2023年吉林省长春市德惠三中中考物理模拟试卷（二）

这是一份2023年吉林省长春市德惠三中中考物理模拟试卷（二），共19页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
2023年吉林省长春市德惠三中中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（本大题共10小题，每题只有一个选项最符合题意，每题2分，共20分）
1．（2分）物质发生下列物态变化时，需要吸热的是（　　）
A．凝固 B．凝华 C．升华 D．液化
2．（2分）下列实例中，应用连通器原理工作的是（　　）
A．茶壶 B．体温计 C．吸尘器 D．水库大坝
3．（2分）下列选项中形容声音的“高”与其他三项不同的是（　　）
A．引吭高歌 B．高声喧哗
C．男高音歌唱家 D．广场的高音喇叭
4．（2分）下列光现象成因与月食相同的是（　　）
A．小孔成像 B．雨后彩虹 C．水中倒影 D．放大镜看字
5．（2分）为了节约能源，需提高热机的效率，下列措施中不能提高热机效率的是（　　）
A．尽量使燃料充分燃烧
B．尽量减少热机部件间的摩擦
C．尽量减少废气带走的热量
D．尽量减少热机工作的时间
6．（2分）举重运动员在举起杠铃时，下列说法中正确的是（　　）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
C．人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力
D．人受到的重力和人对杠铃的支持力是一对相互作用力
7．（2分）如图所示，是条形磁体的磁场分布图，下列说法正确的是（　　）

A．该条形磁体的左端为S极，右端为N极
B．a、b、c、d四个点处的磁场强弱相同
C．置于a点的小磁针，静止时南极指向右侧
D．磁场是为了分析小磁针的偏转情况假想出来的
8．（2分）如图所示，神舟十五号载人飞船于2022年11月29日晚间在酒泉卫星发射中心成功发射升空，创下了我国在超低温天气下成功发射载人飞船的新纪录。神舟十五号飞船在加速升空的过程中，下列描述说法中正确的是（　　）

A．飞船升空时与大气摩擦产生热，这是通过热传递的方式改变了内能
B．飞船升空的过程中，飞船含有的热量逐渐增大
C．飞船升空的过程中，动能增大，重力势能增大，机械能增大
D．火箭发动机的燃料应具有热值小的物理属性，燃烧时内能转化为化学能
9．（2分）如图所示的杠杆，正处于水平平衡，若将杠杆左边的钩码向右移动一段距离L，为使杠杆恢复平衡，应将右边钩码（　　）

A．向右移动L B．向左移动L
C．向右移动大于L的距离 D．向左移动大于L的距离
10．（2分）如图所示的电路中，定值电阻R0和电源电压保持不变，滑片P位于滑动变阻器的中点时，定值电阻的电功率为16W，当滑片从中点向b端移动距离s后，定值电阻的电功率为9W；滑片从中点向a端移动距离s，定值电阻的电功率为（　　）

A．36W B．25W C．23W D．18W
二、非选择题（本大题共13小题，第11～22小题每空、每图各1分，第23小题8分，共50分）
11．（2分）将一带电体靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒时，它们互相排斥，此带电体所带的电荷是 　 　电荷，验电器是根据同种电荷互相 　 　的原理制成的。
12．（2分）如图电路中，闭合开关后电路的状态是 　 　；要使两灯并联，如果将导线a的右端分别接到接线柱A、C、D处，三种方案中可行的有 　 　种。

13．（2分）如图所示家庭电路。闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管 　 　；若断开开关S，站在地面上的人用手接触电路中的B点 　 　触电。

14．（4分）长春南湖大桥音乐喷泉开放，吸引众多市民前来观看，爸爸开车带着小明匀速行驶在南湖大桥上时，以爸爸为参照物，小明是 　 　的；若汽车以54km/h的速度用时10s通过大桥，则大桥全长约为 　 　m；爸爸汽车的北斗导航系统是卫星利用 　 　向汽车发送位置信息的；该汽车使用四冲程汽油机，图乙中汽油机处于 　 　冲程。

15．（2分）如图所示，滑轮组悬挂在水平钢架上，某工人站在水平地面上向下拉动绳子，5s内使物体A匀速上升1m，提升过程中拉力F的功率为200W，已知物体A重800N，动滑轮重 　 　N，该工人重600N，工人利用该滑轮组提升物体的最大机械效率为 　 　（不计绳重和摩擦）。

16．（4分）2022年吉林省新能源发电达到260亿千瓦时，同比增长36.7%，吉林省清洁能源发展迎来“黄金期“，某同学用如图所示的装置研究发电机的原理。

（1）让导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，观察到的现象是 　 　。
（2）在这个实验中 　 　能转化为电能；核电站是利用 　 　方式获得核能来发电的。
（3）若将此装置中灵敏电流计换成 　 　，可进一步探究电动机的工作原理。
17．（4分）小华用如图所示的实验装置探究水的沸腾特点。

（1）安装实验器材如图甲，请指出操作错误：　 　。
（2）实验中，小华观察到水在沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a、b所示，表示沸腾时气泡上升情况的是图 　 　。
（3）为了说明水的沸腾过程是否需要吸热，应 　 　，观察水是否沸腾。
（4）小华完成了实验，并根据实验数据，作出了如丙图所示的温度随时间变化的图象，他发现温度计示数在最后阶段上升速度变慢，产生这种现象的原因可能是 　 　。
18．（4分）用如图所示装置模拟人眼成像情况，此时烛焰在光屏上成清晰的像。
（1）实验时，应使烛焰的中心，透镜的光心和光屏的中心位于凸透镜的 　 　上。
（2）当蜡烛远离凸透镜时，光屏上烛焰的像变得模糊了。若此时模拟人眼的调节功能，采用更换凸透镜的方式重新在光屏上得到清晰的像，应该进行的操是 　 　。
（3）在第（2）题的情况下，为使光屏上再次观察到清晰的像，小红采用增加透镜的方法，在蜡烛和凸透镜间的适当位置，放置一个 　 　；小明则采用移动光屏的方法，若蜡烛移动的距离为s，则光屏移动的距离s'　 　s（选填“＞”“＜”或“＝”）。

19．（4分）小明同学学习了密度的测量后，想用天平和量筒测量石块的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，调节天平横梁在水平位置平衡，如图甲所示，请你指出小明同学调节天平横梁平衡的过程中遗漏的操作步骤：　 　；
（2）完成遗漏的操作步骤后，发现无论怎么调节平衡螺母，横梁都无法水平平衡。于是聪明的小明在 　 　侧托盘下粘了一小块橡皮泥，重新把天平调节平衡了。
（3）由于操作匆忙，小明同学将石块放在右盘，砝码放在左盘，调节游码天平再次平衡时左盘砝码和游码如图乙所示，由图丙可知石块的体积。则石块的密度是 　 　g/cm3。
（4）本次验中，由于小明在托盘下粘了橡皮泥，则所测石块的密度与真实密度相比 　 　。
20．（4分）在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热，记录相关数据，并绘制出如图的图象，（不计热量相关）

（1）实验时，选用初温和 　 　均相等的甲、乙两种液体。
（2）加热10min，甲吸收的热量 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）乙吸收的热量。
（3）若乙液体的比热容是4.2×103J/（kg•℃），则甲液体的比热容是 　 　J/（kg•℃）；甲液体的质量是1kg，在10min～15min它吸收的热量是 　 　J。
21．（5分）小明做“探究电流与电阻关系”实验，实验器材有：电源（电压恒为6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各一只）、滑动变阻器（规格为“30Ω 1A”）、电压表（0～3V）、电流表（0～0.6A）、开关、导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，帮助小明连接好甲图所示的电路，要求闭合开关前，把滑动变阻器的滑片P调在最右端。
（2）图乙是小明根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象。若把R的电阻由5Ω更换为10Ω后，没有调节滑动变阻器的滑片就闭合开关，直接读出电流表的示数 　 　0.25A（选填“大于“小于”或“等于”）；最终通过正确操作，实验得出结论：　 　。
（3）在使用10Ω和20Ω电阻完成实验时，滑动变阻器消耗的电功率之比为 　 　。
（4）为了顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压至少为 　 　V。
22．（5分）如图是科技小组设计的一种汽车油量表模拟装置，其中电源电压U＝5V，R1是长为20cm粗细均匀的弧形电阻（两端有接线柱A、B），总阻值为10Ω，阻值与长度成正比，R2为电阻箱、金属滑片P做成一根可以绕O点转动的杠杆，另一端通过一根可以自由转动的轻杆和浮标相连，油量表是用量程为0～3V的电压表改装而成，要求它的示数随油箱中汽油油面的下降而减小（油箱足够大），电磁铁线圈电阻忽略不计，当线圈中电流I≥0.5A时，衔铁被吸合，提示灯亮，表示油量不足。
（1）该装置中，用导线将接线柱C与接线柱 　 　相连。
（2）正确连接装置后进行调试。R2＝　 　Ω时，提示灯亮起，同时电压表示数恰好为零，某时刻电压表示数为1V，则滑片P在A点下方 　 　cm处。
（3）在保证电路安全的前提下，若想实现从提示灯亮起至油箱加满油的过程中，电压表的示数在最大范围内变化，且滑片P在最大范围内移动，则应将电源电压U调为 　 　V，同时将R2接入电路的阻值调为 　 　Ω。

23．（8分）一个圆柱形容器放在水平桌面上，如图甲所示，容器中立放着一个均匀实心圆柱体M，现慢慢向容器中加水，加入的水对容器底的压强p水与所加水的质量m的关系如图丙所示，容器足够高，在整个过程中无水溢出，M的底面始终与容器中的水面平行。当加入的水等于3kg时，物体M刚好漂浮且露出水面的高度为4cm。如图乙所示（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。
（1）在甲图中画出圆柱体M对容器底部压力示意图。
（2）圆柱体M刚好漂浮时容器中水的深度h＝　 　cm；圆柱体M的密度为 　 　kg/m3。
（3）当容器中加入足够多的水后，把一石块放在圆柱体M上，圆柱体刚好浸没，若把石块用一细线系在圆柱体下，石块没碰容器底，如图丁所示，圆柱体露在水面以外的高度为2cm，则石块的密度为多少？（写出必要的文字说明、表达式及最后结果）

2023年吉林省长春市德惠三中中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每题只有一个选项最符合题意，每题2分，共20分）
1．【解答】解：A、凝固是液态变为固态的过程，需要放热，故A不符合题意；
B、凝华是由气态直接变为固态的过程，需要放热，故B不符合题意；
C、升华是由固态直接变为气态的过程，需要吸热，故C符合题意；
D、液化是由气态变为液态的过程，需要放热，故D不符合题意。
故选：C。
2．【解答】解：A、茶壶的壶嘴和壶身下部是相通的，构成了连通器，故A符合题意；
B、体温计的原理是液体的热胀冷缩，与连通器原理无关，故B不符合题意；
C、用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，故C不符合题意；
D、水库大坝，上窄下宽，是利用液体压强的特点，故D不符合题意。
故选：A。
3．【解答】解：A、引吭高歌中的“高”是指声音的响度大；
B、高声喧哗中的“高”是指声音的响度大；
C、男高音歌唱家中的“高”是指声音的音调高；
D、广场的高音喇叭中的“高”是指声音的响度大，
综上分析，只有C选项与其他选项不同。
故选：C。
4．【解答】解：月食形成的原理是光沿直线传播；
A、小孔成像是由光的直线传播形成的，故A正确；
B、雨后彩虹是由光的折射形成的，故B错误；
C、水中倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C错误；
D、放大镜看字，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
5．【解答】解：热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。所以减少热量的损失可以提高热机的效率。所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率，故ABC不符合题意；
减少热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D符合题意。
故选：D。
6．【解答】解：A、杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、地面对人的支持力等于人的重力和杠铃的重力之和，故人受到的重力和地面对人的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故B错误；
C、人对地面的压力和地面对人的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C正确；
D、人受到的重力和人对杠铃的支持力不是相互作用而产生的，因此，不是一对相互作用力，故D错误；
故选：C。
7．【解答】解：A、磁体周围的磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极，构成闭合曲线，由图可知该条形磁体的右端为S极，左端为N极，故A错误；
B、磁感线分布越密的地方，其磁场越强，故a处磁场比b处弱，故B错误。
C、小磁针静止时北极所指的方向与该点的磁场方向一致，所以a处的小磁针静止时南极应指向右侧，故C正确；
D、磁感线不是真实存在的，而是为了研究方便假想的线，这是模型法，故D错误。
故选：C。
8．【解答】解：A、飞船升空时与大气摩擦产生热，这是通过做功的方式改变了内能，故A错误。
B、热量是过程量，不能说含有热量，故B错误。
C、飞船升空的过程中，速度增加，高度增加，故它的动能增大，重力势能增大，机械能增大，故C正确。
D、火箭发动机的燃料应具有热值大的物理属性，燃烧时化学能转化为内能，故D错误。
故选：C。
9．【解答】解：设一个钩码的重为G，左边钩码到支点的距离为2l，
因为杠杆正处于水平平衡，
所以由杠杆平衡条件可得3G×2l＝2G×l右，
解得l右＝3l，即右边钩码到支点的距离为3l；
若将杠杆左边的钩码向右移动一段距离L，则杠杆的左边＝3G×（2l﹣L）；
因为左边钩码向右移动，所以右边的钩码应该向左移动才能平衡，
设右边移动的距离为L′，则杠杆的右边＝2G×（3l﹣L′）；
为使杠杆恢复平衡，即3G×（2l﹣L）＝2G×（3l﹣L′），
解得L′＝L，即向左移动大于L的距离，故D正确。
故选：D。
10．【解答】解：第1次操作：
定值电阻与变阻器串联，定值电阻R0，滑片P位于滑动变阻器的中点时，R0的电功率为16W，
根据P＝可得，定值电阻的电压为：
U1＝＝＝4；
第2次操作：
当滑片从中点向b端移动距离s后，R0的电功率为9W，同理，定值电阻的电压为：
U2＝＝＝3；
由I＝，在R不变时，电流与电压成正比，两种情况下，对定值电阻来说，电流之比：
＝＝＝；
设变阻器的最大电阻为R，滑片从中点向b端移动距离s后增大电阻为R′，由电阻的串联规律可知，两种情况下的滑动变阻器连入电路的电阻之比为：
，
由欧姆定律可知，电压不变时，电流与电阻成反比，第1、2次操作中，对应的电流之比：
＝，
故R′＝，
第3次操作：
根据串联电阻的规律，滑片从中点向a端移动距离s后，此时电路的总电阻：
R总3＝R0+0.5R﹣＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
第2次操作中，滑片从中点向b端移动距离s后变阻器的电阻为：
R滑2＝0.5R+R′＝0.5R+，
根据串联电阻的规律可得，此时电路的总电阻：
R总2＝R滑2+R0＝0.5R++R0＝﹣﹣﹣﹣﹣①；
①÷②得：＝，
由欧姆定律可知，电压不变时，电流与电阻成反比，
故根据串联电阻的规律可得，滑片从中点向b端移动距离s后的电流与滑片从中点向a端移动距离s后的电流之比为：＝＝，
根据P＝I2R可知，在电阻不变时，电功率与电流的平方成正比，
故在第2、3次操作中，＝（）2＝，
滑片从中点向a端移动距离s后，R0的电功率为：
P3＝4P2＝4×9W＝36W，只有A正确。
故选：A。
二、非选择题（本大题共13小题，第11～22小题每空、每图各1分，第23小题8分，共50分）
11．【解答】解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，若将一带电体靠近用毛皮摩擦过的橡胶棒时，它们互相排斥，则带电体所带的电荷是与毛皮摩擦过的橡胶棒是同种电荷，即也是带负电的；验电器是根据同种电荷互相斥的原理制成的。
故答案为：负；排斥。
12．【解答】解：如图所示的电路中，闭合开关，电流直接沿导线流回电源的负极，会造成电源短路，会损坏电源；
要使电路中两灯并联，电流应分别流入两个灯泡，可以将a导线的右端从B位置改接到C位置，也可以将a导线的右端从B位置改接到A位置，故可行的方案有2种。
故答案为：短路；2。
13．【解答】解：闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管不发光；
断开开关，B处和零线相连，站在地面上的人用手接触电路中的B点，相当于接触零线，因此不会发生触电事故。
故答案为：不发光；不。
14．【解答】解：
（1）以爸爸为参照物，小明的位置没有发生改变，所以小明是静止的；
（2）由v＝得，大桥全长：
s＝vt＝54km/h×10s＝54××10s＝150m；
（3）北斗导航系统是卫星利用电磁波向汽车发送位置信息的；
（4）由图乙可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，活动向上运动，汽油机正处于压缩冲程。
故答案为：静止；150；电磁波；压缩。
15．【解答】解：（1）由P＝可知，拉力做的总功：W总＝Pt＝200W×5s＝1000J，
由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×1m＝2m；
由W总＝Fs可知，绳子自由端的拉力：F＝＝＝500N，
因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×500N﹣800N＝200N；
（2）人通过滑轮组向下拉绳子时的最大拉力：F最大＝G人＝600N，
因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以能提升的最大物重：G物＝nF最大﹣G动＝2×600N﹣200N＝1000N，
则滑轮组的最大机械效率：η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%。
故答案为：200；83.3%。
16．【解答】解：（1）让导体在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，导体做切割磁感线运动，有感应电流产生，电流计指针会偏转；
（2）电磁感应中，其能量转化是机械能转化为电能；核电站是利用可控的核裂变方式获得核能来发电的；
（3）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：（1）电流表指针偏转；（2）机械；核裂变；（3）电源。
17．【解答】解：（1）图甲中的操作错误是温度计的玻璃泡接触了容器壁，会导致温度测量偏低；
（2）a图气泡在上升过程中体积增大，所以是沸腾时的情况；b图气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况；
（3）水沸腾过程中，若撤去加热源，则水不再吸收热量，所以应停止加热，观察水是否能够继续沸腾；
（4）温度计示数上升速度先慢后快再慢，原因是开始要加热石棉网和烧杯，所以水温上升较慢，然后水温上升加快；而水温较高时，由于水温和环境温度相差较大，散热较快，同时水的汽化速度较快，汽化需要吸热，所以水温上升又放慢。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到烧杯壁；（2）a；（3）撤掉酒精灯；（4）水温较高时，散热比较快。
18．【解答】解：（1）实验时应先调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，应使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，像才能成在光屏的中央位置；
（2）当蜡烛远离凸透镜时，物距增大，所以像距减小，因此烛焰的像将落在光屏的前方；为了能得到清晰的像，应增大像距，故应换用焦距更大的凸透镜；
（3）为使光屏上再次观察到清晰的像，需要增大像距，由于凹透镜对光线具有发散作用，可以使光线推迟会聚在光屏上，所以在蜡烛和凸透镜间的适当位置，放置一个凹透镜；
物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，可在光屏上成一清晰的像，所成像为倒立、缩小的实像；凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像，所以物体移动的距离s大于像移动的距离s′。
故答案为：（1）主光轴；（2）更换焦距更大的凸透镜；（3）凹透镜；＜。
19．【解答】解：
（1）在调节平衡前，先将天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻线处，然后调节平衡螺母使天平平衡；而小明调节天平横梁平衡的过程中遗漏了将游码移到标尺左端的零刻度线处这一步骤；
（2）根据题意知，将游码移到标尺零刻度线处时，右侧托盘轻一些，故要使托盘能平衡，只能在右侧托盘下粘一小块橡皮泥；
（3）根据题意和图乙知，石块质量m＝（20g+5g）﹣2g＝23g，根据丙图可知，石块体积V＝30mL﹣20mL＝10mL＝10cm3，石块密度＝＝2.3g/cm3；
（4）由于托盘下粘橡皮泥后，天平已调节平衡，然后再测量石块质量时就没有影响，测量石块体积是准确的，由密度公式可知，对所测石块的密度就没有影响，即所测石块的密度与真实密度相比是不变的。
故答案为：（1）将游码移到标尺左端的零刻度线处；（2）右；（3）2.3；（4）不变。
20．【解答】解：（1）要研究两种液体的吸热本领，应控制两个烧杯中所装的甲、乙两种液体的初温相同、质量相等；
（2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，因此甲吸收的热量等于乙吸收的热量；
（3）根据图象可知，甲加热10min温度的变化量等于乙加热20min温度的变化量，即Q甲＝Q乙，Δt甲＝Δt乙，并且m甲＝m乙；
由Q＝cmΔt可得，＝即＝，则c乙＝2c甲。则甲液体的比热容是2.1×103J/（kg•℃）；
根据图象可知，相同质量的液体加热相同的时间，吸收相等的热量，则在10min～15min甲吸收的热量是0～10min吸热的一半，Q＝c甲mΔt＝×2.1×103J/（kg•℃）×1kg×60℃＝6.3×104J。
故答案为：（1）质量；（2）等于；（3）2.1×103；6.3×104。
21．【解答】解：（1）要求闭合开关前，要把变阻器的滑片移动到阻值最大处，结合把滑动变阻器的滑片P调在最右端，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）由图乙知，电阻的电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.5A×5Ω＝0.25A×10Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣＝2.5V ①；
即实验时，电压表控制的电压为2.5V，由串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V；
变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1.4×5Ω＝7Ω；
根据串联电阻的规律及欧姆定律，此时电路的电流为：
I′＝；
故电流表的示数大于0.25A；
根据①，因电流与电阻之积为一定值，得出的结论是：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
（3）本实验中，电阻的电压不变，根据欧姆定律，在电压一定时，通过电阻的电流与电阻成反比，故使用10Ω和20Ω电阻完成实验时，电路的电流之比为2：1；根据串联电路电压的规律，变阻器的电压也不变，根据P＝UI，在电压不变时，电功率与电流成正比，故在使用10Ω和20Ω电阻完成实验时，滑动变阻器消耗的电功率之比为2：1；
（4）根据串联电路的规律及分压原理有：
；
方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器最大电阻连入电路中时，对应的定值电阻也最大，这时电压表控制的电压最小，即
；
控制的最小电压为：
U″＝2.4V；
即为了顺利完成4次实验，定值电阻两端的电压至少为2.4V。
故答案为：（1）见解析中的图；（2）大于；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（3）2：1；（4）2.4。
22．【解答】解：（1）由图知，滑动变阻器、电阻箱R2、线圈电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，当图中油面下降时，滑片向上移动，电压表的示数随油箱中汽油液面的下降而减小，由此判断滑动变阻器上端A应该接入电路；
（2）由题意可知，提示灯刚亮时，控制电路的电流为0.5A，由串联电路的分压原理可知，当电压表示数为零时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，
由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总＝＝＝10Ω，由于滑动变阻器接入电路的电阻为零，那么电阻箱R2接入电路的阻值：R2＝R总＝10Ω；
某时刻电压表示数为1V，那么R2中通过的电流I＝＝＝0.4A，
则滑动变阻器接入电路的电阻为R＝＝＝2.5Ω，
滑动变阻器10Ω，长为20cm，由此可得：＝，
解得，滑片P在A点下方x＝5cm处。
（3）当油箱加满油后，滑动变阻器阻值10Ω，此时电源电压5V，变阻箱10Ω，
此时电路中的电流I′＝＝＝0.25A，电压表的示数UP＝I′RP＝0.25A×10Ω＝2.5V，
此时加满油，电压表示数只有2.5V，没有达到满量程3V，所以要调节电源电压和变阻箱R2阻值，使电压表的示数在加满油时正好3V；假设电源电压调整为Ux，根据串联电路的分压原理有：……①，
根据欧姆定律有：I大＝……②；
由①②解得，Ux＝7.5V，R2＝15Ω。
故答案为：（1）A；（2）10；5；（3）7.5；15。
23．【解答】解：（1）甲图中，圆柱体M对容器底部压力大小等于圆柱体M的重力，作用点在圆柱体M与容器的接触面上，方向是垂直容器底部向下，圆柱体M对容器底部压力示意图如下：

（2）当加入的水m水＝3kg时，p水＝0.6×103Pa，
由p＝ρgh可得，水的深度h＝＝＝0.06m＝6cm；
由于物体M刚好漂浮且露出水面的高度为4cm，则物体M的高度：H＝h+h露＝6cm+4cm＝10cm；
由漂浮条件可知：F浮＝G，
即：ρ水V排g＝ρ物V物g，
则ρ水Sh浸g＝ρ物SHg，
所以ρ物＝ρ水＝×1×103 kg/m3＝0.6×103kg/m3；
（3）图乙中，由ρ＝可得，
3kg水的体积V水＝＝＝3×10﹣3m3，
圆柱体周围的水的底面积S水＝＝＝0.05m2，
由于加入的水等于7kg与3kg时压强分别为1.0×103Pa、0.6×103Pa，
由p＝＝得：
容器的底面积S＝＝＝＝0.1m2。
圆柱体的底面积S圆柱体＝S﹣S水＝0.1m2﹣0.05m2＝0.05m2，
则圆柱体的体积V＝Sh＝0.05m2×0.1m＝0.005m3，
故圆柱体浸没时，受到的浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.005m3＝50N
又因为圆柱体M的重力为：
GM＝mg＝ρVg＝0.6×103kg/m3×0.005m3×10N/kg＝30N，
而圆柱体刚好浸没在水中时，圆柱体重力加上石块重力等于圆柱体受到的浮力，
则石块的重力为：
G石＝F浮﹣GM＝50N﹣30N＝20N，
则石块的质量为：m石＝kg，
把石块用一细线系在圆柱体下，石块没碰容器底，如图丁所示，圆柱体露在水面以外的高度为2cm，则F浮′＝G石+GM＝50N＝ρ水V排′g，解得V排′＝＝＝5×10﹣3m3，
此时圆柱体浸在水中的体积VM′＝0.05m2×（10﹣2）×10﹣2m＝4×10﹣3m3，
所以V石＝V排′﹣VM′＝5×10﹣3m3﹣4×10﹣3m3＝1×10﹣3m3，
故石块的密度为：。
答：（1）圆柱体M对容器底部压力示意图见解析；
（2）；0.6×103；
（3）石块的密度为2×103kg/m3。