还剩17页未读，
继续阅读
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷（含答案）
展开
这是一份2023年上海市虹口区中考物理二模试卷（含答案），共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1．（2分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
2．（2分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
3．（2分）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．托里拆利 D．阿基米德
4．（2分）如图所示，O为杠杆的支点，A点悬挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．BM方向 B．BN方向 C．BP方向 D．BQ方向
5．（2分）将物体放在凸透镜前20厘米处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，则凸透镜的焦距可能是（ ）
A．5厘米 B．10厘米 C．15厘米 D．30厘米
6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车分别经过P点向Q点做直线运动，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，则（ ）
A．甲比乙早1秒通过Q点 B．乙比甲早1秒通过Q点
C．甲比乙早3秒通过P点 D．乙比甲早3秒通过P点
二、填空题（本大题共7题，共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 连接的（选填“串联”或“并联”），它们正常工作时的电压为 伏，测量它们消耗电能多少的仪表是 表。
8．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的 。春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做 运动形成的，并且温度越 （选填“高”或“低”），分子运动越剧烈。
9．（3分）电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，电梯厢内的货物是 的（选填“运动”或“静止”）；其重力势能 ，惯性 。（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）
10．（3分）体积为1×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 牛，若该物体受到的重力为20牛，其受到重力和浮力的合力大小为 牛，方向为竖直 。
11．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧，若导体两端的电压变为12伏，则导体的电阻为 欧。
12．（5分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，发现电压表示数变小。现电路中是否存在故障未知，仅知若电路存在故障，可能发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好。请写出电路所有可能的情况，以及闭合开关S后相对应的电流表和电压表的示数。
13．（3分）小王在观看“天宫课堂”时，观察到宇航员将两端开口的塑料管插入水槽后，管中水面会上升。于是他在实验室中开展研究，过程如下。
①他先将塑料管甲插入水槽，如图（a）所示，管内外水面相平，这是由于塑料管与水槽构成了一个 。
②他换用塑料管乙、丙进行实验，发现插入水槽后乙、丙两管内水面上升到不同位置，如图（b）所示。比较塑料管乙、丙的粗细和管内水面上升的高度，可得： ，管内外水面高度差越大。
③他在“天宫课堂”中看到的实验现象如图（c）所示，对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。为了探究原因，他查阅资料后得知：
（a）液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力F；
（b）“天宫课堂”的实验处于微重力环境。
请结合上述信息分析造成图（c）所示现象的原因： 。
三、作图题（本大题共2题，共5分）
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
15．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P过程中，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16．（6分）质量为0.2千克的水温度升高10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
17．（6分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
18．（6分）如图所示，均匀正方体甲和盛有水的轻质薄壁圆柱形容器乙置于水平地面，甲、乙底面积相同。甲的质量与乙容器中水的质量均为2千克，甲的密度为2×103千克/米3，乙容器中水的深度为0.2米。
①求水的体积V水。
②求水对容器底部的压强p水。
③将甲沿水平方向切去一半，求甲剩余部分对地面的压强p甲。
19．（6分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏，M、N两点间可接入不同元件。现有阻值为10欧的定值电阻R1、标有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器R2、阻值未知的定值电阻R0。
①若将R1接入M、N间，求：
（a）通过R1的电流I1。
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1。
②若将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，移动变阻器的滑片，发现两电路中电流表示数最大值的差值为1安。求R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin。
20．（6分）小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍）、滑动变阻器两个（分别标有“20Ω 2A”“50Ω 2A”字样）、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他选取一个变阻器进行实验，正确连接电路且实验步骤正确。他闭合开关并记录第一组数据，然后移动变阻器滑片到中点附近时，发现电流表指针自原位置偏转了半小格，如图（a）所示，他记录此示数为0.15安，电压表示数如图（b）所示。他设法使小灯泡正常发光，发现正常发光时电流表示数为0.2安。
①计算小灯泡的额定功率P额。
②小王同学计算了小灯的电阻，发现随着小灯两端电压增大，小灯电阻阻值在不断变大。请通过分析计算实验中所用电源的电压U。
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1．（2分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
【分析】据原子结构的相关基础知识可以确定带负电的微粒是哪一个。
【解答】解：由原子结构的相关知识可知：原子是由带负电的电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。所以原子中带负电的粒子是电子。
故选：A。
【点评】加强对基础知识的记忆，对于解决此类识记性的基础题目非常方便。
2．（2分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
【分析】我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。
【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分钢琴声和小提琴声，这是因为它们发出声音的音色不同。
故选：C。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
3．（2分）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．托里拆利 D．阿基米德
【分析】根据对科学家及其主要贡献的掌握分析答题。
【解答】解：首先发现电流磁效应的物理学家是奥斯特，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题是一道基础题，了解物理学史是正确解题的关键。
4．（2分）如图所示，O为杠杆的支点，A点悬挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．BM方向 B．BN方向 C．BP方向 D．BQ方向
【分析】由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。
【解答】解：由图可知，O为支点，A点挂一重物，阻力方向向下，为使杠杆在水平位置平衡，在B点施加一个力，则动力F与杠杆垂直且方向向下，
要使该力最小，由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；
由图可知，BQ对应的动力臂最长，所以该力应沿BQ方向。
故选：D。
【点评】首先判断最小力的力臂，一般找支点和作用点之间的最长距离为最大力臂，在该点施加的力才最小。确定好最小的力，还要根据杠杆情况判断施力方向。
5．（2分）将物体放在凸透镜前20厘米处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，则凸透镜的焦距可能是（ ）
A．5厘米 B．10厘米 C．15厘米 D．30厘米
【分析】将物体放在凸透镜前20cm处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，确定凸透镜物距和焦距的关系，从而确定凸透镜的焦距取值范围。
【解答】解：将物体放在凸透镜前20cm处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，
由凸透镜成像规律可知，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，
已知物距u＝20cm，则2f＞20cm＞f，解得20cm＞f＞10cm，所以该凸透镜的焦距可能为15cm。
故选：C。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，凸透镜成像的三种情况的物距和焦距，像距和焦距，成像性质是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车分别经过P点向Q点做直线运动，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，则（ ）
A．甲比乙早1秒通过Q点 B．乙比甲早1秒通过Q点
C．甲比乙早3秒通过P点 D．乙比甲早3秒通过P点
【分析】由题可知甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，故P与相遇点的距离为6m+2m＝8m；
从图象上找出甲车和乙车到达相遇点时各自对应的横坐标﹣时间，据此分析甲车和乙车通过8
m时所用的时间的大小，据此即可判断谁先经过P点，结合通过6m的时间可以判断先经过Q点。
【解答】解：因为P、Q是同一直线上相距6m的两点，P点是起点（图象上是点O），Q点是终点（Q点位于纵轴的6m处）。由图可知：当两车的纵坐标都是8m时，甲车对应的时间是3s，而乙车对应的时间是6s，所以，乙比甲早3s通过P点，PQ距离为6m，当两车的纵坐标都是6m时，甲车对应的时间是3s×＝2.25s，而乙车对应的时间是6s×＝4.5s，4.5s﹣2.25s＝2.25s；3s＞2.25s，所以乙比甲早0.75s通过Q点，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了运动图像的分析，重点掌握速度的计算，属于中档题。
二、填空题（本大题共7题，共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 并联 连接的（选填“串联”或“并联”），它们正常工作时的电压为 220 伏，测量它们消耗电能多少的仪表是 电能 表。
【分析】各家用电器之间都是并联的，用电器才能正常工作，并且各用电器之间互不影响；我国家用电器的额定电压是220V；家用电器是消耗电能，把电能转化为其他形式的能量的。电能表是测量电路消耗电能的仪表。
【解答】解：教室里的电灯之间互不影响，是并联连接的，它们正常工作时的电压为220伏，测量它们消耗电能多少的仪表是电能表。
故答案为：并联；220；电能。
【点评】此题考查了家庭电路的电压、家庭电路中的基本连接方式和电能表的作用，属电学的基本常识，难度不大。
8．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的 运动状态 。春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做 无规则 运动形成的，并且温度越 高 （选填“高”或“低”），分子运动越剧烈。
【分析】（1）力的作用效果：力改变物体的运动状态；力使物体发生形状变化；
（2）分子动理论的基本观点：物质是由分子或原子组成的；一切分子都在不停地做无规则运动；分子之间存在着相互作用的引力和斥力；温度越高分子运动得越剧烈。
【解答】解：（1）运动员把铅球掷出，铅球从静止变为运动，力改变了物体的运动状态；
（2）春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做无规则运动形成的，并且温度越高，分子运动越剧烈。
故答案为：运动状态；无规则；高。
【点评】本题通过日常生活现象考查了分子动理论的应用，以及力的作用效果等，难度不大，是一道基础题。
9．（3分）电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，电梯厢内的货物是 静止 的（选填“运动”或“静止”）；其重力势能 减小 ，惯性 不变 。（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）
【分析】（1）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
（2）动能的大小跟质量和速度有关；重力势能大小跟质量和高度有关。
（3）物体保持原有运动状态不变的性质叫惯性。
【解答】解：电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，货物的位置没有发生改变，货物是静止的；
货物的质量不变，高度减低，重力势能减小；
货物的质量不变，惯性不变。
故答案为：静止；减小；不变。
【点评】本题主要考查学生对运动和静止的相对性、惯性、动能和重力势能的变化等知识的理解和掌握，难度不大。
10．（3分）体积为1×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 9.8 牛，若该物体受到的重力为20牛，其受到重力和浮力的合力大小为 10.2 牛，方向为竖直 向下 。
【分析】（1）物体浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据F浮＝ρ液gV排求出其受到浮力的大小；
（2）若物体受到的重力为20N，物体受到重力和浮力的方向相反、作用在同一直线上，合力等于重力和浮力的差值，方向与力大的方向一致。
【解答】解：（1）因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3＝9.8N；
（2）若物体受到的重力为20N，
因物体受到重力和浮力的方向相反、作用在同一直线上，且G＞F浮，
所以，物体受到重力和浮力的合力：
F合＝G﹣F浮＝20N﹣9.8N＝10.2N，
方向和重力的方向相同，即竖直向下。
故答案为：9.8；10.2；向下。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用和同一条直线上的二力合成，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
11．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 0.6 安，该导体的电阻为 10 欧，若导体两端的电压变为12伏，则导体的电阻为 10 欧。
【分析】（1）知道5秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I＝求出通过该导体的电流，又知道导体两端的电压，利用欧姆定律求导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过该导体的电流：I＝＝＝0.6A，
由I＝可得导体的电阻：R＝＝＝10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，将该导体两端的电压降到0V时，导体的电阻仍为10Ω不变。
故答案为：0.6；10；10。
【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
12．（5分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，发现电压表示数变小。现电路中是否存在故障未知，仅知若电路存在故障，可能发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好。请写出电路所有可能的情况，以及闭合开关S后相对应的电流表和电压表的示数。
【分析】开关闭合前，电压表测量电源电压，电流表示数为0，开关闭合后，电压表测量电阻R2的电压，电流表测量电路中的电流，对每个电阻可能出现的断路或短路分析。
【解答】解：开关闭合前，电压表测量电源电压，电流表示数为0，开关闭合后，电压表测量电阻R2的电压，电流表测量电路中的电流，
（1）由于串联分压，闭合开关后，电压表测量电阻R2的电压，若电路正常，电压表示数一定减小，但有示数，此时电流表有示数；
（2）若电阻R2短路，闭合开关后，电压表被短路，无示数，电流表有示数；
（3）若电阻R2断路，闭合开关后，电压表有示数且等于电源电压，故示数不变，电流表无示数；此情况不符合题意；
（4）若电阻R1短路，闭合开关后，电压表有示数，且等于电源电压，故示数不变，电流表有示数；此情况不符合题意；
（5）若电阻R1断路，闭合开关前后，电压表都没有示数，故不符合题意；
故答案为：（1）电压表有示数，电流表有示数，电路正常；（2）电压表无示数，电流表有示数，电阻R2短路。
【点评】本题考查串联电路故障的分析，关键是知道电压表的作用和串联分压的特点。
13．（3分）小王在观看“天宫课堂”时，观察到宇航员将两端开口的塑料管插入水槽后，管中水面会上升。于是他在实验室中开展研究，过程如下。
①他先将塑料管甲插入水槽，如图（a）所示，管内外水面相平，这是由于塑料管与水槽构成了一个 连通器 。
②他换用塑料管乙、丙进行实验，发现插入水槽后乙、丙两管内水面上升到不同位置，如图（b）所示。比较塑料管乙、丙的粗细和管内水面上升的高度，可得： 管越细 ，管内外水面高度差越大。
③他在“天宫课堂”中看到的实验现象如图（c）所示，对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。为了探究原因，他查阅资料后得知：
（a）液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力F；
（b）“天宫课堂”的实验处于微重力环境。
请结合上述信息分析造成图（c）所示现象的原因： 液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于“天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。 。
【分析】（1）上端开口，下端连通的容器叫连通器，连通器中装有同种液体且不流动时，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）通过图（b）中两管粗细与各自管内外水面高度差之间的比较得出结论。
（3）结合给出的两个知识点进行综合分析即可。
【解答】解：①上端开口，下端连通的容器叫连通器，连通器中装有同种液体且不流动时，连通器各容器中液面的高度总是相平的；在图（a）中塑料管与水槽构成了一个连通器。
②在图（b）中，塑料管丙比塑料管乙细，管丙内外水面高度差大，故可得到管越细，管内外水面高度差越大。
③对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。结合给出的两个知识点综合可知：液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。
故答案为：①连通器；②管越细；③液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于“天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。
【点评】本题考查了分子间的作用力、连通器原理，最后一空要求根据实验现象和所给出的知识要点解释现象的成因，考查了学生运用知识解释现象的能力，同学们在做习题时要注意培养这种能力。
三、作图题（本大题共2题，共5分）
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
【分析】平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的像点A′、B′，连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。
【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：
【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像，在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
15．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P过程中，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式，由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。
【解答】解：
由题知，闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响；因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联；
向右移动滑片P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，电流表应测干路电流，电流表接在干路上，实物连接如图所示：
【点评】本题考查根据要求连接实物，关键是变阻器和电流表的连接。
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16．（6分）质量为0.2千克的水温度升高10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
【分析】知道水的质量、水的比热容、水温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cmΔt求水吸收的热量。
【解答】解：Q吸＝c水mΔt
＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×10℃
＝8.4×103J。
答：水吸收的热量为8.4×103J。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cmΔt的掌握和运用，注意温度升高了（Δt）与升高到（末温）的区别。
17．（6分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W＝Fs求出拉力做的功，根据P＝求出功率的大小。
【解答】解：拉力做的功：
W＝Fs＝50N×2m＝100J；
拉力的功率：
P＝＝＝10W。
答：此过程中拉力做的功为100J，功率为10W。
【点评】本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题。
18．（6分）如图所示，均匀正方体甲和盛有水的轻质薄壁圆柱形容器乙置于水平地面，甲、乙底面积相同。甲的质量与乙容器中水的质量均为2千克，甲的密度为2×103千克/米3，乙容器中水的深度为0.2米。
①求水的体积V水。
②求水对容器底部的压强p水。
③将甲沿水平方向切去一半，求甲剩余部分对地面的压强p甲。
【分析】①已知水的质量，根据密度公式计算水的体积；
②已知时的深度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强；
③根据密度公式计算甲的体积，进一步计算正方体甲的边长，甲对地面的压力等于自身的重力，根据重力公式计算甲沿水平方向切去一半的重力，根据压强公式计算甲剩余部分对地面的压强。
【解答】解：①水的体积V水＝＝＝2×10﹣3m3；
②水对容器底部的压强p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa；
③甲的体积：V＝＝＝10﹣3m3，
则正方体甲的边长为0.1m，
将甲沿水平方向切去一半，甲的重力：G＝G甲＝mg＝×2kg×10N/kg＝10N，
此时甲对地面的压力等于自身的重力，
则甲剩余部分对地面的压强p甲＝＝＝1000Pa。
答：①水的体积为2×10﹣3m3；
②水对容器底部的压强为2000Pa；
③将甲沿水平方向切去一半，甲剩余部分对地面的压强为1000Pa。
【点评】本题考查密度公式、重力公式、压强定义式、液体压强公式的灵活运用。
19．（6分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏，M、N两点间可接入不同元件。现有阻值为10欧的定值电阻R1、标有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器R2、阻值未知的定值电阻R0。
①若将R1接入M、N间，求：
（a）通过R1的电流I1。
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1。
②若将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，移动变阻器的滑片，发现两电路中电流表示数最大值的差值为1安。求R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin。
【分析】①（a）将R1接入M、N间，根据欧姆定律计算通过R1的电流；
（b）根据W＝UIt计算10秒内电流通过R1所做的功；
②将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，电流表测通过电路的电流，
根据串联电路电阻规律、欧姆定律表示两电路中电流表示数最大值的差值，R2与R0串联后，滑动变阻器接入电路最大阻值时，电流表示数的最小，进一步计算最小值。
【解答】解：①（a）将R1接入M、N间，根据欧姆定律可得通过R1的电流I1＝＝＝1.2A；
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1＝UI1t＝12V×1.2A×10s＝144J；
②将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，电流表测通过电路的电流，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流最大，两电路中电流表示数最大值的差值为1A，则﹣＝±1A，
即﹣＝±1A，
解方程可得R0＝60Ω或R0≈5.5Ω，
R2与R0串联后，滑动变阻器接入电路最大阻值时，电流表示数的最小，
最小值Imin＝＝＝＝0.15A或＝≈0.47A。
答：①（a）通过R1的电流I1为1.2A；
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1为144J；
②R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin为0.15A或0.47A。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，最后一问有难度。
20．（6分）小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍）、滑动变阻器两个（分别标有“20Ω 2A”“50Ω 2A”字样）、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他选取一个变阻器进行实验，正确连接电路且实验步骤正确。他闭合开关并记录第一组数据，然后移动变阻器滑片到中点附近时，发现电流表指针自原位置偏转了半小格，如图（a）所示，他记录此示数为0.15安，电压表示数如图（b）所示。他设法使小灯泡正常发光，发现正常发光时电流表示数为0.2安。
①计算小灯泡的额定功率P额。
②小王同学计算了小灯的电阻，发现随着小灯两端电压增大，小灯电阻阻值在不断变大。请通过分析计算实验中所用电源的电压U。
【分析】①已知小灯泡的额定电压和额定电流，根据P额＝U额I额求出小灯泡的额定功率；
②首先判断所选用的滑动变阻器规格，确定滑动变阻器的最大阻值，再根据两次调节得到数据确定电源电压的范围，最终根据电压为2V的整数倍确定电源电压。
【解答】解：①由题意知灯泡的额定电压为3.8V，灯泡正常发光时的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率
P额＝U额I额＝3.8V×0.2A＝0.76W
②由图（b）可知，实验中电压表接0～3V的量程，小于小灯泡额定电压3.8V，故电压表是并联在滑动变阻器两端，电源电压等于灯泡两端电压与滑动变阻器两端的电压之和，灯泡的额定电流为0.2A。移动变阻器滑片到中点附近时，电路中的电流I＝0.15A，变阻器两端的电压（电压表示数）UR＝2.4V，则滑动变阻器接入电路中的阻值为：
R＝＝16Ω，
由“移动变阻器滑片到中点附近”可知，滑动变阻器的最大阻值为：
R滑≈2R＝2×16Ω＝32Ω＞20Ω，
则实验中选用的滑动变阻器规格为“50Ω 2A”，
由图a可知，电流表的量程是0～3A，一个小格是0.1A，电流表指针自原位置偏转了半小格后是0.15A，说明原来是0.1A，
由题意可知，闭合开关记录第一组数据时，滑动变阻器以最大阻值接入电路中，此时电路中的电流为0.1A，小于灯泡的额定电流，此时灯泡两端的电压值小于灯泡的额定电压3.8V，
滑动变阻器两端的电压：
U滑1＝I1R滑大＝0.1A×50Ω＝5V，
则此时电源电压
5V＜U＜（3.8V+5V）＝8.8V①
第二次的实验数据中的电流为0.15A，小于灯泡的额定电流，故此时灯泡两端的电压值小于灯泡的额定电压3.8V，电压表的示数即滑动变阻器两端电压为2.4V，可得电源电压
2.4V＜U＜（3.8V+2.4V）＝6.2V②
综合①②可得，5V＜U＜6.2V，又因电源电压U为2V整数倍，所以U为6V。
答：①小灯泡的额定功率P额为0.76W；
②实验中所用电源的电压U为6V。
【点评】本题考查了电功率的有关计算，解答本题的关键是充分理解题干所给信息。
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1．（2分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
2．（2分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
3．（2分）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．托里拆利 D．阿基米德
4．（2分）如图所示，O为杠杆的支点，A点悬挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．BM方向 B．BN方向 C．BP方向 D．BQ方向
5．（2分）将物体放在凸透镜前20厘米处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，则凸透镜的焦距可能是（ ）
A．5厘米 B．10厘米 C．15厘米 D．30厘米
6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车分别经过P点向Q点做直线运动，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，则（ ）
A．甲比乙早1秒通过Q点 B．乙比甲早1秒通过Q点
C．甲比乙早3秒通过P点 D．乙比甲早3秒通过P点
二、填空题（本大题共7题，共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 连接的（选填“串联”或“并联”），它们正常工作时的电压为 伏，测量它们消耗电能多少的仪表是 表。
8．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的 。春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做 运动形成的，并且温度越 （选填“高”或“低”），分子运动越剧烈。
9．（3分）电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，电梯厢内的货物是 的（选填“运动”或“静止”）；其重力势能 ，惯性 。（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）
10．（3分）体积为1×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 牛，若该物体受到的重力为20牛，其受到重力和浮力的合力大小为 牛，方向为竖直 。
11．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧，若导体两端的电压变为12伏，则导体的电阻为 欧。
12．（5分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，发现电压表示数变小。现电路中是否存在故障未知，仅知若电路存在故障，可能发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好。请写出电路所有可能的情况，以及闭合开关S后相对应的电流表和电压表的示数。
13．（3分）小王在观看“天宫课堂”时，观察到宇航员将两端开口的塑料管插入水槽后，管中水面会上升。于是他在实验室中开展研究，过程如下。
①他先将塑料管甲插入水槽，如图（a）所示，管内外水面相平，这是由于塑料管与水槽构成了一个 。
②他换用塑料管乙、丙进行实验，发现插入水槽后乙、丙两管内水面上升到不同位置，如图（b）所示。比较塑料管乙、丙的粗细和管内水面上升的高度，可得： ，管内外水面高度差越大。
③他在“天宫课堂”中看到的实验现象如图（c）所示，对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。为了探究原因，他查阅资料后得知：
（a）液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力F；
（b）“天宫课堂”的实验处于微重力环境。
请结合上述信息分析造成图（c）所示现象的原因： 。
三、作图题（本大题共2题，共5分）
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
15．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P过程中，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16．（6分）质量为0.2千克的水温度升高10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
17．（6分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
18．（6分）如图所示，均匀正方体甲和盛有水的轻质薄壁圆柱形容器乙置于水平地面，甲、乙底面积相同。甲的质量与乙容器中水的质量均为2千克，甲的密度为2×103千克/米3，乙容器中水的深度为0.2米。
①求水的体积V水。
②求水对容器底部的压强p水。
③将甲沿水平方向切去一半，求甲剩余部分对地面的压强p甲。
19．（6分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏，M、N两点间可接入不同元件。现有阻值为10欧的定值电阻R1、标有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器R2、阻值未知的定值电阻R0。
①若将R1接入M、N间，求：
（a）通过R1的电流I1。
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1。
②若将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，移动变阻器的滑片，发现两电路中电流表示数最大值的差值为1安。求R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin。
20．（6分）小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍）、滑动变阻器两个（分别标有“20Ω 2A”“50Ω 2A”字样）、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他选取一个变阻器进行实验，正确连接电路且实验步骤正确。他闭合开关并记录第一组数据，然后移动变阻器滑片到中点附近时，发现电流表指针自原位置偏转了半小格，如图（a）所示，他记录此示数为0.15安，电压表示数如图（b）所示。他设法使小灯泡正常发光，发现正常发光时电流表示数为0.2安。
①计算小灯泡的额定功率P额。
②小王同学计算了小灯的电阻，发现随着小灯两端电压增大，小灯电阻阻值在不断变大。请通过分析计算实验中所用电源的电压U。
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共6题，每题2分，共12分。每题只有一个正确选项）
1．（2分）下列粒子中，带负电的是（ ）
A．电子 B．中子 C．质子 D．核子
【分析】据原子结构的相关基础知识可以确定带负电的微粒是哪一个。
【解答】解：由原子结构的相关知识可知：原子是由带负电的电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。所以原子中带负电的粒子是电子。
故选：A。
【点评】加强对基础知识的记忆，对于解决此类识记性的基础题目非常方便。
2．（2分）能分辨出钢琴声和小提琴声的主要依据是（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
【分析】我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。
【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能区分钢琴声和小提琴声，这是因为它们发出声音的音色不同。
故选：C。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
3．（2分）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ）
A．牛顿 B．奥斯特 C．托里拆利 D．阿基米德
【分析】根据对科学家及其主要贡献的掌握分析答题。
【解答】解：首先发现电流磁效应的物理学家是奥斯特，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题是一道基础题，了解物理学史是正确解题的关键。
4．（2分）如图所示，O为杠杆的支点，A点悬挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．BM方向 B．BN方向 C．BP方向 D．BQ方向
【分析】由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。
【解答】解：由图可知，O为支点，A点挂一重物，阻力方向向下，为使杠杆在水平位置平衡，在B点施加一个力，则动力F与杠杆垂直且方向向下，
要使该力最小，由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；
由图可知，BQ对应的动力臂最长，所以该力应沿BQ方向。
故选：D。
【点评】首先判断最小力的力臂，一般找支点和作用点之间的最长距离为最大力臂，在该点施加的力才最小。确定好最小的力，还要根据杠杆情况判断施力方向。
5．（2分）将物体放在凸透镜前20厘米处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，则凸透镜的焦距可能是（ ）
A．5厘米 B．10厘米 C．15厘米 D．30厘米
【分析】将物体放在凸透镜前20cm处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，确定凸透镜物距和焦距的关系，从而确定凸透镜的焦距取值范围。
【解答】解：将物体放在凸透镜前20cm处，在透镜另一侧的光屏上成倒立放大的像，
由凸透镜成像规律可知，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，
已知物距u＝20cm，则2f＞20cm＞f，解得20cm＞f＞10cm，所以该凸透镜的焦距可能为15cm。
故选：C。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，凸透镜成像的三种情况的物距和焦距，像距和焦距，成像性质是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两小车分别经过P点向Q点做直线运动，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，则（ ）
A．甲比乙早1秒通过Q点 B．乙比甲早1秒通过Q点
C．甲比乙早3秒通过P点 D．乙比甲早3秒通过P点
【分析】由题可知甲、乙在经过Q点后距Q点2米处相遇，故P与相遇点的距离为6m+2m＝8m；
从图象上找出甲车和乙车到达相遇点时各自对应的横坐标﹣时间，据此分析甲车和乙车通过8
m时所用的时间的大小，据此即可判断谁先经过P点，结合通过6m的时间可以判断先经过Q点。
【解答】解：因为P、Q是同一直线上相距6m的两点，P点是起点（图象上是点O），Q点是终点（Q点位于纵轴的6m处）。由图可知：当两车的纵坐标都是8m时，甲车对应的时间是3s，而乙车对应的时间是6s，所以，乙比甲早3s通过P点，PQ距离为6m，当两车的纵坐标都是6m时，甲车对应的时间是3s×＝2.25s，而乙车对应的时间是6s×＝4.5s，4.5s﹣2.25s＝2.25s；3s＞2.25s，所以乙比甲早0.75s通过Q点，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了运动图像的分析，重点掌握速度的计算，属于中档题。
二、填空题（本大题共7题，共23分）
7．（3分）教室里的电灯是 并联 连接的（选填“串联”或“并联”），它们正常工作时的电压为 220 伏，测量它们消耗电能多少的仪表是 电能 表。
【分析】各家用电器之间都是并联的，用电器才能正常工作，并且各用电器之间互不影响；我国家用电器的额定电压是220V；家用电器是消耗电能，把电能转化为其他形式的能量的。电能表是测量电路消耗电能的仪表。
【解答】解：教室里的电灯之间互不影响，是并联连接的，它们正常工作时的电压为220伏，测量它们消耗电能多少的仪表是电能表。
故答案为：并联；220；电能。
【点评】此题考查了家庭电路的电压、家庭电路中的基本连接方式和电能表的作用，属电学的基本常识，难度不大。
8．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的 运动状态 。春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做 无规则 运动形成的，并且温度越 高 （选填“高”或“低”），分子运动越剧烈。
【分析】（1）力的作用效果：力改变物体的运动状态；力使物体发生形状变化；
（2）分子动理论的基本观点：物质是由分子或原子组成的；一切分子都在不停地做无规则运动；分子之间存在着相互作用的引力和斥力；温度越高分子运动得越剧烈。
【解答】解：（1）运动员把铅球掷出，铅球从静止变为运动，力改变了物体的运动状态；
（2）春天的公园里花香四溢，这是由于分子在不停地做无规则运动形成的，并且温度越高，分子运动越剧烈。
故答案为：运动状态；无规则；高。
【点评】本题通过日常生活现象考查了分子动理论的应用，以及力的作用效果等，难度不大，是一道基础题。
9．（3分）电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，电梯厢内的货物是 静止 的（选填“运动”或“静止”）；其重力势能 减小 ，惯性 不变 。（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）
【分析】（1）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
（2）动能的大小跟质量和速度有关；重力势能大小跟质量和高度有关。
（3）物体保持原有运动状态不变的性质叫惯性。
【解答】解：电梯匀速下降时，以电梯厢为参照物，货物的位置没有发生改变，货物是静止的；
货物的质量不变，高度减低，重力势能减小；
货物的质量不变，惯性不变。
故答案为：静止；减小；不变。
【点评】本题主要考查学生对运动和静止的相对性、惯性、动能和重力势能的变化等知识的理解和掌握，难度不大。
10．（3分）体积为1×10﹣3米3的物体，浸没在水中时受到浮力的大小为 9.8 牛，若该物体受到的重力为20牛，其受到重力和浮力的合力大小为 10.2 牛，方向为竖直 向下 。
【分析】（1）物体浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据F浮＝ρ液gV排求出其受到浮力的大小；
（2）若物体受到的重力为20N，物体受到重力和浮力的方向相反、作用在同一直线上，合力等于重力和浮力的差值，方向与力大的方向一致。
【解答】解：（1）因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3＝9.8N；
（2）若物体受到的重力为20N，
因物体受到重力和浮力的方向相反、作用在同一直线上，且G＞F浮，
所以，物体受到重力和浮力的合力：
F合＝G﹣F浮＝20N﹣9.8N＝10.2N，
方向和重力的方向相同，即竖直向下。
故答案为：9.8；10.2；向下。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用和同一条直线上的二力合成，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
11．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为 0.6 安，该导体的电阻为 10 欧，若导体两端的电压变为12伏，则导体的电阻为 10 欧。
【分析】（1）知道5秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I＝求出通过该导体的电流，又知道导体两端的电压，利用欧姆定律求导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：通过该导体的电流：I＝＝＝0.6A，
由I＝可得导体的电阻：R＝＝＝10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，将该导体两端的电压降到0V时，导体的电阻仍为10Ω不变。
故答案为：0.6；10；10。
【点评】本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
12．（5分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，发现电压表示数变小。现电路中是否存在故障未知，仅知若电路存在故障，可能发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好。请写出电路所有可能的情况，以及闭合开关S后相对应的电流表和电压表的示数。
【分析】开关闭合前，电压表测量电源电压，电流表示数为0，开关闭合后，电压表测量电阻R2的电压，电流表测量电路中的电流，对每个电阻可能出现的断路或短路分析。
【解答】解：开关闭合前，电压表测量电源电压，电流表示数为0，开关闭合后，电压表测量电阻R2的电压，电流表测量电路中的电流，
（1）由于串联分压，闭合开关后，电压表测量电阻R2的电压，若电路正常，电压表示数一定减小，但有示数，此时电流表有示数；
（2）若电阻R2短路，闭合开关后，电压表被短路，无示数，电流表有示数；
（3）若电阻R2断路，闭合开关后，电压表有示数且等于电源电压，故示数不变，电流表无示数；此情况不符合题意；
（4）若电阻R1短路，闭合开关后，电压表有示数，且等于电源电压，故示数不变，电流表有示数；此情况不符合题意；
（5）若电阻R1断路，闭合开关前后，电压表都没有示数，故不符合题意；
故答案为：（1）电压表有示数，电流表有示数，电路正常；（2）电压表无示数，电流表有示数，电阻R2短路。
【点评】本题考查串联电路故障的分析，关键是知道电压表的作用和串联分压的特点。
13．（3分）小王在观看“天宫课堂”时，观察到宇航员将两端开口的塑料管插入水槽后，管中水面会上升。于是他在实验室中开展研究，过程如下。
①他先将塑料管甲插入水槽，如图（a）所示，管内外水面相平，这是由于塑料管与水槽构成了一个 连通器 。
②他换用塑料管乙、丙进行实验，发现插入水槽后乙、丙两管内水面上升到不同位置，如图（b）所示。比较塑料管乙、丙的粗细和管内水面上升的高度，可得： 管越细 ，管内外水面高度差越大。
③他在“天宫课堂”中看到的实验现象如图（c）所示，对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。为了探究原因，他查阅资料后得知：
（a）液体分子间存在的相互作用力可以形成向上的合力F；
（b）“天宫课堂”的实验处于微重力环境。
请结合上述信息分析造成图（c）所示现象的原因： 液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于“天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。 。
【分析】（1）上端开口，下端连通的容器叫连通器，连通器中装有同种液体且不流动时，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）通过图（b）中两管粗细与各自管内外水面高度差之间的比较得出结论。
（3）结合给出的两个知识点进行综合分析即可。
【解答】解：①上端开口，下端连通的容器叫连通器，连通器中装有同种液体且不流动时，连通器各容器中液面的高度总是相平的；在图（a）中塑料管与水槽构成了一个连通器。
②在图（b）中，塑料管丙比塑料管乙细，管丙内外水面高度差大，故可得到管越细，管内外水面高度差越大。
③对比图（b）发现：太空中管内水面上升比在地球上显著，丙管中水喷出。结合给出的两个知识点综合可知：液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。
故答案为：①连通器；②管越细；③液体分子间存在相互作用力使水形成向上的合力，当该合力与其重力相等时，液体不再上升，由于“天宫课堂”的实验处于微重力环境，所以液体受到的重力比地球上要小的多，这导致在太空中管内水面上升比在地球上显著。
【点评】本题考查了分子间的作用力、连通器原理，最后一空要求根据实验现象和所给出的知识要点解释现象的成因，考查了学生运用知识解释现象的能力，同学们在做习题时要注意培养这种能力。
三、作图题（本大题共2题，共5分）
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
【分析】平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、B端点AB的像点A′、B′，连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。
【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：
【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像，在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。
15．（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P过程中，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式，由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。
【解答】解：
由题知，闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响；因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联；
向右移动滑片P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，电流表应测干路电流，电流表接在干路上，实物连接如图所示：
【点评】本题考查根据要求连接实物，关键是变阻器和电流表的连接。
四、综合题（本大题共5题，共30分）
16．（6分）质量为0.2千克的水温度升高10℃，求水吸收的热量Q吸。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
【分析】知道水的质量、水的比热容、水温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cmΔt求水吸收的热量。
【解答】解：Q吸＝c水mΔt
＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×10℃
＝8.4×103J。
答：水吸收的热量为8.4×103J。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cmΔt的掌握和运用，注意温度升高了（Δt）与升高到（末温）的区别。
17．（6分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W＝Fs求出拉力做的功，根据P＝求出功率的大小。
【解答】解：拉力做的功：
W＝Fs＝50N×2m＝100J；
拉力的功率：
P＝＝＝10W。
答：此过程中拉力做的功为100J，功率为10W。
【点评】本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题。
18．（6分）如图所示，均匀正方体甲和盛有水的轻质薄壁圆柱形容器乙置于水平地面，甲、乙底面积相同。甲的质量与乙容器中水的质量均为2千克，甲的密度为2×103千克/米3，乙容器中水的深度为0.2米。
①求水的体积V水。
②求水对容器底部的压强p水。
③将甲沿水平方向切去一半，求甲剩余部分对地面的压强p甲。
【分析】①已知水的质量，根据密度公式计算水的体积；
②已知时的深度，根据液体压强公式计算水对容器底部的压强；
③根据密度公式计算甲的体积，进一步计算正方体甲的边长，甲对地面的压力等于自身的重力，根据重力公式计算甲沿水平方向切去一半的重力，根据压强公式计算甲剩余部分对地面的压强。
【解答】解：①水的体积V水＝＝＝2×10﹣3m3；
②水对容器底部的压强p水＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa；
③甲的体积：V＝＝＝10﹣3m3，
则正方体甲的边长为0.1m，
将甲沿水平方向切去一半，甲的重力：G＝G甲＝mg＝×2kg×10N/kg＝10N，
此时甲对地面的压力等于自身的重力，
则甲剩余部分对地面的压强p甲＝＝＝1000Pa。
答：①水的体积为2×10﹣3m3；
②水对容器底部的压强为2000Pa；
③将甲沿水平方向切去一半，甲剩余部分对地面的压强为1000Pa。
【点评】本题考查密度公式、重力公式、压强定义式、液体压强公式的灵活运用。
19．（6分）在如图所示的电路中，电源电压为12伏，M、N两点间可接入不同元件。现有阻值为10欧的定值电阻R1、标有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器R2、阻值未知的定值电阻R0。
①若将R1接入M、N间，求：
（a）通过R1的电流I1。
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1。
②若将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，移动变阻器的滑片，发现两电路中电流表示数最大值的差值为1安。求R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin。
【分析】①（a）将R1接入M、N间，根据欧姆定律计算通过R1的电流；
（b）根据W＝UIt计算10秒内电流通过R1所做的功；
②将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，电流表测通过电路的电流，
根据串联电路电阻规律、欧姆定律表示两电路中电流表示数最大值的差值，R2与R0串联后，滑动变阻器接入电路最大阻值时，电流表示数的最小，进一步计算最小值。
【解答】解：①（a）将R1接入M、N间，根据欧姆定律可得通过R1的电流I1＝＝＝1.2A；
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1＝UI1t＝12V×1.2A×10s＝144J；
②将变阻器R2分别与电阻R1、R0串联后接入M、N间，电流表测通过电路的电流，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流最大，两电路中电流表示数最大值的差值为1A，则﹣＝±1A，
即﹣＝±1A，
解方程可得R0＝60Ω或R0≈5.5Ω，
R2与R0串联后，滑动变阻器接入电路最大阻值时，电流表示数的最小，
最小值Imin＝＝＝＝0.15A或＝≈0.47A。
答：①（a）通过R1的电流I1为1.2A；
（b）10秒内电流通过R1所做的功W1为144J；
②R2与R0串联后电流表示数的最小值Imin为0.15A或0.47A。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，最后一问有难度。
20．（6分）小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源（电压为2伏的整数倍）、滑动变阻器两个（分别标有“20Ω 2A”“50Ω 2A”字样）、待测小灯（标有“3.8V”字样）、电流表、电压表、开关及导线若干。他选取一个变阻器进行实验，正确连接电路且实验步骤正确。他闭合开关并记录第一组数据，然后移动变阻器滑片到中点附近时，发现电流表指针自原位置偏转了半小格，如图（a）所示，他记录此示数为0.15安，电压表示数如图（b）所示。他设法使小灯泡正常发光，发现正常发光时电流表示数为0.2安。
①计算小灯泡的额定功率P额。
②小王同学计算了小灯的电阻，发现随着小灯两端电压增大，小灯电阻阻值在不断变大。请通过分析计算实验中所用电源的电压U。
【分析】①已知小灯泡的额定电压和额定电流，根据P额＝U额I额求出小灯泡的额定功率；
②首先判断所选用的滑动变阻器规格，确定滑动变阻器的最大阻值，再根据两次调节得到数据确定电源电压的范围，最终根据电压为2V的整数倍确定电源电压。
【解答】解：①由题意知灯泡的额定电压为3.8V，灯泡正常发光时的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率
P额＝U额I额＝3.8V×0.2A＝0.76W
②由图（b）可知，实验中电压表接0～3V的量程，小于小灯泡额定电压3.8V，故电压表是并联在滑动变阻器两端，电源电压等于灯泡两端电压与滑动变阻器两端的电压之和，灯泡的额定电流为0.2A。移动变阻器滑片到中点附近时，电路中的电流I＝0.15A，变阻器两端的电压（电压表示数）UR＝2.4V，则滑动变阻器接入电路中的阻值为：
R＝＝16Ω，
由“移动变阻器滑片到中点附近”可知，滑动变阻器的最大阻值为：
R滑≈2R＝2×16Ω＝32Ω＞20Ω，
则实验中选用的滑动变阻器规格为“50Ω 2A”，
由图a可知，电流表的量程是0～3A，一个小格是0.1A，电流表指针自原位置偏转了半小格后是0.15A，说明原来是0.1A，
由题意可知，闭合开关记录第一组数据时，滑动变阻器以最大阻值接入电路中，此时电路中的电流为0.1A，小于灯泡的额定电流，此时灯泡两端的电压值小于灯泡的额定电压3.8V，
滑动变阻器两端的电压：
U滑1＝I1R滑大＝0.1A×50Ω＝5V，
则此时电源电压
5V＜U＜（3.8V+5V）＝8.8V①
第二次的实验数据中的电流为0.15A，小于灯泡的额定电流，故此时灯泡两端的电压值小于灯泡的额定电压3.8V，电压表的示数即滑动变阻器两端电压为2.4V，可得电源电压
2.4V＜U＜（3.8V+2.4V）＝6.2V②
综合①②可得，5V＜U＜6.2V，又因电源电压U为2V整数倍，所以U为6V。
答：①小灯泡的额定功率P额为0.76W；
②实验中所用电源的电压U为6V。
【点评】本题考查了电功率的有关计算，解答本题的关键是充分理解题干所给信息。
相关试卷
2024年上海市虹口区中考一模物理试卷： 这是一份2024年上海市虹口区中考一模物理试卷，共5页。
2023年上海市虹口区中考物理二模试卷含答案： 这是一份2023年上海市虹口区中考物理二模试卷含答案，共6页。试卷主要包含了生活中蕴含着很多物理知识等内容，欢迎下载使用。
2023年上海市虹口区中考物理一模试卷（含答案解析）： 这是一份2023年上海市虹口区中考物理一模试卷（含答案解析），共16页。试卷主要包含了1安B， 冰熔化成水后等内容，欢迎下载使用。
