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2023年黑龙江省佳木斯中考物理二模试卷
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这是一份2023年黑龙江省佳木斯中考物理二模试卷，共30页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，简答题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年黑龙江省佳木斯中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列估测中，与实际偏差较大的是( )
A. 人体正常温度约为36.5℃ B. 将两个鸡蛋举高1m，做功1J
C. 500W家用电熨斗工作电流约为2.3A D. 自行车正常行驶的速度约为30m/s
2. 雷雨天，电闪雷鸣。下列关于其中物理知识的说法中正确的是( )
A. 捂住耳朵，听到雷声变小，这是在传播过程中减弱噪声
B. 我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的响度不同
C. 我们先看见闪电，后听到雷声，这表明在空气中光比声音传播得快
D. 我们听到的雷声是次声波，频率小于20Hz
3. 寒冷的冬天，窗玻璃上会起“雾”或结“冰花”，下列关于此现象的说法正确的是( )
A. 窗玻璃上的“雾”是水蒸气凝华形成的
B. 窗玻璃上的“冰花”是水蒸气升华形成的
C. “雾”出现在窗玻璃的外表面
D. “冰花”结在窗玻璃的内表面
4. 如图甲所示为星期天下午小丽同学去配眼镜时检查视力的情景。配镜员让小丽坐在平面镜前方来识别对面墙上镜子里视力表的像。根据图中信息判断下面的说法正确的是( )
A. 视力表在平面镜中的像与小丽相距5.4m
B. 如果小丽以1m/s的速度靠近平面镜，则镜中的像以1m/s的速度靠近她
C. 如果小丽靠近平面镜，则她在平面镜中的像变大
D. 如图乙所示是小丽从平面镜中观察到的后面墙上时钟的像，则当时的时间是16：35
5. 如图所示是海波熔化时温度随时间变化的图象。由此可判断( )
A. 海波是非晶体 B. 海波的熔化时间是5min
C. 海波的熔点是50℃ D. 海波在熔化过程中吸收热量，温度升高
6. 如图所示是一种“吸盘式”挂衣钩，将它紧压在平整、光洁的竖直玻璃上，可挂衣帽等物品，它的主要部件是一个“橡皮碗”。下面有关说法不正确的是( )
A. 被玻璃“吸”住后，“橡皮碗”内的气压小于大气压
B. “橡皮碗”内挤出的空气越少，吸盘贴在玻璃上就越紧
C. 在3楼和30楼，把同一“吸盘式”挂衣钩，同样紧压在相同平整、光洁的竖直玻璃上，在3楼挂的衣服重力可以更大一些
D. “橡皮碗”不能紧贴在粗糙的水泥墙壁上，因为粗糙的水泥墙壁与吸盘之间有缝隙、会漏气
7. 我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力。关于此人造卫星的运行下列说法正确的是( )
A. 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大
B. 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小
C. 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大
D. 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小
8. 建筑工人用如图所示的滑轮组(不计滑轮自重)，在4s内将重为1500N的物体沿水平方向匀速移动2m的过程中，所用的拉力大小为375N，物体受到水平地面的摩擦力为物重的0.4倍。在此过程中下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端沿水平方向移动了6 m B. 物体受到的拉力为750N
C. 拉力F的功率为750W D. 滑轮组的机械效率为80%
9. 如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列判断正确的是( )
A. 电压表的示数不变，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
B. 电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，A2的示数变大
C. 电压表的示数与电流表A1示数的比值变大，A2的示数变小
D. 电压表的示数与电流表A1示数的比值不变，A2的示数变小
10. 如图所示的电路中，电源电压恒为4.5V，L1、L2是小灯泡。闭合开关S，电压表的示数为2V，忽略温度对灯丝电阻的影响，则此时( )
A. L2两端的电压为2V
B. L1两端的电压为4.5V
C. L1与L2的灯丝电阻之比为4：5
D. 通过L1与L2的电流之比为5：4
11. 关于安全用电，下列做法中正确的是( )
A. 在电线上晾衣服
B. 同时使用多个大功率用电器
C. 电冰箱的外壳接地
D. 电线绝缘皮破损仍继续使用
12. 如图所示，下列说法错误的是( )
A. 甲图可以说明磁场对通电线圈有力的作用，利用其原理制成了电动机
B. 乙图中的实验可以证明“磁能生电”，将电能转化为机械能
C. 丙图中的实验可以证明电流周围存在磁场
D. 丁图中闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，可以改变电磁铁磁性的强弱
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
13. 下列说法正确的是( )
A. 物体吸收热量，温度可能保持不变 B. 有的物体有内能，有的物体没有内能
C. 物体的温度升高，内能一定增加 D. 物体运动越快，内能越大
14. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FMρ乙
C. 两种液体对容器底部的压强p甲F乙
15. 如图所示，电源电压恒为6V，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样，电压表接入电路的量程为0～3V，电流表接入电路的量程为0～0.6A。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动过程中，在保证电压表和电流表安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 电压表的示数变化范围为1～3V
B. 电流表的示数变化范围为0.2～0.3A
C. 滑动变阻器R2两端的电压由4V减小到0V
D. 电阻R1消耗的功率的变化范围为0.4～0.9W
三、填空题（本大题共12小题，共24.0分）
16. 2021年6月17日，神舟十二号载人飞船成功发射，并与我国空间站天和核心舱成功交会对接。航天员进驻空间站后通过______与地面指挥中心传递信息。空间站可以利用太阳能电池板获得能量，太阳能是太阳内部的氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出的核能。
17. 在疫情期间，防疫人员将消毒液喷洒在楼道、走廊里进行消毒。我们能闻到消毒液的气味，这是______ 现象；防疫人员用喷壶喷洒消毒液时，利用了流体流速越大压强______ 的原理。
18. 如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为______度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了______(选填“漫”或者“镜面”)反射。
19. “足球进校园”推进了我市校园足球的发展，运动员将静止的足球斜向上踢飞，足球在空中飞行到最高点时受______(填“平衡力”或“非平衡力”)；足球落地后会继续向前滚动，是因为______。
20. 小明在校春季运动会百米决赛比赛中，奋力拼搏，勇夺冠军。如果小明前半程的平均速度是6.25m/s，后半程用时6s，那么小明百米的平均速度是______ m/s(结果保留两位小数)；同学们在观看比赛过程中，都为小明呐喊加油，看到小明越跑越快，同学们选择的参照物是______ 。
21. 一台单缸四冲程汽油机飞轮的转速为3600r/min，在1s内汽油机对外做功______ 次。在汽油机的压缩冲程中，是通过______ 方式增加燃料混合物的内能。
22. 一个杯里装有200mL牛奶，其中牛奶的质量是210g，那么牛奶的密度是______g/cm3；小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
23. 我们在考试时用到的2B铅笔中的笔芯是______ (填“导体”或“绝缘体”)；在干燥的天气里，脱毛衣时会听到“噼啪”声，这是______ 现象。
24. 如图甲所示是生活中常用的夹子，此时手对夹子施加的力为F1，夹子上的钢丝对夹子的作用力为F2，则F1 ______ F2(填“>”“=”或“<”)；若用该夹子夹住物体时(如图乙所示)，夹子是______ (填“省力”“费力”或“等臂”)杠杆。
25. 在家庭电路中，电视机、电冰箱、洗衣机等家用电器之间是______ 联的。同时使用的用电器越多，电路的总电阻越______ 。
26. 某电吹风机工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则这段时间该电吹风机消耗的电能为______ kW⋅h，电吹风机的电功率为______ W。
27. 探究“通过电阻的电流与电阻的大小关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值不变。现采用如图所示电路进行探究实验，实验器材：学生电源(6V)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电流表、电压表、开关、三个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω)及导线若干。要获得3组实验数据，电压预设的最小值为______ V；电压预设值越大，所需滑动变阻器的最大阻值越______ (填“大”或“小”)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）
28. 小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验。
(1)为准确测量该凸透镜焦距，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该凸透镜的焦距f= ______ cm。
(2)小明将各器材放在如图乙所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像(未画出)。此时的成像原理与______ (填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)的原理相同。
(3)图乙中若将蜡烛向左移动一小段距离，此时光屏上的像变模糊，在蜡烛和凸透镜之间放置一个合适的透镜后光屏上的像又变清晰，______ (填“近视眼”或“远视眼”)的矫正原理与此相同。
(4)如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成实像时的像距v和物距u的关系图象，当u>2f时，物体移动速度______ (填“大于”“小于”或“等于”)像移动的速度。
(5)当光屏上出现烛焰清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的下半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到______ 。(填字母)
A.烛焰像的下半部分，像的亮度不变
B.烛焰像的上半部分，像的亮度变暗
C.烛焰完整的像，像的亮度变暗
D.烛焰完整的像，像的亮度不变
29. 小聪用如图甲所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平面上做匀速直线运动，记录的部分实验数据如下表：
序号
接触面情况
接触面所受压力F压/N
弹簧测力计示数F拉/N
1
木板
4
1.2
2
木板
6
1.8
3
木板
8
2.4
4
棉布
6
2.4
5
毛巾
6
2.8
(1)在实验操作中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平面上做匀速直线运动，这样做的目的是______ 。
(2)分析表中序号为1、2、3的三组实验数据可得：滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式是______ 。
(3)通过分析序号为______ 的三组实验数据可得：滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
(4)某次实验中拉动木块由静止到匀速直线运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F拉随时间t的变化关系图象如图乙所示，其中0～3s内木块处于静止状态。分析图象可知：要使木块由静止开始运动，至少要用______ N的水平拉力拉木块；如果实验时木块受到的拉力是1.8N，下列对木块所处状态的判断，正确的是______ (填字母)。
A.始终静止
B.始终做匀速直线运动
C.静止或匀速直线运动
D.条件不足，无法判断
(5)实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是______ 。(写出一条即可)
(6)从本实验的器材中选择水平木板、棉布和______ ，并添加斜面和小车，还可以做“探究阻力对物体运动的影响”的实验。
30. 小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压是6V，小灯泡的额定电压是3.8V，电阻约为8Ω。
(1)请你用笔画线代替导线帮小明将图甲中的实物图连接完整。
(2)正确连接电路后闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于______ (填“A”或“B”)端。
(3)小明同学调节滑动变阻器，进行了几次实验，得到电压表和电流表示数的部分数据如下表所示：
实验次数
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
3.0
3.8
4.2
I/A
0.20
0.38
0.47
0.51
灯泡亮度
不亮
很暗
偏暗
正常
很亮
小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小明同学在对数据进行分析时发现：小灯泡灯丝电阻随电压的增大而______ (填“增大”“减小”或“不变”)。在第1次实验中，小灯泡不亮的原因是______ 。
(5)当小明同学继续调节滑动变阻器测量时，把灯丝烧断了(其余元件完好)，则此时电压表示数约为______ V。
(6)小明同学在实验室借了甲：“10Ω 1.5A”、乙：“20Ω 1.2A”和丙：“30Ω 1A”三个滑动变阻器，他完成上述实验所使用的滑动变阻器是______ (填“甲”“乙”或“丙”)，理由是______ 。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
31. 家庭电路常用导线的横截面积的规格有“1.5mm2、2.5mm2、4mm2……”，在安装热水器等大功率用电器时会选择2.5mm2甚至更粗的导线。热水器加热时，即使电流较大，导线也不怎么热。请用所学的物理知识解释大功率用电器工作时：
(1)电路中电流较大的原因；
(2)粗导线不怎么热的原因。
六、计算题（本大题共2小题，共15.0分）
32. 如图所示，在水平地面上有一个装有水的圆柱形容器(水的深度不变)，一物体浸没在容器底部(非密合)，现用弹簧测力计将物体缓慢拉出。弹簧测力计的示数为F，物体下表面距容器底的距离为h，F与h的关系如图所示，求：(g取10N/kg。ρ水=1.0×l03kg/m3)
(1)物体浸没在水中所受的浮力；
(2)物体的密度；
(3)物体上表面刚出水面时，水对下表面产生的压强。
33. 某品牌智能滚简洗衣机可设定洗涤温度，方便安全，其简化等效电路如图所示，此时处于空档位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现档位转换，旋至1档时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态：旋至2档时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1=22Ω，主要参数如下表。(C水=4.2×103J/(kg⋅℃))
(1)洗衣机内注入10L的水，在定电压下连续加热17.5分钟，水温由20℃上升到50℃，此过程中的加热效率是多少？
(2)洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是多少？
(3)R2阻值是多少？
七、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
34. 阅读短文并回答下列问题。
滑雪如图所示，当滑雪者从雪山顶峰风驰电掣般下滑时，你是否想到为什么白雪轻飘飘、软绵绵的，却可以承托高速飞驰的滑雪者呢？
白雪内有很多小孔，小孔内充满空气。滑雪者踏着滑雪板压在雪地上时，雪内的空气就会被逼出。因此，滑雪板不是与雪地直接接触，而是在一层气垫上滑行。这层气垫不但对滑雪板施加一个向上的托力，并且减小了雪地与滑雪板之间的摩擦。然而，这层气垫只能维持一段很短的时间。如果滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去。
(1)滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力的方向______ (填“垂直于雪坡”或“竖直”)向下。
(2)滑雪者从雪坡上滑下时，用力撑雪杖就能改变滑行的速度和方向，原因是______ 。
(3)若每只滑雪板的长为1.5m、宽为12cm，滑雪者的速度最小为______ m/s，他才能不会在雪地上下沉。若滑雪者与滑雪板总重为720N，当其双脚踏着滑雪板站立在水平雪地上时，滑雪板对雪地的压强为______ Pa。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在36℃～37℃之间，变化幅度很小。故A符合实际；
B、两个鸡蛋的重力约1N，将两个鸡蛋举高1m做的功约W=Gh=1N×1m=1J.故B符合实际；
C、家庭电路电压为220V，500W家用电熨斗工作电流约为I=PU=500W220V≈2.3A.故C符合实际；
D、自行车正常行驶的速度在18km/h=18×13.6m/s=5m/s左右。故D不符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，确定与生活实际相差较远的选项。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】C
【解析】解：A、捂上耳朵听到雷声变小，这是在人耳减弱噪声，故A错误。
B、我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的音色不同，故B错误；
B、因为光在空气中的传播速度远远高于声音的传播速度，所以雷雨天总是先看见闪电，后听到雷声，故C正确；
D、我们听到的雷声不是次声波，故D错误。
故选：C。
(1)减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在人耳处减弱；
(2)音色是辨别不同声音的主要依据；
(3)光在空气中的传播速度远远高于声音的传播速度；
(4)频率低于20Hz的声音是次声波，人的听力范围：20Hz——20000Hz。
本题考查的知识点较多，但都是基础知识，熟练掌握相关知识点即可，容易作答。
3.【答案】D
【解析】解：“冰花”是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝华形成的小冰晶，附着在玻璃的内表面，故B错误，D正确；
“雾”是液态小水滴，是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态形成的，属于液化现象，出现在玻璃窗的内表面，不是外表面，故AC错误。
故选：D。
“冰花”是水蒸气遇冷凝华而成的小冰粒。可见液化和凝华的发生条件都需要遇冷，即高温的水蒸气遇到温度较低的玻璃。玻璃窗上的“雾”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，冬天室外温度低，室内温度高，玻璃处于交界处，温度低于室内，高于室外，可见是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃，雾或“窗花”都会出现在内表面。
本题考查学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。
4.【答案】D
【解析】解：A、视力表到平面镜的距离是2.7m，根据物像到平面镜的距离相等，所以视力表像到平面镜的距离也是2.7m，所以人到视力表像的距离为2.7m+2.7m−0.4m=5m，故A错误；
B、如果小丽以1m/s的速度靠近平面镜，则镜中的像以2m/s的速度靠近，故B错误；
C、平面镜成的像和物体的大小相等，小丽靠近平面镜，则她在平面镜中的像不变，故C错误；
D、翻看法：把试卷翻过来，对着亮处，直接读出正确时间为16：35，故D正确。
故选：D。
平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。
5.【答案】C
【解析】解：
(1)由图象可知，海波从第5分钟开始温度保持50℃不变，所以海波是晶体，其熔点为50℃，约到第8min时熔化完成，则熔化过程持续了约8min−5min=3min，故AB错误，C正确；
(2)海波是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，故D错误。
故选：C。
(1)由图象可以看出，熔化过程中出现一段温度恒定的时间段，这是晶体的典型特征，根据常识可判断海波是晶体。
(2)知道温度保持不变的过程属于海波的熔化过程。根据图象进行判断熔化时间。
(3)晶体在熔化过程中温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点。
此题通过考查海波的熔化图象，考查了学生对晶体熔化特点的掌握，并能够从熔化图象中总结出相关信息，考查了学生对熔化图象的综合分析。
6.【答案】B
【解析】解：A、挂衣钩要固定在玻璃上，需要先用力挤压塑料皮碗，把皮碗内的空气挤出，皮碗内的气压小于外界大气压，这样皮碗就被外界的大气压紧压在了玻璃或墙壁上，故A正确；
B、皮碗内挤出的空气越少，皮碗内压强越大，内外气压差越小，吸盘贴在玻璃上就越松，故B错误；
C、在3楼和30楼，大气压随高度的升高而减小。把同一“吸盘式”挂衣钩，同样紧压在相同平整、光洁的竖直玻璃上，在3楼大气压较大，摩擦力较大，挂的衣服重力可以更大一些，故C正确；
D、如果将挂衣钩紧贴在粗糙的水泥墙壁上，粗糙面与吸盘之间有缝隙、会漏气，使内外气压相等，在挂衣钩的自重作用下，将滑下来，故D正确。
故选：B。
衣钩能牢牢地贴在玻璃上，是靠皮碗内外的气压差，即大气压强大于皮碗内气压，把皮碗“压”在了玻璃上。大气压随高度的升高而减小。
挂衣钩、吸盘，都是利用了大气压来工作，学习大气压时，注意发现身边的例子。
7.【答案】A
【解析】解：
AB、卫星从远地点运行到近地点时，相对高度减小，所以势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；
CD、卫星从近地点运行到远地点时，相对高度增大，所以势能增大，同时速度减小，动能减小，故CD错误。
故选：A。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。
根据动能、重力势能影响因素的情况得出动能和重力势能的大小情况。再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出答案。
掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、势能的大小变化情况。同时知道卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗，机械能是守恒的。
8.【答案】D
【解析】解：
A.由图可知，n=2，则绳子自由端沿水平方向移动的距离s=nsA=2×2m=4m，故A错误；
B.物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，
则物体受到的拉力FA=f=0.4G=0.4×1500N=600N，故B错误；
C.拉力F做的功W总=Fs=375N×4m=1500J，
则拉力F的功率P=W总t=1500J4s=375W，故C错误；
D.有用功W有=FAsA=600N×2m=1200J，
则滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=1200J1500J×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nsA求出绳子自由端沿水平方向移动；
(2)物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，根据FA=f=0.4G求出物体受到的拉力；
(3)根据W=Fs求出拉力F做的功，根据P=W总t求出拉力F的功率；
(4)根据W有=FAsA求出拉力做的有用功，根据η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式以及二力平衡条件的应用，明确有用功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流；
A、滑片向右移动过程中，电源电压不变，电压表示数不变，电阻R1阻值不变，根据欧姆定律可知，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故A错误；
B、滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R2的电流变小，由于并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所干路电流变小，电流表A2示数变小，故B错误；
CD、根据R=UI可知，电压表与电流表A1示数的比值等于电阻R1的阻值，电阻R1的阻值不变，则电压表的示数与电流表A1的示数的比值不变，故C错误，D正确；
故选：D。
由图示电路图分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用并联电路特点、欧姆定律分析答题。
本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。
10.【答案】C
【解析】解：AB、由电路图知，两灯串联，电压表测L1两端电压，所以L1两端的电压U1=2V，；
串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，所以L2两端的电压U2=U−U1=4.5V−2V=2.5V，故AB错误；
CD、串联电路中，电流处处相等，所以通过L1与L2的电流之比为1：1，故D错误；
根据欧姆定律可得：R1R2=U1IU2I=U1U2=2V2.5V=45，故C正确。
故选：C。
由电路图知，两灯串联在电路中，电压表测L1两端电压，根据串联电路电压规律计算L2两端电压，根据串联电路特点计算通过两灯的电流之比；根据欧姆定律计算两灯电阻之比。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确电压表测量的元件。
11.【答案】C
【解析】解：A、生活用水是导体，在电线上晾衣服，易发生触电事故，故A错误；
B、同一插线板同时使用多个大功率用电器，会引起电路中电流过大，容易发生危险，故B错误；
C、电冰箱是有金属外壳的用电器，外壳必须接地，故C正确；
D、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故D错误。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
(3)带有金属外壳的用电器，外壳必须接地；
(4)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
12.【答案】B
【解析】解：A.甲装置中通电线圈在磁场中受力转动，可以说明磁场对通电线圈有力的作用，利用其原理制成了电动机，故A正确；
B.乙装置中没有电源，即导体切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，即电磁感应现象，该过程是将机械能转化为电能的过程，故B错误；
C.丙装置是奥斯特实验，说明了通电导线周围存在着磁场，故C正确；
D.丁装置中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，吸引的物体会掉落，说明电磁铁的磁性强弱发生变化，故D正确。
故选：B。
(1)通电线圈在磁场中受力转动是电动机的原理；
(2)在电磁感应现象中，首先要通过外力使导体运动起来，这样就消耗了机械能，电路中产生了感应电流即得到了电能；
(3)奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场；
(4)电磁铁磁性的强弱与电流的大小、线圈匝数有关。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
13.【答案】AC
【解析】解：
A、物体吸收热量，温度有可能保持不变，例如晶体在熔化过程中吸热，但温度不变，故A正确；
B、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，故B错误；
C、物体温度升高，物体的分子平均动能增大，内能一定增加，故C正确；
D、物体运动得越快，它的动能越大，机械能越大，但内能的大小与物体的机械运动情况无关，因此，运动得快，内能不一定大，故D错误。
故选：AC。
(1)晶体在熔化的过程中吸收热量温度不变；
(2)一切物体都具有内能；
(3)影响物体内能得因素有温度、状态、和质量等；
(4)机械能包括动能与势能，是物体由于机械运动而具有的能。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热量、机械能概念的理解，以及晶体熔化现象，属热学基础题。
14.【答案】BD
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故A错误；
BC、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，因为：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgh 可知，p甲>p乙，故B正确，C错误；
D、由上面分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS 得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：BD。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系；
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；根据p=ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
(3)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
15.【答案】BD
【解析】解：滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；
电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；
根据串联电路电阻的分压特点可知R1两端电压变大，即电压表示数变大。
ABC、当滑片在b端时，R1、R2串联，
电路的总电阻为R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
电路中的电流为I=UR=6V30Ω=0.2A，
电压表的示数为U1=IR1=0.2A×10Ω=2V；
因电压表接入电路的量程为 0～3V，所以电压表示数为3V。
此时电路中的电流为I=UR1=3V10Ω=0.3A，
故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.2A～0.3A，
电压表的示数变化范围是2V～3V，
根据串联电路的电压规律可知，电阻R2的两端电压由4V减小到3V，故B正确、AC错误；
D、电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10Ω，
由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V，
此时电阻R1消耗的功率最大，则最大功率P最大=U1大2R1=(3V)210Ω=0.9W，
当滑片P滑到b端时，电阻R1消耗的功率最小，则最小功率P最小=U1小2R1=(2V)210Ω=0.4W，
则电阻R1消耗的功率的变化范围为0.4W～0.9W，故D正确。
故选：BD。
由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；
根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据串联电路的分压特点求出电压表的示数变化；
根据欧姆定律和串联电路的特点计算电路中的电流变化范围、R2两端的电压范围，同时可以利用P=U2R求得电阻R1消耗的功率的变化范围。
本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断，并且会灵活运用欧姆定律。
16.【答案】电磁波 聚变
【解析】解：(1)由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员进入空间站后利用电磁波与地面指挥中心传递信息；
(2)太阳能是太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变而释放出的能量。
故答案为：电磁波；聚变。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)太阳能是由于太阳内部氢原子核发生聚变释放出来的。
本题考查电磁波以及核聚变，难度不大。
17.【答案】扩散 越小
【解析】解：(1)将消毒液喷洒在楼道、走廊里，我们能闻到了消毒液的气味，属于扩散现象，表明了消毒水分子在不停地做无规则运动；
(2)防疫人员用喷壶喷洒消毒液时，喷壶管口上方空气流速大、压强小，管内的液柱在瓶内气压的作用下上升。
故答案为：扩散；越小。
(1)不同的物质相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动；
(2)流体的流速越大，流体压强越小。
本题考查了扩散现象和流体流速与压强的关系，难度一般。
18.【答案】60 镜面
【解析】解：
由图可知，入射光线与平面镜的夹角是30°，根据入射角的定义可知，入射角为90°−30°=60°；根据光的反射定律可知反射角等于入射角，即反射角为60°；
平静的湖水相当于平面镜，“镜湖”说明湖水中出现了物体的像，该像是由于光在水面发生了镜面反射形成的。
故答案为：60；镜面。
先确定入射角的大小，然后根据反射角等于入射角，求出反射角的大小。平静的水面相当于镜面，可以发生镜面反射。
考查对光的反射定律的应用情况及镜面反射的实例，要求学生会灵活应用光的反射定律。
19.【答案】非平衡力 足球具有惯性
【解析】解：运动员将静止的足球斜向上踢飞，足球在空中飞行到最高点时受重力和阻力的作用，这两个力的大小、方向都不相同，所以不是平衡力；
一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会继续向前滚动。
故答案为：非平衡力；足球具有惯性。
物体受到平衡力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。
此题考查了对惯性的理解及平衡力与相互作用力的区别。平衡力与相互作用力有一个最明显的区别：平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上。
20.【答案】7.14 地面
【解析】解：小明前50m所用的时间为：
t1=s1v1=50m6.25m/s=8s；
百米全程用时：t=t1+t2=8s+6s=14s；
则百米全程的平均速度为：v=st=100m14s≈7.14m/s；
当同学们以自己或地面为参照物时，小明的位置不断发生变化，所以小明是运动的，即看到小明越跑越快。
故答案为：7.14；地面。
已知前段路程和速度，根据v=st计算前段路所用的时间，再计算出通过全程所用的总时间，根据v=st计算平均速度；
判断物体的运动状态之前，必须选择参照物，如果物体和参照物之间发生了位置的改变，则称物体是运动的；如果物体和参照物之间没有发生位置的改变，则称物体是静止的。
此题考查的是平均速度的计算和参照物的选择，在计算全程的平均速度时，必须用总路程除以总时间，绝对不是两个速度的平均值。注意公式的熟练运用。
21.【答案】30 做功
【解析】解：单缸四冲程汽油机飞轮的转速为3600r/min=60r/s，即1s内汽油机飞轮转60圈，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以在1s内该汽油机对外做功30次；
在汽油机的压缩冲程中，把活塞的机械能转化为燃料混合物的内能，这是通过做功的方式增加燃料混合物的内能。
故答案为：30；做功。
(1)四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能。
本题考查热机的有关计算以及改变物体内能的方式，是一道基础题。
22.【答案】1.05 ;不变
【解析】解：牛奶的体积：V=200mL=200cm3，
牛奶的密度：ρ=mV=210g200cm3=1.05g/cm3，
因密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关，
所以，小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍为1.05g/cm3不变。
本题考查了密度的计算和密度的特性，要注意单位的换算，是一道基础题目。
23.【答案】导体 摩擦起电
【解析】解：我们在考试时用到的2B铅笔中的石墨容易导电，是导体；
在干燥的日子里，脱毛衣时会听到“噼啪”声，这是摩擦起电现象，其实质是电子的转移。
故答案为：导体；摩擦起电。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；摩擦可以使物体带电。
本题主要考查了对生活中导体的认识和对摩擦起电现象的了解，难度不大。
24.【答案】< 费力
【解析】解：用手捏开夹子时，手施加的力是动力，夹子上的卡簧对夹子的作用力是阻力，由图可知，此时动力臂大于阻力臂，所以此时夹子是省力杠杆，则F1
所以用该夹子夹住物体时，动力臂小于阻力臂，则夹子是费力杠杆。
故答案为：小于；费力。
动力臂大有阻力臂的杠杆是省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，分析夹子张开时，动力臂与阻力臂的关系，从而判断此时夹子属于什么杠杆；
本题考查了杠杆的分类、增大摩擦的方法，是一道基础题，知道杠杆的分类依据、知道增大摩擦的方法即可正确解题。
25.【答案】并 小
【解析】解：(1)家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；
(2)家庭电路中，家用电器是并联的，同时工作的用电器越多，横截面积越大，所以电阻就越小；
故答案为：并；小。
(1)家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；
(2)用电器并联相当于增大导体横截面积。
本题考查了家庭电路中各用电器连接方式、并联电路的电阻的特点，难度不大。
26.【答案】0.1 1000
【解析】解：因为“1200r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过1200r，
所以电能表转盘转120r，电吹风消耗的电能：W=1201200kW⋅h=0.1kW⋅h，t=6min=0.1h，
电吹风的功率：P=Wt=0.1kW⋅h0.1h=1kW=1000W。
故答案为：0.1；1000。
“1200r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，知道时间，再利用P=Wt求出电吹风的功率。
本题考查电功、电功率的计算，关键是电能表相关参数的理解以及电功率公式的应用。
27.【答案】3 小
【解析】解：
(1)由串联电路的规律及分压原理有：
U−UVUV=R滑R定，
等式左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器的最大电阻连入电路时，对应的定值电阻最大，这时控制的电压表示数最小，故有：
6V−UVUV=20Ω20Ω，
UV=3V，
要获得3组实验数据，电压预设的最小值为UV=3V；
(2)电压预设值越大，电路中电流越大，根据串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端电压越小，由欧姆定律R=UI可知，滑动变阻器连入阻值越小，则所需滑动变阻器的最大阻值越小。
故答案为：3；小。
(1)由串联电路的规律及分压原理，结合数学知识分析回答；
(2)电压预设值越大，电路中电流越大，滑动变阻器两端电压越小，再结合欧姆定律分析作答。
本题考查串联电路电压的规律、欧姆定律和控制变量法的运用及对实验的要求，体现数学知识在物理中的运用，有一定难度。
28.【答案】10.0 照相机 近视眼 大于 C
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=30.0cm−20.0cm=10.0cm；
(2)小明将各器材放在如图乙所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像(未画出)，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)图乙中若将蜡烛向左移动一小段距离，此时光屏上的像变模糊，在蜡烛和凸透镜之间放置一个合适的透镜后光屏上的像又变清晰，说明该透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故该透镜为凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼，即近视眼的矫正原理与此相同；
(4)由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐增大；当u>2f时，物距的变化大于像距的变化，即物体移动速度大于像移动的速度；
(5)如果用遮光板挡住透镜的下半部分，上半部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来变暗，故选：C。
故答案为：(1)10.0；(2)照相机；(3)近视眼；(4)大于；(5)C。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼；
(4)图象中横坐标表示物距，纵坐标表示像距，结合凸透镜成像规律和图象变化分析；
(5)当用遮光板挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
29.【答案】弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小 f=0.3F压 2、4、5 2.0 C 木块没有做匀速直线运动 毛巾
【解析】解：
(1)在实验操作中，用弹簧测力计沿平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，读出拉力就测量出了摩擦力；
(2)分析表中序号为1、2、3的三组实验数据可知，压力增大为原来的几倍，测力计示数也增大为原来的几倍，故滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压成正比；比例张数为：
1.2N4N=0.3；
滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式是：
f=0.3F压；
(3)要探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，需要保持压力的大小不变，改变接触面的粗糙程度，因此应该分析序号2、4、5的三组实验数据可得滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
(4)分析图乙可知，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力；
当木块受到的拉力是1.8N时，木块可能静止(还没拉动)，也可能匀速直线运动(已经拉动了，且由乙图可知滑动摩擦力等于1.8N，故选：C。
(5)用弹簧测力计沿平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是木块没有做匀速直线运动；，测力计拉力与受到的滑动摩擦力可能不是平衡力；
(6)探究阻力对物体运动的影响的实验，要改变接触面的粗糙程度，故从本实验的器材中选择水平木板、棉布和毛巾，并添加斜面和小车，还可以做“探究阻力对物体运动的影响”的实验。
故答案为：(1)弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小；(2)f=0.3F压；(3)2、4、5；(4)2.0；C；(5)木块没有做匀速直线运动；(6)毛巾。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)分析表中数据得出动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(4)分析图象，结合二力平衡知识解析。
(5)弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是木块没有做匀速直线运动；
(6)探究阻力对物体运动的影响的实验，要改变接触面的粗糙程度，从而改变小车受到的阻力大小。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，同时探究阻力对物体运动的影响。
30.【答案】B 1.9 增大 小灯泡实际功率太小 6 丙 为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω
【解析】解：(1)由欧姆定律，小灯泡的额定电流，I=UR=3.8V8Ω=0.475A，确定电流表量程“0～0.6A”，滑动变阻器的一上一下连接，应接上接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，如下图所示：
(2)正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于B端。
(3)由图知电流表的量程为0−0.6A，电流表示数I=0.5A；所以灯泡的额定功率为P=UI=3.8×0.5W=1.9W；
(4)通过R=UI知，3、4、5次的电阻分别为：6.4Ω、7.6Ω、8.2Ω，故小灯泡灯丝电阻随电压的增大而增大；在第1次实验中，小灯泡不发光的原因是小灯泡实际功率太小。
(5)在测量灯泡在继续调节滑动变阻器时，把灯丝烧断了，则此时电压表示数约为6V。
(6)第一次实验时，灯泡电压U灯=1.00V，由串联电路特点知，滑动变阻器电压U滑=U−U灯=6.00V−1.00V=5.00V；
电路电流I=0.20A，滑动变阻器阻值R滑=U滑I=5.00V0.20A=25Ω；由此可见应选丙滑动变阻器，因为为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω。
故答案为：(1)如图所示；(2)B；(3)1.9；(4)增大；小灯泡实际功率太小；(5)6；(6)丙；为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω。
(1)电流表用0.6A量程串联接入电路，滑动变阻器接右端上面接线柱串联在电路中；
(2)闭合开关前，接入电路的滑动变阻器阻值应最大。
(3)由图读出电流表示数I，利用P=UI求得额定功率；
(4)电阻R=UI，由表中数据知灯泡灯丝电阻随电压增大而增大；在第1次实验中，灯泡两端的电压U太小，功率P=UI太小，所以小灯泡不发光。
(5)灯丝烧坏时电压接近6V。
(6)根据第一次实验数据、串联电路的特点，求出第一次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，然后判断选用哪一个滑动变阻器。
本题考查了连接电路图、电流表的读数、找出电压与电阻的关系、滑动变阻器的调节、求滑动变阻器的阻值等问题、熟练掌握串联电路特点与欧姆定律是正确解题的关键。
31.【答案】答：
(1)家庭电路电压为220V一定，由I=PU知，电路中接入大功率用电器工作时，电路的总功率更大，所以电路中电流也较大；
(2)在其他条件相同时，粗导线的横截面积大，电阻小，根据P=I2R，在电路中电流一定时，粗导线的电阻小，导线的发热功率小，所以大功率用电器工作时若使用粗导线不怎么热。
【解析】(1)根据P=UI分析解答；
(2)由电阻的影响因素(导体的材料、长度、横截面积和温度)结合P=I2R分析粗导线不怎么热的原因。
本题考查利用电功率公式以及电阻影响因素分析解释生活中的现象，难度不大。
32.【答案】解：
(1)分析图象数据可知：物体浸没时，弹簧测力计的示数为4N，物体离开水面后弹簧测力计的示数不变，为12N，则物体重力G=12N；
所以，物体浸没在水中所受的浮力：F浮=G−F=12N−4N=8N；
(2)根据F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3；
由G=mg得，物体质量：
m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
则物体的密度：
ρ=mV=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3；
(3)由于圆柱形容器中水的深度不变，由图象数据可知：物体的高度L=8cm−5cm=3cm=0.03m，
则物体上表面刚出水面时下表面所处的深度h=L=0.03m，
所以水对下表面的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa。
答：(1)物体浸没在水中所受的浮力为8N；
(2)物体的密度为1.5×103kg/m3；
(3)物体上表面刚出水面时，水对下表面产生的压强为300Pa。
【解析】(1)根据图象可知：物体完全浸没在水中时弹簧测力计的示数为4N，物体离开水面后弹簧测力计的示数不变，为12N，则此时测力计的示数为物体重力；根据F浮=G−F即可求出浮力；
(2)根据F浮=ρ液gV排求出物体的体积；然后根据G=mg求出物体质量，利用ρ=mV求出物体的密度；
(3)由于圆柱形容器中水的深度不变，则根据图象可知物体的高度，由此可知物体上表面刚出水面时下表面所处的深度，然后p=ρgh可以求出对下表面产生的压强。
本题考查阿基米德原理、密度公式、重力公式和称重法求浮力等，关键是知道物体完全浸没时排开水的体积和物体本身的体积相等，注意水面的深度不变，据此可求出物体的高度。
33.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，水的质量
m=ρV=1.0×103kg/m3×10×10−3m3=10kg，
水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×l03J/(kg⋅℃)×10kg×(50℃−20℃)=1.26×l06J，
由P=Wt可得，洗衣机加热消耗的电能：
W=Pt=2400W×17.5×60s=2.52×106J，
洗衣机加热的效率：
η=Q吸W×100%=1.26×106J2.52×106J×100%=50%。
(2)由电路图可知，当旋钮旋至1档时，电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，
由P=UI=U2R得，电热丝R1的加热功率：
P1=U2R1=(220V)222Ω=2200W，
电热丝R2的加热功率：
P2=P−P1=2400W−2200W=200W，
洗衣机处于保温洗涤状态时，电热丝R2与电动机并联，
则电热丝R2和电动机的总功率：
P总=P2+P电动=200W+240W=440W，
保温洗涤的干路电流：
I=P总U=440W220V=2A；
(3)由P=U2R可得，电热丝R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω。
答：(1)此过程中的加热效率是50%；
(2)洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是2A；
(3)R2阻值是242Ω。
【解析】(1)由ρ=mV可求得水的质量，先根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水吸收的热量，再根据W=Pt求出洗衣机加热的效率，最后根据η=Q吸W×100%求出洗衣机加热的效率；
(2)根据P=UI=U2R求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，先求出电热丝R2和电动机的总功率，根据P=UI的变形公式求出干路电流；
(3)根据R2=U2P2求出电热丝R2阻值。
电功与热量的综合计算，涉及到电吸热公式、电功公式、效率公式、电功率公式串并联电路的特点以及欧姆定律及变形公式的应用，关键是电路结构的正确分析，并能从表格中得出相关信息，有一定的难度。
34.【答案】竖直 力能改变物体的运动状态 1.5 2000
【解析】解：(1)滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向竖直向下的；
(2)滑雪者从雪坡上滑下时，用力撑雪杖就能改变滑行的速度和方向，原因是力是改变物体运动状态的原因；
(3)因为滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去，所以滑雪者必须在1秒内至少通过1.5m，所以滑雪者的速度最小为：
v=st=1.5m1s=1.5m/s；
两个滑雪板的面积：
S=1.5m×0.12m×2=0.36m2，
滑雪板对雪地的压力：
F=G=720N，
滑雪板对雪地的压强：
p=FS=720N0.36m2=2000Pa。
故答案为：(1)竖直；(2)力能改变物体的运动状态；(3)1.5；2000。
(1)重力的方向是竖直向下的；
(2)力是改变物体运动状态的原因
(3)滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去，滑雪板的长1.5m，根据v=st可求出速度。
滑雪板对水平雪地的压力等于滑雪者与滑雪板总重为720N，由滑雪板的长1.5m、宽0.12m，可求出滑雪板的面积，再根据p=FS求出压强。
本题主要考查了减小压强的方法、重力的方向、速度和压强的计算，在计算压强时，要注意受力面积是两个滑雪板的面积，不要算成一个的，这是一个易错点。
2023年黑龙江省佳木斯中考物理二模试卷
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列估测中，与实际偏差较大的是( )
A. 人体正常温度约为36.5℃ B. 将两个鸡蛋举高1m，做功1J
C. 500W家用电熨斗工作电流约为2.3A D. 自行车正常行驶的速度约为30m/s
2. 雷雨天，电闪雷鸣。下列关于其中物理知识的说法中正确的是( )
A. 捂住耳朵，听到雷声变小，这是在传播过程中减弱噪声
B. 我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的响度不同
C. 我们先看见闪电，后听到雷声，这表明在空气中光比声音传播得快
D. 我们听到的雷声是次声波，频率小于20Hz
3. 寒冷的冬天，窗玻璃上会起“雾”或结“冰花”，下列关于此现象的说法正确的是( )
A. 窗玻璃上的“雾”是水蒸气凝华形成的
B. 窗玻璃上的“冰花”是水蒸气升华形成的
C. “雾”出现在窗玻璃的外表面
D. “冰花”结在窗玻璃的内表面
4. 如图甲所示为星期天下午小丽同学去配眼镜时检查视力的情景。配镜员让小丽坐在平面镜前方来识别对面墙上镜子里视力表的像。根据图中信息判断下面的说法正确的是( )
A. 视力表在平面镜中的像与小丽相距5.4m
B. 如果小丽以1m/s的速度靠近平面镜，则镜中的像以1m/s的速度靠近她
C. 如果小丽靠近平面镜，则她在平面镜中的像变大
D. 如图乙所示是小丽从平面镜中观察到的后面墙上时钟的像，则当时的时间是16：35
5. 如图所示是海波熔化时温度随时间变化的图象。由此可判断( )
A. 海波是非晶体 B. 海波的熔化时间是5min
C. 海波的熔点是50℃ D. 海波在熔化过程中吸收热量，温度升高
6. 如图所示是一种“吸盘式”挂衣钩，将它紧压在平整、光洁的竖直玻璃上，可挂衣帽等物品，它的主要部件是一个“橡皮碗”。下面有关说法不正确的是( )
A. 被玻璃“吸”住后，“橡皮碗”内的气压小于大气压
B. “橡皮碗”内挤出的空气越少，吸盘贴在玻璃上就越紧
C. 在3楼和30楼，把同一“吸盘式”挂衣钩，同样紧压在相同平整、光洁的竖直玻璃上，在3楼挂的衣服重力可以更大一些
D. “橡皮碗”不能紧贴在粗糙的水泥墙壁上，因为粗糙的水泥墙壁与吸盘之间有缝隙、会漏气
7. 我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力。关于此人造卫星的运行下列说法正确的是( )
A. 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大
B. 卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小
C. 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大
D. 卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小
8. 建筑工人用如图所示的滑轮组(不计滑轮自重)，在4s内将重为1500N的物体沿水平方向匀速移动2m的过程中，所用的拉力大小为375N，物体受到水平地面的摩擦力为物重的0.4倍。在此过程中下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端沿水平方向移动了6 m B. 物体受到的拉力为750N
C. 拉力F的功率为750W D. 滑轮组的机械效率为80%
9. 如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列判断正确的是( )
A. 电压表的示数不变，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
B. 电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，A2的示数变大
C. 电压表的示数与电流表A1示数的比值变大，A2的示数变小
D. 电压表的示数与电流表A1示数的比值不变，A2的示数变小
10. 如图所示的电路中，电源电压恒为4.5V，L1、L2是小灯泡。闭合开关S，电压表的示数为2V，忽略温度对灯丝电阻的影响，则此时( )
A. L2两端的电压为2V
B. L1两端的电压为4.5V
C. L1与L2的灯丝电阻之比为4：5
D. 通过L1与L2的电流之比为5：4
11. 关于安全用电，下列做法中正确的是( )
A. 在电线上晾衣服
B. 同时使用多个大功率用电器
C. 电冰箱的外壳接地
D. 电线绝缘皮破损仍继续使用
12. 如图所示，下列说法错误的是( )
A. 甲图可以说明磁场对通电线圈有力的作用，利用其原理制成了电动机
B. 乙图中的实验可以证明“磁能生电”，将电能转化为机械能
C. 丙图中的实验可以证明电流周围存在磁场
D. 丁图中闭合开关，调节滑动变阻器滑片的位置，可以改变电磁铁磁性的强弱
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
13. 下列说法正确的是( )
A. 物体吸收热量，温度可能保持不变 B. 有的物体有内能，有的物体没有内能
C. 物体的温度升高，内能一定增加 D. 物体运动越快，内能越大
14. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FM
C. 两种液体对容器底部的压强p甲
15. 如图所示，电源电压恒为6V，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样，电压表接入电路的量程为0～3V，电流表接入电路的量程为0～0.6A。当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动过程中，在保证电压表和电流表安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 电压表的示数变化范围为1～3V
B. 电流表的示数变化范围为0.2～0.3A
C. 滑动变阻器R2两端的电压由4V减小到0V
D. 电阻R1消耗的功率的变化范围为0.4～0.9W
三、填空题（本大题共12小题，共24.0分）
16. 2021年6月17日，神舟十二号载人飞船成功发射，并与我国空间站天和核心舱成功交会对接。航天员进驻空间站后通过______与地面指挥中心传递信息。空间站可以利用太阳能电池板获得能量，太阳能是太阳内部的氢原子核发生______(选填“裂变”或“聚变”)释放出的核能。
17. 在疫情期间，防疫人员将消毒液喷洒在楼道、走廊里进行消毒。我们能闻到消毒液的气味，这是______ 现象；防疫人员用喷壶喷洒消毒液时，利用了流体流速越大压强______ 的原理。
18. 如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为______度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了______(选填“漫”或者“镜面”)反射。
19. “足球进校园”推进了我市校园足球的发展，运动员将静止的足球斜向上踢飞，足球在空中飞行到最高点时受______(填“平衡力”或“非平衡力”)；足球落地后会继续向前滚动，是因为______。
20. 小明在校春季运动会百米决赛比赛中，奋力拼搏，勇夺冠军。如果小明前半程的平均速度是6.25m/s，后半程用时6s，那么小明百米的平均速度是______ m/s(结果保留两位小数)；同学们在观看比赛过程中，都为小明呐喊加油，看到小明越跑越快，同学们选择的参照物是______ 。
21. 一台单缸四冲程汽油机飞轮的转速为3600r/min，在1s内汽油机对外做功______ 次。在汽油机的压缩冲程中，是通过______ 方式增加燃料混合物的内能。
22. 一个杯里装有200mL牛奶，其中牛奶的质量是210g，那么牛奶的密度是______g/cm3；小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
23. 我们在考试时用到的2B铅笔中的笔芯是______ (填“导体”或“绝缘体”)；在干燥的天气里，脱毛衣时会听到“噼啪”声，这是______ 现象。
24. 如图甲所示是生活中常用的夹子，此时手对夹子施加的力为F1，夹子上的钢丝对夹子的作用力为F2，则F1 ______ F2(填“>”“=”或“<”)；若用该夹子夹住物体时(如图乙所示)，夹子是______ (填“省力”“费力”或“等臂”)杠杆。
25. 在家庭电路中，电视机、电冰箱、洗衣机等家用电器之间是______ 联的。同时使用的用电器越多，电路的总电阻越______ 。
26. 某电吹风机工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则这段时间该电吹风机消耗的电能为______ kW⋅h，电吹风机的电功率为______ W。
27. 探究“通过电阻的电流与电阻的大小关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值不变。现采用如图所示电路进行探究实验，实验器材：学生电源(6V)、滑动变阻器(20Ω 1A)、电流表、电压表、开关、三个定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω)及导线若干。要获得3组实验数据，电压预设的最小值为______ V；电压预设值越大，所需滑动变阻器的最大阻值越______ (填“大”或“小”)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）
28. 小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验。
(1)为准确测量该凸透镜焦距，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该凸透镜的焦距f= ______ cm。
(2)小明将各器材放在如图乙所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像(未画出)。此时的成像原理与______ (填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)的原理相同。
(3)图乙中若将蜡烛向左移动一小段距离，此时光屏上的像变模糊，在蜡烛和凸透镜之间放置一个合适的透镜后光屏上的像又变清晰，______ (填“近视眼”或“远视眼”)的矫正原理与此相同。
(4)如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成实像时的像距v和物距u的关系图象，当u>2f时，物体移动速度______ (填“大于”“小于”或“等于”)像移动的速度。
(5)当光屏上出现烛焰清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的下半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到______ 。(填字母)
A.烛焰像的下半部分，像的亮度不变
B.烛焰像的上半部分，像的亮度变暗
C.烛焰完整的像，像的亮度变暗
D.烛焰完整的像，像的亮度不变
29. 小聪用如图甲所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平面上做匀速直线运动，记录的部分实验数据如下表：
序号
接触面情况
接触面所受压力F压/N
弹簧测力计示数F拉/N
1
木板
4
1.2
2
木板
6
1.8
3
木板
8
2.4
4
棉布
6
2.4
5
毛巾
6
2.8
(1)在实验操作中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平面上做匀速直线运动，这样做的目的是______ 。
(2)分析表中序号为1、2、3的三组实验数据可得：滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式是______ 。
(3)通过分析序号为______ 的三组实验数据可得：滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
(4)某次实验中拉动木块由静止到匀速直线运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F拉随时间t的变化关系图象如图乙所示，其中0～3s内木块处于静止状态。分析图象可知：要使木块由静止开始运动，至少要用______ N的水平拉力拉木块；如果实验时木块受到的拉力是1.8N，下列对木块所处状态的判断，正确的是______ (填字母)。
A.始终静止
B.始终做匀速直线运动
C.静止或匀速直线运动
D.条件不足，无法判断
(5)实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是______ 。(写出一条即可)
(6)从本实验的器材中选择水平木板、棉布和______ ，并添加斜面和小车，还可以做“探究阻力对物体运动的影响”的实验。
30. 小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压是6V，小灯泡的额定电压是3.8V，电阻约为8Ω。
(1)请你用笔画线代替导线帮小明将图甲中的实物图连接完整。
(2)正确连接电路后闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于______ (填“A”或“B”)端。
(3)小明同学调节滑动变阻器，进行了几次实验，得到电压表和电流表示数的部分数据如下表所示：
实验次数
1
2
3
4
5
U/V
1.0
2.0
3.0
3.8
4.2
I/A
0.20
0.38
0.47
0.51
灯泡亮度
不亮
很暗
偏暗
正常
很亮
小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)小明同学在对数据进行分析时发现：小灯泡灯丝电阻随电压的增大而______ (填“增大”“减小”或“不变”)。在第1次实验中，小灯泡不亮的原因是______ 。
(5)当小明同学继续调节滑动变阻器测量时，把灯丝烧断了(其余元件完好)，则此时电压表示数约为______ V。
(6)小明同学在实验室借了甲：“10Ω 1.5A”、乙：“20Ω 1.2A”和丙：“30Ω 1A”三个滑动变阻器，他完成上述实验所使用的滑动变阻器是______ (填“甲”“乙”或“丙”)，理由是______ 。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
31. 家庭电路常用导线的横截面积的规格有“1.5mm2、2.5mm2、4mm2……”，在安装热水器等大功率用电器时会选择2.5mm2甚至更粗的导线。热水器加热时，即使电流较大，导线也不怎么热。请用所学的物理知识解释大功率用电器工作时：
(1)电路中电流较大的原因；
(2)粗导线不怎么热的原因。
六、计算题（本大题共2小题，共15.0分）
32. 如图所示，在水平地面上有一个装有水的圆柱形容器(水的深度不变)，一物体浸没在容器底部(非密合)，现用弹簧测力计将物体缓慢拉出。弹簧测力计的示数为F，物体下表面距容器底的距离为h，F与h的关系如图所示，求：(g取10N/kg。ρ水=1.0×l03kg/m3)
(1)物体浸没在水中所受的浮力；
(2)物体的密度；
(3)物体上表面刚出水面时，水对下表面产生的压强。
33. 某品牌智能滚简洗衣机可设定洗涤温度，方便安全，其简化等效电路如图所示，此时处于空档位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现档位转换，旋至1档时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态：旋至2档时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。R1和R2均为电热丝，其阻值不受温度影响，R1=22Ω，主要参数如下表。(C水=4.2×103J/(kg⋅℃))
(1)洗衣机内注入10L的水，在定电压下连续加热17.5分钟，水温由20℃上升到50℃，此过程中的加热效率是多少？
(2)洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是多少？
(3)R2阻值是多少？
七、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
34. 阅读短文并回答下列问题。
滑雪如图所示，当滑雪者从雪山顶峰风驰电掣般下滑时，你是否想到为什么白雪轻飘飘、软绵绵的，却可以承托高速飞驰的滑雪者呢？
白雪内有很多小孔，小孔内充满空气。滑雪者踏着滑雪板压在雪地上时，雪内的空气就会被逼出。因此，滑雪板不是与雪地直接接触，而是在一层气垫上滑行。这层气垫不但对滑雪板施加一个向上的托力，并且减小了雪地与滑雪板之间的摩擦。然而，这层气垫只能维持一段很短的时间。如果滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去。
(1)滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力的方向______ (填“垂直于雪坡”或“竖直”)向下。
(2)滑雪者从雪坡上滑下时，用力撑雪杖就能改变滑行的速度和方向，原因是______ 。
(3)若每只滑雪板的长为1.5m、宽为12cm，滑雪者的速度最小为______ m/s，他才能不会在雪地上下沉。若滑雪者与滑雪板总重为720N，当其双脚踏着滑雪板站立在水平雪地上时，滑雪板对雪地的压强为______ Pa。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、正常情况下，人的体温在36℃～37℃之间，变化幅度很小。故A符合实际；
B、两个鸡蛋的重力约1N，将两个鸡蛋举高1m做的功约W=Gh=1N×1m=1J.故B符合实际；
C、家庭电路电压为220V，500W家用电熨斗工作电流约为I=PU=500W220V≈2.3A.故C符合实际；
D、自行车正常行驶的速度在18km/h=18×13.6m/s=5m/s左右。故D不符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，确定与生活实际相差较远的选项。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】C
【解析】解：A、捂上耳朵听到雷声变小，这是在人耳减弱噪声，故A错误。
B、我们能分辨雷声和雨声，主要是依据它们的音色不同，故B错误；
B、因为光在空气中的传播速度远远高于声音的传播速度，所以雷雨天总是先看见闪电，后听到雷声，故C正确；
D、我们听到的雷声不是次声波，故D错误。
故选：C。
(1)减弱噪声主要从三种途径入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在人耳处减弱；
(2)音色是辨别不同声音的主要依据；
(3)光在空气中的传播速度远远高于声音的传播速度；
(4)频率低于20Hz的声音是次声波，人的听力范围：20Hz——20000Hz。
本题考查的知识点较多，但都是基础知识，熟练掌握相关知识点即可，容易作答。
3.【答案】D
【解析】解：“冰花”是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝华形成的小冰晶，附着在玻璃的内表面，故B错误，D正确；
“雾”是液态小水滴，是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态形成的，属于液化现象，出现在玻璃窗的内表面，不是外表面，故AC错误。
故选：D。
“冰花”是水蒸气遇冷凝华而成的小冰粒。可见液化和凝华的发生条件都需要遇冷，即高温的水蒸气遇到温度较低的玻璃。玻璃窗上的“雾”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，冬天室外温度低，室内温度高，玻璃处于交界处，温度低于室内，高于室外，可见是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃，雾或“窗花”都会出现在内表面。
本题考查学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。
4.【答案】D
【解析】解：A、视力表到平面镜的距离是2.7m，根据物像到平面镜的距离相等，所以视力表像到平面镜的距离也是2.7m，所以人到视力表像的距离为2.7m+2.7m−0.4m=5m，故A错误；
B、如果小丽以1m/s的速度靠近平面镜，则镜中的像以2m/s的速度靠近，故B错误；
C、平面镜成的像和物体的大小相等，小丽靠近平面镜，则她在平面镜中的像不变，故C错误；
D、翻看法：把试卷翻过来，对着亮处，直接读出正确时间为16：35，故D正确。
故选：D。
平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。
5.【答案】C
【解析】解：
(1)由图象可知，海波从第5分钟开始温度保持50℃不变，所以海波是晶体，其熔点为50℃，约到第8min时熔化完成，则熔化过程持续了约8min−5min=3min，故AB错误，C正确；
(2)海波是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，故D错误。
故选：C。
(1)由图象可以看出，熔化过程中出现一段温度恒定的时间段，这是晶体的典型特征，根据常识可判断海波是晶体。
(2)知道温度保持不变的过程属于海波的熔化过程。根据图象进行判断熔化时间。
(3)晶体在熔化过程中温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点。
此题通过考查海波的熔化图象，考查了学生对晶体熔化特点的掌握，并能够从熔化图象中总结出相关信息，考查了学生对熔化图象的综合分析。
6.【答案】B
【解析】解：A、挂衣钩要固定在玻璃上，需要先用力挤压塑料皮碗，把皮碗内的空气挤出，皮碗内的气压小于外界大气压，这样皮碗就被外界的大气压紧压在了玻璃或墙壁上，故A正确；
B、皮碗内挤出的空气越少，皮碗内压强越大，内外气压差越小，吸盘贴在玻璃上就越松，故B错误；
C、在3楼和30楼，大气压随高度的升高而减小。把同一“吸盘式”挂衣钩，同样紧压在相同平整、光洁的竖直玻璃上，在3楼大气压较大，摩擦力较大，挂的衣服重力可以更大一些，故C正确；
D、如果将挂衣钩紧贴在粗糙的水泥墙壁上，粗糙面与吸盘之间有缝隙、会漏气，使内外气压相等，在挂衣钩的自重作用下，将滑下来，故D正确。
故选：B。
衣钩能牢牢地贴在玻璃上，是靠皮碗内外的气压差，即大气压强大于皮碗内气压，把皮碗“压”在了玻璃上。大气压随高度的升高而减小。
挂衣钩、吸盘，都是利用了大气压来工作，学习大气压时，注意发现身边的例子。
7.【答案】A
【解析】解：
AB、卫星从远地点运行到近地点时，相对高度减小，所以势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；
CD、卫星从近地点运行到远地点时，相对高度增大，所以势能增大，同时速度减小，动能减小，故CD错误。
故选：A。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。
根据动能、重力势能影响因素的情况得出动能和重力势能的大小情况。再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出答案。
掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、势能的大小变化情况。同时知道卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗，机械能是守恒的。
8.【答案】D
【解析】解：
A.由图可知，n=2，则绳子自由端沿水平方向移动的距离s=nsA=2×2m=4m，故A错误；
B.物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，
则物体受到的拉力FA=f=0.4G=0.4×1500N=600N，故B错误；
C.拉力F做的功W总=Fs=375N×4m=1500J，
则拉力F的功率P=W总t=1500J4s=375W，故C错误；
D.有用功W有=FAsA=600N×2m=1200J，
则滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=1200J1500J×100%=80%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nsA求出绳子自由端沿水平方向移动；
(2)物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，根据FA=f=0.4G求出物体受到的拉力；
(3)根据W=Fs求出拉力F做的功，根据P=W总t求出拉力F的功率；
(4)根据W有=FAsA求出拉力做的有用功，根据η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式以及二力平衡条件的应用，明确有用功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流；
A、滑片向右移动过程中，电源电压不变，电压表示数不变，电阻R1阻值不变，根据欧姆定律可知，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故A错误；
B、滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过R2的电流变小，由于并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所干路电流变小，电流表A2示数变小，故B错误；
CD、根据R=UI可知，电压表与电流表A1示数的比值等于电阻R1的阻值，电阻R1的阻值不变，则电压表的示数与电流表A1的示数的比值不变，故C错误，D正确；
故选：D。
由图示电路图分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用并联电路特点、欧姆定律分析答题。
本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。
10.【答案】C
【解析】解：AB、由电路图知，两灯串联，电压表测L1两端电压，所以L1两端的电压U1=2V，；
串联电路中，电源电压等于各部分电路两端电压之和，所以L2两端的电压U2=U−U1=4.5V−2V=2.5V，故AB错误；
CD、串联电路中，电流处处相等，所以通过L1与L2的电流之比为1：1，故D错误；
根据欧姆定律可得：R1R2=U1IU2I=U1U2=2V2.5V=45，故C正确。
故选：C。
由电路图知，两灯串联在电路中，电压表测L1两端电压，根据串联电路电压规律计算L2两端电压，根据串联电路特点计算通过两灯的电流之比；根据欧姆定律计算两灯电阻之比。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确电压表测量的元件。
11.【答案】C
【解析】解：A、生活用水是导体，在电线上晾衣服，易发生触电事故，故A错误；
B、同一插线板同时使用多个大功率用电器，会引起电路中电流过大，容易发生危险，故B错误；
C、电冰箱是有金属外壳的用电器，外壳必须接地，故C正确；
D、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故D错误。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
(3)带有金属外壳的用电器，外壳必须接地；
(4)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
12.【答案】B
【解析】解：A.甲装置中通电线圈在磁场中受力转动，可以说明磁场对通电线圈有力的作用，利用其原理制成了电动机，故A正确；
B.乙装置中没有电源，即导体切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，即电磁感应现象，该过程是将机械能转化为电能的过程，故B错误；
C.丙装置是奥斯特实验，说明了通电导线周围存在着磁场，故C正确；
D.丁装置中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，吸引的物体会掉落，说明电磁铁的磁性强弱发生变化，故D正确。
故选：B。
(1)通电线圈在磁场中受力转动是电动机的原理；
(2)在电磁感应现象中，首先要通过外力使导体运动起来，这样就消耗了机械能，电路中产生了感应电流即得到了电能；
(3)奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场；
(4)电磁铁磁性的强弱与电流的大小、线圈匝数有关。
物理学是以观察和实验为主的实验学科，很多的物理知识都来源于实验，在学习中应重视实验的学习，要牢记一些重要实验装置图。
13.【答案】AC
【解析】解：
A、物体吸收热量，温度有可能保持不变，例如晶体在熔化过程中吸热，但温度不变，故A正确；
B、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，故B错误；
C、物体温度升高，物体的分子平均动能增大，内能一定增加，故C正确；
D、物体运动得越快，它的动能越大，机械能越大，但内能的大小与物体的机械运动情况无关，因此，运动得快，内能不一定大，故D错误。
故选：AC。
(1)晶体在熔化的过程中吸收热量温度不变；
(2)一切物体都具有内能；
(3)影响物体内能得因素有温度、状态、和质量等；
(4)机械能包括动能与势能，是物体由于机械运动而具有的能。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热量、机械能概念的理解，以及晶体熔化现象，属热学基础题。
14.【答案】BD
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故A错误；
BC、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，因为：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgh 可知，p甲>p乙，故B正确，C错误；
D、由上面分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS 得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：BD。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系；
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；根据p=ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
(3)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
15.【答案】BD
【解析】解：滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；
电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；
根据串联电路电阻的分压特点可知R1两端电压变大，即电压表示数变大。
ABC、当滑片在b端时，R1、R2串联，
电路的总电阻为R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
电路中的电流为I=UR=6V30Ω=0.2A，
电压表的示数为U1=IR1=0.2A×10Ω=2V；
因电压表接入电路的量程为 0～3V，所以电压表示数为3V。
此时电路中的电流为I=UR1=3V10Ω=0.3A，
故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.2A～0.3A，
电压表的示数变化范围是2V～3V，
根据串联电路的电压规律可知，电阻R2的两端电压由4V减小到3V，故B正确、AC错误；
D、电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为10Ω，
由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V，
此时电阻R1消耗的功率最大，则最大功率P最大=U1大2R1=(3V)210Ω=0.9W，
当滑片P滑到b端时，电阻R1消耗的功率最小，则最小功率P最小=U1小2R1=(2V)210Ω=0.4W，
则电阻R1消耗的功率的变化范围为0.4W～0.9W，故D正确。
故选：BD。
由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；
根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据串联电路的分压特点求出电压表的示数变化；
根据欧姆定律和串联电路的特点计算电路中的电流变化范围、R2两端的电压范围，同时可以利用P=U2R求得电阻R1消耗的功率的变化范围。
本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断，并且会灵活运用欧姆定律。
16.【答案】电磁波 聚变
【解析】解：(1)由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员进入空间站后利用电磁波与地面指挥中心传递信息；
(2)太阳能是太阳内部氢原子核在超高温下发生聚变而释放出的能量。
故答案为：电磁波；聚变。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
(2)太阳能是由于太阳内部氢原子核发生聚变释放出来的。
本题考查电磁波以及核聚变，难度不大。
17.【答案】扩散 越小
【解析】解：(1)将消毒液喷洒在楼道、走廊里，我们能闻到了消毒液的气味，属于扩散现象，表明了消毒水分子在不停地做无规则运动；
(2)防疫人员用喷壶喷洒消毒液时，喷壶管口上方空气流速大、压强小，管内的液柱在瓶内气压的作用下上升。
故答案为：扩散；越小。
(1)不同的物质相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动；
(2)流体的流速越大，流体压强越小。
本题考查了扩散现象和流体流速与压强的关系，难度一般。
18.【答案】60 镜面
【解析】解：
由图可知，入射光线与平面镜的夹角是30°，根据入射角的定义可知，入射角为90°−30°=60°；根据光的反射定律可知反射角等于入射角，即反射角为60°；
平静的湖水相当于平面镜，“镜湖”说明湖水中出现了物体的像，该像是由于光在水面发生了镜面反射形成的。
故答案为：60；镜面。
先确定入射角的大小，然后根据反射角等于入射角，求出反射角的大小。平静的水面相当于镜面，可以发生镜面反射。
考查对光的反射定律的应用情况及镜面反射的实例，要求学生会灵活应用光的反射定律。
19.【答案】非平衡力 足球具有惯性
【解析】解：运动员将静止的足球斜向上踢飞，足球在空中飞行到最高点时受重力和阻力的作用，这两个力的大小、方向都不相同，所以不是平衡力；
一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会继续向前滚动。
故答案为：非平衡力；足球具有惯性。
物体受到平衡力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态；
一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。
此题考查了对惯性的理解及平衡力与相互作用力的区别。平衡力与相互作用力有一个最明显的区别：平衡力作用在一个物体上，相互作用力作用在两个物体上。
20.【答案】7.14 地面
【解析】解：小明前50m所用的时间为：
t1=s1v1=50m6.25m/s=8s；
百米全程用时：t=t1+t2=8s+6s=14s；
则百米全程的平均速度为：v=st=100m14s≈7.14m/s；
当同学们以自己或地面为参照物时，小明的位置不断发生变化，所以小明是运动的，即看到小明越跑越快。
故答案为：7.14；地面。
已知前段路程和速度，根据v=st计算前段路所用的时间，再计算出通过全程所用的总时间，根据v=st计算平均速度；
判断物体的运动状态之前，必须选择参照物，如果物体和参照物之间发生了位置的改变，则称物体是运动的；如果物体和参照物之间没有发生位置的改变，则称物体是静止的。
此题考查的是平均速度的计算和参照物的选择，在计算全程的平均速度时，必须用总路程除以总时间，绝对不是两个速度的平均值。注意公式的熟练运用。
21.【答案】30 做功
【解析】解：单缸四冲程汽油机飞轮的转速为3600r/min=60r/s，即1s内汽油机飞轮转60圈，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以在1s内该汽油机对外做功30次；
在汽油机的压缩冲程中，把活塞的机械能转化为燃料混合物的内能，这是通过做功的方式增加燃料混合物的内能。
故答案为：30；做功。
(1)四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能。
本题考查热机的有关计算以及改变物体内能的方式，是一道基础题。
22.【答案】1.05 ;不变
【解析】解：牛奶的体积：V=200mL=200cm3，
牛奶的密度：ρ=mV=210g200cm3=1.05g/cm3，
因密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关，
所以，小聪喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍为1.05g/cm3不变。
本题考查了密度的计算和密度的特性，要注意单位的换算，是一道基础题目。
23.【答案】导体 摩擦起电
【解析】解：我们在考试时用到的2B铅笔中的石墨容易导电，是导体；
在干燥的日子里，脱毛衣时会听到“噼啪”声，这是摩擦起电现象，其实质是电子的转移。
故答案为：导体；摩擦起电。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；摩擦可以使物体带电。
本题主要考查了对生活中导体的认识和对摩擦起电现象的了解，难度不大。
24.【答案】< 费力
【解析】解：用手捏开夹子时，手施加的力是动力，夹子上的卡簧对夹子的作用力是阻力，由图可知，此时动力臂大于阻力臂，所以此时夹子是省力杠杆，则F1
所以用该夹子夹住物体时，动力臂小于阻力臂，则夹子是费力杠杆。
故答案为：小于；费力。
动力臂大有阻力臂的杠杆是省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，分析夹子张开时，动力臂与阻力臂的关系，从而判断此时夹子属于什么杠杆；
本题考查了杠杆的分类、增大摩擦的方法，是一道基础题，知道杠杆的分类依据、知道增大摩擦的方法即可正确解题。
25.【答案】并 小
【解析】解：(1)家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；
(2)家庭电路中，家用电器是并联的，同时工作的用电器越多，横截面积越大，所以电阻就越小；
故答案为：并；小。
(1)家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；
(2)用电器并联相当于增大导体横截面积。
本题考查了家庭电路中各用电器连接方式、并联电路的电阻的特点，难度不大。
26.【答案】0.1 1000
【解析】解：因为“1200r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过1200r，
所以电能表转盘转120r，电吹风消耗的电能：W=1201200kW⋅h=0.1kW⋅h，t=6min=0.1h，
电吹风的功率：P=Wt=0.1kW⋅h0.1h=1kW=1000W。
故答案为：0.1；1000。
“1200r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，知道时间，再利用P=Wt求出电吹风的功率。
本题考查电功、电功率的计算，关键是电能表相关参数的理解以及电功率公式的应用。
27.【答案】3 小
【解析】解：
(1)由串联电路的规律及分压原理有：
U−UVUV=R滑R定，
等式左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器的最大电阻连入电路时，对应的定值电阻最大，这时控制的电压表示数最小，故有：
6V−UVUV=20Ω20Ω，
UV=3V，
要获得3组实验数据，电压预设的最小值为UV=3V；
(2)电压预设值越大，电路中电流越大，根据串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端电压越小，由欧姆定律R=UI可知，滑动变阻器连入阻值越小，则所需滑动变阻器的最大阻值越小。
故答案为：3；小。
(1)由串联电路的规律及分压原理，结合数学知识分析回答；
(2)电压预设值越大，电路中电流越大，滑动变阻器两端电压越小，再结合欧姆定律分析作答。
本题考查串联电路电压的规律、欧姆定律和控制变量法的运用及对实验的要求，体现数学知识在物理中的运用，有一定难度。
28.【答案】10.0 照相机 近视眼 大于 C
【解析】解：(1)平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f=30.0cm−20.0cm=10.0cm；
(2)小明将各器材放在如图乙所示的位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像(未画出)，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)图乙中若将蜡烛向左移动一小段距离，此时光屏上的像变模糊，在蜡烛和凸透镜之间放置一个合适的透镜后光屏上的像又变清晰，说明该透镜对光线具有发散作用，会推迟光线会聚成像，故该透镜为凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼，即近视眼的矫正原理与此相同；
(4)由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐增大；当u>2f时，物距的变化大于像距的变化，即物体移动速度大于像移动的速度；
(5)如果用遮光板挡住透镜的下半部分，上半部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来变暗，故选：C。
故答案为：(1)10.0；(2)照相机；(3)近视眼；(4)大于；(5)C。
(1)平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
(2)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(3)凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼；
(4)图象中横坐标表示物距，纵坐标表示像距，结合凸透镜成像规律和图象变化分析；
(5)当用遮光板挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
29.【答案】弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小 f=0.3F压 2、4、5 2.0 C 木块没有做匀速直线运动 毛巾
【解析】解：
(1)在实验操作中，用弹簧测力计沿平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，读出拉力就测量出了摩擦力；
(2)分析表中序号为1、2、3的三组实验数据可知，压力增大为原来的几倍，测力计示数也增大为原来的几倍，故滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压成正比；比例张数为：
1.2N4N=0.3；
滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式是：
f=0.3F压；
(3)要探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，需要保持压力的大小不变，改变接触面的粗糙程度，因此应该分析序号2、4、5的三组实验数据可得滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
(4)分析图乙可知，要使木块由静止开始运动，至少要用2.0N的力；
当木块受到的拉力是1.8N时，木块可能静止(还没拉动)，也可能匀速直线运动(已经拉动了，且由乙图可知滑动摩擦力等于1.8N，故选：C。
(5)用弹簧测力计沿平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡知识，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小，实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是木块没有做匀速直线运动；，测力计拉力与受到的滑动摩擦力可能不是平衡力；
(6)探究阻力对物体运动的影响的实验，要改变接触面的粗糙程度，故从本实验的器材中选择水平木板、棉布和毛巾，并添加斜面和小车，还可以做“探究阻力对物体运动的影响”的实验。
故答案为：(1)弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小；(2)f=0.3F压；(3)2、4、5；(4)2.0；C；(5)木块没有做匀速直线运动；(6)毛巾。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)分析表中数据得出动摩擦力f的大小与接触面所受压力F压大小的关系式；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(4)分析图象，结合二力平衡知识解析。
(5)弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是木块没有做匀速直线运动；
(6)探究阻力对物体运动的影响的实验，要改变接触面的粗糙程度，从而改变小车受到的阻力大小。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，同时探究阻力对物体运动的影响。
30.【答案】B 1.9 增大 小灯泡实际功率太小 6 丙 为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω
【解析】解：(1)由欧姆定律，小灯泡的额定电流，I=UR=3.8V8Ω=0.475A，确定电流表量程“0～0.6A”，滑动变阻器的一上一下连接，应接上接线柱，把灯泡与滑动变阻器串联接入电路，如下图所示：
(2)正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于B端。
(3)由图知电流表的量程为0−0.6A，电流表示数I=0.5A；所以灯泡的额定功率为P=UI=3.8×0.5W=1.9W；
(4)通过R=UI知，3、4、5次的电阻分别为：6.4Ω、7.6Ω、8.2Ω，故小灯泡灯丝电阻随电压的增大而增大；在第1次实验中，小灯泡不发光的原因是小灯泡实际功率太小。
(5)在测量灯泡在继续调节滑动变阻器时，把灯丝烧断了，则此时电压表示数约为6V。
(6)第一次实验时，灯泡电压U灯=1.00V，由串联电路特点知，滑动变阻器电压U滑=U−U灯=6.00V−1.00V=5.00V；
电路电流I=0.20A，滑动变阻器阻值R滑=U滑I=5.00V0.20A=25Ω；由此可见应选丙滑动变阻器，因为为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω。
故答案为：(1)如图所示；(2)B；(3)1.9；(4)增大；小灯泡实际功率太小；(5)6；(6)丙；为完成第一次实验，滑动变阻器接入电路的电阻至少为25Ω。
(1)电流表用0.6A量程串联接入电路，滑动变阻器接右端上面接线柱串联在电路中；
(2)闭合开关前，接入电路的滑动变阻器阻值应最大。
(3)由图读出电流表示数I，利用P=UI求得额定功率；
(4)电阻R=UI，由表中数据知灯泡灯丝电阻随电压增大而增大；在第1次实验中，灯泡两端的电压U太小，功率P=UI太小，所以小灯泡不发光。
(5)灯丝烧坏时电压接近6V。
(6)根据第一次实验数据、串联电路的特点，求出第一次实验时滑动变阻器接入电路的阻值，然后判断选用哪一个滑动变阻器。
本题考查了连接电路图、电流表的读数、找出电压与电阻的关系、滑动变阻器的调节、求滑动变阻器的阻值等问题、熟练掌握串联电路特点与欧姆定律是正确解题的关键。
31.【答案】答：
(1)家庭电路电压为220V一定，由I=PU知，电路中接入大功率用电器工作时，电路的总功率更大，所以电路中电流也较大；
(2)在其他条件相同时，粗导线的横截面积大，电阻小，根据P=I2R，在电路中电流一定时，粗导线的电阻小，导线的发热功率小，所以大功率用电器工作时若使用粗导线不怎么热。
【解析】(1)根据P=UI分析解答；
(2)由电阻的影响因素(导体的材料、长度、横截面积和温度)结合P=I2R分析粗导线不怎么热的原因。
本题考查利用电功率公式以及电阻影响因素分析解释生活中的现象，难度不大。
32.【答案】解：
(1)分析图象数据可知：物体浸没时，弹簧测力计的示数为4N，物体离开水面后弹簧测力计的示数不变，为12N，则物体重力G=12N；
所以，物体浸没在水中所受的浮力：F浮=G−F=12N−4N=8N；
(2)根据F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3；
由G=mg得，物体质量：
m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
则物体的密度：
ρ=mV=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3；
(3)由于圆柱形容器中水的深度不变，由图象数据可知：物体的高度L=8cm−5cm=3cm=0.03m，
则物体上表面刚出水面时下表面所处的深度h=L=0.03m，
所以水对下表面的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m=300Pa。
答：(1)物体浸没在水中所受的浮力为8N；
(2)物体的密度为1.5×103kg/m3；
(3)物体上表面刚出水面时，水对下表面产生的压强为300Pa。
【解析】(1)根据图象可知：物体完全浸没在水中时弹簧测力计的示数为4N，物体离开水面后弹簧测力计的示数不变，为12N，则此时测力计的示数为物体重力；根据F浮=G−F即可求出浮力；
(2)根据F浮=ρ液gV排求出物体的体积；然后根据G=mg求出物体质量，利用ρ=mV求出物体的密度；
(3)由于圆柱形容器中水的深度不变，则根据图象可知物体的高度，由此可知物体上表面刚出水面时下表面所处的深度，然后p=ρgh可以求出对下表面产生的压强。
本题考查阿基米德原理、密度公式、重力公式和称重法求浮力等，关键是知道物体完全浸没时排开水的体积和物体本身的体积相等，注意水面的深度不变，据此可求出物体的高度。
33.【答案】解：(1)由ρ=mV可得，水的质量
m=ρV=1.0×103kg/m3×10×10−3m3=10kg，
水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×l03J/(kg⋅℃)×10kg×(50℃−20℃)=1.26×l06J，
由P=Wt可得，洗衣机加热消耗的电能：
W=Pt=2400W×17.5×60s=2.52×106J，
洗衣机加热的效率：
η=Q吸W×100%=1.26×106J2.52×106J×100%=50%。
(2)由电路图可知，当旋钮旋至1档时，电热丝R1与R2并联，洗衣机处于加热状态，
由P=UI=U2R得，电热丝R1的加热功率：
P1=U2R1=(220V)222Ω=2200W，
电热丝R2的加热功率：
P2=P−P1=2400W−2200W=200W，
洗衣机处于保温洗涤状态时，电热丝R2与电动机并联，
则电热丝R2和电动机的总功率：
P总=P2+P电动=200W+240W=440W，
保温洗涤的干路电流：
I=P总U=440W220V=2A；
(3)由P=U2R可得，电热丝R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω。
答：(1)此过程中的加热效率是50%；
(2)洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是2A；
(3)R2阻值是242Ω。
【解析】(1)由ρ=mV可求得水的质量，先根据Q吸=c水m水(t−t0)求出水吸收的热量，再根据W=Pt求出洗衣机加热的效率，最后根据η=Q吸W×100%求出洗衣机加热的效率；
(2)根据P=UI=U2R求出电热丝R1的加热功率，进而得出电热丝R2的加热功率，先求出电热丝R2和电动机的总功率，根据P=UI的变形公式求出干路电流；
(3)根据R2=U2P2求出电热丝R2阻值。
电功与热量的综合计算，涉及到电吸热公式、电功公式、效率公式、电功率公式串并联电路的特点以及欧姆定律及变形公式的应用，关键是电路结构的正确分析，并能从表格中得出相关信息，有一定的难度。
34.【答案】竖直 力能改变物体的运动状态 1.5 2000
【解析】解：(1)滑雪者从雪坡上滑下时，其所受重力方向竖直向下的；
(2)滑雪者从雪坡上滑下时，用力撑雪杖就能改变滑行的速度和方向，原因是力是改变物体运动状态的原因；
(3)因为滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去，所以滑雪者必须在1秒内至少通过1.5m，所以滑雪者的速度最小为：
v=st=1.5m1s=1.5m/s；
两个滑雪板的面积：
S=1.5m×0.12m×2=0.36m2，
滑雪板对雪地的压力：
F=G=720N，
滑雪板对雪地的压强：
p=FS=720N0.36m2=2000Pa。
故答案为：(1)竖直；(2)力能改变物体的运动状态；(3)1.5；2000。
(1)重力的方向是竖直向下的；
(2)力是改变物体运动状态的原因
(3)滑雪者在雪地上停留超过一秒，就会沉下去，滑雪板的长1.5m，根据v=st可求出速度。
滑雪板对水平雪地的压力等于滑雪者与滑雪板总重为720N，由滑雪板的长1.5m、宽0.12m，可求出滑雪板的面积，再根据p=FS求出压强。
本题主要考查了减小压强的方法、重力的方向、速度和压强的计算，在计算压强时，要注意受力面积是两个滑雪板的面积，不要算成一个的，这是一个易错点。
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