还剩17页未读，
继续阅读
山东省枣庄市滕州市2023年中考物理模拟试卷附答案
展开
这是一份山东省枣庄市滕州市2023年中考物理模拟试卷附答案，共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
山东省枣庄市滕州市2023年中考物理模拟试卷附答案
一、单选题 (共7题；共14分)
1．（2分）如图所示声波的波形图，下列说法正确的是（ ）
A．甲、丁两者的音调和响度均相同
B．甲、乙两者的响度和音色均不同
C．丙、丁两者的音调和响度均不同
D．甲、丙两者的响度和音调相同
2．（2分）战国时期《墨经》中记载了影子的形成、光的反射等光学问题。下列现象中由于光的反射形成的是（ ）
A．透镜成像
B．水中倒影
C．手影游戏
D．池水变浅
3．（2分）古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。下列分析正确的是（ ）
A．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于空气的振动而产生的
B．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的
C．月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”的形成是升华现象
D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”的形成是凝华现象
4．（2分）如图所示，炎热的夏季，小雨向盛有常温饮料的杯中加入一些小冰块，一段时间后冰块变小，同时观察到杯的外壁出现一些小水珠，下列说法正确的是（ ）
A．杯中冰块的内能为零
B．杯中饮料含有的热量减少
C．杯外壁小水珠的形成需要吸收热量
D．杯外壁小水珠是水蒸气液化形成的
5．（2分）如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环示意图，其中属于利用机械能转化内能冲程的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．带异种电荷的两个物体相互吸引，则相互吸引的两个物体一定带异种电荷
B．毛皮摩擦过的橡胶棒使验电器的金属箔片张开，此过程电子由橡胶棒向验电器转移，但此过程不能说明橡胶棒带负电
C．摩擦过的塑料梳子能吸引碎纸屑是因为带电体能够吸引轻小物体
D．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
7．（2分）在如图所示的电路中，当开关S1、S2断开或闭合时，下列关于三灯连接的情况中错误是（ ）
A．S1、S2都断开，L1、L3串联
B．S1、S2都闭合，L1、L2并联
C．S1断开，S2闭合，L1、L3串联
D．S1断开，S2闭合，只有L1能发光
二、多选题 (共1题；共3分)
8．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点移动到b端，下列判断正确的是（ ）
A．电流表A的示数变小，电压表 V1的示数变小
B．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值不变
C．电压表V2的示数变大，电阻R1消耗的功率变小
D．电压表V1示数变化量与电压表V2示数变化量相等
三、单选题 (共4题；共8分)
9．（2分）如图所示电路，闭合开关S，灯泡L不亮且电流表和电压表均无示数，用电压表检测电路，当电压表分别接a、b两点和b、d两点时，电压表均无示数，接c、d两点时电压表有示数，则可判定（ ）
A．变阻器短路 B．灯泡短路 C．开关断路 D．电流表断路
10．（2分）进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2分）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端滑至b端，将滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的绘制成如图乙的图像。则下列判断（ ）
①该电路的最大电流是1A
②该滑动变阻器的最大阻值是50Ω
③该过程中电压表的示数可达10V
④R0的功率变化范围为0.4~14.4W
A．只有①③正确 B．只有②③④正确
C．只有②④正确 D．只有①②③正确
12．（2分）为了推动风能开发利用，我国规划“十四五”期间风力发电量实现翻倍。风能属于（ ）
A．可再生的清洁能源 B．不可再生的清洁能源
C．可再生的非清洁能源 D．不可再生的非清洁能源
四、填空题 (共6题；共14分)
13．（2分）生物课上，同学们利用显微镜观察洋葱表皮细跑时，调节反光镜将洋葱表皮细跑照亮，是利用光的 现象，洋葱表皮细胞通过物镜成实像，通过目镜成 像。（选填“虚”或“实”）。
14．（2分）新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气。如果每瓶装10kg液化气，液化气的热值取4.2×107J/kg，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是 J，若放出的热量有10%被水吸收，在标准大气压下可把 kg的水从20℃加热至沸腾。[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
15．（3分）小明发现夏天汽车从阴凉的地下车库开出后，车窗玻璃常会上雾，可以擦车窗玻璃的 （选填“内侧”或“外侧”）除雾，雾是由水蒸气 （填物态变化）形成的，此过程要 （选填“放出”或“吸收”）热量。
16．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，左容器连接的U形管液面高度差较大，说明电流通过导体产生的热量跟 （选填“电流”或“电阻”）有关，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为 。
17．（3分）在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，当滑片P向右移动时，灯泡亮度 （选填“变亮”、“不变”或“变暗”）；电压表的示数 ；整个电路消耗的总功率 （以上两个空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
18．（2分）把“6V 3W”与“6V 1W”的电灯串联接入某一电路中，如果让其中一个灯泡正常发光，电路两端的电压应是 V。不能正常发光的那个灯泡，实际功率为 （灯丝电阻不随温度改变）
五、作图题 (共1题；共5分)
19．（5分）1820年安培在科学院的例会上做了一次小实验，引起到会科学家的兴趣：如图所示，把螺线管悬挂起来，然后闭合开关S给导线通电，通电螺线管自由转动一段时间后静止在如图所示的位置。请你在图中的括号内标明通电螺线管的N或S极，并在图中的括号内标明电源的正负极。
六、实验题 (共3题；共21分)
20．（6分）如图甲是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）（2分）实验时，不采用平面镜而采用透明 （选填“薄”或“厚”）玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于 ；
（2）（2分）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，可以看到蜡烛A在玻璃板后面的像，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。在比较物与像的大小关系时，蜡烛B替代的是 （选填“蜡烛A的像”或“蜡烛A”），看到蜡烛是由光的 （选填“反射”或“折射”）形成的；
（3）（1分）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像；
（4）（1分）实验过程中如果玻璃板没有垂直架在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是图中的 （选填“A1”、“A2”或“A3”）。
21．（5分）如图1所示，是“探究不同物质吸收热量的多少与物质种类有关”的实验装置，小阳选取了质量和初温均相同A和B两种不同液体放入烧瓶进行实验，烧瓶中放入电阻丝R1和R2进行加热，不计热量损失，即可认为电阻丝放出的热量完全被液体A和液体B吸收。
（1）（3分）当电阻R1 R2（选填“=”或“≠”）时，A、B两种液体吸收热量的多少可通过 比较（选填“液体升高的温度”或“加热时间”），实现因变量转换依据的公式是 ；
（2）（2分）如图2所示，是小阳根据实验数据绘制的液体A、液体B的温度随时间变化的图像，根据图像可以判断：在控制液体质量和 相同的前提下，液体A吸收的热量 （选填“大于”或“小于”）液体B吸收的热量。
22．（10分）实验小组的同学们用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为6V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”，现有5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个。
（1）（2分）根据图甲将图乙所示的实物连接完整；
（2）（2分）连接电路时，开关应 ；
（3）（4分）在该实验中，若滑动变阻器接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是 。排除故障后，接入5Ω的电阻，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图丙所示，此时通过电阻的电流为 A，电压表示数为U1；
（4）（2分）将5Ω的电阻分别换成10Ω、15Ω、25Ω、30Ω的电阻，继续实验。小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验。为了让30Ω的电阻也能完成实验，他设计了如下三个调整方案，其中错误的是____（选填“A”、“B”或“C”）。
A．电源电压不变，在电路中多串联一个10Ω的电阻，其余操作不变
B．U1不变，改变电源电压，电源电压的取值范围是2V~4.4V
C．电源电压不变，改变U1的大小（视需要可改变电压表、电流表的量程），U1的取值范围是2.25V~6V
七、计算题 (共2题；共25分)
23．（10分）如图所示的电路中，电源电压为24伏且保持不变。开关S闭合，滑动变阻器的滑片P至A端时，电流表示数为1安；当S断开，滑片P滑动变阻器中点O时，电压表示数为12伏。求：
（1）（5分）滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；
（2）（5分）若电压表量程为0~15伏，断开开关S，在电压表不超过量程的情况下，灯泡的最小功率。
24．（15分）如图甲所示为小明家的电饭锅，铭牌上附有中国能效标识，从铭牌上可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压为220V，加热功率为1210W。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
（1）（5分）小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家里的其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态下正常工作，观察到电能表转盘在5min内转了22圈。则该电饭锅的保温功率为多少？
（2）（5分）电阻R1、R2的阻值分别为多少？
（3）（5分）小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值（电热转化效率）范围为81%≤η<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为23℃、质量为2.2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时700s。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
答案解析部分
1．【答案】A
【解析】【解答】A.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，甲图中有两个波，丁图中有两个波，所以频率相同，音调相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图和丁图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故正确。
B.响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图波的高度高，乙图波的高度低，所以振幅不相同，响度不相同。音色与波形有关，波形不同，音色不同，甲和乙的波形相同，所以音色相同，故错误。
C.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，丙图中有一个波，丁图中有两个波，所以频率不相同，音调不相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，丙图和丁图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故错误。
D.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，甲图中有两个波，丙图中有一个波，所以频率不相同，音调不相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图和丙图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故错误。
故答案为A。
【分析】音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数；响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度；音色与波形有关，波形不同，音色不同。
2．【答案】B
【解析】【解答】A.透镜成像是利用光的折射，故A不符合。
B.水中的倒影是光的反射，故B符合。
C.手影游戏是光的直线传播，故C不符合。
D.池水变浅是光的折射，故D不符合。
故答案为B。
【分析】光现象中包括光沿直线传播，光的反射，光的折射。
3．【答案】B
【解析】【解答】A．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于钟的振动而产生的，A不符合题意；
B．声音的传播需要介质，“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的，B符合题意；
C．“月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华成的冰，是凝华现象，C不符合题意；
D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”的形成是液态的水凝固成的冰，是凝固现象，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】声音是物体振动产生的，人听到声音，是空气传播的；霜是凝华形成的。
4．【答案】D
【解析】【解答】A．任何温度下物体都有内能，所以杯中冰块的内能不为零，A不符合题意；
B．热量为过程量，含有的应该为内能，B不符合题意；
C．杯外壁小水珠是空气中的水蒸气液化形成的，需要放出热量，C不符合题意；
D．杯外壁小水珠是空气中水蒸气液化形成的，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】任何温度下物体都有内能；热量为过程量，不能说含有热量；物体从气态变为液态的过程叫液化，液化放热。
5．【答案】B
【解析】【解答】在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；在内燃机的四个冲程（吸气、压缩、做功、排气）中，机械能转化为内能的是压缩冲程；压缩冲程气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小．
故答案为：B.
【分析】汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能；压缩冲程中气门关闭，活塞上行。
6．【答案】C
【解析】【解答】A.同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，带电体可以吸引轻小物体，所以相互吸引的两个物体有可能带异种电荷，也可能一个带电，一个不带电，故A错误。
B. 毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，接触验电器，使验电器的金属箔张开，此过程中负电荷由橡胶棒向验电器转移，验电器不能检验橡胶棒带负电，故B错误。
C.摩擦过的塑料梳子带电，而带电体能够吸引轻小物体，所以摩擦过的塑料梳子能吸引碎纸屑，故C正确。
D. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D错误。
故答案为C。
【分析】同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。带电体可以吸引轻小物体，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
7．【答案】C
【解析】【解答】A．当S1、S2都断开时，电流从正极出发后以次流经灯泡L1、L3，所以灯泡L1、L3亮，它们的连接方式是串联，A正确，不符合题意；
B．当S1、S2都闭合时，电流从正极出发后分别流经灯泡L1、L2，所以灯泡L1、L2亮，它们的连接方式是并联；此时L2短路，无电流，灯不亮，B正确，不符合题意；
CD．当S1断开、S2闭合时，电流从正极出发后经灯泡L1回到电源的负极，所以L1能发光，此时L2断路，L3短路，均无电流所以它们都不亮，C错误，符合题意、D正确，不符合题意。
故答案为：C。
【分析】各用电器顺次连接，是串联电路；各用电器并列连接，是并联电路。
8．【答案】A,C,D
【解析】【解答】A．由电路图知，开关闭合后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联在电路中，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，滑片从中点向b端移动，变阻器接入电路的阻值变大，电路中的总阻值变大，而电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，而R1是定值电阻，则R1两端的电压变小，即电压表V1两端的电压变小，A符合题意；
B．电源电压不变，R1两端的电压变小，据串联电路的电压特点知，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，而电流表示数变小，那么V2与A的示数的比值变大，B不符合题意；
C．由以上分析知，电路的电流变小，R1的阻值保持不变，据P=I2R知，电阻R1消耗的功率变小，C符合题意；
D．据串联电路的电压特点有U=U1+U2
整个过程中电源电压不变，那么V1的变化量与V2的变化量相等，D符合题意。
故答案为：ACD。
【分析】在串联电路中，电阻越大，分压越大，电流减小，其他位置分压减小。
9．【答案】C
【解析】【解答】A．如果变阻器短路，灯泡发光，电流表、电压表有示数，A不符合题意；
B．如果灯泡短路，那么灯泡不能发光，电流表有示数，B 不符合题意；
C．如果开关断路，电压表接a、b两点和b、d两点时，没有电流通过电压表，电压表均无示数，接c、d两点时有示数，C符合题意；
D．如果电流表断路，电压表接c、d两点时，电压表无示数，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】在串联电路中，电流表和电压表无示数，电压表测量以外的位置断路。
10．【答案】B
【解析】【解答】当探测仪线圈靠近金属制品时，相当于闭合电路的一部分导体在切割磁感线，从而产生感应电流，所以其原理是电磁感应现象。
A．探究磁极之间的相互作用规律 ，A不符合题意；
B．探究电磁感应现象，B符合题意；
C．是电磁铁的应用，电磁继电器，C不符合题意；
D．探究磁场对通电导体的作用，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】金属探测器工作时，利用了电磁感应原理。
11．【答案】B
【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关，定值电阻R0与变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
② 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流I=0.2A时，此时R1的电功率P1=2W，由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值R1=P1I2=2W（0.2A）2=50Ω，故 ② 正确。
① 由图像可知，当电路中的电流I'=0.4A，R1的电功率P1’=3.2W，此时R1接入电路的电阻R1'=P1'I'2=3.2W（0.4A）2=20Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源电压U=I'（R0+R1'）=0.4A×（R0+20Ω）——A
当电路中的电流I=0.2A时，电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（R0+50Ω）——B，联立AB两个公式，因为电源的电压不变，所以0.4A×（R0+20Ω）=0.2A×（R0+50Ω），解得R0=10Ω，则电源电压U=I（R0+R1）=0.2A×（R0+50Ω）=0.2A×（10Ω+50Ω）=12V，当变阻器接入电路的阻值为0时，电路中电流最大，则电路中的最大电流Imax=UR0=12V10Ω=1.2A，故①错误。
③ 从图中可知电路中电流的最小值为0.2A，根据欧姆定律可知R0两端的电压最小值为U0小=I小R0=0.2A×10Ω=2V，此时电压表的示数为U1=12V-2V=10V，故 ③ 正确。
④ 电路中电流的最小值为0.2A，最大值为1.2A，根据P=I2R可知R0的最小功率为P0小=I小2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，R0的最大功率为P0大=I大2R0=（1.2A）2×10Ω=14.4W，故R0的功率变化范围为0.4W-14.4W，故 ④ 正确。
故选B。
【分析】由P=I2R计算电阻，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I=UR计算电压，根据P=I2R计算电功率。
12．【答案】A
【解析】【解答】风能作为一种从自然界直接获取的能源，清洁无污染且可以再生更新、被人类反复利用，属于可再生的清洁能源，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】风能是可再生资源，是清洁资源。
13．【答案】反射；虚
【解析】【解答】反光镜对光进行反射，改变光的传播方向，照亮洋葱表皮细胞，是利用光的反射现象；
目镜对物镜成的实像进行二次放大，相当于放大镜，成正立放大的虚像。
【分析】光的反射可以改变光的传播方向；显微镜的物镜成倒立放大的实像，目镜成正立放大的虚像。
14．【答案】4.2×108；125
【解析】【解答】Q放=qm液化气= 4.2×107J/kg×10kg=4.2×108J；
根据η=Q吸Q放 ，得Q吸=ηQ放=10%×4.2×108J=4.2×107J，
由Q吸=cm水∆t得，m水=Q吸c∆t=4.2×107J4.2×103J/（kg·℃）×（100℃−20℃）=125kg。
【分析】燃料燃烧放热Q放=qm，水吸热Q吸=cm水∆t，热效率公式η=Q吸Q放。
15．【答案】外侧；液化；放出
【解析】【解答】夏天从阴凉的地下车库开出的汽车，玻璃温度低，外界水蒸气温度高，遇到凉玻璃，会液化形成小水珠，在玻璃的外侧，所以要擦车窗玻璃的外侧除雾；
雾是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化要放出热量。
【分析】液化形成的条件是水蒸气遇冷液化，液化要放热。
16．【答案】电流；4∶1
【解析】【解答】因为R2和R3并联，再与R1串联，R1和R2电阻相同，所以控制的是电阻和时间相同，而通过R1的电流大于R2的电流，I1=2I2，所以左侧 U形管液面高度差较大， 是因为电流通过导体产生的热量跟电流有关，其他条件相同时，电流越大，产热越多；
根据Q=I2Rt，得Q1Q2=I12R1tI22R2t=2I22×5Ω×tI22×5Ω×t=41。
【分析】电流通过导体产生的热量与通电时间、电阻、电流有关，Q=I2Rt。
17．【答案】不变；不变；变小
【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测通过L的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，因联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流不变，实际功率不变，亮暗不变，当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I= UR 可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，由P=UI可知，整个电路消耗的总功率变小．
故答案为：不变；不变；变小．
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测通过L的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡电流的变化和实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再利用P=UI可知整个电路消耗的总功率变化．
18．【答案】8；0.33
【解析】【解答】根据P=UI得，两个灯的额定电流分别为I额1=P额1U额1=3W6V=0.5A，I额2=P额2U额2=1W6V=16A，将两个灯串联，则电流相等，所以想让其中一个正常发光，只能让第2个灯泡正常发光，所以第二个灯泡的电压为6V，根据R=U2P得，R1=U额12P额1=6V23W=12Ω，所以U1=IR1=16A×12Ω=2V，因为串联电路总电压等于各部分电压之和，所以U=U1+U额2=2V＋6V=8V；
P实=U12R1=2V212Ω=0.33W。
【分析】根据P=UI计算额定电流比较哪个灯泡能正常发光，串联电路中电流处处相等，串联电路中电源电压等于各部分电压之和。实际功率计算公式P实=U实2R1。
19．【答案】
【解析】【解答】通电螺线管的N极指向的是地理北极，所以通电螺线管右侧是N极，根据右手定则（安培定则）可知，电流在螺线管的方向是向下的，所以是从电源左侧流出的，而电流是从电源的正极流出，所以左侧是电源的正极，如图所示：
【分析】通电螺线管的N极指向的是地理北极，右手定则（安培定则）是用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则拇指所指的那端就是螺线管的N极。
20．【答案】（1）薄；确定像的位置和大小
（2）蜡烛A的像；反射
（3）不能
（4）A1
【解析】【解答】（1）为了便于观察和确定像的位置，没有采用平面镜，也为了便于测量像距和物距，所以采用透明的薄玻璃板。
（2）蜡烛B代替的是蜡烛A的像，二者重合，说明像物等大，能看到蜡烛，是因为光的反射形成的。
（3） 移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，因为平面镜成的是虚像，所以光屏上不能呈现蜡烛A的像；
（4）因为像与物关于平面镜对称，所以蜡烛A的像应是图中的A1。
【分析】（1）为了便于观察和确定像的位置，采用透明的薄玻璃板。
（2）能看到物体，是因为光的反射。
（3） 平面镜成虚像，光屏上不能呈现虚像；
（4）像与物关于平面镜对称。
21．【答案】（1）=；加热时间；Q=I2Rt
（2）升高的温度；大于
【解析】【解答】（1）当电阻相等，即R1=R2，A、B吸收的热量可通过加热时间比较，即Q=I2Rt，当R相同时，加热时间越长，吸收的热量越多，因变量转换成内能的公式，Q=I2Rt。
（2）控制液体质量和升高的温度相同的前提下，A吸收的热量大于B吸收的热量，即升高相同的温度，A加热的时间长，吸收的热量多。
【分析】根据Q=I2Rt计算电流产热多少。利用控制变量法考虑各因素对实验结果的影响。
22．【答案】（1）
（2）断开
（3）电流表示数为零，电压表示数也为零；0.4
（4）B
【解析】【解答】（1）电压表测量定值电阻两端的电压与定值电阻并联，接在定值电阻的两端；滑动变阻器和定值电阻串联，且向左移动时，接入电路的电阻变小，所以应把左下角接线柱A接入电路，具体连接方式，如图所示：
（2）连接电路时，为保护电路防止短路，开关应断开。
（3）实验电路中，定值电阻、滑动变阻器、电流表串联，电压表测量定值电阻两端的电压，若滑动变阻器接触不良会造成断路，所以电流表示数为0，电压表示数也为0。
由图丙可知，导线接在“0.6”接线柱上，电流表选择小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.4A。
（4）在探究电流与电阻的关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变。根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压为U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
A.30Ω的电阻接入电路时，电路中的电流为I2=U1R2=2V30Ω=115A
则滑动变阻器应接入电路的阻值为R滑=U滑I2=U−U1I2=6V−2V115A=60Ω
由题知，滑动变阻器的最大阻值是50Ω，所以在电路中多串联一个10Ω的电阻，可以完成实验。A正确，不符合题意；
B．由于定值电阻的阻值较大，滑动变阻器的最大阻值一定，换用30Ω的电阻时，根据串联分压原理，定值电阻两端分担的电压较大，会大于2V，所以可以通过减小电源电压的方法来完成。定值电阻两端的电压为2V，故电源电压最小为2V。滑动变阻器最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大的电压为U滑大=I2R滑大=115A×50Ω≈3.3V
则电源电压最大值为U电大=U1+U滑大=2V+3.3V=5.3V
所以电源电压的取值范围是2V~5.3V。B错误，符合题意；
C．滑动变阻器的阻值调到最大时，定值电阻两端控制的电压最小，则最小电压为U1小=UR2+R滑大R2=6V30Ω+50Ω×30Ω=2.25V
电源电压为6V，所以控制的最大电压为6V。综上，U1的取值范围是2.25V~6V。C正确，不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）探究电流和电阻的关系时，电压表和电阻并联，滑动变阻器一上一下串联在电路中；
（2）连接电路时，开关要断开；
（3）在串联电路中，若滑动变阻器断开，则电流表无示数，电压表无示数；根据电流表的量程和指针位置测量电流大小；
（4）利用电流和电阻的乘积计算电压；利用电压和电阻的比值， 计算电流；结合分压和电流的比值， 计算电阻；根据串联电路分压规律，计算总电压大小。
23．【答案】（1）解：S闭合，P在A时RL与R并联，电流表测灯泡的电流，则有UL=U电源=24V，IL=1A
由欧姆定律表达式的变形式可得灯泡电阻 RL=ULIL=24V1A=24Ω
S断开，P在中点O时，RL与0.5R串联，U=12V，根据串联电路电压关系可得此时灯泡两端电压U'L=U-U=24V-12V=12V
所以0.5R=RL=24Ω
故滑动变阻器最大电阻R=48Ω；
答：滑动变阻器的最大阻值是48Ω，灯泡的电阻是24Ω；
（2）解：断开开关S，RL与R串联，电压表示数最大为15V，UL最小为24V-15V=9V
所以 PL最小值=U2R=(9V)224Ω=3.375W
答：灯泡的最小功率是3.375W。
【解析】【分析】（1）根据欧姆定律表达式U=IR，可以计算灯泡的电阻，根据串联电路中电源电压等于各部分电压之和，可以计算出灯泡两端的实际电压，滑动变阻器的实际电压，根据串联电路电流处处相等，可以计算出滑动变阻器的最大阻值。
（2）根据串联电路中电源电压等于各部分电压之和，可以计算出实际电压，利用电功率计算公式P=U2R，计算出灯泡的最小功率。
24．【答案】（1）解：由丙图可知，5min中电饭锅消耗的电能 W=22r3000r/(kW⋅ℎ)=111500kW⋅ℎ
电饭锅的保温功率 P=Wt=111500kW⋅ℎ560ℎ=0.088kW=88W
答：电饭锅的保温功率88W；
（2）解：由乙图可知，闭合开关S，电路中只有R1，电功率较大，为加热状态；断开开关S，R1与R2串联，电功率较小，为保温状态。根据P=UI， I=UR
R1的电阻为 R1=U2P加热=(220V)21210W=40Ω
R1和R2的总电阻为 R总=U2P保温=(220V)288W=550Ω
R2的电阻为R2=R总-R1=550Ω-40Ω=510Ω
答：R1的电阻为40Ω，R2的电阻为510Ω；
（3）解：由题可知，水升高的温度 Δ t=100℃-23℃=77℃
水吸收的热量Q吸=cm Δ t=4.2×103 J/(kg ⋅ ℃)×2.2kg×77℃=7.1148×105J
消耗的电能W=Pt=1210W×700s=8.47×105J
加热功率 η=Q吸W×100%=7.1148×105J8.47×105J×100%=84%
81%<84%<86%
电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】【分析】（1）根据电能表上的参数N=3000r/（kw·ℎ），利用计算电能的公式W=nNkw·ℎ，计算消耗的电能。根据P=Wt计算电饭锅的保温电功率。
（2）根据P=U2R计算电功率，其中电压不变，电阻越小，功率越大，电阻越大，功率越小，所以可以确定加热状态和保温状态，利用P=U2R推出R=U2P计算电阻。
（3）根据Q吸=cm∆t计算吸热多少。根据W=Pt计算消耗电能，根据η=Q吸W计算热机效率。
山东省枣庄市滕州市2023年中考物理模拟试卷附答案
一、单选题 (共7题；共14分)
1．（2分）如图所示声波的波形图，下列说法正确的是（ ）
A．甲、丁两者的音调和响度均相同
B．甲、乙两者的响度和音色均不同
C．丙、丁两者的音调和响度均不同
D．甲、丙两者的响度和音调相同
2．（2分）战国时期《墨经》中记载了影子的形成、光的反射等光学问题。下列现象中由于光的反射形成的是（ ）
A．透镜成像
B．水中倒影
C．手影游戏
D．池水变浅
3．（2分）古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。下列分析正确的是（ ）
A．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于空气的振动而产生的
B．“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的
C．月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”的形成是升华现象
D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”的形成是凝华现象
4．（2分）如图所示，炎热的夏季，小雨向盛有常温饮料的杯中加入一些小冰块，一段时间后冰块变小，同时观察到杯的外壁出现一些小水珠，下列说法正确的是（ ）
A．杯中冰块的内能为零
B．杯中饮料含有的热量减少
C．杯外壁小水珠的形成需要吸收热量
D．杯外壁小水珠是水蒸气液化形成的
5．（2分）如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环示意图，其中属于利用机械能转化内能冲程的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．带异种电荷的两个物体相互吸引，则相互吸引的两个物体一定带异种电荷
B．毛皮摩擦过的橡胶棒使验电器的金属箔片张开，此过程电子由橡胶棒向验电器转移，但此过程不能说明橡胶棒带负电
C．摩擦过的塑料梳子能吸引碎纸屑是因为带电体能够吸引轻小物体
D．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
7．（2分）在如图所示的电路中，当开关S1、S2断开或闭合时，下列关于三灯连接的情况中错误是（ ）
A．S1、S2都断开，L1、L3串联
B．S1、S2都闭合，L1、L2并联
C．S1断开，S2闭合，L1、L3串联
D．S1断开，S2闭合，只有L1能发光
二、多选题 (共1题；共3分)
8．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点移动到b端，下列判断正确的是（ ）
A．电流表A的示数变小，电压表 V1的示数变小
B．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值不变
C．电压表V2的示数变大，电阻R1消耗的功率变小
D．电压表V1示数变化量与电压表V2示数变化量相等
三、单选题 (共4题；共8分)
9．（2分）如图所示电路，闭合开关S，灯泡L不亮且电流表和电压表均无示数，用电压表检测电路，当电压表分别接a、b两点和b、d两点时，电压表均无示数，接c、d两点时电压表有示数，则可判定（ ）
A．变阻器短路 B．灯泡短路 C．开关断路 D．电流表断路
10．（2分）进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2分）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从a端滑至b端，将滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的绘制成如图乙的图像。则下列判断（ ）
①该电路的最大电流是1A
②该滑动变阻器的最大阻值是50Ω
③该过程中电压表的示数可达10V
④R0的功率变化范围为0.4~14.4W
A．只有①③正确 B．只有②③④正确
C．只有②④正确 D．只有①②③正确
12．（2分）为了推动风能开发利用，我国规划“十四五”期间风力发电量实现翻倍。风能属于（ ）
A．可再生的清洁能源 B．不可再生的清洁能源
C．可再生的非清洁能源 D．不可再生的非清洁能源
四、填空题 (共6题；共14分)
13．（2分）生物课上，同学们利用显微镜观察洋葱表皮细跑时，调节反光镜将洋葱表皮细跑照亮，是利用光的 现象，洋葱表皮细胞通过物镜成实像，通过目镜成 像。（选填“虚”或“实”）。
14．（2分）新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气。如果每瓶装10kg液化气，液化气的热值取4.2×107J/kg，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是 J，若放出的热量有10%被水吸收，在标准大气压下可把 kg的水从20℃加热至沸腾。[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]
15．（3分）小明发现夏天汽车从阴凉的地下车库开出后，车窗玻璃常会上雾，可以擦车窗玻璃的 （选填“内侧”或“外侧”）除雾，雾是由水蒸气 （填物态变化）形成的，此过程要 （选填“放出”或“吸收”）热量。
16．（2分）如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，左容器连接的U形管液面高度差较大，说明电流通过导体产生的热量跟 （选填“电流”或“电阻”）有关，电流通过R1产生的热量与通过R2产生的热量之比为 。
17．（3分）在如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，当滑片P向右移动时，灯泡亮度 （选填“变亮”、“不变”或“变暗”）；电压表的示数 ；整个电路消耗的总功率 （以上两个空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
18．（2分）把“6V 3W”与“6V 1W”的电灯串联接入某一电路中，如果让其中一个灯泡正常发光，电路两端的电压应是 V。不能正常发光的那个灯泡，实际功率为 （灯丝电阻不随温度改变）
五、作图题 (共1题；共5分)
19．（5分）1820年安培在科学院的例会上做了一次小实验，引起到会科学家的兴趣：如图所示，把螺线管悬挂起来，然后闭合开关S给导线通电，通电螺线管自由转动一段时间后静止在如图所示的位置。请你在图中的括号内标明通电螺线管的N或S极，并在图中的括号内标明电源的正负极。
六、实验题 (共3题；共21分)
20．（6分）如图甲是探究“平面镜成像特点”的实验装置图。
（1）（2分）实验时，不采用平面镜而采用透明 （选填“薄”或“厚”）玻璃板，不仅能观察到蜡烛的像，也便于 ；
（2）（2分）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，可以看到蜡烛A在玻璃板后面的像，取一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。在比较物与像的大小关系时，蜡烛B替代的是 （选填“蜡烛A的像”或“蜡烛A”），看到蜡烛是由光的 （选填“反射”或“折射”）形成的；
（3）（1分）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）呈现蜡烛A的像；
（4）（1分）实验过程中如果玻璃板没有垂直架在纸上，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是图中的 （选填“A1”、“A2”或“A3”）。
21．（5分）如图1所示，是“探究不同物质吸收热量的多少与物质种类有关”的实验装置，小阳选取了质量和初温均相同A和B两种不同液体放入烧瓶进行实验，烧瓶中放入电阻丝R1和R2进行加热，不计热量损失，即可认为电阻丝放出的热量完全被液体A和液体B吸收。
（1）（3分）当电阻R1 R2（选填“=”或“≠”）时，A、B两种液体吸收热量的多少可通过 比较（选填“液体升高的温度”或“加热时间”），实现因变量转换依据的公式是 ；
（2）（2分）如图2所示，是小阳根据实验数据绘制的液体A、液体B的温度随时间变化的图像，根据图像可以判断：在控制液体质量和 相同的前提下，液体A吸收的热量 （选填“大于”或“小于”）液体B吸收的热量。
22．（10分）实验小组的同学们用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”。电源电压为6V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”，现有5Ω、10Ω、15Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个。
（1）（2分）根据图甲将图乙所示的实物连接完整；
（2）（2分）连接电路时，开关应 ；
（3）（4分）在该实验中，若滑动变阻器接触不良，则闭合开关时，电流表和电压表的示数情况是 。排除故障后，接入5Ω的电阻，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图丙所示，此时通过电阻的电流为 A，电压表示数为U1；
（4）（2分）将5Ω的电阻分别换成10Ω、15Ω、25Ω、30Ω的电阻，继续实验。小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验。为了让30Ω的电阻也能完成实验，他设计了如下三个调整方案，其中错误的是____（选填“A”、“B”或“C”）。
A．电源电压不变，在电路中多串联一个10Ω的电阻，其余操作不变
B．U1不变，改变电源电压，电源电压的取值范围是2V~4.4V
C．电源电压不变，改变U1的大小（视需要可改变电压表、电流表的量程），U1的取值范围是2.25V~6V
七、计算题 (共2题；共25分)
23．（10分）如图所示的电路中，电源电压为24伏且保持不变。开关S闭合，滑动变阻器的滑片P至A端时，电流表示数为1安；当S断开，滑片P滑动变阻器中点O时，电压表示数为12伏。求：
（1）（5分）滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；
（2）（5分）若电压表量程为0~15伏，断开开关S，在电压表不超过量程的情况下，灯泡的最小功率。
24．（15分）如图甲所示为小明家的电饭锅，铭牌上附有中国能效标识，从铭牌上可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压为220V，加热功率为1210W。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
（1）（5分）小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家里的其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态下正常工作，观察到电能表转盘在5min内转了22圈。则该电饭锅的保温功率为多少？
（2）（5分）电阻R1、R2的阻值分别为多少？
（3）（5分）小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值（电热转化效率）范围为81%≤η<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为23℃、质量为2.2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时700s。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
答案解析部分
1．【答案】A
【解析】【解答】A.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，甲图中有两个波，丁图中有两个波，所以频率相同，音调相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图和丁图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故正确。
B.响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图波的高度高，乙图波的高度低，所以振幅不相同，响度不相同。音色与波形有关，波形不同，音色不同，甲和乙的波形相同，所以音色相同，故错误。
C.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，丙图中有一个波，丁图中有两个波，所以频率不相同，音调不相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，丙图和丁图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故错误。
D.音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数，甲图中有两个波，丙图中有一个波，所以频率不相同，音调不相同。响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度，甲图和丙图波的高度相同，所以振幅相同，响度相同，故错误。
故答案为A。
【分析】音调与频率有关，频率越快，音调越高，在波形图中看波的个数；响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，在波形图中看波的高度；音色与波形有关，波形不同，音色不同。
2．【答案】B
【解析】【解答】A.透镜成像是利用光的折射，故A不符合。
B.水中的倒影是光的反射，故B符合。
C.手影游戏是光的直线传播，故C不符合。
D.池水变浅是光的折射，故D不符合。
故答案为B。
【分析】光现象中包括光沿直线传播，光的反射，光的折射。
3．【答案】B
【解析】【解答】A．“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，“钟声”是由于钟的振动而产生的，A不符合题意；
B．声音的传播需要介质，“春眠不觉晓，处处闻啼鸟”，“啼鸟声”是通过空气传入人耳的，B符合题意；
C．“月落鸟啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华成的冰，是凝华现象，C不符合题意；
D．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”，“冰”的形成是液态的水凝固成的冰，是凝固现象，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】声音是物体振动产生的，人听到声音，是空气传播的；霜是凝华形成的。
4．【答案】D
【解析】【解答】A．任何温度下物体都有内能，所以杯中冰块的内能不为零，A不符合题意；
B．热量为过程量，含有的应该为内能，B不符合题意；
C．杯外壁小水珠是空气中的水蒸气液化形成的，需要放出热量，C不符合题意；
D．杯外壁小水珠是空气中水蒸气液化形成的，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】任何温度下物体都有内能；热量为过程量，不能说含有热量；物体从气态变为液态的过程叫液化，液化放热。
5．【答案】B
【解析】【解答】在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；在内燃机的四个冲程（吸气、压缩、做功、排气）中，机械能转化为内能的是压缩冲程；压缩冲程气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小．
故答案为：B.
【分析】汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能；压缩冲程中气门关闭，活塞上行。
6．【答案】C
【解析】【解答】A.同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，带电体可以吸引轻小物体，所以相互吸引的两个物体有可能带异种电荷，也可能一个带电，一个不带电，故A错误。
B. 毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，接触验电器，使验电器的金属箔张开，此过程中负电荷由橡胶棒向验电器转移，验电器不能检验橡胶棒带负电，故B错误。
C.摩擦过的塑料梳子带电，而带电体能够吸引轻小物体，所以摩擦过的塑料梳子能吸引碎纸屑，故C正确。
D. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D错误。
故答案为C。
【分析】同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。带电体可以吸引轻小物体，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
7．【答案】C
【解析】【解答】A．当S1、S2都断开时，电流从正极出发后以次流经灯泡L1、L3，所以灯泡L1、L3亮，它们的连接方式是串联，A正确，不符合题意；
B．当S1、S2都闭合时，电流从正极出发后分别流经灯泡L1、L2，所以灯泡L1、L2亮，它们的连接方式是并联；此时L2短路，无电流，灯不亮，B正确，不符合题意；
CD．当S1断开、S2闭合时，电流从正极出发后经灯泡L1回到电源的负极，所以L1能发光，此时L2断路，L3短路，均无电流所以它们都不亮，C错误，符合题意、D正确，不符合题意。
故答案为：C。
【分析】各用电器顺次连接，是串联电路；各用电器并列连接，是并联电路。
8．【答案】A,C,D
【解析】【解答】A．由电路图知，开关闭合后，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联在电路中，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，滑片从中点向b端移动，变阻器接入电路的阻值变大，电路中的总阻值变大，而电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，而R1是定值电阻，则R1两端的电压变小，即电压表V1两端的电压变小，A符合题意；
B．电源电压不变，R1两端的电压变小，据串联电路的电压特点知，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，而电流表示数变小，那么V2与A的示数的比值变大，B不符合题意；
C．由以上分析知，电路的电流变小，R1的阻值保持不变，据P=I2R知，电阻R1消耗的功率变小，C符合题意；
D．据串联电路的电压特点有U=U1+U2
整个过程中电源电压不变，那么V1的变化量与V2的变化量相等，D符合题意。
故答案为：ACD。
【分析】在串联电路中，电阻越大，分压越大，电流减小，其他位置分压减小。
9．【答案】C
【解析】【解答】A．如果变阻器短路，灯泡发光，电流表、电压表有示数，A不符合题意；
B．如果灯泡短路，那么灯泡不能发光，电流表有示数，B 不符合题意；
C．如果开关断路，电压表接a、b两点和b、d两点时，没有电流通过电压表，电压表均无示数，接c、d两点时有示数，C符合题意；
D．如果电流表断路，电压表接c、d两点时，电压表无示数，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】在串联电路中，电流表和电压表无示数，电压表测量以外的位置断路。
10．【答案】B
【解析】【解答】当探测仪线圈靠近金属制品时，相当于闭合电路的一部分导体在切割磁感线，从而产生感应电流，所以其原理是电磁感应现象。
A．探究磁极之间的相互作用规律 ，A不符合题意；
B．探究电磁感应现象，B符合题意；
C．是电磁铁的应用，电磁继电器，C不符合题意；
D．探究磁场对通电导体的作用，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】金属探测器工作时，利用了电磁感应原理。
11．【答案】B
【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关，定值电阻R0与变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
② 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流I=0.2A时，此时R1的电功率P1=2W，由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值R1=P1I2=2W（0.2A）2=50Ω，故 ② 正确。
① 由图像可知，当电路中的电流I'=0.4A，R1的电功率P1’=3.2W，此时R1接入电路的电阻R1'=P1'I'2=3.2W（0.4A）2=20Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源电压U=I'（R0+R1'）=0.4A×（R0+20Ω）——A
当电路中的电流I=0.2A时，电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（R0+50Ω）——B，联立AB两个公式，因为电源的电压不变，所以0.4A×（R0+20Ω）=0.2A×（R0+50Ω），解得R0=10Ω，则电源电压U=I（R0+R1）=0.2A×（R0+50Ω）=0.2A×（10Ω+50Ω）=12V，当变阻器接入电路的阻值为0时，电路中电流最大，则电路中的最大电流Imax=UR0=12V10Ω=1.2A，故①错误。
③ 从图中可知电路中电流的最小值为0.2A，根据欧姆定律可知R0两端的电压最小值为U0小=I小R0=0.2A×10Ω=2V，此时电压表的示数为U1=12V-2V=10V，故 ③ 正确。
④ 电路中电流的最小值为0.2A，最大值为1.2A，根据P=I2R可知R0的最小功率为P0小=I小2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，R0的最大功率为P0大=I大2R0=（1.2A）2×10Ω=14.4W，故R0的功率变化范围为0.4W-14.4W，故 ④ 正确。
故选B。
【分析】由P=I2R计算电阻，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I=UR计算电压，根据P=I2R计算电功率。
12．【答案】A
【解析】【解答】风能作为一种从自然界直接获取的能源，清洁无污染且可以再生更新、被人类反复利用，属于可再生的清洁能源，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】风能是可再生资源，是清洁资源。
13．【答案】反射；虚
【解析】【解答】反光镜对光进行反射，改变光的传播方向，照亮洋葱表皮细胞，是利用光的反射现象；
目镜对物镜成的实像进行二次放大，相当于放大镜，成正立放大的虚像。
【分析】光的反射可以改变光的传播方向；显微镜的物镜成倒立放大的实像，目镜成正立放大的虚像。
14．【答案】4.2×108；125
【解析】【解答】Q放=qm液化气= 4.2×107J/kg×10kg=4.2×108J；
根据η=Q吸Q放 ，得Q吸=ηQ放=10%×4.2×108J=4.2×107J，
由Q吸=cm水∆t得，m水=Q吸c∆t=4.2×107J4.2×103J/（kg·℃）×（100℃−20℃）=125kg。
【分析】燃料燃烧放热Q放=qm，水吸热Q吸=cm水∆t，热效率公式η=Q吸Q放。
15．【答案】外侧；液化；放出
【解析】【解答】夏天从阴凉的地下车库开出的汽车，玻璃温度低，外界水蒸气温度高，遇到凉玻璃，会液化形成小水珠，在玻璃的外侧，所以要擦车窗玻璃的外侧除雾；
雾是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化要放出热量。
【分析】液化形成的条件是水蒸气遇冷液化，液化要放热。
16．【答案】电流；4∶1
【解析】【解答】因为R2和R3并联，再与R1串联，R1和R2电阻相同，所以控制的是电阻和时间相同，而通过R1的电流大于R2的电流，I1=2I2，所以左侧 U形管液面高度差较大， 是因为电流通过导体产生的热量跟电流有关，其他条件相同时，电流越大，产热越多；
根据Q=I2Rt，得Q1Q2=I12R1tI22R2t=2I22×5Ω×tI22×5Ω×t=41。
【分析】电流通过导体产生的热量与通电时间、电阻、电流有关，Q=I2Rt。
17．【答案】不变；不变；变小
【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测通过L的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，因联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流不变，实际功率不变，亮暗不变，当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I= UR 可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，由P=UI可知，整个电路消耗的总功率变小．
故答案为：不变；不变；变小．
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测通过L的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡电流的变化和实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再利用P=UI可知整个电路消耗的总功率变化．
18．【答案】8；0.33
【解析】【解答】根据P=UI得，两个灯的额定电流分别为I额1=P额1U额1=3W6V=0.5A，I额2=P额2U额2=1W6V=16A，将两个灯串联，则电流相等，所以想让其中一个正常发光，只能让第2个灯泡正常发光，所以第二个灯泡的电压为6V，根据R=U2P得，R1=U额12P额1=6V23W=12Ω，所以U1=IR1=16A×12Ω=2V，因为串联电路总电压等于各部分电压之和，所以U=U1+U额2=2V＋6V=8V；
P实=U12R1=2V212Ω=0.33W。
【分析】根据P=UI计算额定电流比较哪个灯泡能正常发光，串联电路中电流处处相等，串联电路中电源电压等于各部分电压之和。实际功率计算公式P实=U实2R1。
19．【答案】
【解析】【解答】通电螺线管的N极指向的是地理北极，所以通电螺线管右侧是N极，根据右手定则（安培定则）可知，电流在螺线管的方向是向下的，所以是从电源左侧流出的，而电流是从电源的正极流出，所以左侧是电源的正极，如图所示：
【分析】通电螺线管的N极指向的是地理北极，右手定则（安培定则）是用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则拇指所指的那端就是螺线管的N极。
20．【答案】（1）薄；确定像的位置和大小
（2）蜡烛A的像；反射
（3）不能
（4）A1
【解析】【解答】（1）为了便于观察和确定像的位置，没有采用平面镜，也为了便于测量像距和物距，所以采用透明的薄玻璃板。
（2）蜡烛B代替的是蜡烛A的像，二者重合，说明像物等大，能看到蜡烛，是因为光的反射形成的。
（3） 移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，因为平面镜成的是虚像，所以光屏上不能呈现蜡烛A的像；
（4）因为像与物关于平面镜对称，所以蜡烛A的像应是图中的A1。
【分析】（1）为了便于观察和确定像的位置，采用透明的薄玻璃板。
（2）能看到物体，是因为光的反射。
（3） 平面镜成虚像，光屏上不能呈现虚像；
（4）像与物关于平面镜对称。
21．【答案】（1）=；加热时间；Q=I2Rt
（2）升高的温度；大于
【解析】【解答】（1）当电阻相等，即R1=R2，A、B吸收的热量可通过加热时间比较，即Q=I2Rt，当R相同时，加热时间越长，吸收的热量越多，因变量转换成内能的公式，Q=I2Rt。
（2）控制液体质量和升高的温度相同的前提下，A吸收的热量大于B吸收的热量，即升高相同的温度，A加热的时间长，吸收的热量多。
【分析】根据Q=I2Rt计算电流产热多少。利用控制变量法考虑各因素对实验结果的影响。
22．【答案】（1）
（2）断开
（3）电流表示数为零，电压表示数也为零；0.4
（4）B
【解析】【解答】（1）电压表测量定值电阻两端的电压与定值电阻并联，接在定值电阻的两端；滑动变阻器和定值电阻串联，且向左移动时，接入电路的电阻变小，所以应把左下角接线柱A接入电路，具体连接方式，如图所示：
（2）连接电路时，为保护电路防止短路，开关应断开。
（3）实验电路中，定值电阻、滑动变阻器、电流表串联，电压表测量定值电阻两端的电压，若滑动变阻器接触不良会造成断路，所以电流表示数为0，电压表示数也为0。
由图丙可知，导线接在“0.6”接线柱上，电流表选择小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.4A。
（4）在探究电流与电阻的关系的实验中，应保持定值电阻两端的电压不变。根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压为U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
A.30Ω的电阻接入电路时，电路中的电流为I2=U1R2=2V30Ω=115A
则滑动变阻器应接入电路的阻值为R滑=U滑I2=U−U1I2=6V−2V115A=60Ω
由题知，滑动变阻器的最大阻值是50Ω，所以在电路中多串联一个10Ω的电阻，可以完成实验。A正确，不符合题意；
B．由于定值电阻的阻值较大，滑动变阻器的最大阻值一定，换用30Ω的电阻时，根据串联分压原理，定值电阻两端分担的电压较大，会大于2V，所以可以通过减小电源电压的方法来完成。定值电阻两端的电压为2V，故电源电压最小为2V。滑动变阻器最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大的电压为U滑大=I2R滑大=115A×50Ω≈3.3V
则电源电压最大值为U电大=U1+U滑大=2V+3.3V=5.3V
所以电源电压的取值范围是2V~5.3V。B错误，符合题意；
C．滑动变阻器的阻值调到最大时，定值电阻两端控制的电压最小，则最小电压为U1小=UR2+R滑大R2=6V30Ω+50Ω×30Ω=2.25V
电源电压为6V，所以控制的最大电压为6V。综上，U1的取值范围是2.25V~6V。C正确，不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）探究电流和电阻的关系时，电压表和电阻并联，滑动变阻器一上一下串联在电路中；
（2）连接电路时，开关要断开；
（3）在串联电路中，若滑动变阻器断开，则电流表无示数，电压表无示数；根据电流表的量程和指针位置测量电流大小；
（4）利用电流和电阻的乘积计算电压；利用电压和电阻的比值， 计算电流；结合分压和电流的比值， 计算电阻；根据串联电路分压规律，计算总电压大小。
23．【答案】（1）解：S闭合，P在A时RL与R并联，电流表测灯泡的电流，则有UL=U电源=24V，IL=1A
由欧姆定律表达式的变形式可得灯泡电阻 RL=ULIL=24V1A=24Ω
S断开，P在中点O时，RL与0.5R串联，U=12V，根据串联电路电压关系可得此时灯泡两端电压U'L=U-U=24V-12V=12V
所以0.5R=RL=24Ω
故滑动变阻器最大电阻R=48Ω；
答：滑动变阻器的最大阻值是48Ω，灯泡的电阻是24Ω；
（2）解：断开开关S，RL与R串联，电压表示数最大为15V，UL最小为24V-15V=9V
所以 PL最小值=U2R=(9V)224Ω=3.375W
答：灯泡的最小功率是3.375W。
【解析】【分析】（1）根据欧姆定律表达式U=IR，可以计算灯泡的电阻，根据串联电路中电源电压等于各部分电压之和，可以计算出灯泡两端的实际电压，滑动变阻器的实际电压，根据串联电路电流处处相等，可以计算出滑动变阻器的最大阻值。
（2）根据串联电路中电源电压等于各部分电压之和，可以计算出实际电压，利用电功率计算公式P=U2R，计算出灯泡的最小功率。
24．【答案】（1）解：由丙图可知，5min中电饭锅消耗的电能 W=22r3000r/(kW⋅ℎ)=111500kW⋅ℎ
电饭锅的保温功率 P=Wt=111500kW⋅ℎ560ℎ=0.088kW=88W
答：电饭锅的保温功率88W；
（2）解：由乙图可知，闭合开关S，电路中只有R1，电功率较大，为加热状态；断开开关S，R1与R2串联，电功率较小，为保温状态。根据P=UI， I=UR
R1的电阻为 R1=U2P加热=(220V)21210W=40Ω
R1和R2的总电阻为 R总=U2P保温=(220V)288W=550Ω
R2的电阻为R2=R总-R1=550Ω-40Ω=510Ω
答：R1的电阻为40Ω，R2的电阻为510Ω；
（3）解：由题可知，水升高的温度 Δ t=100℃-23℃=77℃
水吸收的热量Q吸=cm Δ t=4.2×103 J/(kg ⋅ ℃)×2.2kg×77℃=7.1148×105J
消耗的电能W=Pt=1210W×700s=8.47×105J
加热功率 η=Q吸W×100%=7.1148×105J8.47×105J×100%=84%
81%<84%<86%
电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】【分析】（1）根据电能表上的参数N=3000r/（kw·ℎ），利用计算电能的公式W=nNkw·ℎ，计算消耗的电能。根据P=Wt计算电饭锅的保温电功率。
（2）根据P=U2R计算电功率，其中电压不变，电阻越小，功率越大，电阻越大，功率越小，所以可以确定加热状态和保温状态，利用P=U2R推出R=U2P计算电阻。
（3）根据Q吸=cm∆t计算吸热多少。根据W=Pt计算消耗电能，根据η=Q吸W计算热机效率。
相关试卷
2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷： 这是一份2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷： 这是一份2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷： 这是一份2022年山东省枣庄市滕州市中考物理二模试卷，共28页。试卷主要包含了选择题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
