2023年广东省珠海市香洲区重点中学中考物理三模试卷

这是一份2023年广东省珠海市香洲区重点中学中考物理三模试卷，共26页。试卷主要包含了5℃B等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省珠海市香洲区重点中学中考物理三模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 以下所给数据最接近实际情况的是(    )
A. 成年人的正常体温为38.5℃ B. 一支全新2B铅笔的长度约为40cm
C. 中学生脉搏1min约跳动72次 D. 物理课本的质量大约为200mg
2. 中华古诗词、俗语中蕴含了丰富的声学知识。下列说法正确的是(    )
A. 谁家玉笛暗飞声--笛声由笛管振动产生 B. 响鼓还需重锤敲--声音的响度与频率有关
C. 怕得鱼惊不应人--声音可以传递能量 D. 闻其声而知其人--不同的人音色不同
3. 对图中甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是(    )

A. 甲：磁场中获得电流 B. 乙：开关闭合，小磁针N极将静止不动
C. 丙：是发电机原理的装置 D. 丁：开关闭合，将有机械能转化为电能
4. 同学们在体育课进行实心球投掷训练，如图所示A→B表示实心球离开手之前的运动轨迹，B→C→D表示实心球离开手之后的运动轨迹，空气阻力忽略不计。下列分析正确的是(    )


A. 实心球在B→C过程中，动能逐渐增加
B. 实心球在B→C→D过程中，人没有对球做功
C. 实心球到达最高点C时，它处于平衡状态
D. 实心球在A→B过程中，说明力可以改变物体的形状
5. 在研究物质的吸热能力的实验时，用同一电加热器加热某种物质，使其从固态变为液态，直至沸腾，整个过程物质的温度与时间关系图像如图所示，则下列说法正确的是(    )

A. 0～4min温度升高是通过热传递的方式增加内能
B. 第5min的内能等于第8min的内能
C. 该物质在液态时比热容比固态时比热容小
D. 该物质的熔点是80℃
6. 如图所示，分别使用滑轮或滑轮组匀速提升质量为m1的物体，每个滑轮的质量为m2，在相同的时间内物体被提升的高度均为1m，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是(    )

A. 滑轮组中A滑轮可以省功
B. 动滑轮的重力为5N
C. 滑轮组的机械效率越高，拉力做功越少
D. 每次提升重物时，滑轮组做的额外功为10J
7. 如图所示是一种显示汽车油箱油量的装置图，油箱装满油后油的深度为50cm，其中滑杆相当于滑动变阻器R的滑片，当油量下降时，下列说法正确的是(ρ汽油=0.72g/cm3,g取10N/kg)(    )

A. 浮子所受到的浮力F逐渐减小
B. 电路消耗的总功率逐渐增大
C. 电阻R0两端的电压变大
D. 当油量下降一半时，油箱底部受到的压强为1.8×103Pa
8. 在煤、石油、电能三种能源中属于清洁能源的是______ ，它是______ (选填“一次能源”或“二次能源”)。为核潜艇提供能量的装置是核反应堆，在核反应堆中发生的是______ (选填“核裂变”或“核聚变”)
9. 2022年6月5日10时44分，搭载着神舟十四号载人飞船的长征二号F火箭成功发射，火箭用液态氢作燃料，是因其______ 较大；火箭起飞过程中，以发射塔为参照物，火箭是______ (选填“运动”或“静止”)的；火箭上升的过程中机械能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
10. 如图是铺在青藏铁路冻土区路基两侧的“热棒”示意图。为了保持路基冻土不熔化，使用它能对路基进行主动______ (选填“升温”或“降温”)。在热棒内封装有一定量的氨，棒内下端的氨发生的物态变化是______ ；棒内上端的氨发生物态变化时______ (选填“吸热”“放热”或“既不吸热也不放热”)。


11. 在家用电器调查活动中，小亮让电热水器单独工作2min，家中如图所示的电能表的转盘转了175r，热水器的实际功率为______W；若不计能量损失，这段时间内热水器中50L的水可升温______℃，由于热水器的功率远大于冰箱，从安全用电的角度考虑，热水器的电源线比冰箱的要______(选填“粗”或“细”)。[已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
12. 如图所示，小明透过水滴状的鱼肝油胶囊观察积木，发现上面的数字“9”变成了“6”，则此像是______ (选填“虚”或“实”)像，与该成像原理相同的光学仪器是______ ，若想让“6”变大一些，可将积木与胶囊的距离______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
13. 一辆新能源小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶30km，发动机提供的牵引力是600N。则此过程中发动机的输出功率为______ kW。当汽车需上坡时，一般为了增大牵引力，使汽车______ (选填“加”或“减”)速。
14. 灯泡的I−U图象如图甲所示。在图乙所示电路中，电阻R2=5Ω，若只闭合S1和S2时，电压表的示数为4V，电源电压为______ V。若只闭合S1和S3时，电压表示数为2V，R1的阻值为______ Ω。若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3时，电路消耗的总功率为______ W。

15. 如图所示，请作出水中大致的入射光线和经过凹透镜后的折射光线。

16. 如图所示，浸在水中的斜面上放有一物体A(ρA>ρB)。请作出物体A受到的浮力F1和A对斜面的压力F2的示意图。


17. 图甲是一款可充电无线电动拖地机，闭合开关S后，拖地机主体前端的电动机即可带动抹布擦地，旁边的灯可在打扫较暗处时辅助照明，该灯只有在拖地机擦地过程中才能使用，不能单独工作。请根据以上信息，将图乙中的电路图补充完整。

18. (1)如图1甲所示，纽扣的直径是______ cm，图1乙所示，秒表的示数为______ s，图1丙所示，电流表的示数为______ A。
(2)如图2所示，小华在测量某液体密度的实验中。
①天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的______ ，发现指针如图2甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向______ 调节。
②用天平测出空烧杯质量为27.4g，向烧杯中倒入该液体，测量烧杯和液体总质量的示数如图2乙所示，再将烧杯中液体全部倒入量筒中，示数如图2丙所示，则该液体的密度为______ kg/m3。
③这样算出来的密度与实际值相比会偏______ 。

19. 在做“探究凸透镜成像的规律”实验中，平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在光屏上一点。
(1)如图甲所示，让一束平行光正对着凸透镜，移动光屏，直到在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为______ cm；

(2)如图乙所示，当把蜡烛放在图乙所示位置时，移动光屏，在光屏上能成倒立、______ (选填“缩小”“等大”或“放大”)的实像，生活中的______ 就是利用这个原理制成的；
(3)如果保持光屏的位置不变，把蜡烛向左移动一小段距离时，要想在光屏上得到清晰的像，应该在凸透镜和蜡烛之间放置一个焦距适当的______ ；(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)
(4)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，所成的像逐渐______ (选填“变大”或“变小”)，物距u随时间t的变化图象如图丙所示，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______ (选填字母)。
20. 小明在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，实验器材如图甲所示，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。

(1)用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整。
(2)实验过程中，滑动变阻器阻值不能为零，原因是______ 。
(3)调节滑动变阻器过程中，发现电压表的示数如图乙所示，其读数______ V；如果要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______ (选填“A”或“B”)端移动。
(4)根据实验数据绘制的I−U图象如图丙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______ Ω。
(5)小明发现用此电路测量阻值较大的电阻R时，发现电流表偏转很小，测量不准确。老师告诉他：电压表相当于能显示自身两端电压的定值电阻，且阻值较大。于是他设计了图丁所示电路测量电阻R的阻值，电源电压恒为3V，定值电阻R0为600Ω。闭合开关S，并进行了如下操作：
①S1接1时，记录电压表示数为2V；
②S1接2时，记录电压表示数为1.8V；
③计算待测电阻R= ______ Ω。
21. 为响应国家“低碳环保节能减排”的号召，纯电动汽车越来越受到消费者的青睐。某品牌电动汽车参数如表所示，某次百米加速测试行驶过程中，所用时间为8s。汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.15倍，求：(g取10N/kg)
汽车质量(kg)
2100
满载质量(kg)
2500
长×宽×高(mm)
4995×1910×1495
最大功率(kW)
180
纯电续航里程(km)
715
轮胎与地面总接触面积(m2)
0.04
(1)汽车百米加速测试行驶过程中的平均速度；
(2)汽车满载静止在水平地面上时，轮胎对地面的压强；
(3)汽车满载时，匀速行驶的最大速度
22. 如图所示，是某品牌的家用电饭锅简化电路图，电饭锅额定电压为220V，其中R1和R2是电热板。同时闭合开关S和S1，电路中的总电流为2.6A。只闭合开关S，电路消耗的电功率为88W。求：
(1)电热板R1和R2的电阻；
(2)“加热”挡工作5min，电流通过R2做的功。
23. 在探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验中，某同学做了如图所示的实验，如图甲、乙实验用相同的长木板，如图丙实验用表面更加粗糙的毛巾。

(1)如图甲所示，用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动测力计，根据______ 原理可以测出木块受到滑动摩擦力为______ N，此时木块所受的合力______ 0N(选填“等于”或“不等于”)；
(2)以下事例中，用到甲、乙两图中探究结论的是______ (选填字母)；
A.机器转轴处加润滑油
B.体操运动员在手上涂镁粉
C.自行车刹车时用力捏
(3)为了操作方便，对实验进行了如图丙所示的改进，将弹簧测力计固定，拉动木块下的毛巾，木块相对地面保持静止，这样改进后______ (选填“需要”或“不需要”)匀速拉动毛巾；
(4)在操作过程中还发现，当木板逐渐倾斜时，弹簧测力计也可以使木块沿斜面做匀速直线运动，如图丁所示，与图甲正确实验操作比较，木块受到的滑动摩擦力______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
24. 如图，用相似的实验器材能研究不同的物理问题。
(1)如图甲是演示压力的作用效果的器材，用力握紧玻璃瓶，细管中的液面会______ (选填“上升”或“下降”)；握力相同时，细管越细，细管内液柱的高度变化越______ (选填“大”或“小”)。
(2)该装置也可作为自制温度计使用，这是利用了液体______ 的性质；和乙相比，使用图甲测温度更好，原因是______ 。使用时应避免用手抓、按压等，目的是______ 。
(3)将瓶子内的液体倒出部分，制成自制气压计，如图乙。其他条件不变，外界气压降低时，细管中的液面会______ (选填“上升”或“下降”)。该装置的一个缺点是______ 。
25. 阅读短文，回答问题。
教室护眼灯教室护眼灯的外观如图甲所示，它工作时光线柔和，基本无可视频闪，也就是在相同时间内闪烁的次数比较多，人眼几乎感觉不到，且不会产生刺眼的眩光，能有效预防近视的发生。常见的眩光类型有直接眩光、反射眩光和光幕眩光，直接眩光由灯具产生，反射眩光和光幕眩光主要经高反射物体表面反射产生。
教室护眼灯采用双侧发光的方式，光源放在灯具的两条长边上，发出的光由两侧的导光板向中央传播。在没有导光点的导光板上，光不能从导光板表面射出，起不到照明作用。当光遇到导光板底部的导光点时，光的传播方向发生变化，由导光板正面射出，如图乙所示。最后通过扩散膜、微晶防眩板均匀射出。
教室护眼灯工作时也会产生热量。研究表明护眼灯灯珠的电阻随温度的升高而减小，图丙是温度为T1时护眼灯灯珠工作时的电流I与电压U的关系图像。当护眼灯工作过长时间或工作电压超过某一特定值时，微小的电压变化会造成电流的急剧变化，进而导致护眼灯过度发热而损坏，因此要给护眼灯配备合理的电源进行供电。

(1)教室护眼灯能够有效预防近视的发生，其主要原因是避免了______ 眩光的产生；
(2)导光板材料主要利用了下列哪种物理属性？答：______ (填字母)；
A.导电性
B.导热性
C.磁性
D.透明度
(3)当光由两侧的导光板向中央传播时，在非导光点处，发生______ ；在导光点处，发生______ (均选填“反射”“折射”或“反射和折射”)；
(4)当护眼灯灯珠的温度由T1升高到T2时，其电流与电压的关系图像应在图丙中的______ (选填“区域Ⅰ”“区域Ⅱ”或“工作区”)；
(5)图丁是四种不同电源输出的电压或电流随时间变化的关系图像，其中最符合护眼灯灯珠工作特性要求的供电方案是______ 。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A.成年人的正常体温为36.5℃，故A不正确；
B.一支全新2B铅笔的长度约为20cm，故B不正确；
C.中学生脉搏1min约跳动60−80次，故C正确；
D.物理课本的质量大约为200g，故D不正确。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

2.【答案】D 
【解析】解：A、声音是由物体的振动产生的，笛子发出的声音是由笛子中空气柱的振动产生的；故A错误；
B、声音的响度指的是声音的大小或强弱，与声源的振幅有关；敲鼓时，用力越大，鼓面的振幅就越大，产生声音的响度就越大；故B错误；
C、“怕得鱼惊不应人”说的是岸上钓鱼的人不敢跟人打招呼，生怕惊动了水中的鱼，这说明的是液体可以传播声音；故C错误；
D、闻其声而知其人，指的我们可以通过音色来分辨不同声源发出的声音；故D正确。
故选：D。
(1)声音由物体知道产生。
(2)声音的响度与振幅有关，与距离发声体的远近有关。
(3)声可以传递信息和能量。
(4)音色与发声体的材料和结构有关。
理解声音的产生条件，区分声音的三个特征，知道声可以传递信息和能量，可解答此题。

3.【答案】C 
【解析】解：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故A错误；
B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，故B错误；
C、而该装置演示的是，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，外边的电流表就是用来检测电路中有没有电流的，所以该装置的实验原理，应用于制造发电机，故C正确；
D、电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，电动机原理的装置里，此过程中，电能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；
乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；
丙图：金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流；
丁图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应。
本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机、电动机的原理。

4.【答案】B 
【解析】解：A.实心球在上升过程中，因为质量不变、速度减小，所以实心球的动能减小，故A错误；
B.实心球因重力作用而下降，重力对其做功，人在此过程中对球没有力的作用，故对球不做功，故B正确；
C.实心球到达最高点C时，竖直方向的速度为0，但水平方向有速度，此时实心球只受重力的作用，受力不平衡，不会处于平衡状态，故C错误；
D.实心球从A→B过程中，速度增大，方向改变，实心球受到力的作用运动状态发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。
故选：B。
(1)物体处于保持静止或匀速直线运动的状态叫平衡状态，物体受到的合力为零时处于平衡状态，瞬时速度为0不一定处于平衡状态；
(2)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可；
(3)利用机械能守恒的条件分析判断。
此题涉及到能量的转化、做功的两个必要因素等多个知识点，是一道综合性较强的题目。

5.【答案】A 
【解析】解：A.由于用同一电加热器加热某种物质，则热量从高温物体传递给低温物体，是通过热传递的方式增加内能，故A正确；
B.在4−11min时间段，物体要吸收热量，内能就会增加，所以第5min的内能小于第8min的内能，故B错误；
C.由图像可知，物体处于固态时升温较快，处于液态时升温较慢，故该物质在液态时比热容较大，故C错误；
D.该物质的熔点是50℃，故D错误。
故选：A。
(1)晶体在熔化过程中，吸收热量、内能增加，但温度保持不变，该温度为熔点。
(2)同一加热器，加热相同时间，放出的热量相同，表示物体吸收的热量相同，加热时间越长，表示物体吸收的热量越多；结合图象中升温的快慢可做出判断。
这是一道综合实验题，考查的知识点比较多，涉及到利用图象解题。有晶体的熔化过程、内能的变化、温度变化量和物质比热容的关系，明确物质在各时间段内所处的状态是解题的关键。

6.【答案】D 
【解析】解：A.根据功的原理，使用任何机械都不能省功，故A错误；
B.由图乙可知，提升物重G=10N时，滑轮组的机械效率η=50%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=W有用W有用+W额外×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动×100%=10N10N+G动×100%=50%
解得动滑轮重力为G动=10N，故B错误；
C.滑轮组的机械效率越高，说明有用功与总功的比值越大，拉力做功不一定少，故C错误；
D.由题知，利用滑轮组每次物体被提升的高度均为1m，提升动滑轮上升的高度也都是1m，不计绳重和摩擦，每次提升重物时，滑轮组做的额外功都为W额=G动h=10N×1m=10J，故D正确。
故选：D。
(1)根据功的原理，使用任何机械都不能省功；
(2)根据η=W有用W总×100%=W有用W有用+W额外×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动×100%求出动滑轮重力；
(3)不计绳重和摩擦，利用W额=G动h求得额外功。
本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。

7.【答案】D 
【解析】解：A.油量下降时，浮子随油面变化而位置变化，但浮子始终漂浮，浸在油中的体积不变，根据阿基米德原理可知，浮子受到的浮力不变，故A不符合题意；
B.当油量下降时，滑杆上移，R连入电路的阻值变大，电路总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路的电流变小，电源电压不变，根据P=UI可得，电路消耗的总功率变小。故B错误；
C.由于油量下降时，电路的电流变小，根据欧姆定律可知，R0的两端电压变小，故C错误；
D.当油量下降一半时，油面的深度为h=25cm=0.25m，
油箱底部受到的压强为p=ρ汽油gh=0.72×103kg/m3×10N/kg×0.25m=1.8×103Pa，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表串联在电路中；油量下降时，浮子随油面变化而位置变化，但浮子始终漂浮，据此可知浮子浮力变化情况；当油量下降时，滑杆上移，R连入电路的阻值变大，电路总电阻变大，再结合欧姆定律及电功率计算公式逐项分析。利用p=ρ汽油gh求得油箱底部受到的压强。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，明白该装置的工作原理是关键。

8.【答案】电能  二次能源  核裂变 
【解析】解：煤、石油是化石能源，在使用过程中对大气造成污染不属于清洁能源，电能在使用过程对自然界没有污染，是清洁能源，故在煤、石油、电能三种能源中属于清洁能源的是电能，电能无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，所以属于二次能源；
核燃料在核反应堆中发生的是核裂变反应。
故答案为：电能；二次能源；核裂变。
(1)在使用过程对自然界没有污染的能源属于清洁能源；一次能源指可以从自然界直接获取的能源，二次能源指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源；
(2)核能的利用包括核裂变和聚变，核电站利用核裂变。
本题考查了能源的分类、核能的利用，属于基础题。

9.【答案】热值  运动  增大 
【解析】解：(1)火箭起飞过程中，将内能转化为火箭的机械能，相同质量的液态氢完全燃烧释放的热量多，所以火箭用液态氢作燃料，是因其热值较大。
(2)火箭发射过程中，火箭与发射塔之间的相对位置发生变化，因此火箭是运动的。
(3)火箭上升过程中，速度越来越大，高度越来越高，所以动能和重力势能越来越大，即机械能是增大的。
故答案为：热值；运动；增大。
(1)热值是燃料的一种特性，质量相同的不同燃料，热值越大，在完全燃烧时释放出的热量越多；
(2)根据火箭与发射塔的位置是否改变分析火箭相当于发射塔的运动情况；
(3)动能和势能合称机械能；动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和所在高度有关。
本题考查燃料的热值、运动的相对性、动能、重力势能的影响因素和机械能的概念，难度不大。

10.【答案】降温  汽化  放热 
【解析】解：装在热棒下端的液态氨在路基温度升高时会汽化，从路基内部吸热，使路基温度降低，冻土就不会熔化。棒内上端的氨气遇冷液化，液化过程中要放热。
故答案为：降温；汽化；放热。
物质从液态变为气态的过程是汽化；物质从气态变为液态的过程是液化，液化放热。
知道汽化概念和汽化吸热，液化概念和液化放热，可解答此题。

11.【答案】2100  1.2  粗 
【解析】解：
(1)2500r//(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过2500r，
电能表的转盘转175r，电热水器消耗的电能：
W=175r2500r//(kW⋅h)=0.07kW⋅h=0.07×3.6×106J=2.52×105J，
工作时间t=2min=260h，
该电热水器的实际功率：
P=Wt=0.07kW⋅h260h=2.1kW=2100W；
(2)水的体积V水=50L=0.05m3，
由ρ=mV可得水的质量：
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.05m3=50kg；
因为不计能量损失，所以水吸收的热量：Q吸=W=2.52×105J，
由Q吸=cmΔt得水升高的温度：
Δt=Q吸c水m水=2.52×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg=1.2℃；
(3)由于热水器的功率远大于冰箱，则根据P=UI可知，热水器工作时通过的电流远大于通过冰箱电流，由Q=I2Rt可知，在电源线电阻和通电时间相同时热水器的电源线上产生的热量较多；为保证线路安全，电热水器选择较粗的电源线，可以减小电源线的电阻，根据Q=I2Rt可知，在其他条件相同时电源线上产生的热量减少，可防止电源线过热而引发安全事故。
故答案为：2100；1.2；粗。
(2)2500r//(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过2500r，据此可求出电能表的转盘转了175r，热水器消耗的电能，利用P=Wt计算出热水器的实际功率；
(2)不计热量的损失，水吸收的热量Q吸=W，利用密度公式计算出水的质量，利用Q吸=cmΔt计算出水升高的温度；
(3)利用P=UI、Q=I2Rt以及影响导体电阻大小的因素来分析即可。
本题是一道电热综合题，涉及到电功率公式、密度公式、吸热公式的应用以及影响导体电阻大小的因素等，总体难度不大。

12.【答案】实  照相机  减小 
【解析】解：上面的数字“9”变成了“6”，成倒立缩小的实像，所以是u>2f，2f>v>f，应用于照相机。若想让“6”变大一些，可以适当减小物距，即减小积木和胶囊的距离。
故答案为：实；照相机；减小。
凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，此时u>2f，2f>v>f，应用于照相机。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。

13.【答案】12  减 
【解析】解：(1)汽车行驶的路程：s=30km=3×104m，
牵引力做的功：
W=Fs=600N×3×104m=1.8×107J；
由v=st可知汽车的行驶时间：
t=sv=3×104m20m/s=1500s；
发动机的输出功率：
P=Wt=1.8×107J1500s=12000W=12kW。
(2)根据P=Fv可得：F=Pv，由此可知，当汽车需上坡时，功率一定，为了增大牵引力，应使汽车的速度减小。
故答案为：12；减。
(1)利用W=Fs可以计算出牵引力所做的功；
(2)利用v=st可以计算出汽车的行驶时间；利用P=Wt可以计算出发动机的输出功率；
(3)根据P=Fv分析解答。
本题考查功和功率的计算，熟记公式、灵活运用是关键，题目比较基础。

14.【答案】8  10  19.2 
【解析】解：(1)若只闭合S1和S2时，定值电阻R2和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表示数是4V，由图像知，灯泡电流为0.8A，
串联电路各处电流相等，即此时电路电流是0.8A；
根据欧姆定律可得R2两端的电压为：U2=IR2=0.8×5Ω=4V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压U=U2+UL=4V+4V=8V；
(2)若只闭合S1和S3时，定值电阻R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，电压表示数是2V，由图像知，灯泡电流是0.6A，即此时电路电流是0.6A，
根据串联电路电压规律可得定值电阻R1两端的电压为：U1=U−UL′=8V−2V=6V，
根据欧姆定律可得定值电阻R1的阻值为：R1=U1I′=6V0.6A=10Ω；
(3)若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3时，灯泡被短路，定值电阻R1和R2并联，电流表测量干路电流，
则通过定值电阻R1的电流为：I1=UR1=8V10Ω=0.8A，
所以通过定值电阻R2的电流为：I2=UR2=8V5Ω=1.6A，
故电流表示数为：I总=I1+I2=0.8A+1.6A=2.4A。
由公式P=UI可得，电路消耗的总功率P=UI总=8V×2.4A=19.2W。
故答案为：8；10；19.2。
(1)若只闭合S1和S2时，定值电阻R2和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，由图像知灯泡的电流，即为电路电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，最后根据串联电路的电压特点即可求出电源电压。
(2)若只闭合S1和S3时，定值电阻R1和灯泡串联，电压表测量灯泡两端的电压，由图像找出灯泡电流，根据串联电路电压和电流特点求出定值电阻R1的电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻R1的阻值。
(3)若将电压表换成电流表，闭合S1、S2和S3时，灯泡被短路，定值电阻R1和R2并联，电流表测量干路电流，先根据欧姆定律求出各支路电流，然后根据并联电路电流特点求出干路电流，即电流表示数。由公式P=UI可得电路消耗的总功率。
本题通过开关的闭合和断开，以及电流表代替电压表，改变电路连接方式，然后根据欧姆定律和串联电路、并联电路中电压和电流特点求解。

15.【答案】解：结合光的折射规律，折射角大于入射角画出入射光线；延长线通过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴射出，注意箭头不能遗忘，如图所示；
 
【解析】(1)过折射点O画出法线，根据光的折射规律在法线左侧的水中画出入射光线；
(2)延长线通过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴射出。
本题考查了光的折射图的画法、凹透镜的特殊光线，难易程度适中。

16.【答案】解：浸在水中的斜面上的物体A在水中受到竖直向上的浮力的作用；A对斜面的压力F2作用在斜面上，方向垂直于斜面向下，如图所示：
 
【解析】浮力的方向是竖直向上的；压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图

17.【答案】解：根据题意可知，灯只有在拖地机擦地过程中才能使用，不能单独工作，这表明电动机和灯是并联的；当电动机启动后，闭合开关时灯才能发光，这是说明开关S在干路中，开关S1与灯串联在另一支路中，如图所示：
 
【解析】根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡与电动机的连接方式，然后画出电路图。
本题考查了电路图的设计，明确两个开关的作用是解题的关键。

18.【答案】1.15  341  0.42  零刻线处  右  1.095×103  大 
【解析】解：(1)如图1甲所示，刻度尺的分度值为1mm，纽扣的直径是3.15cm−2.00cm=1.15cm；
图1乙所示，秒表的小表盘示数为5min，接近6min，大表盘的示数为41s，则秒表的示数为5×60s+41s=341s；
图1丙所示，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.42A。
(2)①天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻线处；图2甲中指针左偏，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
②图2乙中烧杯和液体总质量为50g+20g+1.2g=71.2g，
液体的质量m=71.2g−27.4g=43.8g，
读取量筒的示数可得，液体的体积：V=40mL=40cm3，
则该液体的密度为：ρ=mV=43.8g40cm3=1.095g/cm3=1.095×103kg/m3；
③由于从烧杯向量筒中倒液体时倒不干净，所以会使测量出的液体体积偏小，则算出来的密度与实际值相比会偏大。
故答案为：(1)1.15；341；0.42；(2)①零刻线处；右；②1.095×103；③大。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，同时要估读到分度值的下一位；
秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；确定电流表的量程和分度值，读出电流表的示数；
(2)①天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端移动，使天平的横梁平衡；
②由图丙读出量筒内液体的体积，注意分度值；液体和烧杯的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，两次质量之差为液体的质量；根据密度公式求出液体的密度；
③烧杯内液体倒不干净，会使测量出的液体体积偏小，根据密度公式分析密度测量值的变化。
本题考查了对刻度尺、秒表、电流表、量筒、天平等的读数方法，以及天平的调节、密度的计算等，综合性强。

19.【答案】10.0  缩小  照相机  近视眼镜  变小  C 
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=40.0cm−30.0cm=10.0cm；
(2)当把蜡烛放在图乙所示位置时，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)把蜡烛向左移动一小段距离时，物距变大，像距变小，像靠近凸透镜，为使像能成在光屏上，应在蜡烛和凸透镜之间放一块适当的凹透镜对光线进行发散，近视眼镜是凹透镜制成的。
(4)实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，凸透镜成实像，物距增大，像距减小，像减小，所以所成的像逐渐减小。
将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距逐渐增大，根据凸透镜成的实像时有：物远(物距变大)像近(像距变小)像变小，像距逐渐减小，从v>2f到f