2023年辽宁省盘锦市兴隆台区中考物理一模试题

这是一份2023年辽宁省盘锦市兴隆台区中考物理一模试题，共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年辽宁省盘锦市兴隆台区中考物理一模试卷
一、选择题（本题包括9个小题，其中1～5小题为单选题，每小题2分；6～9小题为多选题，每小题2分，多选题，漏选得1分，错选、不选得0分，共18分）
1．（2分）下列数据中最接近生活实际的是（　　）
A．一本物理课本的质量约为1500g
B．教室课桌的高度约为80cm
C．手机充电时的电流约2A
D．淋浴时让人感觉比较舒适的水温为60℃
2．（2分）关于光现象下列说法正确的是（　　）
A．安装电梯时使用的激光垂准仪应用了光沿直线传播的原理
B．通过平静湖面看到飞机飞得越高，湖水中飞机倒影越小，说明物体到平面镜距离越大，像越小
C．光的直线传播、光的反射、光的折射中只有光的反射光路可逆
D．太阳光透过教室中装满水的饮水桶出现了彩色，是由于光的直线传播形成的
3．（2分）地铁交通为我们的生活提供了很多的便利。以下关于地铁的说法正确的是（　　）

A．地铁轨道下铺枕木，能有效地减小列车对地面的压强
B．地铁的玻璃车窗上乘客的影子，是光的折射形成的虚像
C．地铁向前做匀速直线运动时，受到的牵引力大于阻力
D．地铁站台的安全线的设置，是因为靠近车厢一侧流体压强更大的原因
4．（2分）下列现象的描述，正确的是（　　）

A．甲图：可用来反映晶体熔化的过程
B．乙图：汽车刹车后，刹车片的温度升高，这是通过热传递的方式改变物体的内能
C．丙图：试管中的冰熔化成水，需要使用酒精灯加热，说明冰熔化时温度升高
D．丁图：“花香扑鼻”与分子的热运动有关
5．（2分）2022年4月16日，中国航天太空出差“三人组”乘坐神舟十三号返回舱在东风着陆场成功着陆，结束了他们在“天和核心舱”6个月的太空驻留，下列相关说法正确的是（　　）
A．航天员在“天和核心舱”内的“卧室”睡觉时，相对于地面，航天员是静止的
B．航天员把自己的手机从地球带到太空后，手机的质量变小了
C．在太空驻留期间，航天员做实验时不能使用托盘天平测物体质量
D．入轨后，太阳能帆板两翼展开接收的太阳能属于不可再生能源
（多选）6．（2分）下列图像中，相应的物理原理解释正确的是（　　）

A．a图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程对外做功
B．b图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C．c图前2s内，小华跑得较快
D．d图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
（多选）7．（2分）如图所示，用滑轮组提升质量为12kg的物体时，物体在10s内匀速竖直上升2m。所用拉力F为50N。则在提升物体的过程中（不计绳重和摩擦，g＝10N/kg），下列说法正确的是（　　）

A．绳子自由端移动的速度为0.6m/s
B．滑轮组提升物体做的有用功为300J
C．拉力做功的功率为30W
D．该滑轮组的机械效率为80%
（多选）8．（2分）如图所示，是同学们所画的几种情境下的示意图，其中不正确的是（　　）
A．撬瓶盘动力F的力臂L
B．家庭电路中开关和灯泡的连接
C．通电螺线管周围磁场以及小磁针静止时的指向
D．岸上的人看到水中鱼的光路
（多选）9．（2分）如图甲所示电路，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“25Ω 1A”，电流表量程“0～0.6A”。电压表量程“0～3V”，小灯泡标有“4.5V 0.3A”字样，其I﹣U图象如图乙所示，闭合开关S，为保证电路安全且小灯泡两端电压不超额定电压，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是（　　）
A．变阻器的调节范围是5Ω～12Ω
B．小灯泡的最小功率是0.6W
C．电压表示数范围是1.5～3V
D．电流表示数范围是0.15A～0.3A
二、填空题（每空1分，共10分）
10．（3分）如图所示，将水加热至沸腾后，塞子被冲出，此过程的能量转化与汽油机的 　 　冲程相同。塞子冲出的瞬间，试管口出现的“白气”是水蒸气发生了 　 　。若单缸四冲程汽油机飞轮转速为1200r/min，则1s内对外做功 　 　次。

11．（2分）物理知识在生活中有着广泛的应用。如图（a）所示，锅炉液位计主要是利用 　 　原理工作的：先秦时期，古人用“角法”治病，“角法”就是现在的拔火罐，如图（b）所示。工作时罐内气压 　 　外界大气压强（选填“大于”“等于”或“小于”）。

12．（2分）如图所示，在轻质杠杆OA的A端挂一边长为10cm的正方形石块，在OA的中点施加一竖直向上的力F，当力F＝40N时，杠杆在水平位置平衡，则石块重 　 　N。将石块浸没于盛水的烧杯中，若杠杆仍在水平方向再次平衡，则所需施加的力F 　 　（填“变大”、“变小”、“不变”）（g＝10N/kg）。

13．（3分）如图为小明家的电能表，他家同时工作的用电器的总功率不能超过 　 　W，小明将家中其他用电器关闭，只让洗衣机单独工作，观察到6min内电能表指示灯闪烁了160次，洗衣机的实际功率是 　 　W。小明的姐姐在看书，要求他关掉洗衣机，这是在 　 　减弱噪声。

三、计算题（共2小题，共12分）
14．（6分）某旅游大巴进行安全检测，在一段平直公路上匀速行驶18km，用时15min，假设牵引力始终为3500N。已知汽车及驾驶员的总质量是3×103kg，车轮与地面的总接触面积为0.2m2。此过程消耗燃油4.5kg。假设燃油完全燃烧。（燃油热值q＝4.0×107J/kg，g取10N/kg）。求：
（1）大巴车匀速行驶时的速度是多少？
（2）大巴车静止时对地面的压强是多少？
（3）大巴车的内燃机效率是多少？
15．（6分）如图是某新型多挡榨汁机电路结构简化图。它具有榨汁、加热、保温功能，部分参数如表。果汁比热容为4.2×103J/（kg•℃）。求：
榨汁机部分参数
额定电压
220V
榨汁功率
66W
加热功率
220W
保温功率
88W
容积
300mL
（1）将榨汁机中0.3kg的果汁从10℃加热到30℃，吸收的热量；
（2）仅榨汁时，电路中的电流；
（3）电阻R1的阻值。

四.综合题（每空1分，共20分）
16．（5分）小滨同学“探究凸透镜成像的规律”。
（1）如图甲所示，小滨让凸透镜正对平行光，调整凸透镜到光屏的距离，光屏上会出现一个很小、很亮的光斑，则该凸透镜的焦距f＝　 　cm；

（2）小滨在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上，目的是让烛焰的像成在 　 　；
（3）如图乙所示，小滨将凸透镜固定在50cm刻度线处，当蜡烛距凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、　 　（选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像，此时，若在凸透镜与光屏之间放置一远视镜片，要在光屏上成清晰的像，光屏应向 　 　（选填“左”或“右”）移动；
（4）小滨在实验过程中，光屏上得到清晰的像，突然，一只飞虫落到了凸透镜表面上，则光屏上出现 　 　。
A.飞虫的像
B.飞虫的影子
C.仍是烛焰的像
17．（5分）如图甲所示是探究“比较不同物质吸热能力”的实验装置。

（1）实验中应量取 　 　相等的A、B两种液体，为了完成该实验，除了图甲中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和 　 　；
（2）本实验中，液体吸收热量的多少可以通过 　 　来反映；
（3）为了比较A、B液体的吸热本领，小明提出两种比较方案：①让两者升高相同的温度，比较加热时间；②让两者加热相同时间，比较升高的温度。在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是 　 　（选填“①”、“②”或“①和②”）；
（4）若B液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃），则A液体的比热容为 　 　。
18．（4分）在“测量小灯泡的电功率”实验中（待测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω）。

（1）图甲是已经完成部分连线的实物电路图，请用笔画线代替导线将实物电路连接完整（要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小）；
（2）电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡 　 　；
（3）排除故障后进行实验，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，当电压表读数U＝3V时，应该向 　 　（选填“左”或“右”）移动滑片，直到小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，则可以求得小灯泡的额定功率P0＝　 　W。
19．（6分）用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测镇江香醋的密度。

（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）端调节。
（2）用天平测量冰墩墩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为 　 　g，体积为 　 　cm3。（陶瓷材料的密度为2.7×103kg/m3）
（3）如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量m1＝135.2g。
（4）如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，在烧杯壁上标记液面的位置。
（5）将冰墩墩取出，　 　，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2＝102.8g。
（6）根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度，ρ＝　 　g/cm3。与真实值相比，用本方案所测出的香醋密度 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）。

2023年辽宁省盘锦市兴隆台区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题包括9个小题，其中1～5小题为单选题，每小题2分；6～9小题为多选题，每小题2分，多选题，漏选得1分，错选、不选得0分，共18分）
1．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A．一本物理课本的质量约为150g，A不符合题意；
B．教室课桌最适合的高度因为中学生身高的一半，约为80cm，故B符合题意；
C．手机充电时的电流在0.1A左右，故C不符合题意；
D．人体正常体温在37℃左右，淋浴时洗澡水的温度应该略高于体温，在40℃左右，故D不符合题意。
故选：B。
2．【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，应用激光准直、射击瞄准三点一线等等；
（2）平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称；
（3）在光的反射、折射中，光路是可逆的；
（4）光线在不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象。
【解答】解：A、激光是一种特殊的光，它不但有自己的特性，也具有普通光的一般性质，激光准直应用了光在同种均匀介质中沿直线传播，故A正确；
B、平面镜成像大小与物体到镜面的距离无关，像的大小始终与物体的大小相同，故B错误；
C、光线发生反射、折射时光路是可逆的，故C错误；
D、太阳光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故D错误。
故选：A。
3．【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
（2）地铁的玻璃车窗上乘客的影子，属于平面镜成像；
（3）处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；
（4）流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
【解答】解：A．地铁轨道下铺枕木，增大了受力面积，在压力一定时，能有效地减小列车对地面的压强，故A正确；
B．地铁的玻璃车窗上乘客的影子，车窗相当于平面镜，属于平面镜成的虚像，故B错误；
C．地铁向前做匀速直线运动时，受到的牵引力与阻力是一对平衡力，二者大小相等，故C错误；
D．地铁驶过时，地铁与人之间的流速比人背后一侧的流速大，两侧之间的压强小于人背后一侧的大气压，地铁站台设立安全线，是为了防止空气流速过大推人靠近车厢，故D错误。
故选：A。
4．【分析】（1）晶体熔化图象整个过程中温度有上升的趋势，在熔化过程中吸收热量，温度保持不变。
（2）对物体做功，物体的内能增加。
（3）晶体的熔化过程吸收热量，温度不变。
（4）构成物质的分子在做无规则的热运动。
【解答】解：A、图像说明物体的温度逐渐下降，是放热过程，而熔化是吸热的过程，故A错误；
B、汽车刹车后，刹车片的温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；
C、冰是晶体，熔化过程需要吸收热量，所以需要使用酒精灯加热，但熔化时温度不变，故C错误；
D、“花香扑鼻”是扩散现象，说明分子在做无规则的热运动，故D正确。
故选：D。
5．【分析】（1）天和核心舱带着宇航员在绕地球高速旋转的；
（2）质量是物体的属性，与位置无关；
（3）托盘天平的实质是等臂杠杆，在太空无重力时，物体对天平没有压力，无法比较物体和砝码的质量大小；
（4）可再生能源是短时间能在自然界得到补充的能源；不可再生能源是短时间内无法在自然界得到补充的能源。
【解答】解：A、天和核心舱带着宇航员在绕地球高速旋转，航天员在“天和核心舱”内的“卧室”睡觉时，以舱为参照物，航天员是静止的，以地面为参照物，航天员是运动的，故A错误；
B、质量是物体的属性，与位置无关，手机带到太空时位置改变，质量不变，故B错误；
C、托盘天平的实质是等臂杠杆，在太空无重力时，物体对天平没有压力，天平永远是平衡的，则无法比较物体和砝码的质量大小，故C正确；
D、太阳能可以源源不断从自然界中获得，是可再生能源，故D错误。
故选：C。
6．【分析】（1）在内燃机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能；
（2）克服摩擦做功，机械能转化为内能；
（3）判断前2s内谁跑得快，我们可采取相同时间比较路程，谁在相同时间内运动的路程长，谁就跑得快；
（4）发声体振动的频率越高，音调就越高。
【解答】解：
A、汽车内燃机压缩冲程是机械能转化为内能，而做功冲程才是利用内能来做功的，故A错误；
B、因小球在弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能机械能转化内能，重力势能不能完全转化为动能，故B错误；
C、由图像可知，在前2s内，小华运动的距离比小明长，所以小华跑得较快，故C正确；
D、由波形图可知，相同的时间内甲音叉振动的次数多，甲音叉振动快，故甲的频率大于乙的频率，甲音叉比乙音叉发声的音调高，故D正确。
故选：CD。
7．【分析】（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，根据s＝nh求出绳端移动的距离，根据速度公式求出绳子自由端移动的速度；
（2）利用W＝Gh求出有用功；
（3）知道绳端移动的距离和拉力大小，根据W总＝Fs得出拉力在这10s内做的总功，根据P＝得出拉力F的功率；
（4）根据η＝×100%得出滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图可知，n＝3，则绳端移动的距离：s＝3h＝3×2m＝6m，
绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.6m/s，故A正确；
B、滑轮组提升物体做的有用功为：W有＝Gh＝mgh＝12kg×10N/kg×2m＝240J，故B错误；
C、拉力在这10s内做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，
拉力F的功率：P＝＝＝30W，故C正确；
D、滑轮组的机械效率为：
η＝×100%＝×100%＝80%，故D正确。
故选：ACD。
8．【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（3）首先根据电流方向判断通电螺线管的磁极。再根据磁极间的相互规律确定小磁针的指向；
（4）光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线远离法线。
【解答】解：A、由图可知，A为支点，图中动力F的力臂是指从支点A到力F作用线的距离，故A错误。
B、根据安全用电原则可知，火线先进入开关，再接灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；而图中火线先接灯泡，后接开关，即开关接在零线上，故B错误；
C、根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端为N极，其上端为S极，由磁极间的相互作用规律可知，小磁针的下端应为S极，故C错误；
D、从岸上看水中物体，水中物体反射的光斜射到水面时，光发生折射远离法线后进入眼睛，逆着折射光线看上去，看到是变高了的鱼的虚像；故D错误；
故选：ABCD。
9．【分析】由图甲可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
（1）由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时滑动变阻器两端的电压最大，电路中的电流最小，根据电压表的量程确定滑动变阻器两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据图乙找出此时通过灯泡的电流，根据串联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据欧姆定律求出变阻器的最大值；
由欧姆定律可知当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最小，根据串联电路的电流特点结合电流表的量程、滑动变阻器允许通过的最大电流和灯泡的额定电流确定电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出变阻器接入电路的电阻最小值，进而求出变阻器的调节范围和电流表示数范围；
（2）根据P＝UI可知，当通过灯泡的电流最小时，小灯泡的电功率最小，根据P＝UI可求灯泡的最小功率。
【解答】解：由图甲可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
ACD、由串联电路的分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时滑动变阻器两端的电压最大，电路中的电流最小，
因为电压表的量程为0～3V，所以滑动变阻器两端的最大电压：U滑大＝3V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压：UL小＝U﹣U滑大＝6V﹣3V＝3V，
由图乙可知，此时通过灯泡的电流：IL小＝0.25A，
由串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流：I滑小＝I最小＝IL小＝0.25A，
则电流表的最小示数为0.25A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑大＝＝＝12Ω；
由欧姆定律可知当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最小，
由电流表选用0～0.6A的量程可知，电流表允许通过的最大电流为0.6A，由滑动变阻器的规格可知，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，由灯泡的规格可知，灯泡允许通过的最大电流为0.3A，由串联电路的电流特点可知，为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流是0.3A，则电流表的最大示数是0.3A，此时灯泡两端电压为4.5V，
由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：U滑小＝U﹣UL大＝6V﹣4.5V＝1.5V，
由欧姆定律可知，变阻器接入电路的最小阻值：R滑小＝＝＝5Ω；
因此变阻器的调节范围是5Ω～12Ω，故A正确；
电压表示数范围是1.5V～3V，故C正确；
电流表示数范围是0.25A～0.3A，故D错误；
B、由P＝UI可知，当通过灯泡的电流最小时，小灯泡的电功率最小，则灯泡的最小功率：PL小＝UL小IL小＝3V×0.25A＝0.75W，故B错误。
故选：AC。
二、填空题（每空1分，共10分）
10．【分析】（1）做功冲程把内能转化为机械能；物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
（2）四冲程汽油机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周。
【解答】解：（1）将水加热至沸腾后，塞子被冲出，在此过程中内能转化为机械能，做功冲程也是把内能转化为机械能；
塞子冲出的瞬间，试管口出现的“白气”是水蒸气发生了液化；
（2）飞轮转速是1200r/min＝20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，则该汽油机1s完成10个工作循环，要经过40个冲程，做功10次。
故答案为：做功；液化；10。
11．【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
（2）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
【解答】解：（1）如图（a）所示的锅炉液位计底部相连，上端开口，是利用连通器原理工作的。
（2）拔火罐时先用火将罐里的空气加热，然后迅速将罐子扣在患者的皮肤上，冷却后罐内的气压小于外界大气压，罐子就会吸附在皮肤上。
故答案为：连通器；小于。
12．【分析】根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可求石块的重力，石块浸没后，根据公式F浮＝ρgV排求出石块的浮力，重力减去浮力就等于现在石块受到的向下的力，再根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可求拉力F的大小。
【解答】解：由图，根据杠杆平衡条件F•，
所以石块重为G＝＝＝20N，
石块体积为V＝L3＝（0.1m）3＝10﹣3m3，
石块浸没后所受浮力F浮＝ρ水gV排＝1000kg/m3×10N/kg×10﹣3m3＝10N，
石块受到向下的力为F下＝G﹣F浮＝20N﹣10N＝10N，
根据杠杆平衡条件，
所以F1＝2F下＝2×10N＝20N，所需施加的力F变小。
故答案为：20；变小。
13．【分析】（1）由参数可知，电能表正常工作时的电压和平时允许通过的最大电流，根据P＝UI求出他家同时使用用电器的最大电功率；
（2）1600imp/（kW•h） 表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次，据此求出指示灯闪烁160次时洗衣机消耗的电能，再根据P＝求出洗衣机的实际功率；
（3）减弱噪声的三种途径：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声。
【解答】解：由电能表参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为20A，
他家同时使用用电器的最大总功率：P最大＝UI最大＝220V×20A＝4400W；
1600imp/（kW•h） 表示接在这个电能表上的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次，则电能表指示灯闪烁160次，洗衣机消耗的电能为：
W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J，
则洗衣机的实际功率为：P＝＝＝1000W；
小明的姐姐在看书，要求他关掉洗衣机，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：4400；1000；声源处。
三、计算题（共2小题，共12分）
14．【分析】（1）根据v＝可求出大巴车匀速行驶时的速度；
（2）大巴车静止时对地面的压力等于大巴车及驾驶员的总重力，根据p＝可求出大巴车静止时对地面的压强；
（3）根据Q放＝mq求出该大巴车燃油完全燃烧产生的热量，利用W＝Fs求得牵引力做的功，进一步求得巴车的内燃机效率。
【解答】解：（1）大巴车匀速行驶时的速度为：
v＝＝＝72km/h；
（2）因为大巴车静止时对地面的压力等于大巴车及驾驶员的总重力，则：
F压＝G总＝m总g＝3×103kg×10N/kg＝3×104N，
所以大巴车静止时对地面的压强为：
p＝＝＝1.5×105Pa；
（3）燃油完全燃烧产生的热量为：
Q放＝mq＝4.5kg×4.0×107J/kg＝1.8×108J，
牵引力做的功W＝Fs＝3500N×18×103m＝6.3×107J，
大巴车的内燃机效率η＝＝35%。
答：（1）大巴车匀速行驶时的速度是72km/h；
（2）大巴车静止时对地面的压强是1.5×105Pa；
（3）大巴车的内燃机效率是35%。
15．【分析】（1）利用Q吸＝cmΔt求出果汁吸收的热量；
（2）根据P＝UI求出仅榨汁时电路中的电流；
（3）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；
根据P＝UI＝求出保温和加热时电路的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R1的阻值。
【解答】解：（1）果汁吸收的热量：
Q吸＝c果汁m果汁Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（30℃﹣10℃）＝2.52×104J；
（2）由P＝UI可知，仅榨汁时，电路中的电流：
I榨汁＝＝＝0.3A；
（3）由电路图可知，只闭合S2时，R1、R2串联，同时闭合S2、S3时，电路为R2的简单电路，
因为串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P＝UI＝可知，R1、R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，处于保温状态，
电路为R2的简单电路，电路的电阻最小，总功率最大，处于加热状态；
由P＝UI＝可知，保温时电路的总电阻：R＝＝＝550Ω，
加热时，电路的电阻：R2＝＝＝220Ω，
由串联电路的电阻特点可知，电阻R1的阻值：R1＝R﹣R2＝550Ω﹣220Ω＝330Ω。
答：（1）将榨汁机中300mL的果汁从10℃加热到30℃，吸收的热量为2.52×104J；
（2）仅榨汁时，电路中的电流为0.3A；
（3）电阻R1的阻值为330Ω。
四.综合题（每空1分，共20分）
16．【分析】（1）如图甲所示，小滨让凸透镜正对平行光，调整凸透镜到光屏的距离，光屏上会出现一个很小、很亮的光斑，此光斑位置即为凸透镜的焦点位置，据此得出该凸透镜的焦距；
（2）目为了让烛焰的像成在光屏的中央，应点燃蜡烛并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上；
（3）f＜u＜2f，成倒立、放大的实像，利用该成像规律制成的光学仪器是投影仪；
远视镜片为凸透镜，对光线有会聚作用，据此分析光屏的移动方向；
（4）凸透镜成像属于光的折射现象，物体发出的光线经凸透镜折射后，会聚在凸透镜另一侧的光屏上，形成物体的实像；如果凸透镜的口径大，透过的光多，像就亮；口径小，透过的光少，像就暗，据此分析。
【解答】解：（1）如图甲所示，小滨让凸透镜正对平行光，调整凸透镜到光屏的距离，光屏上会出现一个很小、很亮的光斑，此光斑位置即为凸透镜的焦点位置，则该凸透镜的焦距f＝30.0cm﹣20.0cm＝10.0cm；
（2）小滨在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上，目的是让烛焰的像成在光屏的中央；
（3）如图乙所示，小滨将凸透镜固定在50cm刻度线处，当蜡烛距凸透镜15cm时，f＜u＜2f，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大的实像；
此时，若在凸透镜与光屏之间放置一远视镜片，远视镜片为凸透镜，对光线有会聚作用，要在光屏上成清晰的像，光屏应向左移动；
（4）凸透镜成实像时，所有透过透镜的光会聚到光屏上成像，飞虫落在透镜上后，整个物体发出的光虽有一小部分被挡住，但总会有一部分光通过凸透镜而会聚成像，因此，像与原来相同，大小不变；由于透镜的一小部分被遮住，因此折射出的光线与原来相比减少了，故亮度会变暗，故选C。
故答案为：（1）10.0；（2）光屏的中央；（3）放大；左；（4）C。
17．【分析】（1）比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同；
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；实验中不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，据此分析故还需要的测量工具。
（2）根据转换法分析回答。
（3）根据比较吸热能力的两种方法分析回答；
（4）根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出A液体的比热容。
【解答】解：（1）比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相等的 A、B两种液体；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，实验中不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，故还需要增加秒表。
（2）根据转换法，本实验中，液体吸收热量的多少可以通过加热时间来反映。
（3）根据比较吸热能力的2种方法，小明提出的两种比较方案均可行，故选①和②。
（4）根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若B液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃），则A液体的比热容为：
c＝2×2.1×103J/（kg•℃）＝4.2×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）质量；秒表；（2）加热时间；（3）①和②；（4）4.2×103J/（kg•℃）。
18．【分析】（1）该实验的电路属于串联电路，小灯泡、电流表、滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联。由题知，待测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω，根据I＝计算出小灯泡正常发光时的额定电流大约是多少，根据该电流值选择电流表的量程。题目要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小，结合图甲分析滑动变阻器的连线情况；
（2）电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，则电路已接通，电压表无示数，灯泡两端无电压，由此可判断电路故障；
（3）根据串联电路的分压规律可知，当电压一定时，定值电阻的电阻越大，则滑动变阻器的阻值越大；先根据图乙读出电流表的示数，再根据P＝UI计算出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）该实验的电路属于串联电路，小灯泡、电流表、滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联；
由题知，待测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω，则小灯泡的额定电流大约为：I额＝＝＝0.38A，为了电流测量值更准确，所以电流表应该选择0～0.6A的量程；
要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小，根据图甲知，滑动变阻器应该选择C处的接线柱，则完整的电路连接图如下：
；
（2）电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，则电路已接通，电压表无示数，小灯泡两端无电压，故可能是小灯泡短路；
（3）小灯泡的额定电压为3.8V，根据串联分压特点可知应让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，应让滑动变阻器接入电路的阻值变小，此时应滑片P向左调节；
由于电流表选择的是0～0.6A的量程，则图乙中电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为：
P0＝U额I额′＝3.8V×0.3A＝1.14W。
故答案为：（1）见解析图；（2）小灯泡短路；（3）左；1.14。
19．【分析】（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，平衡螺母向上翘的一端调节；
（2）冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
（5）（6）算出从乙烧杯倒入甲烧杯香醋的质量和香醋的体积（冰墩墩的体积），由密度公式算出镇江香醋的密度，将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，进而判断出香醋体积的偏差，由密度公式判断出所测出香醋密度的偏差。
【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，此时指针右偏，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
（2）冰墩墩的质量为：m＝50g+20g+10g+1g＝81g；
陶瓷材料的密度为ρ＝2.7×103kg/m3＝2.7g/cm3，
由ρ＝可得冰墩墩的体积为：
V＝＝＝30cm3；
（5）（6）将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋＝30cm3，
乙烧杯减小的香醋的质量为：
m醋＝m1﹣m2＝135.2g﹣102.8g＝32.4g，
香醋的密度为：
ρ醋＝＝＝1.08g/cm3；
将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，根据m醋＝m1﹣m2知测量的香醋质量偏大，由ρ＝知用本方案所测出的香醋密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）81；30；（5）将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处；（6）1.08；偏大。