2023年湖南省永州市冷水滩区京华中学中考物理三模试卷（含答案）

这是一份2023年湖南省永州市冷水滩区京华中学中考物理三模试卷（含答案），共20页。试卷主要包含了 科技改变生活等内容，欢迎下载使用。

2023年湖南省永州市冷水滩区京华中学中考物理三模试卷
1. 如图所示是利用飞机在高空播撒干冰(固态二氧化碳)实施人工降雨．干冰进入云层，很快从周围吸收大量的热变成气体，同时高空中的水蒸气变成小冰晶或小水滴，云中小冰晶和小水滴增多，从而形成降雨．下列有关说法正确的是

A. 干冰吸热变成气体是汽化现象 B. 高空中的水蒸气变成小冰晶是凝固现象
C. 高空中的水蒸气变成小水滴是液化现象 D. 高空中的水蒸气吸热变成小冰晶或小水滴
2. 如图是某博物馆珍藏的古代青铜“鱼洗”，注入半盆水后，用双手摩擦“鱼洗”的两个把手，会发出嗡嗡声，盆内水花四溅。停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡把手声。传说，众多“鱼洗”声如同千军万马奔跑
之声，曾吓退数十里外的敌军。下列分析正确的是(    )

A. “鱼洗”发声时“水花四溅”，说明声音就是由水振动产生的
B. 停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡声，说明“鱼洗”仍在振动
C. 众多“鱼洗”声如千军万马奔跑之声，说明“鱼洗”声与千军万马奔跑声的响度相同
D. 众多“鱼洗”声能吓退数十里外的敌军，说明“鱼洗”声是超声波
3. 2023年大年初一上映了一部科幻片《流浪地球2》，人工智能MOSS在影片中起了至关重要的作用。下列关于“MOSS摄像头”的说法正确的是(    )
A. “摄像头”上成的像是放大的像
B. “MOSS”的摄像头是凹透镜
C. 当物体靠近“摄像头”时，所成的像变大
D. 在拍摄录像时，物体在“MOSS”摄像头的一倍焦距和二倍焦距之间

4. 如图所示，下列有关说法中正确的是(    )


A. 图甲中，蜗牛爬行得太慢了，所以蜗牛发生的不是机械运动
B. 图乙中，此时观众判断小林跑得最快，是根据相同时间比较路程长短来判断的
C. 图丙中，用力夹核桃时核桃夹是费力杠杆
D. 图丁中，液化石油气是通过降低温度的方法将可燃气体液化后储存在钢瓶中的
5. 科技改变生活。如图示的智能手可以显示时间、体温、心率等信息，方便人们监测身体状态。下列关于智能手表说法正确的是(    )
A. 手表屏幕使用的发光二极管主要是半导体材料制成的
B. 铁的导电性优铜，所以更适合做内部的导线
C. 橡胶表带是绝缘体，绝缘体和导体之间有绝对的界限
D. 在给手表的蓄电池充电时，储电池相当于电源

6. 如图所示，关于电和磁的下列说法中正确的是(    )

A. 甲图所示实验表明了发电机的原理
B. 乙图所示实验表明电能可以转化为机械能
C. 丙图所示表明磁体周围存在着磁感线
D. 丁图所示实验表明通电导体周围存在着磁场
7. 关于生活用电，下列说法错误的是(    )
A. 使用螺丝刀试电笔时要用指尖抵住上端的金属帽
B. 与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连
C. 人站在干燥的木凳上同时接触火线和零线，不会触电
D. 用电器的总功率过大，容易发生火灾
8. 12月30日11时许，全球首架国产C919飞机飞抵西安咸阳国际机场，下列说法中正确的是(    )
A. 飞机着陆后由于受到惯性的作用，会继续向前滑行一段距离
B. 在飞机减速降落的过程中，飞机的重力势能转化为动能
C. 飞机在跑道上减速前进时，机翼上方气压大于机翼下方气压
D. 机身采用了大量的复合材料，有效实现“减重”，这表明该材料的密度相对较小

9. 如图甲所示，一个金属块在钢绳拉力的作用下从水面上方匀速下降，直至金属块全部没入水中。如图乙所示是钢绳拉力F随时间t变化的关系图像。不计水的阻力，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg，下列说法正确的是(    )

A. 金属块受到的重力为500N B. 金属块浸没时受到的浮力为3450N
C. 金属块的体积为5×10-3m3 D. 金属块的密度为7.9×103kg/m3
10. 如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是(    )
A. B.
C. D.
11. 如图甲，超超在平地上用水平向右的力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，以下说法正确的是(    )


A. 0至3s内推力小于摩擦力 B. 3s至6s内木箱处于平衡状态
C. 6s至9s内木箱所受摩擦力大小为3N D. 9s至12s内推力做功的功率大小为6W
12. 如图甲所示，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑片P从最右端逐步移到最左端，记录电流表、电压表的示数，并根据记录的数据作出R1和R2的“U-I”关系图像如图乙所示。则下列正确的是(    )


A. 图Ⅱ为R2的“U-I”图象 B. 当R2=R1时，电流的大小为0.2A
C. 电源电压为8V D. R1的阻值为30Ω
13. “祝融号”火星车使用太阳能电池板供电，太阳能属于______ (选填“可再生”或“不可再生”)能源；核电站是利用核反应堆发生核______ (选填“裂变”或“聚变”)时提供的能量发电的。
14. 用如图所示滑轮组拉动物体A在粗糙的水平面上运动，不计绳和滑轮的自重。当F为20N时，物体A在水平面上做匀速直线运动，此时物体A受到地面的摩擦力为30N，拉力F在5秒内移动了6米，滑轮组对物体做的功为______ ，则滑轮组的机械效率是______ 。



15. 如图所示，(a)、(b)两图分别是甲、乙两种物质熔化时的温度一时间图象，由图可知：在甲、乙两种物质中，______物质是晶体，它的熔点是______℃。

16. 如图所示，是最新一款无人驾驶汽车原型图，汽车自动驾驶时使用雷达传感器以及激光测距器来了解周围的交通状况。该款车以72km/h的速度在一段平的公路上匀速行驶了9km时，消耗汽油1.4kg，假设汽油完全燃烧，汽油机的效率为30%，那么，在这段运动过程中，汽油完全燃烧放出的热量为______ ，汽车行进过程中受到的阻力为______ N。(汽油的热值是4.5×107J/kg)
17. 如图所示是小明家的电能表，将电视机单独接入电路常工作15min，电能表转盘转12转，电视机的功率为______ W。该电视机正常工作10min，消耗的电能为______ 。

18. 一束光斜射向水面上O点，产生折射和反射，请作出反射光线，并标明反射角的度数。



19. 在“测量小灯泡的电功率”实验中，小丹设计了如图甲所示的电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，电源是由2节新干电池串联组成。
(1)用笔画线代替导线，帮助小丹按电路图甲将图乙电路连接完整(要求导线不交叉，且滑片P向B端移动时，滑动变阻器阻值变小)。
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表有示数，电压表无示数，则电路故障可能是灯泡______ (选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，则小灯的额定功率为______ 。
(4)小丹继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，滑动变阻器的滑片应向______ 端调节(选“A”或“B”)，观察到小灯泡变亮。
(5)小丹经过思考，发现用两只电流表和一个阻值为R0的定值电阻也可以测出小灯泡的额定功率，她设计的路如图丁所示，具体操作是：闭合开关S，调节动器变阻器电流表A1示数为I1时，小灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为I2，则小灯泡额定功率的表达式为P=______ (用I1、I2、R0表示)。
20. 小强同学在做测量小石块密度的实验中，操作如下：
(1)把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，此时指针如图甲所示，应将平衡螺母向______ 选填“左”或“右”)调节，直至天平横梁平衡。
(2)用调节好的天测小石块的质量，小强在加减砝码时添加最小砝码后，指针所指位置如图甲所示，接下来的操作是______ (填字母序号)。
A.将横梁上的平衡螵母向左调
B.将处在零刻度位置的游码向右移
C.取出最小的砝码，将横梁上的平衡螺母向右调
D.取出最小的砝码，将处在零刻度位置的游码向右移
(3)正确的实验操作后，用天平测得小石块的质量如图乙所示，小石块的质量为______ g；用量筒测得小石块的体积如图丙所示，由此可算出小石块的密度为______ kg/m3；若小石头有吸水性，则所测出小石头的密度将______ 小石头真实的密度(选填“大于”、“小于”、“等于”)。
21. 如图所示，一个盛水的平底茶壶放在水平桌面上，壶中装有250g的水，壶底面积为2×10-3m2，壶中水深12cm(ρ水=1.0×103kg/m3、g=10N/kg)，求：
(1)平底茶壶中水的重力。
(2)水对壶底的压强。
(3)水对壶底的压力。
22. 甲图为某同学设计的一电子温度计的电路原理图。电源电压恒为6V，电压表量程为0∼3V，R0是定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示。将热敏电阻放入标准大气压下的冰水混合物中时，电压表示数为2V。

(1)电阻R0的阻值为多大？
(2)将热敏电阻放入标准大气压下的冰水混合物中时，通电5分钟R0产生的热量为多少？
(3)在电路正常工作时，此电子温度计能测量的最高温度为多少？
(4)在不改变电表的条件下，要增大电子温度计的测温范围，应如何调整？(写出一条)
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、干冰吸热变成气体是升华现象，故A错误；
B、高空中的水蒸气变成小冰晶是凝华现象，故B错误；
C、高空中的水蒸气变成小水滴是液化现象，故C正确；
D、高空中的水蒸气放热变成小冰晶或小水滴，故D错误。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
解决此类题目要结合生活中的物态变化与吸放热情况进行分析解答，是中考热点。

2.【答案】B 
【解析】解：A、“鱼洗”发声时“水花四溅”，说明声音就是由铜盆振动产生的，故A错误；
B、停止摩擦把手后，短时间内“鱼洗”仍能发出嗡嗡声，说明“鱼洗”仍在振动，故B正确；
C、众多“鱼洗”声如千军万马奔跑之声，说明“鱼洗”声与千军万马奔跑声的音色相同，故C错误；
D、众多“鱼洗”声能吓退数十里外的敌军，说明声可以传递信息；“鱼洗”声不是超声波，故D错误。
故选：B。
(1)声音是由发声体的振动产生的。
(2)声音的音色是由发声体的材料和结构决定的。
(3)超声波的振动频率高于20000Hz，不在人的听觉频率范围之内。
知道声音是由物体振动产生的；知道音色和响度；知道声音可以传递能量。

3.【答案】C 
【解析】解：“MOSS摄像头”成像原理与照相机相同，摄像头是凸透镜，物体在凸透镜二倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像；当物体靠近凸透镜，即物距变小时，所成的实像远离摄像头，同时像变大，故C正确，ABD错误。
故选：C。
摄像头的成像规律和我们生活中的照相机的原理是一样的，当物体在透镜的2倍焦距之外时，物体经透镜能成倒立、缩小的实像；
凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，要求学生会用学过的知识分析日常生活中的相关现象，平时多注意观察，将知识活学活用。

4.【答案】B 
【解析】解：A、蜗牛爬行得很慢，但它的位置发生了改变，所以蜗牛发生的是机械运动，故A错误；
B、图乙中，此时观众判断小林跑得最快，是因为小林最先跑在最前面，是根据相同时间比较路程长短来判断的，故B正确；
C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、液化石油气是通过压缩体积的方法将可燃气体液化后储存在钢瓶中的，故D错误。
故选：B。
(1)物体位置改变的运动叫机械运动；
(2)比较运动快慢的方法有：相同时间比路程，相同路程比时间；
(3)结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(4)使用气体液化的方法有降低温度和压缩体积。
本题通过生活中的现象，考查了对机械运动、运动快慢的比较、物态变化等的理解与应用，综合性强，但难度不大。

5.【答案】C 
【解析】解：A、LED灯中的发光二极管具有单向导电性，主要是由半导体材料制成的，故A正确；
B、铜和铁都是导体，相同条件下，铜的导电性优于铁，所以更适合做内部的导线，故B正确；
C、导体和绝缘体没有绝对的界限，并且导体和绝缘体在一定条件下是可以相互转换的，故C错误；
D、给手表的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，所以相当于用电器，故D正确。
故选：C。
(1)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性；
(2)铜的导电性较好，可以用来制作导线；
(3)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；导体和绝缘体没有绝对的界限，并且在一定条件下，导体和绝缘体可以相互转换；
(4)蓄电池供电时是电源，充电时则为用电器。
本题考查了半导体材料的特点与作用、导体与绝缘体的概念和电路的组成等知识的了解和掌握，具有一定的综合性，但难度不大。

6.【答案】D 
【解析】解：A、据图可知，通电后，磁场中的导体会受力运动，说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机的工作原理，故A错误；
B、乙图所示实验为电磁感应现象的实验，表明机械能可以转化为电能，故B错误；
C、丙图是条形磁体周围磁感线的分布情况，磁场是真实存在的，但磁感线是不存在的，故C错误；
D、奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场，导体不通电，则导体周围无磁场，故D正确。
故选：D。
(1)电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；
(2)发电机的工作原理是电磁感应现象，是机械能转化为电能的过程；
(3)对于磁体来说，磁场虽然看不见，但是存在的；为了形象描述磁场的性质而引入了磁感线，磁感线不是真实存在的；
(4)奥斯特实验说明了通电导线周围有磁场。
此题考查了电动机的工作原理、发电机的工作原理及其能量的转化、磁感线、电流的磁效应，这几个实验在电和磁中很重要，同时很容易混淆，所以要注意区分。

7.【答案】C 
【解析】解：
A、使用螺丝刀形状的试电笔时，手指必须触到试电笔上端的金属帽(又叫笔尾金属体)，故A正确；
B、与三孔插座中标有①的插孔相连的导线和室外的大地相连，当用电器的外壳带电时，电荷会被导入大地，不会发生触电事故，故B正确；
C、虽然站在干燥的木凳上，但双手同时分别接触家庭电路中的火线和零线，火线和零线之间的电压是220V，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，会对人体造成危害，故C错误；
D、家庭电路同时使用的用电器总功率过大，导线会剧烈发热，容易引发火灾，故D正确。
故选：C。
(1)正确使用试电笔的方法：站在地上，手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
(2)三孔插座接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线；
(3)触电有单相触电和双相触电两类；
(4)家庭电路电流过大的原因有二：用电器总功率过大，发生了短路。
生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。

8.【答案】D 
【解析】解：A、飞机着陆后会继续滑行一段距离，是因为飞机具有惯性；惯性是一种性质，不是一种作用，故A错误；
B、飞机在减速降落过程中，质量不变，速度变小，则动能变小，同时高度减小，重力势能减小，所以不是重力势能转化为动能，故B错误；
C、飞机在跑道上减速前进时，机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼上方气体压强小于机翼下方气体压强，从而产生了升力，但由于速度较小，升力较小，飞机不能升空，故C错误；
D、客机采用了大量的先进复合材料，有效实现“减重”，因为在体积一定时，材料的密度越小，其质量越小，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(2)动能的大小与速度、质量有关，重力势能的大小与质量、高度有关；机械能等于动能与势能的总和；
(3)流体压强与流速的关系是：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；
(4)根据密度公式的变形式m=ρV，在体积一定时，材料的密度越小，质量越小。
本题考查了惯性、机械能的变化、流体压强与流速的关系、密度公式的应用等，是一道综合性的题目。

9.【答案】D 
【解析】解：A、由图乙可知，0∼t1段钢绳拉力大小不变，此时金属块未接触水面，钢绳的拉力F=3950N，
金属块匀速下降，处于平衡状态，根据二力平衡条件可得，金属块的重力：G=F=3950N，故A错误；
B、由图乙可知，t2∼t3段钢绳拉力大小不变，此时金属块浸没在水中，钢丝绳的拉力为3450N，
则金属块浸没时受到的浮力为：F浮=G-F拉=3950N-3450N=500N，故B错误；
C、由F浮=ρ水gV排可知，金属块排开水的体积：V排=F浮ρ水g=500N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-2m3，
因为此时金属块浸没在水中，所以金属块的体积：V=V排=5×10-2m3，故C错误；
D、由G=mg可知，金属块的质量：m=G g=3950N10N/kg=395kg，
金属块的密度：ρ=m V =395kg5×10-2m3=7.9×103kg/m3，故D正确。
故选：D。
(1)根据图乙可知金属块在空气中受到的拉力，金属块匀速下降，处于平衡状态，根据二力平衡条件可求金属块的重力；
(2)根据图乙可知金属块全部浸没时所受的拉力，利用称重法求金属块浸没时受到的浮力；
(3)根据F浮=ρ水gV排求出金属块浸没时排开水的体积，金属块浸没在水时排开水的体积等于金属块的体积，据此求出金属块的体积；
(4)利用G=mg求金属块的质量，根据密度公式求出金属块的密度。
本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、阿基米德原理的应用，根据图像确定金属块的重力及全部浸没时所受的浮力是解题的关键。

10.【答案】B 
【解析】
【分析】
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三个开关的位置和连接方式是关键。
由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响即为并联，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S3位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，据此进行解答。
【解答】
由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，
则指纹开关S1和密码开关S2可以独立工作、互不影响即为并联，且锁定开关S3位于干路，
然后与灯泡、电源组成电路，结合选项电路图可知，选项B符合。
故选：B。  
11.【答案】D 
【解析】解：
A、0∼3s内，木箱的速度为0，保持静止状态，受到的推力等于摩擦力，故A错误；
B、由图丙可知，3s∼6s内木箱的速度变大，木箱处于非平衡状态，故B错误；
C、9s∼12s内木箱做匀速直线运动运动，推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，故摩擦力为6N；6s∼9s内木箱对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，所受摩擦力大小为6N，故C错误；
D、9s∼12s内推力做功的功率大小为P=Wt=Fst=Fv=6N×1m/s=6W，故D正确。
故选：D。
物体做匀速运动时，受到的滑动摩擦力等于推力的大小；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据P=Wt=Fst=Fv求出功率的大小。
本题考查了学生对力学图像的分析能力，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。

12.【答案】C 
【解析】解：A、两电阻串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2的电压，滑片在最左端时，R2接入电路的阻值为零，因此此时电压表V2示数为零，由图象可得，图线I反映电压表V2示数(即R2的电压)随电流的变化，则图Ⅱ为R1的“U-I”图象，故A错误；
B、串联电路各处的电流相等，当R2=R1时，由U=IR，则两电阻的电压相同，由图乙知，即为两图线的交点，可知电流为0.4A，B错误；
C、由图知，当电流为0.4A时，两电压表示数均4V，因电路的电压等于两电压表示数之和，即电源电压；U=4V+4V=8V，C正确；
D、当滑片移动到最左端时，电路中只有R1，电压表V2示数为0，电路的电流为0.8A，由欧姆定律，
R1=UI大=8V0.8A=10Ω，D错误。
故选：C。
A、两电阻串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2的电压，滑片在最左端时，电压表V2示数为零，结合图乙回答；
B、根据串联电路电流的规律和U=IR，可知两电阻的电压相同，由图乙知得出对应的电流；
C、由图知，当电流为0.4A时，两电压表示数均4V，根据串联电路电压的规律求出电源电压；
D、当滑片移动到最左端时，电路中只有R1，电压表V2示数为0，由图知电路的电流，由欧姆定律求出R1。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。

13.【答案】可再生  裂变 
【解析】解：(1)太阳能可以源源不断从自然界中获得是可再生能源；
(2)现阶段，核电站是利用核反应堆发生核裂变时提供的能量发电的。
故答案为：可再生；裂变。
(1)可再生能源是短时间能在自然界得到补充的能源；不可再生能源是短时间内无法在自然界得到补充的能源；
(2)核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的。
本题考查了能源的分类和核能，属于基础题。

14.【答案】90J75% 
【解析】解：由图知n=2，已知拉力F在5秒内移动了6米，由s=ns物可得物体A移动的距离为s物=s2=6m2=3m；
物体A受到地面的摩擦力为30N，滑轮组对物体做的功为：W有=fs物=30N×3m=90J；
滑轮组的机械效率：η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF=30N2×20N×100%=75%。
故答案为：90J；75%。
由图可知n=2，知道绳端移动的距离，由s=ns物求出物体A移动的距离，根据W=fs物求出滑轮组对物体做的功(即有用功)；利用η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求出滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时功和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。

15.【答案】甲  48 
【解析】解：晶体有固定熔点，非晶体没有，由图象可知，甲有固定熔点，故a物质为晶体，有图可知熔点为48℃；乙没有固定的熔点，则乙物质为非晶体；
故答案为：甲；48。
根据晶体与非晶体的特点，晶体有固定的熔点而非晶体没有；分析图象，根据图象反应的物理量间的关系作出判断。
本题主要考查晶体与非晶体的特点及区别；学会分析图象并作出判断。

16.【答案】6.3×107J2100 
【解析】解：汽油完全燃烧放出的热量Q放=mq=1.4kg×4.5×107J/kg=6.3×107J；
汽车行进过程中做的有用功W=Q放η=6.3×107J×30%=1.89×107J，
汽车的牵引力F=Ws=1.89×107J9000m=2100N。
故答案为：6.3×107J；2100。
根据Q放=mq计算汽油完全燃烧放出的热量；
根据W=Q放η计算汽车行进过程中做的有用功，根据F=Ws计算汽车的牵引力。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式的应用、功的公式的应用，属于基础题，要求掌握。

17.【答案】80 48000 J 
【解析】解：600r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，
则电能表转盘转12转，电视机消耗的电能W=12r600r/(kW⋅h)=0.02kW⋅h；
电视机的电功率P=Wt=0.02kW⋅h1560h=0.08kW=80W；
由P=Wt可知，电视机正常工作10min，消耗的电能W'=Pt=80W×10×60s=48000J。
故答案为：80；48000。
600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘装600转，据此可求电能表转盘转12转，电视机消耗的电能，利用P=Wt计算出电视机的电功率；
知道电视机的电功率和通电时间，利用P=Wt计算出电视机正常工作10min，消耗的电能。
本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算、消耗电能的计算，解题的关键是正确理解电能表相关参数的含义。

18.【答案】解：过入射点作与镜面垂直的直线即为法线，入射光线与法线的夹角为入射角，大小为90∘-30∘=60∘，根据光的反射定律可知反射角等于入射角，据此在法线右侧空气中作出反射光线，并标出反射角60∘，如图所示：
 
【解析】①根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角；
②要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念，入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。

19.【答案】短路  0.5WBR0I1(I2-I1) 
【解析】解：(1)滑动变阻器应一上一下串联入电路中，由题知，滑片P向A端移动时，滑动变阻器阻值变大，所以应选择B接线柱接入电路中，实物连接如图所示：
；
(2)闭合开关，电流表有示数，说明电路中通路，而小灯泡不发光，电压表无示数，则电路故障可能是灯泡短路；
(3)排除故障后，缓慢移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)继续测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，即增大灯的电压，减小变阻器的电压，由分压原理知，应减小变阻器的电阻，故滑动变阻器的滑片应向A端调节；
(5)具体操作是：
闭合开关S，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为I1时，小灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为I2，
由欧姆定律，R0的电压为U0=R0I1，根据并联电路电流的规律，即灯的额定电压，由并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I=I2-I1，则小灯泡额定功率的表达式为：
P=R0I1×(I2-I1)。
故答案为：(1)见上图；(2)短路；(3)0.5W；(4)B；(5)R0I1(I2-I1)。
(1)由滑片P向B端移动时，滑动变阻器阻值变大选择接线柱，将其一上一下串联入电路中；
(2)电流表有示数，说明电路是通路，再根据小灯泡不发光，电压表无示数分析故障即可；
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)要测量小灯泡两端电压略高于额定电压时的电功率，即增大灯的电压，减小变阻器的电压，由分压原理确定滑动变阻器的滑片调节的方向；
(5)由欧姆定律求出R0的电压为U0=R0I1，根据并联电路电压的规律知灯的额定电压，根据并联电路电流的规律得出灯的额定电流，根据P=UI得出小灯泡额定功率的表达式。
本题测灯的功率，考查电路连接、故障分析、电表读数、电功率和电阻计算、设计方案测功率的能力。

20.【答案】左  D542.7×103  大于 
【解析】解：(1)天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针偏转的反方向调节(左偏右调，右偏左调)，由图甲可知指针向右偏，则需要向左调节平衡螺母直到横梁平衡；
(2)用调节好的天平测小石块的质量，小强在加减砝码时添加最小砝码后，由图甲可知指针向右偏，说明右盘的砝码过重，则接下来应该取出最小砝码，向右调节游码，直到横梁平衡，故D正确；
(3)天平的读数原则是右盘的砝码质量加上游码示数，则由图乙可知，小石块的质量为：m=54g，
由图丙可知小石块的体积为：V=80mL-60mL=20mL=20cm3，
则小石块的密度为：ρ=mV=54g20cm3=2.7g/cm3=2.7×103kg/m3；
完成实验后小刚发现该石块微微吸水，会导致测得水和石块的总体积偏小，测得石块的体积偏小，石块的质量不变，由ρ=mV可知，测得小石块的密度偏大。
故答案为：(1)左；(2)D；(3)54；2.7×103；大于。
(1)天平在使用前要调节平衡：将天平放在水平台上，将游码归零，平衡螺母向指针偏转的反方向调节(左偏右调，右偏左调)，使横梁平衡；
(2)天平使用时先添加大砝码，最后添加小砝码，若添加最小砝码后，指针向右偏，说明右盘的砝码过重，则接下来应该取出最小砝码，向右调节游码，直到横梁平衡；
(3)天平的读数原则是右盘的砝码质量加上游码示数；量筒读数要注意量筒的分度值，放入小石块前后两次量筒的示数之差就是小石块的体积；利用ρ=mV可求出小石块的密度；如果石块吸水会导致水和石块的总体积变小，石块的质量不变，由ρ=mV分析。
本题主要考查有关固体密度的测量实验，学生需要掌握实验原理以及天平和量筒的使用，分析密度误差的时候要从质量和体积的测量过程中去分析。

21.【答案】解：(1)平底茶壶中水的重力G=mg=250×10-3kg×10N/kg=2.5N；
(2)水深h=12cm=0.12m，
水对壶底的压强：
p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa，
(3)壶的底面积S=2×10-3m2，
由p=FS得，水对茶壶底的压力：
F1=p水S=1200Pa×2×10-3m2=2.4N。
答：(1)平底茶壶中水的重力为2.5N；
(2)水对茶壶底部的压强为1200Pa；
(3)水对茶壶底部的压力为2.4N。 
【解析】(1)利用G=mg求得平底茶壶中水的重力；
(2)利用液体压强公式p=ρgh求出水对壶底的压强；
(3)利用公式F=pS求出水对茶壶底部的压力。
本题主要考查了液体压强和压力的计算问题，要利用好p=ρgh和F=pS这两个公式，由于液体的流动性，对于形状不规则的容器，液体对容器底的压力不等于液体的重力，这是易错点。

22.【答案】解：(1)由图甲可知，R0、R1串联，电压表测量R0两端的电压；
标准大气压下的冰水混合物的温度为0℃，由图乙可知，当温度为0℃时，R1的阻值为60Ω，
根据串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1=U-U0=6V-2V=4V，
通过R1的电流：I1=U1R1=4V60Ω=115A，
根据串联电路的电流特点可知，通过R0的电流：I0=I1=115A，
由I=UR可知，R0的阻值：R0=U0I0=2V115A=30Ω；
(2)将热敏电阻放入标准大气压下的冰水混合物中时，通电5分钟R0产生的热量：Q0=W0=U0I0t=2V×115A×5×60s=40J；
(3)根据电压表量程可知，电压表的最大示数为3V，
根据串联电路的电压特点可知，R1两端的最小电压：U1小=U-U0大=6V-3V=3V，
则此时电路中的电流：I=U0大R0=3V30Ω=0.1A，
由I=UR可知，热敏电阻R1的阻值：R1小'=U1小I=3V0.1A=30Ω，
由图乙可知，当热敏电阻R1的最小阻值为30Ω，电子温度计所测的最高温度为30℃；
(4)由图乙可知，温度越高，热敏电阻R1阻值越小，根据串联分压的特点可知，R1分得的电压越小，电压表的示数越大，
要增大电子温度计的测温范围，而不改变电压表的条件下，可适当减小定值电阻的阻值，或减小电源电压。
答：(1)电阻R0的阻值为30Ω；
(2)将热敏电阻放入标准大气压下的冰水混合物中时，通电5分钟R0产生的热量为40J；
(3)在电路正常工作时，此电子温度计能测量的最高温度为30℃；
(4)适当减小定值电阻R0的阻值。 
【解析】(1)由图甲可知，R0、R1串联，电压表测量R0两端的电压；标准大气压下的冰水混合物的温度为0℃，由图乙可知，当温度为0℃时R1的阻值；根据串联电路的电压通电求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值；
(2)根据Q=W=UIt求出将热敏电阻放入标准大气压下的冰水混合物中时，通电5分钟R0产生的热量；
(3)根据电压表量程可知，电压表的最大示数为3V，根据串联电路的电压通电可知R1两端的最小电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据图乙可知温度计能串联的最高温度；
(4)由图乙可知，温度越高，热敏电阻R1阻值越小，根据串联分压的特点可知，R1分得的电压越小，电压表的示数越大，据此得出不改变电压表的条件下增大电子温度计测温范围的方法。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。