必刷卷03——【高考三轮冲刺】2023年高考物理考前20天冲刺必刷卷（广东专用）（原卷版+解析版）

这是一份必刷卷03——【高考三轮冲刺】2023年高考物理考前20天冲刺必刷卷（广东专用）（原卷版+解析版），文件包含必刷卷03高考三轮冲刺2023年高考物理考前20天冲刺必刷卷广东专用解析版docx、必刷卷03高考三轮冲刺2023年高考物理考前20天冲刺必刷卷广东专用原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共31页， 欢迎下载使用。
绝密★启用前
2023年高考物理考前信息必刷卷03
广东专用

①选择题方面：全国卷8道物理选择题（5单3多，共48分），广东新高考7单3多（共46分）；知识点、考察方式、题型、难度与全国卷持平；但是由于题目数量多了2道，所以答题时间控制在20-25min为宜
②实验题方面：仍然是“一小一大”，知识点、考察方式、题型、难度与全国卷持平；答题时间15min左右；
③计算题方面：只考两道计算题的话，高考真题大概率仍然是“一力一电”，即：力学（运动+受力+功能+动量）综合问题一道，电磁学（粒子运动/电磁感应/力电结合）综合问题一道；答题时间20-30min；
④选考题方面：3-3/3-4二选一，知识点、考察方式、题型、难度与全国卷持平（只是分值由5+10变成了4+8）；答题时间15min左右。

大题要求学生具有良好的真实情境分析能力，应用已学的物理知识解决实际问题的能力，从而促进学生的学科素养的形成与发展。
力学部分：主要考查受力分析、动力学问题与完全非弹性碰撞模型，考查学生拆解多个运动阶段、依次构建物理模型、进而对情景进行分析的能力。考生结合共点力平衡、牛顿第二定律、匀变速直线运动规律、动能定理和碰撞中的动量守恒，列出常规的公式即可解决。
电学部分：注意带电粒子在复合场中的运动、电磁感应中的杆和导轨模型或线框进入磁场的问题，重点是要注意动量、动量守恒定律在电磁学中的应用

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在滑动变阻器的滑动端向上滑动的过程中（　　）

A．电压表与电流表的示数都减小 B．电压表与电流表的示数都增大
C．两端电压增大 D．两端电压减小
【答案】 B
【解析】滑动变阻器的滑动端向上滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器R0与R2并联电阻R并增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知
，
干路电流I减小，两端电压减小，路端电压U增大，则电压表示数增大。并联部分电压
U并=E-I（R1+r）
I减小，E、R1、r均不变，则U并增大，两端电压增大，故电流表示数增大。
故选B。
2．甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图实线所示。已知甲的质量为2kg，则碰撞过程两物块损失的机械能为（　　）

A．3J B．4J C．5J D．6J
【答案】 D
【解析】由题意可知，甲的质量，由图示图像可知，碰撞前甲、乙的速度分别是
，
碰撞后甲、乙的速度分别为
，
碰撞过程系统动量守恒，乙碰撞前甲的速度方向为正方向，由动量守恒定律得

代入数据解得

设碰撞过程损失的机械能为，由能量守恒定律得

代入数据解得

故选D。
3．如图所示，金属棒AB垂直跨搁在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，棒与导轨接触良好，棒AB和导轨电阻均忽略不计。导轨左端接有电阻R，垂直于导轨平面的匀强磁场向下穿过平面。现以水平向右的恒定外力F拉着棒AB从静止开始向右移动，t秒末棒AB速度为v，移动的距离为L，且在t秒内速度大小一直在变化，则下列判断正确的是（　　）

A．t秒内AB棒所受的安培力方向水平向左，大小保持不变
B．t秒内外力F做的功等于电阻R上产生的焦耳热
C．t秒内AB棒做匀加速运动
D．t秒末外力F做功的功率小于
【答案】 D
【解析】A．由右手定则可知，AB棒向右运动切割磁感线将产生的感应电流方向为B→A，由左手定则判断得知，AB棒所受的安培力方向水平向左。根据安培力表达式，可知随着棒的速度增大，安培力也增大。故A错误；
B．因棒AB向右做加速运动，电路中产生内能，由能量守恒定律得知，外力F做的功等于电阻R放出的电热和棒AB的动能之和。故B错误；
C．t秒内，拉力大于安培力，而且速度增大，安培力增大，合力减小，则AB棒做加速度逐渐减小的变加速运动。故C错误；
D．t秒末外力F做功的功率为，v是t秒末瞬时速度，由于棒做加速度逐渐减小的变加速运动，所以

因此t秒末外力F做功的功率小于。故D正确。
故选D。
4．水车是我国劳动人民利用水能的一项重要发明。下图为某水车模型，从槽口水平流出的水初速度大小为，垂直落在与水平面成30°角的水轮叶面上，落点到轮轴间的距离为R。在水流不断冲击下，轮叶受冲击点的线速度大小接近冲击前瞬间水流速度大小，忽略空气阻力，有关水车及从槽口流出的水，重力加速度为g，以下说法正确的是（　　）

A．水流在空中运动时间为 B．水流在空中运动时间为
C．水车最大角速度接近 D．水车最大角速度接近
【答案】 C
【解析】AB．水流垂直落在与水平面成30°角的水轮叶面上水平方向速度和竖直方向速度满足

解得

AB错误；
CD．水流到水轮叶面上时的速度大小为

根据

解得

C正确，D错误。
故选C。
5．幽门螺杆菌很容易诱发胃肠疾病，临床上常用的检测方法之一是做碳14（）呼气试验。被检者口服含的胶囊后休息等待一段时间，再用吹气管向二氧化碳吸收剂中吹气，通过分析呼气中标记的的含量即可判断胃中幽门螺杆菌的存在情况。的半衰期是5730年，而且大部分是衰变，其衰变方程为。则下列说法正确的是（　　）
A．新核X比少了一个中子
B．被检者发烧时会促使衰变加快，导致检测不准
C．若有2个原子，则经过5730年后就一定会有1个发生衰变
D．衰变产生的粒子可能是来自于药物化学反应中得失的电子
【答案】 A
【解析】A．由电荷数和质量数守恒得，新核X比多一个质子，质量数不变，即X比少了一个中子，A正确；
B．衰变快慢与原子核内部因素有关，与外部条件无关，B错误；
C．半衰期表示的是微观世界原子核的概率行为，并不能表示某个原子经过半衰期一定会发生衰变，C错误；
D．衰变的实质是原子核的一个中子变成质子的同时释放一个电子，这个过程是无法通过化学反应得到的，D错误。
故选A。
6．“顿牟缀芥”是东汉王充在《论衡乱龙篇》中记载的摩擦起电现象，意指摩擦后的带电琥珀能吸引轻小物体。现做如下简化：在某处固定一个电荷量为的带正电的点电荷，在其正下方处有一个原子。在点电荷的电场的作用下原子的负电荷中心与正电荷中心会分开很小的距离。点电荷与原子之间产生作用力。你可能不会求解，但是你可以通过物理分析进行判断，关于的表达式，可能正确的是（式中为静电力常量）（　　）

A． B．F= C． D．F=
【答案】 D
【解析】由图可知负电荷中心比正电荷中心更靠近Q，则Q对负电荷中心的引力略大于对正电荷中心的斥力，即合力F不为零；当l趋于零时，合力F趋于零；当h趋于无限大时，合力F也趋于零，考察四个选项中表达式满足上述条件的只有D项。
故选D。
7．如图所示，质量为M、半径为R的半球形碗放置于水平地面上，碗内壁光滑。现使质量为m的小球沿碗壁做匀速圆周运动，其轨道平面与碗口平面的高度差用h表示，运动过程中碗始终保持静止，设碗与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是（　　）

A．h越小，地面对碗的摩擦力越小
B．h越小，地面对碗的支持力越大
C．若h＝，则小球的动能为mgR
D．若h＝，M＝10m，则碗与地面之间的动摩擦因数可以小于
【答案】 C
【解析】A．对小球受力分析，其受到重力和支持力，二力的合力提供向心力，则
F向＝mgtanθ
θ为小球与半球形碗球心连线与竖直方向的夹角。由几何关系知：h越小，θ越大；则向心力F向越大，对碗和小球组成的整体，由牛顿第二定律有
f＝F向＝mgtanθ
故h越小，地面对碗的摩擦力越大，A错误；
B．对碗和小球组成的整体受力分析，竖直方向合力为零，故地面对碗的支持力始终等于碗和小球的重力，故B错误；
C．若h＝，则
θ＝60°
对小球根据牛顿第二定律可知
mgtan60°＝m
则小球的动能
Ek＝mv2＝mgR
C正确；
D．若h＝，根据
mgtan60°＝man
解得
an＝g
结合AB选项的分析可知
μ(M＋m)g≥f＝man
解得
μ≥
D错误。
故选C。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分。
8．2019年12月17日，我国第一艘国产航空母舰“山东舰”正式交付海军，“山东舰”发动机最大输出功率为P，最大航行速度为，其航行时所受的阻力随速度增大而增大，某次直线航行过程中，下列说法中正确的是（　　）
A．若“山东舰”匀加速启动，则在匀加速阶段，发动机提供的牵引力大小恒定
B．若“山东舰”以恒定功率P启动，经时间t后速度达，则有
C．若“山东舰”以匀速航行时，所受的阻力为
D．若“山东舰”以匀速航行时，发动机输出功率小于
【答案】 CD
【解析】A．根据牛顿第二定律可得

在匀加速阶段，所受的阻力随速度增大而增大，可知发动机提供的牵引力也增大，故A错误；
B．若“山东舰”以恒定功率P启动，经时间t后速度达，根据动能定理可得

故B错误；
C．若“山东舰”以匀速航行时，此时牵引力等于阻力，则有

故C正确；
D．若“山东舰”以匀速航行时，此时牵引力等于阻力，则有

由于航行时所受的阻力随速度增大而增大，则有

故D正确。
故选CD。
9．如图所示，正三角形ACD内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，圆形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，∠ADC的角平分线DG的反向延长线正好经过圆心O，AD的延长线与圆相交于E点，且，现有一质量为m、电荷量为q的粒子（重力不计）以一定速度沿∠CAD的角平分线垂直磁场射入，粒子恰好经过D、E点，则（　　）

A．粒子一定带正电
B．粒子的初速度为
C．圆形区域磁场的磁感应强度大小为
D．粒子从A点到E点经历的时间为
【答案】 CD
【解析】A．由左手定则及题意可知粒子带负电，故A错误；
B．粒子的运动轨迹如图所示

由已知条件并结合几何关系知粒子在三角形区域磁场中偏转过的圆心角为60°，半径
r1＝a
由洛伦兹力提供向心力知

联立得

故B错误；
C．因，由几何关系知
∠O′DE＝60°
且O′D＝O′E，故△DEO′为正三角形，则粒子在圆形区域磁场中运动的轨迹半径为

而

所以圆形区域磁场的磁感应强度大小为

故C正确；
D．粒子在三角形区域磁场中运行的时间

粒子在圆形区域磁场中运行的时间

所以粒子从A点到E点经历的时间为

故D正确。
故选CD。
10．已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，卫星绕地球运动轨道为圆轨道，在某时刻地球的两颗卫星A和B处于如图所示的位置，设卫星A的轨道半径为，卫星B的轨道半径为，[已知]，则下列说法正确的是（　　）

A．两卫星的环绕速度之比
B．开始时，卫星A将在B的前面，只要B加速即可追上A
C．从此时刻开始再经大约时间再次相距最近
D．从此时刻开始再经大约时间第一次相距最远
【答案】 AC
【解析】A．根据

解得

故两卫星的环绕速度之比为

A正确；
B．开始时卫星A在B的前面，但是B只要加速，就会做离心运动增加其运动轨道的半径，增加其运动周期，不可能追上卫星A，B错误；
C．对卫星A，由牛顿第二定律可得

联立解得

同理可得

从此时刻开始到下次相遇卫星A比卫星B多转一圈，即多转，所以

解得

C正确；
D．两卫星相距最远时

解得

D错误。
故选AC。
三、非选择题：共54分。第11～14题为必考题，考生都必须作答。第15～16题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共42分。
11. （7分）物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验仪器、实验方法、实验操作、数据分析等。例如：
（1）数据分析。打点计时器在随物体做匀变速直线运动的纸带上打点，纸带的一部分如图甲所示，B、C、D为纸带上标出的连续3个计数点，相邻计数点之间还有4个计时点没有标出。打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上。则物体运动的加速度a = ___________m/s2（结果保留两位有效数字）。

（2）实验原理。用橡皮筋、细绳套和弹簧测力计完成“探究两个互成角度的力的合成规律”实验。A、B两同学根据实验数据分别作出的力的图示如图乙、丙所示。你认为______哪位同学的实验过程有问题？请说明你的理由___________。

（3）实验仪器。用螺旋测微器测某金属丝的直径，示数如图丁所示。则该金属丝的直径为___________mm。
【答案】      1.0     A同学     与橡皮筋的拉力等大反向，二力平衡，所以一定与橡皮筋共线，但由于实验误差的存在，F1和F2合力不可能与橡皮筋共线     0.753##0.754##0.755##0.756
【解析】（1）读出B、C、D三点的读数，分别为3.50cm、7.40cm、12.30cm。由于相邻计数点之间还有4个计时点没有标出，则时间间隔为
T = 0.1s
则根据逐差法，加速度为

（2）“探究两个互成角度的力的合成规律”实验过程如下：通过两把弹簧秤把细绳套和橡皮筋结点拉至O点，记录两弹簧秤示数和两细绳方向，记录结点位置O；通过一把弹簧秤把细绳套和橡皮筋结点拉至相同位置O，记录弹簧秤示数和细绳方向。结合实验过程和给出的力的图示可知F1和F2为第一次操作时记录的数据，为第二次操作时记录的数据。与橡皮筋的拉力等大反向，二力平衡，所以一定与橡皮筋共线，但由于实验误差的存在，F1和F2合力不可能与橡皮筋共线，故错误的是A同学。
（3）根据螺旋测微器的读数法则有
0.5mm＋25.4 × 0.01mm = 0.754mm
12. （9分）为测量某电源的电动势E（约为3V）和内阻r（约为2Ω），小聪同学设计了如图甲、乙所示实验电路图，并完成了图甲电路图的实物连接，如图丙所示。已知电流表的内电阻约为1Ω，电压表的内电阻约为3kΩ，变阻器最大电阻20Ω、额定电流1A，定值电阻。请回答下列问题：

（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最______端。（选填“左”或“右”）
（2）闭合开关S后，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。
（3）接着在图丙中通过改变1根导线的一个接线位置，就完成了图乙电路图的实物连接，请问改变的是哪根导线______。（填导线编号）
（4）重复步骤（1）（2）。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出图像，如图丁所示，可知图中标记为I的图线是采用实验电路______（填“甲”或“乙”）测量得到的。

（5）不管是采用图甲还是图乙实验电路，实验测出的电源内阻均存在系统误差，从减小系统误差角度考虑，该实验宜选用图______（选填“甲”或“乙”）实验电路。
（6）利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻______（、、、、均已知）。
【答案】      左     ③     乙     甲    
【解析】（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最左端，保证开始时接入电路的滑动变阻器阻值最大，用以保护电路。
（3）将导线③连接在定值电阻R0一端改接到电流表负接线柱上，便可实现图乙电路图的实物连接。
（4）对图甲而言，根据闭合欧姆定律可得

整理可得

可知，对应U-I图线，当I为零时，对应

对图乙而言，根据闭合欧姆定律可得

可知，对应U-I图线，当I为零时，对应

故可知标记为I的图线是采用实验电路乙测量得到的。
（5）当采用图甲所示电路时，相对误差大小为

当采用图乙所示电路时，相对误差大小为

该相对误差远大于图甲所示电路，故宜选用图甲所示电路。
（6）曲线I对应的U1和I1满足

曲线II对应的U2和I2满足

因此可以解得

则

13. （10分）如图所示，O点为固定转轴，将一根长度为l＝0.5m的细绳上端固定在O点，细绳下端系一个质量为m＝0.8kg的小球，当小球处于静止状态时恰好与平台的右端B点接触，但无压力。一个质量为M＝2kg的小物块从粗糙水平面上的A点，以一定的初速度开始运动，到B点时与小球发生正碰，碰撞后小球在绳的约束下在竖直面内做圆周运动，物块做平抛运动落在水平地面上的C点。测得B、C两点间的水平距离x＝0.6m，平台的高度h＝0.2m，已知小物块与平台间的动摩擦因数，重力加速度，求：
（1）碰撞后小物块M做平抛运动的初速度大小v；
（2）若碰后小球恰好能到达圆周运动的最高点D，则A、B间距离s为多少？

【答案】 （1）3m/s；（2）1.1m
【解析】（1）碰撞后小物块M做平抛运动，在水平方向则有
x＝vt
在竖直方向则有

解得
v＝3m/s
（2）小球在最高点D时，重力恰好提供向心力，则有

小球从B点到D点，由动能定理可得

小物块与小球碰撞后，由动量守恒定律可得

小物块从A点到与小球开始碰撞的运动中，由动能定理可得

解得
s＝1.1m
14. （16分）如图甲所示，匝数为n、总电阻为r、横截面积为S的竖直螺线管与两足够长的固定平行光滑导轨相连，导轨间距为L，倾角为。导轨间有磁感应强度大小为、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场。长为L、电阻为6r的导体棒放在导轨上，始终与导轨垂直且接触良好。螺线管内有竖直方向分布均匀的变化磁场（图中未画出），磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。滑动变阻器R的最大电阻为6r，重力加速度大小为g，不计导轨的电阻，忽略螺线管磁场对导体棒的影响。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最下端，导体棒处于静止状态。
（1）求导体棒的质量m；
（2）用外力固定导体棒，缓慢向上移动滑动变阻器的滑片，求螺线管的最大输出功率以及此时滑动变阻器接入电路的电阻；
（3）断开开关S，撤去外力，请通过计算判断导体棒沿导轨上滑还是下滑，并求导体棒在导轨上滑动的最大速度。

【答案】 （1） ；（2） ，；（3）上滑，
【解析】（1）根据题图乙可知

根据法拉第电磁感应定律可知，螺线管产生的感应电动势

回路的总电阻

根据闭合电路的欧姆定律可得，通过螺线管的电流

通过导体棒的电流

对导体棒，根据物体的平衡条件有

解得

（2）设滑动变阻器接入电路的电阻与导体棒并联的总电阻为，螺线管的输出功率

由于

为定值，因此当，即时P有最大值
由（1）可得

解得

又

解得

（3）解法一：刚撤去外力时，通过螺线管的电流

此时导体棒所受安培力的大小

易得

故撤去外力后，导体棒沿导轨上滑
当导体棒的速度最大时，导体棒切割磁感线产生的感应电动势

此时回路中的总感应电动势

此时通过螺线管的电流

对导体棒，根据物体的平衡条件有

解得

解法二：假设撤去外力后，导体棒沿导轨下滑，当导体棒的速度最大时，导体棒切割磁感线产生的感应电动势

此时回路中的总感应电动势

此时通过螺线管的电流

对导体棒，根据物体的平衡条件有

解得

为负值，说明撤去外力后，导体棒沿导轨上滑
最大速度

解法三：假设撤去外力后，导体棒沿导轨上滑，当导体棒的速度最大时，导体棒切割磁感线产生的感应电动势

此时回路中的总感应电动势

此时通过螺线管的电流

对导体棒，根据物体的平衡条件有

解得

为正值，说明假设成立，撤去外力后，导体棒沿导轨上滑。
最大速度

（二）选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。
[选修3-3]
15.（1）（4分）物理学是研究物质最一般的运动规律和物质基本结构的学科，物理学研究大至宇宙、小至基本粒子等一切物质最基本的运动形式和规律，因此成为其他各自然科学学科的研究基础，有关物理学知识和史实，下列说法正确的是（　　）
A．在完全失重的状态下，一定质量的理想气体对容器器壁压强为零
B．一定质量的理想气体在升温的过程中，气体分子平均动能增加
C．如果能发生光电效应，一旦增大入射光强度，光电子的最大初动能必定增加
D．卢瑟福在粒子散射实验中观测到粒子发生较大角度偏转，这说明了原子不可再分
【答案】 B
【解析】A．压强是由分子无规则碰撞器壁形成的，而不是由于重力。则在完全失重的状态下，一定质量的理想气体对容器器壁压强不为零，故A错误；
B．温度是平均动能的标志，一定质量的理想气体在升温的过程中，气体分子平均动能增加，故B正确；
C．光电子的最大初动能只与入射光频率有关，故C错误；
D．卢瑟福在粒子散射实验中观测到粒子发生较大角度偏转，受到斥力作用，这说明原子核带正电，故D错误。
故选B。
（2）（8分）为摆脱水源条件的限制，宋朝时人们就发明了一种能汲取地下水的装置——压水井。在汕头华侨公园的儿童玩水区，安放着如甲图所示的压水井让孩子们体验。压水井结构如图乙所示，取水时先按下手柄同时带动皮碗向上运动，此时上单向阀门关闭。皮碗向上运动到某个位置时，下单向阀门被顶开，水流进入腔体内。设某次下压手柄前，腔体只有空气，空气的体积和压强分别为和。现研究缓慢下压手柄，直至下单向阀门刚被顶开的过程。已知大气压强为，水的密度为，下单向阀门质量为m，横截面积为S，下单向阀门到水面距离为，重力加速度为g。
（1）简要说明缓慢下压手柄过程，腔内气体是吸热还是放热；
（2）求下单向阀门刚被顶开时，腔体内气体的体积。

【答案】 （1）吸热；（2）
【解析】（1）下压手柄带动皮碗向上运动，气体体积变大对外做功。缓慢移动过程中，气体内能不变，根据热力学第一定律，则气体应吸热。
（2）设下阀门恰好要被顶开时，腔内气体压强为，体积为，则

根据玻意耳定律有

联立得

[选修3-4]
16.（1）（4分）022年1月17日清远市区出现三道彩虹横卧北江两岸的奇观，图为阳光射入球形雨滴经过折射形成彩虹的示意图。关于图中光线1和光线2说法正确的是（   ）

A．光线1的频率更小 B．光线1在真空中传播速度更小
C．光线2在雨滴中传播速度更小 D．光线1从雨滴进入空气时更容易发生全反射
【答案】 D
【解析】A．从光路图可以发现光线1的偏折更明显，说明其折射率更大，可知光线1的频率更大，A错误；
B．不同频率的光在真空中传播速度是相同的，B错误；
D．折射率越大越容易发生全反射，故光线1更容易发生全反射，D正确；
C．光线在介质中传播速度等于光速除以折射率，即频率越高传播速度越慢，故光线1传播速度更小，C错误。
故选D。
（2）（8分）某横波在介质中沿x轴正方向传播，P为x=0处的质点。t=0时刻，质点P开始向y轴正方向运动，经t=0.2s，质点P第一次到达正方向最大位移处，Q为x=3m处的质点，某时刻形成的波形如图所示。求：
（1）该横波的波速v；
（2）从图示时刻再经过s，质点Q相对平衡位置的位移。

【答案】 （I）5m/s；（I）9cm
【解析】（1）由图示波形图可知，波长为
λ=4m
质点P开始向正方向运动，经t=0.2s，质点P第一次到达正方向最大位移处，则

解得
T=0.8s
由

解得
v=5m/s
（2）由（1）得
T=0.8s
故

故从图示位置经过，质点Q回到平衡位置。再经过时，质点Q在平衡位置上方，相对平衡位置的位移