2022-2023学年云南省昆明市第一中学高三第六次考前基础强化理综试题 PDF版

昆明一中2023届高三第六次联考

物理参考答案

14.答案：D

【详解】观看3D电影时佩戴特殊眼镜是偏振眼镜，选项A错误。图（b）是泊松亮斑，是光的衍射现象，选项B错误。水中的气泡看上去特别明亮，是由于光发生了全反射，选项C错误。在光导纤维中，光发生全反射，所以内芯折射率比外套大。选项D正确。

15. 【答案】D

【解析】

汽缸开口向上时，则

汽缸开口向下时，则

AB．根据热力学第一定律，气缸、活塞都是绝热的，故缸内气体与外界没有发生热传递，；气缸内气体压强作用将活塞往外推，气体对外做功，；所以气体内能减小，故缸内理想气体的温度降低。故AB选项错误；

CD．气体内能减小，缸内理想气体的温度降低，分子热运动的平均速率减小，速率大的分子数占总分子数的比例减小，C选项错误，D选项正确。

16、【答案】C

【详解】运动队员从B点到C点的过程做斜抛运动，根据速度的合成与分解有

则vB的竖直分量为

运动到B点时运动员重力的功率，选项A错误。

运动员从B到C的时间为

所以，故B选项错误；

C．根据动量定理可知从B到C的运动过程中，运动员动量的变化量大小等于合力的冲量，

故C选项正确；

D．根据能量守恒定律可知从A到B的运动过程中，运动员机械能的减少量为

故D选项错误。

17.【答案】A

【详解】A．速度很大的快中子不容易被俘获，则需要慢中子轰击铀核才容易发生裂变反应，反应中常使用慢化剂将快中子变成慢中子，常用的慢化剂有石墨、重水和普通水，故A选项正确；

B．根据反应前后质量数守恒可得，所以X是中子。故B选项错误；

C．根据比结合能和原子序数的关系图可知，的比结合能大于的比结合能。另外该核反应释放了能量，得到比更稳定，则的比结合能大于的比结合能。但是的核子数更多，结合能更大，故C选项错误；

D．根据质能方程

可知，产生度电对应的质量亏损为0.8kg，原子核消耗的质量应大于质量亏损，所以大于0.8kg。故D选项错误。

18、【答案】C

【详解】组合体运行的线速度小于第一宇宙速度，选项A错误。

组合后在同轨道运动，线速度的大小不变，所以组合体的动能等于于组成前各自的动能之和。选项B错误。

设组合体质量为m，地球质量为M，组合体轨道处的重力大小等于万有引力大小    ,黄金代换式为,联立以上解得故选项C正确。

根据黄金代换式和密度公式, 解得 ，故D错误。

19、【答案】BD

【详解】

A．根据图像可知，波的传播方向不确定，故A选项错误；

B．根据图像可知，两者间距为或，所以不可能同时经过平衡位置，故B选项正确；

CD．当两者间距为时，

波长为

波速

波长不可能为6m。

当两者间距为时

波长为

波速

波长也不可能为6m。故C选项错误；

n=1时,波速可能是,D选项正确。

20、【答案】ABC

【详解】全科试题免费下载公众号《高中僧课堂》A．由图像可知0-0.5s内金属框受到恒定的重力和拉力，做匀加速度运动，则有解得

，故A选项正确；

B．金属框进入磁场前，根据牛顿第二定律有，解得。

ab边运动到MN处时， 金属框ab边切割磁感线产生的感应电动势为

根据闭合电路欧姆定律有

根据牛顿第二定律有

解得，故B选项正确；

0.5s-1.0s，金属框运动距离为

由图像可知t=1.0s时cd边恰好进入磁场，线框中有感应电流的时间为0.5s，则通过线框截面的电量为。

故C正确。

cd边进入磁场后，ab两点间仍有电势差，但没有感应电流。选项D错误。

21、【答案】　AD

【详解】小球从a到b的过程中，有：mv－mv＝－mgR＋qUab，解得：Uab＝，故选项A正确。小球从最低点到最高点的过程中，根据动能定理有：mv－mv＝－2mgR＋qUac，解得：Uac＝0，故a、c连线为等势线。且Uab＝>0，因电场线垂直于等势线，且沿电场线方向电势逐渐降低，则匀强电场方向为O指向b。故选项C错误。a到b的过程，又因为，所以，故选项B错误。由以上分析可知，，则静电力与重力的合力与竖直方向的夹角为37°，当小球运动到等效最高点时，速度最小，小球由c点运动到等效最高点的过程中，有：，所以。故选项D正确。

22.（6分）【答案】：（1）两物块的质量（1分）   不同（1分）   两物块运动半径之比或（2分）   （2）C（2分）

【详解】（1）[1] [2]本题采用的是控制变量法，根据向心力公式

研究F与r的关系，所以需要保持m、相同，转动半径不同。两物块随水平杆一起转动，角速度已经相同，所以应使物块的质量相同；

[3] 根据向心力公式可得，，所以

（2）[4]该实验过程中采用的实验方法是控制变量法，故C正确，AB错误。

23、（9分）【答案】（1）2.0010 （2分）（2） （1分）   （1分） （3）分压式（2分）   （5）U-I图线如下图所示，（1分）    1.2（2分）。

【详解】（1）[1]螺旋测微器的读数；

（2）[2]闭合开关前，指针置于最左端，电阻值无穷大处，闭合开关后，指针偏转角度过小，则阻值读数太大了，应换用更大档位，即选用“”档；

[3]多用电表的读数；

（3）[4]滑动变阻器的阻值比待测电阻小得多，所以选用分压式接法；

（5）[5] 将点补充完整，U-I图线点均匀分布在图线两侧，两端适当延长，图线见答案。由U-I图线的斜率可以得出待测电阻的值，

再根据，，带入数据得：。

24. （12分）【答案】（1）3s末（2）

【详解】

【解析】（1）A与地面的滑动摩擦力：（1分）

2s末,A、B整体相对于地面开始滑动，0-2s内，A、B均静止。（2分）

B的最大加速度

当A、B之间开始有相对滑动时，，带入解得（2分）

所以3s末A、B之间开始有相对滑动，3s末B的加速度。（1分）

（2）2-3s内，A、B相对静止地向右滑动，由AB整体由动量定理得：（2分）

拉力的冲量由F-t图象围成的面积求得：（2分）

所以（2分）

25（15分）【答案】（1）；； （2）

【详解】（1）小球P在空中下落h2=0.2m后开始做圆周运动，此时绳伸直，由几何关系得（2分）

由平抛运动公式，（1分）

（1分）

可得（1分）

（2）小球P绷紧时，，设速度与竖直方向夹角为，，所以

设绳与竖直方向的夹角为，，所以。（1分）

所以绳子伸直时，速度正好沿着绳子方向，垂直绳子方向没有速度分量。（1分）

绳子伸直的瞬间，绳子方向速度立即减为零，切线方向速度从0开始增加，开始做加速圆周运动。

则由动能定理可得（2分）

解得

P、Q弹性碰撞，有（2分）

（2分）

解得

由向心力公式（1分）

解得（1分）

26.（20分）

【答案】（1）10 m/s；（2）

【详解】（1）如图所示，小球处于静止状态时，受到的电场力和重力的合力在绳子的方向， 由题图可知小球带负电，设电场力与重力的合力为F，则有F＝＝mg（1分）

剪断细线后，小球所受电场力与重力不变，小球将沿着绳子方向做初速度为零的匀加速直线运动

由牛顿第二定律得F＝ma  解得a＝10 m/s2（1分）

则小球第一次经过x轴时速度大小为：v＝at1＝10 m/s。（2分）

(2)在x轴下方区域中，由小球受力分析知， tan45°＝

所以F电＝qE＝mg（1分）

故小球x轴下方区域做匀速圆周运动，设圆周运动半径为r，

则有qvB＝m（1分）

解得

则周期T＝＝=0.8π（1分）

由几何关系可知，小球x轴下方区域所做圆周运动的轨迹所对圆心角为，则运动的时间为t2＝T＝0.6π（2分）

分析可知，小球从N点再次进入x轴上方区域时，速度大小为v，方向与重力和电场力的合力垂直，故小球做类平抛运动，运动轨迹如图所示。设小球从N到P所用的时间为t3，

则沿NQ方向有（1分）

沿QP方向有（1分）

且沿QP方向有a＝g=10 m/s2

由几何关系知，（1分）

联立解得t3＝＝2 s，（1分）

沿QP方向的分速度：（1分）

图中所示，类平抛过程速度的偏转角，  （1分）

由已知可知， （1分）

由几何关系可知：  （1分）

所以小球第二次做圆周运动的时间：

  （2分）

综上所述，小球从绳子剪断到第四次经过x轴的总时间：  （1分）