2014年广西桂林市中考物理试卷（教师版）

这是一份2014年广西桂林市中考物理试卷（教师版），共23页。试卷主要包含了去伪存真，思考与表达，作图，综合应用等内容，欢迎下载使用。
2014年广西桂林市中考物理试卷（教师版）

一、去伪存真（单项选择，每小题3份，共36分．每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的．每小题选对的得3分，不选，多选或错选的均得0分．）
1．（3分）“五一”期间，小明和爸爸第一次乘坐如图所示动车。小明在行驶的动车上透过窗户看到路旁的风景树疾速向车后退去。这是因为小明所选的参照物是（　　）

A．路旁风景树 B．路旁的房子
C．小明乘坐的动车 D．铁轨
【微点】参照物及其选择．
【思路】在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解析】解：透过窗户看到路旁的风景树疾速向车后退去，说明风景树在运动，风景树相对于动车的位置在发生变化，是以小明乘坐的动车为参照物。
故选：C。
【点拨】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2．（3分）如图所示，在“探究声音产生的原因”实验中，将正在发声的音叉紧靠悬线下的乒乓球，发现乒乓球被多次弹开。下列说法中正确的是（　　）

A．说明音调越高，乒乓球被弹开的幅度越大
B．说明发声体在振动
C．便于分辨出音叉振动发声时的音色是否相同
D．便于分辨出音叉振动所发出的声是次声波还是超声波
【微点】声音的产生．
【思路】本题是把音叉的振动转化为乒乓球的运动，这样可以把音叉的微小振动进行放大，我们能够听到声音，是由于声音经过空气传递到耳朵里的。
【解析】解：在探究“声音是由物体振动产生的”实验中，将正在发声的音叉紧靠悬线下的乒乓球，发现乒乓球被多次被弹起，这样做是为了把音叉的微小振动放大，便于观察，该现象说明了音叉在振动。
故选：B。
【点拨】此题是把音叉的振动转化为乒乓球的振动，通过转化的思想将音叉的振动进行放大，是一种放大的方法，要学会应用。
3．（3分）以下物态变化的事例中，属于凝华的是（　　）
A．冬天池塘的水面上结了一层薄冰
B．北方的冬天，冰冻的衣服在﹣10℃时也能晾干
C．刚从冰箱取出的冰棍，在其表面上附着一层“白霜”
D．刚从冰箱取出的冰棒，在其表面周围“冒”出的“白气”
【微点】生活中的凝华现象．
【思路】物质由气态直接变成固态的现象叫做凝华，霜、雪、雾凇等都是水蒸气遇冷凝华而成的。
【解析】解：冬天池塘的水面上结了一厚冰，属于凝固现象，故A错误；
北方的冬天，冰冻的衣服在﹣10℃时也能晾干，属于升华现象，故B错误；
刚从冰箱取出的冰棍，在其表面上附着一层白霜属于凝华现象，故C正确；
刚从冰箱取出的冰棒，在其表面周围“冒”出的白气属于液化现象，故D错误。
故选：C。
【点拨】本题考查的是生活中物态变化现象的判断，是中考必考的知识点，需要掌握。
4．（3分）如图所示的电路中，闭合开关S，已知电源电压为6V，L1两端的电压为2V，则下列说法正确的是（　　）

A．电压表的示数为2V B．电压表的示数为4V
C．电压表的示数为6V D．电压表的示数为10V
【微点】电压表的读数方法．
【思路】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知电压表的示数。
【解析】解：因为电压表测L1两端的电压，所以L1两端的电压U1＝2V，即电压表的示数为2V；
又因为L1、L2串联，所以L2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V。
故选：A。
【点拨】本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压表所测电路原件的判断。
5．（3分）关于物体的内能，下列说法中错误的是（　　）
A．物体的内能是不能改变的
B．热传递可以改变物体的内能
C．做功可以改变物体的内能
D．内能是物体所有分子动能和分子势能的总和
【微点】内能的概念；物体内能的改变．
【思路】解答本题需掌握：影响内能大小的因素有哪些，内能与温度的关系是什么，改变内能的方式有哪些。
【解析】解：（1）物体温度降低（或升高）时，它的内部分子运动变缓慢（或剧烈），所以内能就减少（或增加）。故A错误；
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递。故BC正确；
（3）内能是物体内部所有分子动能和分子势能的总和；一切物体都具有内能。故D正确；
故选：A。
【点拨】本题主要考查学生对：内能的概念的了解和掌握，属于基础题。
6．（3分）如图所示，是物理教材中的演示实验或示例图片，用来说明大气压强存在的是（　　）
A．液体从侧壁孔喷出 B．连通器
C．覆“杯”实验 D．蚊子尖嘴插入皮肤
【微点】大气压强的存在．
【思路】大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，例如吸盘、瓶吞鸡蛋、马德堡半球实验等。
【解析】解：
A、液体内部存在压强，液体压强随深度的增大而增大。液体从侧壁孔喷出，说明液体存在压强。不符合题意；
B、上端开口，下端相连通的容器叫连通器，放在连通器中的同种液体，静止时各液面相同。不符合题意；
C、玻璃管中盛满水用纸片盖住，杯口朝下，纸片不会下落，水不会流出，是大气压的作用。符合题意；
D、蚊子尖嘴插入皮肤，是压力一定，受力面积越小压强越大。不符合题意。
故选：C。
【点拨】大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察，此题属于生活常识。
7．（3分）在“用托盘天平测物体质量”时，小明用已调节好的天平在测物体质量过程中，通过增、减砝码后，发现指针指在分度盘的中央刻度线左边一点，这时他应该（　　）
A．将游码向右移动直至横梁重新水平平衡
B．将右端平衡螺母向左旋进一些
C．把天平右盘的砝码减少一些
D．将右端平衡螺母向右旋出一些
【微点】天平的使用．
【思路】天平的使用包括两大步，即天平的调节和物体的称量，平衡螺母是在调节过程中来调节横梁平衡的，而称量过程中不能调节平衡螺母。
【解析】解：称量时，发现指针指在分度盘中央刻度线的左边一点，说明左边重，左边放的是物体，则应向右盘里加砝码或向右移动游码，向右移动游码，相当于右盘中增加了一个更小的砝码。而此时不能调节平衡螺母。故B、C、D错误，
故选：A。
【点拨】要解这种类型的题目，首先要对天平的使用有一个整体的认识：使用规则、注意事项等，都要考虑到。
8．（3分）初三后期的复习过程中，小明的书桌上摆放着多种资料书籍，对放在水平桌面上静止的英汉词典，下列判断正确的是（　　）
A．词典平放与侧放时，对桌面的压力是不同的
B．桌面对词典的支持力与词典所受重力是相互作用力
C．词典对桌面的压力与桌面对词典的支持力是平衡力
D．桌面对词典的支持力与词典所受到的重力是平衡力
【微点】平衡力和相互作用力的区分．
【思路】（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等；
（2）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
（3）相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上。
【解析】解：A．词典放在水平桌面上静止时，对桌面的压力和自身的重力相等，即平放与侧放时对桌面的压力相等，故A不正确；
BD．桌面对词典的支持力与词典所受到的重力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一物体，是一对平衡力，故B不正确，D正确；
C．词典对桌面的压力与桌面对词典的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C不正确。
故选：D。
【点拨】本题考查了压力和重力的区别以及平衡力和相互作用力的辨别，关键是知道平衡力与相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。
9．（3分）小明利用如图所示的简单机械移动物体A时。当沿不同方向分别用F1、F2、F3的力，以不同速度匀速拉动物体时，忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．F1＝F2＜F3 B．F1＜F2＜F3 C．F1＞F2＞F3 D．F1＝F2＝F3
【微点】定滑轮及其工作特点．
【思路】定滑轮的工作特点是：使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力。
【解析】解：由图可知，图中滑轮是定滑轮，定滑轮不能省力，因为物体A匀速运动，所以F1、F2、F3都与物体A受到地面的摩擦力相等，所以三种拉法所用拉力一样大，故ABC错误；故D正确。
故选：D。
【点拨】本题考查了定滑轮及工作特点，属于基本内容，比较简单。知道定滑轮和动滑轮的定义及其特点是关键。
10．（3分）如图所示的电路中，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）

A．L1、L2两灯泡串联
B．通过L1灯的电流大于L2灯的电流
C．L1、L2两灯泡并联
D．若L1灯丝烧断，L2灯仍能正常发光
【微点】H!：串联电路的电流规律；电路的基本连接方式．
【思路】电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联的各电路元件相互影响，不能独立工作。
【解析】解：A、由图示电路图可知，闭合开关，两灯泡首尾顺次连接，它们是串联的，故A正确，C错误；
B、两灯泡串联，通过它们的电流相等，故B错误；
D、两灯泡串联，若L1灯丝烧断，电路断路，L2灯不能正常发光，故D错误；
故选：A。
【点拨】本题考查了电路连接方式的判断、电路工作情况，知道串并联的概念、知道串并联的特点即可正确解题。
11．（3分）小明爸爸的质量为70kg、小明的质量为50kg。当父子俩一起从居住楼的一楼同时走上二楼。在此过程中以下判断正确的是（　　）
A．两个人做功的功率相等
B．爸爸做功的功率比小明的大
C．小明做功的功率比爸爸的大
D．无法比较做功的快慢
【微点】功率大小的比较．
【思路】已知质量关系，根据G＝mg可知重力关系；
上楼克服自身重力做功，根据W＝Gh可知做功关系；
做功时间相同，根据根据P＝＝比较功率的大小。
【解析】解：由G＝mg得，小明爸爸的质量比小明的质量大，所以小明爸爸重力大；
上楼过程克服自身重力做功，由W＝Gh可知，小明爸爸做功多；
由P＝，可知，相同时间内，小明爸爸功率大。
故选项ACD错误，选项B正确；
故选：B。
【点拨】熟练运用重力公式、功和功率公式是解题关键，明确上楼过程中高度和时间是相同的。
12．（3分）小明有一正立方体金属块，他想知道该金属块的密度，于是将金属块浸没在某种液体中，如图甲所示，在将金属块缓缓从液体中竖直提出来的过程中（忽略液面高度变化），画出了测力计拉力F随提起高度h变化的图象，如图乙所示。（g取10N/kg）则该金属块的密度约为（　　）

A．2.7×103kg/m3 B．3.1×103kg/m3
C．3.5×103kg/m3 D．4.4×103kg/m3
【微点】密度的计算；阿基米德原理的应用．
【思路】（1）当金属块完全露出液面，没有浸入水体中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，据此求出金属块重，利用重力公式求金属块的质量。
（2）对h＝2cm到h＝4cm过程中力F拉变化分析，从而可知正方体的边长，求出体积，即可利用密度公式求出密度。
【解析】解：当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即在4cm以上，从图可知，该金属块重力为：G＝F拉＝0.35N。
∵G＝mg，
∴金属块的质量为：m＝＝＝0.035kg，
又由图乙可知：由于h＝2cm露出液面，到h＝4cm时正立方体金属块离开液面，则正方体的边长L＝2cm，
所以正方体体积V＝L3＝（2×10﹣2m）3＝8×10﹣6m3
金属块的密度为：ρ金＝＝＝4.4×103kg/m3。
故选：D。
【点拨】本题考查了综合重力、浮力、质量、密度的计算，有一定的难度。要求金属块密度，则需要知道其质量与体积，质量比较容易根据图象得出。
二、思考与表达（填空，每空1分，共16分．请将答案填写在答题卡上，不要求写出计算过程．）
13．（2分）世界杯揭幕战比赛前，一位装上智能机械脚的瘫痪少年从轮椅上站起来，走到场地中央，开出2014年世界杯足球赛第一球，如图所示。开球少年将足球踢出后，足球由于　惯性　继续向前运动，最终停下来，是因为足球受到球场地面的　摩擦阻力　作用。

【微点】惯性；摩擦力的大小．
【思路】解答此题从以下知识点入手：
①一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
②力是改变物体运动状态的原因。
【解析】解：
①足球离开脚后，不再受踢力的作用，是靠惯性向前运动；
②摩擦力是阻碍物体运动的力，足球最终停下来就是因为受到了地面摩擦阻力的作用。
故答案为：惯性；摩擦阻力。
【点拨】此题考查的是惯性的存在和力和运动的关系，我们要学会用惯性知识解释生活中一些现象。惯性在生活中有很多的应用，在生活中要注意总结。
14．（2分）太阳能属于可再生的　清洁　（选填“清洁”或“不清洁”）能源。目前人们直接利用太阳能的方式主要有两种：一种是用集热器把水等物质进行加热；另一种是用太阳能电池把太阳能转化成　电　能。
【微点】太阳能的利用．
【思路】人类在使用太阳能时，不会对环节造成污染，太阳能属于可再生的清洁能源；
太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置。
【解析】解：
太阳能可以直接被人类获取，并且人类在使用太阳能时，不会对环节造成污染，太阳能属于可再生的清洁能源；
通过太阳能电池就可以将太阳能转化为电能。
故答案为：清洁；电。
【点拨】本题考查学生对能源定义的掌握情况，并要求了解生活中进行能量转化的过程。
15．（2分）Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术。常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现。无线路由器是通过　电磁　波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度　等于　（选填“大于”“等于”“小于”）光速。
【微点】电磁波的传播与应用．
【思路】微波是指频率为300MHz﹣300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波，其传播速度等于光速。
【解析】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波的传播速度等于光速。
故答案为：电磁；等于。
【点拨】wifi、蓝牙、对讲机、子母机等近距离无线通信技术都是利用电磁波传输的。
16．（2分）如图是A、B两种物质的熔化图象。由图可知　A　（填“A”或“B”）物质是晶体，其熔点是　80　℃。

【微点】熔化和凝固的温度—时间图象．
【思路】通过图象判断晶体与非晶体时，重点观察是否有一段时间物质吸热，但温度不再升高，这说明此时这种物质达到了熔点，正在熔化，此时对应的温度就是这种物质的熔点。
【解析】解：比较图象A和B可知，A物质有一段时间吸热但温度不再升高，而B物质边吸热、温度边升高，说明A是晶体，其中温度不变的一段所对应的温度80℃就是这种物质的熔点。
故答案为：A；80。
【点拨】在辨别晶体与非晶体熔化的图象时，找出有代表性的时间点和温度点是关键，把握二者的主要区别才能做出相应的判断。
17．（2分）小明站在平面镜前2m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是　2　m，他向平面镜靠近的过程中，像的大小　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【微点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【思路】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解析】解：（1）小明站在平面镜前2m处，小明的像和小明到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离是2m。
（2）他向平面镜靠近的过程中，小明像的大小跟小明的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小明的像大小不变。
故答案为：2；不变。
【点拨】物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。
18．（2分）小明自制了一支密度计，将其分别放入盛有液体密度为ρ甲和ρ乙的甲、乙两个容器中，静止时，如图所示，从观察到的现象可以判断：ρ甲　＜　ρ乙；若该密度计排开液体的质量分别为m甲、m乙，则m甲　＝　m乙．（两空均选填“＜”“＝”或“＞”）

【微点】阿基米德原理的应用；物体的浮沉条件及其应用．
【思路】物体漂浮或悬浮时浮力等于重力，在两图中都是漂浮，而且是相同的密度计，所以浮力相同；根据阿基米德原理可以判断两容器中液体的密度和排开液体的质量。
【解析】解：∵是相同的密度计，在两种液体中都漂浮，
∴F浮＝G，
∴密度计在两种液体中受到的浮力：
F甲＝F乙＝G，
∴ρ甲gV排甲＝ρ乙gV排乙；
由图可知：V排甲＞V排乙；
∴ρ甲＜ρ乙；
根据阿基米德原理可知：
G排甲＝G排乙，
∴m甲＝m乙
解析：密度计在甲、乙两种液体中均处于漂浮状态，浮力都等于重力，在甲中排开液体的体积较大，根据阿基米德原理，甲的密度较小。在两种液体中该密度计排开液体的重力相等，排开液体的质量也就相等。
故答案为：＜；＝。
【点拨】本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好密度计漂浮（F浮＝G）是解此类题目的关键。
19．（2分）小明在探究磁生电的实验中，将导线、电流表串成闭合电路，让其中一部分导体在磁场中做　切割　磁感线运动时，导体中就产生电流。这种由于电磁感应现象而产生的电流叫做　感应　电流。
【微点】电磁感应．
【思路】根据电磁感应现象的定义即可解答。
【解析】解：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种由于电磁感应现象而产生的电流叫做电磁感应现象。
故答案为：切割；感应。
【点拨】本题考查的是电磁感应现象的概念，属于识记性内容，是一道基础题。
20．（2分）如图所示，电阻R与小灯泡连接在电路中，当闭合开关S1、S2时，电阻R被　短路　，此时灯泡的电功率为9W．S1闭合S2断开时，灯泡的电功率为1W（不考虑灯泡的电阻随温度而发生变化），则此时电阻R消耗的电功率为　2　W。

【微点】电路的三种状态；电功率的计算．
【思路】由灯泡功率根据电路图分析电路结构，求出灯泡两端的实际电压之比，根据串联电路的电压特点得出功率之比，即可根据灯泡实际功率求出R上的功率。
【解析】解：（1）由电路图可知，当闭合开关S1、S2时，电阻R被短路，只有灯泡接入电路，灯泡两端电压等于电源电压，则根据P＝得：RL＝；
（2）由电路图可知，当S1闭合、S2断开时，灯泡L与电阻R串联，
根据P＝得：RL＝，
∴＝，
∴＝＝＝3，
U：UL＝3：1，
∵串联电路的电压等于各分电压之和，
∴UR：UL＝2：1，
∵串联电路的电流处处相等，
∴由P＝UI可知：PR：PL＝UR：UL＝2：1，
∴PR＝2PL＝2×1W＝2W。
故答案为：短路；2。
【点拨】分析清楚电路结构、知道灯泡的功率与两端的电压的关系是正确解题的关键。
三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题6分，24题6分，25题8分，共24分．请将答案填写在答题卡上．）
21．（2分）如图所示，为地球磁场的N、S极，请在图中的曲线上用箭头标出地磁场的磁感线方向。

【微点】磁感线及其特点．
【思路】任何磁体都有两个磁极，为了形象描述磁场的特性，物理学中引入了磁感线，在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。
【解析】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，地磁场磁感线的方向如下图所示：

【点拨】本题的解题关键是知道：地磁场的N极在地理南极的附近，地磁场的S极在地理北极附近。
22．（2分）如图所示，重为3N的饮料盒放在水平桌面上，请作出饮料盒所受重力和支持力的示意图。

【微点】力的示意图与图示．
【思路】静止在水平面上的物体受重力和支持力作用，并且二力是一对平衡力，作用点都在物体的重心上，重力方向竖直向下，支持力方向竖直向上。
【解析】解：重力从重心竖直向下画，标出符号G，支持力从重心竖直向上画，标出符号F，注意两个力大小相等，均为3N，所画的长度要相等，如图所示：

【点拨】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，一般情况下都将起点表示力的作用点，注意平衡力的长度要相等。
23．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：

（1）由图甲可知，该凸透镜的　焦距　是15.00cm。
（2）实验前，在摆放凸透镜、蜡烛和光屏时要求三者的中心在同一水平高度，同时注意将　凸透镜　（填“凸透镜”、“蜡烛”或“光屏”）摆放在另外两个元件的中间。
（3）如图乙所示，若想在光屏上（光屏未画出）得到烛焰清晰放大的实像，则烛焰应位于透镜左侧a、b、c、d四个位置中的　c　位置。
（4）通过实验小明明白了照相机的成像原理，一次他在给兄弟班级照毕业像时，发现两旁还有同学没有进入观景框内，他应将照相机　远离　（填“靠近”或“远离”）被拍照的同学，这样才能在观景框内看到全班同学清晰的画面。
（5）小明进一步学习知道了眼球的成像原理。一束来自远处的光经眼球的角膜和晶状体折射后所成的像落在视网膜　前　（填“前”或“后”），这就是近视眼，矫正方法是戴一副由　凹　（填“凸”或“凹”）透镜片做的眼镜。
【微点】凸透镜成像规律及其探究实验．
【思路】（1）从凸透镜光心到焦点的距离叫焦距；
（2）在凸透镜成像实验中，物体经过凸透镜所成实像与物体位于凸透镜两侧；
（3）当物体在一倍焦距和二倍焦距之间时，通过凸透镜成倒立、放大的实像；
（4）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；
（5）近视眼的原因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处某点的光会聚在视网膜前面；凹透镜对光线有发散作用。
【解析】解：
（1）由图知，焦点距离光心15.00cm，所以此凸透镜的焦距为15.00cm；
（2）物体经过凸透镜成实像时，像与物体位于凸透镜异侧，所以凸透镜必须摆在另外两个元件的中间；
（3）已知凸透镜焦距为15.00cm，要使烛焰经过凸透镜成倒立放大的实像，蜡烛应该在30.00cm和15.00cm之间，由图知，需要在c位置；
（4）摄影者发现两旁还有同学没有进入取景框内，说明所照的像大了，应该让像变小一些，则摄影者要使照相机远离同学，增大物距才可以在底片上得到清晰的像；
（5）产生近视眼的原因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处某点的光会聚在视网膜前，而利用凹透镜能使光线发散的特点，在眼睛前面放一个凹透镜，可使来自远处物体的光会聚在视网膜上。
故答案为：
（1）焦距；
（2）凸透镜；
（3）c；
（4）远离；
（5）前；凹。
【点拨】本题考查学生动手操作实验的能力以及学生对凸透镜成像规律、近视眼成因及矫正方法的掌握，要求学生能根据透镜成像规律和应用分析实际问题。
24．（6分）在“探究物体的动能与哪些因素有关”实验时，小明让大小不同的实心钢球从同一斜面上相同的高度处由静止滚下，在水平面上运动并推动木块移动，如图甲所示。

（1）实验中，大小不同的钢球在水平面上推动木块移动的距离　不同　（填“相同”或“不同”）．比较实验现象，可以推理出动能较小的是　质量小　的钢球。
（2）小明选用大小不同钢球从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了探究动能大小与　质量　的关系。
（3）实验时，若让同一钢球从斜面相同高度处滚下，推动木块在粗糙程度不同的水平面上移动，小明发现水平面越光滑，木块移动的距离越　远　（填：“远”或“近”）；若水平面绝对光滑，木块将　做匀速直线运动　。
（4）同班的小红同学，发现木块移动的距离没有其他同学的明显，认为是木块太重的原因造成。为了验证猜测，小红设计了“探究滑动摩擦力与压力大小关系”的方案，如图乙所示，当接触面粗糙程度不变，通过实验得到了表格中的相关数据，请帮小红分析，此次试验中，滑动摩擦力的大小与压力之间的表达式为：　f＝0.3F压　。
试验次数
1
2
3
4
5
木块对木板压力F压/N
2
3
4
5
6
弹簧测力读数F1/N
0.6
0.9
1.2
1.5
1.8
【微点】探究影响物体动能大小的因素．
【思路】（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小球从同一高度滚下。
通过对木块做功的多少可看出小球动能的大小。
（2）掌握影响动能的两个因素：质量和速度。找出相同的量和不同的量，便可得出结论；
（3）在斜面实验中，接触面的粗糙程度不同，小车的运动距离不同；可得出：物体如果不受外力作用，则运动的物体将一直匀速直线运动状态。
（4）由表格中的数据分析得出。
【解析】解：1）实验中，大小不同的钢球在水平面上推动木块移动的距离不同。比较实验现象，可以推理出动能较小的是质量小的钢球。
（2）掌握影响动能的两个因素：质量和速度。找出相同的量和不同的量，小明选用大小不同钢球，故质量不同，从同一斜面的同一高度由静止滚下，那么它们的速度相同，故该实验是为了探究动能大小与质量的关系。
（3）接触面越光滑，物体所受摩擦力越小，物体运动的越远，所以如果物体不受阻力作用，则运动的物体将一直保持匀速直线运动状态。
（4）根据表格中数据F压＝2N时，F1＝0.6N，当F压＝3N时，F1＝0.9N，则由此知F1＝0.3F压，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小，即弹簧测力计的示数大小，故滑动摩擦力的大小与压力之间的表达式为：f＝0.3F压。
故答案为：（1）不同；质量小；（2）质量；（3）远；做匀速直线运动；（4）f＝0.3F压。
【点拨】解决多因素问题时常利用控制变量法进行分析，对于动能的大小研究常采用转换法进行分析。
25．（8分）在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关、两节干电池、定值电阻R（分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、导线若干。小明在实验时连接的电路如图1所示。

（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：
①闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至　A　（填“A”或“B”）端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和　改变电阻两端电压，进行多次测量　的作用；
②闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是　R处断路　；小明排除故障后继续实验。
（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：
①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和　控制电阻R两端电压不变　的作用；
②小明先将R＝10Ω的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15Ω的电阻时，应向　A　（填“A”或“B”）方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；
③若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，应该选取至少标有　5　Ω的滑动变阻器；
④根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，小明由图象得出的结论是：　电压一定时，电流与电阻成反比　。
（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有　伏安法测电阻　（只要求填写一个实验名称）。
【微点】探究电流与电压、电阻的关系实验．
【思路】探究电流与电压、电阻关系实验，应采用控制变量法，根据实验目的与题意分析答题。
【解析】解：（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：
①闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压，进行多次测量的作用；
②闭合开关S，无论如何移动滑动变阻器的滑片P，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约为3V，此时，电路出现的故障可能是 R处断路；
（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：
①电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和控制电阻R两端电压不变的作用；
②小明先将R＝10Ω的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变，把R换为15Ω的电阻时，应向A方向移动滑动变阻器的滑片P，才能使电压表示数为2.5V，同时记下电流表的示数；
③由图示电路图可知，电源电压为1.5V×2＝3V，由图示图象可知，电阻两端电压为U＝0.5A×5Ω＝2.5V，滑动变阻器两端电压为：U滑＝U﹣UR＝3V﹣2.5V＝0.5V，由串联电路电流I处处相等，定值电阻与滑动变阻器接入电路的阻值之比：＝＝＝＝，则R滑＝R，即：定值电阻阻值是滑动变阻器接入电路阻值的5倍，
使所给的5个定值电阻“5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω”分别接入电路中都能正常进行实验，当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，为：R滑最大＝R＝×25Ω＝5Ω，若要使所给的5个定值电阻分别接入电路中都能正常进行实验，滑动变阻器最大阻值至少为5Ω，则应该选取至少标有5Ω的滑动变阻器；
④根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，小明由图象得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比。
（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有伏安法测电阻。
故答案为：（1）①A；改变电阻两端电压，进行多次测量；②R处断路；（2）①控制电阻R两端电压不变；②A；5；③电压一定时，电流与电阻成反比；（3）伏安法测电阻。
【点拨】本题考查了实验分析，探究电流与电压、电阻关系实验，要采用控制变量法，应用控制变量法分析即可正确解题。
四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分．共24分．请将解答过程填写在答题卡上．）
26．（6分）冰壶运动是2014年索契冬奥会的比赛项目之一，冰壶形状如图所示。比赛时使冰壶沿着冰道的中心线滑行，以冰壶静止时距离营垒圆心的远近决定胜负。冰壶是由花岗岩凿磨而成，若冰壶的质量约为19kg，与冰道接触的底面积约为190cm2．g＝10N/kg，请解答下列问题：
（1）冰壶受到的重力是多少？
（2）冰壶到达营垒静止在冰面上时，对冰面的压强是多少？

【微点】重力的计算；压强的大小及其计算．
【思路】（1）知道冰壶的质量，根据G＝mg求出冰壶受到的重力；
（2）冰壶到达营垒静止在冰面上时对地面的压力和自身的重力相等，利用p＝求出对冰面的压强。
【解析】解：（1）冰壶受到的重力：
G＝mg＝19kg×10N/kg＝190N；
（2）冰壶到达营垒静止在冰面上时，对冰面的压力：
F＝G＝190N，
对冰面的压强：
p＝＝＝1×104Pa。
答：（1）冰壶受到的重力是190N；
（2）冰壶到达营垒静止在冰面上时，对冰面的压强是1×104Pa。
【点拨】本题考查了重力和压强的计算，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
27．（8分）LED（发光二极管简称LED）是人类继爱迪生发明白炽灯之后最伟大的发明之一，它是一种新型节能、环保的光源产品。如图甲是一种常见的LED手电筒，发光元件由5个发光二极管并联组成，每个发光二极管的额定电流为30mA，它的能量是由可反复充电使用的电池提供，且LED灯发光的颜色会随电压的变化而变化，如表格所示。
两端的电压/V
2
2.4
3.2
LED灯的颜色
红
黄
蓝
请回答下列问题：
（1）这种LED手电筒正常工作时的总电流为多少？
（2）图乙是一个LED与50Ω的定值电阻R串联，已知电源电压为4.2V保持不变，闭合开关S，毫安表（为读数更精确的电流表）的读数为20mA，通过计算说明此时LED灯发出什么颜色的光？
（3）若图乙中，闭合开关S，R的实际功率为0.08W，求此时LED灯通电10min消耗的电能是多少焦耳？

【微点】H@：并联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功与电能的计算．
【思路】（1）知道发光二极管正常工作时的额定电流，根据并联电路的电流特点求出5个并联后的总电流；
（2）一个LED与50Ω的定值电阻R串联，知道电路中的电流，根据欧姆定律求出定值电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，然后由表格信息得出LED灯发光的颜色；
（3）根据P＝I2R求出电阻R的电功率为0.08W时电路中的电流，根据欧姆定律求出电阻R两端的电压，根据串联电路的电压特点求出LED灯两端的电压，根据W＝UIt求出LED灯通电10min消耗的电能。
【解析】解：（1）因5个发光二极管并联，且并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，LED手电筒正常工作时的总电流：
I总＝30mA×5＝150mA＝0.15A；
（2）一个LED与50Ω的定值电阻R串联，由I＝可得，定值电阻R两端的电压：
UR＝IR＝20×10﹣3A×50Ω＝1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，LED灯两端的电压：
ULED＝U﹣UR＝4.2V﹣1V＝3.2V，
由表格数据可知，此时LED灯发出蓝颜色的光；
（3）当电阻R的电功率为0.08W时，由P＝I2R可得，电路中的电流：
I′＝＝＝0.04A，
电阻R两端的电压：
UR′＝I′R＝0.04A×50Ω＝2V，
LED灯两端的电压：
ULED′＝U﹣UR′＝4.2V﹣2V＝2.2V，
LED灯通电10min消耗的电能：
W＝ULED′I′t＝2.2V×0.04A×10×60s＝52.8J。
答：（1）这种LED手电筒正常工作时的总电流为0.15A；
（2）此时LED灯发出蓝颜色的光；
（3）此时LED灯通电10min消耗的电能是52.8J。
【点拨】本题考查了并联电路的电流特点和串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，要注意（2）（3）两问中LED的电功率不相等。
28．（10分）桂林着力打造广西风电基地，预计到“十二五”期末，全市建成的风电装机容量达到100万千瓦。如图，风力发电﹣﹣即是风轮机叶片不断受到风力的推动而转动，继而带动发电机工作输出电能。若风力发电机，每片风叶质量为6t，长为40m．下表给出了1kg空气在不同风速下速度（ν）与动能（E）的关系：（空气密度取1.2kg/m3）
动能E（J）
10
20
30
40
50
风速v（m/s）
2
4
6
8
10
（1）当风速为6m/s时，每千克空气具有的动能是多少焦耳？
（2）如果一台这样的风力发电机平均每秒可以输出1.2×105J的电能，则1000台这样的风力发电机，一年获得的电能相当于完全燃烧多少千克的煤产生的能量？（一年工作时间按3000h计算，煤的热值为3×107J/kg）
（3）当风速为10m/s时，若风力发电机风轮正面迎风，这台发电机每秒钟能对外提供3.8×105J的电能，则它将风能转化为电能的效率是多少？

【微点】能量利用效率；燃料的热值及其计算．
【思路】（1）由表格读出风速为6m/s时每千克空气具有的动能即可；
（2）根据W＝Pt求出一年1000台这样的风力发电机所产生的能量，再利用m＝即可求出完全燃烧多少千克的煤。
（3）单位时间内通过风扇的空气质量，可理解为流经风扇的空气密度和空气体积的乘积，然后用风扇的横截面积和速度公式表示出空气的体积大小，然后表示出空气质量的表达式m＝ρv＝ρsl＝ρs•vt，通过比较找出m、v的关系，利用表格所给数据算出风速为10m/s时，1s钟流向叶片旋转面积的空气质量，再根据表格可知确定此时产生的能量，再利用η＝×100%即可求出风力发电机的风能转化为电能的效率。
【解析】解：（1）由表格读出风速为6m/s时每千克空气具有的动能为30J；
（2）一年1000台这样的风力发电机所产生的能量E＝P总t＝nP0t＝1000×1.2×105J/s×3000×3600s＝1.296×1015J，
∵Q＝E＝1.296×1015J，
∴由q＝得：
相当完全燃烧的煤质量m＝＝＝4.32×107kg。
（3）设风扇的叶片旋转面积为S，风速为v；
单位时间t内，通过风扇的空气流量为：V＝SL＝S•vt；
那么这些空气的质量为：m＝ρV＝ρS•vt；
∵风扇的叶片长为40m，则S＝πr2＝3.14×（40m）2＝5024m2，
∴m′＝ρS•vt＝1.2kg/m3×5024m2×10m/s×1s＝60288kg，
根据表可知产生能量为：E风＝50J/kg×60288kg＝3.0144×106J，
这台风力发电机的风能转化为电能的效率为：η＝×100%＝×100%≈12.6%．
答：（1）当风速为6m/s时，每千克空气具有的动能是30J；
（2）一年获得的电能相当于完全燃烧4.32×107kg的煤产生的能量；
（3）它将风能转化为电能的效率是12.6%。
【点拨】要解好此题，要求同学们平时关注科学，增加课外阅读量；联系实际，拓宽视野，直面现实生活中的物理问题，学以致用；活化物理基本知识，注重基本素质和能力的培养。