2023年河南省信阳市光山县孙铁铺镇中学中考物理三模试卷

这是一份2023年河南省信阳市光山县孙铁铺镇中学中考物理三模试卷，共18页。

2023年河南省信阳市光山县孙铁铺中学中考物理三模试卷
1. 初中阶段学到了许多物理研究方法，如：研究真空不能传声中应用了科学推理法，请你再列举一个物理研究方法的应用，研究______ 应用了______ 。(写出一条即可)
2. 如图所示的冰糖葫芦制作方法很简单：将洗净的山楂穿在竹签上，然后将一定量的白糖放入锅中加热，利用______ 的方式增加糖的内能，待白糖______ (填物态变化名称)后，再把山楂蘸上糖浆，等山楂上的糖浆______ (选填“吸收”或“放出”)热量变成固态，冰糖葫芦就做好了。


3. 夏天早晨，树叶上会有露珠，透过露珠看到的叶脉会更清楚，这是由于露珠相当于一个透镜，使叶脉放大了，风吹过两滴露珠接触后合成一滴，表明分子______ 。
4. 如图所示，小莉有两只相同的气球在自己的头发上摩擦就可以让一只气球在另一只气球上方“跳舞”，这个过程中______ (选有或没有)创造电荷，用手压气球时发现气球可以被压扁，说明力可以改变物体的______ 。


5. 如图所示，利用电能表和秒表测家中电热水壶的电功率。电热水壶使用的是三脚插头，中间较长的脚连接的是电热水壶的金属外壳，插入三孔插座后可将其与______相连，防止漏电时对人造成伤害。让电热水壶单独工作5min，消耗了0.1kW⋅h的电能，则电能表的转盘转了______转，电热水壶的实际功率为______ W。

6. 用漆包线绕成线圈，刮去两端的漆皮，一端全部刮去，另一端只刮半周。把线圈放在用硬金属丝做成的支架上，如图连接电路。闭合开关，用手轻推线圈，线圈就开始转动。其工作原理是______ ；若要线圈的转动方向与原来相反，可以采取的措施有：______ (写出一条即可)。


7. 下列物品中，在通常情况下都是导体的是(    )
A. 玻璃、大地、塑料 B. 橡胶、白醋、硬币 C. 人体、铁丝、石墨 D. 陶瓷、铁棒、盐水
8. 如图是同学们学习声现象时所做的实验，下列对实验的解释中错误的是(    )

A. 图甲实验说明声音的传播需要介质
B. 图乙实验是为了探究音调与振动频率的关系
C. 图丙实验说明发声的物体在振动
D. 图丁实验说明振幅越大，声音的音调越高
9. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是(    )
A. 海绵容易被压缩，说明分子间有空隙
B. 地球绕太阳运动，说明太阳是宇宙中心
C. 破镜不能重圆，主要是因为分子间有排斥力
D. 物理学家汤姆生发现了电子，说明原子是可分的
10. 下列事例中，利用大气压工作的是(    )
A. 用活塞式抽水机抽水 B. 注射时将药液注入肌肉内
C. 热水使瘪的乒乓球复原 D. 站在安全线外候车
11. 近年来，我国在信息、能源和新材料等方面的探究取得了重大进步，下列说法中正确的是(    )
A. “天宫课堂”直播过程中，天地互动是利用超声波传递信息的
B. “用张北的风点亮冬奥的灯”中风力发电过程中将机械能转化为电能
C. 我国研制的“华龙一号”使用的核能是可再生能源
D. “长征八号”遥二运载火箭外壳的主要材料是铝合金，利用了该材料密度大的特点
12. 2022年春晚的《乳虎啸春》是央视导演组和河南塔沟武术学校精心创编的节目。如图是某演员纵身从虎娃头顶越过的示意图，以下说法正确的是(    )
A. 演员到达B处时，受到平衡力的作用
B. 演员从A处跃到B处的过程中，受到的重力变小
C. 演员从B处落到C处的过程中，重力势能转化为动能
D. 演员在整个运动的过程中，机械能保持不变

13. 如图是小强自己设计的用于锻炼臂力的拉力器结构示意图用，他每次用恒为F的拉力向下拉动拉杆，使重为G的配重块在t时间升高了h，然后放手让其自由落下。下列说法正确的是(    )
A. 图中使用的定滑轮，其作用是为了改变力的方向
B. 提拉前配重块受到的重力与地面对配重块支持力是一对相互作用力
C. 小强每次拉动拉力器的过程中对配重块做的功为Gh
D. 小强每次拉动拉力器的过程中拉力做功的功率为2Fht

14. 如图甲，是在综合实践活动中，小林自制的一个坐位体前屈项目测试仪，原理如图乙所示。若电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为粗细均匀的电阻丝。闭合开关，推动挡板的过程中，以下说法正确的是(    )

A. 电流表示数变小 B. 电压表示数变大
C. 电压表与电流表示数之比变小 D. 电路消耗的总功率不变
15. 如图是一位近视患者的眼球晶状体模型，请大致画出光线进入人眼后的光路图。


16. 工人师傅在维修桌椅时需要使用羊角锤起钉子，请在图中画出用羊角锤起钉子时阻力F2及动力F1的力臂。


17. 如图甲为小明设计的探究光的反射规律的实验装置，其中EF为可绕ON旋转的光屏。让激光笔发出的光沿光屏E入射到O点。
(1)为了探究反射角和入射角的关系，需要用到的测量工具是______ 。
(2)实验中将入射光线AO向ON靠近时，观察到反射光线OB ______ (选填“靠近”或“远离”)ON。
(3)多次改变入射角的大小，小明测量得到反射角和入射角的数据如表所示。根据以下数据可以得出的结论是：在光的反射现象中，______ 。
实验次数
入射角
反射角
1
40∘
40∘
2
50∘
50∘
3
60∘
60∘
(4)如图乙所示，在操作中发现，光屏F旋转到1、3位置时观察不到反射光线，旋转到2位置时观察到反射光线，这一现象说明，光反射时反射光线、入射光线和法线在______ 。

18. 在探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时，小明设计并连接了如图甲所示的实物电路。
实验次数
1
2
3
4
电压表示数U/V
1.0
1.5
2.0
2.5
电流表示数I/A
0.10
0.15

0.25
(1)小明连接好电路，老师检查后发现电路中有一根导线连接错误，请在图甲中错误的那根导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
(2)连接电路时开关应处于______ 状态，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到最______ (选填“左”或“右”)端。
(3)闭合开关后，若电流表、电压表无示数，小明认为是滑动变阻器断路，请你利用一根导线帮他验证猜想：______ 。
(4)排除故障后，小明移动滑动变阻器的滑片改变电阻两端的电压，多次进行实验，实验数据如表所示。其中第3次实验时电流表的指针偏转情况如图乙所示，此时电流表的示数为______ A。根据表中数据，你如何判断出电流与电压成正比？请说出一种方法：______ 。(写出一个即可)
(5)为了得出更普遍的规律。小明更换定值电阻后重复实验，闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表指针偏转角度均小于表盘最大刻度的16。请你给小明提供一种解决此问题的方案：______ 。
(6)完成实验后，小明和同学讨论用相同的电路图还可以做哪些实验？______ (写出一个即可)。
19. 小芳家有金属饰品(实心)，为判断其材质，她借来天平、量筒等器材来测量其密度。
(1)将天平放在水平桌面上并将游码调至标尺左端的零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向______ 调节，直到指针指向分度盘的中央
(2)用调好的天平称量饰品的质量，当天平再次平衡时，右盘中砝码的质量和游码的位置如图甲所示，则饰品的质量为______ g；用细线拴好饰品放入装有适量水的量筒中，如图乙所示，则饰品的体积为______ cm3。
(3)小芳查阅到一些金属的密度如表所示，根据测量结果可知该饰品是由______ 制成的。
金属
铝
铁
铜
银
密度(g/cm3)
2.7
7.9
8.9
10.5
(4)测量后，告诉小芳使用家里电子秤也能测出饰品的密度，请你将她的测量过程补充完整：
①往玻璃杯中倒适量水放在电子秤上，记下电子秤的质量m0；
②将饰品放入水中，记下电子秤示数m1，并在水面处作标记；
③拿出饰品，缓慢向玻璃杯中加水至标记处，记下此时电子秤的示数m2；
④饰品的密度ρ=______ (用测量量的符号表示，水的密度ρ水)；
⑤测量完成后小芳发现电子秤没有调零，不放物体时也有示数，则她测得饰品的密度与真实值相比______ (选填“偏大”、“偏小”或“相等”)。

20. 2022年第24届冬奥会在北京举办。我国运动员在滑雪项目取得了优异的成绩，已知运动员的质量为52kg，滑雪装备的质量为11kg，每块滑雪板长1.5m，宽10cm。请完成以下问题：
(1)比赛中，运动员脚穿滑雪板，起跳并在空中完成固定动作后，可以在空中继续向前运动一段距离，是由于______ ，运动员落到雪地上后最终停下来，是因为受到______ 的作用。
(2)运动员穿上滑雪板时静止站在雪地上时对雪地的压强为多少？(g取10N/kg)
(3)当运动员滑雪时，滑雪板和雪地之间有一层气垫，但这层气垫能维持很短的时间，若运动员在雪地上停留超过1s就会沉下去，为了保证不沉下去，运动员滑雪时的最小速度为多少？
21. 实践活动中，小刚在老师的指导下改装了一个加热装置，具备加热和保温两种功能图甲是其简化电路图(R2为加热电阻)，其部分参数如表。

(1)要利用这个装置加热，开关S应处于______ (选填“闭合”或“开”)状态。
(2)该装置正常加热时，电路中的电流是多大？R2的阻值为多大？
(3)已知该装置的加热效率为90%，在装置中装满初温为25℃的水加热至沸腾，用时7min则该装置的容积为多少？[标准大气压，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，ρ水=1.0×103kg/m3]
(4)图乙表示该装置工作时电功率与时间的关系，阴影部分面积表示______ ，请计算它的大小。
额定电压
220V
加热功率
1100W
保温功率
100W
最大容积
/

答案和解析

1.【答案】压力的作用效果  控制变量法 
【解析】解：研究压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关实验时应采用控制变量法。
故答案为：压力的作用效果；控制变量法。
物理研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“类比法”、“转换法”等方法。
本题考查了物理学方法的应用，属于基础知识。

2.【答案】热传递  熔化  放出 
【解析】解：冰糖葫芦在制作时，将一定量的白糖放入锅中加热，利用热传递的方法增加糖的内能；
让白糖变成糖浆，即由固态变为液态，故是熔化，该过程是吸热的；
待白糖熔化后，再把山楂蘸上糖浆，等山楂上的糖浆放出热量凝固成固态，冰糖葫芦就做好了。
糖浆放出热量，从液态变为固态，是凝固过程。
故答案为：热传递；熔化；放出。
(1)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。
(2)物质有固态变为液态称为熔化；该过程是吸热的；物质由液态变为固态称为凝固，该过程是放热的。
知道改变内能的两种方式，并熟悉常见的物态变化是解决该题的关键。

3.【答案】间存在引力 
【解析】解：风吹过两滴露珠接触后合成一滴，表明组成露珠的分子间存在引力。
故答案为：间存在引力。
根据分子动理论知识可知：分子间存在相互作用的引力和斥力。当分子间的距离大于平衡距离时，表现为引力；分子间的距离小于平衡距离时，表现为斥力。
本题考查了利用分子动理论解释生活中的现象，属于基础题，难度不大。

4.【答案】没有  形状 
【解析】解：小莉有两只相同的气球在自己的头发上摩擦就可以让一只气球在另一只气球上方“跳舞”，是摩擦起电，实质是电子的转移，这个过程中没有创造电荷；用手压气球时发现气球可以被压扁，说明力可以改变物体的形状。
故答案为：没有；形状。
(1)摩擦起电的实质是电子的转移；
(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
本题考查了摩擦起电和力的作用效果，属于基础题。

5.【答案】大地  300 1200 
【解析】解：(1)带三脚插头的用电器要使用三孔插座，使用电器的金属外壳通过地线与大地相连，防止因漏电造成的安全事故；
(2)消耗了0.1kW⋅h的电能，则电能表的转盘转了n=0.1kW⋅h×3000r/(kW⋅h)=300r，
电热水壶的实际功率P=Wt=0.1kW⋅h560h=1.2kW=1200W。
故答案为：大地；300；1200。
(1)带三脚插头的用电器要使用三孔插座，使用电器的金属外壳通过地线与大地相连，防止因漏电造成的安全事故；
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转，已知消耗了0.1kW⋅h的电能，据此可以计算出电能表的转盘转了多少转，利用P=Wt计算出电热水壶实际功率。
本题考查对电能表参数的理解和掌握、电功率的计算，知道3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转是解题的关键。

6.【答案】通电线圈在磁场中受到力的作用  改变电流的方向 
【解析】解：用漆包线绕成线圈，刮去两端的漆皮，一端全部刮去，另一端只刮半周。把线圈放在用硬金属丝做成的支架上，如图连接电路。闭合开关，用手轻推线圈，线圈就开始转动。其工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用；若要线圈的转动方向与原来相反，可以采取的措施有：改变电流的方向。
故答案为：通电线圈在磁场中受到力的作用；改变电流的方向。
(1)电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理来工作的。
(2)电动机转动的方向与电流的方向和磁场的方向有关。
本题主要考查了电动机的原理；关键是知道线圈转动方向与电流的方向和磁场的方向有关。

7.【答案】C 
【解析】解：A、玻璃、塑料不容易导电，属于绝缘体；大地容易导电，属于导体，故A不符合题意；
B、橡胶不容易导电，属于绝缘体；白醋是水溶液，容易导电，硬币容易导电，属于导体，故B不符合题意；
C、人体、铁丝、石墨容易导电，属于导体，故C符合题意；
D、陶瓷不容易导电，属于绝缘体；盐水是盐的水溶液，容易导电，铁棒容易导电，属于导体，故D不符合题意。
故选：C。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
本题考查了导体和绝缘体的概念，属于基础知识。

8.【答案】D 
【解析】解：A、图甲逐渐抽出里面的空气，声音逐渐减小，实验说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故A正确；
B、图乙钢尺伸出桌面的长度不同，钢尺振动的快慢不同，频率不同，音调不同，实验是为了探究音调与振动频率的关系，故B正确；
C、图丙实验水花四溅是为了将音叉的振动放大，说明发声的物体在振动，故C正确；
D、图丁实验说明振幅越大，声音的响度越大，故D错误。
故选：D。
(1)声音的传播需要介质，真空不能传声。
(2)声音的高低叫音调，音调与发声体的振动频率有关，物体振动越慢，频率越低。
(3)声音是由发声体的振动产生的，水花四溅是为了将音叉的振动显示出来。
(4)声音的大小叫响度，响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
本题主要考查了声音产生和传播的条件，关键是知道音调、响度的影响因素。

9.【答案】D 
【解析】解：A.海绵很容易被压缩，是因为海绵的内部有许多空洞，在压缩时会把空洞中的空气(或液体)挤出，但这并不能说明构成海绵的分子之间有空隙，故A错误；
B.宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，不是宇宙的中心，故B错误；
C.破镜不能重圆，主要是因为分子间的距离过大，分子间的作用力不能发挥作用，故C错误；
D.汤姆逊发现了电子，说明原子还可以再分，故D正确。
故选：D。
(1)物质是由分子组成，分子间存在间隙；
(2)宇宙是无限的，拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；
(3)物质是由分子构成的，分子在不停地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力和斥力，分子间有间隙；
(4)原子可以分为原子核和核外电子。
本题考查了学生对宏观宇宙和微观世界物质尺度及分子动理论的了解，属于基础的考查，比较简单。

10.【答案】A 
【解析】解：A.用活塞式抽水机抽水利用大气压工作的，故A符合题意；
 B.肌肉注射时，向前推活塞，注射器内压强增大，大于人的体内压强，所以将药液压入人体内，与大气压无关，故B不符合题意；
  C.瘪了的乒乓球，放入热水中，球内的气体受热膨胀，球内气体压强增加，大于外界大气压，在球内气体压强的作用下使物体恢复原状，利用了物体的热胀冷缩，与大气压无关，故C不符合题意；
 D.站在安全线外候车是因为列车进站带动周围空气快速流动导致压强减小，是流体的压强，不是利用大气压，故D不符合题意。
故选：A。
利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没有空气或空气减少，形成气压差。
此题审题一定要仔细。利用大气压的共性：无论物体是压还是吸，都是在大气压的作用下移动的。分析时不要说成“被吸上来”，而是“被外界的大气压压上来”。

11.【答案】B 
【解析】解：
A、电磁波能在真空中传播，“天宫课堂”直播过程中，天地互动是利用电磁波传递信息的，故A错误；
B、“用张北的风点亮冬奥的灯”中风力发电过程中将机械能转化为电能，故B正确；
C、我国研制的“华龙一号”使用的核能在短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源，故C错误；
D、运载火箭外壳主要材料是铝合金，利用了该材料强度高、耐腐蚀、密度小、成本低等特点，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波能在真空中传播，且能传播信息；
(2)风力发电机发电时是把机械能转化为电能；
(3)能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源；短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；
(4)铝合金强度高、耐腐蚀、重量轻(密度小)、成本低等。
本题考查了电磁波的运用、风力发电的能量转化、能源的分类和物质的物理属性及其运用，难度一般。

12.【答案】C 
【解析】解：A.该演员到达在B处时，运动状态会发生改变，受到的是非平衡力，故A错误；
B.该演员纵身从A处跃到B处的过程中，质量不变，受到的重力大小不变，故B错误；
C.该演员从B处落到C处的过程中，质量不变，速度变大，高度减小，动能增加，重力势能减小，重力势能转化为动能，故C正确；
D.该演员在整个运动的过程中，需要克服空气阻力做功，他的机械能总量减小，故D错误。
故选：C。
(1)物体受到平衡力的作用时，物体的运动状态不变；物体受到非平衡力，物体的运动状态变化；
(2)在同一位置，物体受到的重力与质量成正比；
(3)动能的大小与质量、速度有关；重力势能的大小与质量、高度有关；
(4)演员在运动过程中会受到空气阻力。
本题考查了物体的平衡状态、重力、动能和势能的转化、机械能的守恒，属于基础题

13.【答案】AC 
【解析】解：A、图中使用的是定滑轮，其作用是为了改变力的方向，不能省力，故A正确；
B、提拉前配重块受到的重力与地面对配重块支持力是一对平衡力，故B错误；
C、小强每次拉动拉力的过程中对配重块做的功为W=Gh，故C正确；
D、小强每次拉动拉力器的过程中拉力端移动的距离s=h，拉力做功的功率P=Wt=Fht，故D错误。
故选：AC。
(1)定滑轮能够改变力的方向，不能够省力；
(2)物体受平衡力作用时保持静止或匀速直线运动状态，提拉前配重块受到的重力与地面对配重块支持力是一对平衡力；
(3)利用W=Gh计算每次拉动拉力的过程中对配重块做的功；
(4)利用W=Fs求小强每次拉动拉力器的过程中对配重块所做的功；利用P=Wt求小强每次拉动拉力器的过程中拉力做功的功率。
此题考查定滑轮的作用、平衡力的判断、功和功率的计算，综合题，难度不大。

14.【答案】BD 
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，推动挡板的过程中，变阻器接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，
由I=UR可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故A错误；
推动挡板的过程中，滑片右侧电阻丝的长度变长，滑片右侧电阻丝的阻值变大，
由U=IR可知，滑片右侧电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确；
则电压表与电流表示数之比变大，故C错误；
由P=UI可知，电路消耗的总功率不变，故D正确。
故选：BD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电压表的内阻特点判断出推动挡板的过程中变阻器接入电路中的电阻变化，从而得出电路中的总电阻变化，根据欧姆定律求出电路中的电流变化；根据挡板移动的方向可知滑片右侧电阻丝的阻值变化，再根据欧姆定律得出滑片右侧电阻丝两端的电压变化，进一步得出电压表与电流表示数之比变化，利用P=UI可知电路消耗的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，根据电压表的内阻特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变是关键。

15.【答案】解：产生近视眼的原因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处某点的光会聚在视网膜前的A点，如图所示：


故答案为：见解答。 
【解析】晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像。
而近视眼的成因是只能看清近处的物体，看不清远处的物体，晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前。
此题主要考查了眼睛及其视物原理与近视眼的成因，属于基础题。

16.【答案】解：过钉子与物体的接触点作竖直向下的力，即阻力F2；然后画出F1的作用线，过支点O作垂直于F1作用线的垂线段即L1.如图所示：
 
【解析】先找出阻力作用点，然后过作用点作竖直向下的阻力；根据力臂的画法作图，即过支点作垂直于动力作用线的垂线段。
会准确找出动力和阻力，会根据力臂的画法，作出相应的力臂，要求作图规范。

17.【答案】量角器  靠近  反射角等于入射角  同一平面 
【解析】解：(1)为了探究反射角和入射角的关系，需要测量反射角和入射角的角度，故要用到的测量工具是量角器；
(2)当入射光线靠近法线时，反射光线也要靠近法线；
(3)由表中数据可知反射角等于入射角；
(4)光屏F旋转到1、3位置时观察不到反射光线，旋转到2位置时观察到反射光线，说明光反射时反射光线、入射光线和法线在同一平面。
故答案为：(1)量角器；(2)靠近；(3)反射角等于入射角；(4)同一平面。
(1)为了探究反射角和入射角的关系，需要测量反射角和入射角的角度；
(2)根据反射角等于入射角可得；
(3)分析表中数据可得；
(4)反射光线、入射光线、法线位于同一平面。
本题考查光的反射定律，需熟练掌握反射定律的内容。

18.【答案】断开  左  断开开关，将这根导线并接在滑动变阻器两端，闭合开关后若电压表、电流表均有示数，则猜想正确  0.20如果电压与电流的比值为一定值，即可判断出电流与电压成正比  电流表换用小量程  探究通过导体的电流与导体的电阻关系 
【解析】解：(1)滑动变阻器与定值电阻相连的导线应该去掉，将电压表负接线柱与定值定值的右接线柱相连，如下图所示：

(2)连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即最左端的位置；
(3)断开开关，将这根导线并接在滑动变阻器两端，闭合开关后若电压表、电流表均有示数，则猜想正确；
(4)电流表选择的是0.6A量程，每一小格是0.02A，故读数为0.20A；根据实验数据，如果电压与电流的比值为一定值，即可判断出电流与电压成正比；
(5)电路连接好后，小东同学闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器滑片，发现电流表指针偏转角度始终太小，说明电流表选用的量程过大，电流表应换用小量程；
(6)完成实验后，小明和同学讨论用相同的电路图还可以控制定值电阻两端的电压一定，探究通过导体的电流与导体的电阻关系。
故答案为：(1)如上图所示；(2)断开；左；(3)断开开关，将这根导线并接在滑动变阻器两端，闭合开关后若电压表、电流表均有示数，则猜想正确；(4)如果电压与电流的比值为一定值，即可判断出电流与电压成正比；(5)电流表换用小量程；(6)探究通过导体的电流与导体的电阻关系。
(1)探究电流与电阻的关系时，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压，据此判断需要改动的导线；
(2)为保护电路，连接电路时，开关断开，变阻器连入电路中阻值应最大；
(3)滑动变阻器断路电流表、电压表无示数，可将这根导线并接在滑动变阻器两端，观察电流表、电压表有无示数进行判断；
(4)根据电流表量程和分度值读出示数；根据实验数据，如果电压与电流的比值为一定值，即可判断出电流与电压成正比；
(5)电路连接好后，小东同学闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器滑片，发现电流表指针偏转角度始终太小，说明电流表选用的量程过大；
(6)还可以探究通过导体的电流与导体的电阻关系。
本题探究电流与电压的关系，考查电路连接、故障分析、电流表读数、分析过程及实验方案的设计。

19.【答案】右  53.46铜 m1-m0m2-m0ρ水  相等 
【解析】解：(1)先把天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端零刻度线位置上，此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右调，才能使天平平衡；
(2)饰品的质量为：m=50g+3.4g=53.4g；
饰品的体积为：V=38mL-32mL=6mL=6cm3；
(3)饰品的密度为ρ=mV=53.4g6cm3=8.9g/cm3，所以是铜制成的；
(4)④饰品的质量为：m饰品=m1-m0，饰品排开水的质量为：m水=m2-m0，饰品的体积等于其排开水的体积，根据密度公式得，V饰品=V水=m水ρ水=m2-m0ρ水，
饰品的密度ρ=m饰品V饰品=m1-m0m2-m0ρ水=m1-m0m2-m0ρ水；
⑤测量完成后小芳发现电子秤没有调零，饰品的质量为：m饰品=m1-m0，饰品排开水的质量为：m水=m2-m0，饰品的质量和饰品排开水的质量不变，则她测得饰品的密度与真实值相比相等。
故答案为：(1)右；(2)53.4；6；(3)铜；(4)④m1-m0m2-m0ρ水；⑤相等。
(1)在调节天平平衡前，应将天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端的零刻度线处；指针左偏，平衡螺母右调；指针右偏，平衡螺母左调；
(2)物体的质量等于砝码的质量与游码指示的数值之和；物体的体积等于排开液面的体积；
(3)根据密度公式计算密度，与表格中数据比较；
(4)④通过①②计算饰品的质量，通过①③计算饰品的体积，根据密度公式计算饰品的密度；
⑤通过①②计算饰品的质量，通过①③饰品排开水的质量，是前后两质量数之差，电子秤没有调零，不影响差值的大小。
本题考查了固体密度的测量，涉及到托盘天平的使用和密度公式的应用等，有一定难度。

20.【答案】惯性  摩擦力 
【解析】解：(1)运动员脚穿滑雪板，起跳并在空中完成固定动作后，可以在空中继续向前运动一段距离，是由于运动员具有惯性，还要继续保持原来的运动状态；
力是改变物体运动状态的原因，运动员落到雪地上后最终停下来，是因为受到摩擦力的作用；
(2)运动员穿上滑雪板时静止站在雪地上时对雪地的压力：
F=G总=(m运动员+m装备)g=(52kg+11kg)×10N/kg=630N，
由题知，每块滑雪板长1.5m，宽10cm=0.1m，
运动员穿上滑雪板时静止站在雪地上时对雪地的压强：
p=FS=630N2×1.5m×0.1m=2100Pa；
(3)若运动员在雪地上停留不超过1s，为了保证不沉下去，则滑雪者必须在1s内至少通过1.5m的距离，
运动员滑雪时的最小速度为：
v=st=1.5m1s=1.5m/s。
答：(1)惯性；摩擦力；
(2)运动员穿上滑雪板时静止站在雪地上时对雪地的压强为2100Pa；
(3)为了保证不沉下去，运动员滑雪时的最小速度为1.5m/s。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性；力是改变物体运动状态的原因；
(2)运动员穿上滑雪板时静止站在雪地上时对雪地的压力等于人和装备的总重力，受力面积为两块滑雪板与地面的总接触面积，根据p=FS计算对雪地的压强；
(3)若运动员在雪地上停留不超过1s，为了保证不沉下去，则滑雪者必须在1s内至少通过滑雪板长度的距离，根据v=st计算运动员滑雪时的最小速度。
本题考查了对惯性、摩擦力的理解以及重力、压强和速度的计算，难度适中。

21.【答案】闭合  保温10min消耗的电能 
【解析】解：(1)当S断开时，R1、R2串联；当S闭合时，R2被短路，电路为R1的简单电路；因为串联电路中的总电阻大于各串联导体的电阻，所以由P=UI=U2R可知，电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，装置为加热挡；R1、R2串联时，电路中的电阻最大，电功率最小，装置为保温挡；因此当开关S闭合时，装置处于加热状态；
(2)由P=UI可知，该装置正常加热时，电路中的电流：I加热=P加热U=1100W220V=5A；
由P=UI=U2R可知，加热挡电路的电阻：R加热=U2P加热=(220V)21100W=44Ω，
因为加热挡时，电路为R1的简单电路，所以R1的阻值：R1=R高温=44Ω，
由P=UI=U2R可知，保温时电路的电阻：R保温=U2P保温=(220V)2100W=484Ω，
由串联电路的特点可知，R2的阻值：R2=R保温-R1=484Ω-44Ω=440Ω；
(3)由P=Wt可知，装置加热挡时消耗的电能：W=P加热t=1100W×7×60s=4.62×105J，
由η=Q吸W×100%可知，水吸收的热量：Q吸=ηW=90%×4.62×105J=4.158×105J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m=Q吸c水Δt=4.158×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃-25℃)=1.32kg，
由ρ=mV可知，水的体积：V水=mρ水=1.32kg1.0×103kg/m3=1.32×10-3m3=1.32L，
则装置的容积为1.32L；
(4)由乙图可知，横坐标表示工作时间，纵坐标表示电功率，保温功率为0.1kW=100W，
由W=Pt可知，阴影部分面积表示保温20min-10min=10min消耗的电能，大小为：W保温=P保温t=100W×10×60s=6×104J。
答：(1)闭合；
(2)该装置正常加热时，电路中的电流是5A，R2的阻值为440Ω；
(3)该装置的容积为1.32L；
(4)保温10min消耗的电能；其大小为6×104J。
(1)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；
(2)根据P=UI求出该装置正常加热时，电路中的电流；根据P=UI=U2R分别求出装置加热和保温时电路的电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值；
(3)根据P=Wt求出装置加热消耗的电能，根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，1标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q吸=cmΔt求出水的质量，根据密度公式求出水的体积，即为装置的容积；
(4)由乙图可知，横坐标表示工作时间，纵坐标表示电功率，根据W=Pt可知阴影部分面积表示的意思并计算出其大小。
本题考查串联电路的特点、电功率公式、热量公式和效率公式的应用，正确的判断加热装置处于不同挡位时电路的连接方式是关键。