2023年宁夏银川六中中考物理一模试卷（含答案）

这是一份2023年宁夏银川六中中考物理一模试卷（含答案），共31页。试卷主要包含了单项选择题，选择说明题，填空题，实验探究题，应用题等内容，欢迎下载使用。
2023年宁夏银川六中中考物理一模试卷
一、单项选择题（选出各题唯一正确的答案。每小题2分，共14分）
1．（2分）下列估测中，最符合生活实际的是（　　）
A．一名初中生的质量约为50g
B．一节新干电池的电压为3V
C．洗澡水的温度约为40℃
D．一名初中生的身高约为1.70cm
2．（2分）“五音不全”中的“五音”是指中国古乐“宫、商、角、徵、羽”，相当于现代音阶中的“do、re、mi、sol、la”，那么，“五音”实际上是指声音的（　　）
A．响度 B．音色 C．音调 D．声速
3．（2分）如图所示是小宁制作的潜望镜。下列光现象中与潜望镜所利用的原理相同的是（　　）
A．图甲：放大镜成像 B．图乙：幕布上的皮影戏
C．图丙：池水变“浅” D．图丁：左侧的黑板反光
4．（2分）随着五一小长假的到来，许多家庭准备趁着假期出去郊游，便携车载冰箱，为郊游中随时畅享冰镇饮料提供了可能。如图所示的车载冰箱，采用环保型制冷剂直流变频压缩机，精准控温20℃至﹣20℃。下列对有关现象的解释正确的是（　　）

A．打开冰箱盖，盖周围的“白气”是冰箱内的水汽化形成的
B．冰箱内的白色“粉末”是凝固形成的，这一过程要吸热
C．冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块升华吸热
D．从冰箱内取出的饮料过一会儿外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的
5．（2分）《天工开物》是我国第一部关于农业和手工业全书，蕴含了大量的物理知识，如图所示是《开工天物》中的场景，下列说法中错误的是（　　）

A．图甲：拉弓拉满了，说明力可以改变物体的形状
B．图乙：匀速推动独轮车，推力大于摩擦力
C．图丙：制糖时往桶里加水，水对桶底的压强逐渐变大
D．图丁：用桔槔运水，运用了杠杆原理
6．（2分）用如图所示的滑轮组在2s内将重为10N的物体沿竖直方向匀速提升0.2m，作用在绳子自由端的拉力F为4N，不计绳重和滑轮轴间的摩擦。下列计算结果正确的是（　　）

A．动滑轮的重量为1N
B．总功功率为1.2W
C．额外功为0.2J
D．滑轮组的机械效率为75%
7．（2分）呼吸机工作时，通过电动机压缩氧气让病人正常吸气。下列四个实验装置中，能说明其工作原理的是（　　）
A．
B．
C．
D．
二、选择说明题（本题共2题，每题5分，共10分。选出各小题唯一正确的答案，并在横线上说明理由）
8．（5分）如图甲所示，盛有水的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上。弹簧测力计下悬挂一个长方体金属块，从水面开始缓慢浸入水中，在金属块未触底且水未溢出的过程中，测力计示数F随金属块浸入水中深度h的关系图象如图乙所示，下列分析错误的是 　 　。
A.金属块的高度为h1
B.金属块的密度为
C.金属块的重力是F1
D.金属块完全浸没时受到的浮力是F1﹣F2
选择理由：　 　。

9．（5分）如图所示的电路图中GMR是巨磁电阻（阻值随周围磁场强度的增强而减小），闭合开关S1和S2后下列判断正确的是 　 　。
A.电磁铁左侧为S极
B.当滑片P向右移动时，电磁铁的磁性变强
C.当滑片P向右移动时，巨磁电阻的阻值减小
D.当滑片P向右移动时，小灯泡的亮度将变暗
选择理由：　 　。

三、填空题（每空1分，共8分）
10．（3分）我国首艘弹射型航空母舰“福建视”满载排水量为80000t，满载时舰体吃水深度（海面到舰底的距离）约为13m（海水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则福建舰满载时受到的浮力为 　 　N；满载时福建舰底部受到的海水压强为 　 　Pa，福建舰的舰载机起飞后，该舰受到的浮力将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
11．（1分）脚踏式垃圾桶是生活中常见的一种垃圾桶，如图所示，脚踩垃圾桶是通过底部的踏杆部分，通过连杆机构可以将垃圾桶盖打开，方便快捷。该垃圾桶的盖子ABC是一个以　 　（选填“A”、“B”或“C”）为支点的 　 　杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。

12．（3分）如图所示是航天员在2022年10月12日的“天宫课堂”第三课中做“水球变‘懒’实验”时所用的水球。制作好的水球能保持一定的体积是因为分子之间存在 　 　。之所以整个水球是紫色的，是因为向水球中加入了一些紫色颜料，这实际上是一种 　 　现象，说明 　 　。
四、实验探究题（共18分）
13．（4分）小宁利用压强计等装置来探究液体内部压强的规律，进行了如下的操作：
（1）压强计上的U形管 　 　（选填“属于”或“不属于”）连通器。
（2）用压强计和盛有水的容器进行实验，如图甲所示。比较实验A、B可知：在液体内部的同一深度，液体向 　 　的压强都相等；
（3）比较实验B、C可知：液体内部压强的大小跟 　 　有关。
（4）小宁做完实验后，想要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，他选择如图乙所示的两容器进行实验。得出的结论是：液体压强与盛液体的容器形状 　 　（选填“有关”或“无关”）。
14．（4分）如图所示是小宁“探究平面镜成像特点”的情景：竖立的透明薄玻璃板下方放一把直尺，将两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体。
（1）实验时不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到A蜡烛的像，也便于 　 　。
（2）在实验中点燃A蜡烛，在水平桌面上无论怎样移动B蜡烛，也不能使B蜡烛与A蜡烛的像完全重合，原因是 　 　。
（3）小宁解决上述问题后，进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现，像和物到玻璃板的距离 　 　。
（4）为证实上述成像特点的可靠性，小宁接下来进行的实验操作是 　 　。

15．（6分）如图甲所示是小明进行“伏安法测量电阻”的实验：
（1）请帮助小明根据电路图甲将实物电路乙连接完整；（导线不能交叉）
（2）电路连接好后，当小明准备闭合开关开始实验时，滑动变阻器的滑片应该滑到 　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）小明闭合开关，并调节滑动变阻器，发现电流表没有示数，但电压表有示数且无变化，则电路原因可能是 　 　。
（4）小明排除故障后，调节滑动变阻器，当电压表读数为2.6V时，电流表的示数如图丙所示，则该定值电阻的阻值是 　 　Ω，功率是 　 　W。
（5）利用本装置还能进行的实验是 　 　。

五、应用题（共25分）
16．（5分）电动汽车已经走进并且改变着人们的生活，如图甲所示是某品牌电动汽车，该车通过集成电路实现全车智能化，电动机是电动汽车的核心动力来源。该车配有抬头显示器，如图甲所示，图乙所示为其原理图，水平放置的显示器上的行车数据能通过前挡风玻璃竖直呈现在驾驶员正前方。下表是该电动汽车的部分参数。（g取10N/kg）

车身重
3t
工作电压
300V
汽车轮胎与地面的总接触面积
0.1m2
汽车所受阻力
0.04G车
匀速行驶时电流电动机工作电流
50A
最高时速
306km/h
（1）实现该车智能化的集成电路的主要材料是 　 　（选填“半导体”或“超导体”）
（2）若该电动汽车以最高时速行驶，每秒能行驶 　 　m。
（3）行车数据在前挡风玻璃上所成的像是 　 　（选填像“虚像”、“实像”）。
（4）该电动汽车停在水平地面时对地面的压强是多少？
17．（5分）2023年4月8日，银川览山公园上演了一场震撼人心的无人机灯光秀，上千架无人机通过灯光展示出的“我们如此热爱银川”的字样，如图1所示。无人机作为空中平台除了空中表演还多用于航拍。下表是某小型无人机的部分参数：
参数名称
最大飞行半径/km
最大巡航速度（km•h﹣1）
电池电压/V
电池容量/（mA•h）
电动机额定功率/W
拍摄速度/（帧•秒﹣1）
数据
5
50
34
250
20
11000

（1）无人机表演的原理是发射和接收 　 　来控制无人机向上、下、左、右的飞行，然后根据表演的需要形成合适的编队。灯光的传播 　 　介质。（填“需要”或“不需要”）
（2）小轿车在高速公路上限速120km/h，如图2甲所示，交警部门利用无人机进行高速公路通行情况的实时监测．一辆小轿车在通行0.3m的过程中，高速摄像机拍摄帧数为110帧，据此判断小轿车是否超速？　 　（选填“是”或“否”）。
（3）如图乙，是无人机竖直向上运动的v﹣t图象，由图象可知，在5﹣10s内，无人机受到的重力 　 　（选填“＞”“＝”或“＜”）升力。
（4）电动机是控制无人机飞行状态的关键动力设备，它正常工作10s内消耗的电能是 　 　J。
18．（7分）百善孝为先，我们可以从点点滴滴的小事做起。佳佳将自己的压岁钱省下来给奶奶买了一款足浴盆。这款足浴盆有加热功能和按摩功能，它工作时的简化电路如图所示。虚线框内有两个开关，一个是手动开关，一个是温控开关。使用时，先闭合手动开关，当水温低于某一温度时，温控开关会自动闭合，加热电阻工作；当足浴盆中的水温达到某一温度时，温控开关会自动断开，加热电阻停止工作。足浴盆的相关参数如下表所示。
额定电压
220V
加热功率
1000W
电动机线圈电阻
4Ω
电动机功率
22W
（1）请将虚线框内的电路连接完整。
（2）启动按摩功能时，电动机启动，通过电动机线圈的电流为0.1A，按摩10min，电动机线圈产生的热量是多少？
（3）加热电阻正常工作时的电阻是多少？
（4）在足浴盆中加入质量为5kg、初温为20℃的水，当水温升高至40℃时，水吸收的热量为多少？若此次加热时间为560s，则足浴盆的电加热效率为多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

19．（13分）枸杞养生奶是宁夏乳品企业的一种特色产品，它将优质的原生枸杞和塞上草原的纯鲜牛奶有机融合，生成优质双蛋白风味牛奶，将拥有免疫功效的枸杞蛋白与牛奶蛋白融为一体，其整体营养含量高于普通牛奶。某物理兴趣小组的同学想利用所学过的知识测量一下某品牌枸杞奶的密度如图甲所示，他们首先将包装完好的枸杞奶放在电子秤上称量其总质量如图乙所示，然后将喝完的空盒放在电子秤上称量其包装盒的质量如图丙所示。请你帮助物理小组的同学回答以下问题：

（1）一盒枸杞奶的质量是 　 　ɡ，该枸杞奶的密度是 　 　kg/m3。这样测量出来的密度 　 　（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）。
（2）为了减小上述实验误差，请你设计一种实验方案（自选器材，可配图）。
（3）如图丁所示是该枸杞奶的相关信息，每盒枸杞奶会添加 　 　g（保留一位小数）枸杞原浆。假设添加枸杞原浆前牛奶的密度为1.03g/cm3，枸杞奶中其他添加剂的质量和体积忽略不计，分子间隙忽略不计，请你计算出枸杞原浆的密度。

2023年宁夏银川六中中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（选出各题唯一正确的答案。每小题2分，共14分）
1．（2分）下列估测中，最符合生活实际的是（　　）
A．一名初中生的质量约为50g
B．一节新干电池的电压为3V
C．洗澡水的温度约为40℃
D．一名初中生的身高约为1.70cm
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、一名初中生的质量约为50kg，故A不符合实际；
B、一节新干电池的电压为1.5V，故B不符合实际；
C、人体的体温约为37℃，洗澡水的温度略高于人的体温，约为40℃，故C符合实际；
D、一名初中生的身高约为1.70m，故D不符合实际。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对各种物理量的估算能力，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2．（2分）“五音不全”中的“五音”是指中国古乐“宫、商、角、徵、羽”，相当于现代音阶中的“do、re、mi、sol、la”，那么，“五音”实际上是指声音的（　　）
A．响度 B．音色 C．音调 D．声速
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：五音实际上是指声音的音调不同。
故选：C。
【点评】区分声音的三个特征，可解答此题。
3．（2分）如图所示是小宁制作的潜望镜。下列光现象中与潜望镜所利用的原理相同的是（　　）
A．图甲：放大镜成像 B．图乙：幕布上的皮影戏
C．图丙：池水变“浅” D．图丁：左侧的黑板反光
【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；
光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：潜望镜利用的是平面镜成像，是由光的反射形成的；
A、放大镜成像是由于光的折射形成的，故A不合题意。
B、幕布上的皮影戏是由光沿直线传播形成的，故B不合题意。
C、池水变“浅”，是由光的折射形成的，故C不合题意。
D、左侧的黑板反光，是由光的反射形成的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4．（2分）随着五一小长假的到来，许多家庭准备趁着假期出去郊游，便携车载冰箱，为郊游中随时畅享冰镇饮料提供了可能。如图所示的车载冰箱，采用环保型制冷剂直流变频压缩机，精准控温20℃至﹣20℃。下列对有关现象的解释正确的是（　　）

A．打开冰箱盖，盖周围的“白气”是冰箱内的水汽化形成的
B．冰箱内的白色“粉末”是凝固形成的，这一过程要吸热
C．冰棍放入嘴中会有冰凉的感觉是因为冰块升华吸热
D．从冰箱内取出的饮料过一会儿外壁出现的水珠是水蒸气液化形成的
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行，其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
【解答】解：A、打开冰箱盖时冒出一团“白气”是空气中的水蒸气遇冷就会液化形成“白气”，液化过程放出热量，故A错误；
B、冰箱内部侧壁有很多“白色粉末”是冰箱内部空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华过程放出热量，故B错误；
C、冰块放入嘴中冰由固态变成液态属于熔化现象，熔化吸热，故C错误；
D、从冰箱里取出的易拉罐过一会儿外壁出现小水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查的是生活中的物态变化现象，是一道基础题。
5．（2分）《天工开物》是我国第一部关于农业和手工业全书，蕴含了大量的物理知识，如图所示是《开工天物》中的场景，下列说法中错误的是（　　）

A．图甲：拉弓拉满了，说明力可以改变物体的形状
B．图乙：匀速推动独轮车，推力大于摩擦力
C．图丙：制糖时往桶里加水，水对桶底的压强逐渐变大
D．图丁：用桔槔运水，运用了杠杆原理
【分析】（1）力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；
（2）物体处于匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用，平衡力的特点是：作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上；
（3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关；在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；在液体深度一定时，液体密度越大，液体的压强越大；
（4）杠杆是在力的作用下绕固定点转动的硬棒。
【解答】解：A、用力拉弓，弓被拉弯，说明力可以改变物体的形状，故A正确；
B、因为独轮推车做匀速直线运动，车受到平衡力的作用，故推力等于车所受的摩擦力，故B错误；
C、往桶里加水，水的深度增加，由p＝ρgh可知，水对桶底压强逐渐变大，故C正确；
D、由图可知，用桔槔装水，运用了杠杆原理，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查力的作用效果、二力平衡条件的应用、液体压强的规律和杠杆的判断，难度不大。
6．（2分）用如图所示的滑轮组在2s内将重为10N的物体沿竖直方向匀速提升0.2m，作用在绳子自由端的拉力F为4N，不计绳重和滑轮轴间的摩擦。下列计算结果正确的是（　　）

A．动滑轮的重量为1N
B．总功功率为1.2W
C．额外功为0.2J
D．滑轮组的机械效率为75%
【分析】（1）由图可知n＝3，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力F＝（G动+G），据此求动滑轮重；
（2）根据s＝nh可求绳子自由端移动的距离，已知拉力大小，根据W总＝Fs可求拉力做的功（总功），根据P＝计算拉力的功率；
（3）知道物体重和物体升高的高度，利用W有用＝Gh求有用功，然后根据W额＝W总﹣W有用计算额外功；
（4）根据η＝×100%求此时滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图知n＝3，由公式F＝（G动+G）可得，
动滑轮的重力为G动＝nF﹣G＝3×4N﹣10N＝2N，故A错误；
B、拉力F移动的距离为s＝nh＝3×0.2m＝0.6m，
拉力做的功W总＝Fs＝4N×0.6m＝2.4J，
则总功的功率为：P＝＝＝1.2W，故B正确；
C、有用功为W有用＝Gh＝10N×0.2m＝2J，
则额外功为W额＝W总﹣W有用＝2.4J﹣2J＝0.4J，故C错误；
D、滑轮组的机械效率为η＝×100%＝×100%≈83.3%，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了使用滑轮组中有用功、总功、功率、机械效率及动滑轮重等的计算，有一定综合性。
7．（2分）呼吸机工作时，通过电动机压缩氧气让病人正常吸气。下列四个实验装置中，能说明其工作原理的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。逐个分析下面四个选择项中各个设备的工作原理，将两者对应即可得到答案。
【解答】解：呼吸机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
A．该实验探究通电螺线管周围的，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．此图探究的是影响电磁铁磁性强弱的因素的实验，故B不符合题意；
C．此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，故C符合题意；
D．图中导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点，要熟记。
二、选择说明题（本题共2题，每题5分，共10分。选出各小题唯一正确的答案，并在横线上说明理由）
8．（5分）如图甲所示，盛有水的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上。弹簧测力计下悬挂一个长方体金属块，从水面开始缓慢浸入水中，在金属块未触底且水未溢出的过程中，测力计示数F随金属块浸入水中深度h的关系图象如图乙所示，下列分析错误的是 　B　。
A.金属块的高度为h1
B.金属块的密度为
C.金属块的重力是F1
D.金属块完全浸没时受到的浮力是F1﹣F2
选择理由：　由图象可知，当h＝0时金属块处于空气中，弹簧测力计示数为F1，则金属块重力G＝F1，金属块质量m＝＝；
金属块浸没水中，圆柱体受到的最大浮力F浮＝F1﹣F2。
根据F浮＝ρ液V排g可得：
V＝V排＝＝；
所以，金属块密度：
ρ＝＝＝ρ水　。

【分析】（1）金属块是从水面开始缓慢浸入水中，当弹簧测力计的示数开始不变时，表示金属块刚刚浸没，根据图乙可读出金属块的高度；
（2）当物体在空中，弹簧测力计的示数等于金属块的重力；由图乙得出金属块浸没时弹簧测力计的示数，利用称重法可得受到的浮力；根据阿基米德原理求出排开水的体积，即金属块的体积，求出金属块的质量，再利用密度公式求金属块的密度；
【解答】解：A、由图象可知，金属块浸入水中的深度为h1后，圆柱体受到的拉力不变、即金属块刚刚浸没，所以金属块的高度等于此时金属块浸入水中的深度h1，故A正确；
BCD、由图象可知，当h＝0时金属块处于空气中，弹簧测力计示数为F1，则金属块重力G＝F1，金属块质量m＝＝；
金属块浸没水中，圆柱体受到的最大浮力F浮＝F1﹣F2。
根据F浮＝ρ液V排g可得：
V＝V排＝＝；
所以，金属块密度：
ρ＝＝＝ρ水，故B错误，CD正确。
故答案为：B；
由图象可知，当h＝0时金属块处于空气中，弹簧测力计示数为F1，则金属块重力G＝F1，金属块质量m＝＝；
金属块浸没水中，圆柱体受到的最大浮力F浮＝F1﹣F2。
根据F浮＝ρ液V排g可得：
V＝V排＝＝；
所以，金属块密度：
ρ＝＝＝ρ水。
【点评】本题考查了重力公式、密度公式、称重法测浮力、阿基米德原理的应用，考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力，难度较大！
9．（5分）如图所示的电路图中GMR是巨磁电阻（阻值随周围磁场强度的增强而减小），闭合开关S1和S2后下列判断正确的是 　D　。
A.电磁铁左侧为S极
B.当滑片P向右移动时，电磁铁的磁性变强
C.当滑片P向右移动时，巨磁电阻的阻值减小
D.当滑片P向右移动时，小灯泡的亮度将变暗
选择理由：　（1）闭合开关S1和S2后，电流从电磁铁的右端流入，由安培定则可知，电磁铁左侧为N极；
（2）当滑片P向右移动时，左侧电路中的电阻变大，通过电磁铁的电流会减小，电磁铁的磁性应减弱；
因GMR的阻值随周围磁场强度的增强而减小，GMR的阻值变大；
右侧电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，通过小灯泡的电流应变小，小灯泡的亮度将变暗　。

【分析】（1）由安培定则可判断出电磁铁的极性。
（2）根据欧姆定律判定滑片的移动方向，据此判定通过电磁铁电流的变化；电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈的匝数有关，分析电磁铁磁性强弱的变化；分析GMR的阻值变化后根据串联电路的电阻关系和欧姆定律分析通过小灯泡的电流变化。
【解答】解：
（1）闭合开关S1和S2后，电流从电磁铁的右端流入，由安培定则可知，电磁铁左侧为N极；
（2）当滑片P向右移动时，左侧电路中的电阻变大，通过电磁铁的电流会减小，电磁铁的磁性应减弱；
因GMR的阻值随周围磁场强度的增强而减小，GMR的阻值变大；
右侧电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，通过小灯泡的电流应变小，小灯泡的亮度将变暗，故D正确。
故答案为：D；（1）闭合开关S1和S2后，电流从电磁铁的右端流入，由安培定则可知，电磁铁左侧为N极；
（2）当滑片P向右移动时，左侧电路中的电阻变大，通过电磁铁的电流会减小，电磁铁的磁性应减弱；
因GMR的阻值随周围磁场强度的增强而减小，GMR的阻值变大；
右侧电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，通过小灯泡的电流应变小，小灯泡的亮度将变暗。
【点评】本题考查了电路的动态分析、安培定则和欧姆定律的应用以及影响电磁铁磁性强弱的因素，利用好“巨磁电阻的阻值随周围磁场强度的增强而减小”是解题的关键。
三、填空题（每空1分，共8分）
10．（3分）我国首艘弹射型航空母舰“福建视”满载排水量为80000t，满载时舰体吃水深度（海面到舰底的距离）约为13m（海水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则福建舰满载时受到的浮力为 　8×108　N；满载时福建舰底部受到的海水压强为 　1.3×105　Pa，福建舰的舰载机起飞后，该舰受到的浮力将 　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）排水量是指满载时排开水的质量，根据F浮＝G排＝m排g求出福建舰满载时所受的浮力；
（2）根据p＝ρ液gh计算出舰底部受到海水的压强；
（3）根据浮沉条件分析舰载机起飞后，“福建舰”受到浮力的大小变化。
【解答】解：福建舰满载时的排水量：m排＝80000t＝8×107kg，
福建舰满载时所受浮力为：F浮＝G排＝m排g＝8×107kg×10N/kg＝8×108N；
舰底部受到海水的压强为：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×13m＝1.3×105Pa；
福建舰在海面上航行时始终处于漂浮状态，则F浮＝G总，但是舰载机起飞后，“福建舰”的总重力减小，则“福建舰”受到的浮力将变小。
故答案为：8×108；1.3×105；变小。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强、物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。
11．（1分）脚踏式垃圾桶是生活中常见的一种垃圾桶，如图所示，脚踩垃圾桶是通过底部的踏杆部分，通过连杆机构可以将垃圾桶盖打开，方便快捷。该垃圾桶的盖子ABC是一个以　C　（选填“A”、“B”或“C”）为支点的 　费力　杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）。

【分析】本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的大小关系，得出杠杆的类型。
【解答】解：对于杠杆ABC，C点是支点，动力作用在B点，阻力是由桶盖的重力产生的，作用在桶盖的重心上；在打开盖子的过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故答案为：C；费力。
【点评】该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断。
12．（3分）如图所示是航天员在2022年10月12日的“天宫课堂”第三课中做“水球变‘懒’实验”时所用的水球。制作好的水球能保持一定的体积是因为分子之间存在 　引力　。之所以整个水球是紫色的，是因为向水球中加入了一些紫色颜料，这实际上是一种 　扩散　现象，说明 　分子永不停息地做无规则运动　。
【分析】分之间同时存在相互作用的引力和斥力；分子永不停息的做无规则运动；
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
【解答】解：制作好的水球能保持一定的体积是因为分子之间存在引力；
整个水球是紫色的，是因为向水球中加入了一些紫色颜料，这实际上是一种扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。
故答案为：引力；扩散；分子永不停息地做无规则运动。
【点评】本题考查了分子动理论的应用，属于基础题目。
四、实验探究题（共18分）
13．（4分）小宁利用压强计等装置来探究液体内部压强的规律，进行了如下的操作：
（1）压强计上的U形管 　不属于　（选填“属于”或“不属于”）连通器。
（2）用压强计和盛有水的容器进行实验，如图甲所示。比较实验A、B可知：在液体内部的同一深度，液体向 　各个方向　的压强都相等；
（3）比较实验B、C可知：液体内部压强的大小跟 　深度　有关。
（4）小宁做完实验后，想要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，他选择如图乙所示的两容器进行实验。得出的结论是：液体压强与盛液体的容器形状 　无关　（选填“有关”或“无关”）。
【分析】（1）上端开口，下端连通的容器叫连通器；
（2）（3）（4）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
【解答】解：（1）液体压强计的左端是密闭的，所以不是连通器；
（2）比较A、B可知，保持探头在水中的深度不变，探头的方向不同，U形管两侧的高度差相同，可以得到液体内部的同一深度，向各个方向的压强都相等；
（3）比较B、C可知，液体的密度相同，B图中探头深度较大，U形管两侧的高度差较大，液体压强较大，说明液体内部的压强与液体的深度有关；
（4）比较图乙可知，液体的密度和探头的深度相同，容器的形状不同，U形管两侧的高度差相同，所以得出的结论是：液体压强与盛液体的容器形状无关。
故答案为：（1）不属于；（2）各个方向；（3）深度；（4）无关。
【点评】此题是“探究液体压强是否跟液体密度、液体深度有关”的实验，考查了控制变量法在实验中的应用，是一道综合题。
14．（4分）如图所示是小宁“探究平面镜成像特点”的情景：竖立的透明薄玻璃板下方放一把直尺，将两支相同的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧的直尺上，以A蜡烛为成像物体。
（1）实验时不采用平面镜而采用透明薄玻璃板，不仅能观察到A蜡烛的像，也便于 　确定像的位置　。
（2）在实验中点燃A蜡烛，在水平桌面上无论怎样移动B蜡烛，也不能使B蜡烛与A蜡烛的像完全重合，原因是 　玻璃板与桌面不垂直　。
（3）小宁解决上述问题后，进一步观察A、B两支蜡烛在直尺上的位置发现，像和物到玻璃板的距离 　相等　。
（4）为证实上述成像特点的可靠性，小宁接下来进行的实验操作是 　保持玻璃板的位置不变，多次改变A蜡烛的位置进行实验　。

【分析】（1）实验时用透明的玻璃板代替平面镜，既能看到物体的像，也能看到像一侧的代替物体的蜡烛，便于确定像的位置；
（2）实验时玻璃板没有竖直放置时，像和物体不在同一水平面上，则无法使蜡烛B与像完全重合；
（3）像和物到玻璃板的距离相等；
（4）一次实验不具备代表性，具有很大的偶然性，所以应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确。
【解答】解：
（1）该实验采用透明薄玻璃板代替日常使用的平面镜，玻璃板是透明的，观察到A蜡烛像的同时，也能观察到蜡烛B，当蜡烛B和蜡烛A的像重合时，蜡烛B的位置便是蜡烛A的像的位置；
（2）无法让蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，可能是实验时玻璃板没有竖直放置，像与物体不在同一水平面上；
（3）由实验知像和物到玻璃板的距离相等；
（4）一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，所以应该保持玻璃板位置不变，多次改变A蜡烛的位置进行实验。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）玻璃板与桌面不垂直；（3）相等；（4）保持玻璃板的位置不变，多次改变A蜡烛的位置进行实验。
【点评】本题考查探究平面镜成像特点，熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
15．（6分）如图甲所示是小明进行“伏安法测量电阻”的实验：
（1）请帮助小明根据电路图甲将实物电路乙连接完整；（导线不能交叉）
（2）电路连接好后，当小明准备闭合开关开始实验时，滑动变阻器的滑片应该滑到 　B　（选填“A”或“B”）端。
（3）小明闭合开关，并调节滑动变阻器，发现电流表没有示数，但电压表有示数且无变化，则电路原因可能是 　电阻Rx断路　。
（4）小明排除故障后，调节滑动变阻器，当电压表读数为2.6V时，电流表的示数如图丙所示，则该定值电阻的阻值是 　10　Ω，功率是 　0.676　W。
（5）利用本装置还能进行的实验是 　探究电流与电压关系　。

【分析】（1）电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，根据要求选择合适的量程；滑动变阻器与电阻串联，且要接一上一下；
（2）电路连接好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该滑到最大值处；
（3）电流表无示数，可能是电路某处断路，电压表有示数，则与电压表并联的电路断路；
（4）由图乙所示电流表确定其量程与分度值，读出其所示，然后由欧姆定律求出电阻阻值，利用P＝UI求得电功率；
（5）利用本装置还能进行的实验是探究电流与电压关系。
【解答】解：（1）将电压表与电阻并联，由图知，电源由两节干电池组成，电压为3V，因此电压表应选0～3V量程；电流表与电阻串联，滑动变阻器已接了下面一个接线柱，应再接上面一个接线柱，如图所示：

（2）为了保护电路，电路连接好后，当小明准备闭合开关开始实验时，滑动变阻器的滑片应该滑到最大值B端；
（3）电流表无示数，可能是电路某处断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以可能是与电压表并联的电阻Rx断路了；
（4）当电压表读数为2.6V时，由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A；
所以定值电阻的阻值：Rx＝＝＝10Ω；
定值电阻的电功率：P＝UI＝2.6V×0.26A＝0.676W；
（5）利用本装置还能进行的实验是探究电流与电压关系。
故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）电阻Rx断路；（4）10；0.676；（5）探究电流与电压关系。
【点评】本题考查了实物电路连接、实验注意事项、电路故障分析、电表读数、求电阻等问题，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。
五、应用题（共25分）
16．（5分）电动汽车已经走进并且改变着人们的生活，如图甲所示是某品牌电动汽车，该车通过集成电路实现全车智能化，电动机是电动汽车的核心动力来源。该车配有抬头显示器，如图甲所示，图乙所示为其原理图，水平放置的显示器上的行车数据能通过前挡风玻璃竖直呈现在驾驶员正前方。下表是该电动汽车的部分参数。（g取10N/kg）

车身重
3t
工作电压
300V
汽车轮胎与地面的总接触面积
0.1m2
汽车所受阻力
0.04G车
匀速行驶时电流电动机工作电流
50A
最高时速
306km/h
（1）实现该车智能化的集成电路的主要材料是 　半导体　（选填“半导体”或“超导体”）
（2）若该电动汽车以最高时速行驶，每秒能行驶 　85　m。
（3）行车数据在前挡风玻璃上所成的像是 　虚像　（选填像“虚像”、“实像”）。
（4）该电动汽车停在水平地面时对地面的压强是多少？
【分析】（1）半导体的特性：在纯净的半导体中适当地掺入一定种类的极微量的杂质，半导体的导电性能就会成百万倍的增加，例如，晶体管就是利用这种特性制成的；
（2）在物理学中，把路程与时间之比叫做速度，速度是用来描述物体运动快慢的物理量；
（3）平面镜成正立等大的虚像；
（4）电动汽车对地面的压力等于其重力，即F＝G＝mg，根据p＝可求出该电动汽车停在水平地面时对地面的压强。
【解答】解：（1）实现该车智能化的集成电路的主要材料是半导体；
（2）若该电动汽车以最高时速行驶，306km/h＝85m/s，则每秒能行驶85m；
（3）行车数据在前挡风玻璃上所成的像是虚像；
（4）电动汽车的质量m＝3t＝3000kg，对地面的压力等于其重力，即F＝G＝mg＝3000kg×10N/kg＝3×104N，
该电动汽车停在水平地面时对地面的压强是：p＝＝3×105Pa。
答：（1）半导体；
（2）85；
（3）虚像；
（4）该电动汽车停在水平地面时对地面的压强是3×105Pa。
【点评】此题主要考查了半导体、速度单位的换算、平面镜成像特点、压强的计算等。难度不大，属于基础题目。
17．（5分）2023年4月8日，银川览山公园上演了一场震撼人心的无人机灯光秀，上千架无人机通过灯光展示出的“我们如此热爱银川”的字样，如图1所示。无人机作为空中平台除了空中表演还多用于航拍。下表是某小型无人机的部分参数：
参数名称
最大飞行半径/km
最大巡航速度（km•h﹣1）
电池电压/V
电池容量/（mA•h）
电动机额定功率/W
拍摄速度/（帧•秒﹣1）
数据
5
50
34
250
20
11000

（1）无人机表演的原理是发射和接收 　电磁波　来控制无人机向上、下、左、右的飞行，然后根据表演的需要形成合适的编队。灯光的传播 　不需要　介质。（填“需要”或“不需要”）
（2）小轿车在高速公路上限速120km/h，如图2甲所示，交警部门利用无人机进行高速公路通行情况的实时监测．一辆小轿车在通行0.3m的过程中，高速摄像机拍摄帧数为110帧，据此判断小轿车是否超速？　否　（选填“是”或“否”）。
（3）如图乙，是无人机竖直向上运动的v﹣t图象，由图象可知，在5﹣10s内，无人机受到的重力 　＝　（选填“＞”“＝”或“＜”）升力。
（4）电动机是控制无人机飞行状态的关键动力设备，它正常工作10s内消耗的电能是 　200　J。
【分析】（1）电磁波可以传递信息；电磁波可以在真空中传播。
（2）根据速度公式进行计算、分析。
（3）物体做匀速直线运动时，受到的是平衡力的作用。
（4）根据W＝Pt来进行计算。
【解答】解：（1）无人机表演的原理是发射和接收电磁波来控制无人机向上、下、左、右的飞行，然后根据表演的需要形成合适的编队。灯光的传播不需要介质。
（2）因为无人机拍摄速度是11000帧/秒；高速摄像机拍摄帧数为110帧，所以110帧需要的时间为：；
小轿车行驶的速度为：，小于此路程的限速120km/h，该车没有超速。
（3）根据图像可知：在5﹣10s内，无人机做匀速直线运动，受到的重力和升力是一对平衡力，大小相等。
（4）电动机工作10s消耗的电能为：W＝Pt＝20W×10s＝200J。
故答案为：（1）电磁波；不需要；（2）否；（3）＝；（4）200。
【点评】知道电磁波的特性及应用；会根据速度公式进行简单的计算；知道二力平衡的应用；会根据公式计算消耗的电能。
18．（7分）百善孝为先，我们可以从点点滴滴的小事做起。佳佳将自己的压岁钱省下来给奶奶买了一款足浴盆。这款足浴盆有加热功能和按摩功能，它工作时的简化电路如图所示。虚线框内有两个开关，一个是手动开关，一个是温控开关。使用时，先闭合手动开关，当水温低于某一温度时，温控开关会自动闭合，加热电阻工作；当足浴盆中的水温达到某一温度时，温控开关会自动断开，加热电阻停止工作。足浴盆的相关参数如下表所示。
额定电压
220V
加热功率
1000W
电动机线圈电阻
4Ω
电动机功率
22W
（1）请将虚线框内的电路连接完整。
（2）启动按摩功能时，电动机启动，通过电动机线圈的电流为0.1A，按摩10min，电动机线圈产生的热量是多少？
（3）加热电阻正常工作时的电阻是多少？
（4）在足浴盆中加入质量为5kg、初温为20℃的水，当水温升高至40℃时，水吸收的热量为多少？若此次加热时间为560s，则足浴盆的电加热效率为多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

【分析】（1）根据题意可知，手动开关和温控开关应该串联在电路中，据此作图；
（2）根据焦耳定律Q＝I2Rt求出电动机线圈产生的热量；
（3）知道加热功率，利用P＝求出加热电阻的阻值；
（4）利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；利用W＝Pt求出足浴盆加热消耗的电能，利用效率公式求出足浴盆的电加热效率。
【解答】解：（1）根据题意可知，使用时，先闭合手动开关，当水温低于某一温度时，温控开关会自动闭合，加热电阻工作；当足浴盆中的水温达到某一温度时，温控开关会自动断开，加热电阻停止工作，所以手动开关和温控开关应该串联在电路中，电路如图所示：
；
（2）电动机线圈产生的热量：Q＝RMt＝（0.1A）2×4Ω×10×60s＝24J；
（3）由P＝可知，加热电阻的阻值：R＝＝＝48.4Ω；
（4）水吸收的热量：Q吸＝c水m（t1﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（40℃﹣20℃）＝4.2×105J；
足浴盆加热消耗的电能：W＝P加热t′＝1000W×560s＝5.6×105J，
足浴盆的电加热效率：η＝×100%＝×100%＝75%。
答：（1）图见解答；
（2）按摩10min，电动机线圈产生的热量是24J；
（3）加热电阻正常工作时的电阻是48.4Ω；
（4）水吸收的热量为4.2×105J；足浴盆的电加热效率为75%。
【点评】本题考查串联电路的特点、焦耳定律、电功公式、电功率公式、吸热公式以及效率公式的应用，是一道综合题，难度不大。
19．（13分）枸杞养生奶是宁夏乳品企业的一种特色产品，它将优质的原生枸杞和塞上草原的纯鲜牛奶有机融合，生成优质双蛋白风味牛奶，将拥有免疫功效的枸杞蛋白与牛奶蛋白融为一体，其整体营养含量高于普通牛奶。某物理兴趣小组的同学想利用所学过的知识测量一下某品牌枸杞奶的密度如图甲所示，他们首先将包装完好的枸杞奶放在电子秤上称量其总质量如图乙所示，然后将喝完的空盒放在电子秤上称量其包装盒的质量如图丙所示。请你帮助物理小组的同学回答以下问题：

（1）一盒枸杞奶的质量是 　270.4　ɡ，该枸杞奶的密度是 　1.02×103　kg/m3。这样测量出来的密度 　偏小　（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）。
（2）为了减小上述实验误差，请你设计一种实验方案（自选器材，可配图）。
（3）如图丁所示是该枸杞奶的相关信息，每盒枸杞奶会添加 　2.6　g（保留一位小数）枸杞原浆。假设添加枸杞原浆前牛奶的密度为1.03g/cm3，枸杞奶中其他添加剂的质量和体积忽略不计，分子间隙忽略不计，请你计算出枸杞原浆的密度。
【分析】（1）一盒枸杞奶的质量等于图乙包装完好的枸杞奶的总质量减去图丙包装盒的质量；
图甲所示该枸杞奶的相关信息可知枸杞奶的体积，利用密度的公式即可计算出其密度的大小；
若枸杞奶盒壁上有营养奶挂壁，会使质量偏小，根据密度公式判断出密度的偏差；
（2）减小误差的办法就是：去掉图丙将喝完的空盒放在电子秤上称量其包装盒的质量，改为测量剩余枸杞奶和包装盒的质量，这样就防止了残留问题。
（3）根据枸杞奶的相关信息，得到每盒枸杞奶添加枸杞原浆的质量，求出每盒枸杞奶中牛奶的质量，
利用密度公式求出添加枸杞原浆前牛奶的体积，进而得到枸杞原浆的体积，根据密度公式计算枸杞原浆的密度。
【解答】解：（1）图乙包装完好的枸杞奶的总质量：m1＝270.4g，
图丙包装盒的质量m2＝15.4g，
盒内枸杞奶的质量：m＝m1﹣m2＝270.4g﹣15.4g＝255g；
一盒枸杞奶的体积：V＝250mL＝250cm3；
枸杞奶的密度：ρ＝＝＝1.02g/cm3＝1.02×103kg/m3；
若枸杞奶盒壁上有营养奶挂壁，会使质量偏小，根据密度公式ρ＝判断出密度的偏小；
（2）实验方案：
步骤一、将包装完好的一盒枸杞奶放在电子秤上称量其总质量为m1
步骤二、将这盒枸杞奶部分（或全部）倒入量筒中，读出枸杞奶的体积V
步骤三、用电子秤称量剩余枸杞奶和包装盒的质量为m2
步骤四、计算出枸杞奶的密度：ρ＝＝；
（3）根据图丁所示是该枸杞奶的相关信息可知，
每盒枸杞奶添加枸杞原浆的质量为m枸＝2.5×1035mg≈2.6g，
每盒枸杞奶中牛奶的质量为m′＝m﹣m枸＝255g﹣2.6g＝252.4g，
添加枸杞原浆前牛奶的体积为V′＝＝≈245cm3；
枸杞原浆的体积为V枸＝V﹣V′＝250cm3﹣245cm3＝5cm3，
则枸杞原浆的密度ρ枸＝＝＝0.52g/cm3。
故答案为：（1）270.4；1.02×103；偏小；（2）见解答；（3）2.6；枸杞原浆的密度为0.52g/cm3。
【点评】此题是测量液体密度的实验，考查了实验的设计和密度的计算。