2021-2022学年重庆市江津中学等七校高一（上）入学摸底考试物理试题（解析版）

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 2021—2022学年度重庆市江津中学等七校高2024级入学摸底考试物理试题本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分：80分与化学共用120分钟完卷注意事项：1.答题前，务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卷规定的位置上。2.答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卷上对应题目的答案标号涂黑。3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卷规定的位置上。4.考试结束后，将答题卷交回。5.本试卷g取10N/kg。第 Ⅰ 卷（选择题  共24分）一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）1. 以下估测与实际情况最相符的是（　　）A. 中学生正常步行的平均速度为10m/s B. 一个鸡蛋受到的重力约为10NC. 九年级物理教科书的质量约0.2kg D. 人的正常体温约为39℃【答案】C【解析】【详解】A．中学生正常步行的平均速度约为1.1m/s，达不到10m/s，故A错误；B．一斤（500g）鸡蛋可称8到10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g（0.05kg）；则重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N故B错误；C．九年级物理教科书的质量约0.2kg，符合实际情况，故C正确；D．人的正常体温约为37℃，故D错误。故选C。2. 下列对生活中一些现象的解释正确的是（　　）A. 热机排出的尾气没有内能B. 舞台上用干冰制造的白雾，是水蒸气凝华而形成的C. 在寒冷的北方不用水银温度计测量气温，是因为水银的凝固点较低D. 用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高分子无规则运动越剧烈【答案】D【解析】【详解】A．热机工作时，排出的尾气带走了大部分内能，尾气具有内能，故A错误；B．舞台上用干冰能制造白雾，是因为干冰升华吸热使空气中的水蒸气液化，故B错误；C．在北方很冷地区温度非常低，所以应该选凝固点低的物质做测温物质，一般选酒精温度计，而水银的凝固点高，故C错误；D．用高温开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高分子无规则运动越剧烈，故D正确。故选D。3. 下图是直流电铃的原理图。关于电铃工作时的说法不正确的是（　　）A. 小锤击打铃碗时，电磁铁没有磁性B. 电磁铁吸引衔铁，电能转化为机械能C. 小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动D. 电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性，且A端S极【答案】D【解析】【分析】【详解】AB．闭合开关时，电路接通，蹄形电磁铁产生磁性，吸引衔铁使小锤击打铃碗，导致电路断开，磁性消失，在弹性片的弹力作用下衔铁弹回，电路再次接通，故小锤击打铃碗时，电路断开，电磁铁没有磁性，电磁铁吸引衔铁，电能转化为磁场能，再转化为机械能，AB正确，不符合题意；C．小锤击打铃碗发出声音，是由于铃碗发生了振动而产生的，C正确，不符合题意；D．电流通过电磁铁时，电磁铁有磁性，由安培定则可知，A端为N极，D错误，符合题意。故选D。4. 在学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确的是（    ）A. 做功可以改变物体的内能B. 热传递改变物体内能是不同形式的能量的相互转化C. 在一定条件下各种形式的能量都可以相互转化D. 能量在转移和转化的过程中总会有损耗，但能量的总量总保持不变【答案】B【解析】【详解】A．做功和热传递都可以改变物体的内能，故A说法正确，不符合题意；B．热传递是不同物体间的内能相互转移，故B说法错误，符合题意；C．在一定条件下各种形式的能量都可以相互转化，故C说法正确，不符合题意；D．能量在转化和转移的过程中总会有损耗，例如电动机的工作原理就是电能转化为机械能，但是因为机械之间存在摩擦，摩擦生热，所以有一部分电能转化为内能，而这部分的能量转化是我们不需要的，所以可以称这部分能量损耗了．根据能量守恒定律，自然界中所有能量的总量保持不变，故D说法正确，不符合题意．故选B．5. 如图是两个并排而且深度相同的水池，一个装水，另一个未装水，在两池的中央各竖立着一只长度相同而且比池深略高的标杆。当阳光斜照时就会在池底形成杆的影子，下列说法正确的是（　　）A. 装水的池中标杆影子较长 B. 未装水的池中标杆影子较长C. 两池中标杆影子长度相同 D. 装水的池中标杆没有影子【答案】B【解析】【分析】【详解】未装水时，光沿直线传播从杆顶照射到池底的P点，而装水时，光沿直线传播从杆顶照射到水面时发生折射，由于折射角较小，故照射到池底的Q点，如图所示，可知未装水的池中标杆影子较长，故选B。6. 如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中（　　）A. 电流表A 示数不变，灯泡L亮度变亮 B. 电压表V1示数不变，灯泡L亮度变暗C. 电流表A示数变小，电压表V1示数不变 D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大【答案】D【解析】【分析】【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，可得，电流表A示数变小，灯泡L亮度变暗，电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，ABC错误，D正确。故选D。7. 水平桌面上的三个物体A、B、C叠放在一起，在水平力F1=5N，F2=3N的作用下A、B、C均保持静止状态，以下说法中正确的是（　　）A. B所受的重力和支持力平衡 B. B对C的摩擦力为水平向右，大小为3NC. B对C的压力等于B的重力 D. C对地的摩擦力为水平向右，大小为2N【答案】D【解析】【分析】【详解】A．B所受重力、A的压力和C的支持力三力平衡，A错误；C．B对C的压力等于A、B的重力之和，C错误；B．把A、B看成一整体，由二力平衡可知，C对B的摩擦力与拉力F1平衡，大小为5N，方向水平向左，据牛顿第三定律可知，B对C的摩擦力水平向右，大小为5N，C错误；D．把A、B、C看成一整体，水平方向F1、F2的合力水平向右，大小为2N，故受到地面的静摩擦力水平向左，大小为2N，则C对地的摩擦力水平向右，大小为2N，D正确。故选D。8. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，只闭合S1、S3时，标有“6V，3W”字样的灯泡L恰好正常发光（灯泡灯丝的电阻不随温度的变化而变化），电流表示数为0.75A。下列判断中正确的是（　　）A. R的电阻为12Ω B. 适当调节开关，可使电流表的示数为0.5AC. 电路消耗的最小功率为1W D. 再闭合S2，电压表与电流表示数的比值不变【答案】C【解析】【分析】【详解】A．只闭合S1、S3时，R与L并联，电压表测电源电压（等于灯泡的额定电压6V），电流表测干路电流（I=0.75A），灯泡L恰好正常发光，流过灯泡的电流为灯泡电阻为故流过电阻R的电流为R的电阻为A错误；C．当只闭合S2时，R与L串联，回路电阻最大，电流最小，电路消耗的功率最小，由闭合电路欧姆定律可得，电流为电路消耗的最小功率为C正确；B．通过调节开关，无法使回路电阻达到12，即电流表的示数无法达到0.5A，B错误；D．结合A解析可知，只闭合S1、S3时，电压表与电流表示数的比值为8，再闭合S2，电源被短路，电压表、电流表示数均为零，D错误。故选C。第Ⅱ卷（非选择题  共56分）二、填空作图题（本题共6个小题，第14题作图2分，其余每空1分，共12分）9. 在抗击“新冠肺炎”工作中，医护人员常会遇到护目镜“起雾”的现象，护目镜内侧产生“雾气”的现象属于________现象（填物态变化的名称）；谚语说：“霜前冷，雪后寒”，“雪后寒”是因为雪在融化过程中需要________热量（选填“吸收”或“放出”）。【答案】    ①. 液化    ②. 吸收【解析】【分析】【详解】[1] 护目镜内侧产生“雾气”是因为水蒸气遇冷液化，该现象属于液化现象。[2] “雪后寒”是因为雪在融化过程中需要吸收热量。10. 某兴趣小组在研究凸透镜成像规律实验中，记录并绘制了物体离凸透镜的距离u 跟实像到凸透镜的距离v 之间的关系，如图所示，该凸透镜的焦距为__________，物体由远到近时，开始物距变化大，像距变化__________ (选填“大” “小”或“无影响”)．【答案】    ①. 10cm    ②. 小【解析】【详解】[1][2]．当物距等于二倍距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距．分析图可知物距等于20cm时像距等于20cm，所以二倍焦距等于20cm，则焦距为10cm；物体由远到近时，开始物距变化大，像距变化小．11. 如图所示的单摆，让小球从A点静止释放，小球从A点向B点摆动的过程中，小球受到的重力对小球__________功，细绳对小球的拉力__________功．(选填“做”或“不做”) 【答案】    ①. 做    ②. 不做【解析】【详解】[1][2]．小球从A点向B点摆动的过程中，小球的高度降低，在重力的作用下沿重力的方向移动了距离，所以小球受到的重力对小球做了功；细绳对小球的拉力方向与小球的运动方向垂直，小球没有在拉力的作用下移动距离，故细绳对小球的拉力不做功．12. 如图所示的电路中，R1上标有“10Ω  0.3A”，滑动变阻器R2标有“20Ω  1A”字样，电流表的量程0~0.6A，电压表的量程为0~3V．为确保电路各部分安全，电路中允许通过的电大电流为__________A，电源电压最大值是__________V．【答案】    ①. 0.3    ②. 6V【解析】【详解】[1][2]．此电路为串联电路，根据串联电路的电流特点--电流处处相等；再结合电阻R1的符号、变阻器R2符号以及电流表的量程，为确保电路各部分安全，比较后可知电路中最大电流应取三者的最小值即I=0.3A，电压表是测量变阻器R2两端的电压，因电压表所选量程为0-3V，故变阻器两端的最大电压应为3V；由题意知，根据欧姆定律，当电流达到最大时，电源电压也达到最大；此时U1=IR1=0.3A×10Ω=3VU2达最大即U2=3V所以U=U1+U2=3V+3V=6V．13. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，电流表、电压表都是理想电表．闭合开关，调节滑动变阻器，电压表V1、V2和电流表A的示数均要发生变化．两电压表示数随电路中电流的变化图象如图乙所示，根据图象的信息可知：__________（选填“a”或“b”）是电压表V1示数变化的图象，滑动变阻器的最大值为_______Ω．          【答案】    ①. b    ②. 9【解析】【详解】[1]．当滑片P向左移动时，滑动变阻器R1连入的电阻变小，从而使电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，R0两端的电压变大，R2两端的电压变大，由串联电路电压的特点可知，R1和R2两端的总电压变小，由此可知图象中上半部分b为电压表V1示数变化图线，下半部分a为电压表V2示数变化图线；[2]．由图象可知：当R1和R2两端的电压为10V时，R2两端的电压为1V，电路中的电流为1A，串联电路的总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压U1=U12-U2=10V-1V=9V根据欧姆定律可得，滑动变阻器接入电路阻值．14. 如图甲所示，底面积为100 cm2的圆柱形容器中装满了水，底部中央固定有一根体积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为0.6g / cm3的圆柱体A，容器的底部安装有阀门。现打开阀门控制水以50 cm3 / s流出，同时开始计时，水对容器底部的压力随时间变化的规律如图（乙）所示，阀门未打开前水对容器底部的压强为___________Pa；t = 52 s时，细杆对物体的作用力为_________N。
 【答案】    ①. 5000    ②. 0.8【解析】【分析】【详解】[1] 由图知，阀门未打开前水对容器底部的压力为F1=50N，则压强为[2]由图知，t = 52 s时，水对容器底部的压力水对容器底部的压强根据可得，此时水的高度由图知，在t = 84 s时水排放完毕，则t = 52 s时水的体积为此时圆柱体排开水的体积结合图可知，圆柱体的体积对圆柱体，根据平衡条件 代入数据解得细杆对物体的作用力为三、实验探究题（15题5分，16题8分，17题9分，共22分）15. 某同学利用两支蜡烛等实验器材探究平面镜成像的特点．（1）实验时，在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块__________作为平面镜．为便于观察，该实验最好在__________（填“较亮”或“较暗”）环境进行．（2）在纸上记下平面镜的位置，把一支点燃的蜡烛放在镜前，可以看到它在镜后的像．再拿一支__________（选填“点燃”或“未点燃”）的__________（选填“相同”或“不相同”）的蜡烛，竖立着在镜后移动，直到看上去它跟前面那支蜡烛的像___________．【答案】    ①. 玻璃板    ②. 较暗    ③. 未点燃    ④. 相同    ⑤. 完全重合【解析】【详解】（1）[1][2]．为了方便的确定像的位置，应该选用玻璃板做实验；在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮．所以在比较黑暗的环境中进行实验．（2）[3][4][5]．实验时，在桌面上铺一张大的白纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜．在玻璃板前面放置一支点燃的蜡烛，再拿一支没有点燃的相同蜡烛，在玻璃板后面移动，直到跟前面那支蜡烛的像完成重合，说明物像大小相等．16. 在“测量物体的密度”的实验中，老师提供了如下器材：弹簧测力计、电子秤、不吸水石块若干、细线、水、圆柱形玻璃杯、糖水。（1）亭亭选用了弹簧测力计测量石块的密度，实验前应先在竖直方向对弹簧测力计进行_______。图一中测力计示数为________N。她将石块浸没在水中（不接触容器的底和侧壁），弹簧测力计的示数为1.5N，则石块的密度为________g / cm3。（2）亭亭发现电子秤不仅操作方便，读数准确，还具有“清零”功能，即电子秤上放置物体后，再按“清零”按钮，读数为零，如图二所示。她选用了电子秤和另一小石块测糖水密度。①她将装有适量纯水的玻璃杯静置于电子秤上，按“清零”按钮；②将体积不计的细线系好石块浸没在纯水中，不接触玻璃杯底和侧壁并保持静止，此时电子秤示数为20.0g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了_______N；③她用搅拌均匀的糖水替代纯水，重复以上①②步骤，电子秤示数为21.6g，则石块受到的浮力为_____N；④糖水密度为_______g/cm3。（3）亭亭想到用电子秤测物体密度时会用到浮力，她想进一步探究“浮力大小与浸没深度的关系”。她将久置的糖水轻轻置于电子秤上，按“清零”按钮，将石块浸没在久置糖水中，再缓慢增大浸没深度，发现液面位置不变但电子秤示数增大，如图三甲、乙、丙所示，这说明石块浸没在久置糖水中所受浮力的大小随深度的增加而________（选填“增大”  “不变”或“减小”）。若甲图中糖水对杯底的压强为p甲，丙图中糖水对杯底的压强为p丙，则p甲_______p丙（选填“大于”、“小于”或“等于”）。【答案】    ①. 调零    ②. 2.50    ③. 2.5    ④. 0.2    ⑤. 0.216    ⑥. 1.08    ⑦. 增大    ⑧. 小于【解析】【分析】【详解】（1）[1] 实验前应先在竖直方向对弹簧测力计进行调零。[2]根据图一，可读出示数为2.50N。[3] 将石块浸没在水中（不接触容器的底和侧壁），弹簧测力计的示数为1.5N，则浮力则石块的体积为石块的质量则石块的密度为（2）[4] 电子秤示数为20.0g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了[5] 同理，电子秤示数为21.6g，则玻璃杯对电子秤的压力比未放入石块时增大了0.216N，则石块受到的浮力为0.216N。[6] 根据则解得（3）[7] 将石块浸没在久置糖水中，再缓慢增大浸没深度，发现液面位置不变但电子秤示数增大即石块受到的浮力增大，则说明石块浸没在久置糖水中所受浮力的大小随深度的增加而增大。[8] 丙图中糖水对石块的浮力较大，则石块对糖水的压力较大，则糖水对杯底的压力较大，则糖水对杯底的压强较大，即p甲小于p丙。17. 在一次实验活动比赛中，老师给定了以下器材：一个输出电压为9V的稳压电源、一只电压表、一个电阻箱Rʹ、一个最大值为40Ω的滑动变阻器R、两只开关以及导线若干，要求测定一只额定电压为6V的小灯泡L正常工作时的电阻和额定功率。聪明的李明设计了如图甲所示的电路图，顺利完成了实验。（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙图中电压表正确接入实物电路中。（       ）（2）李明在实验时，电路正确连接后，只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，其原因可能是___________。（3）经过调整操作后，使电压表示数等于6V后，保持滑动变阻器R的滑片P位置不动，断开开关S1，再闭合开关S2，调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于________V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为___________Ω，由此可知小灯泡的电阻为___________Ω。小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的_________（填“控制变量法”或“等效替代法”）。（4）根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为______W，此时滑动变阻器接入电路的电阻为______Ω。【答案】    ①.     ②. 滑动变阻器处于最大阻值处    ③. 6    ④. 10    ⑤. 10    ⑥. 等效替代法    ⑦. 3.6    ⑧. 5【解析】【分析】【详解】(1)[1]电压表测量灯泡两端电压，由题意可知灯泡额定电压6V，故电压表选择15V的量程，连接如图所示(2)[2]只闭合开关S1，发现小灯泡不亮，电压表有较小示数，说明灯泡两端有较小电压，但不足以点亮，其原因可能是回路电流太小，即滑动变阻器处于最大阻值处。(3)[3][4][5][6]调整电阻箱Rʹ接入电路的阻值，使电压表的示数再次等于6V，此时电阻箱的示数如图丙所示，则电阻箱接入电路的阻值为10Ω，由此可知小灯泡的电阻为10Ω，小灯泡电阻的得出是运用了物理研究中的等效替代法。(4)[7][8]根据以上获得的实验数据可知小灯泡的额定功率为此时回路电流为滑动变阻器两端电压为3V，故滑动变阻器接入电路的电阻为四、论述与计算（第18题6分，19题8分，20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）18. 如图所示，太阳能热水器是直接利用太阳能给水加热的装置，下表是小明家的太阳能热水器某天在阳光照射下的相关信息：太阳照射时间/h装水量/kg吸热板面积/m2水升高的温度/℃水的比热容/J·（kg ·℃）-1太阳辐射功率/J·（m2 h）-1101002.5504.2×1031.68×106其中太阳辐射功率是指1 h内投射到1 m2面积上的太阳能。求：（1）水在10 h内吸收的热量。（2）如果水吸收的热量用天然气来提供，需要完全燃烧多少m3的天然气（天然气的热值为8.4×107J/m3，天然气完全燃烧放出的热量全部给水吸收）。（3）该太阳能热水器的能量转化效率。【答案】（1）2.1×107J；（2）0.25m3；（3）50%【解析】【分析】【详解】(1)水在10h内吸收的热量为(2)设需要完全燃烧天然气的体积为V，可得(3)2.5m2的吸热板在10h内接收到的太阳辐射能量为则该太阳能热水器的能量转化效率为19. 如图甲所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图。图乙是它的有关参数，它由加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制）。在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%。（c水=4.2×103J/(kg•℃)，ρ水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响）。求：（1）R2的阻值。（2）当饮水机在用电高峰期给水加热，它的实际功率为多少？（3）若在用电高峰期将装满水箱的水从20℃加热至100℃，所需时间为多少？
 【答案】（1）1170Ω；（2）1000W；（3）630s【解析】分析】【详解】(1)当开关S0闭合时，饮水机处于加热状态，只有电阻R1接入电路，由解得当开关S0断开时，饮水机处于保温状态，由解得可得(2)当饮水机在用电高峰期给水加热，它的实际功率为(3)水箱所装水的质量为水吸收的热量为加热效率为联立解得加热所需时间为20. 如图所示，一质量为2kg的圆柱形平底容器底面积为5×10-2m2，把它放在水平桌面上。在容器内放入一个底面积为2×10-2m2、高为0.15m的圆柱形物块，且与容器底不完全密合，物块的密度为0.8×103kg/m3，将10kg的水缓慢注入容器中，g取10N/kg。求：（1）注水前物块对容器底的压强；（2）当向容器内缓慢注入质量为多少kg的水时，物块对容器底的压强恰好为零，此时容器对桌面的压强？（3）整个过程中浮力对物块做了多少功？【答案】（1）1200Pa；（2）3.6kg，1600Pa；（3）3.072J【解析】【分析】【详解】(1)物块的质量为注水前物块对容器底的压强为(2)当物块与容器底接触但压力恰好为零时，物块受到的浮力等于物块的重力，此时物块受到的浮力为物块浸入水中深度为联立解得容器的底面积为S，注入水的质量为此时容器对桌面的压强为(3)之后继续注水质量为物块浸入水中的深度不变，水面再次上升的高度等于物块上升的高度，可得物块上升的高度为据能量守恒定律可得，整个过程中浮力对物块做的功等于物块增加的重力势能，即