必刷卷01——2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（全国通用）

这是一份必刷卷01——2023年中考物理考前30天冲刺必刷卷（全国通用），文件包含必刷卷012023年中考物理考前30天冲刺必刷卷全国通用解析版docx、必刷卷012023年中考物理考前30天冲刺必刷卷全国通用原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共27页， 欢迎下载使用。
绝密★启用前
2023年中考物理考前信息必刷卷01
物 理（全国通用）

随着新课标的落地与实施，2023年中考将充分体现新课标的主旨要求，凸显物理与日常生活、物理与工程实践、物理与社会发展；以新科技、新材料、新能源以及经典文化、时事政治为载体，让学生应用物理知识解决实际问题，并在这一过程中深刻体会我国近几年国防、科技、经济取得的长足发展，激发学生的爱国热情和民族自豪感，。

2023中考仍将注重基础知识和基本技能的双向考查。基础知识的考查：教材基础知识的理解与运用、在指定素材中提取物理信息的能力、跨学科知识之间的有机融合等。基本能力的考查：实验器材的基本使用能力、创新器材的设计与开发、拓展性和发散性实验的考查。具体到知识点，压强、浮力、机械、欧姆定律、电功率仍是考查重点。

注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图为今年深圳马拉松男子组冠军何杰（左一）在比赛中的一幕，下列说法正确的是（　　）

A．全马选手跑步不属于机械运动
B．以地面为参照物，何杰是静止的
C．裁判是通过相同时间内比较运动员经过的路程，来判定何杰夺冠
D．何杰最终夺冠，说明他全程平均速度最大
【答案】D
【解析】全马选手跑步属于机械运动，故A错误；以地面为参照物，何杰的位置发生变化，何杰是运动的，故B错误；在赛跑中，裁判是利用相同的路程比较时间的方法来判断运动员运动的快慢的，故C错误；根据平均速度等于总路程除以总时间，路程相同，所用时间越短，平均速度越大，何杰最终夺冠，说明他全程平均速度最大，故D正确。故选：D。
2．关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A．声音可以在真空中传播
B．有些高科技产品，不振动也可以发出声音
C．分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色
D．通过居民区的高速公路两旁建的隔音墙是在声源处来减弱噪声的
【答案】C
【解析】声音不能在真空中传播，故A错误；声音是由物体振动产生的，某些高科技产品，不振动不可以发出声音，故B错误；分辨琵琶和小提琴的声音主要依靠音色，故C正确；通过居民区的高速公路两旁建的隔音墙，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。故选：C。
3．如图所示，下列情景中所描述的物态变化及吸放热情况，分析正确的是（　　）
A．如甲图，糖汁成型“糖画”——熔化放热
B．如乙图，湿手被“吹干”——液化放热
C．如丙图，灯泡的灯丝变细——升华吸热
D．如丁图，蒸笼旁的“白气”——汽化吸热
【答案】C
【解析】糖汁成型“糖画”——是凝固现象，该过程放热，故A错误；湿手被“吹干——是汽化现象，该过程吸热，故B错误；灯泡的灯丝变细——是升华现象，该过程吸热，故C正确；蒸笼旁的“白气”——是液化现象，该过程放热，故D错误。故选：C。
4．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上依次摆放蜡烛、凸透镜和光屏，如图所示，此时烛焰在光屏上恰好成清晰的像。下列说法正确的是（　　）

A．凸透镜的焦距为20cm
B．此时烛焰在光屏上成倒立、等大的像
C．若遮挡凸透镜的一部分，光屏上将得不到完整的像
D．若在蜡烛和凸透镜之间放置一个远视镜，为得到清晰的像光屏应向右移动
【答案】B
【解析】依题意和图可知，恰好成清晰的像的时候，物距和像距相等，成倒立、等大的实像，此时u＝v＝2f＝20.0cm，解得f＝10.0cm，故A错误，B正确；若遮挡凸透镜的一部分，烛焰的光线会从凸透镜的其他位置透过，在光屏上会聚，光屏上仍能得到完整的像，像比原来变暗，故C错误；远视镜是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，可以使光线提前会聚，为得到清晰的像，需要将光屏靠近凸透镜，即向左移动，故D错误。故选：B。
5．如图所示，小明同学沿水平向右的方向用75N的力推箱子，箱子没动。在此过程中，关于箱子受到的力，下列说法正确的是（　　）

A．因为箱子没动，所以箱子所受摩擦力大于75N
B．箱子受到的重力与地面对箱子的支持力是一对相互作用力
C．箱子受到的支持力与箱子对地面的压力大小相等，是一对平衡力
D．箱子受到的摩擦力方向是水平向左的
【答案】D
【解析】箱子处于静止状态，受到平衡力的作用，箱子所受摩擦力等于推力，为75N，故A错误；
箱子受到的重力与地面对箱子的支持力是一对平衡力，故B错误；箱子受到的支持力与箱子对地面的压力大小相等，是一对相互作用力，故C错误；小明同学沿水平向右的方向用75N的力推箱子，受静摩擦力，静摩擦力的方向水平向左，故D正确。故选：D。
6．如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体对水平地面的压强相等。若沿水平方向将甲、乙分别切去质量相等的部分，剩余部分对水平地面的压力为F甲和F乙、压强为p甲和p乙，则（　　）

A．F甲＜F乙，p甲＞p乙 B．F甲＜F乙，p甲＜p乙
C．F甲＞F乙，p甲＞p乙 D．F甲＞F乙，p甲＜p乙
【答案】D
【解析】甲、乙两个实心均匀正方体对水平地面的压强相等，根据图示可知，甲的受力面积大于乙的受力面积，根据F＝pS可知，甲对地面的压力大于乙对地面的压力；水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，所以甲的重力大于乙的重力；若沿水平方向将甲、乙分别切去质量相等的部分，根据G＝mg可知，甲、乙两个物体减小的重力相同，所以甲剩余部分的重力大于乙剩余部分的重力，故：F甲＞F乙；减小的重力相同，减小的压力相同，甲的受力面积大，根据p＝可知，甲减小的压强小于乙减小的压强，根据p'＝p﹣Δp可知，甲剩余部分的压强小于乙剩余部分的压强，即p甲＜p乙。故选：D。
7．某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。通过弹力感应器可测出运动员所受弹性绳弹力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（蹦极过程视为在竖直方向的运动）。下列判断正确的是（　　）
A．在A点到B点过程中运动员加速下落
B．在B点到C点的运动过程中，运动员的重力势能一直在增大
C．在t0时刻蹦极绳的弹力最大，所以此处人的动能最大
D．通过图象分析，发现运动员重力大小等于F0
【答案】A
【解析】在B点运动员所受弹力恰好等于重力，运动员从A点到B点过程中，重力大于弹力，运动员加速下落，故A正确；从B点到C点过程中运动员质量不变，高度减小，重力势能减小，故B错误；
由图乙可知，t0时刻绳的弹力最大，弹性势能最大，运动员应处于最低点，此时速度为零，动能为零，故C错误；最后绳的弹性势能几乎不变，此时运动员静止，处于平衡状态，拉力与重力平衡，重力小于F0，故D错误。故选：A。
8．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中正确的是（　　）
①电流表A示数变大，电压表V2示数变小
②电流表A示数变大，电压表V1示数变小
③电压表V1示数变大，电压表V2示数变小
④电压表V1示数不变，电压表V2示数变大

A．①② B．①③ C．②③ D．②④
【答案】B
【解析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；将滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；由U＝IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大；因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表V2示数变小；综上所述，①③正确。故选：B。
9．如图所示是电动车在楼道中充电时易引发火灾的宣传警示图，以此警示大家要注意安全用电。下列做法符合安全用电原则的是（　　）

A．电线着火时应迅速泼水浇灭火焰
B．发生电火灾时应该立即切断电源
C．充电时空气开关跳闸，立即合上空气开关
D．电动车充电线绝缘皮破损后仍可继续使用
【答案】B
【解析】水是导体，容易造成触电事故，因此电器设备着火时，不能立即泼水灭火，故A错误；发生电火灾时应立即切断电源，再灭火，防止灭火时触电，故B正确；因为电路有短路或总功率过大的情况，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，因此不可以立刻合上空气开关，故C错误；充电线绝缘皮破损后裸露的线芯极易造成短路引起火灾，或者人员触电，故D错误.故选：B。
10．小丽在乒乓球比赛中获得一枚金牌，她想测出该金牌的密度。她先用天平测出金牌的质量m0，然后将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为m1的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m2。已知水的密度为ρ水，则金牌的密度为（　　）
A．ρ水 B．ρ水
C．ρ水 D．ρ水
【答案】B
【解析】金牌放在盛满水的溢水杯中，金牌的体积等于金牌溢出水的体积，由于知道空烧杯的质量m1，再知道烧杯和水的总质量m2，则烧杯中水的质量：m水＝m2﹣m1，烧杯中水的体积：V水＝。
由于金牌的体积和溢出水的体积相等，所以金牌的体积：V＝V水＝＝，金牌的密度：ρ＝＝＝＝•ρ水。故选：B。
二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，至少有两项是符合题目要求的，多选、漏选均不得分。
11．关于下面四幅图的说法正确的是 （　　）

A．甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，过程与热机压缩冲程原理相同
B．乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象
C．丙图：抽出玻璃板，上瓶出现红棕色气体，表明气体间能发生扩散
D．丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，此现象说明分子间存在引力
【答案】ACD
【解析】图甲，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，是将机械能转化为内能的过程，与热机的压缩冲程原理相同，故A正确；图乙，瓶内空气推开瓶塞，空气的内能转化为塞子的机械能，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B错误；图丙，下方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，表明气体间可以发生扩散现象，故C正确；图丁，两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，故D正确。故选：ACD。
12．随着科技的发展和时代的进步，无人机已经应用在各个领域，而我国更是无人机出口大国。我国自行研制的“翼龙”无人机可携带各种侦察、激光测距、电子对抗设备，可用于维稳、反恐、边界巡逻等。下列有关说法正确的是（　　）
A．“翼龙”无人机通过电磁波将获取的各种信息及时传递到指挥中心
B．“翼龙”无人机的摄像镜头相当于凸透镜可以成正立缩小的实像
C．“翼龙”无人机在高空侦查时，高空的大气压高于地表附近大气压
D．“翼龙”无人机内部的电脑芯片，主要使用半导体材料制成的
【答案】AD
【解析】电磁波能在真空中传播，无人机通过电磁波将获取的各种信息传递到指挥中心，故A正确；
摄像镜头相当于凸透镜，当物距u＞2f时，可以成倒立、缩小的实像，故B错误；高度越高，大气压越低，故高空的大气压低于地表附近大气压，故C错误；芯片主要由半导体材料制成，无人机内部的电脑芯片也是半导体材料制成的，故D正确。故选：AD。
13．水平桌面上放有两个完全相同的烧杯，两烧杯内分别盛满甲、乙两种不同液体。把两个完全相同小球分别放入两烧杯，两小球静止时的位置如图所示。下列判断正确的是（　　）

A．液体的密度ρ甲＞ρ乙
B．小球排开液体的质量m排甲＜m排乙
C．液体对烧杯底的压力F甲＞F乙
D．液体对烧杯底的压强p甲＜p乙
【答案】AC
【解析】由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故液体的密度ρ甲＞ρ乙，故A正确；由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲＝G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙＝G，所以F浮甲＝F浮乙，根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲＝G排乙，根据G＝mg可知，小球排开液体的质量m排甲＝m排乙，故B错误；由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲＞p乙，由于烧杯完全相同，根据p＝可知，液体对烧杯底的压力F甲＞F乙，故C正确、D错误。故选：AC。
14．其实，你的前臂就是物理学中的一根杠杆。以下对于这根杠杆在提起重物的过程中，分析不合理的是（　　）

A．前臂杠杆的支点O在肘关节处
B．重物给前臂的力F2竖直向下且前臂恰好水平时，F2的力臂最大
C．肱二头肌给桡骨的力是阻力
D．前臂是一根省力杠杆，缺点是费距离
【答案】CD
【解析】用手向上提物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力F1是动力，重物给前臂的力F2是阻力，杠杆围绕肘关节转动，因此支点O在肘关节处，故A正确，C错误；重物给前臂的力F2竖直向下且前臂恰好水平时，F2的力臂是整个前臂，此时F2的力臂最大，故B正确；用手向上提起重物时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆，费力省距离，故D错误。故选：CD。
15．如图所示电路，电源电压为6V保持不变，R1的阻值为4Ω。闭合开关，滑动变阻器R2的滑片置于a端时，电压表V1的示数为2V；将滑片从a端滑到b端时，下列说法中正确的是（　　）

A．电压表V2的示数变化范围是4V～2V
B．滑动变阻器R2的最大阻值为8Ω
C．整个电路的功率变化范围是3W～9W
D．滑片在b端时，电路1min消耗电能540J
【答案】BCD
【解析】开关闭合，R1、R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路电流，滑动变阻器R2的滑片置于a端时，变阻器连入电路的电阻最大，电压表V1的示数为2V，则R1两端的电压为2V，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知电路中的电流：I＝I1＝＝＝0.5A，由串联电路的电压规律可知，电压表V2的示数：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V；变阻器的最大阻值：R2＝＝＝8Ω，故B正确；滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻为零，电压表V2被短路，电压表V2的示数为零，因此电压表V2的示数变化范围4V～0V，故A错误；滑动变阻器R2的滑片置于a端时，电路的总功率：Pa＝UI＝6V×0.5A＝3W，滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻为零，电路为R1的简单电路，电路的总功率：Pb＝＝＝9W，整个电路的功率变化范围为3W～9W，故C正确；当滑片滑到b端时，通电1min电流对R1做的功为W＝t＝×1×60s＝540J，故D正确。故选：BCD。
三、填空题：本题共4小题，每小题2分，共8分。
16．补全下方思维导图：（1）　 　；（2）　 　。

【答案】改变物体的运动状态 不受力
【解析】由思维导图可知，图中所缺少的内容为：力的作用效果除使物体发生形变外，还包括改变物体的运动状态；物体要想保持平衡状态，要么受平衡力，要么不受力。
17．如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动，两次拉动木块运动的图像分别是图乙中的A、B图像，两次对应的弹簧测力计示数分别为FA、FB，两次拉力的功率分别为PA、PB，则FA　 　FB，PA　 　PB。（选填“＜”“＝”或“＞”）

【答案】＝ ＞
【解析】结合图像A、B可知木块两次都做匀速直线运动，由二力平衡条件可知拉力与滑动摩擦力的大小相等；两次拉动木块运动时压力大小、接触面的粗糙程度均相同，故滑动摩擦力的大小相等，所以拉力的大小也相等，即FA＝FB。从图象中可知，第一次木块的速度为4m/s，第二次木块的速度为v′＝＝＝2m/s，则第一次木块的速度较大，且两次拉力的大小相等，根据公式P＝Fv可知，第一次拉力的功率较大，即PA＞PB。
18．小明发现实验室里有一卷单股导线，他了解到此类电线每千米的电阻为0.2Ω。为了粗略估算电线有多长，小明用电压表、电流表和电源接成如图所示的电路进行测量。测得电压表的示数为3.0V时，电流表的示数为0.3A，则导线电阻值为 　 　Ω，这卷电线的长度约有 　 　m。

【答案】10 5×104
【解析】导线的电阻：R＝＝＝10Ω；因电线每千米的电阻为0.2Ω，所以，这卷电线的长度：
L＝＝50km＝5×104m。
19．国产科幻电影《流浪地球2》想象力丰富，在影片中为了推动地球去“流浪”，在地球上建造了一万多座行星发动机。行星发动机的燃料是用石头炼成的燃料球，被称为“火石”，如果石头真的可以作为能源，那么它属于 　 　能源（选填“可再生”或“不可再生”）。影片中还设计依靠三千多枚原子弹炸毁月球，原子弹爆炸属于 　 　（选填“核聚变”或“核裂变”）。
【答案】不可再生 核裂变
【解析】行星发动机的燃料是用石头炼成的燃料球，被称为“火石”，如果石头真的可以作为能源，那么它属于不可再生能源；原子弹爆炸属于核裂变。
四、作图题：本题共2小题，每小题4分，共8分。
20．重4N的物体，用一水平力F＝8N，将它压在竖直墙上静止不动，请画出物体所受重力和摩擦力。

【答案】如图所示

【解析】物体受到的重力方向竖直向下，摩擦力竖直向上，物体处于静止状态，重力和摩擦力是一对平衡力，所以f＝G＝4N，从物体重心上分别画出两个力，并标明大小。
21．如图所示，请根据图中信息标出电源的正极，用箭头标出A点磁感线的方向。

【答案】如图所示

【解析】根据磁感线的形状可知，两者相互排斥，是同名磁极，则通电螺线管的右端为N极，由安培定则可知电流从左端流出，右端流入，故电源左端为正极，右端为负极。
五、实验题：本题共2小题，22题8分，23题14份，共22分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
22．在“探究光的反射规律”实验中，小刚进行了如图甲所示的实验，把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张白纸板竖直立在平面镜上，白纸板由可以绕接缝ON转折的左右两部分组成。实验步骤如下：
（1）使一束光贴着纸板的左半部分沿某一角度射到O点，经平面镜反射后，反射光线贴着右侧纸板沿另一个方向射出，在纸板上用笔描出入射光EO的反射光OF的径迹。
（2）接下来应该改变 　 　，多做几次实验，并换用不同颜色的笔记录每次实验中的光的径迹。
（3）接下来取下纸板，用量角器量出入射角和反射角的度数。要测量反射角，在图甲中应测量∠　 　。实验数据如表，写出由数据可以得出的一条规律：　 　。

实验次数
入射角
　反射角
1
20°
20°
2
40°
40°
3
55°
55°
（4）若将纸板的右半部分向前或向后折，如图乙所示，重做上述实验，发现在右半部分纸板上看不见反射光线，若想验证反射光线、入射光线、法线是否在同一平面内，应进行的操作是 　 　。
【答案】（2）光束入射的角度 （3）NOF 反射角等于入射角 （4）将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度
【解析】（2）改变光束入射的角度，多做几次实验，换用不同颜色的记号笔记录每次光的径迹；
（3）由图知OE是入射光线，则OF是反射光线，则反射角为∠NOF；
根据表中反射角和入射角的数据可得出的结论为：反射角等于入射角；
（4）如图乙所示，将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现，反射光线没有随纸板转动，仍在原位置，此现象说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
23．小刚同学采用如图甲所示的电路图，测量额定电压为2.5V的灯泡的电阻和额定功率。其中电源电压恒为3V，滑动变阻器R1标有“1A”字样，最大阻值模糊不清。
（1）小刚正确连接电路并规范地操作，闭合开关时他发现：灯泡不发光，电流表和电压表均有较小的示数，其中电压表示数如图乙所示；对此现象的分析和后续操作正确的是 　 　；
A．灯泡断路，应更换灯泡
B．灯泡短路，应更换灯泡
C．灯泡正常，应移动滑动变阻器的滑片
D．滑动变阻器断路了，应更换滑动变阻器
（2）解决问题后，小刚继续实验，记录了多组数据，并绘制出了小灯泡的I﹣U图像，如图丙所示。分析图像可知，该小灯泡正常发光时的电阻是 　 　Ω，额定功率为 　 　W。细心的小刚还发现结合（1）问和图丙提供的信息，可得滑动变阻器R1的最大阻值为 　 　Ω；
（3）完成上述实验后，小刚又找来了最大阻值未知的滑动变阻器R0，设计了如图丁所示电路，不用电流表测量小灯泡正常发光时的电阻。已知电源电压为U，滑动变阻器R1的最大阻值为R，请你将操作步骤补充完整并写出小灯泡正常发光时电阻的表达式；
①只闭合S和S1，调节R1的滑片，使电压表示数为 　 　V，此时小灯泡正常发光；
②只闭合S和S2，保持R1的滑片位置不动，调节R0的滑片，使电压表的示数与第①步时相同；
③只闭合S和S2，保持R0的滑片位置不动，　 　，记录电压表的示数U′；
④小灯泡正常发光时的电阻RL＝　 　。（用已知和测量的物理量的符号表示）

【答案】（1）C （2）10 0.625 25 （3）2.5 将R1滑片移至最右端；
【解析】（1）灯泡不发光，电流表和电压表均有较小的示数，说明电路未断路，此时灯泡不发光的原因是因为灯泡的实际电功率太小了，故C符合题意，ABD不符合题意，此时为了让灯泡亮应该移动滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压变大，实际功率变大。故选C。（2）由丙图可知灯泡正常发光时电压2.5V，电流0.25A，故由欧姆定律得其电阻为，由功率公式可得其额定功率为P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W，结合（1）问和图丙提供的信息可知电压表示数为0.5V时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时滑动变阻器两端的电压为3V﹣0.5V＝2.5V，根据欧姆定律。（3）要使小灯正常发光，应调节其两端电压等于其额定电压。此实验的原理是：串联电路中，两个元件中的电流相等，元件两端电压与其电阻成正比分配。根据测得的电压值与其中一个元件的电阻，即可计算出另外一个元件的电阻。而R1的最大阻值是已知的，所以在不调节R0的情况下（此时其连入电路电阻与小灯正常发光时电阻相同，计算出它此时连入电路中的电阻即等于小灯正常发光电阻），只闭合S和S2，保持R0的滑片位置不动，将R1连入电阻阻值调到最大，为一已知数值，为计算小灯电阻提供已知数据。R0与R1串联，R1连入电路电阻最大，为R；电源电压为U，R1两端电压为U'，则R1两端电压为U1＝U﹣U'，因为串联电路中处处电流相等，有，得，在电源电压不变的情况下，正常发光时的小灯和R0先后与同一元件串联，两端电压相等，根据串联电路分压原理可以知道，小灯正常发光电阻与R0连入电路电阻相等，故小灯正常发光电阻为。
六、计算题：本题共2小题，24题10分，25题12分，共22分。
24．如图所示，一个边长为60cm的正方体重物重力为720N，放在水平地面上，小明站在地上利用滑轮组将重物匀速提起来，此时小明对绳子的拉力为250N。不计绳重与摩擦，求：
（1）重物放在水平地面上静止（未挂滑轮组）时，重物对地面的压强；
（2）动滑轮的重力；
（3）提升重物过程中滑轮组的机械效率。

【答案】（1）重物放在水平地面上静止（未挂滑轮组）时，重物对地面的压强为2000Pa （2）动滑轮
的重力为30N （3）提升重物过程中滑轮组的机械效率为96%。
【解析】（1）受力面积：S＝（60cm）2＝3600cm2＝0.36m2，重物对水平地面的压力：F压＝G＝720N，
重物对地面的压强：p＝＝＝2000Pa；（2）由图可知n＝3，因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×250N﹣720N＝30N；（3）滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝96%。
25．如表所示为小明家的电饭锅铭牌，铭牌上部分信息模糊。电饭锅的简化电路图如图甲所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：
**牌电饭锅
额定电压
220V
加热功率
1210W
保温功率
****
能效等级：**级
（1）小明想利用如图乙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家里的其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态下正常工作，观察到电能表转盘在5min内转了22圈。则该电饭锅的保温功率为多少？
（2）电阻R1、R2的阻值分别为多少？
（3）小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值（电热转化效率）范围为81%≤η＜86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为23℃质量为2.2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时700s。请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

【答案】（1）该电饭锅的保温功率为88W （2）电阻R1、R2的阻值分别为40Ω、510Ω （3）该电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】（1）“3000r/（kW•h）”表示电路每消耗1kW•h电能，电能表转盘转3000r，只让电饭煲在“保温”状态下工作，转盘在5min内转了22转，则电饭锅消耗的电能为：W＝＝kW•h，
电饭锅处于“保温”状态时的功率为：P保温＝＝＝0.088kW＝88W；（2）由电路图知，S断开时两电阻串联，电路中电阻较大，由P＝UI＝可知，功率较小，电饭锅为保温状态，当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，由P＝UI＝可知，功率较大，电饭锅为加热状态，由P＝UI＝可得R1的电阻：R1＝＝＝40Ω，由P＝UI＝可得R1、R2的总电阻为：R总＝＝＝550Ω，R2的电阻为：R2＝R总﹣R1＝550Ω﹣40Ω＝510Ω；（3）水吸收的热量为：Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（100℃﹣23℃）＝7.1148×105J；用时700s消耗的电能为：W′＝P加热t′＝1210W×700s＝8.47×105J，该电饭锅的热效率为：η＝×100%＝×100%＝84%，则该电饭锅的热效率值达到三级能效。