2023年山东省济宁市邹城四中中考物理三模试卷（含解析）

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2023年山东省济宁市邹城四中中考物理三模试卷
1. 下列关于仪器的操作和读数正确的是(    )
A. 电流表的示数是1.6A
B. 温度计的计数是8℃
C. 测量物体长度时刻度尺的使用
D. 弹簧测力计读数是2.4N
2. 央视《国家宝藏》节目中的贾湖骨笛是以鹤类鸟的翅膀骨头制成的，它是世界上最早的可吹奏的乐器(如图所示)，比古埃及出现的笛子要早2000年。关于骨笛的说法正确的是(    )



A. 笛声在空气中传播的速度越来越慢 B. 吹奏的笛声是由笛子振动发出的
C. 吹奏的笛声一定属于噪声 D. 按住不同的笛孔发出声音的音调会改变
3. 影是我们日常生活中常见的光现象。如光学游戏形成的“手影”；剧院放出“电影”；湖岸在水中“倒影”；春游时留下美好记忆的照片“摄影”。下列列出“影”与物理知识对应关系不正确的是(    )
A. 手影--光的直线传播 B. 摄影--光的反射
C. 电影--凸透镜成像 D. 倒影--平面镜成像
4. 如图所示的四个力学实验的描述中不正确的是(    )


A. 图甲通过探究阻力对物体运动的影响，进一步推理概括得出牛顿第一定律
B. 图乙表明压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关
C. 图丙探究的是物体动能的大小与高度的关系
D. 图丁弹簧测力计匀速拉动木块做直线运动时，砝码和木块之间没有摩擦力
5. 下列优美的诗词中，加点字涉及的物态变化属于凝固的是(    )
A. 天接云涛连晓雾 B. 瀚海阑干百丈冰 C. 霜重鼓寒声不起 D. 露湿丛兰月满庭
6. 2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球(    )


A. 在B点时受力平衡
B. 在A、D两点动能可能相等
C. 在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D. 在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
7. 水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体物块M、N(都不溶于水)分别放入两个烧杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。则下列相关说法不正确的是(    )
A. 甲液体的密度大于乙液体的密度
B. 物块M受到的浮力小于物块N受到的浮力
C. 物块M的密度大于物块N的密度
D. 甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强
8. 如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，如表对应为物理规律的应用实例，其中对应关系正确的是(    )




①电流的磁效应
②导体电阻与长度的关系
③电荷间的相互作用
④磁极间相互作用




A.简易“电动机”
B.滑动变阻器
C.磁悬浮列车
D.验电器

A. A B. B C. C D. D
9. 如图所示电路，R1=10Ω闭合开关后，滑动变阻器R2的滑片在某两点间移动时接入电阻减小5Ω，电流表的示数增大0.4A，则电压表的示数变化为(    )


A. 增大2V B. 减小2V C. 增大4V D. 减小4V
10. 如图所示是“探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置．两个透明容器中密封着等量的空气，下列说法错误的是(    )

A. 本实验利用了转换法将电流通过电阻产生热量的多少转换成U形管液面高度差的变化
B. 利用任意一个容器中的电阻都可以探究电流通过电阻产生的热量与时间的关系
C. 图甲中，通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是1：2
D. 图乙所示装置中，通电一段时间后两容器内电阻产生的热量之比为2：1
11. 在“探究凸透镜成像规律”实验中，所选凸透镜的焦距为10.0cm。当点燃的蜡烛、凸透镜和光屏处在图中所示位置时，光屏上呈现了烛焰清晰的像，像的性质是倒立的        (选填“放大”或“缩小”)的实像，若将蜡烛和光屏对调，光屏上        (选填“能”或“不能”)呈现烛焰清晰的像。


12. 在测量液体密度的实验中，小华同学测得液体和烧杯的总质量与液体体积的关系如图所示，则液体的密度为______kg/m3，空烧杯的质量是______g。

13. 汽油机是热机的一种，如图甲所示是一台单缸四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此冲程的能量转化情况与______ (选填“乙”或“丙”)图相同，如果此汽油机每秒内对外做功20次，飞轮的转速为______ r/min。

14. 如图是悬浮式无线蓝牙音箱，可由蓝牙通过______(选填“超声波”或“电磁波”)实现与手机数据的无线传输。该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，这是根据同名磁极相互______的原理实现的。


15. 如图，在进户线的干路上串联一只标有“220V 40W”的校验灯L2，若闭合开关S1时发现L1不亮，L2正常发光，说明L1所在支路______ (有/没有)短路情况，若此时用测电笔接触B点，氖管______ (会/不会)发光。


16. 如图所示是灯泡L1、L2在不同电压下与所通过的电流的关系曲线。若将L1、L2串联在电源电压为6V的电路中，则通过灯L1的电流是______A，灯L2消耗的功率是______W。


17. 小静在玩耍时透过爷爷的老花眼镜看到了小玩偶的像，请你在图中作光路图确定玩偶S点所成像S′的位置。图中O为老花镜的光心，F为其焦点。


18. 如图条形磁铁静止在水平桌面上，通电螺线管左端为N极，靠近条形磁铁放置。请根据图中所示情况：
(1)将电源“+”“−”极填入括号中；
(2)画出条形磁铁所受摩擦力的示意图。

19. 结合图中的实验情景，按要求回答下列问题：

(1)图①研究的是滑动摩擦力的大小与______ 的关系。
(2)图②装置可验证______ 。
(3)图③中动圈式话筒的工作原理是______ 。
(4)图④装置在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中还需要借助一只小磁针，目的是______ 。
20. 建筑工地上矗立的塔吊，是用电动机来带动滑轮组提升重物的设备。如何提高滑轮组机械效率，节约电能呢？为此同学们进行了“影响滑轮组机械效率因素”的实验探究，用到的装置如图，实验数据记录如表所示：
(1)实验中应沿竖直方向______ 拉动弹簧测力计。
(2)分析表中数据可知：第4次实验是用______ 图所示装置来完成的。
(3)通过比较1与______ (填实验次数的序号)两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高。
实验
次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
1.2
0.3
55.6%
2
2
0.2
1.2
0.6
55.6%
3
4
0.1
1.9
0.3
70.2%
4
4
0.1
1.3
0.5
61.5%
(4)通过比较______ (填实验次数的序号)两次实验数据可得出：不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越
重，机械效率越低。
(5)为提高滑轮组机械效率节约电能，根据以上结论和生活经验，你认为以下措施不可行的是______ 。
A.减轻动滑轮重
B.增加所提物体重
C.给机械加润滑油
D.增加重物上升高度
21. 某同学要测量一个额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，电路图如图甲所示，使用的电源电压约为6V，滑动变阻器的规格是“5Ω 2A”。

(1)该同学将滑片移至正确位置后，闭合开关，观察到电压表的示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定电功率，应该断开开关，更换最大阻值______的滑动变阻器。(选填“更大”或“更小”)
(2)调整装置后进行实验，实验时某次电压表的示数为2.0V，对应电流表示数如图丙所示，要想测出小灯泡的额定电功率，接下来的操作是：______。
(3)若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏______(选项“大”或“小”)，原因是______(填字母)。
A.电流表测量值偏大
B.电压表测量值偏大
C.电流表和电压表测量值都偏大
22. 某型号汽车在车型测试中，在一段平直的公路上以72km/h的速度匀速行驶了10km，消耗汽油2kg。已知该汽车发动机的有用功率为60kW，汽油的热值q=5×107J/kg。假设汽油完全燃烧，求：
(1)该型号汽车在以此过程中做的有用功是多少？
(2)该型号汽车发动机的效率是多少？
23. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变。小灯泡L标有“2.5V0.25A”字样，滑动变阻器R1的最大值为30Ω，定值电阻R2=30Ω，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V.求：
(1)小灯泡的额定功率是多少？
(2)只闭合S、S2和S3，将变阻器R1的滑片P调到中点时，电流表示数为0.45A，则电源电压是多少？
(3)只闭合开关S、S1，移动变阻器的滑片P，小灯泡L的I−U图象如图乙所示。在保证各元件安全的情况下，滑动变阻器R1允许的取值范围是多少？


答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：A、由图可知，电流表使用小量程，示数为0.32A，故A错误；
B、由图可知，温度计的分度值为1℃，示数是0℃以上，读数为3℃，故B错误；
C、使用时刻度尺要与被测部分对齐，不要歪斜，故C错误；
D、由图可知，弹簧测力计的发地址为0.2N，读数是2.4N，故D正确。
故选：D。
(1)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数；
(2)使用温度计读数时，要先确定量程和分度值，再根据液柱的液面位置读数，注意区分温度是零上还是零下；
(3)根据刻度尺使用规则分析；
(4)根据弹簧测力计的分度值读数。
本题考查了电流表、温度计、刻度尺、弹簧测力计的使用，属于基本技能的考查。

2.【答案】D 
【解析】解：A、笛声在空气中传播的速度不变，故A错误；
B、吹奏的笛声是由空气柱振动发出的，故B错误；
C、吹奏的笛声在不影响人们正常的生活、休息、和学习时时乐音，故C错误；
D、按住不同的笛孔发出声音的音调会改变，故D正确。
故选：D。
(1)温度相同时，声音在同种均匀介质中传播速度不变；
(2)一切正在发声的物体都在振动；振动停止，发声也停止；
(3)从物理学角度看，杂乱、振动无规律的声音都是噪声；从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息、和学习的声音都是噪声；
(4)音调：声音的高低，由发声体的振动频率决定。
本题考查了是声学的一道综合题，难度不大。

3.【答案】B 
【解析】解：A、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，说法正确，但不符合题意；
B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像，是光的折射形成的，说法错误，符合题意。
C、电影是利用凸透镜成倒立、放大、实像，说法正确，但不符合题意；
D、倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，平面镜成的像与物关于水面对称，光的反射形成的，说法正确，但不符合题意；
故选：B。
各种影的形成都与光的传播有关，本题要把手影、倒影、电影、摄影道理弄清，知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。
影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，此题是一道光学的综合题，也是物理中考的一个热点知识。

4.【答案】C 
【解析】A、图甲通过探究阻力对物体运动的影响，根据小车受到的阻力越小，速度减小越慢，进一步推理概括得出牛顿第一定律，故A正确；
B、根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法。根据左图和中间的图可得出压力作用效果与压力大小的关系；根据右图和中间的图可得出压力作用效果与受力面积的关系；图乙表明压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，故B正确；
C、图丙中小球的质量相同，小球从斜面自由下滑的高度不同，故下滑到水平面的速度不同，探究的是物体动能的大小与速度的关系，故C错误；
D、图丁弹簧测力计匀速拉动木块做直线运动时，砝码相对木块没有相对运动的趋势，故砝码和木块之间没有摩擦力，故D正确。
故选C。
A、在实验的基础上推理、概括得出牛顿第一定律；
B、根据转换法和控制变量法分析；
C、物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
D滑动摩擦力产生的条件：两接触面粗糙，且相互挤压，有相对运动的趋势或相对运动。
本题考查对初中物理中四个实验操作过程的理解，难度不大。

5.【答案】B 
【解析】解：A、雾是水蒸气从气态变为液态是液化过程，液化放热，故A错误；
B、冰是由水变成冰的过程，是凝固现象，故B正确；
C、霜是水蒸气遇冷变成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，故C错误；
D、露是水蒸气遇冷变成小水珠，是液化过程，液化放热，故D错误。
故选：B。
物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。

6.【答案】B 
【解析】解：A、在B点时，小球受到竖直向下的重力、空气的阻力的共同作用，小球有斜向下运动的趋势，所以受力不平衡，故A错误；
B、图中小球的高度越来越小，说明有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能；机械能等于动能与势能之和；D点比A点低，所以D点的重力势能小于A点的重力势能，则其动能有可能与A点的动能相等，故B正确；
C、在运动过程中，足球克服空气阻力做功，机械能转化为内能，机械能变小；足球运动过程中，向下运动时，重力势能转化为动能，向上运动时，动能转化为重力势能，存在动能和势能的相互转化，还存在机械能与内能的转化，故C错误；
D、在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不再改变，而是保持力消失一瞬间的速度，做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
图中小球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判断动能和势能的变化。
本题中，首先确定机械能是减小的，再根据机械能包括动能和势能，并根据它们的不同影响因素做出分析与判断。

7.【答案】B 
【解析】解：ABD、物块M在甲中漂浮，则F浮M=GM，物块N在乙中悬浮，则F浮N=GN，而两物块质量相等，则GM=GN，故M受到的浮力等于N受到的浮力；故B错误；
由图知，M排开液体的体积小于N排开液体的体积，又知M受到的浮力等于N受到的浮力，根据F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙，故A正确；
两液面等高，根据p=ρ液gh可知，甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强，故D正确；
C、由图知，M的体积小于N的体积，两物块质量相等，根据ρ=mV可知，M的密度大于N的密度，故C正确。
故选：B。
(1)根据物体浮沉条件比较两物块所受浮力关系；根据阿基米德原理比较两种液体的密度关系；根据液体压强公式比较杯底受到的压强关系；
(2)根据密度公式比较两物块的密度关系。
此题考查物体浮沉条件、密度、液体压强公式的应用以及阿基米德原理等知识点，是一道综合性很强的题目，此题难度适中，适合学生训练，属于中档题。

8.【答案】B 
【解析】解：
A、①通电导体的周围存在磁场，即电流的磁效应；电动机主要是利用磁场对电流受力的作用使电动机转动；对应关系不正确，故A错误；
B、②图通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流，这也是滑动变阻器的变阻原理，对应关系正确，故B正确；
C、③图说明同种电荷相互排斥，磁悬浮列车是依据磁极间的相互作用来实现悬浮的，对应关系不正确，故C错误；
D、④图说明同名磁极相互排斥，验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，对应关系不正确，故D错误。
故选：B。
(1)通电导体的周围存在磁场，即电流的磁效应，电磁铁、电磁继电器等都是利用电流的磁效应制成的；
(2)滑动变阻器通过改变连入电路的电阻丝的长度改变连入电路的电阻，进而改变电路中的电流；
(3)磁悬浮列车是依据磁极间的相互作用来实现悬浮的；
(4)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识，题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。

9.【答案】D 
【解析】解：R1和R2串联在电路中，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，
根据题意可知，滑动变阻器R2的滑片在某两点间移动时接入电阻减小5Ω，电流表的示数增大△I=0.4A，
根据欧姆定律可知，定值电阻两端电压的增大值U增大=△IR1=0.4A×10Ω=4V，
因为R1和R2串联在电路中，两者分担电源电压，定制电阻两端的电压增大4V，则滑动变阻器两端的电压就会减小4V，即电压表示数减小4V，故D正确。
故选：D。
R1和R2串联在电路中，两者分担电源电压，根据欧姆定律可以计算出定值电阻R1两端电压的增大值，也就是滑动变阻器R2两端的电压减小值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是两电阻串联分压规律的应用以及利用好电源的电压不变这一条件。

10.【答案】D 
【解析】解：A、电流通过导体产生的热量无法直接观察，通过观察U形管液面的高度差比较电流产生热量的多少，采用转换法，故A正确；
B、电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，根据控制变量法可知探究电流通过电阻产生的热量与时间的关系，需控制通电时间不同而其它条件相同，所以利用任意一个容器中的电阻都可以探究电流通过电阻产生的热量与时间的关系，故B正确；
C、图甲中两电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，由图可知右侧电阻的阻值是左侧电阻的阻值的2倍，根据焦耳定律Q=I2Rt可知通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是1：2，故C正确；
D、图乙中右侧两电阻并联后与左侧电阻串联接入电路，由图可知三个电阻的阻值相等，
并联电路各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可知通过两并联电阻的电流相等，
串联电路各处电流相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过左侧电阻的电流是通过右侧电阻电流的2倍，根据焦耳定律Q=I2Rt可知通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是4：1，故D错误。
故选：D。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
(2)电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，根据焦耳定律Q=I2Rt可知需控制通电时间不同而其它条件相同；
(3)由串联电路电流特点和Q=I2Rt计算甲图中两电阻产生的热量之比；
(4)根据串联电路电流特点、并联电路电流特点、欧姆定律计算通过两电阻的电流之比，根据焦耳定律计算乙图中通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解以及焦耳定律公式的应用，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。

11.【答案】放大  能 
【解析】解：如图所示，此时物距为15.0cm，即物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，凸透镜成倒立放大的实像，应用这一原理可制成投影仪。
若将蜡烛和光屏对调，利用光路的可逆性可知，成倒立、缩小的实像，光屏上能呈现烛焰清晰的像。
故答案为：放大；能。
物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距，其应用是投影仪或幻灯机；利用光路的可逆性分析解答。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

12.【答案】0.9×103  150 
【解析】解：
设空烧杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，由ρ=mV可得变形式m=ρV，
读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=m1+m杯=168g
可得：ρ×20cm3+m杯=168g，---①
当液体体积为V2=120cm3时，液体和杯的总质量m总2=m2+m杯=258g
可得：ρ×120cm3+m杯=258g，---②
①−②得液体的密度：
ρ=0.9g/cm3=0.9×103kg/m3。
代入①得：
m杯=150g。
故答案为：0.9×103；150。
空烧杯的质量为m杯，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量m总1=168g；
当液体体积为V1=120cm3时，液体和杯的总质量m总2=258g，列方程组求出液体密度和空烧杯质量。
读取图象获取信息，进一步进行分析和计算，是本题的一大特点，形式较为新颖，即考查了密度的相关计算，同时更考查了对图象的认识，值得我们关注，这也是我们应该锻炼的实验能力。

13.【答案】乙  2400 
【解析】解：(1)如图甲为汽油机的做功冲程，内能转化为机械能，图乙中，试管中的水蒸气对塞子做功，将内能转化为机械能，
图丙中，向下压活塞，对筒内气体做功，机械能转化为内能，故图甲中的能量转化情况与图乙相同。
(2)如果此汽油机每秒内对外做功20次，则每秒完成20个工作循环，飞轮每秒转40圈，所以，飞轮的转速为2400r/min。
故答案为：乙；2400。
(1)如图甲为汽油机的做功冲程，内能转化为机械能，图乙中，试管中的水蒸气对塞子做功，将内能转化为机械能，
图丙中，向下压活塞，对筒内气体做功，机械能转化为内能，据此分析。
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案；
本题主要考查了改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理，属于对基础知识的考查。

14.【答案】电磁波  排斥 
【解析】解：悬浮式无线蓝牙音箱，可由蓝牙通过电磁波实现与手机数据的无线传输。该产品底座里有一个电磁铁，可使箱体悬在空中，说明电磁铁与箱体相互排斥，应为同名磁极。
故答案为：电磁波；排斥。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，电磁波的传播不需要介质；
(2)磁极间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。
本题考查的是电磁波的应用和磁极间的相互作用规律，难度不大，属于基础考查。

15.【答案】有  不会 
【解析】解：由图知，两灯串联，闭合开关S1时发现L1不亮，L2正常发光，这说明电路是通路，灯泡L2两端的电压为220V，灯泡L1两端的电压为0V，所以故障是L1短路；
若此时用测电笔接触B点，由于与零线相通，则氖管不发光。
故答案为：有；不会。
首先判定电路的连接方式，根据灯泡L2的发光情况判定电路的故障；当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
此题主要考查学生对于家庭电路连接规则、电路故障、试电笔的使用，属于中考必考点。

16.【答案】0.4  0.8 
【解析】解：将L1、L2串联在电源电压为6V的电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由图象可知，当电路中的电流I=0.4A，U1=4V，U2=2V时符合，
灯L2消耗的功率：
P2=U2I=2V×0.4A=0.8W。
故答案为：0.4；0.8。
两灯泡串联时通过它们的电流相等，两灯泡两端的电压之和等于电源的电压，从图象中得出满足条件的电流和电压，根据P=UI求出灯L2消耗的功率。
本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据图象读出符合题意的电流和电压值。

17.【答案】解：
由玩偶点S反射的光线，其中通过光心的光线经凸透镜传播方向不变，平行于凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，这两条光线的反向延长线的交点为S的像点S′，如图所示：
 
【解析】由玩偶点S反射的光线(通过光心、平行于主光轴)经凸透镜折射后的两条出射光线它们看上去是由像点发出来的，所以两条出射光线的反向延长线的交点就是像点S′的所在位置。
本题考查了凸透镜成像的作图方法，利用好凸透镜的三条特殊光线是关键。

18.【答案】解：(1)根据安培定则，可以判断电磁铁能看得到的电流向上流，所以电源右边为电源“+”极，左边为“−”极；
(2)电磁铁的磁场和条形磁铁的磁场类似，在电磁铁外部，磁感线从N极到S极；
(3)根据磁极间的相互作用，电磁铁排斥条形磁铁，条形磁体相对桌面有向左相对运动的趋势，所以条形磁铁的摩擦力向右。
(1)(2)(3)如图：
 
【解析】(1)安培定则：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流方向，则拇指所指的那端就是螺线管的N极；
(2)电磁铁的磁场和条形磁铁的磁场类似；
(3)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
本题综合考查了安培定则、条形磁场的磁感线方向、磁极间的相互作用，需要注意基础知识的掌握。

19.【答案】接触面的粗糙程度  分子在不停地做无规则运动  电磁感应  显示磁场的方向 
【解析】解：(1)实验中，压力相同，毛巾和木板的粗糙程度不同，所以是研究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系的；
(2)二氧化氮的密度大于空气的密度，如果把二氧化氮气体放到上方的话，由于自身密度大的缘故，二氧化氮分子也会下沉到下方的空气瓶子中去，就不能说明分子在不停地做无规则运动，因此要把密度小的空气瓶子放到上方，把二氧化氮放在下方。而且温度越高，分子运动越剧烈。
(3)动圈式话筒的工作原理是：电磁感应；
(4)中探究通电螺线管外部磁场方向的实验中还需要借助一只小磁针，目的是显示磁场的方向。
故答案为：(1)接触面的粗糙程度；(2)分子在不停地做无规则运动；(3)电磁感应；(4)显示磁场的方向。
(1)滑动摩擦的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，由图示根据控制变量法分析解答；
(2)扩散现象，是指分子在永不停息地做无规则运动，通过两只瓶内的气体颜色变化，来反映二氧化氮气体分子在做无规则运动；由于空气的密度小于二氧化氮气体，所以一般情况下空气处于二氧化氮气体的上方；
(3)动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用。
(4)小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同。
本实验考查的知识较多，既有转换法的运用，也有控制变量法的研究，是物理学中较典型的实验之一，是我们应该掌握的。

20.【答案】匀速  丙  3  3、4  D 
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时装置处于平衡状态，测力计的示数等于拉力大小；
(2)分析表中数据，根据s=nh，第4次实验绳子的有效段数：
n=sh=0.5m0.1m=5；
是用丙图所示装置来完成的。
(3)根据s=nh可知，第1、3次实验绳子的有效段数均为3，结合钩码的重力，故1和3分别是用甲、乙装置完成的，通过比较1与3两次实验数据可得出：同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组机械效率越高。
(4)第3次实验是用乙图所示装置来完成的，要克服1个动滑轮做额外功；第4次实验要克服两个动滑轮做额外功，通过比较3、4两次实验数据可得出：不同滑轮组提升相同重物，动滑轮越重，机械效率越低；
(5)A、减轻动滑轮的重会导致额外功减小，有用功不变，总功减小，故减轻动滑轮的重可以提高机械效率；
B、增加所提物体重时，有用功增大，额外功不变，这样也可以提高机械效率；
C、机械添加润滑油可以减小克服摩擦力所做的额外功，同样也可以提高机械效率；
D、根据η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GnF×100%，故提升物体上升的高度对于机械效率没有影响。
故选：D。
故答案为：(1)匀速；(2)丙；(3)3；(4)3、4；(5)D。
(1)实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计；
(2)分析表中数据，根据s=nh得出第4次实验绳子的有效段数，确定完成实验所用的装置；
(3)根据s=nh可知，第1、3次实验绳子的有效段数，结合钩码的重力，确定完成实验所用的装置；比较1与3两次实验数据得出结论；
(4)比较第3、4次实验克服动滑轮的重力做的额外功，结合3、4两次实验数据得出结论；
(5)根据影响滑轮组效率高低的因素分析答题。
本题探究“影响滑轮组机械效率因素”的实验，考查注意事项、数据分析和归纳结论的能力。

21.【答案】更大  向左移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V，记下电流表示数  大  A 
【解析】解：(1)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.9V，小灯泡的额定电压为2.5V，为了测出小灯泡的额定电功率，应调节滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压变小，让滑动变阻器两端的电压变大，根据串联分压特点可知，应该断开开关，更换最大阻值更大的滑动变阻器；
(2)调整装置后进行实验，实验时某次电压表的示数为2.0V，小于小灯泡的额定电压2.5V，应调节滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，应让滑动变阻器接入电路的阻值变小，故要想测出小灯泡的额定电功率，接下来的操作是：断开开关，向左调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，记下电流表示数；
(3)若考虑电表的电阻对测量的影响，电流表所测的电流大于通过灯泡的电流，灯泡两端的电压不变，根据P=UI可知，电功率的测量结果与真实值相比偏大，故选A。
故答案为：
(1)更大；
(2)移向左动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V，记下电流表示数；
(3)偏大；A；
(1)电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.9V，小灯泡的额定电压为2.5V，为了测出小灯泡的额定电功率，应调节滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压变小，让滑动变阻器两端的电压变大，据此分析；
(2)调整装置后进行实验，实验时某次电压表的示数为2.0V，小于小灯泡的额定电压2.5V，应调节滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，应让滑动变阻器接入电路的阻值变小，据此分析；
(3)若考虑电表的电阻对测量的影响，电流表所测的电流大于通过灯泡的电流，灯泡两端的电压不变，根据P=UI可知，电功率的测量结果与真实值相比的变化情况。
本题为测量小灯泡的额定功率的实验，考查滑动变阻器的使用、实验评估等知识。

22.【答案】解：(1)由v=st可知，汽油行驶的时间：t=sv=10km72km/h=536h=500s，
由P=Wt可知，汽车做的有用功：W=Pt=60×1000W×500s=3×107J；
(2)汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=2kg×5×107J/kg=1×108J；
该型号汽车发动机的效率：η=WQ放×100%=3×107J1×108J×100%=30%。
答：(1)该型号汽车在以此过程中做的有用功是3×107J；
(3)该型号汽车发动机的效率是30%。 
【解析】(1)利用速度公式求出汽车行驶时间，利用P=Wt的变形公式求出汽车做的有用功；
(2)利用Q放=mq求出汽油完全燃烧放出的热量；利用效率公式求出汽车发动机的效率。
本题是关于热机效率的计算，主要考查燃料完全燃烧放热公式、速度公式、功的公式以及效率公式的应用，是一道力热综合题，难度不大。

23.【答案】解：(1)小灯泡的额定功率是：
PL=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(2)只闭合开关S、S2和S3，分析电路的连接，L短路，电阻12R1与R2并联，
并联的总电阻，R并=12R1×R212R1+R2=12×30Ω×30Ω12×30Ω+30Ω=10Ω，
由I=UR可得电源电压：U=IR并=0.45A×10Ω=4.5V；
(3)只闭合开关S、S1，灯泡L与R1串联，R2不接入电路，移动变阻器的滑片P，向左移动时，R1变大，电压表的示数也变大，当电压表示数为3V时，R1最大，则R1的电压U1大=3V，此时小灯泡两端的电压为：UL′=U−U1大=4.5V−3V=1.5V，
由图乙可知电路中最小电流：I最小=0.2A，
所以R1连入电路的电阻：R1=U1大I最小=3V0.2A=15Ω，
当滑片向右移动时，R1变小，电流表的示数变大，UL也变大，由图象可知电路中的最大电流：
I最大=0.25A