2023年重庆市秀山县城区五校联考中考物理模拟试卷

这是一份2023年重庆市秀山县城区五校联考中考物理模拟试卷，共18页。试卷主要包含了选择题，填空作图题，实验探究题，论述计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年重庆市秀山县城区五校联考物理试题（一）注意事项：试题的答案书写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。作答前认真阅读答题卡上的注意事项。考试结束，有监考人员将试题卷和答题卡一并收回。全卷取g=10N/kg。 一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。）1．以下为小鲁同学对身边物理量的估计，最接近实际的是（　　）A．教室的高度约3米 B．自己的正常体温约为35℃C．教室内日光灯的电压约为36V D．自己的物理书质量约为300kg2．2021年5月26日，我国部分地区第一次也是今年唯一能看到“超级红月”和“月全食”这一天文景象。下列现象与“月全食”形成原因相同的是（　　）A．拱桥倒影B．树荫下的圆斑C．钢笔“错位”D．放大的邮票3．下列现象中，涉及到的物态变化过程正确的是（　　）A．1月份金佛山顶雾凇形成    ——凝固B． 3月份天山积雪变为溪水——液化C． 9月份吐鲁番葡萄中的水分被晒干——汽化D．11月份秦岭南侧暖湿空气遇北方吹来的冷空气，形成大量白气——汽化4．如图是生活中的情景，符合安全用电要求的是A．在高压电线下放风筝B．不要把三脚插头改成两脚插头C．爬高压输电塔D．用湿手按开关5．第24届冬奥会已经圆满落幕。关于冬奥会的部分比赛项目，下列分析正确的是（　　）A．短道速滑运动员加速冲刺时受平衡力的作用B．冰壶运动员用毛刷擦冰让冰化成水，是为了增大摩擦C．滑雪运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用D．冰球运动员向后蹬冰面，自己就会前进，说明物体间力的作用是相互的6．如图所示，是某班同学对人行横道的红、绿交通信号灯进行观察后画出的模拟控制电路图，你认为可行的是 （　　）A．B．C．D．7．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S后，滑片从中点向右移动到最右端的过程中，下列说法正确的是（　　）A．电流表A1的示数变大，电流表A2的示数变大B．电压表V的示数不变，电流表A2的示数不变C．电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变小D．电压表V的示数与电流表A2的示数的乘积变小8．如图所示，质量均匀分布的实心正方体甲、乙置于水平地面上，甲、乙分别对地面的压强相等，甲的边长大于乙的边长，则下列说法不正确的是（　　）A．甲的密度小于乙的密度B．甲对地面的压力大于乙对地面的压力C．将甲、乙沿水平方向切去相同的厚度后，甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强D．将甲、乙分别沿竖直方向切去相同体积后叠放在各自剩余部分上，甲对地面的压强大于乙对地面的压强 二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．如图所示是加油机在空中为所击机补加燃料时的情景。加油机在某一水平高度匀速飞行，为保证安全，歼击机相对于加油机应处于______（选填“运动”或“静止”）状态，加油过程中，加油机的重力势能______（选填“变大”、“变小”或“不变”）10．在海滩上进行“沙疗”时，把人体埋在沙子里，沙子放出热量人体吸收热量后体温升高，内能增大，这是通过__________（选填“做功”或“热传递”）来改变内能的；2kg的沙子温度降低5℃放出的热量是__________J。（已知c沙=0.92×103 J/(kg·℃)）11．如图所示，是工人用滑轮组提升货物的情景。当他用大小为200N的拉力拉动轻绳，可匀速提升重为360N的货物A。则动滑轮重为___________N，这时滑轮组的机械效率为___________%。（忽略一切摩擦力）12．如图所示是电阻甲和乙的I–U图象，由图像可知，当甲、乙并联在8V的电源上，电阻之比R甲：R乙=______；当甲、乙串联在9V的电源上，实际功率之比P甲：P乙=______。13．如图所示，“曾侯乙编钟”是大家所熟知的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟，编钟会因_____而发出声音，轻敲或重敲编钟同一位置所发出声音的______(选填“音调”“响度”或“音色”)不同． 14．（1）如图所示，作出光线通过凹透镜的光路（保留必要的作图痕迹）；（2）在图中括号内标出静止在通电螺线管正上方小磁针右端的极性。 三、实验探究题（本题共3个小题，16小题6分，17小题8分，18小题8分，共22分。）15．(1)小军同学在做探究平面镜成像的实验时，将一块玻璃板竖直架在水平台上，再取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察，如下图所示：①移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上______（选填能或不能）接收到蜡烛烛焰的像，由此说明物体经平面镜所成的像是______（选填实像或虚像）；②当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的像______（选填变大、不变或变小）；(2)课后小军又用图甲的装置，探究水沸腾时温度变化的特点，实验数据记录如下：时间/min00.511.522.533.5温度/℃9092.594.495.696.8989898①分析实验数据可知水的沸点为______ ℃，产生这一现象的原因可能是当地大气压______（选填高于、低于或等于）一个标准大气压；②图中______（选填“乙”或“丙”）图能反映水沸腾时产生气泡的情形。16．在探究“水的沸腾”的实验中，当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如下表：时间/min012345678水的温度/℃909294 9898989898(1)某次数据没有记录，当时温度计示数如图甲所示，该温度示数为________℃； (2)根据表中实验数据，可知水的沸点是______℃；由水的沸点，可判断出当时的大气压______（选填“高于”、“等于”或“低于”）1标准大气压；(3)实验中观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a、b。图______是水在沸腾前的情况，这时气泡在上升过程中大小发生变化的主要原因是_________；(4)通过实验观察，可得出水的沸腾特点是：_________；(5)由实验数据绘出水的温度与时间的关系如图丙中的图线a所示，若其它条件不变，①仅增加水的质量；②仅增大液面大气压强；③既增加水的质量，同时减小液面大气压强。这三种情况中，温度与时间的关系图线分别对应_____、_____和_____（选填图中“a”、“b”、“c”或“d”）。(6)如图所示，甲容器内装有水，乙试管内也装有水，并通过甲容器密封盖上的孔插入甲容器的水中，且乙试管与密封盖紧密接触，现给甲容器加热，则经过一段时间后，则(    )A．甲容器内的水先沸腾    B．甲容器、乙试管内的水同时沸腾C．乙试管内的水先沸腾    D．甲容器内的水沸腾，乙试管内的水不会沸腾17．亮亮和瑞瑞测量牛奶的密度。（1）亮亮将托盘天平放在___________桌面上，移动标尺上的游码到___________处，发现指针稳定时的位置如图甲所示，这时应该将平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调，直至横梁在水平位置平衡；（2）调节好天平后，小敏进行了以下实验步骤：①用天平测出空烧杯的质量为m1；②向烧杯中加入适量的牛奶，用天平测出烧杯和牛奶的总质量为m2，此时右盘中所加砝码和游码的位置如图乙所示，则m2=_________g；③将烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，测出牛奶的体积为V；④计算出牛奶的密度。（3）瑞瑞发现步骤③会导致测出的牛奶密度比实际值_______（选填“偏大”“相等”或“偏小”），瑞瑞重新调整了上述实验步骤①②③的顺序就可以使测量更准确，调整后的步骤顺序应该为________。18．在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源使用两节新千电池，滑动变阻器R′的规格是“20Ω 2A”。(1)如图甲所示，是某小组进行实验时的实物连线图，小楠画出的电路图如图乙所示（未画完整），请你依据实物图在虚线框内把电路图补画完整（要求所补画的元件符号与实物电路相对应）。 (        )(2)开关闭合前，小楠发现电流表已经有示数了，如图甲所示，其原因是 ________ 。(3)排除故障确认电路无误后，闭合开关进行实验，第④次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图乙所示，记为 _____ V；他们记录的数据如表所示，老师指出其中一组数据有拼凑的嫌疑，你认为是第 _____ 组（填写实验序号），理由是 _______ 。实验序号①②③④电压U/V0.51.21.8 电流I/A0.100.240.340.5(4)排除有拼凑嫌疑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在 ________ 不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成 ________ 比。(5)实验过程中需要进行多次测量的目的是 _________ 。A．取平均值减小误差B．避免数据的偶然性并得出普遍规律 四、论述计算题（本题共3个小题，19小题6分，20小题8分，21小题8分，共22分，解题应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能给分。）19．如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Ω，电阻R2的阻值为18Ω。当开关S闭合时，电压表示数为3V，求：（1）电流表示数；（2）R2消耗的电功率。20．如图所示，容器中装有水，放在水平桌面上，水中有一个木块被细线系着浸没于水中，已知容器重为10N，容器与桌面的接触面积为100cm2，水深为0.5m，木块的密度为0.6g/cm3，木块的质量为2.4kg。求：（1）水对容器底部的压强；（2）求木块受到的浮力；（3）当绳子断了，木块最终静止时，求水对容器底的压力。
参考答案：1．A【详解】A．一层楼的高度约为3m，所以教室的高度一般为3m。故A符合题意；B．正常人的体温一般为37℃，故B不符合题意；C．教室内日光灯的电压为220V，故C不符合题意；D．初中物理课本的质量约为300g，故D不符合题意。故选A。2．B【详解】A．拱桥倒影，是由光的反射形成的，故A不符合题意；B．树荫下的圆斑，是小孔成像，是由光的直线传播形成的，和月全食相同，故B符合题意；C．钢笔“错位”，是由光的折射形成的，故C不符合题意；D．放大的邮票，是由光线经过透镜折射形成的，故D不符合题意。故选B。3．C【详解】A．1月份金佛山顶雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故A错误；B．3月份天山积雪变吸收热量，熔化变为溪水，是熔化现象，故B错误；C．9月份吐鲁番葡萄中的水分被晒干，是水汽化变成了水蒸气，是气化现象，故C正确；D．11月份秦岭南侧暖湿空气遇北方吹来的冷空气，形成大量白气，是水蒸气遇冷凝成的小水滴，是液化现象，故D错误。故选C。4．B【详解】A．在高压电线下放风筝，很容易发生高压电弧触电，故A错误；不符合题意；B．不要把三脚插头改成两脚插头，否则会发生触电事故，故B正确；符合题意；C．不要接触高压带电体，很容易发生触电事故，故C错误；不符合题意；D．用湿手摸工作中的用电器插头，很容易发生触电事故，故D错误。不符合题意。5．D【详解】A．运动员加速冲刺时处于非平衡状态，受非平衡力作用，故A错误；B．冰壶运动员用毛刷擦冰使冰熔化成水，使冰壶与冰面分离，是为了减小摩擦，故B错误；C．运动员不能停下来是因为运动员具有惯性，要保持原来的运动状态继续前进，不能说是受到惯性的作用，故C错误；D．运动员向后蹬冰面时对冰面的力是向后的，运动员向前运动说明冰面对运动员有向前的力的作用，说明力的作用是相互的，故D正确。故选D。6．A【详解】A．图中红、绿交通信号灯并联，只闭合开关S1时红灯亮，只闭合开关S2时绿灯亮，故A符合题意；B．图中两开关都闭合时会造成电源断路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故B不符合题意；C．当只闭合开关S1时，两灯泡都发光；只闭合S2时绿灯亮，故C不符合题意；D．当两开关均闭合时，红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故B不符合题意。故选A。7．D【详解】由电路图可知：电阻R1、R2并联，电流表A2测R2电流，A1测干路中电流，电压表测电源电压。闭合开关S后，滑片从中点向右移动到最右端的过程中，R2电阻变大，故A2示数变小，因为总电阻变大，所以A1的示数变小，电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大，电压表V的示数与电流表A2的示数的乘积变小，故ABC错误，D正确。故选D。8．D【详解】A．因为甲边长较大，根据柱体压强公式p=ρgh，甲、乙分别对地面的压强相等，所以甲的密度小于乙，故A正确，不符合题意；B．因为甲、乙分别对地面的压强相等，甲的边长大于乙的边长，所以甲底面积比乙大，根据F=pS，甲对地面的压力大于乙对地面的压力，故B正确，不符合题意；C．没切前p甲=p乙，将甲、乙沿水平方向切去相同的厚度，根据p=ρgh，切去部分产生的压强p甲1＜p乙1，所以p甲- p甲1＞p乙- p乙1甲剩余部分对地面的压强大于乙剩余部分对地面的压强，故C正确，不符合题意；D．将甲、乙分别沿竖直方向切去相同体积，因为甲边长较大，所以甲切去底面积较小，所以甲剩余底面积较大，甲面积改变小，将甲、乙分别沿竖直方向切去相同体积后叠放在各自剩余部分上，压力不变，根据，切去再叠加后，甲对地面的压强与原来相比变化较小，因为最初甲乙对地压强一样，所以最终甲对地面的压强小于乙对地面的压强，故D错误，符合题意。故选D。9．     静止     变小【详解】[1]加油机在某一高度匀速飞行，为保证安全，歼击机与加油机之间的位置应保持不变，所以歼击机相对于加油机应处于静止状态，即歼击机同加油机以相同的速度匀速直线飞行。[2]加油机在某一水平高度匀速飞行过程中，高度不变，但加油过程中，加油机的质量不断减小，所以加油机的重力势能不断变小。10．     热传递     【详解】[1]沙子放出热量人体吸收热量后体温升高，内能增大，这是通过热传递的方式来改变内能。[2]沙子温度降低5℃即，则沙子放出的热量为故2kg的沙子温度降低5℃放出的热量是。11．     40     90%【详解】[1]由图可知，滑轮组动滑轮上的绳子段数n=2根据滑轮组绳子端拉力的公式可得动滑轮的重力为G动=2F-G物=2×200N-360N=40N[2]根据滑轮组的机械效率的公式可得滑轮组的机械效率为12．     3:4     5:4【详解】[1]当甲、乙并联在8V的电源上，由图像可知I甲=0.8A，I乙=0.6A并联电路中，电阻之比等于电流的反比R甲:R乙=I乙:I甲=0.6A:0.8A=3:4[2]当甲、乙串联在9V的电源上，电流相同，由图像可知U甲=5V，U乙=4V根据P=UI可得，甲乙的功率之比P甲:P乙= U甲:U乙=5:413．     振动     响度【详解】[1][2]用钟锤敲击编钟时发出的声音是由于编钟振动产生的，用大小不同的力敲击编钟，编钟振动的幅度不同，产生的响度不同，轻敲，响度小，重敲，响度大．14．          【详解】（1）由图示知，光线平行凹透镜的主光轴入射，则折射光线的反向延长线过异侧焦点，作图如下：（2）由图示知，通电螺线管中电流由左侧流入，右侧流出，据安培定则知，螺线管的右端为N极。那么静止在通电螺线管下上方的小磁针左端为N极，右端为S极。作图如下：15．     不能     虚像     不变     98     低于     丙【详解】(1)①[1][2]平面镜所成的是虚像，虚像不能在光屏呈现，故移去后面的蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏上不能接收到蜡烛烛焰的像。②[3]平面镜所成的像与物体大小相等，故当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的像不变。(2)①[4][5]水沸腾后持续吸热但温度不变，分析实验数据可知水的沸点为98℃，所以此时的气压低于一标准大气压。②[6]水在沸腾时气泡由下往上越来越大，故图丙能反映水沸腾的情况。16．     96     98     低于     b     水蒸气遇到冷的水液化成水，气泡减小     吸收热量温度保持不变     c     b     d     C【分析】(1)读取温度计示数时应先明确分度值，再观察液柱所指的刻度。(2)要掌握沸点的概念，水在沸腾过程中温度保持不变，水沸腾时的温度就是水的沸点。其次还要知道，水的沸点与气压的关系。(3)水沸腾前水中溶有空气和水汽化的水蒸气，沸腾前水底层和上层的水温不同，水上层的水温低于底层水温。水沸腾前气泡上升过程中，水温降低，气泡内的水蒸气液化，气泡减小。(4)液体沸腾的特点：不断吸收热量温度保持不变。(5)若仅增加水的质量，则水的沸点会不变，加热时间加长；若仅增大液面大气压强，则液体的沸点升高，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的；若既增加水的质量，同时减小液面大气压强，则液体温度升高得速度减慢，但沸点降低。(6)液体沸腾有两个必要条件：①达到沸点，②继续吸热，当两个条件同时具备时即可沸腾；液面上的压强越高，液体的沸点越高，反之，气压越低，液体的沸点越低；据此分析判断。【详解】(1)[1]由图知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的读数为96℃。(2)[2]由表格中数据知，从4到8min，水的温度保持98℃不变，可以看出水的沸点是98℃。[3]因水的沸点随气压的降低而降低，因此说明此时的气压小于1标准大气压。(3)[4][5]沸腾前水中的气泡内含有空气和水蒸气，气泡在上升过程中，水蒸气遇到冷的水液化成水，气泡减小。沸腾时，气泡内主要是水蒸气。沸腾时烧杯内水的温度都相同，水大量的汽化成水蒸气进入气泡，气泡增大，上升过程中不发生液化现象，气泡上升时不断增大。故图b是水在沸腾前的情况。(4)[6]由实验表格可知，水沸腾时不断吸收热量温度保持不变。(5)[7]仅水的质量增加，水温度升高的速度减慢，但沸点不变，所以应为c。[8]仅增大液面大气压强，水的质量不变，则水温度升高速度相同，但沸点升高，所以应为b。[9]增加水的质量，同时减小液面大气压强，水温度升高速度减慢，但沸点降低，所以应为d。(6)[10]甲容器是密封的，给甲容器加热，经过一段时间后，甲容器水面上的气压增大，沸点升高，会高于100℃；乙容器的水从甲容器的水吸收热量，温度升高，当达到水的沸点（100℃）时就会会沸腾，而此时甲容器的水还不能沸腾。故选C。17．     水平     零刻度线     右     152     偏大     ②③①【详解】（1）[1][2][3]测量前应将天平放在水平桌面上，调节天平平衡时，要把游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘的左侧，说明左盘重，右盘轻，应将平衡螺母向右调，使天平横梁平衡。（2）②[4]由图可知，标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上的读数为2g，砝码的质量为150g，则烧杯和牛奶的总质量为m2=150g+2g=152g（3）[5]将烧杯中的牛奶全部倒入量筒，因烧杯壁上有少量残留的牛奶，导致测得牛奶的体积偏小，根据密度公式可知，测得牛奶的密度偏大。[6]实验时只要先测量烧杯和牛奶的总质量；再将牛奶全部倒入量筒中；最后测量空烧杯的质量，即可减小测量时的误差，故顺序为②③①。18．          连接电路时没有断开开关     2.5     ①     滑动变阻器的最大电阻偏小，无法使电流达到0.1A     电阻     正比     B【详解】(1)[1]分析电流的路径，电流从滑动变阻器下面接线柱流入从上面的接线柱流出，如图所示：(2)[2]开关闭合前，小楠发现电流表已经有示数了，说明连接电路时没有断开开关。(3)[3]由题意可知，电压表选择的量程是0到3V，分度值是0.1V，电压表的读数为2.5V。[4][5]由表格可知，定值电阻的阻值为电路中的最小电流为所以①组数据有拼凑的嫌疑，因为滑动变阻器的最大电阻偏小，无法使电流达到0.1A。(4)[6][7]由表格可知，电压和电流的比值为常数，说明在电阻一定时，电流和电压成正比。(5)[8]在“探究电流与电压的关系”的实验中多次实验是为了避免偶然性使结论更加准确。19．（1）0.5A；（2）4.5W【详解】解：当开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量电阻R1的电压为3V，电流表测量电路中的电流；（1）通过电阻R1的电流为即电流表的示数为0.5A；（2）电阻R2消耗的电功率P2=I22R2=(0.5A)2×18Ω=4.5W答：（1）电流表的示数为0.5A；（2）电阻R2消耗的电功率为4.5W。20．（1）5×103Pa；（2）40N；（3）34N 【详解】解：（1）由题意可知，容器中水的深度为h=0.5m，故由p=ρgh可得，水对容器底部的压强为p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa（2）由题意可知，木块的质量为m木=2.4kg，木块的密度为ρ木=0.6g/cm3，故由可得，木块的体积为由F浮=ρ液gV排可得，木块受到的浮力为F浮=ρ水gV木=1×103kg/m3×10N/kg×4×10-3m3=40N（3）因木块的密度小于水的密度，故由物体的浮沉条件可知，木块最终静止时，会漂浮在水面上，此时木块所受浮力F等于木块的重力G木，即F=G木=m木g=2.4kg×10N/kg=24N由阿基米德原理可得，此时木块浸入水中的体积为由题意可知，水的体积为V水=S容h-V木=1×10-2m2×0.5m-4×10-3m3=1×10-3m3木块漂浮后，排开水的体积减小，水面会下降，设此时水的深度为h′，因水的体积不变，则有V水+V浸=S容h′解得此时水的深度为则由p=ρgh可得，此时水对容器底的压强为p′=ρ水gh′=1×103kg/m3×10N/kg×0.34m=3400Pa由F=pS可得，此时水对容器底的压力为F压=p′S容=3400Pa×1×10-2m2=34N答：（1）水对容器底部的压强为5×103Pa；（2）木块受到的浮力为40N；（3）木块最终静止时，求水对容器底的压力为34N。