给人类带来很大的好处。在发电厂发电、输送电能等方面若能采用超导材料，就可以大大降低由于电阻引起的电能损耗。
(1)超导材料达到一定条件时，其电阻就能降到______Ω，此时，若在正常工作的电路中，超导体两端电压为______V。
(2)在低于−268.8℃的环境中的汞的内能______(选填“等于”或“大于”)零。
(3)罗切斯特大学创造的常温超导材料，存在的限制是所需______太高，无法在正常状态下实现。
(4)设想一下，如果“常温常压超导”进入工业化，为了节能，超导材料______(选填“可以”或“不可以”)用于制造电热水壶，原因是______。
25. 在生活和生产中，简单机械有着十分重要的作用。
(1)为了探究“杠杆的平衡条件”，小明用图1的装置进行实验。实验前，杠杆左端下沉，应将右端的平衡螺母向 调节(选填“左”或“右”)，使杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量 。
(2)小明用图2的实验装置探究滑轮组机械效率。实验中用同滑轮组提升钩码，记录数据如表。
实验次数
物重G/N
物体上升高度h/cm
测力计的示数F/N
测力计移动的
距离s/cm
1
4
3
1.6
9
2
4
6
18
3
6
6
2.3
18
①由图2可知，第2次实验中弹簧测力计示数为 N；
②第3次实验中滑轮组的机械效率为 %(结果保留一位小数)；
③分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越 ，若提升同一物体时，滑轮组的机械效率与物体提升高度 (选填“有关”或“无关”)。
(3)小明用图3的实验装置探究斜面的机械效率。发现同一斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。某次实验测得物重G=4N、斜面长s=1m、高h=0.2m，若机械效率η=80%，则物体在斜面上受到的摩擦力为 N。
26. 如图甲所示是家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的R1是由气敏电阻制成的传感器，R1的阻值与燃气浓度的关系如图乙。出厂预设当燃气浓度达到6%时报警，出厂测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定，闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R2滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.03A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下，工作电路中相应的灯亮起而报警(电磁铁线圈的阻值忽略不计)。
(1)使用燃气的场所都应安装燃气报警器，安装的具体位置应根据被检测气体相对于空气的密度来决定。如果家中使用的是天然气(主要成分是密度比空气小的甲烷)，则报警器应安装在厨房(如图丙)的______(填“A”或“B”)区域。
(2)由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值______，控制电路的总功率______(前两空均选填“变大”“变小”或“不变”)；按出厂预设，当燃气浓度达到6%时报警，此时工作电路的灯______(选填“L1”或“L2”)亮。
(3)该报警器要达到出厂预设值，则滑动变阻器应接入电路的电阻值为______Ω。
(4)小明研究发现：调节控制电路滑动变阻器R2的阻值，就可以改变报警时设定的燃气浓度值。若想将报警时的燃气浓度值比出厂预设值调低一些，应适当______(选填“增大”或“减小”)滑动变阻器R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.照明灯的电流在0.2A左右，故A不符合实际；
B.1标准大气压约等于76cm高汞柱产生的压强，故B不符合实际；
C.人正常步行的速度约为1.1m/s，即约4km/h，故C符合实际；
D.滑轮组工作时，不可避免的要克服动滑轮和绳的重力、摩擦等做一部分额外功，所以即使减小摩擦，但所做额外功不可能为零，滑轮组的机械效率不可能达到100%，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对日常生活中的用电器额定电流、额定功率、额定电压等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：A、晴天树荫下的圆形光斑，属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故A正确；
B、水中铅笔看起来弯折，是由光的折射形成的，故B错误；
C、太阳光经过透镜形成光斑，利用了凸透镜对光线的会聚作用，是光的折射现象，故C错误；
D、塔在水中形成倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误。
故选：A。
光在同种均匀介质中沿直线传播；逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、物体的内能与温度、体积、状态都有关系，故A正确；
B、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰块熔化过程中，冰块不断吸收热量，但其温度一直保持0℃不变，故B错误；
C、物体的内能增加了，可能是物体从外界吸收了热量，也可能是对物体做了功，故C错误；
D、热量是过程量，不能说物体具有热量或含有热量，故D错误。
故选：A。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度、质量、所处状态有关；
(3)晶体熔化时吸热，内能增加，但温度不变。
本题考查温度、热量、内能之间的关系、改变物体内能的方法，以及内能的影响因素，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A、由图可知：甲是水，水吸热汽化变为乙，所以乙是水蒸气，故A错误；
B、水蒸气放热凝华变为丙，所以丙是冰，由丙到甲的过程是升华，需要吸热，故B错误；
CD、由乙到丙的过程水蒸气变成冰，是凝华现象，内能减少，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】D
【解析】解：A、原子核带正电荷，a粒子也带正电荷，同性相斥，所以A是不可能向原子核靠近的，应该远离原子核，故A错误；
B、由于原子核体积很小，核外有一个相对很大的空间，大多数a粒子是直接穿过，故B错误；
C、由于原子中原子核带正电，a粒子也带正电，当a粒子途经原子核附近时会发生偏转，故C错误；
D、因为原子核带正电，原子核质量很大，当a粒子与原子核撞击时就会被反弹回来，故D正确。
故选：D。
根据卢瑟福的α粒子轰击金箔实验的现象考虑：大部分a粒子直接穿透过去，少部分a粒子发生了偏转，极少数a粒子被反弹了回来。
解答本题关键是要知道卢瑟福的α粒子轰击金箔实验的现象，和出现该现象的原因。
6.【答案】D
【解析】解：
A、门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应；电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动，门禁系统的原理与电动机的原理不同，故A错误；
B、门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应，是把机械能转化为电能，故B错误；
C、若图乙中导体ab上下运动时，导体没有在磁场中切割磁感线，灵敏电流计指针不偏转，故C错误；
D、若图乙中磁体左右运动，运动是相对的，导体在磁场中切割磁感线，灵敏电流计指针会偏转，故D正确。
故选：D。
门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应。
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；
感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关。
本题主要考查了电磁感应原理，明确门禁系统的工作原理是解答此题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A.书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力的方向相同，都竖直向下，不是平衡力，故A不符合题意；
B.桌子受到的重力小于地面对桌子的支持力(桌子的重力和书的重力)，所以这两个力大小不相等，不是一对平衡力，故B不符合题意；
C.书对桌面的压力和桌面对书的支持力，这是一对作用力与反作用力，不是平衡力，故C不符合题意；
D.书受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、作用在同一物体上，所以是一对平衡力，故D符合题意。
故选：D。
平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可。
此题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。
8.【答案】音色 音调 漫
【解析】解：(1)不同乐器发出声音的音色不同，可以通过音色不同辨别出节目中有哪些乐器发出声音；音调是指声音的高低，演员的声音高是指声音的音调高；
(2)不同位置的观众均能看到台上的演员，是由于光被反射向四面八方，故发生了漫反射。
故答案为：音色；音调；漫。
(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；音色跟发声体的材料、品质有关。
(2)平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
本题考查音调、响度和音色的区分，以及漫反射等知识，难度不大。
9.【答案】不变 不变 变大
【解析】解：在木块前端离开桌面至三分之一移出桌面的过程中，木块对桌面的压力始终等于木块的重力，所以不变，摩擦力大小与接触面积无关，所以摩擦力不变，弹簧测力计示数不变，因为弹簧测力计的拉力与摩擦力是平衡力；因为受力面积减小，所以压强变大。
故答案为：不变；不变；变大。
本题抓住摩擦力大小的影响因素，摩擦力大小与接触面积无关，增大压强的方法：减小受力面积。
本题考查了摩擦力大小的影响因素，增大压强的方法。
10.【答案】石油、核能 二次能源 方向性的
【解析】解：(1)石油、核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源；风能、水能、太阳能可以长期提供或再生，属于可再生能源；
(2)电能是由其他形式的能转化而来的，属于二次能源；
(3)能量在转化或转移的过程中，其总量保持不变。电能可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能。该现象说明能量的转化具有方向性。
故答案为：石油、核能； 二次能源；方向性的。
(1)能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(3)能量在转化的过程中具有方向性，很多能量转化的实例都说明了这一点。
本题考查了能源的分类及能量的转化与转移的方向性，我们必须熟知能量转化的方向性是其重要特点，在能量转化中是普遍存在的。
11.【答案】1.5 600 360
【解析】解：如图：
O为支点，手臂B处施力为动力，动力臂是OB段的距离，重力是阻力，阻力臂是OD段的距离，
所以动力臂是：OB=OD+DB=0.9m+0.6m=1.5m；
人所受的重力为：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
根据杠杆平衡条件得：F×OB=G×OD，即：F×1.5m=600N×0.9m，
解得：F=360N。
故答案为：1.5；600；360。
(1)支点到动力作用线的距离是动力臂，支点到阻力作用线的距离是阻力臂。
(2)知道人的质量，根据G=mg求出重力。
(3)地面对手的支撑力是动力，重力是阻力，确定动力臂、阻力臂，利用杠杆平衡条件求出支撑力。
本题要明确人体是一个杠杆，找到动力、动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件解答。
12.【答案】凝固 不变 减小
【解析】解：冰锥是积雪融化后的水在下落过程中又变成冰锥，是物质从液态变成固态，是凝固过程，冰是晶体，冰锥形成过程中，不断放出热量，温度保持不变，但内能减小。
故答案为：凝固；不变；减小。
物质从液态变成固态是凝固，晶体凝固时，不断放出热量，温度保持不变。
本题通过北方寒冷冬季雪后出现的现象考查了凝固过程和晶体凝固特点，体现了生活处处皆物理。
13.【答案】4 左手 不变
【解析】解：小丽距离平面镜2m，根据物像到平面镜距离相等，所以小丽的像到平面镜的距离是2m，所以小丽的像距离小丽4m；
人在平面镜中成虚像，人的像相对人来讲是上下不颠倒，左右颠倒，所以小丽用右手拿梳子梳理自己的头发，她看到镜子中的自己用左手拿梳子；
平面镜成像与成像物体大小相等，若小丽后退0.5m，小丽的大小不变，所以她在镜中像的大小将不变。
故答案为：4；左手；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜成像特点及其应用，属于基础题。
14.【答案】不变 变大 下降
【解析】解：当船从大海驶入长江，船自重不变，因为船漂浮，所受浮力等于船的重力；所以船从大海驶入长江时船受到的浮力不变。
由于ρ江水<ρ海水，由F浮=ρ液V排g知道，船排开江水的体积大于排开海水的体积，所以，船将下沉一些。
故答案为：不变；变大；下降。
根据物体漂浮时，浮力等于重力来判断浮力的变化；
利用阿基米德原理，知道了浮力大小和液体的密度关系，便可判断排开液体体积的变化即得答案。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理，综合性强，需灵活运用，学生很容易在浮力的变化上出错。
15.【答案】解：由图可知支点是O点，从O点向动力F1的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L1。
重力的方向总是竖直向下的，重心要画在物体上。如图所示：
故答案为：见解答图。
【解析】画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；用虚线做支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
重力的方向总是竖直向下、作用点要画在物体上。
本题考查了力臂和重力示意图的画法，学生要理解和掌握杠杆的五个要素。
16.【答案】解：凸透镜左右两侧各有一个焦点，且这两个焦点关于光心对称，同理凹透镜也是如此；
已知凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，则由图可知是凸透镜的右焦点和凹透镜的左焦点重合，
过焦点的光线，经过凸透镜折射后，折射光线要平行于主光轴；平行于主光轴的光线，经过凹透镜折射后，折射光线的反向延长线要过凹透镜的虚焦点，据此作图，如下图所示：
【解析】已知凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，根据图示判断是哪个焦点重合；在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
(1)凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；
(2)凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
17.【答案】解：(1)灯泡接法：开关接在灯和火线之间，零线直接与灯泡的螺旋套相连：
(2)安装三孔插座的原则，左孔接零线，中间插孔与地线相连，右孔接火线，保险丝要接在火线上；
如下图所示：
【解析】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”；
对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地；单独的保险丝要接在火线上。
本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
18.【答案】3.20 39 337.5
【解析】解：(1)图甲中刻度尺的分度值为1mm，测量时起始端没从0开始，把20.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去20.00cm即为物体长度，即物体长度=23.20cm−20.00cm=3.20cm；
(2)图乙中体温计的一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃.因此它的读数为39℃；
(3)由图丙示秒表可知，分针示数是5min，分针超过了半刻度线，秒针示数是37.5s，则秒表示数是5min37.5s=337.5s；
故答案为：3.20；39；337.5。
(1)刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始，把20.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去20.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数；
(3)秒表分针与秒针示数之和是秒表的示数。
刻度尺、体温计、秒表、电能表和天平是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。刻度尺要估读到分度值的下一位数字。
19.【答案】29 10 2.9×103
【解析】解：如图中小石块的质量：m=20g+5g+4g=29g；
石块的体积：V=40mL−30mL=10mL=10cm3；
石块的密度：ρ=mV=29g10cm3=2.9g/cm3=2.9×103kg/m3。
故答案为：29；10；2.9×103。
天平在读数时应将砝码质量与游码示数相加，并注意标尺的分度值；
量筒在读数时视线与液体的凹液面最低处相平，并利用两次量筒的示数差求出石块的体积；根据密度公式ρ=mV求出石块的密度。
本题是测量石块的密度的实验，考查了常用的测量方法，解答过程中注意单位的换算。
20.【答案】(1)质量；相同；(2)A；B；(3)水；(4)电阻
【解析】解：(1)根据比较不同物质的吸热能力的两种方法，要控制不同物质的吸热能力相同，故实验中，在相同的烧瓶中装上质量相同的水和煤油两种液体；串联电路中电流相等，根据Q=I2Rt，为使相同时间产生的热量相同，甲乙两根电阻丝的电阻应该相同；
(2)根据转换法，实验中，用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少；根据比较吸能力的第2种方法，通过比较温度计示数的变化来判断吸热能力的强弱；分别选A、B；
(3)分析表中的实验数据，加热相同时间，水升温慢，根据比较吸热能力的第2种方法，可知水的吸热能力较强；
(4)据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，电阻丝的阻值不同，故该装置可以探究电热和电阻的关系。
故答案为：(1)质量；相同；(2)A；B；(3)水；(4)电阻。
(1)(2)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，根据控制变量法进行分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21.【答案】左 定值电阻短路 2 反比 控制定值电阻两端的电压不变 0.8
【解析】解：(1)将定值电阻左端接线柱与电压表“3”接线柱相连，则定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端；
闭合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路，即故障的原因可能是定值电阻短路；
(3)由图甲可知，电流表选用小量程；正确连接电路后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片，此时电流表的示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.4A，定值电阻两端电压为：
UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V，所以将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次观察到电压表的示数为2V时，记录电流表的示数；
(4)实验数据表明，电流与电阻的乘积等于电阻两端的电压，而本实验中，电阻两端的电压是不变的，所以本实验可初步得到结论：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有一个作用是控制定值电阻两端的电压不变；
(5)因电压表示数不变，根据P=U2R可知，当接入5Ω的最小电阻时，定值电阻消耗的功率最大，
PR最大=U2R=(2V)25Ω=0.8W。
故答案为：(1)见解答图；(2)左；定值电阻短路；(3)2；(4)反比；控制定值电阻两端的电压不变；(5)0.8。
(1)在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；闭合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端的电压；
(4)本实验可初步得到的结论为：当导体两端电压一定时，通过的电流与导体的电阻成反比；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，据此分析滑动变阻器的作用；
(5)根据P=UI=U2R，分析有最大功率的条件并求解。
本题研究电流与电阻的关系，考查电路的连接、故障的分析、实验的操作过程及分析数据归纳结论的能力，是中考的热点问题，要准确掌握。
22.【答案】解：(1)跑步的路程s=vt=5m/s×30×60s=9000m。
答：跑步的路程为9000m。
(2)他在这段时间内做的功W=Fs=40N×9000m=360000J=3.6×105J。
答：他在这段时间内做的功为3.6×105J。
(3)他做功的功率是P=Wt=360000J30×60s=200W。
答：他做功的功率是200W。
【解析】(1)已知跑步的速度和时间，根据公式S=Vt可求跑步的路程。
(2)已知跑动的总动力和跑步的路程，根据公式W=FS可求他在这段时间内做的功。
(3)已知做的功和时间，根据公式P=Wt可求做功的功率。
本题考查路程、做功和功率的计算，关键是各种公式及其变形的灵活运用，本题相对来说比较简单。
23.【答案】解：(1)由图乙可知，热水器消耗的电能：W=0.7kW⋅h=0.7×3.6×106J=2.52×106J，
热水器的实际功率：P=Wt=0.7kW⋅h2060h=2.1kW=2100W；
(2)由P=U2R可知，热水器的加热电阻：R=U2P=(220V)22100W≈23Ω；
(3)不计热量损失，水吸收的热量：Q吸=W=2.52×106J，
由Q吸=cm(t−t0)可知，热水器中水的质量：m=Q吸c水(t1−t0)2.52×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(59℃−49℃)=60kg。
答：(1)该热水器的实际电功率为2100W；
(2)该热水器加热电阻阻值为23Ω；
(3)该热水器装有水的质量是60kg。
【解析】(1)由图乙可知热水器消耗的电能，根据P=Wt求出热水器的实际功率；
(2)知道热水器的功率，利用P=U2R求出热水器的加热电阻；
(2)不计热量损失，水吸收的热量等于热水器消耗的电能，根据Q吸=cm(t−t0)求出热水器中水的质量。
本题考查电能的计算、电功率公式以及吸热公式的应用，这是一道电热综合题，难度不大。
24.【答案】0 0 大于 压强 不可以 根据Q=I2Rt，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热
【解析】解：(1)由题意可知，某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象，根据U=IR可知，电阻为0，其两端的电压也为0，；
(2)在低于−268.8℃的环境中的汞的分子仍然在不停地做无规则运动，所以具有内能；
(3)由材料内容可知，常温下超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，这是和地心处压强相当的超高压条件，故无法在正常状态下实现；
(4)根据Q=I2Rt可知，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热，而电热水壶利用的是电流的热效应工作的，故超导材料不能用于制造电热水壶。
故答案为：(1)0；0；(2)大于；(3)压强；(4)不可以；根据Q=I2Rt，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热。
(1)某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
(2)一切物体在任何情况下都有内能；
(3)常温下超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，据此分析解答；
(4)电热水壶利用的是电流的热效应，根据焦耳定律分析当电阻为0时，电热水壶的发热情况。
本题考查超导材料的特点和应用、内能的影响因素、焦耳定律的应用，注意从材料中获取相关信息。
25.【答案】右 力臂 1.6 87.0 高 无关 0.2
【解析】解(1)实验前要调节杠杆的平衡螺母使其在水平位置平衡，其目的是使杠杆的重心落在支点上，从而消除杠杆的重力对平衡的影响；
(2)①由图读出示数1.6N；
②W有=Gh=6N×0.06m=0.36J，W总=Fs=2.3N×0.18m=0.414J，η=W有W总×100%=0.36J0.414J×100%=87.0%；
③分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高，若提升同一物体时，滑轮组的机械效率与物体提升高度无关；
(3)利用斜面提升物体所做的有用功W有=Gh=4N×0.2m=0.8J，
总功W总=W有η=0.8J80%=1J，
额外功W额=W总−W有=1J−0.8J=0.2J，
斜面对物体的摩擦力f=W额s=0.2J1m=0.2N；
故答案为：(1)右；力臂；(2)①1.6N；②87.0；③高；无关；(3)0.2．
(1)实验前要调节杠杆的平衡螺母使其在水平位置平衡，其目的是使杠杆的重心落在支点上，从而消除杠杆的重力对平衡的影响；
(2)η=W有W总×100%，由数据可以知道机械效率大小与重物大小有关，与物体提升高度无关；
(3)根据W=Gh可求出有用功，根据η=W有W总×100%可求出总功，根据W总=W有+W额可求出额外功，根据W额=fs可求出摩擦力；
本题主要考查探究杠杆的平衡条件的实验，滑动组的机械效率，斜面的机械效率，其中求解斜面的摩擦力是本题的难点。
26.【答案】A 变小 变大 L2 70 减小
【解析】解：(1)由题意可知天然气的密度小于空气的密度，泄漏后会很快上升到室内的上方，结合图丙可知，报警器应安装在厨房的A区域；
(2)由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，控制电路电源电压保持恒定，根据P=UI可知，控制电路的总功率变大；
当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲可知，衔铁带动动触点与下方静触点接触，此时灯L2的工作电路连通，故灯L2亮；
(3)当燃气浓度达到6%时，根据图乙可知，此时气敏电阻的阻值为：R1=30Ω；
此时控制电路中的电流为I=0.03A，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为：
R=U1I=3V0.03A=100Ω；
根据电阻的串联可知，滑动变阻器接入电路的电阻为：R2=R−R1=100Ω−30Ω=70Ω；
(4)根据图乙可知，当燃气浓度达降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，
由欧姆定律可知，当电压一定时，需控制电路中的总电阻不变，因此应适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小。
故答案为：(1)A；(2)变小；变大；L2；(3)70；(4)减小。
(1)天然气主要成分甲烷，其密度比空气的密度小，则当天然气泄漏时，天然气会向上运动；
(2)根据图乙分析气敏电阻R1的阻值变化，利用欧姆定律判断电路中电流的变化，然后结合P=UI判断控制电路的总功率变化；当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲分析回答；
(3)当燃气浓度达到6%时，根据图乙得到气敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的电阻值；
(4)根据图乙可知，当燃气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，由欧姆定律可知，需控制电路的总电阻不变，据此可知滑动变阻器阻值变化。
本题考查了电磁继电器的使用和串联电路的特点、欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息以及明白报警器的工作特点是关键。
2023年广东省阳江市江城区中考物理二模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列描述与实际相符的是( )
A. 普通家用照明灯的工作电流约为2A
B. 大气压约等于76cm高水柱产生的压强
C. 人正常步行的速度约是4km/h
D. 减小摩擦，滑轮组的机械效率能达到100%
2. 世界因光而变得五彩缤纷。下列现象中，属于光沿直线传播形成的是( )
A. 晴天树荫下的圆形光斑 B. 水中铅笔看起来弯折
C. 太阳光经过透镜形成光斑 D. 塔在水中形成倒影
3. 关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是( )
A. 物体的内能与温度有关
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
D. 物体的内能越多，说明物体具有的热量也越多
4. 水是人类环境的重要组成部分。水通过吸热、放热在固态、液态、气态三种状态间转化，如图所示。已知甲是水，则( )
A. 乙是冰
B. 由丙到甲的过程放热
C. 由乙到丙是凝华过程
D. 由乙到丙的过程物体内能增加
5. 卢瑟福用α粒子(带正电)轰击金箔实验为现代原子理论打下了基础，如图线条中，可能是α粒子在该实验中的运动轨迹，能说明原子核带正电且质量较大的是( )
A. a
B. b
C. c
D. d
6. 如图甲所示的门禁系统越来越多地应用在小区的智能化管理中，其原理如图乙所示，闭合开关，下列说法正确的是( )
A. 门禁系统的工作原理与电动机原理相同
B. 门禁系统工作时是将电能转化为机械能
C. 图乙中导体ab上下运动时，灵敏电流计指针偏转
D. 图乙中磁体左右运动时，灵敏电流计指针偏转
7. 对于静止在桌面上的书来说，下列各组力属于平衡力的是( )
A. 书受到的重力和书对桌面的压力 B. 桌子受到的重力与地面对桌子的支持力
C. 书对桌面的压力和桌面对书的支持力 D. 书受到的重力和桌面对书的支持力
8. 中央广播电视总台《2023年春节联欢晚会》的戏曲节目《华彩梨园》广邀戏曲名家、“80后”“90后”的青年一代戏曲演员和少儿戏曲爱好者同台献技。通过声音的______ (选填“音调”“响度”或“音色”)不同可以辨别出节目中有哪些乐器发出声音，演员的声音高是指声音的______ (选填“音调”“响度”或“音色”)。现场观众从任意方向都可以看到台上的演员，是因为发生了______ (选填“漫”或“镜面”)反射。
9. 如图所示，某同学用弹簧测力计拉着放在水平桌面上的木块匀速滑动，在木块前端离开桌面开始直到离开木块三分之一的过程中，弹簧测力计的示数______ ，木块对桌面的压力______ ，木块对桌面的压强______ 。(均选填“变大”、“变小”或“不变”)
10. 能源家族中，有石油、风能、水能、核能、太阳能等，属于不可再生能源的有______；电能是______(选填“一次能源”或“二次能源”)，它可以使电动机转动，电能转化为机械能和内能，但这些能量却无法自动转化为电能，该现象说明能量转化是有______。
11. 如图是小明在做俯卧撑，可将他看成是一个杠杆，A为重心，O为支点，支撑点B，手臂垂直于地面，则动力臂是 m；假设小明的体重为60kg，则小明受到的重力为 N，地面对他双手的支撑力是 N。(g=10N/kg)
12. 北方寒冷的冬季，雨雪过后屋檐下会形成如图所示的冰锥，它是积雪熔化后的水在下落过程中 (填物态变化名称)形成的，冰锥在形成过程中温度 (选填“升高”、“降低”或“不变”)，冰锥在形成过程中内能 (选填“减小”、“增大”或“不变”)。
13. 小丽同学站在平面镜前2m，她与她的像相距______m；当她用右手拿梳子梳理自己的头发，她看到镜子中的自己用______(选填：“左手”或“右手”)拿梳子；如果她后退0.5m后，所成的像大小______(选填：“变大”、“变小”或“不变”)。
14. 一艘轮船从大海驶入长江，它受到的浮力______ (填“变大”、“变小”或“不变”)，它排开水的体积______ (填“变大”、“变小”或“不变”)，它将______ (填“上升”或“下降”)一些。
15. 如图所示，正方体受到的重力为50N，请在图中画出F1的力臂L1和正方体所受重力的示意图。
16. 如图所示，凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，请根据入射光线，画出相应的出射光线。
17. 请完成题图中电路的连接要求符合安全用电的原则：保险丝控制插座，拉线开关控制电灯。
18. 如图所示，下列甲、乙、丙三个图中读数依次为______cm、______℃、______s。
19. 如图甲、乙是小明测量实心小石块的密度时的情景，小石块的质量(如图甲所示)为______g，体积为______cm3，测得小石块的密度为______kg/m3。
20. 小明用如图所示装置探究水和煤油的吸热能力，实验记录如下表：
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
水的温度/℃
20
22
24
26
28
30
32
34
煤油温度/℃
20
24
28
32
36
40
44
48
(1)实验中，在相同的烧瓶中装上______(选填“质量”或“体积”)相同的水和煤油两种液体；甲乙两根电阻丝的电阻应该______(选填“相同”或“不相同”)
(2)实验中，用______间接反映液体吸收热量的多少，通过比较______(两空均填序号)来判断吸热能力的强弱
A.加热时间的长短
B.温度计示数的变化
(3)分析表中的实验数据，可知______(填“水”或“煤油”)的吸热能力较强
(4)若甲、乙两个相同的烧瓶中，液体是质量和初温都相同的同种液体，电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与______的关系
21. 小明和同学们利用图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，使用的实验器材有：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干。
(1)小明和同学们连接的实物电路如图甲，其中还差一根导线未连接，请你用笔画线代替导线，补画出正确的那根导线，且导线不能交叉；
(2)连接好实物电路图后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最______ 端(选填“左”或“右”)；闭合开关后，移动滑片P时发现电流表有示数，电压表无示数，则发生故障的原因可能是______ ；
(3)排除电路故障后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片P，此时电流表的示数如图乙所示；接着将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次应将电压表的示数调节为______ V时，记录电流表的示数；
(4)本实验可初步得到的结论为：当导体两端电压一定时，通过的电流与导体的电阻成______ ，本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有______ ；
(5)小明分析以上几次实验中记录电表示数时发现，定值电阻消耗的最大功率为______ W。
22. 如图所示，小明在跑步机上锻炼身体。设他在跑步机上以5m/s的速度匀速跑动30min，跑动的总动力为40N.求：
(1)他在这段时间内相当于跑了多少路程？
(2)他在这段时间内做了多少功？
(3)他做功的功率是多少？
23. 小明家有一个电能计量插座，他将储水式电热水器(如图甲)单独接在该插座上，通电20min，热水器内水温从49℃升高到59℃，插座前、后两次的示数如图乙(单位kW⋅h)。若消耗的电能全部用来加热，求：
(1)该热水器的实际电功率；
(2)该热水器加热电阻阻值；(保留整数)
(3)该热水器装有水的质量是多少？[不计热量损失，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
24. 阅读短文，回答问题。
首次实现常温超导各种金属导体中，银的导电性能是最好的，但还是有电阻存在.在1911年，物理学家首次在低于−268.8℃的环境中发现汞的超导现象，即电流可以在超导材料中零电阻通过.这种超导效应一直是在超低温下才能观察到。在2020年10月14日，罗切斯特大学在《自然》发表其研究人员首次在高达15℃的温度下，观察到常温超导现象.但这次研究人员创造的常温超导材料，也存在严重的限制，他们观察到的超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，这是和地心处压强相当的超高压条件。
如果把超导现象应用于实际，会给人类带来很大的好处。在发电厂发电、输送电能等方面若能采用超导材料，就可以大大降低由于电阻引起的电能损耗。
(1)超导材料达到一定条件时，其电阻就能降到______Ω，此时，若在正常工作的电路中，超导体两端电压为______V。
(2)在低于−268.8℃的环境中的汞的内能______(选填“等于”或“大于”)零。
(3)罗切斯特大学创造的常温超导材料，存在的限制是所需______太高，无法在正常状态下实现。
(4)设想一下，如果“常温常压超导”进入工业化，为了节能，超导材料______(选填“可以”或“不可以”)用于制造电热水壶，原因是______。
25. 在生活和生产中，简单机械有着十分重要的作用。
(1)为了探究“杠杆的平衡条件”，小明用图1的装置进行实验。实验前，杠杆左端下沉，应将右端的平衡螺母向 调节(选填“左”或“右”)，使杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量 。
(2)小明用图2的实验装置探究滑轮组机械效率。实验中用同滑轮组提升钩码，记录数据如表。
实验次数
物重G/N
物体上升高度h/cm
测力计的示数F/N
测力计移动的
距离s/cm
1
4
3
1.6
9
2
4
6
18
3
6
6
2.3
18
①由图2可知，第2次实验中弹簧测力计示数为 N；
②第3次实验中滑轮组的机械效率为 %(结果保留一位小数)；
③分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越 ，若提升同一物体时，滑轮组的机械效率与物体提升高度 (选填“有关”或“无关”)。
(3)小明用图3的实验装置探究斜面的机械效率。发现同一斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。某次实验测得物重G=4N、斜面长s=1m、高h=0.2m，若机械效率η=80%，则物体在斜面上受到的摩擦力为 N。
26. 如图甲所示是家用燃气报警器的部分电路示意图，其中控制电路中的R1是由气敏电阻制成的传感器，R1的阻值与燃气浓度的关系如图乙。出厂预设当燃气浓度达到6%时报警，出厂测试时，控制电路的电源电压为3V且保持恒定，闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R2滑片P的位置，当控制电路中的电流为0.03A时，电磁铁恰好能将衔铁吸下，工作电路中相应的灯亮起而报警(电磁铁线圈的阻值忽略不计)。
(1)使用燃气的场所都应安装燃气报警器，安装的具体位置应根据被检测气体相对于空气的密度来决定。如果家中使用的是天然气(主要成分是密度比空气小的甲烷)，则报警器应安装在厨房(如图丙)的______(填“A”或“B”)区域。
(2)由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值______，控制电路的总功率______(前两空均选填“变大”“变小”或“不变”)；按出厂预设，当燃气浓度达到6%时报警，此时工作电路的灯______(选填“L1”或“L2”)亮。
(3)该报警器要达到出厂预设值，则滑动变阻器应接入电路的电阻值为______Ω。
(4)小明研究发现：调节控制电路滑动变阻器R2的阻值，就可以改变报警时设定的燃气浓度值。若想将报警时的燃气浓度值比出厂预设值调低一些，应适当______(选填“增大”或“减小”)滑动变阻器R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.照明灯的电流在0.2A左右，故A不符合实际；
B.1标准大气压约等于76cm高汞柱产生的压强，故B不符合实际；
C.人正常步行的速度约为1.1m/s，即约4km/h，故C符合实际；
D.滑轮组工作时，不可避免的要克服动滑轮和绳的重力、摩擦等做一部分额外功，所以即使减小摩擦，但所做额外功不可能为零，滑轮组的机械效率不可能达到100%，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对日常生活中的用电器额定电流、额定功率、额定电压等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：A、晴天树荫下的圆形光斑，属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故A正确；
B、水中铅笔看起来弯折，是由光的折射形成的，故B错误；
C、太阳光经过透镜形成光斑，利用了凸透镜对光线的会聚作用，是光的折射现象，故C错误；
D、塔在水中形成倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D错误。
故选：A。
光在同种均匀介质中沿直线传播；逐项分析各情景运用的光学知识进行作答。
本题考查了光的直线传播、光的反射和折射，是一道基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、物体的内能与温度、体积、状态都有关系，故A正确；
B、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰块熔化过程中，冰块不断吸收热量，但其温度一直保持0℃不变，故B错误；
C、物体的内能增加了，可能是物体从外界吸收了热量，也可能是对物体做了功，故C错误；
D、热量是过程量，不能说物体具有热量或含有热量，故D错误。
故选：A。
(1)改变内能的方法：做功和热传递；
(2)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度、质量、所处状态有关；
(3)晶体熔化时吸热，内能增加，但温度不变。
本题考查温度、热量、内能之间的关系、改变物体内能的方法，以及内能的影响因素，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A、由图可知：甲是水，水吸热汽化变为乙，所以乙是水蒸气，故A错误；
B、水蒸气放热凝华变为丙，所以丙是冰，由丙到甲的过程是升华，需要吸热，故B错误；
CD、由乙到丙的过程水蒸气变成冰，是凝华现象，内能减少，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】D
【解析】解：A、原子核带正电荷，a粒子也带正电荷，同性相斥，所以A是不可能向原子核靠近的，应该远离原子核，故A错误；
B、由于原子核体积很小，核外有一个相对很大的空间，大多数a粒子是直接穿过，故B错误；
C、由于原子中原子核带正电，a粒子也带正电，当a粒子途经原子核附近时会发生偏转，故C错误；
D、因为原子核带正电，原子核质量很大，当a粒子与原子核撞击时就会被反弹回来，故D正确。
故选：D。
根据卢瑟福的α粒子轰击金箔实验的现象考虑：大部分a粒子直接穿透过去，少部分a粒子发生了偏转，极少数a粒子被反弹了回来。
解答本题关键是要知道卢瑟福的α粒子轰击金箔实验的现象，和出现该现象的原因。
6.【答案】D
【解析】解：
A、门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应；电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动，门禁系统的原理与电动机的原理不同，故A错误；
B、门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应，是把机械能转化为电能，故B错误；
C、若图乙中导体ab上下运动时，导体没有在磁场中切割磁感线，灵敏电流计指针不偏转，故C错误；
D、若图乙中磁体左右运动，运动是相对的，导体在磁场中切割磁感线，灵敏电流计指针会偏转，故D正确。
故选：D。
门禁系统的原理如图乙所示，利用的是电磁感应。
电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；
感应电流的方向与磁场方向和导体运动的方向有关。
本题主要考查了电磁感应原理，明确门禁系统的工作原理是解答此题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A.书受到的重力和书对桌面的压力，这两个力的方向相同，都竖直向下，不是平衡力，故A不符合题意；
B.桌子受到的重力小于地面对桌子的支持力(桌子的重力和书的重力)，所以这两个力大小不相等，不是一对平衡力，故B不符合题意；
C.书对桌面的压力和桌面对书的支持力，这是一对作用力与反作用力，不是平衡力，故C不符合题意；
D.书受到的重力和桌面对书的支持力，这两个力满足了二力平衡的四个条件：等大、反向、共线、作用在同一物体上，所以是一对平衡力，故D符合题意。
故选：D。
平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可。
此题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。
8.【答案】音色 音调 漫
【解析】解：(1)不同乐器发出声音的音色不同，可以通过音色不同辨别出节目中有哪些乐器发出声音；音调是指声音的高低，演员的声音高是指声音的音调高；
(2)不同位置的观众均能看到台上的演员，是由于光被反射向四面八方，故发生了漫反射。
故答案为：音色；音调；漫。
(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；音色跟发声体的材料、品质有关。
(2)平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
本题考查音调、响度和音色的区分，以及漫反射等知识，难度不大。
9.【答案】不变 不变 变大
【解析】解：在木块前端离开桌面至三分之一移出桌面的过程中，木块对桌面的压力始终等于木块的重力，所以不变，摩擦力大小与接触面积无关，所以摩擦力不变，弹簧测力计示数不变，因为弹簧测力计的拉力与摩擦力是平衡力；因为受力面积减小，所以压强变大。
故答案为：不变；不变；变大。
本题抓住摩擦力大小的影响因素，摩擦力大小与接触面积无关，增大压强的方法：减小受力面积。
本题考查了摩擦力大小的影响因素，增大压强的方法。
10.【答案】石油、核能 二次能源 方向性的
【解析】解：(1)石油、核能一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源；风能、水能、太阳能可以长期提供或再生，属于可再生能源；
(2)电能是由其他形式的能转化而来的，属于二次能源；
(3)能量在转化或转移的过程中，其总量保持不变。电能可以使电动机转动，同时产生内能散失在空气中，但这些内能却无法自动转化为电能。该现象说明能量的转化具有方向性。
故答案为：石油、核能； 二次能源；方向性的。
(1)能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；
(3)能量在转化的过程中具有方向性，很多能量转化的实例都说明了这一点。
本题考查了能源的分类及能量的转化与转移的方向性，我们必须熟知能量转化的方向性是其重要特点，在能量转化中是普遍存在的。
11.【答案】1.5 600 360
【解析】解：如图：
O为支点，手臂B处施力为动力，动力臂是OB段的距离，重力是阻力，阻力臂是OD段的距离，
所以动力臂是：OB=OD+DB=0.9m+0.6m=1.5m；
人所受的重力为：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
根据杠杆平衡条件得：F×OB=G×OD，即：F×1.5m=600N×0.9m，
解得：F=360N。
故答案为：1.5；600；360。
(1)支点到动力作用线的距离是动力臂，支点到阻力作用线的距离是阻力臂。
(2)知道人的质量，根据G=mg求出重力。
(3)地面对手的支撑力是动力，重力是阻力，确定动力臂、阻力臂，利用杠杆平衡条件求出支撑力。
本题要明确人体是一个杠杆，找到动力、动力臂、阻力、阻力臂，根据杠杆平衡条件解答。
12.【答案】凝固 不变 减小
【解析】解：冰锥是积雪融化后的水在下落过程中又变成冰锥，是物质从液态变成固态，是凝固过程，冰是晶体，冰锥形成过程中，不断放出热量，温度保持不变，但内能减小。
故答案为：凝固；不变；减小。
物质从液态变成固态是凝固，晶体凝固时，不断放出热量，温度保持不变。
本题通过北方寒冷冬季雪后出现的现象考查了凝固过程和晶体凝固特点，体现了生活处处皆物理。
13.【答案】4 左手 不变
【解析】解：小丽距离平面镜2m，根据物像到平面镜距离相等，所以小丽的像到平面镜的距离是2m，所以小丽的像距离小丽4m；
人在平面镜中成虚像，人的像相对人来讲是上下不颠倒，左右颠倒，所以小丽用右手拿梳子梳理自己的头发，她看到镜子中的自己用左手拿梳子；
平面镜成像与成像物体大小相等，若小丽后退0.5m，小丽的大小不变，所以她在镜中像的大小将不变。
故答案为：4；左手；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜成像特点及其应用，属于基础题。
14.【答案】不变 变大 下降
【解析】解：当船从大海驶入长江，船自重不变，因为船漂浮，所受浮力等于船的重力；所以船从大海驶入长江时船受到的浮力不变。
由于ρ江水<ρ海水，由F浮=ρ液V排g知道，船排开江水的体积大于排开海水的体积，所以，船将下沉一些。
故答案为：不变；变大；下降。
根据物体漂浮时，浮力等于重力来判断浮力的变化；
利用阿基米德原理，知道了浮力大小和液体的密度关系，便可判断排开液体体积的变化即得答案。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理，综合性强，需灵活运用，学生很容易在浮力的变化上出错。
15.【答案】解：由图可知支点是O点，从O点向动力F1的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L1。
重力的方向总是竖直向下的，重心要画在物体上。如图所示：
故答案为：见解答图。
【解析】画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；用虚线做支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
重力的方向总是竖直向下、作用点要画在物体上。
本题考查了力臂和重力示意图的画法，学生要理解和掌握杠杆的五个要素。
16.【答案】解：凸透镜左右两侧各有一个焦点，且这两个焦点关于光心对称，同理凹透镜也是如此；
已知凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，则由图可知是凸透镜的右焦点和凹透镜的左焦点重合，
过焦点的光线，经过凸透镜折射后，折射光线要平行于主光轴；平行于主光轴的光线，经过凹透镜折射后，折射光线的反向延长线要过凹透镜的虚焦点，据此作图，如下图所示：
【解析】已知凸透镜与凹透镜的一个焦点重合，根据图示判断是哪个焦点重合；在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
(1)凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；
(2)凹透镜的三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
17.【答案】解：(1)灯泡接法：开关接在灯和火线之间，零线直接与灯泡的螺旋套相连：
(2)安装三孔插座的原则，左孔接零线，中间插孔与地线相连，右孔接火线，保险丝要接在火线上；
如下图所示：
【解析】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头”；
对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地；单独的保险丝要接在火线上。
本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
18.【答案】3.20 39 337.5
【解析】解：(1)图甲中刻度尺的分度值为1mm，测量时起始端没从0开始，把20.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去20.00cm即为物体长度，即物体长度=23.20cm−20.00cm=3.20cm；
(2)图乙中体温计的一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃.因此它的读数为39℃；
(3)由图丙示秒表可知，分针示数是5min，分针超过了半刻度线，秒针示数是37.5s，则秒表示数是5min37.5s=337.5s；
故答案为：3.20；39；337.5。
(1)刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始，把20.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去20.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数；
(3)秒表分针与秒针示数之和是秒表的示数。
刻度尺、体温计、秒表、电能表和天平是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值。读数时视线与刻度垂直。刻度尺要估读到分度值的下一位数字。
19.【答案】29 10 2.9×103
【解析】解：如图中小石块的质量：m=20g+5g+4g=29g；
石块的体积：V=40mL−30mL=10mL=10cm3；
石块的密度：ρ=mV=29g10cm3=2.9g/cm3=2.9×103kg/m3。
故答案为：29；10；2.9×103。
天平在读数时应将砝码质量与游码示数相加，并注意标尺的分度值；
量筒在读数时视线与液体的凹液面最低处相平，并利用两次量筒的示数差求出石块的体积；根据密度公式ρ=mV求出石块的密度。
本题是测量石块的密度的实验，考查了常用的测量方法，解答过程中注意单位的换算。
20.【答案】(1)质量；相同；(2)A；B；(3)水；(4)电阻
【解析】解：(1)根据比较不同物质的吸热能力的两种方法，要控制不同物质的吸热能力相同，故实验中，在相同的烧瓶中装上质量相同的水和煤油两种液体；串联电路中电流相等，根据Q=I2Rt，为使相同时间产生的热量相同，甲乙两根电阻丝的电阻应该相同；
(2)根据转换法，实验中，用加热时间的长短间接反映液体吸收热量的多少；根据比较吸能力的第2种方法，通过比较温度计示数的变化来判断吸热能力的强弱；分别选A、B；
(3)分析表中的实验数据，加热相同时间，水升温慢，根据比较吸热能力的第2种方法，可知水的吸热能力较强；
(4)据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，电阻丝的阻值不同，故该装置可以探究电热和电阻的关系。
故答案为：(1)质量；相同；(2)A；B；(3)水；(4)电阻。
(1)(2)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，根据控制变量法进行分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21.【答案】左 定值电阻短路 2 反比 控制定值电阻两端的电压不变 0.8
【解析】解：(1)将定值电阻左端接线柱与电压表“3”接线柱相连，则定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端；
闭合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路，即故障的原因可能是定值电阻短路；
(3)由图甲可知，电流表选用小量程；正确连接电路后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片，此时电流表的示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.4A，定值电阻两端电压为：
UV=I1R1=0.4A×5Ω=2V，所以将5Ω的电阻换成其他阻值的定值电阻进行实验，每次观察到电压表的示数为2V时，记录电流表的示数；
(4)实验数据表明，电流与电阻的乘积等于电阻两端的电压，而本实验中，电阻两端的电压是不变的，所以本实验可初步得到结论：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，因此本实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有一个作用是控制定值电阻两端的电压不变；
(5)因电压表示数不变，根据P=U2R可知，当接入5Ω的最小电阻时，定值电阻消耗的功率最大，
PR最大=U2R=(2V)25Ω=0.8W。
故答案为：(1)见解答图；(2)左；定值电阻短路；(3)2；(4)反比；控制定值电阻两端的电压不变；(5)0.8。
(1)在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
(2)为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；闭合开关后，移动滑片时发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路；
(3)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变；根据图甲确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端的电压；
(4)本实验可初步得到的结论为：当导体两端电压一定时，通过的电流与导体的电阻成反比；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，据此分析滑动变阻器的作用；
(5)根据P=UI=U2R，分析有最大功率的条件并求解。
本题研究电流与电阻的关系，考查电路的连接、故障的分析、实验的操作过程及分析数据归纳结论的能力，是中考的热点问题，要准确掌握。
22.【答案】解：(1)跑步的路程s=vt=5m/s×30×60s=9000m。
答：跑步的路程为9000m。
(2)他在这段时间内做的功W=Fs=40N×9000m=360000J=3.6×105J。
答：他在这段时间内做的功为3.6×105J。
(3)他做功的功率是P=Wt=360000J30×60s=200W。
答：他做功的功率是200W。
【解析】(1)已知跑步的速度和时间，根据公式S=Vt可求跑步的路程。
(2)已知跑动的总动力和跑步的路程，根据公式W=FS可求他在这段时间内做的功。
(3)已知做的功和时间，根据公式P=Wt可求做功的功率。
本题考查路程、做功和功率的计算，关键是各种公式及其变形的灵活运用，本题相对来说比较简单。
23.【答案】解：(1)由图乙可知，热水器消耗的电能：W=0.7kW⋅h=0.7×3.6×106J=2.52×106J，
热水器的实际功率：P=Wt=0.7kW⋅h2060h=2.1kW=2100W；
(2)由P=U2R可知，热水器的加热电阻：R=U2P=(220V)22100W≈23Ω；
(3)不计热量损失，水吸收的热量：Q吸=W=2.52×106J，
由Q吸=cm(t−t0)可知，热水器中水的质量：m=Q吸c水(t1−t0)2.52×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×(59℃−49℃)=60kg。
答：(1)该热水器的实际电功率为2100W；
(2)该热水器加热电阻阻值为23Ω；
(3)该热水器装有水的质量是60kg。
【解析】(1)由图乙可知热水器消耗的电能，根据P=Wt求出热水器的实际功率；
(2)知道热水器的功率，利用P=U2R求出热水器的加热电阻；
(2)不计热量损失，水吸收的热量等于热水器消耗的电能，根据Q吸=cm(t−t0)求出热水器中水的质量。
本题考查电能的计算、电功率公式以及吸热公式的应用，这是一道电热综合题，难度不大。
24.【答案】0 0 大于 压强 不可以 根据Q=I2Rt，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热
【解析】解：(1)由题意可知，某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象，根据U=IR可知，电阻为0，其两端的电压也为0，；
(2)在低于−268.8℃的环境中的汞的分子仍然在不停地做无规则运动，所以具有内能；
(3)由材料内容可知，常温下超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，这是和地心处压强相当的超高压条件，故无法在正常状态下实现；
(4)根据Q=I2Rt可知，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热，而电热水壶利用的是电流的热效应工作的，故超导材料不能用于制造电热水壶。
故答案为：(1)0；0；(2)大于；(3)压强；(4)不可以；根据Q=I2Rt，超导材料电阻为零，电流通过超导材料无法产生电热。
(1)某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
(2)一切物体在任何情况下都有内能；
(3)常温下超导现象，是在2670亿帕的压强条件下实现的，据此分析解答；
(4)电热水壶利用的是电流的热效应，根据焦耳定律分析当电阻为0时，电热水壶的发热情况。
本题考查超导材料的特点和应用、内能的影响因素、焦耳定律的应用，注意从材料中获取相关信息。
25.【答案】右 力臂 1.6 87.0 高 无关 0.2
【解析】解(1)实验前要调节杠杆的平衡螺母使其在水平位置平衡，其目的是使杠杆的重心落在支点上，从而消除杠杆的重力对平衡的影响；
(2)①由图读出示数1.6N；
②W有=Gh=6N×0.06m=0.36J，W总=Fs=2.3N×0.18m=0.414J，η=W有W总×100%=0.36J0.414J×100%=87.0%；
③分析实验数据可得：同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高，若提升同一物体时，滑轮组的机械效率与物体提升高度无关；
(3)利用斜面提升物体所做的有用功W有=Gh=4N×0.2m=0.8J，
总功W总=W有η=0.8J80%=1J，
额外功W额=W总−W有=1J−0.8J=0.2J，
斜面对物体的摩擦力f=W额s=0.2J1m=0.2N；
故答案为：(1)右；力臂；(2)①1.6N；②87.0；③高；无关；(3)0.2．
(1)实验前要调节杠杆的平衡螺母使其在水平位置平衡，其目的是使杠杆的重心落在支点上，从而消除杠杆的重力对平衡的影响；
(2)η=W有W总×100%，由数据可以知道机械效率大小与重物大小有关，与物体提升高度无关；
(3)根据W=Gh可求出有用功，根据η=W有W总×100%可求出总功，根据W总=W有+W额可求出额外功，根据W额=fs可求出摩擦力；
本题主要考查探究杠杆的平衡条件的实验，滑动组的机械效率，斜面的机械效率，其中求解斜面的摩擦力是本题的难点。
26.【答案】A 变小 变大 L2 70 减小
【解析】解：(1)由题意可知天然气的密度小于空气的密度，泄漏后会很快上升到室内的上方，结合图丙可知，报警器应安装在厨房的A区域；
(2)由图乙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，控制电路电源电压保持恒定，根据P=UI可知，控制电路的总功率变大；
当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲可知，衔铁带动动触点与下方静触点接触，此时灯L2的工作电路连通，故灯L2亮；
(3)当燃气浓度达到6%时，根据图乙可知，此时气敏电阻的阻值为：R1=30Ω；
此时控制电路中的电流为I=0.03A，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为：
R=U1I=3V0.03A=100Ω；
根据电阻的串联可知，滑动变阻器接入电路的电阻为：R2=R−R1=100Ω−30Ω=70Ω；
(4)根据图乙可知，当燃气浓度达降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，
由欧姆定律可知，当电压一定时，需控制电路中的总电阻不变，因此应适当调节滑片使滑动变阻器R2接入电路的阻值减小。
故答案为：(1)A；(2)变小；变大；L2；(3)70；(4)减小。
(1)天然气主要成分甲烷，其密度比空气的密度小，则当天然气泄漏时，天然气会向上运动；
(2)根据图乙分析气敏电阻R1的阻值变化，利用欧姆定律判断电路中电流的变化，然后结合P=UI判断控制电路的总功率变化；当燃气浓度达到6%时报警，电磁铁恰好能将衔铁吸下，由图甲分析回答；
(3)当燃气浓度达到6%时，根据图乙得到气敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出此时控制电路的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路的电阻值；
(4)根据图乙可知，当燃气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，为保证报警时电路电流仍为0.03A，由欧姆定律可知，需控制电路的总电阻不变，据此可知滑动变阻器阻值变化。
本题考查了电磁继电器的使用和串联电路的特点、欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息以及明白报警器的工作特点是关键。
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