四川省成都市石室中学2023届高考适应性考试(二)理科数学试题
展开这是一份四川省成都市石室中学2023届高考适应性考试(二)理科数学试题,共17页。试卷主要包含了函数图象的对称轴可以是等内容,欢迎下载使用。
成都石室中学高2023届高考适应性考试(二)
理科数学
(全卷满分150分,考试时间120分钟)
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在本试卷和答题卡相应位置上.
2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.答案不能答在试卷上.
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答.答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答无效.
4.考生必须保证答题卡的整洁,考试结束后,将试卷和答题卡一并交回.
第Ⅰ卷(选择题,共60分)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题列出的四个选项中,只有一项是最符合题目要求的.
1.集合的真子集的个数为( )
A.3 B.7 C.15 D.16
2.有下列四个命题,其中是真命题的是( )
A.“全等三角形的面积相等”的否命题
B.在中,“”是“”的充分不必要条件
C.命题“,”的否定是“,”
D.已知,其在复平面上对应的点落在第四象限
3.某市2022年经过招商引资后,经济收入较前一年增加了一倍,实现翻番,为更好地了解该市的经济收入的变化情况,统计了该市招商引资前、后的年经济收入构成比例,得到如下扇形图.下列结论正确的是( )
A.招商引资后,工资净收入较前一年减少
B.招商引资后,转移净收入是前一年的1.25倍
C.招商引资后,转移净收入与财产净收入的总和超过了该年经济收入的
D.招商引资后,经营净收入较前一年增加了一倍
4.幂函数在区间上单调递减,则下列说法正确的是( )
A. B.是减函数
C.是奇函数 D.是偶函数
5.函数图象的对称轴可以是( )
A.直线 B.直线
C.直线 D.直线
6.已知m,n是两条不同的直线,,是两个不同的平面,则下列命题正确的是( )
A.若,,则
B.若,,,则
C.若,,则,则
D.若,,则
7.2023年1月底,人工智能研究公司OpenAI发布的名为“ChatGTP”的人工智能聊天程序进入中国,迅速以其极高的智能化水平引起国内关注.深度学习是人工智能的一种具有代表性的实现方法,它是以神经网络为出发点的,在神经网络优化中,指数衰减的学习率模型为,其中L表示每一轮优化时使用的学习率,表示初始学习率,D表示衰减系数,G表示训练迭代轮数,表示衰减速度.已知某个指数衰减的学习率模型的初始学习率为0.8,衰减速度为12,且当训练迭代轮数为12时,学习率衰减为0.5.则学习率衰减到0.2以下(不含0.2)所需的训练迭代轮数至少为( )(参考数据:)
A.36 B.37 C.38 D.39
8.已知双曲线的右顶点为A,左、右焦点分别为,,以为直径的圆与双曲线C的渐近线在第一象限的交点为M,且,则该双曲线的离心率为( )
A. B. C. D.
9.设为等差数列的前n项和,且,都有,若,则( )
A.的最小值是 B.的最小值是
C.的最大值是 D.的最大值是
10.安排5名大学生到三家企业实习,每名大学生只去一家企业,每家企业至少安排1名大学生,则大学生甲、乙到同一家企业实习的概率为( )
A. B. C. D.
11.已知平面上两定点,则所有满足且的点的轨迹是一个圆心在直线上,半径为的圆.这个轨迹最先由古希腊数学家阿波罗尼斯发现,故称作阿氏圆.已知棱长为6的正方体表面上的动点满足,则点的轨迹长度为( )
A. B. C. D.
12.若关于的不等式在内有解,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(非选择题,共90分)
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.若x,y满足约束条件,则的最大值为______.
14.已知数列满足,,若,,则的值为______.
15.已知函数若函数有且只有三个零点,则实数m的取值范围是______.
16.已知为抛物线上两点,以为切点的抛物线的两条切线交于点,设以为切点的抛物线的切线斜率为,过点的直线斜率为,则以下结论正确的有__________.(填序号)
①成等差数列;②若点的横坐标为,则;③若点在抛物线的准线上,则是钝角三角形;④若点在直线上,则直线恒过定点.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答;第22、23题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题,共60分.
17.(本小题满分12分)某企业为了了解年广告费x(单位:万元)对年销售额y(单位:万元)的影响,统计了近7年的年广告费和年销售额的数据,得到下面的表格:
年广告费 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 |
年销售额 | 25 | 41 | 50 | 58 | 64 | 78 | 89 |
由表中数据,可判定变量x,y的线性相关关系较强.
(1)建立y关于x的线性回归方程;
(2)已知该企业的年利润z与x,y的关系为,根据(1)的结果,年广告费x约为何值时(小数点后保留一位),年利润的预报值最大?
附:对于一组数据,,…,,其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为,;参考数据:,.
18.(本小题满分12分)如图,四边形为菱形,平面.
(1)求证:平面平面;
(2)求二面角的余弦值.
19.(本小题满分12分)在中,角所对的边分别为,且,边上有一动点.
(1)当为边中点时,若,求的长度;
(2)当为的平分线时,若,求的最大值.
20.(本小题满分12分)已知点,动点满足直线与的斜率之积为.记动点的轨迹为曲线.
(1)求曲线的方程,并说明是什么曲线;
(2)设为曲线上的两动点,直线的斜率为,直线的斜率为,且.
①求证:直线恒过一定点;
②设的面积为,求的最大值.
21.(本小题满分12分)已知函数.
(1)若,求实数的值;
(2)已知且,求证:.
(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,那么按所做的第一题计分.
22.[选修4—4:坐标系与参数方程](本小题满分10分)在平面直角坐标系中,曲线的参数方程为(t为参数),直线l的方程为.
(1)当时,求曲线的直角坐标方程;
(2)当时,已知点,直线l与曲线交于A,B两点,线段AB的中点为M,求的长.
23.[选修4—5:不等式选讲](本小题满分10分)已知函数.
(1)求不等式的解集;
(2)设函数的最小值为m,正数a,b,c满足,求证:.
成都石室中学高2023届高考适应性考试(二)
理科数学参考答案
答案及解析
1.C 【解析】因为,所以集合A的真子集的个数为.故选C.
2.D 【解析】对于A,“全等三角形的面积相等”的否命题是“不全等三角形的面积不相等”,这显然是假命题,故A错误;对于B,在中,,由,得,所以“”是“”的必要不充分条件,故B错误;对于C,命题“,”的否定是“,”,故C错误;对于D,,所以其对应的点为,在第四象限,故D正确.故选D.
3.D 【解析】设招商引资前经济收入为M,则招商引资后经济收入为2M.对于A,招商引资前工资净收入为,招商引资后的工资净收入为,所以招商引资后,工资净收入增加了,故A错误;对于B,招商引资前转移净收入为,招商引资后转移净收入为,所以招商引资后,转移净收入是前一年的2.5倍,故B错误;对于C,招商引资后,转移净收入与财产净收入的总和为,所以招商引资后,转移净收入与财产净收入的总和低于该年经济收入的,故C错误;对于D,招商引资前经营净收入为,招商引资后经营净收入为,所以招商引资后,经营净收入较前一年增加了一倍,故D正确.故选D.
4.C 【解析】函数为幂函数,则,解得或.当时,在区间上单调递增,不满足条件,排除A.当时,在区间上单调递减,满足题意.函数在和上单调递减,但不是减函数,排除B.函数的图象关于原点对称,是奇函数.故选C.
5.A 【解析】,则,所以的对称轴为直线,当时,.故选A.
6.B 【解析】对于A,若,,则或,故A错误;对于B,若,,过m作平面与,分别交于直线a,b,由线面平行的性质得,,所以,又,,所以,又,,所以,所以,故B正确;对于C,由面面垂直的性质定理可得,当时,,否则可能不成立,故C错误;对于D,若,,则或,故D错误.故选B.
7.A 【解析】由已知,得,所以,则有,即,即,即,因此G至少为36.故选A.
8.B 【解析】设双曲线C的半焦距为c.如图,由题意可得,直线OM的方程为,有,即有.又,解得.在中,由余弦定理,得,因此,即有.又,则,.又,于是,所以,即,化简得,即,解得(舍去)或,所以该双曲线的离心率.故选B.
9.A 【解析】由,得,即,所以数列为递增的等差数列.因为,所以,即,则,,所以当且时,;当且时,.因此,有最小值,且最小值为.故选A.
10.D 【解析】5名大学生分三组,每组至少一人,有两种情形,分别为人或人.当分为人时,有种实习方案;当分为人时,有种实习方案.因此,共有种实习方案,其中大学生甲、乙到同一家企业实习的情况有种,故大学生甲、乙到同一家企业实习的概率为.故选D.
11.C 【解析】在图1中,以为原点建立平面直角坐标系如图2所示,设阿氏圆圆心为,半径为.因为,所以,所以.设圆与交于点.由阿氏圆性质,知.又,所以.又,所以,解得,所以,所以点在空间内的轨迹为以为球心,半径为4的球.
①当点在面内部时,如图2所示,截面圆与分别交于点,所以点在面内的轨迹为.因为在Rt中,,所以,所以,所以点在面内部的轨迹长为.
②同理,点在面内部的轨迹长为.
③当点在面内部时,如图3所示,因为平面,所以平面截球所得小圆是以为圆心,以长为半径的圆,截面圆与分别交于点,且,所以点在面内的轨迹为,且.
综上,点的轨迹长度为.故选C.
12.B 【解析】由有意义可知,.由,得.令,即有.因为,所以.令,问题转化为存在,使得.因为,令,即,解得;令,即,解得,所以在上单调递增,在上单调递减.又,所以当时,.因为存在,使得成立,所以只需且,解得.故选.
13.2 【解析】作约束条件的可行域,如图所示.由解得令.将目标函数变形为.根据其几何意义可得,当直线经过点时,其纵截距最小,即目标函数z取到最大值,则的最大值为2.
14.或 【解析】因为,,所以数列为等比数列,设其公比为q.由,,得,,所以.当时,,则;当时,,则.综上,的值为或.
15. 【解析】当时,,,所以在上单调递减,在上单调递增,在上单调递减,且,;当时,,,所以在上单调递减,在上单调递增,且当时,,.作出函数的示意图(略)可知,有且只有三个零点,需满足.
16.①②④ 【解析】设.由,得,故,所以切线的方程为,即.同理可得,切线的方程为.设点的坐标为,所以,所以为方程的两根,故,则,所以直线的方程为.
因为,所以,所以成等差数列,故①正确;若,则,故②正确;
若点在抛物线的准线上,则,所以,故两切线垂直,所以为直角三角形,故③错误;
若点在直线上,则.由直线的方程,得.又,故直线的方程为,即,所以直线恒过定点,故④正确.
17.解:(1)由表格数据,得,,.
由公式,得,
,
故y关于x的线性回归方程为.
(2)由(1)可得,.
设,则,
所以,
故当时,z取得最大值,
此时,
即年广告费约为9.2万元时,年利润的预报值最大.
18.(1)证明:因为四边形为菱形,所以.
因为平面平面,所以.
又平面,
所以平面.
又平面,
所以平面平面.
(2)解:如图,设交于点,以为轴,为轴,过点且平行于的方向为轴建立空间直角坐标系.
设,则.
因为,
所以是正三角形,则.
由上述可知,,
设平面的法向量为,
则得取,得.
同理可得,平面的一个法向量为,
所以.
又二面角为钝角,
故二面角的余弦值为.
19.解:因为,
所以,即.
由正弦定理,得.
因为,所以.
因为,所以.
又因为,所以,所以.
(1)因为为边中点,所以,则.
又,
所以,即,即,
所以.
(2)在中,由余弦定理,得.
又,所以,
所以,当且仅当时取等号,
所以,
所以.
因为平分,
所以,
所以,
所以.
令,则.
因为在上单调递增,
所以当即时,取得最大值为,
所以的最大值为.
20.(1)解:由题意,得,
化简得,
所以曲线为中心在坐标原点,焦点在轴上的椭圆,不含左、右顶点.
(2)①证明:设.
因为若直线的斜率为0,则点关于轴对称,必有,不合题意,
所以直线的斜率必不为0.
设直线的方程为.
由得,
所以,且
因为点是曲线上一点,
所以由题意可知,
所以,即
因为
所以,此时,
故直线恒过轴上一定点.
②解:由①可得,,
所以
当且仅当即时等号成立,
所以的最大值为.
21.(1)解:由,得.
令,则.
注意到,所以是函数的极小值点,则,
所以,得.
当时,,则函数在上单调递减,在上单调递增,
所以,满足条件,故.
(2)证明:由(1)可得,.
令,则,
所以,即.
令,则,且不恒为零,
所以函数在上单调递增,
故,则,
所以,
所以.证毕.
22.解:(1)当时,曲线的参数方程为(t为参数).
因为,且,
所以曲线的直角坐标方程为.
(2)当时,曲线的参数方程为(t为参数)
.因为,,
所以曲线的直角坐标方程为.
设直线l的参数方程为(t为参数).
将直线l的参数方程代入,得.
设点A,B,M对应的参数分别为,,.
由韦达定理,得.
又线段AB的中点为M,所以,
所以.
23.(1)解:当时,,所以,解得;
当时,,所以的解集为;
当时,,所以,解得.
综上,的解集为.
(2)证明:由(1)可知,
当时,,所以.
由柯西不等式可得,,
所以,当且仅当,,时等号成立,原命题得证.
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