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2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷(含答案)
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这是一份2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷(含答案)，共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷
一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，总分30分。每小题给出的4个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（3分）2020年2月13日，一批增援武汉抗击“新冠肺炎”疫情的军队医护人员乘坐国产运﹣20运输机抵达武汉机场，这是我国国产运﹣20大型运输机首次参加军事行动，下列说法错误的是（ ）
A．医护人员的口号响亮说明声音的响度大
B．医护人员之所以能够站得这么整齐是利用光的直线传播
C．运﹣20在空中飞行时以飞机内悬挂的“中国必胜”横幅为参照物，医护人员是运动的
D．为减轻自重，降低油耗，运﹣20运输机在制造时使用了大量密度小，强度高的新材料
2．（3分）新型智能手机无线充电技术应用了电磁感应原理，当交变电流通过充电底座中的线圈时，线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场（如图）就能产生电流，通过“磁生电”来实现充电。下列设备也是利用“磁生电”原理工作的是（ ）
A．电烙铁 B．电动机 C．发电机 D．电磁起重机
3．（3分）下列关于信息、能源、材料的说法，正确的是（ ）
A．太阳能属于不可再生能源
B．半导体二极管具有单向导电性
C．电磁波不能在真空中传播
D．电话的听筒主要利用了电流的热效应
4．（3分）兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球，某时刻乒乓球处于如图所示的位置。下列说法合理的是（ ）
A．乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力
B．装置中三个水平玻璃管的横截面积不同
C．三个水平玻璃管的左端口处压强不相同
D．该装置可以测量竖管中各处的压强大小
5．（3分）自行车是节能环保的交通工具。关于小华骑自行车上学的情形，下列说法正确的是（ ）
A．小华在骑行过程中，相对于路旁的树木是静止的
B．停止蹬车后车会停下来，说明运动需要力来维持
C．静止在水平路面上的自行车所受重力与地面对它的支持力是一对平衡力
D．静止在水平路面上的自行车所受重力与它对地面的压力是一对平衡力
6．（3分）在物理研讨课上，王老师用自制教具演示了如下实验：将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把小球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时小球静止（如图甲所示），停止注水，然后用手堵住瓶口，一会儿小球浮起来了（如图乙所示，水未流出）．以下分析正确的是（ ）
A．小球上浮过程中，受到的浮力始终等于受到的重力
B．小球上浮过程中，受到的浮力始终不变
C．小球最终漂浮时，受到的浮力大于重力
D．小球漂浮时瓶内水对手的压强小于上浮过程中瓶内水对手的压强
7．（3分）如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N。物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，不计绳重和摩擦，则（ ）
A．该滑轮组的机械效率为90%
B．滑轮组中动滑轮重10N
C．拉力的功率为50W
D．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
（多选）8．（3分）下列知识结构中，错误的是（ ）
A．
电路
串联电路
并联电路
电流路径
一条
两条或多条
有无节点
无
无
各用电器是否影响
互相影响
互不影响
B．
固体
熔化过程
是否吸热
温度是否升高
有无熔点
晶体
是
否
无
非晶体
是
是
有
C．
物体受力情况
支持状态
不受力
改变
受力
受平衡力
改变
受不平衡力
不改变
D．
物距u
凸透镜成像的特点
U＞2f
倒立
缩小
实像
2f＞u＞f
倒立
放大
实像
U＜f
正立
放大
虚像
（多选）9．（3分）很多动物为了适应自身生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位，对此，从物理学的角度给出的解释中正确的是（ ）
A．骆驼的脚很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中自如行走
B．啄木鸟的嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树杆，捉到躲在深处的虫子
C．蝙蝠的视力几乎为零，靠主动发射并接收反射自障碍物的超声波准确定位
D．深海里的鱼，捕上岸时会死掉，主要原因是水面上的压强比深水处小得多
（多选）10．（3分）如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（ ）
A．电路消耗的最小功率为2.5W
B．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4W
C．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W
D．滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为600J
二、填空题（本大题共6个小题，第11～15题每小题2分，第16题4分，共14分）
11．（2分）小明站在穿衣镜前1.5m处，他看到自己在镜中的像是一个等大的 像（选填“实”或“虚”），他的像与他之间的距离是 m．（玻璃厚度忽略不计）
12．（2分）目前我国正在实施“登月工程”。月球表面没有空气，没有磁场，引力为地球的六分之一。宇航员登上月球， 用指南针辨别方向， 轻而易举地提起150kg的物体。（均选填“能”或“不能”）
13．（2分）最先精确地确定了电流通过导体产生的热量（电热）与电流、电阻和通电时间关系的物理学家是 ；将10Ω的电阻丝接在3V的电源上，5min内产生的热量为 J。
14．（2分）在一次科学探究活动中，小明要测量纸锥下落的速度，他用每隔相等时间拍照一次的相机（相机说明书上的相关描述如下：“每秒拍照2次，像成在同一底片上”），拍下如图所示的照片，右侧为纸锥从E到过程的放大图，EF段纸锥运动的路程是 cm，EF段纸锥下落的速度是 m/s；
15．（2分）利用微信“扫一扫”功能，通过智能手机的摄像头扫描二维码可快速获取网络信息，手机摄像头相当于一个 透镜，二维码到摄像头的距离应满足 的条件。
16．（4分）市场上有一种磁吸式手机充电线，能通过磁铁公母对吸方式达到接通充电效果的充电线。在它的一端固定有磁铁，另一端固定有易磁化的物质，只要将两端靠近，就可以达到对吸充电。手机充电时，电池相当于用电器，拨打电话时，电能转化为光、声等其他形式的能量，接听电话时可按免提键将听筒发声转为扬声器发声。该磁吸式手机充电线主要应用于能穿戴类，如儿童智能手表、智能手环、智能书包、智能手套、智能鞋、蓝牙耳机等；虚拟现实设备（VR）、无人机设备、智能机器人设备等。
（1）在磁吸式手机充电线的另一端固定的物质可能是 （选填“铜”“铁镍合金”或“铝”），判断的依据是 。
（2）手机充电时，将电能转化为 能。
（3）某款手机的充电器上标有“5V 2.1A”字眼，电池充满电所储存的电能是113400J。若充电时以最大输出电流充电，要将空电池充满电需要 h。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）铁球重20N，请在图中画出铁球所受重力的示意图。
18．（2分）在图中作出人看到球的光路图。
四、实验探究题（本大题共4个小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
19．（8分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节 （选填“A”或“B”）的高度，调节它的高度是为了 。
（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 （选填“质量”或“体积”）相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 。
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 加热更长的时间，此时水吸收的热量 （选填“大于”、“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。
（4）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 。（答出一个即可）
20．（4分）小亮在实验室中按照如图电路图连接了电路，进行了以下探究：
（1）小亮想要探究并联电路的特点，可以进行的最简单操作是 ，若看到 的现象，则初步证明并联电路中各支路互不影响。
（2）小亮想探究并联电路中电流规律：
①小亮同学要测量通过L1的电流，应该将电流表接在 （选填“A”、“B”或“C”）处；
②小亮同学根据实验得出了如表数据，则他下一步做的最合理操作是 。
A点电流IA
B点电流IB
C点电流IC
0.16A
0.16A
0.32A
21．（8分）小王用如图甲所示的实验装置测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率时，电源电压为3V，若所用器材均能满足实验需要。
（1）用笔画线替代导线，将实物电路连接完整：
（2）连接电路时，开关要 （选填“断开”或“闭合”）；滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值 位置；
（3）实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为 A，小灯泡正常发光时的电阻为 Ω，小灯泡的额定功率为 W；
（4）小王受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的I﹣U图象如图丙所示。由图象可知LED灯的电阻随电压的增大而 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为 W。
22．（4分）如图所示是小茗同学做奥斯特实验的示意图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方并使直导线与小磁针平行，接通电路后，可以观察到小磁针偏转，说明通电导线周围存在磁场。实验中，为了探究通电导线周围磁场方向与电流方向有关，小茗同学应进行的操作是 ；若观察到 则说明通电导线周围磁场方向与电流方向有关。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）海洋科学钻探船被称为海洋科学领域的“航空母舰”。如图所示为一艘满载时排水量为5×104t的海洋科学钻探船。甲板上装有很高的钻塔，可以安装并控制钻杆进行拉升作业，使钻头和钻杆最深可在4000m深的海底向下钻取岩芯进行研究。（ρ海水＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）。
（1）该钻探船满载时受到海水的浮力是多少？
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，钻探船排开海水的体积 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强是多少？
（4）该钻探船以36km/h的速度匀速航行时，动力推进系统的输出功率为4×107W，则船受到的牵引力是多少？
24．（9分）如图所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，R1＝20Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω 1A”。
（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，求电源电压；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，求R3的阻值；
（3）闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，求滑动变阻器R2的阻值取值范围。
2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，总分30分。每小题给出的4个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．【分析】（1）响度指声音的强弱（或大小），响度与振幅和距离发声体的远近有关。
（2）光在同种均匀介质中沿直线传播。
（3）物体相对于参照物位置变化时，物体是运动的，相对于参照物位置不变，则物体是静止的。
（4）密度是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关。
【解答】解：A、医护人员的口号响亮说明声音的响度大，故A正确；
B、医护人员之所以能够站得这么整齐是利用光的直线传播，故B正确；
C、以飞机内悬挂的“中国必胜”横幅为参照物，医护人员是静止的，故C错误；
D、为减轻自重，降低油耗，运﹣20运输机在制造时使用了大量密度小，强度高的新材料，故D正确。
故选：C。
2．【分析】（1）电烙铁的工作原理是电流的热效应。
（2）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动。
（3）发电机的工作原理是电磁感应。
（4）电磁起重机的工作原理是电流的磁效应。
【解答】解：
A、电流通过电烙铁时产生热量，所以电烙铁是根据电流的热效应来工作，故A错误。
B、电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B错误。
C、发电机的工作原理是电磁感应，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，发电机工作原理是磁生电，故C正确。
D、电磁起重机在有电流通过时产生磁场，工作原理是电流的磁效应，故D错误。
故选：C。
3．【分析】（1）太阳能可源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源；
（2）半导体二极管具有单向导电性，它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极；
（3）电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播；
（4）电话的听筒是利用通电线圈在磁场中受到力的作用带动音膜振动而发出声音，把变化的电流转化为声音信号，是利用电流的磁效应工作的；
【解答】解：A、太阳能是可再生能源，A错误；
B、半导体二极管具有单向导电性，B正确；
C、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，C错误；
D、电话的听筒里有电磁铁，其工作原理：电流通过电磁铁时，电磁铁具有磁性，吸引膜片，电磁铁中通过变化的电流，产生变化的磁场，对膜片的吸引也是变化的，从而使膜片产生振动，将电信号转变为声音信号将声音还原出来，D错误。
故选：B。
4．【分析】流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。据此分析即可解答。
【解答】解：由图中实验装置可知，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，由于竖管口越来越粗，所以风的流动速度越来越慢，即最上端的空气流速快、水平玻璃管左端开口处压强小，最下端的空气流速慢、水平玻璃管左端开口处压强大。三个乒乓球右侧的空气流速慢，压强大，产生向左的压强差，且压强差由上至下依次减小，三个乒乓球在压强差的作用下会向左运动，所以会产生三个乒乓球向左运动的位置不同的现象。故只有选项C说法正确。
故选：C。
5．【分析】（1）在研究机械运动时，被选作标准的物体叫参照物；一个物体是运动还是静止，需要看它相对于参照物的位置是否变化；
（2）力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括运动速度和运动方向的变化；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：A、小华在骑行过程中，小华相对于路旁的树木位置不断变化，小华是运动的，故A错误；
B、停止蹬车后车会停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、静止在水平路面上的自行车所受重力与地面对它的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上且都在自行车上，是一对平衡力，故C正确；
D、自行车所受的重力与自行车对地面的压力方向相同，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
6．【分析】（1）浮力大于重力，物体上浮；根据阿基米德原理判断浮力的变化情况；
（2）漂浮时，受到的浮力等于重力；
（3）根据p＝ρgh判断压强大小．
【解答】解：ABC、小球上浮过程中，露出水面之前受到的浮力大于重力；露出水面的过程中，重力不变，浮力减小，当小球漂浮时浮力等于重力，故ABC错误；
D、小球上浮过程中排开水的体积大于漂浮时排开水的体积，小球上浮过程中水的深度大于小球漂浮时瓶内水的深度，故小球漂浮时水对手的压强小于上浮过程中瓶内水对手的压强，故D正确．
故选：D．
7．【分析】先根据物体和绳子自由端的运动情况确定滑轮组承担物重的绳子股数n，则拉力端移动距离s＝nh；
（1）利用速度公式求绳子自由端移动速度；
（2）利用G＝mg求提升物体的重力，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；
（3）知道拉力大小，利用P＝＝＝Fv求拉力的做功功率；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力。
【解答】解：由图乙可知，在t＝4s内，物体上升高度h＝2m时，绳子自由端移动距离s＝6m，
滑轮组承担物重的绳子股数：n＝＝＝3。
（1）绳子自由端移动的速度：
v＝＝＝1.5m/s，故D错误；
（2）物体重力：G＝mg＝27kg×10N/kg＝270N，
轮组的机械效率：
η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故A正确；
（3）拉力的做功功率：
P＝＝＝Fv＝100N×1.5m/s＝150W，故C错误；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：
G动＝3F﹣G＝3×100N﹣270N＝30N，故B错误；
故选：A。
8．【分析】解答此题用到以下知识：
（1）串联电路的特点是只有一条电流路径，各用电器互相影响，无节点；并联电路的特点是有多条支路，各支路上的用电器互不影响，有节点；
（2）晶体和非晶体在熔化过程中都要吸收热量，主要区别是晶体在熔化过程中温度不变，有一定的熔点，而非晶体在熔化过程中温度逐渐升高，没有熔点；
（3）当物体不受力或受平衡力时，物体保持静止或匀速直线运动，运动状态不发生改变；当物体受不平衡力时，其运动状态将发生改变；
（4）凸透镜成像规律是：当U＞2f时，成倒立缩小的实像；当f＜u＜2f时，成倒立放大的实像；当u＜f时，成正立放大的虚像。
【解答】解：A、并联电路有节点，故A错误，符合题意；
B、晶体有熔点，非晶体无熔点，故B错误，符合题意；
C、当物体不受力或受平衡力时，运动状态不发生改变；当物体受不平衡力时，其运动状态将发生改变；故C错误，符合题意；
D、当U＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像；当f＜u＜2f时，成倒立放大的实像；当u＜f时，成正立放大的虚像。故D说法正确，不符合题意。
故选：ABC。
9．【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小、受力面积大小。
（2）蝙蝠可以发出超声波，通过接收反射回来的超声波来判断目标的位置和距离，这种方式叫做回声定位。
（3）液体压强随着深度的增加而增大。
【解答】解：A、骆驼的脚很大，可以通过增大受力面积来减小压强，但是不能减小压力，不符合题意；
B、啄木鸟的嘴很尖细，是通过减小受力面积来增大压强，符合题意；
C、蝙蝠是夜间才出来捕获食物，它不靠眼睛确定位置的，蝙蝠是通过发出超声波，然后接受反射回来的声波，确定位置的，符合题意；
D、液体的压强随深度的增加而增大，所以水面上的压强比深水处小得多，深海里的鱼，捕上岸时会死掉，符合题意；
故选：BCD。
10．【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。
（1）知道滑片P移至最左端时电路中的电流，根据W＝UIt求出2min内电流通过灯泡所做的功；
（2）知道滑片P在中点时电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出灯泡L两端的电压，利用P＝UI求出灯泡消耗的功率；
（3）当滑片P移至最左端时，接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻，再根据欧姆定律求出滑片P移至中点时灯泡的电阻，然后得出灯泡的电阻与滑动变阻器接入电路中阻值的关系；假设不考虑灯泡电阻随温度的变化，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且RL＝20Ω时，电路消耗的总功率最小，根据电阻的串联和P＝UI＝求出电路消耗的最小功率，然后结合灯泡电阻的变化得出答案。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片P移至最左端时，电路中的电流I＝0.5A，
则2min内电流通过灯泡所做的功：
W＝UIt＝10V×0.5A×2×60s＝600J，故D正确；
（2）滑片P在中点时，电路中的电流I′＝0.4A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I＝可得，灯泡L两端的电压：
UL＝U﹣I′＝10V﹣0.4A×＝6V，
灯泡消耗的功率：
PL＝ULI′＝6V×0.4A＝2.4W，故B正确、C错误；
（3）当滑片P移至最左端时，接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，
则灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝20Ω，
滑片P移至中点时灯泡的电阻：
RL′＝＝＝15Ω，
所以，滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，灯泡的电阻变小，
假设不考虑灯泡电阻随温度的变化，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且RL＝20Ω时，电路消耗的总功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路消耗的最小功率：
P小＝＝＝2.5W，
因滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的电阻变小，
所以，电路消耗的最小功率大于2.5W，故A错误。
故选：BD。
二、填空题（本大题共6个小题，第11～15题每小题2分，第16题4分，共14分）
11．【分析】平面镜成像：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成虚像，物像到平面镜的距离相等，所以小明在平面镜中成的是虚像，小明到平面镜的距离是1.5m，小明的像到平面镜的距离也是1.5m，所以他的像与他之间的距离是3m。
故答案为：虚；3。
12．【分析】指南针是靠磁场工作的，若没有磁场，指南针不能辨别方向；月球上的引力是地球的六分之一，所以物体所受的重力为在地球上所受重力的六分之一。
【解答】解：月球上不存在磁场，所以指南针不能辨别方向。
150kg的物体在月球上所受的重力：G′＝mg＝×150kg×9.8N/kg＝245N；
在地球上其质量为：m＝＝＝25kg，可以被轻易提起。
故答案为：不能；能。
13．【分析】在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系；由Q＝W＝t计算产生热量。
【解答】解：
在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即焦耳定律。
将10Ω的电阻丝接在3V的电源上，5min内产生的热量为：
Q＝W＝t＝×5×60s＝270J。
故答案为：焦耳；270。
14．【分析】根据图示读出路程的大小和相邻两点间的时间，然后根据速度公式求出速度的大小。
【解答】解：由图可知，刻度尺的分度值为1cm，E到F的路程为s＝80.0cm﹣60.0cm＝20.0cm＝0.200m；
照相机每秒拍照2次，则EF之间的时间为t＝0.5s，则纸锥下落的速度是v＝＝＝0.4m/s。
故答案为：20.0；0.4。
15．【分析】凸透镜成像时，物距u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机。能发光的物体称为光源。
【解答】解：手机摄像头相当于一个凸透镜；
摄像头是利用物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小实像的规律工作的，因此，扫描二维码时，二维码到摄像头的距离应大于二倍焦距。
故答案为：凸；大于二倍焦距。
16．【分析】（1）铁能被磁铁吸引，铝、铜、锌不能被磁铁吸引；
（2）判断能量转化过程，关键看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了那种形式的能即可；
（3）知道充电电压和充电电流以及充满电所储存的电能，根据W＝UIt求出充电时间
【解答】解：（1）铁镍合金是磁性材料，能被磁铁吸引，铝和铜不是磁性材料，不能被磁铁吸引；
（2）给手机在充电时，消耗电能，得到化学能，电池把电能转化为化学能储存起来；
（3）由W＝UIt可得，要将空电板充满电需要的时间：t＝＝＝10800s＝3h。
故答案为：（1）铁镍合金；铁镍合金是磁性材料，能被磁铁吸引，铝和铜不能被磁铁吸引； （2）化学；（3）3。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．【分析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的方向、方向。
【解答】解：
过球心作竖直向下的力（即重力），G＝20N．如图所示：
18．【分析】由平面镜的成像特点知，像与物关于镜面对称，且像是由光的反射光线的延长线形成的，故作出物关于镜面的对称图，即为它的像，连接像与人眼，交镜面于一点，即为入射点。再完成光路。
【解答】解：
四、实验探究题（本大题共4个小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
19．【分析】（1）为确保使用外焰加热，要自下而上调节，确保一次调试到位；
（2）（3）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（4）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。
【解答】解：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节A的高度，调节它的高度是为了确保使用外焰加热；
（2）根据比较吸热能力的第2种方法，组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，根据转换法，还需要的一个测量工具是秒表；
（3）在此实验中，加热相同时时间，水升温慢，如果要使水和煤油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于煤油吸收的热量；
（4）改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是：该方案两实验同时进行，便于同时比较水和煤油升温快慢（或原方案两次加热，酒精灯火焰不易控制完全相同，现方案同一热源加热确保相同时间内热量相等）（其它合理答案也可）。
故答案为：（1）A；确保使用外焰加热；（2）质量；升高的温度；秒表；（3）水、大于（4）该方案两实验同时进行，便于同时比较水和煤油升温快慢（或原方案两次加热，酒精灯火焰不易控制完全相同，现方案同一热源加热确保相同时间内热量相等）（其它合理答案也可）。
20．【分析】（1）并联电路各支路互不影响；
（2）①电流表与待测电路串联，据此分析；
②用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：
（1）图中两灯并联，闭合开关，两灯都发光，然后拧下灯L1，若看到灯L2 发光，则初步证明并联电路中各支路互不影响；
（2）①电流表与待测电路串联，由图知，小亮同学要测量通过L1的电流，应该将电流表接在A处；
②小亮同学根据实验得出了表中数据，为得出普遍性的结论，下一步应该做的最合理操作是：换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值。
故答案为：（1）拧下灯L1；灯L2 发光；（2）①A；②换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值。
21．【分析】（1）根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
（2）在电学实验中，为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
（3）确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R＝求出小灯泡的电阻，根据公式P＝UI计算出额定功率；
（4）根据图1确定灯泡的额定电压，由图3确定额定电流，根据P＝UI计算出额定功率
【解答】解：（1）灯泡与滑动变阻器应串联，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，实物电路图如图所示：
；
（2）在连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置；
（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R＝＝≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）由图象丙知，U﹣I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压为3V时，电流为24mA＝0.024A，则P＝UI＝3V×0.024A＝0.072W。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大；（3）0.3；8.33；0.75；（4）减小；0.072。
22．【分析】奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场，通电导体周围的磁场方向与电流方向有关。
【解答】解：为了探究通电导线周围磁场方向与电流方向有关，应该改变电路中的电流方向，观察小磁针的转动方向是否发生改变，所以小茗同学应进行的操作是对调电池的正负极，若观察到小磁针的转动方向发生改变则说明通电导线周围磁场方向与电流方向有关。
故答案为：对调电池的正负极；小磁针的转动方向发生改变。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）
23．【分析】（1）知道钻探船满载时排水量，利用阿基米德原理求船受到海水的浮力；
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，都处于漂浮状态，受到的浮力不变，都等于船的重力，利用F浮＝ρ液gV排可得排开海水的体积的变化；
（3）利用p＝ρgh求钻头在4000m深的海底处受到海水的压强；
（4）知道钻探船匀速航行的速度，利用P＝Fv求船受到的牵引力。
【解答】解：
（1）钻探船满载时受到海水的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝5×104×103kg×10N/kg＝5×108N；
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，都处于漂浮状态，受到的浮力不变，都等于船的重力，
由F浮＝ρ液gV排可知，排开海水的体积变小；
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×4000m＝4.12×107Pa；
（4）钻探船匀速航行的速度：v＝36km/h＝36×m/s＝10m/s，
由P＝＝＝Fv可得，船受到的牵引力：
F＝＝＝4×106N。
故答案为：
（1）该钻探船满载时受到海水的浮力是5×108N；
（2）变小；
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强是4.12×107Pa；
（4）船受到的牵引力是4×106N。
24．【分析】（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，已知电流表示数，根据欧姆定律求出电源电压：
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，根据电压表（测变阻器的电压）的示数为4V，由欧姆定律得出电路的电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R3；
（3）闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，可知通过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过变阻器的最大电流，由欧姆定律求出变阻器连入的最小电阻；
当变阻器滑片移动最左端时，没有超过电流表和电压表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，据此确定答案。
【解答】解：（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，电流表示数为0.4A，
根据欧姆定律可得，电源电压：
U＝I1R1＝0.4A×20Ω＝8V；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表（测变阻器的电压）的示数为4V，则电路中的电流：
I2＝＝＝0.08A，
根据串联电路的规律和欧姆定律可得，R3的阻值：
R3＝＝＝50Ω；
（3）闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响，通过R1的电流为0.4A不变，
电流表的量程为0～0.6A，则干路电流最大为0.6A，
由并联电路电流的规律，通过变阻器的最大电流：
I变大＝I总大﹣I1＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，
由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小电阻：
R滑小＝＝＝40Ω；
当变阻器滑片移动最左端时，变阻器接入阻值最大，总电流最小，没有超过电流表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，
在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω～100Ω。
答：（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，电源电压为8V；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，R3的阻值为50Ω；
（3）闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω～100Ω。
2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷
一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，总分30分。每小题给出的4个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（3分）2020年2月13日，一批增援武汉抗击“新冠肺炎”疫情的军队医护人员乘坐国产运﹣20运输机抵达武汉机场，这是我国国产运﹣20大型运输机首次参加军事行动，下列说法错误的是（ ）
A．医护人员的口号响亮说明声音的响度大
B．医护人员之所以能够站得这么整齐是利用光的直线传播
C．运﹣20在空中飞行时以飞机内悬挂的“中国必胜”横幅为参照物，医护人员是运动的
D．为减轻自重，降低油耗，运﹣20运输机在制造时使用了大量密度小，强度高的新材料
2．（3分）新型智能手机无线充电技术应用了电磁感应原理，当交变电流通过充电底座中的线圈时，线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场（如图）就能产生电流，通过“磁生电”来实现充电。下列设备也是利用“磁生电”原理工作的是（ ）
A．电烙铁 B．电动机 C．发电机 D．电磁起重机
3．（3分）下列关于信息、能源、材料的说法，正确的是（ ）
A．太阳能属于不可再生能源
B．半导体二极管具有单向导电性
C．电磁波不能在真空中传播
D．电话的听筒主要利用了电流的热效应
4．（3分）兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球，某时刻乒乓球处于如图所示的位置。下列说法合理的是（ ）
A．乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力
B．装置中三个水平玻璃管的横截面积不同
C．三个水平玻璃管的左端口处压强不相同
D．该装置可以测量竖管中各处的压强大小
5．（3分）自行车是节能环保的交通工具。关于小华骑自行车上学的情形，下列说法正确的是（ ）
A．小华在骑行过程中，相对于路旁的树木是静止的
B．停止蹬车后车会停下来，说明运动需要力来维持
C．静止在水平路面上的自行车所受重力与地面对它的支持力是一对平衡力
D．静止在水平路面上的自行车所受重力与它对地面的压力是一对平衡力
6．（3分）在物理研讨课上，王老师用自制教具演示了如下实验：将一只去盖、去底的饮料瓶的瓶口朝下，把小球（直径略大于瓶口直径）放入瓶内并注水，看到有少量水从瓶口流出，此时小球静止（如图甲所示），停止注水，然后用手堵住瓶口，一会儿小球浮起来了（如图乙所示，水未流出）．以下分析正确的是（ ）
A．小球上浮过程中，受到的浮力始终等于受到的重力
B．小球上浮过程中，受到的浮力始终不变
C．小球最终漂浮时，受到的浮力大于重力
D．小球漂浮时瓶内水对手的压强小于上浮过程中瓶内水对手的压强
7．（3分）如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N。物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，不计绳重和摩擦，则（ ）
A．该滑轮组的机械效率为90%
B．滑轮组中动滑轮重10N
C．拉力的功率为50W
D．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
（多选）8．（3分）下列知识结构中，错误的是（ ）
A．
电路
串联电路
并联电路
电流路径
一条
两条或多条
有无节点
无
无
各用电器是否影响
互相影响
互不影响
B．
固体
熔化过程
是否吸热
温度是否升高
有无熔点
晶体
是
否
无
非晶体
是
是
有
C．
物体受力情况
支持状态
不受力
改变
受力
受平衡力
改变
受不平衡力
不改变
D．
物距u
凸透镜成像的特点
U＞2f
倒立
缩小
实像
2f＞u＞f
倒立
放大
实像
U＜f
正立
放大
虚像
（多选）9．（3分）很多动物为了适应自身生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位，对此，从物理学的角度给出的解释中正确的是（ ）
A．骆驼的脚很大，可以减小压力，从而使其在沙漠中自如行走
B．啄木鸟的嘴很尖细，可以增大压强，从而凿开树杆，捉到躲在深处的虫子
C．蝙蝠的视力几乎为零，靠主动发射并接收反射自障碍物的超声波准确定位
D．深海里的鱼，捕上岸时会死掉，主要原因是水面上的压强比深水处小得多
（多选）10．（3分）如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A．则（ ）
A．电路消耗的最小功率为2.5W
B．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4W
C．滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2W
D．滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为600J
二、填空题（本大题共6个小题，第11～15题每小题2分，第16题4分，共14分）
11．（2分）小明站在穿衣镜前1.5m处，他看到自己在镜中的像是一个等大的 像（选填“实”或“虚”），他的像与他之间的距离是 m．（玻璃厚度忽略不计）
12．（2分）目前我国正在实施“登月工程”。月球表面没有空气，没有磁场，引力为地球的六分之一。宇航员登上月球， 用指南针辨别方向， 轻而易举地提起150kg的物体。（均选填“能”或“不能”）
13．（2分）最先精确地确定了电流通过导体产生的热量（电热）与电流、电阻和通电时间关系的物理学家是 ；将10Ω的电阻丝接在3V的电源上，5min内产生的热量为 J。
14．（2分）在一次科学探究活动中，小明要测量纸锥下落的速度，他用每隔相等时间拍照一次的相机（相机说明书上的相关描述如下：“每秒拍照2次，像成在同一底片上”），拍下如图所示的照片，右侧为纸锥从E到过程的放大图，EF段纸锥运动的路程是 cm，EF段纸锥下落的速度是 m/s；
15．（2分）利用微信“扫一扫”功能，通过智能手机的摄像头扫描二维码可快速获取网络信息，手机摄像头相当于一个 透镜，二维码到摄像头的距离应满足 的条件。
16．（4分）市场上有一种磁吸式手机充电线，能通过磁铁公母对吸方式达到接通充电效果的充电线。在它的一端固定有磁铁，另一端固定有易磁化的物质，只要将两端靠近，就可以达到对吸充电。手机充电时，电池相当于用电器，拨打电话时，电能转化为光、声等其他形式的能量，接听电话时可按免提键将听筒发声转为扬声器发声。该磁吸式手机充电线主要应用于能穿戴类，如儿童智能手表、智能手环、智能书包、智能手套、智能鞋、蓝牙耳机等；虚拟现实设备（VR）、无人机设备、智能机器人设备等。
（1）在磁吸式手机充电线的另一端固定的物质可能是 （选填“铜”“铁镍合金”或“铝”），判断的依据是 。
（2）手机充电时，将电能转化为 能。
（3）某款手机的充电器上标有“5V 2.1A”字眼，电池充满电所储存的电能是113400J。若充电时以最大输出电流充电，要将空电池充满电需要 h。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）铁球重20N，请在图中画出铁球所受重力的示意图。
18．（2分）在图中作出人看到球的光路图。
四、实验探究题（本大题共4个小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
19．（8分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节 （选填“A”或“B”）的高度，调节它的高度是为了 。
（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 （选填“质量”或“体积”）相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 。
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 加热更长的时间，此时水吸收的热量 （选填“大于”、“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。
（4）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 。（答出一个即可）
20．（4分）小亮在实验室中按照如图电路图连接了电路，进行了以下探究：
（1）小亮想要探究并联电路的特点，可以进行的最简单操作是 ，若看到 的现象，则初步证明并联电路中各支路互不影响。
（2）小亮想探究并联电路中电流规律：
①小亮同学要测量通过L1的电流，应该将电流表接在 （选填“A”、“B”或“C”）处；
②小亮同学根据实验得出了如表数据，则他下一步做的最合理操作是 。
A点电流IA
B点电流IB
C点电流IC
0.16A
0.16A
0.32A
21．（8分）小王用如图甲所示的实验装置测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率时，电源电压为3V，若所用器材均能满足实验需要。
（1）用笔画线替代导线，将实物电路连接完整：
（2）连接电路时，开关要 （选填“断开”或“闭合”）；滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值 位置；
（3）实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为 A，小灯泡正常发光时的电阻为 Ω，小灯泡的额定功率为 W；
（4）小王受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的I﹣U图象如图丙所示。由图象可知LED灯的电阻随电压的增大而 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为 W。
22．（4分）如图所示是小茗同学做奥斯特实验的示意图，将一根直导线放在静止小磁针的正上方并使直导线与小磁针平行，接通电路后，可以观察到小磁针偏转，说明通电导线周围存在磁场。实验中，为了探究通电导线周围磁场方向与电流方向有关，小茗同学应进行的操作是 ；若观察到 则说明通电导线周围磁场方向与电流方向有关。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）海洋科学钻探船被称为海洋科学领域的“航空母舰”。如图所示为一艘满载时排水量为5×104t的海洋科学钻探船。甲板上装有很高的钻塔，可以安装并控制钻杆进行拉升作业，使钻头和钻杆最深可在4000m深的海底向下钻取岩芯进行研究。（ρ海水＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）。
（1）该钻探船满载时受到海水的浮力是多少？
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，钻探船排开海水的体积 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强是多少？
（4）该钻探船以36km/h的速度匀速航行时，动力推进系统的输出功率为4×107W，则船受到的牵引力是多少？
24．（9分）如图所示，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V，R1＝20Ω，滑动变阻器R2的规格为“100Ω 1A”。
（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，求电源电压；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，求R3的阻值；
（3）闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，求滑动变阻器R2的阻值取值范围。
2023年云南省昭通市巧家县大寨中学中考物理三模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，总分30分。每小题给出的4个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．【分析】（1）响度指声音的强弱（或大小），响度与振幅和距离发声体的远近有关。
（2）光在同种均匀介质中沿直线传播。
（3）物体相对于参照物位置变化时，物体是运动的，相对于参照物位置不变，则物体是静止的。
（4）密度是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关。
【解答】解：A、医护人员的口号响亮说明声音的响度大，故A正确；
B、医护人员之所以能够站得这么整齐是利用光的直线传播，故B正确；
C、以飞机内悬挂的“中国必胜”横幅为参照物，医护人员是静止的，故C错误；
D、为减轻自重，降低油耗，运﹣20运输机在制造时使用了大量密度小，强度高的新材料，故D正确。
故选：C。
2．【分析】（1）电烙铁的工作原理是电流的热效应。
（2）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动。
（3）发电机的工作原理是电磁感应。
（4）电磁起重机的工作原理是电流的磁效应。
【解答】解：
A、电流通过电烙铁时产生热量，所以电烙铁是根据电流的热效应来工作，故A错误。
B、电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B错误。
C、发电机的工作原理是电磁感应，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，发电机工作原理是磁生电，故C正确。
D、电磁起重机在有电流通过时产生磁场，工作原理是电流的磁效应，故D错误。
故选：C。
3．【分析】（1）太阳能可源源不断从自然界获得，因此属于可再生能源；
（2）半导体二极管具有单向导电性，它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极；
（3）电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播；
（4）电话的听筒是利用通电线圈在磁场中受到力的作用带动音膜振动而发出声音，把变化的电流转化为声音信号，是利用电流的磁效应工作的；
【解答】解：A、太阳能是可再生能源，A错误；
B、半导体二极管具有单向导电性，B正确；
C、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，C错误；
D、电话的听筒里有电磁铁，其工作原理：电流通过电磁铁时，电磁铁具有磁性，吸引膜片，电磁铁中通过变化的电流，产生变化的磁场，对膜片的吸引也是变化的，从而使膜片产生振动，将电信号转变为声音信号将声音还原出来，D错误。
故选：B。
4．【分析】流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。据此分析即可解答。
【解答】解：由图中实验装置可知，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，由于竖管口越来越粗，所以风的流动速度越来越慢，即最上端的空气流速快、水平玻璃管左端开口处压强小，最下端的空气流速慢、水平玻璃管左端开口处压强大。三个乒乓球右侧的空气流速慢，压强大，产生向左的压强差，且压强差由上至下依次减小，三个乒乓球在压强差的作用下会向左运动，所以会产生三个乒乓球向左运动的位置不同的现象。故只有选项C说法正确。
故选：C。
5．【分析】（1）在研究机械运动时，被选作标准的物体叫参照物；一个物体是运动还是静止，需要看它相对于参照物的位置是否变化；
（2）力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括运动速度和运动方向的变化；
（3）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：A、小华在骑行过程中，小华相对于路旁的树木位置不断变化，小华是运动的，故A错误；
B、停止蹬车后车会停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故B错误；
C、静止在水平路面上的自行车所受重力与地面对它的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上且都在自行车上，是一对平衡力，故C正确；
D、自行车所受的重力与自行车对地面的压力方向相同，作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
6．【分析】（1）浮力大于重力，物体上浮；根据阿基米德原理判断浮力的变化情况；
（2）漂浮时，受到的浮力等于重力；
（3）根据p＝ρgh判断压强大小．
【解答】解：ABC、小球上浮过程中，露出水面之前受到的浮力大于重力；露出水面的过程中，重力不变，浮力减小，当小球漂浮时浮力等于重力，故ABC错误；
D、小球上浮过程中排开水的体积大于漂浮时排开水的体积，小球上浮过程中水的深度大于小球漂浮时瓶内水的深度，故小球漂浮时水对手的压强小于上浮过程中瓶内水对手的压强，故D正确．
故选：D．
7．【分析】先根据物体和绳子自由端的运动情况确定滑轮组承担物重的绳子股数n，则拉力端移动距离s＝nh；
（1）利用速度公式求绳子自由端移动速度；
（2）利用G＝mg求提升物体的重力，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；
（3）知道拉力大小，利用P＝＝＝Fv求拉力的做功功率；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力。
【解答】解：由图乙可知，在t＝4s内，物体上升高度h＝2m时，绳子自由端移动距离s＝6m，
滑轮组承担物重的绳子股数：n＝＝＝3。
（1）绳子自由端移动的速度：
v＝＝＝1.5m/s，故D错误；
（2）物体重力：G＝mg＝27kg×10N/kg＝270N，
轮组的机械效率：
η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故A正确；
（3）拉力的做功功率：
P＝＝＝Fv＝100N×1.5m/s＝150W，故C错误；
（4）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：
G动＝3F﹣G＝3×100N﹣270N＝30N，故B错误；
故选：A。
8．【分析】解答此题用到以下知识：
（1）串联电路的特点是只有一条电流路径，各用电器互相影响，无节点；并联电路的特点是有多条支路，各支路上的用电器互不影响，有节点；
（2）晶体和非晶体在熔化过程中都要吸收热量，主要区别是晶体在熔化过程中温度不变，有一定的熔点，而非晶体在熔化过程中温度逐渐升高，没有熔点；
（3）当物体不受力或受平衡力时，物体保持静止或匀速直线运动，运动状态不发生改变；当物体受不平衡力时，其运动状态将发生改变；
（4）凸透镜成像规律是：当U＞2f时，成倒立缩小的实像；当f＜u＜2f时，成倒立放大的实像；当u＜f时，成正立放大的虚像。
【解答】解：A、并联电路有节点，故A错误，符合题意；
B、晶体有熔点，非晶体无熔点，故B错误，符合题意；
C、当物体不受力或受平衡力时，运动状态不发生改变；当物体受不平衡力时，其运动状态将发生改变；故C错误，符合题意；
D、当U＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像；当f＜u＜2f时，成倒立放大的实像；当u＜f时，成正立放大的虚像。故D说法正确，不符合题意。
故选：ABC。
9．【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小、受力面积大小。
（2）蝙蝠可以发出超声波，通过接收反射回来的超声波来判断目标的位置和距离，这种方式叫做回声定位。
（3）液体压强随着深度的增加而增大。
【解答】解：A、骆驼的脚很大，可以通过增大受力面积来减小压强，但是不能减小压力，不符合题意；
B、啄木鸟的嘴很尖细，是通过减小受力面积来增大压强，符合题意；
C、蝙蝠是夜间才出来捕获食物，它不靠眼睛确定位置的，蝙蝠是通过发出超声波，然后接受反射回来的声波，确定位置的，符合题意；
D、液体的压强随深度的增加而增大，所以水面上的压强比深水处小得多，深海里的鱼，捕上岸时会死掉，符合题意；
故选：BCD。
10．【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。
（1）知道滑片P移至最左端时电路中的电流，根据W＝UIt求出2min内电流通过灯泡所做的功；
（2）知道滑片P在中点时电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出灯泡L两端的电压，利用P＝UI求出灯泡消耗的功率；
（3）当滑片P移至最左端时，接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻，再根据欧姆定律求出滑片P移至中点时灯泡的电阻，然后得出灯泡的电阻与滑动变阻器接入电路中阻值的关系；假设不考虑灯泡电阻随温度的变化，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且RL＝20Ω时，电路消耗的总功率最小，根据电阻的串联和P＝UI＝求出电路消耗的最小功率，然后结合灯泡电阻的变化得出答案。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片P移至最左端时，电路中的电流I＝0.5A，
则2min内电流通过灯泡所做的功：
W＝UIt＝10V×0.5A×2×60s＝600J，故D正确；
（2）滑片P在中点时，电路中的电流I′＝0.4A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I＝可得，灯泡L两端的电压：
UL＝U﹣I′＝10V﹣0.4A×＝6V，
灯泡消耗的功率：
PL＝ULI′＝6V×0.4A＝2.4W，故B正确、C错误；
（3）当滑片P移至最左端时，接入电路中的电阻为零，此时灯泡正常发光，
则灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝20Ω，
滑片P移至中点时灯泡的电阻：
RL′＝＝＝15Ω，
所以，滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，灯泡的电阻变小，
假设不考虑灯泡电阻随温度的变化，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大且RL＝20Ω时，电路消耗的总功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路消耗的最小功率：
P小＝＝＝2.5W，
因滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的电阻变小，
所以，电路消耗的最小功率大于2.5W，故A错误。
故选：BD。
二、填空题（本大题共6个小题，第11～15题每小题2分，第16题4分，共14分）
11．【分析】平面镜成像：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成虚像，物像到平面镜的距离相等，所以小明在平面镜中成的是虚像，小明到平面镜的距离是1.5m，小明的像到平面镜的距离也是1.5m，所以他的像与他之间的距离是3m。
故答案为：虚；3。
12．【分析】指南针是靠磁场工作的，若没有磁场，指南针不能辨别方向；月球上的引力是地球的六分之一，所以物体所受的重力为在地球上所受重力的六分之一。
【解答】解：月球上不存在磁场，所以指南针不能辨别方向。
150kg的物体在月球上所受的重力：G′＝mg＝×150kg×9.8N/kg＝245N；
在地球上其质量为：m＝＝＝25kg，可以被轻易提起。
故答案为：不能；能。
13．【分析】在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系；由Q＝W＝t计算产生热量。
【解答】解：
在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即焦耳定律。
将10Ω的电阻丝接在3V的电源上，5min内产生的热量为：
Q＝W＝t＝×5×60s＝270J。
故答案为：焦耳；270。
14．【分析】根据图示读出路程的大小和相邻两点间的时间，然后根据速度公式求出速度的大小。
【解答】解：由图可知，刻度尺的分度值为1cm，E到F的路程为s＝80.0cm﹣60.0cm＝20.0cm＝0.200m；
照相机每秒拍照2次，则EF之间的时间为t＝0.5s，则纸锥下落的速度是v＝＝＝0.4m/s。
故答案为：20.0；0.4。
15．【分析】凸透镜成像时，物距u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机。能发光的物体称为光源。
【解答】解：手机摄像头相当于一个凸透镜；
摄像头是利用物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小实像的规律工作的，因此，扫描二维码时，二维码到摄像头的距离应大于二倍焦距。
故答案为：凸；大于二倍焦距。
16．【分析】（1）铁能被磁铁吸引，铝、铜、锌不能被磁铁吸引；
（2）判断能量转化过程，关键看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了那种形式的能即可；
（3）知道充电电压和充电电流以及充满电所储存的电能，根据W＝UIt求出充电时间
【解答】解：（1）铁镍合金是磁性材料，能被磁铁吸引，铝和铜不是磁性材料，不能被磁铁吸引；
（2）给手机在充电时，消耗电能，得到化学能，电池把电能转化为化学能储存起来；
（3）由W＝UIt可得，要将空电板充满电需要的时间：t＝＝＝10800s＝3h。
故答案为：（1）铁镍合金；铁镍合金是磁性材料，能被磁铁吸引，铝和铜不能被磁铁吸引； （2）化学；（3）3。
三、作图题（本大题共2个小题，每小题2分，共4分）
17．【分析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的方向、方向。
【解答】解：
过球心作竖直向下的力（即重力），G＝20N．如图所示：
18．【分析】由平面镜的成像特点知，像与物关于镜面对称，且像是由光的反射光线的延长线形成的，故作出物关于镜面的对称图，即为它的像，连接像与人眼，交镜面于一点，即为入射点。再完成光路。
【解答】解：
四、实验探究题（本大题共4个小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分）
19．【分析】（1）为确保使用外焰加热，要自下而上调节，确保一次调试到位；
（2）（3）我们使用相同的酒精灯（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（4）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。
【解答】解：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节A的高度，调节它的高度是为了确保使用外焰加热；
（2）根据比较吸热能力的第2种方法，组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，根据转换法，还需要的一个测量工具是秒表；
（3）在此实验中，加热相同时时间，水升温慢，如果要使水和煤油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于煤油吸收的热量；
（4）改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是：该方案两实验同时进行，便于同时比较水和煤油升温快慢（或原方案两次加热，酒精灯火焰不易控制完全相同，现方案同一热源加热确保相同时间内热量相等）（其它合理答案也可）。
故答案为：（1）A；确保使用外焰加热；（2）质量；升高的温度；秒表；（3）水、大于（4）该方案两实验同时进行，便于同时比较水和煤油升温快慢（或原方案两次加热，酒精灯火焰不易控制完全相同，现方案同一热源加热确保相同时间内热量相等）（其它合理答案也可）。
20．【分析】（1）并联电路各支路互不影响；
（2）①电流表与待测电路串联，据此分析；
②用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：
（1）图中两灯并联，闭合开关，两灯都发光，然后拧下灯L1，若看到灯L2 发光，则初步证明并联电路中各支路互不影响；
（2）①电流表与待测电路串联，由图知，小亮同学要测量通过L1的电流，应该将电流表接在A处；
②小亮同学根据实验得出了表中数据，为得出普遍性的结论，下一步应该做的最合理操作是：换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值。
故答案为：（1）拧下灯L1；灯L2 发光；（2）①A；②换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值。
21．【分析】（1）根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
（2）在电学实验中，为保护电路，连接电路时开关应该断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
（3）确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R＝求出小灯泡的电阻，根据公式P＝UI计算出额定功率；
（4）根据图1确定灯泡的额定电压，由图3确定额定电流，根据P＝UI计算出额定功率
【解答】解：（1）灯泡与滑动变阻器应串联，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，实物电路图如图所示：
；
（2）在连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置；
（3）由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R＝＝≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）由图象丙知，U﹣I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压为3V时，电流为24mA＝0.024A，则P＝UI＝3V×0.024A＝0.072W。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大；（3）0.3；8.33；0.75；（4）减小；0.072。
22．【分析】奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场，通电导体周围的磁场方向与电流方向有关。
【解答】解：为了探究通电导线周围磁场方向与电流方向有关，应该改变电路中的电流方向，观察小磁针的转动方向是否发生改变，所以小茗同学应进行的操作是对调电池的正负极，若观察到小磁针的转动方向发生改变则说明通电导线周围磁场方向与电流方向有关。
故答案为：对调电池的正负极；小磁针的转动方向发生改变。
五、综合题（本大题共2个小题，每小题9分，共18分）
23．【分析】（1）知道钻探船满载时排水量，利用阿基米德原理求船受到海水的浮力；
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，都处于漂浮状态，受到的浮力不变，都等于船的重力，利用F浮＝ρ液gV排可得排开海水的体积的变化；
（3）利用p＝ρgh求钻头在4000m深的海底处受到海水的压强；
（4）知道钻探船匀速航行的速度，利用P＝Fv求船受到的牵引力。
【解答】解：
（1）钻探船满载时受到海水的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝5×104×103kg×10N/kg＝5×108N；
（2）满载时，该钻探船从海水密度较小的海域驶入密度较大的海域，都处于漂浮状态，受到的浮力不变，都等于船的重力，
由F浮＝ρ液gV排可知，排开海水的体积变小；
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×4000m＝4.12×107Pa；
（4）钻探船匀速航行的速度：v＝36km/h＝36×m/s＝10m/s，
由P＝＝＝Fv可得，船受到的牵引力：
F＝＝＝4×106N。
故答案为：
（1）该钻探船满载时受到海水的浮力是5×108N；
（2）变小；
（3）钻头在4000m深的海底处受到海水的压强是4.12×107Pa；
（4）船受到的牵引力是4×106N。
24．【分析】（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，已知电流表示数，根据欧姆定律求出电源电压：
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，根据电压表（测变阻器的电压）的示数为4V，由欧姆定律得出电路的电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R3；
（3）闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，可知通过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过变阻器的最大电流，由欧姆定律求出变阻器连入的最小电阻；
当变阻器滑片移动最左端时，没有超过电流表和电压表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，据此确定答案。
【解答】解：（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，为R1的简单电路，电流表示数为0.4A，
根据欧姆定律可得，电源电压：
U＝I1R1＝0.4A×20Ω＝8V；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，R2、R3串联，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表（测变阻器的电压）的示数为4V，则电路中的电流：
I2＝＝＝0.08A，
根据串联电路的规律和欧姆定律可得，R3的阻值：
R3＝＝＝50Ω；
（3）闭合开关S1、S2和S3，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响，通过R1的电流为0.4A不变，
电流表的量程为0～0.6A，则干路电流最大为0.6A，
由并联电路电流的规律，通过变阻器的最大电流：
I变大＝I总大﹣I1＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，
由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小电阻：
R滑小＝＝＝40Ω；
当变阻器滑片移动最左端时，变阻器接入阻值最大，总电流最小，没有超过电流表量程，故变阻器的最大电阻为100Ω，
在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω～100Ω。
答：（1）闭合开关S1，断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，电源电压为8V；
（2）闭合开关S3，断开开关S1、S2，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V，R3的阻值为50Ω；
（3）闭合开关S1、S2和S3，在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Ω～100Ω。
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