模拟卷02——2023年高考物理冲刺模拟测试卷（辽宁专用）

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高考模拟组卷二（解析版） 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．有关水分子下列说法正确的是（　　）A．水由液体变为同温度的气体的过程中，动能不变，分子势能也不变B．自由下落的水滴呈现球状是因为水滴表面张力消失造成的C．水对玻璃是浸润的，原因是附着层中水分子距离大于平衡间距而表现为引力D．在一定温度下水的饱和气压决定于饱和气中水分子的数密度【答案】D【详解】A．水由液体变为同温度的气体的过程中，温度不变，则分子动能不变，因为要吸收热量，则分子势能变大，选项A错误；B．自由下落的水滴呈现球状是因为水滴表面张力作用造成的，选项B错误；C．水对玻璃是浸润的，原因是附着层中水分子距离小于平衡间距而表现为斥力，附着层出现扩展的趋势，选项C错误；D．在一定温度下水的饱和气压决定于饱和气中水分子的数密度，选项D正确。故选D。2．下列关于动量、冲量的说法正确的是（　　）A．某一固定质量的物体若速度变化了，其动量不一定改变B．只要系统内存在摩擦力，动量不可能守恒C．小球在水平面上慢慢停下来的过程中，其重力对小球的冲量为零D．物体所受合外力冲量越大，它的动量变化量就越大【答案】D【详解】A．由可知某一固定质量的物体若速度变化了，其动量一定改变，故A错误；B．只要系统内存在摩擦力，若摩擦力为系统内力，则动量守恒，故B错误；C．由可知小球在水平面上慢慢停下来的过程中，其重力对小球的冲量不为零，故C错误；D．由可知物体所受合外力冲量越大，它的动量变化量就越大，故D正确。故选D。3．甲、乙两汽车同时同地出发，甲车做匀速运动，乙车做初速度为零的匀加速直线运动，两车的位移与时间的关系如图所示，下列说法正确的是（　　）A．t=10s时，甲车追上乙车 B．乙车的加速度大小为2m/s2C．t=5s时，两车速度相同 D．t=10s时，两车速度相同【答案】C【详解】A．据图可知，在t=10s时，甲乙的位移相等，即乙追上甲，故A错误；B．由图可知，根据x=50m时，用时为t=10s，由运动学公式得乙的加速度故B错误；C．t=5s时，甲车速度乙车速度故C正确；D．质点乙在10秒时的速度v2=at2=10m/s甲车做匀速运动，其速度依然为5m/s，故D错误。故选C。4．如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，有两个质量相等的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则以下说法中正确的是(　　)A．A球的角速度等于B球的角速度B．A球的线速度小于B球的线速度C．A球的运动周期小于B球的运动周期D．A球对筒壁的压力等于B球对筒壁的压力【答案】D【详解】A项：如图所示，小球A和B紧贴内壁分别在水平面内做匀速圆周运动，由于A和B的质量相同，小球A和B在两处的合力相同，即它们做圆周运动时的向心力相同，由公式，由于球A运动的半径大于B球的半径，F和m相同时，半径大的角速度小，故A错误；B项：由向心力公式，由于球A运动的半径大于B球的半径 ，F和m相同时，半径大的线速度大，故B错误；C项：两球的向心力相等，由知，半径大的周期大，故C错误；D项：由平行四边形定则可知，，质量相等，则支持力相等，A球对筒壁的压力必定等于B球对筒壁的压力，故D正确．故选D．5．我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成组合体，如图所示．组合体完成点火程序，轨道高度降低．组合体在高、低轨道上运行时均可视为匀速圆周运动．下列说法正确的是A．在低轨道上运行时组合体的加速度较小B．在低轨道上运行时组合体的周期较小C．点火过程组合体的机械能守恒D．点火使组合体速率变大，从而降低了轨道高度【答案】B【详解】由得，在低轨道上运行时，加速度较大，周期较小，故A错误，B正确；点火过程燃料的化学能转化为组合体的机械能，所以机械能不守恒，故C错误；点火后组合体速度变小，做近心运动，轨道高度降低，故D错误；6．如图所示一个半径为L的半圆形硬导体AB以速度v，在宽为2L的水平U形框架上匀速滑动，匀强磁场的磁感应强度为B，回路电阻为R0，半圆形硬导体AB的电阻为r，其余电阻不计，则半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小及A、B之间的电势差分别为（　　）A．， B．，C．， D．，【答案】C【详解】半圆形导体AB切割磁感线产生感应电动势的大小为AB相当于电源，其两端的电压是外电压，由欧姆定律得ABD错误，C正确。故选C。7．频率不同的两束单色光1和2以相同的入射角从同一点射入一厚平行玻璃砖，单色光1、2在玻璃砖中折射角分别为30°和60°，其光路如图所示，下列说法正确的是（　　）A．单色光1、2通过玻璃砖的时间不相等 B．单色光1的波长大于单色光2的波长C．射出折射光线1和2一定是平行光 D．玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度【答案】C【详解】A．设入射角为i，单色光1、单色光2折射角分别为，，由光在玻璃中传播距离光在玻璃中的传播速度可知光在玻璃中传播时间又有所以单色光1与单色光2通过玻璃砖所需时间相等，故A错误；B．在上表面，单色光1比单色光2偏折厉害，由可知单色光1的折射率大，频率大，所以单色光1的波长小，故B错误；C．根据几何知识可知，光线在玻璃砖上表面的折射角等于在下表面的入射角，由光路可逆性原理可知，出射光线的折射角等于入射光线的入射角，所以出射光线1于2相互平行，故C正确；D．根据可知单色光1在玻璃中的传播速度小，故D错误。故选C。8．如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上。a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动。不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g。则(　　)A．a落地前，轻杆对a先做正功后做负功B．a落地时速度大小为零C．a落地时速度大小为，此时b的速度为零D．a落地前，当a的机械能最小时，轻杆对b的弹力为零【答案】CD【详解】A．a、b组成的系统只有重力做功，系统的机械能守恒；b的速度先增大后减小，其动能先增大后减小，而b的重力势能不变，则b的机械能先增大后减小。根据功能关系知轻杆对a的力先做负功，后做正功。故A错误；BC．a运动到最低点时，b的速度为零，根据系统机械能守恒定律得解得故B错误，C正确；D．a、b整体的机械能守恒，当a的机械能最小时，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，故D正确。故选CD。9．如图所示，在空间内存在一个匀强电场，立方体中各点的电势为，，，，，立方体的棱长，则下列说法正确的是（　　）A．匀强电场的场强大小为B．匀强电场的场强大小为C．将电子由C点沿立方体棱边移动到，电势能增加2eVD．将质子由A点沿立方体棱边移动到，电势能减少1eV【答案】BC【详解】AB．由，，，可知如下图所示可知所在平面为等势面，的面积的面积的体积为可得电场强度故B正确，A错误；C．结合，将电子由C点沿立方体棱边移动到，电势能增加2eV，故C正确；D．因，故将质子由A点沿立方体棱边移动到，电势能不变，故D错误。故选BC。10．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为2：1，电阻，D1、D2为理想二极管，A为理想电流表。原线圈接的交流电，则（　　）A．二极管的反向耐压值应大于B．副线圈中交流电频率为100HzC．电流表示数为2AD．理想变压器输入功率为440W【答案】AC【详解】A．根据副线圈两端电压的最大值为故二极管的反向耐压值应大于，A正确；B．变压器可以改变电压和电流的值，但不能改变频率，因此副线圈中交流电频率仍为50Hz，B错误；CD．由于二极管的作用，副线圈两个电阻交替工作，与没有二极管一个电阻R始终工作完全相同，因此电流表的示数理想变压器输入功率等于电阻消耗的功率C正确，D错误。故选AC。 二、非选择题：本题共5小题，共54分。11．在“探究求合力的方法”的实验中（1）本实验采用的科学方法是（   ）A．理想实验法       B．等效替代法C．控制变量法       D．建立物理模型法（2）为了减小实验误差，实验时应（   ）A．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点D．拉力F1和F2的夹角越大越好（3）下面是该实验中的两个实验步骤：A．在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两个弹簧测力计的示数F1和F2．B．只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F′和记下细绳的方向．请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是                    ．B中是                    ．（4）如图甲是某同学在白纸上根据实验结果作出的力的示意图，F 和F′中       是F1和F2合力的实际测量值．（5）某同学在坐标纸上画出了如图乙所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2的关系正确的有（ ）A．F1=4N B．F=12N C．θ1=45° D．θ1＜θ2【答案】（1）B （2）AB （3）A中是没有记录两拉力的方向；B中没有说明把结点拉到O点（4）F  （5）BC【详解】（1）[1]在本实验中要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故B正确．（2）[2]在做实验中为方便记录拉力的大小与方向，拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好，故A正确；为减小实验误差，拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行，那样记录数据即为橡皮条在水平方向所受的拉力，故B正确；实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉某一值，并不是把其拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点，故C错误；为减小实验误差，拉力F1和F2的夹角要适当大些，并不是越大越好一般在600到1200之间为宜，故D错误．所以AB正确，CD错误．（3）实验时应记录拉力的大小与方向，由实验步骤可知，A中没有记录两拉力的方向，这是错误的；为保证拉力的作用效果相同，两次实验应使橡皮条的形变量相同，应把结点拉到同一位置O，实验步骤B中没有说明把结点拉到O点，这是不正确的；故A中是没有记录两拉力的方向；B中没有说明把结点拉到O点．（4）F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，由图示可知，F′是F1、F2合力的理论值，F是合力的实际测量值；（5）根据平行四边形定则，作出两个力的合力，如图所示．由图可知，，合力F=12N．根据几何关系知F1与F的夹角分别为sinθ1=45°，sinθ2=．可知，θ1＞θ2．故B、C正确．12．为了精确测量某待测电阻的阻值（约）。有以下一些器材可供选择。电流表（量程，内阻约）；电流表（量程，内阻约）电压表（量程中，内阻很大）；电压表（量程，内阻很大）；电源E（电动势约，内阻约）；定值电阻R（，允许通过的最大电流为）；滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）；滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）；单刀单掷开关S一个，导线若干。（1）电流表应选______，电压表应选______，滑动变阻器应选______。（填字母代号）（2）请画出测量电阻的实验电路图______。（要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）（3）某次测量中，电压表示数为时，电流表示数为，则计算待测电阻阻值的表达式为______。【答案】                    见解析     【详解】(1)[1]测量电阻时电流较小，电流表应选；[2]同时应将待测电阻与定值电阻串联测量，电源电动势约为，故电压表应选；[3]为使测量范围尽可能大，滑动变阻器应采用分压式接法，故应选最大阻值小的滑动变阻器；(2)[4]电压表内阻很大，应选用电流表外接法，电路图如图所示(4)[5]由欧姆定律可得13．如图，粗细均匀的光滑细玻璃管竖直放置，A、G端均开口，BC段和DEF段有水银柱。其中，AB段长度为40cm，BC、EF段长度均为25cm，CD段长度40cm。DE段长度10cm、FG段比较长，CD部分封闭有一定质量的理想气体，外界大气压强po=75cmHg。求：（1）初始状态下，CD段气体的压强；（2）当封闭A端，在G端加上活塞并缓慢向左压，使BC段水银柱的B端向上移动10cm。求FE段水银柱的F端向下移动的距离（整个过程温度不变）。【答案】（1）；（2）【详解】(1)设初状态CD部分气体的压强为，则(2)封闭A端，在G端加上活塞并缓慢向左压，设初状态AB部分气体的压强为，体积为，末状态AB部分气体的压强为，体积由玻意耳定律解得再研究CD段气体，由玻意耳定律解得综合所述，FE段水银柱的F端向下移动的距离14．如图所示，一质量M=0．8kg的小车静置于光滑水平地面上，其左侧用固定在地面上的销钉挡住。小车上表面由光滑圆弧轨道BC和水平粗糙轨道CD组成，圆弧轨道BC与水平轨道CD相切于C处，圆弧BC所对应的圆心角、半径R=5m，CD的长度。质量m=0.2kg的小物块（视为质点）从某一高度处的A点以大小v0=4m/s的速度水平抛出，恰好沿切线方向从B点进入圆弧轨道，物块恰好不滑离小车。取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，空气阻力不计。求：(1)物块通过B点时的速度大小vB；(2)物块滑到圆弧轨道的C点时对圆弧轨道的压力大小N；(3)物块与水平轨道CD间的动摩擦因数。【答案】(1) 5m/s；(2) 3.8N；(3) 0.3。【详解】设物块通过B点时的速度大小为，由平拋运动的规律有：代入数值解得：；物块从B点到C点的过程中，由机械能守恒定律有：代入数值可得：设物块滑到C点时受到圆弧轨道的支持力大小为F，有：代入数值解得：F=3.8N，由牛顿第三定律可知N=F=3.8N；(3)设物块到达轨道CD的D端时的速度大小为，由动量守恒定律有：由功能关系有：代入数值解得：。15．如图所示，同一竖直平面内的、、三条水平虚线间的距离分别为、，在虚线上方有竖直向下的匀强电场，虚线、之间有水平向里的匀强磁场，其磁感应强度大小可调。一质量为、电荷量为的带电粒子从到虚线的距离为的点水平向右射入电场，射入的初速度大小为，并从虚线上的点离开电场，、两点间的水平距离为。当磁感应强度大小为（未知）时，粒子恰好不能从虚线射出磁场，并从虚线上的点（图中未标出）第一次返回电场。不计粒子受到的重力，虚线、之间既无电场也无磁场。（1）求匀强电场的电场强度大小；（2）求磁感应强度大小及、两点间的距离；（3）改变匀强磁场的磁感应强度大小，使粒子第一次从磁场中返回到电场后能直接从点离开电场，求此磁感应强度大小。【答案】（1）；（2）；；（3）【详解】（1）如图甲所示，粒子在电场中做类平抛运动，沿初速度方向有沿电场方向有其中加速度大小解得 （2）如图乙所示，粒子从电场中射出时有粒子从电场中射出时的速度大小粒子在磁场中运动时有粒子恰好不从虚线射出时有解得粒子从电场中射出时到进入磁场前沿虚线方向的位移大小粒子在磁场中沿虚线方向的位移大小由对称性可得、间的距离（3）如图丙所示，当粒子再次进入电场中时沿虚线方向的位移大小粒子从电场射出时经过点，则有解得由几何关系可得粒子在磁场中运动时有解得